2020安徽合肥蜀山区“六校”九年级第二学期联考物理试卷（解析版）

这是一份2020安徽合肥蜀山区“六校”九年级第二学期联考物理试卷（解析版），共12页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验探究题，计算与推导题等内容，欢迎下载使用。
2020安徽合肥蜀山区“六校”九年级第二学期联考物理试卷（解析版）
一、填空题（本题共10小题，每空2分，共20分）
1、“固体分子从外界吸热，直接挣脱周围分子的引力而进入空气中”，这是从分子动理论的角度解释
（填物态变化的名称）现象。
【答案】：升华
【分析】物质由固态直接变为气态是升华现象
【解析】解：物质由固态直接变为气态是升华现象，故某些固体在特定的条件下，其表面动能较大的分子可以挣脱其他分子的引力而逸出固体表面直接跑到空气中去，这个过程其宏观表现是固体的升华现象。
【考点】升华和凝华的定义和特点．
【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华；应用能力

2、如图是小从家的部分电路和电热水壶的内部原理图，若小聪将电热水壶的插头插入电源的插座，然后闭合开关时，空气开关跳闸，则原因可能是
①三孔插座中接火线和零线的导线相碰； ②电热水壶插头内两个线头相碰；
③电热水壶开关内两个线头相碰； ④电路中增加了大功率用电器；

【答案】：②④
【分析】造成空气开关跳闸的原因是电流过大，而造成电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路。
【解析】解：①三孔插座中接火线和零线的导线相碰，在插入电热水壶之前就会造成空气开关跳闸，故①错误；
②电热水壶插头内两个线头相碰，插入插座时会造成电源短路，空气开关跳闸，故②正确；
③电热水壶开关内两个线头相碰，插入电热水壶时就会马上工作，不会造成电流过大，故③错误；
④电路中增加了大功率用电器，会使得电路中的电流增大，造成开关跳闸。
【考点】家庭电路的故障分析．
【专题】应用题；电与热、生活用电；分析、综合能力．

3、如图所示是测电笔的内部结构，其中一个非常重要的元件---高电阻的阻值约为1MΩ，当用该测电笔的金属体笔尖接触家庭电路的火线时，通过人体的电流为 A（因为人体电阻比高电阻的阻值小得多，所以可以忽略不计）

【答案】：2.2×10-4
【分析】由人体电阻比高电阻的阻值小得多可知，人体的电阻可以忽略不计，家庭电路的火线与地线之间的电压为220V，根据欧姆定律求出用该测电笔的金属体笔尖接触家庭电路的火线时通过人体的电流。
【解析】解：家庭电路的火线与地线之间的电压为220V，高电阻的阻值R=1MΩ=106Ω，因人体电阻比高电阻的阻值小得多，即人体的电阻可以忽略不计，所以，当用该测电笔的金属体笔尖接触家庭电路的火线时，通过人体的电流：I=U/R=220V/106Ω=2.2×10-4
【考点】欧姆定律的应用．欧姆定律的应用
【专题】应用题；欧姆定律；应用能力

4、公路上，一辆小汽车以72km/h的速度匀速行驶，经过30s的时间追上了它前方450m的匀速骑行的自行车，则自行车骑行的速度为 m/s。
【答案】：5m/s
【分析】汽车与自行车同时到达同地时汽车追上自行车，应用速度公式可以求出自行车的速度。
【解析】解：汽车的速度：v汽车=72km/h=20m/s，由速度公式v=st可知汽车的路程：s汽车=v汽车×t=20m/s×30s=600m，自行车的路程：s自行车=s汽车-s0=600m-450m=150m，自行车的速度：v汽车=s自行车/t=150m/30s=5m/s；
【考点】速度公式及其应用．
【专题】长度、时间、速度．

5、如图甲所示，人手拿着水杯始终保持静止状态，手对杯的压力F随时间t变化的F—t图像如图乙所示，请在丙图中画出杯子所受的摩擦力f随时间t变化的f—t图像。

【分析】二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体上；根据二力平衡分析摩擦力的变化。
【解析】手对水杯的握力增大，但水杯仍处于静止状态，所以竖直向下的重力与竖直向上的摩擦力仍然平衡，则水杯所受的摩擦力等于重力，保持不变，如图所示：

【考点】力与图像结合
【专题】应用题；重力、弹力、摩擦力；分析、综合能力。
6、小明同学在学习了燃料的热值后，想到在做“观察水的沸腾”实验时还可以顺便测酒精灯的效率，于是他做了这样的实验：用酒精灯给盛有水的烧杯加热，使烧杯中500g的水在一个标准大气压下从20℃加热至沸腾，并随即熄灭酒精灯，加热过程中消耗了酒精14g【在一个标准大气压下，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），酒精的热值为3.0×107J/kg]】，则酒精灯的效率为
【答案】：40%
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的温度变化，根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量
（2）知道酒精的热值和质量，根据Q放=qm求出酒精完全燃烧释放的热量；水1的热量和酒精完全燃烧释放的热量即为烧水的效率。
【解析】（1）一个标准大气压下水的沸点为100℃，即需将水加热至100℃，水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃-20℃）=1.68×105J；
（2）14g酒精完全燃烧释放的热量：Q放=mq=14×10-3kg×3.0×107J/kg=4.2×105J；酒精灯烧水的热效率：
η=（Q吸/Q放）×100%=（1.68×105J）/（4.2×105J）×100%=40%。
【考点】能量利用效率
【专题】应用题：比热容、热机、热值；应用能力

7、如图所示，OA=OB，OB水平，在B端悬挂重为G的物体，为了使杠杆平衡在如图所示的位置，需要在A端施加的最小力为F1；再把杠杆旋转使OA水平，为了使杠杆在OA水平位置平衡，需要在A端施加的最小力为F2
则F1 F2（选填：“大于”、“等于”或“小于”）

【答案】：大于
【分析】要在A端施加最小的力，则动力的力臂要最大，当OA作为动力臂时，动力是最小的，根据B端的阻力臂的变化分析力的大小。
【解析】解：杠杆在图中位置平衡时，当以OA作为动力臂时，动力F1是最小的；把杠杆旋转使OA水平，由于重力的方向是竖直向下的，则B端的阻力臂会减小，阻力和阻力臂的乘积会变小；当以OA作为动力臂时，在A端施加的最小力为F2，由于动力臂不变，阻力和阻力臂的乘积变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力F2会变小，所以F1大于F2。
【考点】杠杆中最小力的问题．傻瓜式教学法巧画杠杆上的最小力
【专题】应用题；简单机械；分析、综合能力．

8、一个标有“12V、6W”的灯泡接到18V电源上，串联一个电阻后能使该灯泡正常发光，该电路工作10s消耗的电能是 J.
【答案】：90
【分析】电阻和灯泡L串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据W=UIt求出通电10s整个电路消耗的电能。
【解析】解：根据公式P=UI可知，灯泡正常发光时的电流I=PU=6W12V=0.5A；该电路工作10s消耗的电能是W=U总It=18V×0.5A×10s=90J。
【考点】电功与电能的计算．运用电功率的公式解决有关问题
【专题】电能和电功率

9、已知甲液体的密度ρ甲=3g/cm3，乙液体的密度ρ乙=5g/cm3，现在取V甲：V乙=2：3两种液体混合，则混合液体的密度为 kg/m3（液体混合前后总体积保持不变）
【答案】：4.2×103
【分析】两种液体混合前的质量之和等于混合后的总质量。即m=m甲+m乙；两种液体混合前的体积之和等于混合后的总体积；根据密度公式代入数据即可求出混合后液体的总密度。
【解析】解：设混合前甲液体的体积为2V，甲液体的体积为3V，混合后液体的总密度为ρ。两种液体混合前的质量之和等于混合后的总质量，m=m甲+m乙=ρ甲V甲+ρ乙V乙则混合液体的密度为：ρ=m/V=（m甲+m乙）/（V甲+V乙）=（ρ甲V甲+ρ乙V乙）/（V甲+V乙）=（3g/cm3×2V+5g/cm3×3V）/（2V+3V）=4.2g/cm3=4.2×103kg/m3。
【考点】空心、混合物质的密度计算．空心问题
【专题】定量思想；密度及其应用；应用能力

10、如图所示，物体在A位置时通过凸透镜所成的像为A´。现在把该物体移动至B位置，请通过作图的方法画出该物体在B位置所成的像B´。

【分析】物体MN移动到B位置时，MN上M点反射的、平行于主光轴的光线不变，都经凸透镜后过焦点，同样经过M的像点M′；此时从M点反射的、过光心的光线，经凸透镜后方向不变，这两条折射光线的反向延长线的交点，即M的像M″，作主光轴的垂线可得像M″N″。
【解析】解：物体MN在A位置时，MN上M点反射的、平行于主光轴的光线，经凸透镜后过焦点，也经过M的像点M′；物体MN移动到B位置时，MN上M点反射的、平行于主光轴的光线，也经凸透镜后过焦点，同样经过M的像点M′；同时从M点反射的、过光心的光线，经凸透镜后方向不变，这两条折射光线的反向延长线的交点，即M的像M″，作主光轴的垂线可得像M″N″，如图所示：

【考点】透镜的光路图．
【专题】作图题；透镜及其应用；应用能力．

二、选择题（本大题共7小题，每小题2分，满分14分）
11、声音是我们日常生活传递信息的主要渠道之一，关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A 一般情况下，女老师上课声音比男老师上课声音“高”---声音的响度；
B 学生要求老师提“高”声音以便后面的同学也能听清---声音的音调；
C..老师面对着黑板不看同学也能确定说话同学的名字—声音的音色
D 同学们听到上课铃声就立刻走进教室准备上课—声音可以传播能量
【答案】：C
【分析】（1）声音有三个特征：音调、响度和音色。音调指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；响度指声音的大小，响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大；通过音色能辨别物体，音色跟材料和结构有关。
（2）声音具有能量，也能传递能量。
【解析】解：A、女老师上课声音比男老师上课声音“高”--指的是声带的振动频率快，音调高，故A错误；
B、学生要求老师提“高”声音以便后面的同学也能听清，指的是声音的响度大，故B错误；
C、老师面对着黑板不看同学也能确定说话同学的名字，由于每个发声体的音色是不同的，所以能根据音色区别声音，故C正确；
D、同学们听到上课铃声就立刻走进教室准备上课，说明声音可以传播信息，故D错误。故选：C。
【考点】音调、响度与音色的区分；声与信息．
【专题】应用题；声现象；理解能力

12、关于电与磁的各图中说法正确的是（ ）

A 甲图的装置是研究电磁感原理的实验装置；
B 乙图中的开关闭合后铜块将受到水平向右的吸引力
C．丙图研究发电机工作原理的实验装置图 D．丁图中电源的b端是电源的正极
【答案】：A
【分析】A、由图甲可知，此装置是研究电磁感应的装置；
B、磁铁对铜块不产生力的作用；
C、丙图是电动机原理装置图；
D、根据磁极间的相互作用，判断螺线管的极性，然后由安培定则判断电源的极性
【解析】解：A、由图可知，电路的一部分导体位于磁场中，电路中没有电源，有电流表，这是研究电磁感应的实验装置，故A正确；
B、由于铜块不受磁场力作用，开关闭合后，铜块不会受到水平向右的吸引力，故B错误；
C、图示是研究通电导线在磁场中受力的装置图，是电动机的工作原理的装置图，故C错误；
D、图中小磁针N向右，则螺线管左端是S极，由安培定则可知，a端是电源的正极，b端是电源的负极，故D错误。故选：A。
【考点】安培定则及其应用；磁场对通电导线的作用；电磁感应；发电机的构造和原理．右手螺旋定则
【专题】应用题；磁现象、电生磁；电动机、磁生电；理解能力．

13、关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A 内燃机的压缩冲程是通过做功的方式增大了汽缸内气体的内能； B 当物体放出热量是，她含有的热量就会减少
C 物体的内能与温度有关，温度不变，内能就不变 D 热传递的实质是温度从高温物体向低温物体转移的过程
【答案】：A
【分析】（1）改变物体内能的两种方式是做功和热传递；
（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
（3）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。
（4）热传递是高温物体将能量向低温物体传递。
【解析】解：A、内燃机的压缩冲程是活塞压缩气体对气体做功从而增大了气缸内气体的内能，故A正确；
B、热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故B错误；
C、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，故C错误；
D、热传递不是传递的温度是传递的能量，故D错误；故选：A。
【考点】温度、热量与内能的关系．物体的内能
【专题】热和能．

14、如图所示，叠放在一起的A、B两物体在力F1的作用下沿水平方向一起向右匀速直线运动，图中分别给出了A、B的受力示意图，下列说法正确的是（ ）
A F1和F2是一对相互作用力 B F2和F3是一对相互作用力
C F3和F4是一对相互作用力 D F1和F4是一对相互作用力

【答案】：B
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上
【解答】解：A、F1和F2都作用在物体A上，且大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，故A错误；
B、F2是木块B对木块A的摩擦力，而F3是木块A对木块B的摩擦力，这两个力作用在两个物体上，且大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，所以是一对相互作用力，故B正确；
C、F3和F4都作用在物体B上，且大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，故C错误；
D、F1是物块A受到的拉力，而F4是地面对物块B的摩擦力，这两个力不是一对相互作用力，故D错误。故选：B。
【考点】平衡力和相互作用力的区分．
【专题】应用题；运动和力；分析、综合能力．

15、如图所示，在粗糙的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置，开始时通过小球压缩到A位置（已知AO=BO、DO=OE），释放小球，则：（ ）
A 小球向右运动过程中所受弹力的方向保持不变； B 小球向右运动将不能运动到B位置；
C 小球运动到O点的瞬间受力平衡； D 小球运动到D、E两点时动能相同

【答案】：B
【分析】（1）小球在运动过程中所受弹力的方向先向右后向左，是变化的。
（2）小球运动的过程中，由于摩擦，先将弹性势能转化为动能和内能，然后将球的动能转化为弹簧的弹性势能和内能，据此可知小球是否能运动到B点；
（3）对小球进行受力分析可知小球是否受平衡力；
（4）根据能量守恒进行分析。
【解析】解：A、小球在AO过程中，弹簧处于压缩状态，小球受到水平向右的弹力；小球在OB过程中，弹簧处于拉伸状态，小球受到的弹力水平向左，故A错误；
B、小球运动的过程中，由于摩擦，先将弹性势能转化为动能和内能，然后将球的动能转化为弹簧的弹性势能和内能，所以弹簧最后得到的弹性势能小于弹簧最开始的弹性势能，因此小球向右运动将不能运动到B位置，故B正确；
C、小球到达O点时，弹力为零，由于速度不是0，所以小球只受水平台面的摩擦力，则小球在此时受到的力不是平衡力，故C错误；
D、把小球和弹簧看做一个整体，因小球在运动过程中需要克服摩擦力做功，所以小球和弹簧（整体）具有的机械能是逐渐减小；而弹簧在D、E两点时形变量相同，则弹簧具有的弹性势能相同，因机械能等于动能与势能的总和，所以小球运动到E点的动能小于D点的动能，故D错误。故选：B。
【考点】力与运动的关系；弹力；动能大小的比较．
【专题】应用题；运动和力；机械能及其转化；分析、综合能力．

16、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向左移动一小段的过程中，下列说法不正确的是（ ）
A 电流表A示数保持不变； B 电压表V1示数保持不变；
C 电压表V1与电压表V2示数之和保持不变； D 电压表V1和电流表A示数之比保持不变

【答案】：C
【分析】（1）由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器右边部分电阻的电压，电流表测量电路中的电流；注意滑片的移动不影响电路中的总电阻；
（2）根据电源电压和电路的总电阻判断电流表示数的变化；根据电路中的电流和R1的阻值，利用U=IR判断电压表V1示数的变化；根据串联电路分压的作用和电压表测量阻值的变化判断电压表V2示数的变化，从而得出电流表V1与电压表V2示数之和的变化；将电压表V1与电流表A示数之比转化为阻值问题进行分析。
【解析】解：当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的总电阻不变，∵I=U/R，∴电路中的电流不变，即电流表的示数不变；故A正确；
∵U=IR，R1为定值电阻∴R1两端电压不变，即电压表V1的示数不变；故B正确
∵串联电路电阻越大分得的电压越大，当滑动变阻器的滑片P向左移动一小段的过程中，电压表测量的电压变大∴电压表V2的示数变大；∴电流表V1与电压表V2示数之和变大；故C错误；
电压表V1与电流表A示数之比等于R1的阻值，由于R1为定值电阻，所以电压表V1与电流表A示数之比保持不变，故D正确。故选：C。
【考点】电路的动态分析．欧姆定律之电路变化分析
【专题】电路变化分析综合题．

17、如图所示，四个灯泡电阻关系R1=R2＞R3=R4，则将该电路接入电路后，最亮的灯泡是（ ）
A L1 B L2 C L3 D L4

【答案】：A
【分析】已知四个灯泡电阻关系R1=R2＞R3=R4；L1和L4串联，根据P=I2R，可以得出I1与I4、P1和P4的大小关系；
L2和L3并联，根据P=U2R，可以得I2与I3、P2和P3的大小关系；根据P=I2R判断P1和P2的大小关系；综合分析确定实际电功率最大的灯，而灯的亮度取决于灯的实际电功率，据此判断那盏灯最亮；
由上面分析得出，I1、I2、I3、I4的大小关系，找出最大电流的灯，它的额定电流就是电路中允许通过的最大电流。
【解析】解：已知四个灯泡电阻关系R1=R2＞R3=R4；
由图示电路图可知，L2与L3并联然后再与L1、L4串联，R1＞R4，I1=I4
由P=I2R，可知：P1＞P4----①；
L2和L3并联，电压U相等，R2＞R3，
由I=U/R可知，I2＜I3，由P=U2/R，可知，P2＜P3----②
R1=R2，I1＞I2，R3=R4，I3＜I4，
由P=I2R，可知：P1＞P2，P3＜P4----③
由①②③可得：P1＞P4＞P3＞P2L1的电功率最大、最亮；L2的电功率最小、最暗；
故A正确，BCD错误。故选：A。
【考点】实际功率．【专题】比较思想；控制变量法；应用能力．


三、实验探究题（本题共3小题，每空2分，共16分）
18、如图所示是“探究光的反射”的实验装置：（1）如图甲所示，为了让坐在不同位置的同学都能看到光屏上的入射光线和反射光线，光屏需要 （选填：“光滑”或“粗糙”）一些；
（2）某同学在实验过程中，以ON为轴把F板向后折转一个角度，此时F板上不再有反射光线，对比甲、乙两图可以得到的结论是：

【答案】：（1）粗糙； （2）反射光线、入射光线与法线在同一平面内。
【分析】（1）我们能从不同角度观察到光线，是因此光在光屏上发生了漫反射；
（2）光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；根据光的反射定律，可判断纸反向后折和纸板不垂直时是否能观察到反射光线。
【解析】解：（1）实验时为了让坐在不同位置的同学都能看到光屏上的入射光线和反射光线，光屏需要发生漫反射，所以需要用粗糙一些的光屏；
（2）以ON为轴把F板向后折转一个角度，此时F板上不再有反射光线，这表明在光的反射中，反射光线、入射光线与法线在同一平面内。
【考点】光的反射定律的应用．
【专题】实验题；光的传播和反射、平面镜成像；分析、综合能力．

19、如图所示是某同学“测量斜面机械效率并研究机械效率与哪些因素有关”的实验装置图及相关数据：
实验次数
斜面倾角θ
物块重量G/N
斜面高度h/m
沿斜面拉力F/N
斜面长s/m
斜面机械效率
①
30°
5.0
0.6
4.2
1.2

②
30°
3.0
0.6
2.5
1.2
60%
（1）该同学第①次实验中测得的斜面的机械效率为 ；
（2）第②次实验中物块受到斜面的摩擦力为 N；
（3）该同学做①②两次实验的目的是 ；

【答案】：（1）59.5%； （2）1； （3）控制斜面的倾斜度不变，研究机械效率与物体重力的关系。
【分析】（1）根据η=W有/W总=Gh/Fs×100%求出该同学第①次实验中测得的斜面的机械效率；
（2）在第2次实验中，根据W有用=Gh计算有用功，根据W总=FL计算总功，由W额=W总-W有，求得额外功，
根据本实验中克服摩擦力做的功为额外功的来源，根据W额=fL可得摩擦力；
（3）分析实验中相同量和不同量，根据控制变量法回答。
【解析】解：（1）根据表中数据，该同学第①次实验中测得的斜面的机械效率为：η=W有/W总=Gh/Fs
=（5.0N×0.6m）/（4.2N×1.2m）×100%≈59.5%；
（2）在第2次实验中，有用功：W有=Gh=3.0N×06m=1.8J，总功：W总=FL=2.5N×1.2m=3J，额外功：
W额=W总-W有=3J-1.8J=1.2J，根据W额=fL，可得摩擦力：f═W额/L=1.2J/1.2m=1N；
（3）该同学做①②两次实中倾斜度不变，提升物体的重力变化，该同学做①②两次实验的目的是控制斜面的倾斜度不变，研究机械效率与物体重力的关系。
【考点】斜面机械效率的测量实验．
【专题】控制变量法；功、功率、机械效率；探究型实验综合题；实验基本能力．

20、小聪利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值。
（1）小聪选择了满足实验要求的实验器材，连接的实验电路如图甲所示，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，请你添加一条导线将实验电路补充完整；
（2）电路连接正确后，闭合开关S，滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图甲所示，电流表的示数如图乙所示，则电阻Rx的阻值为 Ω．
（3）实验完毕后，小聪小组同学对实验误差进行如下分析，其中正确的是
A 该电路实际上测量的是电压表V和待测电阻Rx并联时的总电阻，所以测量值小于真实值；
B 该电路实际上测量的是电流表A和待测电阻Rx串联时的总电阻，所以测量值小于真实值；
C 该电路实际上测量的是电压表V和待测电阻Rx并联时的总电阻，所以测量值大于真实值；
D 该电路实际上测量的是电流表A和待测电阻Rx串联时的总电阻，所以测量值大于真实值；

【答案】：（1）见下图； （2）4； （3）A。

【分析】（1）本实验中滑动变阻器要一上一下接串联入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，电阻减小，据此分析；
（2）读取电流表或电压表示数时，首先要明确它们选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；已知待测电阻两端电压和通过的电流，利用公式R=UI得到电阻阻值；
（3）根据电压表与待测电阻并联分析.
【解析】解：（1）“伏安法”测量电阻的实验中，滑动变阻器应按“一上一下”串联接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，说明其接入电路的电阻减小，故将滑动变阻器的右下接线柱与电源正极连接，如图所示：；
（2）电压表选择的是0～3V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数为1.6V；电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的电流为0.4A；由欧姆定律得，待测电阻阻值为：R=U/I=1.6V/0.4A=4Ω；
（3）电压表与待测电阻并联在电路中，电流表测量电路中的电流，此时测量的是电压表V和待测电阻Rx并联时的总电阻，根据并联电路的电阻特点可知，所测电阻值偏小，
【考点】伏安法测电阻的探究实验．测电阻
【专题】实验题；欧姆定律；分析、综合能力．





四、计算与推导题（本题共3小题，其中第21题6分，第22题7分，第23题7分，共20分）
21、材料一：正交分解法是物理中常用的一种等效处理方法，如图甲，力F可以分解成两个互相垂直的分力F1、F2。
材料二：已知滑动摩擦力f与压力FN的关系可以用公式f=μFN表示，μ称为动摩擦因素，表示接触面的粗糙程度。
图乙重，物体GA=38N在与水平方向成37°的拉力F作用下在水平地面上向右匀速运动了5m，已知F=10N（cos37°=0.8，sin37°=0.6），请计算：
（1）物体A与地面的动摩擦因素μ； （2）此过程中拉力F所做的功。

【分析】根据功的计算公式W=Fscosθ，即可求出拉力所做的功。
【解析】解：拉力F做功：WF=Fscos37°=10N×5m×0.8=40J。
答：此过程中拉力F所做的功为40J。
【点评】本题考查功的计算，注意做功的两个必须因素，一是作用在物体身上的力二是物体在力的方向上的距离。
【考点】功的计算．功、功率、机械效率的计算
【专题】计算题；功、功率、机械效率；应用能力．



22、如图甲所示，将弹簧测力计下所挂的圆柱体A从距离水面一定高度处匀速下降，然后缓缓浸入水中，该过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体A下降高度h的关系图像如图乙所示。请计算：
（1）圆柱体A浸没在液体中时所受的浮力；
（2）圆柱体A的密度；
（3）当圆柱体A的上表面刚好和水面相平时，下表面处的压强；

【分析】（1）由图乙可知，圆柱体A没有浸入水中时弹簧测力计的示数，圆柱体A的重力等于该示数大小，知道圆柱体A完全浸没时弹簧测力计的示数F′，圆柱体A完全浸没后受到水的浮力F浮=G-F′（称重法测浮力）；
（2）利用F浮=ρ水gV排求圆柱体排开水的体积，即圆柱体A的体积；求出圆柱体的质量，利用密度公式求圆柱体密度；
（3）由图乙可知，当圆柱体刚好全部浸没时下表面所处的深度，利用p=ρgh求下表面受到的水的压强。
【解析】解：（1）由图乙可知，圆柱体A没有浸入水中时弹簧测力计的示数F=9N，则圆柱体A的重力G=F=9N，圆柱体A完全浸没时弹簧测力计的示数F′=4N，圆柱体A完全浸没后受到水的浮力：F浮=G-F′=9N-4N=5N；
（2）因为物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=ρ水gV排可得，圆柱体A的体积：
V=V排=F浮/（ρ水g）=5N/（1×103kg/m3×10N/kg）=5×10-4m3，
圆柱体的质量为：m=G/g=9N/（10N/kg）=0.9kg，
则圆柱体密度为：ρ=m/V=0.9kg/（5×10−4m3）=1.8×103kg/m3；
（3）由图乙可知，当圆柱体刚好全部浸没时，下表面所处的深度为：h=5cm-2cm=3cm=0.03m，
下表面受到的水的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa；
答：（1）圆柱体A浸没在液体中时所受的浮力为5N；
（2）圆柱体A的密度为1.8×103kg/m3；
（3）当圆柱体A的上表面刚好和水面相平时，下表面处的压强为300Pa。
【考点】密度的计算；液体的压强的计算；阿基米德原理的应用；浮力大小的计算．密度的计算
【专题】计算题；密度及其应用；压强、液体的压强；应用能力．

23、如图所示是某电热器的原理图，电热器的相关参考数如表所示：
（1）请你分析当该电热器处于加热状态时开关S1和S2的状态，写出分析过程；
（2）求出电阻R1和R2的阻值；
额定电压
加热功率
保温功率
220V
1000W
44W

【分析】（1）由电路图可知，开关S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路；闭合开关S1，断开S2时，R1与R2串联；根据串联电路电阻的特点和P=UI=U2/R可知，电源的电压一定时，电路的总电阻越小，总功率越大，电热器处于加热状态，反之处于保温状态；
（2）根据加热功率和P=UI=U2/R的应用求出R1的阻值；根据保温功率和P=UI=U2/R的应用求出R1、R2的总电阻，再利用串联电路电阻特点求出R2的电阻
【解析】解：（1）由电路图可知，开关S1、S2都闭合时，电路为R1的简单电路；闭合开关S1，断开S2时，R1与R2串联；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，开关S1、S2都闭合时，电路的总电阻最小，由P=UI=U2/R可知，电路的总功率最大，电热器处于加热状态。
（2）根据表中数据可知，电热器的加热功率为1000W，由P=UI=U2/R可知，
R1的阻值：R1=U2/P加热=（220V）2/1000W=48.4Ω；
R1、R2的总电阻：R总=U2/P保温=（220V）2/44W=1100Ω，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以R2=R总-R1=1100Ω-48.4Ω=1051.6Ω。
答：（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，开关S1、S2都闭合时，电路的总电阻最小，
由P=UI=U2R可知，电路的总功率最大，电热器处于加热状态。
（2）电阻R1和R2的阻值分别为48.4Ω和1051.6Ω。
【考点】电功率的计算．电功率的计算
【专题】应用题；电能和电功率；应用能力