2021届广东省佛山市高三下学期物理摸底测试试卷含答案

这是一份2021届广东省佛山市高三下学期物理摸底测试试卷含答案，共13页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
 高三下学期物理摸底测试试卷一、单项选择题1.如下列图，某运发动在练习跳投。某次投篮出手高度正好与篮框等高，抛射角为45°，篮球恰好空心命中。下一次投篮时篮球出手点与前一次相同，忽略空气阻力影响，以下情况可能空心命中的是〔   〕  A. 增加初速度大小将篮球水平抛出                              B. 只增加篮球的初速度大小不改变投射角度
C. 只增加篮球的投射角度不改变篮球的初速度大小     D. 同时增加篮球的初速度大小和投射角度2.中国绕月卫星“龙江二号〞是全球首个独立完成地月转移、近月制动、环月飞行的微卫星，2021年2月4日，“龙江二号〞成功拍下月球反面和地球的完整合照。“龙江二号〞距离月球外表h处环月做圆周运动的周期为T，月球半径为R，万有引力常量为G，据此不可求的物理量是〔   〕            A. “龙江二号〞的质量                                           B. “龙江二号〞的线速度大小
C. 月球的质量                                                         D. 月球外表的重力加速度大小3.如下列图，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路。线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，ab边长L1  ， bc边长L2  ， 磁感应强度大小为B，转动角速度为ω，匝数N，线圈电阻不计。以下说法中正确的选项是〔   〕  A. 线圈转动至图示位置时，线圈中产生的感应电动势最大
B. 线圈转动过程中，电压表的示数为NBL1L2ω
C. 只增大ab边长度，灯泡L变亮
D. 将原线圈抽头P向上滑动时，灯泡L变亮4.如下列图，质量为M的物块A置于倾角为30°的固定粗糙斜面上，其上端通过一轻绳跨过光滑定滑轮与沙桶B相连。初始时沙桶B中没有沙子，质量为 。现向沙桶B中缓慢参加沙子，整个系统始终保持静止，那么在参加沙子的过程中，以下说法正确的选项是〔   〕  A. B所受的合力增大                                                B. A所受的摩擦力一直增大
C. A所受的摩擦力先减小后增大                              D. A，B间的轻绳拉力大小保持不变5..如下列图，一根长为1.0m的轻绳一端系在固定横轴的O点上，另一端系着一个质量为1kg的小球〔小球半径忽略不计〕。O点距离光滑水平桌面的距离为0.8m，水平桌面足够大。假设想让小球对水平桌面压力为零，可以让小球在某一水平面上做匀速圆周运动，重力加速度取10m/s2  ， 那么匀速圆周运动的角速度ω应满足〔   〕  A. rad/s             B. rad/s             C. rad/s             D. rad/s6.涡流内检测技术是一项用来检测各种金属管道是否有破损的技术。以下列图是检测仪在管道内运动及其工作原理剖面示意图，当鼓励线圈中通以正弦交流电时，金属管道壁内会产生涡流，涡流磁场会影响检测线圈的电流。以下有关涡流内检测仪的说法正确的选项是〔   〕  A. 检测线圈消耗功率等于鼓励线圈输入功率
B. 在管道内某处检测时，如果只增大鼓励线圈中交流电的频率，那么检测线圈的电流强度不变
C. 在管道内某处检测时，如果只增大鼓励线圈中交流电的频率，那么检测仪消耗功率将变大
D. 当检测仪从金属管道完好处进入到破损处检测时，管道壁中将产生更强的涡流二、多项选择题7.如下列图，在乘坐飞机时，密封包装的食品从地面上带到空中时包装袋会发生膨胀现象，在此过程中温度不变，把袋内气体视为理想气体，那么以下说法正确的选项是〔   〕  A. 袋内空气分子的平均距离一定增大                      B. 袋内空气分子的平均动能一定增大
C. 袋内空气压强一定增大                                       D. 袋内空气一定从外界吸收热量8.如下列图，质量为m的物块A与质量为M的滑块B通过轻绳跨过光滑定滑轮相连，不计B与水平桌面间的摩擦，重力加速度为g。在A未落地且B未到达定滑轮的运动过程中，物块A的加速度为a，轻绳拉力为FT  ， 那么〔   〕  A.                     B.                     C.                     D. 9.如图abcd是棱形，bd连线在竖直方向， ，在a、b两点均放置+Q的点电荷，c点放置-Q的点电荷，此时d点的电场强度大小为E，以下说法正确的选项是〔   〕  A. d点场强方向竖直向上
B. 假设将c点的电荷换成+Q的点电荷，d点的场强大小不变
C. 假设将c点的电荷移至d点，c点的场强大小为
D. 将一负电荷从d点沿db移动至接近b点的过程中，其电势能先减小后增加10.如下列图，在水平光滑的平行金属导轨左端接一定值电阻R，导体棒ab垂直导轨静止放置，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中。现给导体棒一水平向右的恒定外力F，不考虑导体棒和导轨电阻，以下列图线中，导体棒速度v随时间t的变化和通过电阻R的电荷量q随导体棒位移x的变化描述正确的选项是〔   〕  A.                                         B. 
C.                                       D. 三、实验题11..某研究性学习小组利用图甲装置验证系统的机械能守恒定律。己知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，每个钩码质量均为m，当地重力加速度为g。该同学经正确操作打出的纸带一局部如图乙所示。  〔1〕.纸带中相邻两个计时点的时间间隔为T=   1   s；    〔2〕.用刻度尺测量 ， ，那么打F点时纸带的瞬时速度大小vF=   1   m/s；    〔3〕.设纸带中A点速度为vA  ， F点速度为vF  ，  ，如果实验数据在误差范围内近似满足g=   1   〔用vA、vF、h和m表示〕那么说明系统机械能守恒。    V  ， 设计了以下实验方案，甲图为实验电路图，图中电压表为待测电压表，R为电阻箱。 〔1〕小明实验步骤如下：先将电阻箱电阻调至0，闭合开关S，电压表读数如图乙所示，读出此时电压U1=________V；然后调节电阻箱的阻值至适当值，读出电阻箱阻值R和此时电压表的电压U2  ， 忽略电源内阻，那么电压表电阻的测量结果Rv=________〔用符号U1、U2和R表示〕；如果考虑电源内阻，那么测量结果RV与真实值比较________〔选填“偏大〞或“偏小〞〕。    〔2〕小李实验步骤如下：闭合开关S，屡次调节电阻箱，读出电阻箱阻值R及对应电压表的电压U，作出 图象如图丙所示，不考虑电源内阻，从图象可知电压表内阻的测量值为________Ω；如果电源内电阻为r〔Ω〕，那么电压表内阻的真实值为________Ω。    四、解答题13.一个空的导热良好的储物罐，在压强为1.0×105Pa、温度为23°C的环境中将其密封好，此时罐内气体的体积为1L。将其放进温度为-3°C的冰箱冷藏室，冷藏室内压强与外界相同，经过充分的热交换后，那么    〔1〕如果罐中气体密封良好无气体渗漏，求此时罐中气体压强；    〔2〕如果密封盖发生气体渗漏使得罐内气压与外界相同，求此时罐中气体质量与原来质量的比值。    14.如下列图，在绝缘水平面上方，相距为L的竖直边界MO、NA之间存在水平向左的匀强电场，场强大小为E1。边界NA右侧有一直角三角形区域ACD，区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场和大小为 、方向竖直向下的匀强电场。在边界MO上的O点静止释放一个质量为m、电量大小为q的带电小球〔大小忽略不计〕，小球从A点进入三角形场区，最终从AD边界上的P点离开。AP间的距离为d， ，不计一切摩擦。  〔1〕求ACD区域内的磁感应强度大小；    〔2〕求小球从O运动到P所用时间。    15.如下列图，光滑轨道ABC，其中AB段是倾角为 的固定斜面，BC段是足够长的水平面，B处有一小段长度可以忽略的光滑圆弧衔接。水平面上距离B点x0处放置着滑块甲，滑块内的竖直平面内嵌有一条两端开口的细管abcde〔管壁厚度和管的直径大小可以忽略不计〕，ab、de段是长度均为三的水平管，bcd段是半径为0.4m的半圆管，管道除de段粗糙外，其余局部均光滑。轨道和管道处于同一竖直平面内。一个质量为m的小球乙〔可视为质点〕从斜面上高1.8m处无初速释放，后无障碍进入滑块内细管，小球在de段中所受阻力为其重力的0.2倍，重力加速度g取10m/s2  ，  ， 。  〔1〕假设滑块甲固定，小球从e点以4m/s速度抛出，且垂直击中斜面，求L和x0的大小？    〔2〕假设滑块甲的质量也为m，且可自由滑动，求小球到达d点瞬间所受弹力大小和滑块最终的速度大小？   
答案解析局部一、单项选择题1.【解析】【解答】设第一次投篮时的初速度为v0  ， 其抛射角为θ，篮球恰好空心命中。根据抛体运动规律的规律可知：其运动时间 其水平射程为 A．增加初速度大小，将篮球水平抛出，篮球做平抛运动，不可能空心命中，A不符合题意；B．只增加篮球的初速度大小，不改变投射角度，由水平射程的表达式 可知水平射程增大，不可能空心命中，B不符合题意；C．由于第一次投篮时θ=45°，假设只增加篮球的投射角度，不改变篮球的初速度大小，由水平射程的表达式 可知由于sin2θ变小，所以水平射程减小，不可能空心命中，C不符合题意；D．由于第一次投篮时θ=45°，同时增加篮球的初速度大小和投射角度，由水平射程的表达式 可知初速度v0增大，但sin2θ变小，所以水平射程可能不变，有可能空心命中，D符合题意。故答案为：D。 
【分析】将篮球水平抛出其篮球做平抛运动不能空心命中；利用斜抛运动的位移公式可以判别增加初速度时不能空心命中；要同时增加初速度和透射角度才有可能空心命中。2.【解析】【解答】AC．根据万有引力提供向心力可知   “龙江二号〞的质量不可求出，但月球质量可求出，A错误，符合题意，C正确，不符合题意；B．根据 可求出其运动的线速度，B正确，不符合题意；D．根据 且M也为量，可求出月球外表的重力加速度，D正确，不符合题意；故答案为：A。 
【分析】利用引力提供向心力不能求出卫星的质量但可以求出月球的质量；利用线速度和轨道半径可以求出卫星的周期的大小；利用引力形成重力可以求出重力加速度的大小。3.【解析】【解答】A．由图示可知，线圈转动至图示位置时，穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小为零，感应电动势最小为零，A不符合题意； B．感应电动势的最大值Em=NBL1L2ω设感应电动势的有效值是E，那么 解得 线圈电阻不计，那么电压表示数 B不符合题意；C．只增大ab边的长度L1感应电动势的有效值变大，变压器原线圈电压变大，副线圈电压变大，灯泡两端电压变大，灯泡实际功率变大，灯泡变亮，C符合题意；D．将原线圈抽头P向上滑动时，变压器原线圈匝数n1变大，副线圈匝数n2不变，原线圈电压U1不变，由变压器的变压比 可知，副线圈电压U2变小，灯泡两端电压变小，灯泡实际功率变小，灯泡变暗，D不符合题意。故答案为：C。 
【分析】当线圈方向与磁场方向垂直时，其感应电动势最小；利用动生电动势的表达式结合焦耳定律可以求出电压表的读数；利用ab边的长度可以判别感应电动势的变化，结合匝数之比不变可以判别输出电压变大那么灯泡的实际概念股了变大；当抽头P向上滑动时会导致输出电压变小那么灯泡消耗的实际功率变小。4.【解析】【解答】A．整个系统始终保持静止，B所受的合力为0，A不符合题意； D．对B受力分析，B只在竖直方向上受到绳的拉力和重力，故绳的拉力大小为B的重力，初始时沙桶B中没有沙子，质量为 。现向沙桶B中缓慢参加沙子，所以绳子的拉力T从 逐渐增大。D不符合题意；BC．对A受力分析如图沿斜面方向根据共点力平衡f+Mgsin30°=Tf从0开始逐渐增大，并且方向沿斜面向下，B符合题意，C不符合题意；故答案为：B。 
【分析】在参加沙子时，利用B的静止可以判别B受到的合力等于0，其绳子的拉力不断变大；利用A的平衡方程可以判别A受到的摩擦力大小变化。5.【解析】【解答】当小球对水平桌面压力恰好为零时，以小球为研究对象，受力分析如图 由几何关系 所以θ=37° 由牛顿第二定律mgtanθ=mω2r解得 所以要让小球对水平桌面压力为零，匀速圆周运动的角速度ω应满足 B符合题意，ACD不符合题意。故答案为：B。 
【分析】当小球对桌面的压力恰好等于0时，利用牛顿第二定律可以求出角速度的大小，利用临界角速度的大小可以求出小球对水平桌面的压力等于0时其角速度的大小。6.【解析】【解答】A．鼓励线圈输入功率大于检测线圈消耗功率，管道壁中产生涡流，有一定的热功率，P鼓励=P检测+P热 A不符合题意；B．增大频率，检测线圈的磁通量变化率变大，产生的感应电动势变大，那么电流强度变大，B不符合题意；C．增大频率，检测线圈的功率和管道产生的热功率变大，那么检测仪消耗功率将变大，C符合题意；D．当检测仪从金属管到完好处进入破损处检测时，厚度减小，那么管道壁中产生的涡流变小，D不符合题意。故答案为：C。 
【分析】由于电磁感应过程其管道壁中产生涡流所以其鼓励线圈的功率大于检测线圈的功率；当增大频率时其磁通量变化率变大那么产生的感应电动势和感应电流变大，由于感应电流增大那么消耗的功率增大；当检测仪从金属管其完好处进入破损处检测时，厚度减小那么涡流减小。二、多项选择题7.【解析】【解答】A．气体膨胀，体积增大，所以袋内空气分子的平均距离一定增大，A符合题意； B．温度不变，所以袋内空气分子的平均动能一定不变，B不符合题意；C．根据公式 温度不变，气体体积增大，所以压强减小，C不符合题意；D．对于理想气体，温度不变，内能不变，气体膨胀对外做功，所以袋内空气一定从外界吸收热量，D符合题意。故答案为：AD。 
【分析】当气体膨胀其体积变大那么空气分子的平均距离增大；温度不变其气体分子的平均动能保持不变；利用理想气体的状态方程可以判别压强变小；由于外界对气体做负功，且气体内能不变所以空气从外界吸收热量。8.【解析】【解答】AB．A、B整体由牛顿第二定律可得 解得A、B的加速度大小为 A不符合题意，B符合题意；CD．对B由牛顿第二定律可得 C不符合题意，D符合题意。故答案为：BD。 
【分析】利用整体的牛顿第二定律可以求出整体加速度的大小，结合B的牛顿第二定律可以求出绳子拉力的大小。9.【解析】【解答】A．a、b、c三点处点电荷在d点的场强方向及合场强方向如下列图 设菱形边长为L，那么 ，a、c两点处的点电荷在d点产生的合场强为 方向水平向右，b处点电荷在d点产生的电场强度 方向竖直向上，d点的电场强度 方向与竖直方向成60°斜向右上方，A不符合题意；B．假设将c点的电荷换成+Q后，a、c两点处的点电荷在d点产生的合场强为 方向竖直向上，d点的电场强度 方向竖直向上，B符合题意；C．假设将c点的电荷移至d点，b、d两点处的电荷在c点产生的合场强 方向竖直向上，a处电荷在c点的电场强度 方向水平向右，c点的电场强度 C符合题意；D．直线bd为a、c处两点电荷形成的电场的等势线，故沿db移动电荷时，a、c处两点电荷对移动电荷不做功，仅b处电荷对移动电荷做功，故将一负电荷从d点沿db移动至接近b点的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减少，D不符合题意。故答案为：BC。 
【分析】利用点电荷的场强公式结合平行四边形定那么可以求出合场强的大小；利用等势面及b处点电荷对移动电荷电场力所做的功可以判别电势能的变化。10.【解析】【解答】AB．根据牛顿第二定律可得F-BIL=ma 解得 根据速度-时间关系可得v=at随着速度增大、感应电流增大、安培力变大，那么加速度减小，所以v-t图像的斜率减小，A符合题意、B不符合题意；CD．根据电荷量的计算公式可得 所以电荷量与位移成正比，C符合题意、D不符合题意。故答案为：AC。 
【分析】利用牛顿第二定律结合安培力的表达式可以导出加速度的表达式；利用磁通量的变化量及电阻可以求出电荷量的表达式与位移的关系式。三、实验题11.【解析】【解答】〔1〕打点计时器所用交流电的频率为50Hz，根据  〔2〕匀变速直线运动，中时刻的瞬时速度大小等于该时段的平均速度大小，可得，F点的瞬时速度为 〔3〕设纸带中A点速度为 ，F点速度为 ，那么系统从A到F点，增加的动能为 因 ，从A点到F点，系统减小的重力势能为 如果实验数据在误差范围内近似满足 即 【分析】〔1〕利用打点计时器的频率可以求出周期的大小；
〔2〕利用平均速度公式可以求出瞬时速度的大小；
〔3〕利用瞬时速度和质量可以求出动能的增量；利用高度的变化可以求出重力势能的减少量；利用重力势能和动能的变化量相等可以导出对应的表达式。 12.【解析】【解答】〔1〕电压表量程为3V，由图乙所示表盘可知，其分度值为0.1V，示数为2.97V；忽略电源内阻，根据图甲所示电路图，由闭合电路的欧姆定律得  由题意得E=U1 解得电压表内阻 考虑电源内阻 解得 由此可知，考虑电源内阻时，电压表内阻测量值偏大。〔2〕不考虑电源内阻，由图甲所示电路图，根据闭合电路的欧姆定律得 整理得 由图丙所示 图象可知，图象的斜率 纵轴截距 解得电压表内阻RV=a考虑电源内阻，由图甲所示电路图，根据闭合电路的欧姆定律得 整理得 由图丙所示 图象可知，图象的斜率 纵轴截距 解得RV=a-r【分析】〔1〕电压表量程和分度值，利用对应的刻度可以得出电压的读数；利用闭合电路的欧姆定律可以求出电压表内阻的大小；当考虑电源内阻时，其电压表内阻的测量值大于真实值；
〔2〕利用闭合电路的欧姆定律结合图像斜率和截距可以求出电压表内阻的大小。 四、解答题13.【解析】【分析】〔1〕气体放入冷藏室中发生了等容变化，利用理想气体的状态方程可以求出气体末状态的压强大小；
〔2〕密封罐发生泄漏时，气体发生等温变化，利用等温变化后可以求出气体压缩后的体积大小，利用体积之比可以求出质量的比值。14.【解析】【分析】〔1〕小球在电场中加速，利用动能定理可以求出进入磁场中速度的大小，进入磁场时，利用几何关系可以求出轨道半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；
〔2〕小球在电场中加速，利用牛顿第二定律可以求出加速度的大小，结合位移公式可以求出在电场中加速的时间，在磁场中，利用轨迹所对圆心角的大小结合运动的周期可以求出小球在磁场中运动的时间。15.【解析】【分析】〔1〕小球从释放点到e点的过程，利用动能定理可以求出L的大小；小球离开e点做平抛运动，利用平抛运动的位移公式可以求出水平位移的大小，结合几何关系可以求出x0的大小；
〔2〕小球下滑过程中，利用机械能守恒定律可以求出小球经过B点速度的大小，结合小球与滑块系统水平方向的动量守恒定律及机械能守恒定律可以求出小球和滑块的速度大小，结合小球到达b点的牛顿第二定律可以求出小球到达d点受到的弹力大小；假设小球最终与滑块共速，利用动量守恒定律及能量说话定律可以求出相对于滑块的距离，利用管的实际长度可以判别滑块与小球最后到达共速。