高考数学一轮复习第十章10.1分类加法计数原理与分步乘法计数原理课时作业理含解析

这是一份高考数学一轮复习第十章10.1分类加法计数原理与分步乘法计数原理课时作业理含解析，共6页。
一、选择题
1．一购物中心销售某种型号的智能手机，其中国产的品牌有20种，进口的品牌有10种，小明要买一部这种型号的手机，则不同的选法有( )
A．20种 B．10种
C．30种D．200种
2．某市汽车牌照号码可以上网自编，但规定从左到右第二个号码只能从字母B，C，D中选取，其他四个号码可以从0～9这十个数字中选择(数字可以重复)，有车主第一个号码(从左到右)只想在数字3,5,6,8,9中选取，其他号码只想在1,3,6,9中选择，则他的车牌号码可选的所有可能情况有( )
A．180种B．360种
C．720种D．960种
3．用数字1,2,3,4,5组成没有重复数字的五位数，其中偶数的个数为( )
A．24 B．48 C．60 D．72
4．[2021·东北师大附中模拟]连接正八边形的三个顶点而形成的三角形中，与正八边形有公共边的三角形有( )
A．40个B．30个C．20个D．10个
5．从集合{1,2,3，…，10}中任意选出三个不同的数，使这三个数成等比数列，这样的等比数列的个数为( )
A．3B．4C．6D．8
6．a，b，c，d，e共5个人，从中选1名组长，1名副组长，但a不能当副组长，不同选法的种数是( )
A．20B．16C．10D．6
7．从2,3,4,5,6,7,8,9这8个数中任取2个不同的数分别作为一个对数的底数和真数，则可以组成不同对数值的个数为( )
A．56B．54C．53D．52
8．如果一个三位正整数如“a1a2a3”满足a1a3，则称这样的三位数为凸数(如120,343,275等)，那么所有凸数的个数为( )
A．240B．204C．729D．920
9.
如图所示的五个区域中，现有四种颜色可供选择．要求每一个区域只涂一种颜色，相邻区域所涂颜色不同，则不同的涂色方法种数为( )
A．64B．72C．84D．96
10．A与B是I＝{1,2,3,4}的子集，若A∩B＝{1,2}，则称(A，B)为一个理想配集，若将(A，B)与(B，A)看成不同的“理想配集”，则符合此条件的“理想配集”的个数是( )
A．4B．8C．9D．16
二、填空题
11．若x，y∈N*，且x＋y≤6，则有序自然数对(x，y)共有________个．
12．[2021·辽宁沈阳检测]若原来站成一排的4个人重新站成一排，恰有一个人站在自己原来的位置，则共有________种不同的站法．
13.
如图，某电子器件由3个电阻串联而成，形成回路，其中有6个焊接点A，B，C，D，E，F，如果焊接点脱落，整个电路就会不通．现发现电路不通，那么焊接点脱落的可能情况共有________种．
14．已知集合M＝{1,2,3,4}，集合A，B为集合M的非空子集，若对任意x∈A，y∈B，x＜y恒成立，则称(A，B)为集合M的一个“子集对”，则集合M的“子集对”共有______个．
[能力挑战]
15．[2021·山西大同模拟]中国有十二生肖，又叫十二属相，每一个人的出生年份对应了十二种动物(鼠、牛、虎、兔、龙、蛇、马、羊、猴、鸡、狗、猪)中的一种．现有十二生肖的吉祥物各一个，三位同学依次选一个作为礼物，甲同学喜欢牛和马，乙同学喜欢牛、狗和羊，丙同学哪个吉祥物都喜欢，如果让三位同学选取礼物都满意，则选法有( )
A．30种B．50种C．60种D．90种
16．[2021·安徽合肥检测]为了实施“科技下乡，精准脱贫”战略，某县科技特派员带着A，B，C三个农业扶贫项目进驻某村，对该村仅有的甲、乙、丙、丁四个贫困户进行产业帮扶．经过前期实行调研得知，这四个贫困户选择A，B，C三个扶贫项目的意向如表：
若每个贫困户只能从自己已登记的选择意向项目中随机选取一项，且每个项目至多有两个贫困户选择，则不同的选法有( )
A．24种B．16种C．10种D．8种
17.
如图所示，用四种不同颜色给图中的A，B，C，D，E，F六个点涂色，要求每个点涂一种颜色，且图中每条线段的两个端点涂不同颜色，则不同的涂色方法共有( )
A．288种B．264种
C．240种D．168种
课时作业57
1．解析：分类完成此事，一类是买国产品牌，有20种选法，另一类是买进口品牌，有10种选法．由分类加法计数原理可知，共有20＋10＝30(种)选法．
答案：C
2．解析：按照车主的要求，从左到右第一个号码有5种选法，第二个号码有3种选法，其余三个号码各有4种选法．因此车牌号码可选的所有可能情况有5×3×4×4×4＝960(种)．
答案：D
3．解析：先排个位数，再排十位，百位，千位、万位，依次有2,4,3,2,1种排法，由分步乘法计数原理知：2×4×3×2×1＝48.
答案：B
4．解析：分为两类：第一类，有一条公共边，三角形共有8×4＝32(个)；第二类，有两条公共边，三角形共有8个，由分类加法计数原理知，与正八边形有公共边的三角形共有32＋8＝40(个)．故选A.
答案：A
5．解析：当公比为2时，等比数列可为1,2,4或2,4,8；当公比为3时，等比数列可为1,3,9；当公比为eq \f(3,2)时，等比数列可为4,6,9.同理，公比为eq \f(1,2)，eq \f(1,3)，eq \f(2,3)时，也有4个．故共有2＋1＋1＋4＝8(个)．
答案：D
6．解析：当a当组长时，则共有1×4＝4(种)选法；当a不当组长时，因为a不能当副组长，则共有4×3＝12(种)选法．因此共有4＋12＝16种选法．
答案：B
7．解析：在8个数中任取2个不同的数共有8×7＝56(个)对数值，但在这56个对数值中，lg24＝lg39，lg42＝lg93，lg23＝lg49，lg32＝lg94，即满足条件的对数值共有56－4＝52(个)．
答案：D
8．解析：分8类，当中间数为2时，有1×2＝2个；
当中间数为3时，有2×3＝6个；
当中间数为4时，有3×4＝12个；
当中间数为5时，有4×5＝20个；
当中间数为6时，有5×6＝30个；
当中间数为7时，有6×7＝42个；
当中间数为8时，有7×8＝56个；
当中间数为9时，有8×9＝72个；
故共有2＋6＋12＋20＋30＋42＋56＋72＝240个．
答案：A
9．解析：分两种情况：
(1)A，C不同色，先涂A有4种，C有3种，E有2种，B，D有1种，有4×3×2＝24(种)．
(2)A，C同色，先涂A有4种，E有3种，C有1种，B，D各有2种，有4×3×2×2＝48(种)．共有72种．
答案：B
10．解析：对子集A分类讨论．当A是二元集{1,2}，B可以为{1,2,3,4}，{1,2,4}，{1,2,3}，{1,2}共4种情况；当A是三元集{1,2,3}，B可以取{1,2,4}，{1,2}共有2种情况；当A是三元集{1,2,4}，B可以取{1,2,3}，{1,2}，共有2种情况；当A是四元集{1,2,3,4}，此时B取{1,2}有1种情况，根据分类加法计数原理得4＋2＋2＋1＝9种，故符合此条件的“理想配集”有9个．故选C.
答案：C
11．解析：当x＝1时，y可取的值为5,4,3,2,1，共5个；
当x＝2时，y可取的值为4,3,2,1，共4个；
当x＝3时，y可取的值为3,2,1，共3个；
当x＝4时，y可取的值为2,1，共2个；
当x＝5时，y可取的值为1，共1个．
即当x＝1,2,3,4,5时，y的值依次有5,4,3,2,1个，由分类加法计数原理，得不同的数对(x，y)共有5＋4＋3＋2＋1＝15(个)．
答案：15
12．解析：根据题意，分2步，先从4个人里选1人，其位置不变，有Ceq \\al(1,4)＝4种选法；对于剩余的三人，因为每个人都不能站在原来的位置上，因此三个人有2种站法．故不同的站法共有4×2＝8(种)．
答案：8
13．解析：因为每个焊接点都有脱落与未脱落两种情况，而只要有一个焊接点脱落，则电路就不能，故共有26－1＝63(种)可能情况．
答案：63
14．解析：A＝{1}时，B有23－1＝7种情况；
A＝{2}时，B有22－1＝3种情况；
A＝{3}时，B有1种情况；
A＝{1,2}时，B有22－1＝3种情况；
A＝{1,3}，{2,3}，{1,2,3}时，B均有1种情况，故满足题意的“子集对”共有7＋3＋1＋3＋3＝17个．
答案：17
15．解析：①若甲同学选择牛，则乙有2种选择，丙有10种选择，选法有1×2×10＝20种；
②若甲同学选择马，则乙有3种选择，丙有10种选择，选法有1×3×10＝30种，
所以共有20＋30＝50种选法．故选B.
答案：B
16．解析：(1)C项目2户，有4种选法；
(2)C项目1户，若是丁，有6种选法，若是丙，有3种选法，共有9种选法；
(3)C项目0户，有3种选法．
故共有4＋9＋3＝16种选法，故选B.
答案：B
17．解析：分两类：第一类，涂三种颜色，先涂点A，D，E有Aeq \\al(3,4)种方法，再涂点B，C，F有2种方法，故有Aeq \\al(3,4)×2＝48(种)方法；
第二类，涂四种颜色，先涂点A，D，E有Aeq \\al(3,4)种方法，再涂点B，C，F有3Ceq \\al(1,3)种方法，故共有Aeq \\al(3,4)·3Ceq \\al(1,3)＝216(种)方法．
由分类加法计数原理，共有48＋216＝264(种)不同的涂法．
答案：B扶贫项目
A
B
C
贫困户
甲、乙、丙、丁
甲、乙、丙
丙、丁