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    4.1 第二课时 数列的递推公式与前n项和(作业) -【上好课】2020-2021学年高二数学同步备课系列(人教A版2019选择性必修第二册) 试卷练习

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      4.1 第二课时 数列的递推公式与前n项和(原卷版) -【上好课】2020-2021学年高二数学同步备课系列(人教A版2019选择性必修第二册).docx
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    高中数学人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.1 数列的概念第二课时习题

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    这是一份高中数学人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.1 数列的概念第二课时习题,文件包含41第二课时数列的递推公式与前n项和原卷版-上好课2020-2021学年高二数学同步备课系列人教A版2019选择性必修第二册docx、41第二课时数列的递推公式与前n项和解析版-上好课2020-2021学年高二数学同步备课系列人教A版2019选择性必修第二册docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共8页, 欢迎下载使用。
    1.已知数列{an}满足a1=1,an+1=2an+1,则a5等于( )
    A.15 B.16
    C.31 D.32
    解析:选C ∵数列{an}满足a1=1,an+1=2an+1,
    ∴a2=2×1+1=3,a3=2×3+1=7,a4=2×7+1=15,a5=2×15+1=31.
    2.若数列{an}满足an+1=eq \f(4an+3,4)(n∈N*),且a1=1,则a17=( )
    A.13 B.14
    C.15 D.16
    解析:选A 由an+1=eq \f(4an+3,4)得an+1-an=eq \f(3,4),a17=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+…+(a17-a16)=1+eq \f(3,4)×16=13,故选A.
    3.(多选)数列{an}中,an=-n2+11n,则此数列最大项是( )
    A.第4项 B.第5项
    C.第6项 D.第7项
    解析:选BC an=-n2+11n=-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(n-\f(11,2)))2+eq \f(121,4),
    ∵n∈N+,∴当n=5或n=6时,an取最大值.故选B、C.
    4.我国古代数学名著《九章算术》中,有已知长方形面积求一边的算法,其方法的前两步为:
    第一步:构造数列1,eq \f(1,2),eq \f(1,3),eq \f(1,4),…,eq \f(1,n).①
    第二步:将数列①的各项乘n,得到数列(记为)a1,a2,a3,…,an.
    则n≥2时,a1a2+a2a3+…+an-1an=( )
    A.n2 B.(n-1)2
    C.n(n-1) D.n(n+1)
    解析:选C 由题意得ak=eq \f(n,k).k≥2时,ak-1ak=eq \f(n2,k-1k)=n2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,k-1)-\f(1,k))).∴n≥2时,a1a2+a2a3+…+an-1an=n2eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1-\f(1,2)))+\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)-\f(1,3)))+…+\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,n-1)-\f(1,n)))))=n2eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1-\f(1,n)))=n(n-1).故选C.
    5.由1,3,5,…,2n-1,…构成数列{an},数列{bn}满足b1=2,当n≥2时,bn=aeq \a\vs4\al(bn-1),则b6的值是( )
    A.9 B.17
    C.33 D.65
    解析:选C ∵bn=aeq \a\vs4\al(bn-1),∴b2=aeq \a\vs4\al(b1)=a2=3,b3=aeq \a\vs4\al(b2)=a3=5,b4=aeq \a\vs4\al(b3)=a5=9,b5=aeq \a\vs4\al(b4)=a9=17,b6=aeq \a\vs4\al(b5)=a17=33.
    6.函数f(x)定义如下表,数列{xn}满足x0=5,且对任意的自然数均有xn+1=f(xn),则x2 021=________.
    解析:根据定义可得出:x1=f(x0)=2,x2=f(x1)=1,x3=f(x2)=5,x4=f(x3)=2,…,所以周期为3,故x2 021=673×3+x2=1.
    答案:1
    7.如图(1)是第七届国际数学教育大会(简称ICME­7)的会徽图案,会徽的主体图案是由如图(2)的一连串直角三角形演化而成的,其中OA1=A1A2=A2A3=…=A7A8=1,如果把图(2)中的直角三角形继续作下去,记OA1,OA2,…,OAn,…的长度构成数列{an},则此数列的通项公式为an=________.
    解析:因为OA1=1,OA2=eq \r(2),OA3=eq \r(3),…,OAn=eq \r(n),…,所以a1=1,a2=eq \r(2),a3=eq \r(3),…,an=eq \r(n).
    答案:eq \r(n)
    8.数列{an}的前n项和为Sn,若Sn+Sn-1=2n-1(n≥2),且S2=3,则a1+a3的值为________.
    解析:∵Sn+Sn-1=2n-1(n≥2),令n=2,
    得S2+S1=3,由S2=3得a1=S1=0,
    令n=3,得S3+S2=5,所以S3=2,
    则a3=S3-S2=-1,所以a1+a3=0+(-1)=-1.
    答案:-1
    9.根据下列条件,写出数列的前四项,并写出它的一个通项公式:
    (1)a1=0,an+1=an+2n-1(n∈N*);
    (2)a1=1,an+1=an+eq \f(an,n+1)(n∈N*);
    (3)a1=2,a2=3,an+2=3an+1-2an(n∈N*).
    解:(1)a1=0,a2=1,a3=4,a4=9.它的一个通项公式为an=(n-1)2.
    (2)a1=1,a2=eq \f(3,2),a3=eq \f(4,2),a4=eq \f(5,2).它的一个通项公式为an=eq \f(n+1,2).
    (3)a1=2,a2=3,a3=5,a4=9.它的一个通项公式为an=2n-1+1.
    10.已知函数f(x)=x-eq \f(1,x).数列{an}满足f(an)=-2n,且an>0.求数列{an}的通项公式.
    解:∵f(x)=x-eq \f(1,x),∴f(an)=an-eq \f(1,an),
    ∵f(an)=-2n.∴an-eq \f(1,an)=-2n,即aeq \\al(2,n)+2nan-1=0.
    ∴an=-n±eq \r(n2+1).∵an>0,∴an=eq \r(n2+1)-n.
    [B级 综合运用]
    11.已知数列{an}的首项为2,且数列{an}满足an+1=eq \f(an-1,an+1),数列{an}的前n项的和为Sn,则S1 008等于( )
    A.504 B.294
    C.-294 D.-504
    解析:选C ∵a1=2,an+1=eq \f(an-1,an+1),∴a2=eq \f(1,3),a3=-eq \f(1,2),a4=-3,a5=2,…,∴数列{an}的周期为4,且a1+a2+a3+a4=-eq \f(7,6),∴S1 008=S4×252=252×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(7,6)))=-294.
    12.(多选)数列{Fn}:1,1,2,3,5,8,13,21,34,…称为斐波那契数列,是由十三世纪意大利数学家列昂纳多·斐波那契以兔子繁殖为例子而引入的,故又称为“兔子数列”.该数列从第三项开始,每项等于其前相邻两项之和.记数列{Fn}的前n项和为Sn,则下列结论正确的是( )
    A.S5=F7-1 B.S5=S6-1
    C.S2 019=F2 021-1 D.S2 019=F2 020-1
    解析:选AC 根据题意有Fn=Fn-1+Fn-2(n≥3),所以S3=F1+F2+F3=1+F1+F2+F3-1=F3+F2+F3-1=F4+F3-1=F5-1,S4=F4+S3=F4+F5-1=F6-1,S5=F5+S4=F5+F6-1=F7-1,…,所以S2 019=F2 021-1.故选A、C.
    13.已知数列{an}满足a1=1,an=aeq \\al(2,n-1)-1(n>1),则a2 021=________,|an+an+1|=________(n>1).
    解析:由a1=1,an=aeq \\al(2,n-1)-1(n>1),得
    a2=aeq \\al(2,1)-1=12-1=0,a3=aeq \\al(2,2)-1=02-1=-1,
    a4=aeq \\al(2,3)-1=(-1)2-1=0,a5=aeq \\al(2,4)-1=02-1=-1,
    由此可猜想当n>1,n为奇数时an=-1,n为偶数时an=0,∴a2 021=-1,|an+an+1|=1.
    答案:-1 1
    14.已知数列{an}满足a1=eq \f(1,2),anan-1=an-1-an(n≥2),求数列{an}的通项公式.
    解:∵anan-1=an-1-an,∴eq \f(1,an)-eq \f(1,an-1)=1.
    ∴eq \f(1,an)=eq \f(1,a1)+eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,a2)-\f(1,a1)))+eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,a3)-\f(1,a2)))+…+eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,an)-\f(1,an-1)))
    =2+1+1+…+eq \(1,\s\d4(n-1个1))=n+1.
    ∴eq \f(1,an)=n+1,
    ∴an=eq \f(1,n+1)(n≥2).
    又∵n=1时,a1=eq \f(1,2),符合上式,
    ∴an=eq \f(1,n+1).
    [C级 拓展探究]
    15.已知数列{an}的通项公式为an=eq \f(n2,2n)(n∈N*),则这个数列是否存在最大项?若存在,请求出最大项;若不存在,请说明理由.
    解:存在最大项.理由:a1=eq \f(1,2),a2=eq \f(22,22)=1,a3=eq \f(32,23)=eq \f(9,8),a4=eq \f(42,24)=1,a5=eq \f(52,25)=eq \f(25,32),….∵当n≥3时,eq \f(an+1,an)=eq \f(n+12,2n+1)×eq \f(2n,n2)=eq \f(n+12,2n2)=eq \f(1,2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1+\f(1,n)))2

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