高中数学人教B版 (2019)必修 第二册4.1.2 指数函数的性质与图像学案

这是一份高中数学人教B版 (2019)必修 第二册4.1.2 指数函数的性质与图像学案，共20页。学案主要包含了第1课时，学习目标，学习重难点，学习过程，自我检测，总结升华，巩固提升，第2课时等内容，欢迎下载使用。

【第1课时】
【学习目标】
1．理解指数函数的概念，了解对底数的限制条件的合理性。
2．掌握指数函数的性质和图像。
3．会应用指数函数的性质求指数型函数的定义域、值域。
【学习重难点】
1．指数函数的概念。
2．指数函数的性质与图像。
3．指数函数的定义域、值域。
【学习过程】
预习教材P9-P13的内容，思考以下问题：
1．指数函数的概念是什么？
2．结合指数函数的图像，可归纳出指数函数具有哪些性质？
3．指数函数的图像过哪个定点？如何求指数型函数的定义域和值域问题？
一、指数函数
（1）一般地，函数y=ax称为指数函数，其中a是常数，a>0且a≠1．
（2）指数函数y=ax（a>0且a≠1）具有下列性质：
①定义域是R．
②值域是（0，+∞），即对任何实数x，都有ax>0，也就是说函数图像一定在x轴的上方．
③函数图像一定过点（0，1）．
④当a>1时，y=ax是增函数；当0⑤指数函数的图像．
[名师点拨]
底数a与1的大小关系决定了指数函数图像的“升”与“降”．当a＞1时，指数函数的图像是“上升”的；当0＜a＜1时，指数函数的图像是“下降”的．
【自我检测】
1．判断正误（正确的打“√”，错误的打“×”）
（1）y=x2是指数函数．（ ）
（2）指数函数y=ax中，a可以为负数．（ ）
（3）指数函数的图像一定在x轴的上方．（ ）
2．函数y=（eq \r(3)-1）x在R上是（ ）
A．增函数
B．奇函数
C．偶函数
D．减函数
3．函数y=2-x的图像是（ ）
4．函数f（x）=2x+3的值域为________．
探究一、求指数函数的解析式
1．已知指数函数f（x）的图像过点（3，π），求函数f（x）的解析式．
2．已知指数函数y=（2b-3）ax经过点（1，2），求a，b的值．
探究二、指数型函数的定义域、值域问题
命题角度一：y=f（ax）型
3．求下列函数的定义域和值域．
（1）y=eq \f(3x,1＋3x)；（2）y=4x-2x+1．
[规律方法]eq \a\vs4\al()
解此类题的要点是设ax=t，利用指数函数的性质求出t的范围．从而把问题转化为y=f（t）的问题．
4．求下列函数的定义域与值域．
（1）y=eq \r(1－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))\s\up12(x))；
（2）y=eq \f(ax－1,ax＋1)（a>0，且a≠1）．
5．求函数y=eq \r(32x－1－\f(1,9))的定义域与值域．
[规律方法]eq \a\vs4\al()
y=af（x）的定义域即f（x）的定义域，求y=af（x）的值域可先求f（x）的值域，再利用y=at的单调性结合t=f（x）的范围求y=at的范围．
6．求下列函数的定义域与值域：
（1）y=0．3eq \s\up6(\f(1,x－1))；（2）y=3eq \r(5x－1)．
探究三、指数函数图像的应用
命题角度一：指数函数整体图像
7．在如图所示的图像中，二次函数y=ax2+bx+c与函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(b,a)))eq \s\up12(x)的图像可能是（ ）
【总结升华】eq \a\vs4\al()
函数y=ax的图像主要取决于01．但前提是a>0且a≠1．此题主要考虑二次函数的系数与指数函数底数大小关系．
1．已知函数f（x）=4+ax+1的图像经过定点P，则点P的坐标是（ ）
A．（-1，5）
B．（-1，4）
C．（0，4）
D．（4，0）
命题角度二：指数函数局部图像
2．若直线y=2a与函数y=|2x-1|的图像有两个公共点，求实数a的取值范围．
[规律方法]eq \a\vs4\al()
eq \a\vs4\al()指数函数是一种基本初等函数，与其他函数一起可以衍生出很多函数，体现了指数函数图像的“原料”作用．此题目考查图像变换，同时要注意指数函数中的“渐近线”对交点个数的影响．
3．函数y=a|x|（a>1）的图像是（ ）
4．下列各函数中，是指数函数的是（ ）
A．y=（-3）x
B．y=-3x
C．y=3x-1
D．y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(x)
5．若函数y=（2a-1）x（x是自变量）是指数函数，则a的取值范围是（ ）
A．a>0，且a≠1
B．a≥0，且a≠1
C．a>eq \f(1,2)，且a≠1
D．a≥eq \f(1,2)
6．函数y=3-x2的值域是（ ）
A．（0，+∞）
B．（-∞，0]
C．（0，1]
D．[-1，0）
7．函数f（x）=ax-b的图像如图所示，其中a，b均为常数，则下列结论正确的是（ ）
A．a>1，b<0
B．a>1，b>0
C．00
D．08．函数f（x）=eq \r(1－2x)+eq \f(1,\r(x＋3))的定义域为（ ）
A．（-3，0]
B．（-3，1]
C．（-∞，-3）∪（-3，0]
D．（-∞，-3）∪（-3，1]
【巩固提升】
[A基础达标]
1．下列函数中，指数函数的个数为（ ）
①y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x－1)；②y=ax（a>0，且a≠1）；③y=1x；
④y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(2x)-1．
A．0
B．1
C．3
D．4
2．函数y=eq \r(2x－1)的定义域是（ ）
A．（-∞，0）
B．（-∞，0]
C．[0，+∞）
D．（0，+∞）
3．当a＞0，且a≠1时，函数f（x）=ax+1-1的图像一定过点（ ）
A．（0，1）
B．（0，-1）
C．（-1，0）
D．（1，0）
4．函数f（x）=ax与g（x）=-x+a的图像大致是（ ）
5．指数函数y=ax与y=bx的图像如图，则（ ）
A．a＜0，b＜0
B．a＜0，b＞0
C．0＜a＜1，b＞1
D．0＜a＜1，0＜b＜1
6．若函数f（x）=（a2-2a+2）（a+1）x是指数函数，则a=________．
7．已知函数f（x）=ax+b（a＞0，且a≠1）经过点（-1，5），（0，4），则f（-2）的值为________．
8．若函数f（x）=eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x，x＜0，,－2－x，x＞0，))则函数f（x）的值域是________．
9．求下列函数的定义域和值域：
（1）y=2eq \s\up6(\f(1,x))-1；（2）y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(2x2－2)．
10．已知函数f（x）=ax-1（x≥0）的图像经过点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，\f(1,2)))，其中a＞0且a≠1．
（1）求a的值；
（2）求函数y=f（x）（x≥0）的值域．
[B能力提升]
11．函数y=eq \r(16－4x)的值域是（ ）
A．[0，+∞）
B．[0，4]
C．[0，4）
D．（0，4）
12．函数y=2eq \s\up6(\f(x－1,x))-1的定义域、值域分别是（ ）
A．R，（0，+∞）
B．{x|x≠0}，{y|y＞-1}
C．{x|x≠0}，{y|y＞-1，且y≠1}
D．{x|x≠0}，{y|y＞-1，且y≠0}
13．已知函数f（x）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(|x|)-1．
（1）作出f（x）的简图；
（2）若关于x的方程f（x）=3m有两个解，求m的取值范围．
13．解：（1）f（x）=eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))\s\up12(x)－1，x≥0,3x－1，x<0))如图所示．
（2）作出直线y=3m，当-1＜3m＜0时，即-eq \f(1,3)＜m＜0时，函数y=f（x）与y=3m有两个交点，即关于x的方程f（x）=3m有两个解．
[C拓展探究]
14．已知-1≤x≤2，求函数f（x）=3+2×3x+1-9x的最大值和最小值．
【第2课时】
【学习目标】
1．掌握指数函数与其他函数复合所得的函数单调区间的求法及单调性的判断。
2．能借助指数函数性质比较大小，会解简单的指数方程、不等式。
【学习重难点】
1．与指数函数有关的复合函数。
2．指数函数性质的应用。
【学习过程】
一、自我检测
1．判断正误（正确的打“√”，错误的打“×”）
（1）函数是指数函数．（ ）
（2）函数是指数函数．（ ）
（3）函数是指数函数．（ ）
2．（2019·南昌检测）如果指数函数f（x）=（a-1）x是R上的减函数，那么实数a的取值范围是（ ）
A．a<2
B．a>2
C．1D．03．（2019·吉林省实验中学期中）已知集合A={x|x<3}，B={x|2x>4}，则A∩B=（ ）
A．∅
B．{x|0C．{x|1D．{x|24．已知a>0，且a≠1，若函数f（x）=2ax-4在区间[-1，2]上的最大值为10，则a=________．
探究一、解指数方程
1．解下列关于x的方程：
（1）81×32x=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,9)))eq \s\up12(x＋2)；
（2）22x+2+3×2x-1=0．
[规律方法]
（1）型方程通常化为同底来解．
（2）解指数方程时常用换元法，用换元法时要特别注意“元”的范围．转化为二次方程求解时，要注意二次方程根的取舍．
2．解下列方程．
（1）33x-2=81；
（2）eq \r(5x)=eq \r(3,25)；
（3）52x-6×5x+5=0．
探究二、指数函数单调性的应用
命题角度一：比较大小
3．比较下列各题中两个值的大小：
（1）1.7-2.5，1.7-3；（2）1.70.3，1.50.3；（3）1.70.3，0.83.1．
eq \a\vs4\al()[规律方法]
当两个指数底数相同时，利用指数函数的单调性直接比较大小；当两个数不能利用同一函数的单调性作比较时，可考虑引入中间量，常用的中间量有0和±1．
4．比较下列各题中两个值的大小．
（1）0．8-0．1，1．250．2；（2）eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,π)))eq \s\up12(－π)，1．
命题角度二：解指数不等式
5．解关于x的不等式：a2x+1≤ax-5（a>0，且a≠1）．
[规律方法]eq \a\vs4\al()
解指数不等式的基本方法是先化为同底指数式，再利用指数函数单调性化为常规的不等式来解，注意底数对不等号方向的影响．
6．已知（a2+a+2）x>（a2+a+2）1-x，则x的取值范围是________．
命题角度三：与指数函数复合的单调性问题
7．（1）求函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x2－6x＋17)的单调区间；
（2）求函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(2x)-8·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)+17的单调区间．
[规律方法]eq \a\vs4\al()
复合函数单调性问题归根结底是由x18．求下列函数的单调区间．
（1）；
（2）．
【达标测评】
1．若，，则a，b，c的大小关系是（ ）
A．a＞b＞c
B．a＜b＜c
C．a＜c＜b
D．b＜c＜a
2．方程42x-1=16的解是（ ）
A．x=-eq \f(3,2)
B．x=eq \f(3,2)
C．x=1
D．x=2
3．函数f（x）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x2－1)的单调递增区间为（ ）
A．（-∞，0]
B．[0，+∞）
C．（-1，+∞）
D．（-∞，-1）
4．设0＜a＜1，则关于x的不等式3的解集为________．
【参考答案】
【自我检测】
1．答案：（1）×（2）×（3）√
2．答案：D
3．答案：B
4．答案：（3，+∞）
探究一、求指数函数的解析式
1．【解】设f（x）=ax，将点（3，π）代入，得到f（3）=π，
即a3=π，解得，所以
[规律方法]eq \a\vs4\al()
根据指数函数的定义，a是一个常数，ax的系数为1，且a>0，a≠1．指数位置是x，其系数也为1，凡是不符合这些要求的都不是指数函数．
要求指数函数f（x）=ax（a>0且a≠1）的解析式，只需要求出a的值，要求a的值，只需一个已知条件即可．
2．解：由指数函数定义可知2b-3=1，即b=2．
将点（1，2）代入y=ax，得a=2．
3．【解】（1）函数y=eq \f(3x,1＋3x)的定义域为R（因为对一切x∈R，3x≠-1）．
因为y=eq \f(（1＋3x）－1,1＋3x)=1-eq \f(1,1＋3x)，
又因为3x>0，1+3x>1，
所以0所以0<1-eq \f(1,1＋3x)<1，所以y=eq \f(3x,1＋3x)的值域为（0，1）．
（2）定义域为R，y=（2x）2-2x+1=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x－\f(1,2)))eq \s\up12(2)+eq \f(3,4)，
因为2x>0，所以当2x=eq \f(1,2)时，即x=-1时，y取最小值eq \f(3,4)，
所以y=4x-2x+1的值域为eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3,4)，＋∞))．
4．解：（1）因为1-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)≥0，所以eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)≤1，解得x≥0，
所以y=eq \r(1－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))\s\up12(x))的定义域为[0，+∞）．
令t=1-eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)（x≥0），则0≤t<1，所以0≤eq \r(t)<1，
所以y=eq \r(1－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))\s\up12(x))的值域为[0，1）．
（2）y=eq \f(ax－1,ax＋1)的定义域为R．
法一：设ax=t，则t∈（0，+∞）．
y=eq \f(t－1,t＋1)=eq \f(t＋1－2,t＋1)=1-eq \f(2,t＋1)．
因为t>0，所以t+1>1，
所以0所以-1<1-eq \f(2,t＋1)<1．
即y=eq \f(ax－1,ax＋1)的值域为（-1，1）．
法二：由y=eq \f(ax－1,ax＋1)（a>0，且a≠1），得ax=-eq \f(y＋1,y－1)．
因为ax>0，所以-eq \f(y＋1,y－1)>0，所以-1所以y=eq \f(ax－1,ax＋1)的值域是（-1，1）．
命题角度二：y=af（x）型
5．【解】要使函数有意义，
则x应满足32x-1-eq \f(1,9)≥0，即32x-1≥3-2．
因为y=3x在R上是增函数，所以2x-1≥-2，解得x≥-eq \f(1,2)．
故所求函数的定义域为eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，＋∞))．
当x∈eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，＋∞))时，32x-1∈eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,9)，＋∞))．
所以32x-1-eq \f(1,9)∈[0，+∞）．所以原函数的值域为[0，+∞）．
6．解：（1）由x-1≠0，得x≠1，
所以所求函数的定义域为{x|x≠1}．
由eq \f(1,x－1)≠0，得y≠1，
所以所求函数的值域为{y|y>0且y≠1}．
（2）由5x-1≥0，得x≥eq \f(1,5)，
所以所求函数的定义域为eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|\rc\}(\a\vs4\al\c1(x≥\f(1,5)))))．
由eq \r(5x－1)≥0，得y≥1，所以所求函数的值域为{y|y≥1}．
探究三、指数函数图像的应用
7．【解析】根据选项中二次函数图像可知c=0，
所以二次函数y=ax2+bx，因为eq \f(b,a)>0，
所以二次函数的对称轴为x=-eq \f(b,2a)<0，
排除B、D．
对于A，C，都有0故选A．
【答案】A
【总结升华】eq \a\vs4\al()
1．解析：选A．当x+1=0，即x=-1时，ax+1=a0=1，为常数，此时f（x）=4+1=5．即点P的坐标为（-1，5）．
2．【解】y=|2x-1|=eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1－2x，x<0，,2x－1，x≥0，))
图像如图：
由图可知，要使直线y=2a与函数y=|2x-1|的图像有两个公共点，
需0<2a<1，即03．解析：选B．函数y=a|x|是偶函数，当x>0时，y=ax．由已知a>1，故选B．
4．答案：D
5．答案：C
6．答案：C
7．答案：D
8．解析：选A．由题意，自变量x应满足eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1－2x≥0，,x＋3>0，))
解得-3【巩固提升】
[A基础达标]
1．解析：选B．由指数函数的定义可判定，只有②正确．
2．解析：选C．由2x-1≥0，得2x≥20，所以x≥0．
3．解析：选C．当x=-1时，显然f（x）=0，因此图像必过点（-1，0）．
4．解析：选A．因为g（x）=-x+a的斜率为-1，所以g（x）=-x+a在定义域内单调递减，所以C、D选项错误．当a＞1时，函数f（x）=ax单调递增，当x=0时，g（0）=a＞1，此时两函数的图像大致为选项A．
5．解析：选C．由图像知，函数y=ax在R上单调递减，故0＜a＜1；函数y=bx在R上单调递增，故b＞1．
6．解析：由指数函数的定义得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a2－2a＋2＝1，,a＋1＞0，,a＋1≠1，))解得a=1．
答案：1
7．解析：由已知得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a－1＋b＝5，,a0＋b＝4，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a＝\f(1,2)，,b＝3，))
所以f（x）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)+3，所以f（-2）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－2)+3=4+3=7．
答案：7
8．解析：由x＜0，得0＜2x＜1；由x＞0，所以-x＜0，0＜2-x＜1，所以-1＜-2-x＜0．所以函数f（x）的值域为（-1，0）∪（0，1）．
答案：（-1，0）∪（0，1）
9．解：（1）要使y=2eq \s\up6(\f(1,x))-1有意义，需x≠0，则2eq \s\up6(\f(1,x))＞0且2eq \s\up6(\f(1,x))≠1，故2eq \s\up6(\f(1,x))-1＞-1且2eq \s\up6(\f(1,x))-1≠0，故函数y=2eq \s\up6(\f(1,x))-1的定义域为{x|x≠0}，函数y=2eq \s\up6(\f(1,x))-1的值域为（-1，0）∪（0，+∞）．
（2）函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(2x2－2)的定义域为实数集R，由于2x2≥0，则2x2-2≥-2，故0＜eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(2x2－2)≤9，所以函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))eq \s\up12(2x2－2)的值域为（0，9]．
10．解：（1）函数图像经过点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，\f(1,2)))，所以a2-1=eq \f(1,2)，则a=eq \f(1,2)．
（2）由（1）知f（x）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x－1)（x≥0），由x≥0，得x-1≥-1．于是0＜eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x－1)≤eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－1)=2，所以函数的值域为（0，2]．
[B能力提升]
11．解析：选C．要使函数式有意义，则16-4x≥0．又因为4x＞0，所以0≤16-4x＜16，即函数y=eq \r(16－4x)的值域为[0，4）．
12．解析：选C．要使y=2eq \s\up6(\f(x－1,x))-1有意义，只需eq \f(x－1,x)有意义，即x≠0．若令u=eq \f(x－1,x)=1-eq \f(1,x)，则可知u≠1，所以y≠21-1=1．又因为y=2eq \s\up6(\f(x－1,x))-1＞0-1=-1，所以函数y=2eq \s\up6(\f(x－1,x))-1的定义域为{x|x≠0}，值域为{y|y＞-1，且y≠1}．
13．解：（1）f（x）=eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))\s\up12(x)－1，x≥0,3x－1，x<0))如图所示．
（2）作出直线y=3m，当-1＜3m＜0时，即-eq \f(1,3)＜m＜0时，函数y=f（x）与y=3m有两个交点，即关于x的方程f（x）=3m有两个解．
[C拓展探究]
14．解：设t=3x，因为-1≤x≤2，所以eq \f(1,3)≤t≤9，则f（x）=g（t）=-（t-3）2+12，故当t=3，即x=1时，f（x）取得最大值12；当t=9，即x=2时，f（x）取得最小值-24．
【第2课时】
一、自我检测
1．答案：（1）×（2）×（3）×
2．解析：选C．由题意知03．解析：选D．因为函数y=2x是增函数，所以B={x|2x>4}={x|x>2}，故A∩B={x|24．解析：若a>1，则函数y=ax在区间[-1，2]上是递增的，当x=2时，f（x）取得最大值f（2）=2a2-4=10，即a2=7，又a>1，所以a=eq \r(7)．
若0答案：eq \r(7)或eq \f(1,7)
探究一、解指数方程
1．【解】（1）因为81×32x=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,9)))eq \s\up12(x＋2)，
所以32x+4=3-2（x+2），所以2x+4=-2（x+2），所以x=-2．
（2）因为22x+2+3×2x-1=0，
所以4×（2x）2+3×2x-1=0．
令t=2x（t＞0），则方程可化为4t2+3t-1=0，
解得t=eq \f(1,4)或t=-1（舍去）．
所以2x=eq \f(1,4)，解得x=-2．
2．解：（1）因为81=34，所以33x-2=34，
所以3x-2=4，解得x=2．
（2）因为eq \r(5x)=eq \r(3,25)，所以5eq \s\up6(\f(x,2))=5eq \s\up6(\f(2,3))，
所以eq \f(x,2)=eq \f(2,3)，解得x=eq \f(4,3)．
（3）令t=5x，则t>0，
原方程可化为t2-6t+5=0，
解得t=5或t=1，即5x=5或5x=1，
所以x=1或x=0．
探究二、指数函数单调性的应用
3．【解】（1）因为1．7＞1，
所以y=1．7x在（-∞，+∞）上是增函数．
因为-2．5＞-3，所以1．7-2．5＞1．7-3．
（2）法一：因为1．7＞1．5，所以在（0，+∞）上，y=1．7x的图像位于y=1．5x的图像的上方．
而0．3＞0，所以1．70．3＞1．50．3．
法二：因为1．50．3＞0，且eq \f(1.70.3,1.50.3)=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1.7,1.5)))eq \s\up12(0.3)，
又eq \f(1.7,1.5)＞1，0．3＞0，所以eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1.7,1.5)))eq \s\up12(0.3)＞1，
所以1．70．3＞1．50．3．
（3）因为1．70．3＞1．70=1，0．83．1＜0．80=1，
所以1．70．3＞0．83．1．
4．解：（1）因为0＜0．8＜1，所以y=0．8x在R上是减函数．
因为-0．2＜-0．1，所以0．8-0．2=1．250．2＞0．8-0．1，
即0．8-0．1＜1．250．2．
（2）因为0＜eq \f(1,π)＜1，所以函数y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,π)))eq \s\up12(x)在R上是减函数．
又因为-π＜0，所以eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,π)))eq \s\up12(－π)＞eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,π)))eq \s\up12(0)=1，
即eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,π)))eq \s\up12(－π)＞1．
5．【解】（1）当0所以2x+1≥x-5，解得x≥-6．
（2）当a>1时，因为a2x+1≤ax-5，
所以2x+1≤x-5，解得x≤-6．
综上所述，当01时，不等式的解集为{x|x≤-6}．
6．解析：因为a2+a+2=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a＋\f(1,2)))eq \s\up12(2)+eq \f(7,4)>1，
所以（a2+a+2）x>（a2+a+2）1-x⇔x>1-x⇔x>eq \f(1,2)．
所以x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，＋∞))．
答案：eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，＋∞))
7．【解】（1）y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x2－6x＋17)的定义域为R．
在（-∞，3]上，y=x2-6x+17是减函数，
所以y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x2－6x＋17)在（-∞，3]上是增函数．
在上，是增函数，
所以在上是减函数．
所以的增区间是，减区间是．
（2）设，又在上单调递减，在上单调递增．
令eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)≤4，得x≥-2．
所以当时，，
即4≥t1>t2，所以teq \\al(2,1)-8t1+17所以y=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(2x)-8·eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x)+17的单调增区间是[-2，+∞）．
同理可得减区间是（-∞，-2）．
8．解：（1）设，，由，得u在（-∞，-1]上为减函数，在（-1，+∞）上为增函数．
当a>1时，y关于u为增函数；
当0所以当a>1时，原函数的增区间为（-1，+∞），减区间为（-∞，-1]；
当0（2）已知函数y=eq \f(1,0.2x－1)的定义域为{x|x≠0}．
设y=eq \f(1,u－1)，u=0．2x，易知u=0．2x为减函数．
而根据y=eq \f(1,u－1)的图像可知在区间（-∞，1）和（1，+∞）上，y是关于u的减函数，所以原函数的增区间为（-∞，0）和（0，+∞）．
【达标测评】
1．解析：选B．因为y=0．5x在R上是减函数，且eq \f(1,2)＞eq \f(1,3)＞eq \f(1,4)，
所以．
2．解析：选B．42x-1=42，所以2x-1=2，x=eq \f(3,2)．
3．解析：选A．因为f（x）=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(x2－1)，04．解析：因为0＜a＜1，所以y=ax在R上是减函数，
又因为，
所以2x2-3x+2＜2x2+2x-3，解得x＞1．
答案：（1，+∞）