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鲁科版 (2019)必修 第一册第5章 牛顿运动定律第3节 牛顿第二运动定律课后测评
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这是一份鲁科版 (2019)必修 第一册第5章 牛顿运动定律第3节 牛顿第二运动定律课后测评，共6页。
题组一 对牛顿第二定律的理解
1．关于牛顿第二定律，以下说法中正确的是( )
A．由牛顿第二定律可知，加速度大的物体，所受的合外力一定大
B．牛顿第二定律说明了，质量大的物体，其加速度一定小
C．由F＝ma可知，物体所受到的合外力与物体的质量成正比
D．对同一物体而言，物体的加速度与物体所受到的合外力成正比，而且在任何情况下，加速度的方向始终与物体所受的合外力方向一致
D [加速度是由合外力和质量共同决定的，故加速度大的物体，所受合外力不一定大，质量大的物体，加速度不一定小，选项A、B错误；物体所受到的合外力与物体的质量无关，选项C错误；由牛顿第二定律可知，物体的加速度与物体所受到的合外力成正比，并且加速度的方向与合外力方向一致，选项D正确。]
2．物体受10 N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，当撤去这个拉力后，物体将( )
A．匀速运动
B．立即停止运动
C．产生加速度，做匀减速运动
D．产生加速度，做匀加速运动
C [物体在水平拉力作用下做匀速运动，说明物体受到一个与拉力等大反向的摩擦力的作用，当撤去拉力后，在摩擦力作用下，物体产生一个向后的加速度，做匀减速运动，C正确。]
题组二 牛顿第二定律的应用
3．如图所示，质量为m＝10 kg的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间动摩擦因数为0.2。与此同时物体受到一个水平向右的推力F＝20 N的作用，则物体产生的加速度大小和方向是(g取10 m/s2)( )
A．0 B．4 m/s2，水平向右
C．2 m/s2，水平向左 D．2 m/s2，水平向右
B [取向右为正方向，由牛顿第二定律得F＋f＝ma，而f＝μmg，解得a＝eq \f(F＋μmg,m)＝4 m/s2，故物体的加速度大小是4 m/s2，方向水平向右，B正确。]
4．如图所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩擦因数为μ的水平地面上做匀减速运动，不计其他外力及空气阻力，则中间一质量为m的土豆A受到其他土豆对它的作用力大小应是( )
A．mg B．μmg
C．mgeq \r(1＋μ2) D．mgeq \r(1－μ2)
C [土豆A受力如图，在水平方向上土豆具有和箱子共同的水平加速度a，由牛顿第二定律知：a＝μg，土豆A的水平合外力F1＝μmg。竖直方向上土豆A所受其他土豆的作用力F2＝mg，所以其他土豆对它的作用力的大小F＝eq \r(F\\al(2,1)＋F\\al(2,2))＝mgeq \r(1＋μ2)。]
5．(2020·山东省普通高中学业水平等级考试，15)如图甲所示，在高速公路的连续下坡路段通常会设置避险车道，供发生紧急情况的车辆避险使用，本题中避险车道是主车道旁的一段上坡路面。一辆货车在行驶过程中刹车失灵，以v0＝90 km/h的速度驶入避险车道，如图乙所示。设货车进入避险车道后牵引力为零，货车与路面间的动摩擦因数μ＝0.30，取重力加速度大小g＝10 m/s2。
甲 乙
(1)为了防止货车在避险车道上停下后发生溜滑现象，该避险车道上坡路面的倾角θ应该满足什么条件？设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，结果用θ的正切值表示。
(2)若避险车道路面倾角为15°，求货车在避险车道上行驶的最大距离。(已知sin 15°＝0.26，cs 15°＝0.97，结果保留两位有效数字)
[解析] (1)当货车在避险车道停下后，有fm≥mgsin θ，货车所受的最大静摩擦力fm＝μN＝μmgcs θ，
联立可解得tan θ≤0.30。
(2)货车在避险车道上行驶时，a＝eq \f(mgsin θ＋μmgcs θ,m)＝5.51 m/s2，
货车的初速度v0＝90 km/h＝25 m/s，
则货车在避险车道上行驶的最大距离为x＝eq \f(v\\al(2,0),2a)≈57 m。
[答案] (1)tan θ≤0.30 (2)57 m
题组三 瞬时加速度问题
6．(2020·湖北十堰高一上期末)如图所示，A、B为两个质量相等的小球，由细线相连，再用轻质弹簧悬挂起来，在A、B间细线烧断后的瞬间，A、B的加速度分别是( )
A．A、B的加速度大小均为g，方向都竖直向下
B．A的加速度为零，B的加速度大小为g，方向竖直向下
C．A的加速度大小为g，方向竖直向上，B的加速度大小为g，方向竖直向下
D．A的加速度大于g，方向竖直向上，B的加速度大小为g，方向竖直向下
C [细线烧断前，对整体分析，弹簧的拉力为F′＝2mg，细线的弹力F＝mg，烧断细线的瞬间，对A分析，此时加速度a＝eq \f(F′－mg,m)＝g，方向竖直向上；对B分析，B只受重力的作用，故加速度的大小为a′＝eq \f(mg,m)＝g，方向竖直向下，故C正确。]
7．(2019·福建厦门一中高一上月考)如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为θ＝30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态。当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为( )
A．零
B．大小为eq \f(2\r(3),3)g，方向竖直向下
C．大小为eq \f(2\r(3),3)g，方向垂直于木板向下
D．大小为eq \f(\r(3),3)g，方向水平向右
C [未撤离木板前，小球受到重力mg、弹簧的拉力F弹、木板的支持力F，如图所示。由平衡条件得Fcs θ＝mg，即F＝eq \f(mg,cs θ)。当撤离木板的瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，当木板的支持力F突然消失时，小球只受重力mg和弹簧的弹力F弹的作用，它们的合力大小等于F，方向与F的方向相反，故小球加速度方向垂直于木板向下，大小为a＝eq \f(F,m)＝eq \f(g,cs θ)＝eq \f(2\r(3),3)g。C正确。]
题组四 国际单位制
8．在国际单位制中，下列说法中不正确的是( )
A．在国际单位制中，力的单位是根据牛顿第二运动定律定义的
B．m和s都是国际单位制中力学的基本单位
C．千克是国际单位制中力学的三个基本物理量之一
D．m/s、N、m/s2都是国际单位制中的导出单位
C [在国际单位制中力的单位是牛顿，它是属于导出单位，是根据牛顿第二运动定律F＝ma定义的，1 N就是使质量为1 kg的物体产生1 m/s2加速度的力，故A正确；在国际单位制中，力学的三个基本单位是kg、m、s，故B正确；国际单位制中力学三个基本量是：长度、质量、时间，而千克只是质量的单位即基本单位，不是基本物理量，故C错误；在国际单位制中，m/s、N、m/s2都是导出单位，故D正确。]
9．(2020·重庆一中高一上期末)国际单位制(SI)定义了7个基本单位，其他单位均可根据物理关系导出。1967年用铯133原子基态的两个超精细能级间跃迁辐射的频率Δν＝9 192 631 770 Hz定义秒(s)；1983年用真空中的光速c＝299 792 458 m·s－1定义米(m)。2018年第26届国际计量大会决定，7个基本单位全部用基本物理常量来定义。关于国际单位制，下列选项不正确的是( )
A．7个基本单位全部用物理常量定义，保证了基本单位的稳定性
B．在力学范围内的基本单位有米(m)、千克(kg)、秒(s)
C．牛顿是导出单位，1 N＝1 kg·m·s2
D．米每二次方秒(m/s2)、牛顿每千克(N/kg)都是重力加速度g的单位
C [7个基本单位全部用物理常量定义，保证了基本单位的稳定性，选项A正确；在力学范围内的基本单位有米(m)、千克(kg)、秒(s)，选项B正确；牛顿是导出单位，1 N＝1 kg·m/s2，选项C错误；根据a＝eq \f(F,m)可知，米每二次方秒(m/s2)、牛顿每千克(N/kg)都是重力加速度g的单位，选项D正确，本题选择不正确的，故选C。]
10．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当小车的加速度增大时 ( )
A．M受到的静摩擦力增大
B．M对车厢壁的压力减小
C．M仍相对于车厢静止
D．M受到的静摩擦力减小
C [分析M的受力情况如图所示，水平方向上，FN＝ma，FN随a的增大而增大，由力的作用是相互的知，B错误；因FN增大，物块与车厢壁间的最大静摩擦力增大，故M相对于车厢仍静止，C正确；因M相对车厢壁静止，有Ff＝mg，与水平方向的加速度大小无关，A、D错误。]
11．(2020·山东聊城高一上期末)分别在四辆相同汽车的车厢顶部用细线悬挂一个小球，当汽车在平直道路上运动的过程中，小球相对汽车所处的状态如图所示。已知β>α>θ>0，则获得最大加速度的汽车是( )
A B C D
D [以题图A为例，选小球为研究对象，由牛顿第二定律得Tcs α＝mg，Tsin α＝ma，联立两式解得a＝gtan α，可知，α越大，汽车的加速度越大，由于β>α>θ>0，所以题图D中汽车的加速度最大，D符合题意。]
12．(多选)(2020·山东潍坊联考)如图所示，木箱通过轻绳Ob悬挂在天花板下，木箱内有一竖直轻弹簧，弹簧上方有一物块P，竖直轻绳Pc上端与木箱相连，下端与物块P相连，系统处于静止状态。已知木箱和物块P的质量均为m，重力加速度大小为g，弹簧对物块P的力表现为方向竖直向下的拉力且拉力大小为eq \f(1,4)mg。现将Ob绳剪断，下列说法正确的是( )
A．剪断Ob绳前，Pc绳的拉力大小为eq \f(5,4)mg
B．剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力为零
C．剪断Ob绳的瞬间，物块P的加速度大小为eq \f(1,4)g
D．剪断Ob绳的瞬间，Pc绳的拉力大小为eq \f(1,4)mg
AD [剪断Ob绳前，取物块为研究对象，由平衡关系可得FT＝F弹＋mg＝eq \f(1,4)mg＋mg＝eq \f(5,4)mg，Pc绳的拉力FT大小为eq \f(5,4)mg，故A正确；剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力仍为eq \f(1,4)mg，故B错误；剪断Ob绳的瞬间，假设轻绳Pc拉力瞬间变为零，木箱的加速度为a1，由牛顿第二定律可知a1＝eq \f(mg－F弹,m)＝eq \f(mg－\f(1,4)mg,m)＝eq \f(3,4)g，方向竖直向下。设物块P的加速度大小为a2，由牛顿第二定律可得a2＝eq \f(mg＋F弹,m)＝eq \f(mg＋\f(1,4)mg,m)＝eq \f(5,4)g，方向竖直向下，a1≠a2，说明轻绳Pc拉力不为零，处于绷紧状态，故木箱和物块P具有共同加速度，对整体，由牛顿第二定律得2mg＝2ma，故a＝g，方向竖直向下，物块P的加速度大小为g，则a′2＝eq \f(mg＋F弹－F′T,m)＝g，解得F′T＝eq \f(1,4)mg，故C错误，D正确。]
13．一个质量为4 kg的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.2．从t＝0开始，物体受到一个大小和方向呈周期性变化的水平力F的作用，力F随时间t变化的规律如图所示。g取10 m/s2。求：(结果可用分式表示)
(1)在2～4 s时间内，物体从开始做减速运动到停止所经历的时间；
(2)0～6 s内物体的位移大小。
[解析] (1)0～2 s内，F1＝12 N，由牛顿第二定律和运动学公式得F1－μmg＝ma1，v1＝a1t1,2～4 s内，F2＝－4 N，由牛顿第二定律和运动学公式得F2－μmg＝ma2,0－v1＝a2t2
解得物体从开始做减速运动到停止所用时间t2＝eq \f(2,3) s。
(2)0～2 s内物体的位移x1＝eq \f(v1t1,2)，
2～4 s内物体的位移x2＝eq \f(v1t2,2)，
由周期性可知4～6 s内和0～2 s内物体的位移相同，所以0～6 s内物体的位移大小为：x＝2x1＋x2＝eq \f(14,3) m。
[答案] (1)eq \f(2,3) s (2)eq \f(14,3) m
题组一 对牛顿第二定律的理解
1．关于牛顿第二定律，以下说法中正确的是( )
A．由牛顿第二定律可知，加速度大的物体，所受的合外力一定大
B．牛顿第二定律说明了，质量大的物体，其加速度一定小
C．由F＝ma可知，物体所受到的合外力与物体的质量成正比
D．对同一物体而言，物体的加速度与物体所受到的合外力成正比，而且在任何情况下，加速度的方向始终与物体所受的合外力方向一致
D [加速度是由合外力和质量共同决定的，故加速度大的物体，所受合外力不一定大，质量大的物体，加速度不一定小，选项A、B错误；物体所受到的合外力与物体的质量无关，选项C错误；由牛顿第二定律可知，物体的加速度与物体所受到的合外力成正比，并且加速度的方向与合外力方向一致，选项D正确。]
2．物体受10 N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，当撤去这个拉力后，物体将( )
A．匀速运动
B．立即停止运动
C．产生加速度，做匀减速运动
D．产生加速度，做匀加速运动
C [物体在水平拉力作用下做匀速运动，说明物体受到一个与拉力等大反向的摩擦力的作用，当撤去拉力后，在摩擦力作用下，物体产生一个向后的加速度，做匀减速运动，C正确。]
题组二 牛顿第二定律的应用
3．如图所示，质量为m＝10 kg的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间动摩擦因数为0.2。与此同时物体受到一个水平向右的推力F＝20 N的作用，则物体产生的加速度大小和方向是(g取10 m/s2)( )
A．0 B．4 m/s2，水平向右
C．2 m/s2，水平向左 D．2 m/s2，水平向右
B [取向右为正方向，由牛顿第二定律得F＋f＝ma，而f＝μmg，解得a＝eq \f(F＋μmg,m)＝4 m/s2，故物体的加速度大小是4 m/s2，方向水平向右，B正确。]
4．如图所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩擦因数为μ的水平地面上做匀减速运动，不计其他外力及空气阻力，则中间一质量为m的土豆A受到其他土豆对它的作用力大小应是( )
A．mg B．μmg
C．mgeq \r(1＋μ2) D．mgeq \r(1－μ2)
C [土豆A受力如图，在水平方向上土豆具有和箱子共同的水平加速度a，由牛顿第二定律知：a＝μg，土豆A的水平合外力F1＝μmg。竖直方向上土豆A所受其他土豆的作用力F2＝mg，所以其他土豆对它的作用力的大小F＝eq \r(F\\al(2,1)＋F\\al(2,2))＝mgeq \r(1＋μ2)。]
5．(2020·山东省普通高中学业水平等级考试，15)如图甲所示，在高速公路的连续下坡路段通常会设置避险车道，供发生紧急情况的车辆避险使用，本题中避险车道是主车道旁的一段上坡路面。一辆货车在行驶过程中刹车失灵，以v0＝90 km/h的速度驶入避险车道，如图乙所示。设货车进入避险车道后牵引力为零，货车与路面间的动摩擦因数μ＝0.30，取重力加速度大小g＝10 m/s2。
甲 乙
(1)为了防止货车在避险车道上停下后发生溜滑现象，该避险车道上坡路面的倾角θ应该满足什么条件？设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，结果用θ的正切值表示。
(2)若避险车道路面倾角为15°，求货车在避险车道上行驶的最大距离。(已知sin 15°＝0.26，cs 15°＝0.97，结果保留两位有效数字)
[解析] (1)当货车在避险车道停下后，有fm≥mgsin θ，货车所受的最大静摩擦力fm＝μN＝μmgcs θ，
联立可解得tan θ≤0.30。
(2)货车在避险车道上行驶时，a＝eq \f(mgsin θ＋μmgcs θ,m)＝5.51 m/s2，
货车的初速度v0＝90 km/h＝25 m/s，
则货车在避险车道上行驶的最大距离为x＝eq \f(v\\al(2,0),2a)≈57 m。
[答案] (1)tan θ≤0.30 (2)57 m
题组三 瞬时加速度问题
6．(2020·湖北十堰高一上期末)如图所示，A、B为两个质量相等的小球，由细线相连，再用轻质弹簧悬挂起来，在A、B间细线烧断后的瞬间，A、B的加速度分别是( )
A．A、B的加速度大小均为g，方向都竖直向下
B．A的加速度为零，B的加速度大小为g，方向竖直向下
C．A的加速度大小为g，方向竖直向上，B的加速度大小为g，方向竖直向下
D．A的加速度大于g，方向竖直向上，B的加速度大小为g，方向竖直向下
C [细线烧断前，对整体分析，弹簧的拉力为F′＝2mg，细线的弹力F＝mg，烧断细线的瞬间，对A分析，此时加速度a＝eq \f(F′－mg,m)＝g，方向竖直向上；对B分析，B只受重力的作用，故加速度的大小为a′＝eq \f(mg,m)＝g，方向竖直向下，故C正确。]
7．(2019·福建厦门一中高一上月考)如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为θ＝30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态。当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为( )
A．零
B．大小为eq \f(2\r(3),3)g，方向竖直向下
C．大小为eq \f(2\r(3),3)g，方向垂直于木板向下
D．大小为eq \f(\r(3),3)g，方向水平向右
C [未撤离木板前，小球受到重力mg、弹簧的拉力F弹、木板的支持力F，如图所示。由平衡条件得Fcs θ＝mg，即F＝eq \f(mg,cs θ)。当撤离木板的瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，当木板的支持力F突然消失时，小球只受重力mg和弹簧的弹力F弹的作用，它们的合力大小等于F，方向与F的方向相反，故小球加速度方向垂直于木板向下，大小为a＝eq \f(F,m)＝eq \f(g,cs θ)＝eq \f(2\r(3),3)g。C正确。]
题组四 国际单位制
8．在国际单位制中，下列说法中不正确的是( )
A．在国际单位制中，力的单位是根据牛顿第二运动定律定义的
B．m和s都是国际单位制中力学的基本单位
C．千克是国际单位制中力学的三个基本物理量之一
D．m/s、N、m/s2都是国际单位制中的导出单位
C [在国际单位制中力的单位是牛顿，它是属于导出单位，是根据牛顿第二运动定律F＝ma定义的，1 N就是使质量为1 kg的物体产生1 m/s2加速度的力，故A正确；在国际单位制中，力学的三个基本单位是kg、m、s，故B正确；国际单位制中力学三个基本量是：长度、质量、时间，而千克只是质量的单位即基本单位，不是基本物理量，故C错误；在国际单位制中，m/s、N、m/s2都是导出单位，故D正确。]
9．(2020·重庆一中高一上期末)国际单位制(SI)定义了7个基本单位，其他单位均可根据物理关系导出。1967年用铯133原子基态的两个超精细能级间跃迁辐射的频率Δν＝9 192 631 770 Hz定义秒(s)；1983年用真空中的光速c＝299 792 458 m·s－1定义米(m)。2018年第26届国际计量大会决定，7个基本单位全部用基本物理常量来定义。关于国际单位制，下列选项不正确的是( )
A．7个基本单位全部用物理常量定义，保证了基本单位的稳定性
B．在力学范围内的基本单位有米(m)、千克(kg)、秒(s)
C．牛顿是导出单位，1 N＝1 kg·m·s2
D．米每二次方秒(m/s2)、牛顿每千克(N/kg)都是重力加速度g的单位
C [7个基本单位全部用物理常量定义，保证了基本单位的稳定性，选项A正确；在力学范围内的基本单位有米(m)、千克(kg)、秒(s)，选项B正确；牛顿是导出单位，1 N＝1 kg·m/s2，选项C错误；根据a＝eq \f(F,m)可知，米每二次方秒(m/s2)、牛顿每千克(N/kg)都是重力加速度g的单位，选项D正确，本题选择不正确的，故选C。]
10．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当小车的加速度增大时 ( )
A．M受到的静摩擦力增大
B．M对车厢壁的压力减小
C．M仍相对于车厢静止
D．M受到的静摩擦力减小
C [分析M的受力情况如图所示，水平方向上，FN＝ma，FN随a的增大而增大，由力的作用是相互的知，B错误；因FN增大，物块与车厢壁间的最大静摩擦力增大，故M相对于车厢仍静止，C正确；因M相对车厢壁静止，有Ff＝mg，与水平方向的加速度大小无关，A、D错误。]
11．(2020·山东聊城高一上期末)分别在四辆相同汽车的车厢顶部用细线悬挂一个小球，当汽车在平直道路上运动的过程中，小球相对汽车所处的状态如图所示。已知β>α>θ>0，则获得最大加速度的汽车是( )
A B C D
D [以题图A为例，选小球为研究对象，由牛顿第二定律得Tcs α＝mg，Tsin α＝ma，联立两式解得a＝gtan α，可知，α越大，汽车的加速度越大，由于β>α>θ>0，所以题图D中汽车的加速度最大，D符合题意。]
12．(多选)(2020·山东潍坊联考)如图所示，木箱通过轻绳Ob悬挂在天花板下，木箱内有一竖直轻弹簧，弹簧上方有一物块P，竖直轻绳Pc上端与木箱相连，下端与物块P相连，系统处于静止状态。已知木箱和物块P的质量均为m，重力加速度大小为g，弹簧对物块P的力表现为方向竖直向下的拉力且拉力大小为eq \f(1,4)mg。现将Ob绳剪断，下列说法正确的是( )
A．剪断Ob绳前，Pc绳的拉力大小为eq \f(5,4)mg
B．剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力为零
C．剪断Ob绳的瞬间，物块P的加速度大小为eq \f(1,4)g
D．剪断Ob绳的瞬间，Pc绳的拉力大小为eq \f(1,4)mg
AD [剪断Ob绳前，取物块为研究对象，由平衡关系可得FT＝F弹＋mg＝eq \f(1,4)mg＋mg＝eq \f(5,4)mg，Pc绳的拉力FT大小为eq \f(5,4)mg，故A正确；剪断Ob绳的瞬间，弹簧的弹力仍为eq \f(1,4)mg，故B错误；剪断Ob绳的瞬间，假设轻绳Pc拉力瞬间变为零，木箱的加速度为a1，由牛顿第二定律可知a1＝eq \f(mg－F弹,m)＝eq \f(mg－\f(1,4)mg,m)＝eq \f(3,4)g，方向竖直向下。设物块P的加速度大小为a2，由牛顿第二定律可得a2＝eq \f(mg＋F弹,m)＝eq \f(mg＋\f(1,4)mg,m)＝eq \f(5,4)g，方向竖直向下，a1≠a2，说明轻绳Pc拉力不为零，处于绷紧状态，故木箱和物块P具有共同加速度，对整体，由牛顿第二定律得2mg＝2ma，故a＝g，方向竖直向下，物块P的加速度大小为g，则a′2＝eq \f(mg＋F弹－F′T,m)＝g，解得F′T＝eq \f(1,4)mg，故C错误，D正确。]
13．一个质量为4 kg的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.2．从t＝0开始，物体受到一个大小和方向呈周期性变化的水平力F的作用，力F随时间t变化的规律如图所示。g取10 m/s2。求：(结果可用分式表示)
(1)在2～4 s时间内，物体从开始做减速运动到停止所经历的时间；
(2)0～6 s内物体的位移大小。
[解析] (1)0～2 s内，F1＝12 N，由牛顿第二定律和运动学公式得F1－μmg＝ma1，v1＝a1t1,2～4 s内，F2＝－4 N，由牛顿第二定律和运动学公式得F2－μmg＝ma2,0－v1＝a2t2
解得物体从开始做减速运动到停止所用时间t2＝eq \f(2,3) s。
(2)0～2 s内物体的位移x1＝eq \f(v1t1,2)，
2～4 s内物体的位移x2＝eq \f(v1t2,2)，
由周期性可知4～6 s内和0～2 s内物体的位移相同，所以0～6 s内物体的位移大小为：x＝2x1＋x2＝eq \f(14,3) m。
[答案] (1)eq \f(2,3) s (2)eq \f(14,3) m
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鲁科版 (2019)必修 第一册第1节 牛顿第一运动定律复习练习题： 这是一份鲁科版 (2019)必修 第一册第1节 牛顿第一运动定律复习练习题，共5页。
