2021届浙江选考物理模拟试卷（1月份）含答案

这是一份2021届浙江选考物理模拟试卷（1月份）含答案，共15页。
A. 麦克斯韦提出了电磁场理论，预言并证实电磁波的存在
B. 库仑通过油滴实验精确测定了元电荷 e 的电荷量
C. 贝克勒尔发现天然发射现象，说明原子核也有复杂的内部结构
D. 楞次发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系
2.四个不同的物体甲、乙、丙、丁的运动情况分别如下列图，那么以下描述正确的选项是〔 〕
A. 甲在做曲线运动
B. 在0至t1时间内，乙的平均速度等于甲的平均速度
C. 两图象中，t2、t4时刻分别表示乙、丁开始做反向运动
D. 在t3时刻，丁一定在丙的前方
3.如下列图，一只半径为R的半球形碗倒扣在水平桌面上，处于静止状态，一只蚂蚁〔未画出〕与碗面的摩擦因素处处相同且μ＝ ，那么蚂蚁在离桌面高度为h至少为多少时能停在碗上〔 〕
A. R B. R C. R D. R
4.如下列图，轻绳一端受到大小为F的水平恒力作用，另一端通过定滑轮与质量为m、可视为质点的小物块相连。开始时绳与水平方向的夹角为θ，当小物块从水平面上的A点被拖动到水平面上的B点时，位移为L，随后从B点沿斜面被拖动到定滑轮O处，BO间距离也为L，小物块与水平面及斜面间的动摩擦因数均为μ，假设小物块从A点运动到B点的过程中，F对小物块做的功为WF ， 小物块在BO段运动过程中克服摩擦力做的功为Wf ， 那么以下结果正确的选项是〔 〕
A. WF＝FL〔2csθ﹣1〕 B. WF＝2FLcsθ C. Wf＝μmgLcsθ D. Wf＝FL﹣mgLsin2θ
5.在垂直于纸面的匀强磁场中，有一原来静止的氡核222?，该原子核发生α衰变，放出一个速度为v0、质量为m的α粒子和一个质量为M的反冲核钋〔P〕，假设氡核发生衰变时，释放的能量全部转化为α粒子和钋核的动能〔涉及动量问题时，亏损的质量可忽略不计〕。以下说法正确的选项是〔 〕
A. 衰变后α粒子和反冲核钋〔P〕在匀强磁场中的运动轨迹如图甲所示，小圆表 α粒子 的运动轨迹
B. 衰变后α粒子和反冲核钋〔P〕在匀强磁场中的运动轨迹如图乙所示，大圆表示α粒子 的运动轨迹
C. 衰变过程α粒子和反冲核钋〔P〕组成的系统能量守恒，动量不守恒
D. 衰变过程中，质量亏损为
6.在星球A上将一小物块P竖直向上抛出，P的速度的二次方v2与位移x间的关系如图中实线所示；在另一星球B上用另一小物块Q完成同样的过程，Q的v2﹣x关系如图中虚线所示。A的半径是B的半径的 ，假设两星球均为质量均匀分布的球体〔球的体积公式为?＝ ，r为球的半径〕，两星球上均没有空气，不考虑两星球的自转，那么〔 〕
A. A外表的重力加速度是B外表的重力加速度的 倍
B. A的第一宇宙速度是B的第一宇宙速度的 倍
C. A的密度是B的密度的9倍
D. P抛出后落回原处的时间是Q抛出后落回原处的时间的 倍
7.如图甲所示，在升降机的顶部安装了一个能够显示拉力大小的传感器，传感器下方挂上一轻质弹簧，弹簧下端挂一质量为m的小球，假设升降机在匀速运行过程中突然停止，并以此时为零时刻，在后面一段时间内传感器显示弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，g为重力加速度，那么〔 〕
A. 升降机停止前在向下运动
B. 0﹣tl 时间内小球处于失重状态，t1﹣t2时间内小球处于超重状态
C. t1﹣t3时间内小球向下运动，动能先增大后减小
D. t3﹣t4时间内弹簧弹性势能变化量小于小球动能变化量
8.在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A 点竖直向上抛出，其运动的轨迹如下列图，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8.0J，在M点的动能为6.0J，不计空气的阻力，那么〔 〕
A. 从A点运动到M点电势能增加 2J B. 小球水平位移 x1与 x2 的比值 1：4
C. 小球落到B点时的动能 24J D. 小球从A点运动到B点的过程中动能有可能小于 6J
二、选择题Ⅱ〔此题共4小题，每题4分，共16分，每题给出的四个备选项中至少有一项为哪一项符合题目要求的〕
9.在信息技术迅猛开展的今天，光盘是存储信息的一种重要媒体．光盘上的信息通常是通过激光束来读取的．假设激光束不是垂直入射到盘面上，那么光线在通过透明介质层时会发生偏折而改变行进的方向．如下列图为一束激光〔红、蓝混合〕入射到光盘面上后的折射情况．那么以下说法中正确的选项是( )
A. 图中光束①是红光，光束②是蓝光
B. 光束①的光子动量比光束②的光子动量大
C. 假设光束①、②先后通过同一双缝干预装置，光束① 条纹宽度比光束②的宽
D. 假设光束①、②都能使某种金属发生光电效应，那么光束①照射下逸出的光电子的最大初动能较大
10.导体导电是导体中的自由电荷定向移动的结果，这些可以移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是自由电子，现代广泛应用的半导体材料可以分成两大类，一类为N型半导体，它的载流子是电子；另一类为P型半导体，它的载流子是“空穴〞，相当于带正电的粒子。如果把某种材料制成的霍尔元件样品置于磁场中，外表与磁场方向垂直，图中的1、2、3、4是霍尔元件上的四个接线端。当开关S1、S2闭合后，三个电表都有明显示数，以下说法正确的选项是〔 〕
A. 通过霍尔元件的磁场方向向下
B. 如果该霍尔元件为N型半导体材料制成，那么接线端4的电势低于接线端2的电势
C. 如果该霍尔元件为P型半导体材料制成，那么接线端4的电势低于接线端2的电势
D. 假设仅适当减小R1 ， 那么电压表示数一定减小
11.如下列图，实线和虚线分别为某种波在t时刻和t+△t时刻的波形曲线，B和C是横坐标分别为d和3d的两个质点，以下说法中正确的选项是〔 〕
A. 任一时刻，如果质点B向上运动，那么质点C不一定向下运动
B. 任一时刻，如果质点B速度为零，那么质点C的速度也为零
C. 如果波是向右传播的，那么波的周期可能为 △t
D. 如果波是向左传播的，那么波的周期可能为 △t
12.一水平放置的圆盘绕竖直固定轴转动，在圆盘上沿半径开有一条宽度为2mm的均匀狭缝，将激光器与传感器上下对准，使二者间连线与转轴平行，分别置于圆盘的上下两侧，且可以同步地沿圆盘半径方向匀速移动，激光器连续向下发射激光束，在圆盘转动过程中，当狭缝经过激光器与传感器之间时，传感器接收到一个激光信号，并将其输入计算机，经处理后画出相应图线。图〔a〕为该装置示意图，图〔b〕为所接收的光信号随时间变化的图线，横坐标表示时间，纵坐标表示接收到的激光信号强度，图中△t1＝1.0×10﹣3s，△t2＝0.8×10﹣3s，那么〔 〕
A. t＝1s时圆盘转动的角速度为2.5πrad/s B. 激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动
C. 激光器和探测器的移动速度为 m/s D. 由条件无法求出△t3
三、非选择题〔此题共7小题，共60分〕
13.某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系。
①以下做法正确的选项是________〔填字母代号〕
A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行
B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上
C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源
D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度
②甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图2所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图2中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙 ， 甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙 ， 由图可知，m甲________m乙 ， μ甲________μ乙 ． 〔选填“大于〞、“小于〞或“等于〞〕
14.某实验小组成员在进行单摆实验过程中有如下说法，其中正确的选项是〔 〕
A. 测量摆球通过最低点100次的时间t，那么单摆周期为
B. 把单摆从平衡位置拉开30°的摆角，并释放摆球，在摆球经过平衡位置的同时开始计时
C. 某同学建立T2﹣L图象并利用图象的斜率求出当地的重力加速度，处理完数据后，该同学发现在计算摆长时误将摆球直径当成半径代入计算，即L＝l+d，这不影响重力加速度的求解
D. 如果把摆搬去海拔6000米的高原，摆的周期将变大
15.①某同学在做“探究变压器线圈两端电压与匝数的关系〞实验时，用学生电源提供给图甲所示变压器原线圈的电压为5V，用演示电表交流50V挡测量副线圈电压时示数如图乙所示，那么变压器的原、副线圈匝数之比可能是________
A.5：8 B.5：16 C.1：14 D.1：8
②街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，________〔填写“原线圈〞或“副线圈〞〕应该使用较粗的导线。
16.某物理兴趣小组对两节电池并联后等效电源的电动势和内阻进行研究如下：将一节电池A和另一节电池B并联后，接入如图甲所示的测量电路，将虚线框内部看成一个等效的电源，移动滑动变阻器，测得假设干组数据后在图乙中描点。
〔1〕实验过程中小组成员发现当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节，电压表的示数变化不明显，其原因是电源内阻________〔填写“较大〞或“较小〞〕
〔2〕图甲中的电流表和电压表均为非理想电表，以下说法正确的选项是
A.这使得图乙中的U没有测准，U偏大
B.这使得图乙中的U没有测准，U偏小
C.这使得图乙中的I没有测准，I偏大
D.这使得图乙中的I没有测准，I偏小
〔3〕根据表中数据在图乙中作出等效电源的U﹣I图象，从而得到等效电源的电动势为________，内阻为________。〔均保存三位有效数字〕
17.如下列图，某工地要把质量为m1＝30kg的货物〔可视为质点〕从高处运送至地面，为防止货物与地面发生撞击，现利用固定于地面的四分之一光滑圆轨道，使货物从圆轨道顶端无初速滑下，轨道半径R＝1.8m，地面上紧靠圆轨道依次排放三个完全相同的木板A、B、C，长度均为L＝2m，质量均为m2＝20kg，木板上外表与圆轨道末端相切。货物与木板间的动摩擦因数为μ1 ， 木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.3〔最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g＝10m/s2〕
〔1〕求货物到达圆轨道末端时对轨道的压力；
〔2〕假设货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B和C开始滑动，求μ1应满足的条件；
〔3〕假设μ1＝0.8，求货物滑到木板A右端时的速度大小。
18.如下列图，两根足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ间距l＝1m，其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平面成30°角。杆1、杆2是两根用细线连接的金属杆，分别垂直导轨放置，每杆两端都与导轨始终接触良好，其质量分别为m12＝0.2kg，两杆的总电阻R＝3Ω，两杆在沿导轨向上的外力F作用下保持静止。整个装置处在磁感应强度B＝1T的匀强磁场中，磁场方向与导轨所在平面垂直。在t＝0时刻将细线烧断，保持F不变，重力加速度g＝10m/s2 ， 求：
〔1〕细线烧断瞬间，杆1的加速度a1的大小；
〔2〕细线烧断后，两杆最大速度v1、v2的大小；
〔3〕两杆刚到达最大速度时，杆1上滑了0.8米，那么从t＝0时刻起到此刻用了多长时间？
〔4〕在〔3〕题情景中，电路产生的焦耳热。
19.图为某种离子加速器的设计方案。两个半圆形金属盒内存在相同的垂直于纸面向外的匀强磁场。其中MN和M′N′是间距为h的两平行极板，其上分别有正对的两个小孔O和O′，O′N′＝ON＝d，P为靶点，O′P＝kd〔k为大于1的整数〕。极板间存在方向向上的匀强电场，两极板间电压为U．质量为m、带电量为q的正离子从O点由静止开始加速，经O′进入磁场区域。当离子打到极板上O′N′区域〔含N′点〕或外壳上时将会被吸收。两虚线之间的区域无电场和磁场存在，离子可匀速穿过。忽略相对论效应和离子所受的重力。求：
〔1〕离子经过电场仅加速一次后能打到P点所需的磁感应强度大小；
〔2〕能使离子打到P点的磁感应强度的所有可能值；
〔3〕打到P点的能量最大的离子在磁场中运动的时间和在电场中运动的时间。
答案解析局部
一、选择题Ⅰ〔此题共8小题，每题3分，共24分，每题给出的四个备选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的〕
1.【解析】【解答】解：A、麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波的存在，以后由赫兹用实验证实了电磁波的存在，A不符合题意；
B、密立根通过油滴实验精确测定了元电荷 e 的电荷量，B不符合题意；
C、贝克勒尔发现天然放射现象，天然放射现象的发现说明原子核可以再分，C符合题意；
D、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系，D不符合题意；
故答案为：C。

【分析】赫兹证实了电磁波的存在；密立根利用油滴实验测定了元电荷的大小；法拉第发现了电磁感应现象。
2.【解析】【解答】解：A、运动学的图象中任何曲线只能表示直线运动，因为在运动学图象中只能表示正反两方向，故不能描述曲线运动，A不符合题意。
B、在0至t1时间内，甲乙的位移相等，平均速度等于位移除以时间，所以甲、乙的平均速度相等，B符合题意。
C、x﹣t图象中的t2时刻转折点表示物体的位移开始减小，运动方向开始反向；v﹣t图象中的转折点表示速度减小，加速度方向变化，其方向仍沿正方向，运动方向没有反向，C不符合题意。
D、由v﹣t图象中图象与时间轴所夹的面积表示位移，可知在t3时刻，丁位移大于丙的位移，但初始距离不知，所以无法确定哪个在前，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】其位移时间图像只能描绘一维直线运动；利用位移时间图像的初末位置可以判别位移的大小及平均速度的大小；利用速度时间图像的速度符号可以判别运动的方向；利用面积可以判别对应的位移大小。
3.【解析】【解答】解：蚂蚁受重力、支持力和摩擦力处于平衡，摩擦力与水平方向所成的夹角为θ，受力图如下列图：
沿切线方向有：f＝mgsinθ
沿半径方向有：N＝mgcsθ
当蚂蚁刚好能静止在碗上时，蚂蚁所受静摩擦力为最大静摩擦力，那么有μmgcsθ＝mgsinθ
由于
可得 ，那么可知θ＝37°
那么此时蚂蚁离地面的高度为 ，B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。

【分析】利用平衡条件结合几何关系可以求出蚂蚁离地面的高度。
4.【解析】【解答】解：AB、小物块从A点运动到O点的过程中，F对小物块做的功为 WF＝FS，s为F作用点的位移，即绳端移动的长度，小物体从A运动到O的过程中，利用数学几何关系在绳子缩短关系得：S＝2Lcsθ，所以 WF＝2FLcsθ，A不符合题意，B符合题意；
CD、根据几何关系得OB斜面倾角为2θ，小物体在BO段运动过程中摩擦力大小为 f＝μmgcs2θ，小物体在BO段运动过程中克服摩擦力做的功为 Wf＝fL＝μmgLcs2θ，CD不符合题意；
故答案为：B。

【分析】利用位移结合力的大小可以求出F做功的大小；利用路程结合摩擦力的大小可以摩擦力做功的大小。
5.【解析】【解答】解：AB、静止的氡核发生α衰变后，根据动量守恒可知，衰变后α粒子与钋核的运动方向相反，根据左手定那么可知，α粒子和钋核所受的洛伦兹力方向相反，两个粒子的运动轨迹应是外切圆，故衰变后α粒子和反冲核钋〔P〕在匀强磁场中的运动轨迹如图乙所示。根据r＝ ＝ ，p相等，B相同，r∝ ，可知，α粒子的轨迹半径大，故大圆表示α粒子的运动轨迹，A不符合题意，B符合题意。
C、衰变过程α粒子和反冲核钋〔P〕组成的系统能量守恒，重力相对于内力可忽略不计，系统的动量也守恒，C不符合题意。
D、取α粒子的速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：0＝mv0﹣Mv钋 ， 释放的核能为：△E＝ mv02+ Mv钋2 ， 衰变过程中，质量亏损为：△m＝
联立解得：△m＝ ，D不符合题意。
故答案为：B

【分析】利用动量守恒定律结合比荷的大小可以判别对应的运动轨迹；衰变过程动量守恒和能量守恒；利用初末动能的变化可以求出亏损的质量。
6.【解析】【解答】解：A、对竖直上抛运动据速度位移关系公式得：v2＝2gx知：图象中的斜率k＝2g，
所以对星球A，其斜率kA＝ ，其外表重力加速度gA＝ ，
同理得： ，得 ，所以 ＝9，A不符合题意。
B、在星球外表，重力提供向心力，得第一宇宙速度公式 v＝ ，那么 ＝ ＝ ，B符合题意。
C、根据重力和万有引力相等，即mg＝ ，解得：M＝ ，球体的密度 ＝ ＝ ，那么 ＝27，C不符合题意。
D、P物体抛出后落回到原处的时间，t1＝2× ＝ ，同理，Q物体抛出后回到原处的时间 t2＝ ，故 ＝ ，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】利用斜率可以求出重力加速度的比值；利用第一宇宙速度的表达式结合重力加速度的比值可以求出速度的比值；利用引力形成重力可以求出密度之比；利用速度公式可以求出运动时间之比。
7.【解析】【解答】解：A、初始时刻弹簧伸长，弹力平衡重力，由图象看出，升降机停止运动后弹簧的拉力先变小，即小球向上运动，小球的运动是由于惯性，所以升降机停止前小球是向上运动的，即升降机停止前在向上运动，A不符合题意；
B、0∼t1时间拉力小于重力，小球处于失重状态，t1∼t2时间拉力也小于重力，小球也处于失重状态，B不符合题意；
C、t1时刻弹簧的拉力是0，说明t1时刻弹簧处于原长状态，t1时刻之后弹簧的拉力又开始增大说明弹簧开始变长，所以t1∼t3时间小球向下运动，t1∼t3时间内，弹簧对小球的弹力先小于重力，后大于重力，小球所受的合力方向先向下后向上，小球先加速后减速，动能先增大后减小，C符合题意；
D、t3∼t4时间内，小球向上运动，重力势能增大，弹簧势能减小，动能增大，根据系统机械能守恒得知，弹簧弹性势能变化量大于小球动能变化量，D不符合题意。
故答案为：C

【分析】利用弹力的变化可以判别小球和升降机的速度方向；利用加速度方向可以判别超重和失重；利用加速度方向结合速度方向可以判别动能的变化；利用重力势能和系统机械能的守恒可以比较弹性势能和动能的变化量大小。
8.【解析】【解答】将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动；
A．从A点运动到M点过程中，电场力做正功，电势能减小，A不符合题意；
B．对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，B不符合题意；
C．设物体在B动能为EkB ， 水平分速度为VBx ， 竖直分速度为VBy。
由竖直方向运动对称性知 mVBy2=8J
对于水平分运动Fx1= mVMx2- mVAX2
F〔x1+x2〕= mVBx2- mVAX2
x1：x2=1：3
解得：Fx1=6J；
F〔x1+x2〕=24J
故EkB= m〔VBy2+VBx2〕=32J
C不符合题意；
D．由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，那么有：Fx1=6J
Gh=8J

所以：
由右图可得：
所以
那么小球从 A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的 P点，故
D符合题意。
故答案为：D。

【分析】粒子的运动轨迹为曲线，受到的电场力指向圆弧的内部，结合受力方向求解电荷的电性；电场力对电荷做正功，电荷的电势能减小，相应的动能就会增加，电场力做负功，电势能增加，电荷的动能减小。
二、选择题Ⅱ〔此题共4小题，每题4分，共16分，每题给出的四个备选项中至少有一项为哪一项符合题目要求的〕
9.【解析】【解答】A．由图可知①光的偏折程度较大，那么折射率较大，蓝光的折射率大于红光的折射率，所以①光是蓝光，②是红光．A不符合题意．
B．红光波长较长，那么根据 可知，红光动量较小，光束①的光子动量比光束②的光子动量大，B符合题意；
C．蓝光的波长小于红光的折射率波长，干预条纹的间距与波长成正比，那么假设①光、②光先后通过同一双缝干预装置，前者得到的条纹比后者的窄，C不符合题意．
D．①光是蓝光，频率大，那么假设光束①、②都能使某种金属发生光电效应，那么光束①照射下逸出的光电子的最大初动能较大；D符合题意．
故答案为：BD

【分析】利用折射率的大小可以判别光的颜色；利用波长的大小可以比较动量的大小；利用波长的大小可以比较干预条纹的间距大小；利用光的频率大小可以比较最大初动能的大小。
10.【解析】【解答】解：A、根据右手螺旋定那么，可知，铁芯上端是N极，因此通过霍尔元件的磁场方向向下，A符合题意；
B、如果是N型半导体，载流子是负电荷，根据左手定那么，负电荷向右偏，那么右外表带负电，那么φ4＞φ2 ， B不符合题意；
C、如果是P型半导体，载流子是正电荷，根据左手定那么，正电荷向右偏，那么右外表带正电，那么φ4＜φ2 ． C符合题意；
D、假设仅适当减小R1 ， 那么线圈中电流增大，那么磁场增强，那么电压表示数可能会增大。D不符合题意。
故答案为：AC。

【分析】利用右手螺旋定那么可以判别磁场的方向；利用左手定那么可以判别电势的上下；利用电流变化可以判别磁场的变化进而判别读数的变化。
11.【解析】【解答】解：AB、从图上可以看出，该波不是标准正弦波，波长为3d，质点B、C间距不是相差半个波长，运动方向并不总是相反，如果质点B向上运动，那么质点C不一定向下运动。速度可能大小相等，也可能不相等，A符合题意，B不符合题意。
C、如果波向右传播，传播时间可能为△t＝kT+ T，k＝0，1，2，…，得 T＝ ，由于k是整数，那么周期T不可能为 △t，C不符合题意。
D、假设波向左传播，那么波传播的距离为 k•3d+2.5d，其中k＝0，1，2…，为该波向左传播的可能整数波的个数，传播时间可能为△t＝kT+ T，得 T＝
当k＝1时，有T＝ △t，D符合题意。
故答案为：AD。

【分析】利用质点之间的距离可以判别质点的运动方向；利用波的传播方向结合传播时间可以判别传播的周期大小。
12.【解析】【解答】解：A、由图象读得，转盘的转动周期T＝0.8s，故角速度：ω＝ ＝ rad/s＝2.5πrad/s，A符合题意。
B、由于电脉冲信号宽度在逐渐变窄，说明光能通过狭缝的时间逐渐减少，即圆盘上对应探测器所在位置的线速度逐渐增加，因此激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动，B符合题意。
C、0.2s时刻的线速度： ＝ω1r1
1.0s时刻的线速度： ＝ω2r2
径向速度：v＝ ，解得：v＝ m/s，C符合题意。
D、设狭缝宽度为d，探测器接收到第i个脉冲时距转轴的距离为ri ， 第i个脉冲的宽度为△ti ， 激光器和探测器沿半径的运动速度为v。△ti＝ T
r3﹣r2＝r2﹣r1＝vT
r2﹣r1＝ r3﹣r2＝ 解得：
△t3＝ ≈0.67×10﹣3 ， D不符合题意。
故答案为：ABC

【分析】利用周期大小可以求出角速度的大小；利用线速度逐渐增加可以判别激光器和探测器沿半径向边缘移动；利用位移公式可以求出径向速度的大小；利用位移公式可以求出时间间隔的大小。
三、非选择题〔此题共7小题，共60分〕
13.【解析】【解答】解：①A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否那么拉力不会等于合力，A符合题意；
B、在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴木块上，B不符合题意；
C、实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块，C不符合题意；
D、根据平衡条件可知，与质量大小无关，当通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，D符合题意；
选择：AD；
②当没有平衡摩擦力时有：T﹣f＝ma，A＝ T﹣μg，即图线斜率为 ，纵轴截距的大小为μg．观察图线可知m1小于m2 ， μ甲大于μ乙；
故答案为：①AD； ②小于，大于。

【分析】〔1〕平衡摩擦力是不能挂重物；实验要先接通电源后释放纸带；
〔2〕利用牛顿第二定律结合图像斜率和截距可以比较质量和动摩擦因素的大小。
14.【解析】【解答】解：A、摆球在一个周期内两次经过平衡位置，测量摆球通过最低点100次的时间t，那么单摆的周期T＝ ，A不符合题意。
B、把单摆从平衡位置拉开不大于10°的摆角，并释放摆球，等到摆球摆动稳定后，在经过平衡位置时开始计时单摆，原因是经过平衡位置的速度最大，在平衡位置计时误差最小，B不符合题意。
C、根据T＝ ，那么有：T2＝ ，该同学发现在计算摆长时误将摆球直径当成半径代入计算，即L＝l+d，变成L＝l+ d，并没有改变图象的斜率，那么不影响重力加速度的计算，C符合题意。
D、如果把摆搬去海拔6000米的高原，那么会导致重力加速度减小，依据T＝ ，那么摆的周期将变大，D符合题意。
故答案为：CD

【分析】利用单摆的运动时间可以求出周期的大小；单摆的角度不能太大。
15.【解析】【解答】解：①根据电压表读数的规那么可知，该变压器的输出电压为U2＝40V，
根据变压比可知，理想变压器的原、副线圈匝数之比： ＝ ＝ ，
由于实验中，变压器不是理想的，存在漏磁现象，即通过副线圈的磁感线条数比原线圈的条数少，故副线圈两端电压应该大于40V，故原、副线圈的匝数比应该小于1：8，可能为1：14，ABD不符合题意，C符合题意。
故答案为：C。
②街头的变压器是降压变压器，原线圈的匝数比副线圈的匝数多，由于功率相同，原线圈中电压小，所以原线圈的电流比副线圈的电流要小，副线圈的电流大，为了减小焦耳热，保护变压器，副线圈的导线要用较粗的导线。
故答案为：①C；②副线圈

【分析】利用电压之比可以求出匝数之比；利用降压变压器结合电流的大小可以判别副线圈要使用较粗的导线。
16.【解析】【解答】解：〔1〕由于电源内阻较小，外电阻远大于内电阻；电流变化时，内电压变化太小，路端电压变化太小，从而导致电压表示数变化不明显；〔2〕由图甲可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，故电流表测量不准确，由于电流压表的分流作用，造成电流表测量值偏小；
ABC不符合题意，D符合题意，
故答案为：D；〔3〕做出等效电源U﹣I图象如下列图：
；
在U﹣I图象中纵轴截距等于电源电动势，斜率绝对值等于电源内阻可得等效电源电动势为：E＝0.950V，
内阻为：r＝| |＝| |Ω＝1.375Ω≈1.38Ω；
故答案为：〔1〕较小；〔2〕D；〔3〕0.950V，1.38Ω。

【分析】〔1〕利用电压内阻太大会导致电压表变化太小；
〔2〕由于电压表分流所以会导致干路电流偏小；
〔3〕利用数据点进行连线；结合斜率和截距的大小可以求出电动势和内阻的大小。
17.【解析】【分析】〔1〕利用机械能守恒定律结合牛顿第二定律可以求出压力的大小；
〔2〕利用受力分析结合最大静摩擦力的大小可以判别动摩擦因素的大小；
〔3〕利用牛顿第二定律结合速度位移公式可以求出速度的大小。
18.【解析】【分析】〔1〕利用牛顿第二定律结合平衡条件可以求出加速度的大小；
〔2〕利用动量守恒定律结合平衡条件和欧姆定律可以求出速度的大小；
〔3〕利用电流的定义式结合动量守恒定律及动量定理可以求出运动的时间；
〔4〕利用能量守恒定律可以求出电路产生的焦耳热的大小。
19.【解析】【分析】〔1〕利用动能定理结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；
〔2〕利用动能定理结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的范围；
〔3〕利用动量定理结合圆周运动的周期可以求出离子在电场及在磁场运动的时间。U/V
I/A