重庆市酉阳土家族苗族自治县2020-2021学年九年级上学期期末数学试题(word版含答案)
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这是一份重庆市酉阳土家族苗族自治县2020-2021学年九年级上学期期末数学试题(word版含答案),共24页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
重庆市酉阳土家族苗族自治县2020-2021学年九年级上学期期末数学试题
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
一、单选题
1.在平面直角坐标系中,点关于原点对称的点的坐标是( )
A. B. C. D.
2.下列4个图形中,是中心对称图形但不是轴对称的图形是( ).
A. B. C. D.
3.方程的解是( )
A. B. C., D.,
4.“射击运动员射击一次,命中靶心”这个事件是( )
A.确定事件 B.必然事件 C.不可能事件 D.随机事件
5.抛物线的对称轴是( )
A.轴 B.直线 C.直线 D.直线
6.在一个不透明的口袋中,装有个红球个白球,它们除颜色外都相同,从中任意摸出一个球,摸到红球的概率为( )
A. B. C. D.
7.如图,是的直径,点C,D在上,若,则的度数为( )
A.55° B.45° C.35° D.25°
8.如图⊙O的直径垂直于弦,垂足是,,,的长为( )
A. B.4 C. D.8
9.如图,将△ABC绕点C顺时针方向旋转40°得△A’CB’,若AC⊥A’B’,则∠BAC等于( )
A.50° B.60° C.70° D.80°
10.某药品原价每盒元,为响应国家解决老百姓看病贵的号召,经过连续两次降价,现在售价每盒元,如果该药品平均每次降价的百分率是x,那么列方程正确的是( )
A. B. C. D.
11.下列图形是由小圆按一定的规律组成,其中图①中有个小圆,图②中一共有个小圆,图③中一共有个小圆,…,按此规律,第⑥个图形中共有小圆的个数为( )
A.81 B.76 C.70 D.51
12.在这六个数中,随机取出一个数记为,那么使得关于的一元二次方程有解,且使得关于的方程有整数解的所有的值之和为( )
A. B. C. D.
二、填空题
13.抛物线的开口方向是______________.
14.冉超不会做最后一个选择题,在四个选项中随便选了一个,则他选对的概率是_______.
15.某飞机着陆后靠惯性滑行的路程米与时间秒满足关系式,那么该飞机着陆后滑行到停止的时间为__________秒.
16.如图,在矩形ABCD中,AB=4,BC=2,以A为圆心,AB的长为半径画弧,交DC于点E,交AD延长线于点F,则图中阴影部分的面积为_____.
17.为参加“重庆长江三峡国际马拉松”比赛,甲乙两运动员相约晨练跑步.甲比乙早分钟跑步出门,分钟后他们相遇.两人寒暄分钟后,决定进行同向跑步练习,练习时甲的速度是米/分,乙的速度是米/分.练习分钟后,乙突感身体不适,于是他按原路以出门时的速度返回,直到与甲再次相遇.如图是甲、乙之间的距离(千米)与甲跑步所用时间(分钟)之间的函数图象.问甲从他家出发到他们再次相遇时,一共用了____________分钟.
18.如图,点P是正方形ABCD边AB上一点,连接PD并将线段PD绕点P顺时针方向旋转得到线段PE,PE交边BC于点F,连接BE、DF.如果AB=2,PF平分,则BF=_______.
三、解答题
19.(1)解方程:;
(2)求抛物线的顶点坐标.
20.为了解九年级学生的体能状况,从我县某校九年级学生中随机抽取部分学生进行八百米跑体能测试,测试结果分为A、B、C、D四个等级,请根据两幅统计图中的信息回答下列问题;
(1)求本次测试共调查了多少名学生?并在答题卡上补全条形统计图;
(2)经测试,全年级有4名学生体能特别好,其中有1名女生,学校准备从这4名学生中任选两名参加运动会,请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率.
21.已知代数式.
(1)化简已知代数式;
(2)若满足,求已知代数式的值.
22.如图,在平面直角坐标系中,一次函数的图象与二次函数的图象交于第一、二象限内的A,B两点,与轴交于点C.过点B作轴,垂足为M, ,,点A的纵坐标为.
(1)求该二次函数和一次函数的解析式;
(2)连接MC,AO,求四边形CMOA的面积.
23.某水果商今年12月份用元在我县后溪镇某果园购进A种柑橘箱和种柑橘箱.已知A种柑橘的售价是B种柑橘售价的倍少元,预计当月即可全部售完.
(1)该水果商想通过本次销售至少盈利元,则B种柑橘每箱至少卖多少元?
(2)若A、B两种柑橘在(1)的条件下均以最低价格销售,但在实际销售中,受市场影响,A种柑橘的销量还是下降了,售价下降了;B种柑橘的销量下降了,但售价不变,结果A、B两种柑橘的销售总额相等,求的值.
24.在中,,点D是BC上一点,连接AD.
(1)如图1,若,求AD的长;
(2)如图2,延长AC到点E,使,连接BE,将线段BE绕点E顺时针方向旋转一定角度得线段EF,连接FD并延长交AC于点G,且点G是线段AE的中点.求证:.
25.对任意一个三位数t,如果t满足各数位上的数字互不相同,且都不为零,那么称这个数为“互异数”,将一个“互异数”任意两个数位上的数字对调后可以得到三个不同的新三位数,把这三个新三位数的和与的商记为.例如t,对调百位与十位上的数字得到213,对调百位与个位上的数字得到321,对调十位与个位上的数字得到132,这三个新三位数的和与的商为,所以.
(1)计算:;
(2)若都是“互异数”,其中,(,,x,y都是正整数),当时,求的值.
26.如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=﹣x2+4x+5与y轴交于点A,与x轴的正半轴交于点C.
(1)求直线AC解析式;
(2)过点A作AD平行于x轴,交抛物线于点D,点F为抛物线上的一点(点F在AD上方),作EF平行于y轴交AC于点E,当四边形AFDE的面积最大时?求点F的坐标,并求出最大面积;
(3)若动点P先从(2)中的点F出发沿适当的路径运动到抛物线对称轴上点M处,再沿垂直于y轴的方向运动到y轴上的点N处,然后沿适当的路径运动到点C停止,当动点P的运动路径最短时,求点N的坐标,并求最短路径长.
参考答案
1.A
【分析】
根据坐标系中关于原点对称的点的坐标关系判断即可.
【详解】
解:∵关于原点对称的一组坐标横纵坐标互为相反数,
∴(-2,-3)关于原点对称的点是(2,3) .
故选:A.
【点睛】
本题主要考查坐标系中关于原点对称的点的坐标关系,熟练掌握坐标系中关于原点对称的点的坐标特征是解题的关键.
2.D
【详解】
解:是轴对称图形,不是中心对称图形,故不符合题意;
既是轴对称图形,又是中心对称图形,故不符合题意;
是轴对称图形,不是中心对称图形,故不符合题意;
不是轴对称图形,是中心对称图形,故符合题意;
故选.
3.C
【分析】
移项,分解因式,即可得出两个一元一次方程,求出方程的解即可.
【详解】
移项得x2-2x=0,
x(x-2)=0,
x=0,x-2=0,
x1=0,x2=2,
故选C.
【点睛】
本题考查了解一元二次方程的应用,解此题的关键是能把一元二次方程转化成一元一次方程,题目比较好,难度适中.
4.D
【分析】
根据题中描述的事件发生的可能性大小,进行判断得出正确答案.
【详解】
“射击运动员射击一次,命中靶心”,可能会命中靶心,也可能不会命中靶心,
这个事件是随机事件.
故选:D.
【点睛】
本题考查随机事件,理解并掌握确定事件、必然事件、不可能事件、随机事件的概念是解题关键.
5.D
【分析】
已知抛物线解析式为顶点式,由y=a(x-h)2+k的对称轴是直线x=h可得答案.
【详解】
解:∵为抛物线的顶点式,
抛物线的对称轴是直线,
故选:D.
【点睛】
本题考查了二次函数的性质,解析式化为顶点式y=a(x-h)2+k,顶点坐标是(h,k),对称轴是直线x=h.
6.B
【分析】
先求出球的所有个数与红球的个数,再根据概率公式解答即可.
【详解】
解:解:共6球在袋中,其中4个红球,
故摸到红球的概率为,
故选:B.
【点睛】
本题考查了概率的求法:如果一个事件有n种可能,而且这些事件的可能性相同,其中事件A出现m种结果,那么事件A的概率P(A)= ,难度适中.
7.C
【分析】
先根据圆周角定理求出∠ADB的度数,再由直角三角形的性质求出∠A的度数,进而可得出结论.
【详解】
解:连接AD,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°.
∵∠ABD=55°,
∴∠DAB=90°-55°=35°,
∴∠BCD=∠DAB=35°.
故选:C.
【点睛】
本题考查的是圆周角定理,熟知直径所对的圆周角是直角是解答此题的关键.
8.C
【分析】
根据圆周角定理得∠BOC=2∠A=45°,由于⊙O的直径AB垂直于弦CD,根据垂径定理得CE=DE,且可判断△OCE为等腰直角三角形,设OE=CE=x,根据勾股定理可求得CE的长,然后利用CD=2CE进行计算.
【详解】
∵直径AB垂直于弦CD,
∴CE=DE=CD,
∵∠A=22.5°,
∴∠BOC=45°,
∴OE=CE,
设OE=CE=x,
∵OC=4,
∴x2+x2=16,
解得:x=2,
即:CE=2,
∴CD=4,
故选C.
【点睛】
本题考查了圆周角定理:在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,都等于这条弧所对的圆心角的一半.也考查了等腰直角三角形的性质和垂径定理.
9.A
【详解】
考点:旋转的性质.
分析:已知旋转角度,旋转方向,可求∠A′CA,根据互余关系求∠A′,根据对应角相等求∠BAC.
解:依题意旋转角∠A′CA=40°,
由于AC⊥A′B′,由互余关系得∠A′=90°-40°=50°,
由对应角相等,得∠BAC=∠A′=50°.故选A.
10.D
【分析】
可先表示出第一次降价后的价格,那么第一次降价后的价格×(1﹣降低的百分率)=16,把相应数值代入即可求解.
【详解】
解:设该药品平均每次降价的百分率是x,则第一次降价后的价格为30×(1﹣x)元,
第二次降价后的售价是在第一次降价后的价格的基础上降低x,为30×(1﹣x)×(1﹣x)元,则列出的方程是.
故选:D.
【点睛】
本题考查了由实际问题抽象出一元二次方程:求平均变化率.若设变化前的量为a,变化后的量为b,平均变化率为x,则经过两次变化后的数量关系为a(1±x)2=b.
11.B
【分析】
本题考查找规律,第n个图的正中间有(2n-1)个圆,向上依次减少2个圆,向下依次减少 1个圆.
【详解】
观察题图可知,图①中有1个圆;
图②中有(1+3+2)个圆,一共有 6 个小圆;
图③中有(1+3+5+4+3)个圆,一共有 16 个小圆;
图④中有 (1+3+5+7+6+5+4)个圆,一共有31个圆;
图⑤中有(1+3+5+7+9+8+7+6+5)个圆,一共有51个圆;
图⑥中有(1+3+5+7+9+11+10+9+8+7+6+5+4)个圆,一共有76个圆.
故选B.
【点睛】
此题考查了据图形归纳数字规律的问题,关键是通过观察图形归纳出数字规律.
12.A
【分析】
要使得关于的一元二次方程有解,利用根的判别式求出符合条件的值,再解方程,解出a的可能值,最终综合选择满足所有条件的a的值,然后求它们的和即可.
【详解】
解:要使得关于的一元二次方程有解,
则Δ≥16-4×(-2a)≥0,
解得a≥-2,
∴a的可能值为-2,-1、0、1、2,
解可得,
,
使得方程有整数解满足条件的a的值为0、2,
综上所述满足条件的a的值为0、2,
0+2=2,
故选:A.
【点睛】
本题考查了根的判别式以及分式方程,灵活运用根的判别式以及熟练求解分式方程是解题的关键.
13.向下
【分析】
二次函数的二次项系数a<0,则抛物线开口向下.
【详解】
解:抛物线中,
∵a=-3<0,
∴开口向下,
故答案为:向下.
【点睛】
本题考查了二次函数的性质,解题的关键是熟悉二次函数的图象与系数之间的关系.本题属于基础题,难度不大,解决该题型题目时,熟练掌握二次函数的图象与系数之间的关系是关键.
14.
【分析】
答对的一种情况除以总情况数4即为所求的概率.
【详解】
根据概率公式P(A)=,
得答对的概率为P(A)==.
【点睛】
如果一个事件有n种可能,而且这些事件的可能性相同,其中事件A出现m种结果,那么事件A的概率P(A)=.熟练掌握是解决问题的关键.
15.60
【分析】
直接利用二次函数的性质求出二次函数对称轴,即可得出答案.
【详解】
由题意知
当t=- = =60(秒)时,s取得最大值,
即飞机着陆后滑行到停止的时间为60秒.
故答案为60秒
【点睛】
本题主要考查了二次函数的应用,正确求出二次函数对称轴是解题关键.
16.
【详解】
解:在矩形ABCD中,∵AB=4,BC=2,∴AB=2DA,AB=AE(扇形的半径),∴AE=2DA,∴∠AED=30°,∴∠1=90°﹣30°=60°.∵DA=2,∴AB=2DA=4,∴A E=4,∴DE= =,∴阴影FDE的面积S1=S扇形AEF﹣S△ADE=﹣×2×= .
阴影ECB的面积S2=S矩形﹣S△ADE﹣S扇形ABE=2×4﹣×2×﹣=;
则图中阴影部分的面积为=+ =.
故答案为.
点睛:本题考查了矩形的性质,扇形的面积计算,直角三角形30°角所对的直角边等于斜边的一半的性质,熟记性质并求出∠AED=30°是解题的关键,也是本题的难点.
17.11
【分析】
由图象可以看出,0-1min内,甲的速度可由距离减小量除以时间求得,1-3min内,根据等量关系“距离减小量=甲跑过的路程+乙跑过的路程”可得出乙的速度;由于甲的速度始终是180米/分,乙的速度开始是240米/分,则他们的速度之差是60米/分,则5分钟相差400米,设再经过t分钟两人相遇,利用相遇问题得到180t+120t=400,然后求出t后加上前面的10分钟可得到小刚从家出发到他们再次相遇的时间总和.
【详解】
甲出门时的速度v1=(540-440)=100(米/分),
设乙出门时的速度为v2(米/分),
根据题意得2×(v1+v2)=440,解得v2=120米/分,
甲的速度始终是180米/分,乙的速度开始为240米/分,他们的速度之差是60米/分,5分钟相差300米,
设再经过t分钟两人相遇,则180t+120t=300,解得t=1(分)
所以甲从家出发到他们再次相遇时5+5+1=11(分).
故答案为:11.
【点睛】
本题考查了一次函数的应用:会利用一次函数图象解决行程问题的数量关系,相遇问题,追击问题的综合应用;解答时灵活运用行程问题的数量关系解答是关键.
18.
【分析】
如下图所示,过点P作DE的垂线交于点G,则,得到,再进一步证明,得到,则点P是AB的中点,且AB=2,得到AP=PB=1,通过△PBF∽△DAP,即可得到结果.
【详解】
解:过点P作DE的垂线交于点G,
∵PF平分,,,
∴,,
在和中,
∴≌(AAS)
∴,
又∵PD绕点P顺时针方向旋转得到线段PE,
∴,
∴,
由直角三角形中的互余关系可得,
,
在和中,
∴≌(AAS)
∴,
则,
∵AB=2,
∴AP=PB=1,
∵FB⊥AB,DA⊥AB,
∴,
又∵
∴△PBF∽△DAP,
∴,
∵PB=AP=1,DA=2,
∴BF=.
故答案为:.
【点睛】
本题主要考查了全等三角形以及相似三角形的判定与性质,利于互余关系推导出三角形全等与相似是解题的关键.
19.(1);(2)
【分析】
(1)已知的一元二次方程为一般式,直接利用公式法写出一元二次方程的解即可;
(2)已知抛物线的解析式是一般式,根据抛物线的顶点坐标公式,直接计算出其顶点坐标即可;
【详解】
解:(1)
,
,
;
(2), ,
该抛物线的顶点为.
【点睛】
本题考查了解一元二次方程的公式法和二次函数的顶点坐标公式,一元二次方程,当时,其解为;抛物线,其顶点坐标为(,),理解并熟记公式是解本题的关键.
20.(1)共调查了50名学生,补图见解析;(2).
【分析】
(1)设本次测试共调查了名学生,根据总体、个体、百分比之间的关系列出方程即可解决.用总数减去、、中的人数,即可解决,画出条形图即可.
(2)画树状图展示所有12种等可能的结果数,再找出恰好抽到有1名女生的结果数,然后根据概率公式计算.
【详解】
解:(1)设本次测试共调查了名学生.
由题意,
解得:
∴本次测试共调查了50名学生.
则测试结果为等级的学生数=人.
条形统计图如图所示,
(2)画树状图:
共有12种等可能的结果数,其中恰好抽到有1名女生的结果数6,
所以恰好抽到有1名女生的概率==.
【点睛】
本题考查了列表法与树状图法:利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果,再从中选出符合事件或的结果数目,然后利用概率公式计算事件或事件的概率.也考查了统计图.解题的关键是灵活运用这些知识解决问题.
21.(1);(2)
【分析】
(1)先将分子分母因式分解,再算括号内,再算除法,即可求解;
(2)根据分式有意义的条件,可得,再根据,即可求解.
【详解】
解:(1)原式=
=
=
=
=;
(2)由已知得,由知:
,即,
所以原式.
【点睛】
本题主要考查了分式的化简求值,分是有意义的条件,二次根式的化简,熟练掌握分式化简的基本步骤是解题的关键.
22.(1),;(2)3
【分析】
(1)根据题意,得出交点B的坐标,带入二次函数解析式,求出二次函数解析式;根据二次函数解析式求出A点坐标,再将A、B两点坐标带入一次函数解析式求解即可;
(2)分别求出与,四边形的面积即为两个三角形面积之和.
【详解】
(1)∵BMx轴,垂足为M,
∴∠BMO=90°,
∵BM=OM,OB=,
∴BM=OM =1,
∴点B的坐标为(-1,1).
把B(-1,1)代入得:,
∴,
∴二次函数的解析式为.
∵点A在的图象上,点A的纵坐标为4,
∴,即,
∵点A在第一象限,则.
把、B(-1,1)代入得:
,解得
∴一次函数的解析式为;
(2)在中,得点C的坐标为(0,2),
∴.
∴.
【点睛】
本题考查了一次函数与二次函数的交点问题,利用交点坐标坐标进行求解.熟练掌握是解决问题的关键.
23.(1)B种柑橘每箱至少卖50元;(2)20
【分析】
(1)设每箱B柑橘卖x元,则A柑橘每箱卖(2x-10)元,根据“A、B两种柑橘的总销售额-总成本≥8000”列不等式求解可得;
(2)根据“A柑橘下降后的销量×下降后的售价=B柑橘下降后的销量×售价”列出方程求解可得.
【详解】
解:(1)设B种柑橘每箱卖x元.由题意,得:
250(2x-10)+150x-22000≥8000,
解得 x≥50,
答:B种柑橘每箱至少卖50元;
(2)根据题意,得,
设,化简得 .
解得 , (不合题意,舍去)
,
答:m的值为20.
【点睛】
本题主要考查一元二次方程和一元一次不等式的应用,理解题意找到相等和不等关系列出方程或不等式是解题的关键.
24.(1);(2)见解析
【分析】
(1)由等腰直角三角形的性质计算得到,再由勾股定理可得AD的长;
(2)先证明≌,得到,进而得到,再运用倍长中线法,延长到,使,连接,证明≌,得到进而得到,从而得证;
【详解】
(1)解⊥, .∴是直角三角形,
,
在中,由勾股定理得:
;
(2)证明:⊥,,
≌
是由绕点旋转得到的,
延长到,使,连接,
∵点是的中点,
,
≌,
,
.
【点睛】
本题主要考查了全等三角形的判定和性质、等腰三角形的判定和性质、旋转的性质、等腰直角三角形的性质及勾股定理得运用,解题的关键是利用倍长中线法,构造全等三角形和.
25.(1),;(2)48
【分析】
(1)根据相异数的概念首先写出对调的三个数,再求和,计算F(621),F(518)即可;
(2)首先根据题意计算F(m)和F(n),求解x和y的值即可.
【详解】
解:(1),
;
m,n都是“互异数”, ,
,
,
∵,
∴
∴,
∵,,x,y都是正整数,
∴,,
∵m,n都是“互异数”,
∴.
∴,,
∴或,
故或
【点睛】
本题主要考查新概念的理解,根据新概念列方程,采用分类讨论的思想求解.
26.(1)y=﹣x+5;(2)点F(,);四边形AFDE的面积的最大值为;(3)点N(0,),点P的运动路径最短距离=2+.
【分析】
(1)先求出点A,点C坐标,用待定系数法可求解析式;
(2)先求出点D坐标,设点F(x,﹣x2+4x+5),则点E坐标为(x,﹣x+5),即可求EF=﹣x2+5x,可求四边形AFDE的面积,由二次函数的性质可求解;
(3)由动点P的运动路径=FM+MN+NC=GM+2+MH,则当点G,点M,点H三点共线时,动点P的运动路径最小,由两点距离公式可求解.
【详解】
解:(1)∵抛物线y=﹣x2+4x+5与y轴交于点A,与x轴的正半轴交于点C.
∴当x=0时,y=5,则点A(0,5)
当y=0时,0=﹣x2+4x+5,
∴x1=5,x2=﹣1,
∴点B(﹣1,0),点 C(5,0)
设直线AC解析式为:y=kx+b,
∴
解得:
∴直线AC解析式为:y=﹣x+5,
(2)∵过点A作AD平行于x轴,
∴点D纵坐标为5,
∴5=﹣x2+4x+5,
∴x1=0,x2=4,
∴点D(4,5),
∴AD=4
设点F(x,﹣x2+4x+5),则点E坐标为(x,﹣x+5)
∴EF=﹣x2+4x+5﹣(﹣x+5)=﹣x2+5x,
∵四边形AFDE的面积=AD×EF=2EF=﹣2x2+10x=﹣2(x﹣)2+
∴当x=时,四边形AFDE的面积的最大值为,
∴点F(,);
(3)∵抛物线y=﹣x2+4x+5=﹣(x﹣2)2+9,
∴对称轴为x=2,
∴MN=2,
如图,将点C向右平移2个单位到点H(7,0),过点F作对称轴x=2的对称点G(,),连接GH,交直线x=2于点M,
∵MN∥CH,MN=CH=2,
∴四边形MNCH是平行四边形,
∴NC=MH,
∵动点P的运动路径=FM+MN+NC=GM+2+MH,
∴当点G,点M,点H三点共线时,动点P的运动路径最小,
∴动点P的运动路径最短距离=2+=2+,
设直线GH解析式为:y=mx+n,
∴,
解得,
∴直线GH解析式为:y=﹣x+,
当x=2时,y=,
∴点N(0,).
【点睛】
此题是二次函数综合题,主要考查了待定系数法求解析式,函数极值的确定方法,两点距离公式等知识,解题的关键是学会利用对称解决最短问题.
相关试卷
这是一份2020-2021学年重庆市重庆市育才中学九年级上学期期中数学试题(含答案与解析),共30页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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这是一份重庆市酉阳县2020-2021学年九年级上学期期末数学试题(word版含答案),共10页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。