高中数学人教A版 (2019)必修 第一册3.2 函数的基本性质同步测试题

这是一份高中数学人教A版 (2019)必修 第一册3.2 函数的基本性质同步测试题，共5页。

1．函数y＝x2＋2x－1在[0,3]上的最小值为( )
A．0 B．－4
C．－1 D．－2
解析：选C 因为y＝x2＋2x－1＝(x＋1)2－2，其图象的对称轴为直线x＝－1，所以函数y＝x2＋2x－1在[0,3]上单调递增，所以当x＝0时，此函数取得最小值，最小值为－1.
2．函数y＝x＋eq \r(2x－1)的最值的情况为( )
A．最小值为eq \f(1,2)，无最大值
B．最大值为eq \f(1,2)，无最小值
C．最小值为eq \f(1,2)，最大值为2
D．最大值为2，无最小值
解析：选A ∵y＝x＋eq \r(2x－1)在定义域eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，＋∞))上是增函数，∴函数最小值为eq \f(1,2)，无最大值，故选A.
3．设函数f(x)＝eq \f(2x,x－2)在区间[3,4]上的最大值和最小值分别为M，m，则eq \f(m2,M)＝( )
A.eq \f(2,3) B.eq \f(3,8)
C.eq \f(3,2) D.eq \f(8,3)
解析：选D 易知f(x)＝eq \f(2x,x－2)＝2＋eq \f(4,x－2)，所以f(x)在区间[3,4]上单调递减，所以M＝f(3)＝2＋eq \f(4,3－2)＝6，m＝f(4)＝2＋eq \f(4,4－2)＝4，所以eq \f(m2,M)＝eq \f(16,6)＝eq \f(8,3).
4．函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(\f(1,x)，x≥1，,－x2＋2，x<1))的最大值为( )
A．1B．2
C．eq \f(1,2) D．eq \f(1,3)
解析：选B 当x≥1时，函数f(x)＝eq \f(1,x)为减函数，此时f(x)在x＝1处取得最大值，最大值为f(1)＝1；当x<1时，函数f(x)＝－x2＋2在x＝0处取得最大值，最大值为f(0)＝2.综上可得，f(x)的最大值为2，故选B.
5．当0≤x≤2时，a<－x2＋2x恒成立，则实数a的取值范围是( )
A．(－∞，1] B．(－∞，0]
C．(－∞，0) D．(0，＋∞)
解析：选C 令f(x)＝－x2＋2x，
则f(x)＝－x2＋2x＝－(x－1)2＋1.
又∵x∈[0,2]，∴f(x)min＝f(0)＝f(2)＝0.
∴a<0.
6．已知函数f(x)＝x2－6x＋8，x∈[1，a]，并且f(x)的最小值为f(a)，则实数a的取值范围是________．
解析：f(x)的对称轴为x＝3，当且仅当1＜a≤3时，f(x)min＝f(a)．
答案：(1,3]
7．函数y＝f(x)的定义域为[－4,6]，若函数f(x)在区间[－4，－2]上单调递减，在区间(－2,6]上单调递增，且f(－4)解析：作出符合条件的函数的简图(图略)，可知f(x)min＝f(－2)，f(x)max＝f(6)．
答案：f(－2) f(6)
8．某公司在甲、乙两地同时销售一种品牌车，利润(单位：万元)分别为L1＝－x2＋21x和L2＝2x，其中x为销售量(单位：辆)．若该公司在两地共销售15辆，求能获得的最大利润为多少万元？
解：设公司在甲地销售x辆，则在乙地销售(15－x)辆，设两地销售的利润之和为y，则
y＝－x2＋21x＋2(15－x)＝－x2＋19x＋30.
由题意知eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x≥0，,15－x≥0.))∴0≤x≤15，且x∈Z.
当x＝－eq \f(19,2×－1)＝9.5时，y值最大，
∵x∈Z，∴取x＝9或10.
当x＝9时，y＝120，当x＝10时，y＝120.
综上可知，公司获得的最大利润为120万元．
9．已知函数f(x)＝eq \f(x－1,x＋2)，x∈[3,5]．
(1)判断函数f(x)的单调性；
(2)求函数f(x)的最大值和最小值．
解：(1)任取x1，x2∈[3,5]且x1f(x1)－f(x2)＝eq \f(x1－1,x1＋2)－eq \f(x2－1,x2＋2)
＝eq \f(x1－1x2＋2－x2－1x1＋2,x1＋2x2＋2)
＝eq \f(x1x2＋2x1－x2－2－x1x2－2x2＋x1＋2,x1＋2x2＋2)
＝eq \f(3x1－x2,x1＋2x2＋2).
∵x1，x2∈[3,5]且x1∴x1－x2<0，x1＋2>0，x2＋2>0.
∴f(x1)－f(x2)<0.
∴f(x1)∴函数f(x)＝eq \f(x－1,x＋2)在[3,5]上为增函数．
(2)由(1)知，当x＝3时，函数f(x)取得最小值，为f(3)＝eq \f(2,5)；当x＝5时，函数f(x)取得最大值，为f(5)＝eq \f(4,7).
B级——高考水平高分练
1．对于函数f(x)，在使f(x)≥M成立的所有实数M中，我们把M的最大值Mmax叫做函数f(x)的下确界，则对于a∈R，a2－4a＋6的下确界为________．
解析：设f(a)＝a2－4a＋6，f(a)≥M，即f(a)min≥M.
而f(a)＝(a－2)2＋2，∴f(a)min＝f(2)＝2.
∴M≤2.∴Mmax＝2.
答案：2
2．用min{a，b}表示a，b两个数中的最小值．设f(x)＝min{x＋2，10－x}(x≥0)，则f(x)的最大值为________．
解析：在同一平面直角坐标系内画出函数y＝x＋2和y＝10－x的图象．根据min{x＋2,10－x}(x≥0)的含义可知，f(x)的图象应为图中实线部分．解方程x＋2＝10－x，得x＝4，此时y＝6，故两图象的交点坐标为(4,6)．由图象可知，函数f(x)的最大值为6.
答案：6
3．已知二次函数y＝x2＋2ax＋3，x∈[－4,6]．
(1)若a＝－1，写出函数的单调增区间和减区间；
(2)若a＝－2，求函数的最大值和最小值；
(3)若函数在[－4,6]上是单调函数，求实数a的取值范围．
解：(1)当a＝－1时，y＝x2－2x＋3＝(x－1)2＋2，因为x∈[－4,6]，所以函数的单调递增区间为[1,6]，单调递减区间为[－4,1)．
(2)当a＝－2时，y＝x2－4x＋3＝(x－2)2－1，因为x∈[－4,6]，所以函数的单调递增区间为[2,6]，单调递减区间为[－4,2)，所以函数的最大值为f(－4)＝35，最小值为f(2)＝－1.
(3)由y＝x2＋2ax＋3＝(x＋a)2＋3－a2可得，函数的对称轴为x＝－a，因为函数在[－4,6]上是单调函数，所以a≤－6或a≥4.即实数a的取值范围为(－∞，－6]∪[4，＋∞)．
4．有甲、乙两种商品，经营销售这两种商品所能获得的利润依次是P(万元)和Q(万元)，它们与投入资金x(万元)的关系有经验公式：P＝eq \f(x,5)，Q＝eq \f(3,5)eq \r(x).今有3万元资金投入经营甲、乙两种商品，为获得最大利润，对甲、乙两种商品的资金投入分别应为多少？能获得的最大利润是多少？
解：设对甲种商品投资x万元，则对乙种商品投资(3－x)万元，总利润为y万元，
根据题意得y＝eq \f(1,5)x＋eq \f(3,5)eq \r(3－x)(0≤x≤3)．
令eq \r(3－x)＝t，则x＝3－t2,0≤t≤eq \r(3).
所以y＝eq \f(1,5)(3－t2)＋eq \f(3,5)t
＝－eq \f(1,5)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t－\f(3,2)))2＋eq \f(21,20)，
当t＝eq \f(3,2)时，ymax＝eq \f(21,20)，
此时x＝0.75,3－x＝2.25.
由此可知，为获得最大利润，对甲、乙两种商品的资金投入分别应为0.75万元和2.25万元，能获得的最大利润为1.05万元．
5．请先阅读下列材料，然后回答问题．
对于问题“已知函数f(x)＝eq \f(1,3＋2x－x2)，问函数f(x)是否存在最大值或最小值？若存在，求出最大值或最小值；若不存在，说明理由．”
一个同学给出了如下解答：令u＝3＋2x－x2，则u＝－(x－1)2＋4，当x＝1时，u有最大值，umax＝4，显然u没有最小值．故当x＝1时，f(x)有最小值eq \f(1,4)，没有最大值．
(1)你认为上述解答是否正确？若不正确，说明理由，并给出正确的解答；
(2)试研究函数y＝eq \f(2,x2＋x＋2)的最值情况．
解：(1)不正确．没有考虑到u还可以小于0.
正确解答如下：令u＝3＋2x－x2，则u＝－(x－1)2＋4≤4，
当0＜u≤4时，eq \f(1,u)≥eq \f(1,4)，即f(x)≥eq \f(1,4)；
当u＜0时，eq \f(1,u)＜0，即f(x)＜0.
∴f(x)＜0或f(x)≥eq \f(1,4)，即f(x)既无最大值，也无最小值．
(2)∵x2＋x＋2＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x＋\f(1,2)))2＋eq \f(7,4)≥eq \f(7,4)，∴0＜y≤eq \f(8,7)，∴函数y＝eq \f(2,x2＋x＋2)的最大值为eq \f(8,7)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(当x＝－\f(1,2)时))，而无最小值．