近五年（2017-2021）高考数学真题分类汇编05 平面向量含答案试卷

这是一份近五年（2017-2021）高考数学真题分类汇编05 平面向量含答案试卷，共26页。试卷主要包含了平面向量，多选题，单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
近五年（2017-2021）高考数学真题分类汇编五、平面向量 一、多选题1．（2021·全国新高考1）已知为坐标原点，点，，，，则（    ）A． B．C． D． 二、单选题2．（2021·浙江）已知非零向量，则“”是“”的（    ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分又不必要条件3．（2020·海南）在中，D是AB边上的中点，则=（    ）A． B． C． D．4．（2020·海南）已知P是边长为2的正六边形ABCDEF内的一点，则 的取值范围是（    ）A． B．C． D．5．（2020·全国2（理））已知向量 ，满足，，，则（    ）A． B． C． D．6．（2020·全国3（文））已知单位向量，的夹角为60°，则在下列向量中，与垂直的是（    ）A． B． C．  D．7．（2019·全国2（文））已知向量，则A． B．2C．5 D．508．（2019·全国1（文））已知非零向量满足，且，则与的夹角为A． B． C． D．9．（2019·全国2（理））已知=(2,3)，=(3，t)，=1，则=A．-3 B．-2C．2 D．310．（2018·北京（理））设向量均为单位向量，则“”是“”的A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件  D．既不充分又不必要条件11．（2018·浙江）已知、、是平面向量，是单位向量．若非零向量与的夹角为，向量满足，则的最小值是A． B． C．2 D．12．（2018·天津（理））如图，在平面四边形ABCD中，若点E为边CD上的动点，则的最小值为 A． B． C． D．13．（2018·全国1（文））在△中，为边上的中线，为的中点，则A． B．C． D．14．（2018·全国2（文））已知向量满足，，则A．4 B．3 C．2 D．015．（2018·天津（文））在如图的平面图形中，已知,则的值为A． B．C． D．016．（2017·浙江）如图，已知平面四边形ABCD，AB⊥BC，AB＝BC＝AD＝2，CD＝3，AC与BD交于点O，记 ，，，则A．I１<I２<I３ B．I１<I３<I２ C．I３< I１<I２ D．I２<I１<I３17．（2017·全国2（理））已知是边长为2的等边三角形，为平面内一点，则的最小值是　　A． B． C． D．18．（2017·北京（文））设m,n为非零向量，则“存在负数，使得”是“”的A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件19．（2017·全国2（文））设非零向量，满足，则A．⊥ B．C．∥ D． 三、填空题20．（2021·浙江）已知平面向量满足.记向量在方向上的投影分别为x，y，在方向上的投影为z，则的最小值为___________.21．（2021·全国甲（文））若向量满足，则_________.22．（2021·全国甲（理））已知向量．若，则________．23．（2021·全国乙（理））已知向量，若，则__________．24．（2021·全国乙（文））已知向量，若，则_________．25．（2020·浙江）设，为单位向量，满足，，，设，的夹角为，则的最小值为_______．26．（2020·江苏）在△ABC中，D在边BC上，延长AD到P，使得AP=9，若（m为常数），则CD的长度是________．27．（2020·全国1（文））设向量，若，则__________.28．（2020·全国1（理））设为单位向量，且，则__________.29．（2020·全国1（理））已知单位向量,的夹角为45°，与垂直，则k=__________.30．（2019·江苏）如图，在中，D是BC的中点，E在边AB上，BE=2EA，AD与CE交于点.若，则的值是_____.31．（2019·北京（文））已知向量=（－4，3），=（6，m），且，则m=__________.32．（2019·全国3（文））已知向量，则___________.33．（2019·全国（理））已知为单位向量，且=0，若 ，则___________.34．（2019·天津（文）） 在四边形中，， ， ， ，点在线段的延长线上，且，则__________.35．（2019·上海）在椭圆上任意一点，与关于轴对称，若有，则与的夹角范围为____________36．（2018·上海）已知实数、、、满足：，，，则的最大值为______．37．（2018·江苏）在平面直角坐标系中，为直线上在第一象限内的点，，以为直径的圆与直线交于另一点．若，则点的横坐标为________．38．（2018·北京（文））设向量 =（1,0）， =（−1,m）,若，则m=_________.39．（2018·全国3（理））已知向量，，．若，则________．40．（2017·上海）如图，用35个单位正方形拼成一个矩形，点、、、以及四个标记为“”的点在正方形的顶点处，设集合，点，过作直线，使得不在上的“”的点分布在的两侧. 用和分别表示一侧和另一侧的“”的点到的距离之和. 若过的直线中有且只有一条满足，则中所有这样的为________41．（2017·北京（文））已知点在圆上，点的坐标为，为原点，则的最大值为_________．42．（2017·全国1（理））已知向量与的夹角为60°，||=2，||=1，则| +2 |= ______ .43．（2017·天津（文））设抛物线的焦点为F，准线为l.已知点C在l上，以C为圆心的圆与y轴的正半轴相切于点A.若，则圆的方程为____________ .44．（2017·天津（文））在中，，，. 若，，且，则的值为______________.45．（2017·山东（理））已知， 是互相垂直的单位向量，若  与λ的夹角为60°，则实数λ的值是__．46．（2017·全国3（文））已知向量，且，则_______.47．（2017·全国1（文））已知向量=（﹣1，2）， =（m，1），若，则m=_________．48．（2017·山东（文））已知向量a=（2,6）,b=,若a∥b,则 ____________.49．（2017·江苏）在同一个平面内，向量的模分别为与的夹角为，且与的夹角为，若，则_________． 50．（2020·天津）如图，在四边形中，，，且，则实数的值为_________，若是线段上的动点，且，则的最小值为_________．51．（2020·北京）已知正方形的边长为2，点P满足，则_________；_________．52．（2019·浙江）已知正方形的边长为1，当每个取遍时，的最小值是________；最大值是_______.53．（2017·浙江）已知向量满足，则的最小值是___________，最大值是______． 四、解答题54．（2017·江苏）已知向量．（1）若，求x的值；（2）记，求函数y＝f（x）的最大值和最小值及对应的x的值．
近五年（2017-2021）高考数学真题分类汇编五、平面向量（答案解析）1．AC【解析】A：，，所以，，故，正确；B：，，所以同理，故不一定相等，错误；C：由题意得：，，正确；D：由题意得：，，故一般来说故错误；2．B【解析】若，则，推不出；若，则必成立，故“”是“”的必要不充分条件3．C【解析】4．A【解析】的模为2，根据正六边形的特征，可以得到在方向上的投影的取值范围是，结合向量数量积的定义式，可知等于的模与在方向上的投影的乘积，所以的取值范围是， 5．D【解析】，，，.，因此，. 6．D【解析】由已知可得：.A：因为，所以本选项不符合题意；B：因为，所以本选项不符合题意；C：因为，所以本选项不符合题意；D：因为，所以本选项符合题意. 7．A【解析】由已知，，所以， 8．B【解析】因为，所以=0，所以，所以=，所以与的夹角为，故选B． 9．C【解析】由，，得，则，．故选C． 10．C【解析】因为向量均为单位向量所以所以“”是“”的充要条件11．A【解析】设，则由得，由得因此，的最小值为圆心到直线的距离减去半径1，为选A. 12．A【解析】连接BD,取AD中点为O,可知为等腰三角形，而，所以为等边三角形，。设=所以当时，上式取最小值 ，选A.点睛：本题考查的是平面向量基本定理与向量的拆分，需要选择合适的基底，再把其它向量都用基底表示。同时利用向量共线转化为函数求最值。13．A【解析】根据向量的运算法则，可得 ，所以，故选A.14．B【解析】因为 15．C【解析】如图所示，连结MN，由 可知点分别为线段上靠近点的三等分点，则，由题意可知：，，结合数量积的运算法则可得：.本题选择C选项.16．C【解析】因为，，，所以，故选C． 17．B【解析】建立如图所示的坐标系，以中点为坐标原点，则，，，设，则，，，则当，时，取得最小值，故选：．18．A【解析】若，使，则两向量反向，夹角是，那么；若，那么两向量的夹角为，并不一定反向，即不一定存在负数，使得，所以是充分而不必要条件，故选A. 19．A【解析】由平方得，即，则 20．【解析】由题意，设，则，即，又向量在方向上的投影分别为x，y，所以，所以在方向上的投影，即,所以，当且仅当即时，等号成立，所以的最小值为.21．【解析】∵  ∴  ∴. 22．.【解析】,，解得,故答案为：. 23．【解析】因为，所以由可得，，解得．故答案为：． 24．【解析】由题意结合向量平行的充分必要条件可得：，解方程可得：. 25．【解析】，，，. 26．或0【解析】∵三点共线，∴可设，∵，∴，即，若且，则三点共线，∴，即，∵，∴，∵,,，∴，设，，则，.∴根据余弦定理可得，，∵，∴，解得，∴的长度为.当时， ，重合，此时的长度为，当时，，重合，此时，不合题意，舍去. 27．5【解析】由可得，又因为，所以，即，故答案为：5. 28．【解析】因为为单位向量，所以所以，解得：所以，故答案为： 29．【解析】由题意可得：，由向量垂直的充分必要条件可得：，即：，解得：.故答案为：． 30．.【解析】如图，过点D作DF//CE，交AB于点F，由BE=2EA，D为BC中点，知BF=FE=EA,AO=OD.，得即故. 31．8.【解析】向量则. 32．【解析】．33．.【解析】因为，，所以，，所以，所以 ．34．.【解析】建立如图所示的直角坐标系，则，．因为∥，，所以，因为，所以，所以直线的斜率为，其方程为，直线的斜率为，其方程为．由得，，所以．所以． 35．【解析】由题意：，设，，因为，则与结合    ，又    与结合，消去，可得：所以 36．【解析】设A（x1，y1），B（x2，y2），=（x1，y1），=（x2，y2），由x12+y12=1，x22+y22=1，x1x2+y1y2=，可得A，B两点在圆x2+y2=1上，且•=1×1×cos∠AOB=，即有∠AOB=60°，即三角形OAB为等边三角形，AB=1，+的几何意义为点A，B两点到直线x+y﹣1=0的距离d1与d2之和，显然A，B在第三象限，AB所在直线与直线x+y=1平行，可设AB：x+y+t=0，（t＞0），由圆心O到直线AB的距离d=，可得2=1，解得t=，即有两平行线的距离为=，即+的最大值为+，故答案为+． 37．3【解析】设，则由圆心为中点得易得，与联立解得点的横坐标所以.所以，由得或，因为，所以 38．-1.【解析】，，由得：，，即.39．【解析】由题可得， ,即，故答案为 40．、、【解析】建立平面直角坐标系，如图所示；
则记为“▲”的四个点是A（0，3），B（1，0），C（7，1），D（4，4），
线段AB，BC，CD，DA的中点分别为E，F，G，H，
易知EFGH为平行四边形，如图所示；
设四边形重心为M（x，y），则，
由此求得M（3，2），即为平行四边形EFGH的对角线交于点，
则符合条件的直线一定经过点，且过点的直线有无数条；
由过点和的直线有且仅有1条，过点和的直线有且仅有1条，
过点和的直线有且仅有1条，所以符合条件的点是、、．
 41．6【解析】所以最大值是6. 42．【解析】∵平面向量与的夹角为，∴.∴ 故答案为. 43．【解析】设圆心坐标为，则，焦点，      ，由于圆与轴得正半轴相切，则取，所求圆得圆心为，半径为1. 44．【解析】 ,则. 45．【解析】由题意，设（1，0），（0，1），则（，﹣1），λ（1，λ）；又夹角为60°，∴（）•（λ）λ＝2cos60°，即λ，解得λ． 46．2【解析】由题意可得解得. 47．7【解析】由题得，因为，所以，解得．48．-3【解析】由可得  49．【解析】以为轴，建立直角坐标系，则，由的模为与与的夹角为，且知， ，可得，，由可得，，故答案为. 50．        【解析】，，，，解得，以点为坐标原点，所在直线为轴建立如下图所示的平面直角坐标系，,∵，∴的坐标为,∵又∵,则，设，则（其中），，，，所以，当时，取得最小值. 51．        【解析】以点为坐标原点，、所在直线分别为、轴建立如下图所示的平面直角坐标系，则点、、、，，则点，，，因此，，. 52．0        【解析】正方形ABCD的边长为1，可得，，•0，要使的最小，只需要，此时只需要取此时 等号成立当且仅当均非负或者均非正，并且均非负或者均非正．比如则. 53．4        【解析】设向量的夹角为，由余弦定理有：，，则：，令，则，据此可得：，即的最小值是4，最大值是． 54．【解析】（1）∵向量．由，可得：，即，∵x∈[0，π]∴．（2）由∵x∈[0，π]，∴∴当时，即x＝0时f（x）max＝3；当，即时．