第45讲 比热容、热值及热量的计算 备战2022 浙教版科学 中考高频考点 加强练

这是一份第45讲 比热容、热值及热量的计算 备战2022 浙教版科学 中考高频考点 加强练，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，解答题，综合说理题等内容，欢迎下载使用。
备战2022 浙教版科学 中考高频考点 加强练
第45讲 比热容、热值及热量的计算
一、单选题
1.（2021·上虞模拟）比较两种煤的优劣可以通过实验比较它们的（    ）
A. 密度                          B. 质量                          C. 比热容                          D. 热值
2.（2020七上·吴兴期末）下列说法错误的是（   ）
A. 一定质量的某种物质，温度降低的越多，放出的热量越多
B. 物质的比热容与物体的密度一样，都是物质本身的一种特性
C. 温度总是从含有热量多的物体向含有热量少的物体传递
D. 焦耳是一个比较小的热量单位，为纪念科学家焦耳而命名的。
3.（2020九上·镇海期末）在生产和生活中，常见到“水的比热容大”这一特性的应用情景，以下事例中与这一特性无关的是（   ）
A. 沿海地区的气温比内陆变化小
B. 夜间，在秧田里灌水保温
C. 发现人中暑时，常在额头上擦冷水降温
D. 汽车发动机用水作冷却液
4.（2020九上·鄞州月考）质量、初温均相同的甲、乙两物体，将甲投入一杯热水中，达热平衡后水温降低5℃，将甲取出，接着把乙投入这杯水中，达热平衡后水温又降低5℃，下列说法正确的是（    ）
A. C甲>C乙                B. C甲△t乙；
根据公式Q=cm△t得到：Q甲Q乙=c甲m甲△t甲c乙m乙△t乙；
1=c甲m甲△t甲c乙m乙△t乙；
△t甲△t乙=c乙m乙c甲m甲；
因为△t甲c乙都有可能 ， 故D正确。
故选D。
13.答案: A
考点:燃料的热值
分析:1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值，与燃料的质量大小无关，只与种类有关。
解答:A.提到热值，肯定指燃料完全燃烧的情形，因此燃料的热值与燃料燃烧情况无关，故A正确；
B.燃料的热值与是否容易燃烧无关，故B错误；
C.煤的热值大于干木柴的热值，那么相同质量燃烧煤放出的热量比燃烧干木柴放出的热量多，没有限制质量相同，故C错误； 
D.煤的热值与质量无关，故D错误。
故选A。
14.答案: A
考点:热量的计算
分析:根据公式Q=cm△t分析即可。
解答:甲和乙的初温相同，最终都会降低到与冰箱相同的温度，因此温度的变化量△t相同；甲的比热容大于乙，甲的质量也大于乙。根据公式Q=cm△t可知，甲物体放出的热量肯定大于乙放出的热量，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
15.答案: D
考点:比热容
分析:（1）将水银的比热容与铜比较；
（2）将水和冰的比热容比较；
（3）根据公式Q=cm△t分析；
（4）根据公式Q=cm△t计算即可。
解答:A.将水银和铜比较可知，液体的比热容不一定比固体的比热容大，故A错误； 
B.将水和冰比较可知，同种物质发生物态变化后，比热容会变化，故B错误；
C.根据公式Q=cm△t可知，由于水的比热容大，故白天海水温度比沙滩低，故C错误；
D.2kg的水温度升高50℃，吸收的热量是：Q=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×50℃=4.2×105J，故D正确。
故选D。
16.答案: D
考点:比热容
分析:分析各个选项中现象包含的物理原理即可。
解答:A.水的比热容大，那么它可以释放出更多的热量，让热水流过散热器供暖，可以使温度升高的更多，故A不合题意；
B.水的比热容大，那么它可以吸收更多的热量，用循环水冷却汽车发动机，有利于汽车发动机保持正常工作温度，故B不合题意；
C.水的比热容比沙土大，因此白天吸收热量升温小，晚上放出热量降温小，那么沿海地区比内陆地区昼夜温差较小，故C不合题意；
D.夏天在房间内洒水降温，是因为水汽化吸热，与比热容无关，故D符合题意。
故选D。
17.答案: B
考点:比热容
分析:比热容是物质本身的一种特性，与吸收的热量、本身质量和温度的变好量无关，只与物质的种类和状态有关。
解答:A.一杯水倒去一半，水的种类和状态不变，因此比热容不变，故A不合题意；
B.水凝结成冰，水的状态改变，比热容变化，故B符合题意；
C.一块铁加工成铁屑，铁的种类和状态不变，比热容不变，故C不合题意；
D.15℃的水变成45℃的水，水的种类和状态不变，因此比热容不变，故D不合题意。
故选B。
18.答案: B
考点:温度、热量与内能的关系
分析:①在热传递的过程中，高温物体放出热量，温度降低；低温物体吸收热量，温度升高；
②放出热量，内能减少；吸收热量，内能增大。

解答:饮料原来的温度高，放出热量，降低温度，因此甲是饮料；冰块原来的温度低，吸收热量，升高温度，因此乙是冰块，故A错误；
乙是冰块，吸收热量，故B正确；
甲是饮料，放出热量，内能减少，故C错误；
乙吸收热量，内能增多，故D错误。
故选B。
19.答案: C
考点:比热容
分析:（1）液体到达沸点，晶体到达熔点时，继续吸热，温度都保持不变；
（2）加热器相同，即相同的时间内产生相同的热量；
（3）物质吸收热量，内能增大；放出热量，内能减少；
（4）根据公式Q=cm△t可知，当质量和吸收相同的热量时，物体的比热容与升高的温度成反比。
解答:A.甲在80℃，乙在40℃时，继续吸热温度不变，那么这两个温度可能是它们的沸点，也可能是它们的熔点，故A错误；
B.0~6min时，甲和乙吸收的热量一样多，故B错误；
C.8~10min时，甲和乙继续吸热，那么它们的内能不断增大，故C正确；
D.当加热6min时，甲升高的温度大于乙升高的温度，即△t甲>△t乙。根据公式Q=cm△t可知，甲的比热容小于乙的比热容，故D错误。
故选C。
20.答案: A
考点:比热容
分析:根据公式Q=cm△t可知，当热量和质量相同时，物质升高的温度与比热容成反比，据此分析判断。
解答:炎热的夏日，赤脚踩在沙滩上感觉很烫脚，站在水中感觉凉爽，这是因为：水的比热容比沙子大，相同质量的沙和水吸收相等的热量，水的温度变化比沙子小，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
二、填空题
21.答案: （1）做功
（2）A
考点:能量及其存在的不同形式，能量的相互转化和转移，燃料的热值
分析:（1）改变物体的内能有两种方式：做功和热传递；
（2）液态氢作燃料，是因为它具有较大的热值，完全燃烧相同质量的燃料，液态氢燃烧时放出的热量会更多。
解答:（1）根据关键词“外壳与空气剧烈摩擦”可以知道，是摩擦生热，具体即为通过做功的形式改变物体内能；
（2）助推器很明显需要大量的能量，氢气的热值相对较高，燃烧后能够产生大量的能量，为火箭的运行提供动力。
故答案为：（1） 做功 ；（2）A
22.答案: 1.68×104 ；热传递
考点:物体内能的改变方法，热量的计算
分析:根据公式Q=cm△t计算水吸收的热量；
（2）改变物体内能的方式：①做功；②热传递。
解答:（1）水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/ (kg·°C)×0.1kg×（100℃-60℃）=1.68×104J。
（2）该过程中，酒精灯火焰的内能转移到水里，从而使水的内能增大，因此利用了热传递的方式使水的内能增加。
 
23.答案: 内能；比热容
考点:物体内能的改变方法，比热容
分析:（1）刹车片受到摩擦，将机械能转化为自身的内能，从而使内能增大；
（2）根据Q=cm△t可知，质量相等的不同物质升高相同的温度时，水的比热容大，吸收的热量更多，具有更好的降温效果。
解答:（1）汽车在长距离下坡的过程中如果频繁的高强度使用刹车，会因刹车片过热造成刹车失灵，刹车片发热是由于摩擦导致内能增加；
（2）司机要向刹车片喷水降温，水具有极好的降温效果是因为具有较大的比热容。
24.答案: 升高的温度；＜；甲
考点:比热容
分析:（2）根据W=Pt可知，相同的加热器加热相同的时间，那么两种液体吸收相同的热量。根据Q=cm△t可知，当液体的质量和吸收热量相同时，液体的吸热能力与温度的变化量成反比；
（3）从表格中找到加热到42℃时的时间，通过比较时间确定吸收热量的大小关系；
（4）根据（2）中的方法比较吸热本领的大小。
解答:（2）用相同的电加热器加热。当它们加热时间相同时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱；
（3）根据表格可知，甲升高到42℃用了3min，而乙升高到42℃用了4min，因此吸收的热量Q甲c液；
（4）根据（2）中数据可知，当升高相同的温度时，水和液体甲吸收的热量之比：Q水：Q液=3min：2min=3：2。根据公式Q=cm△t得到：Q水Q液=c水m水△t水c液m液△t液=c水c液；
32=4.2×103J/kg·℃c液；
解得：c液=2.8×103J/(kg·℃)。
四、解答题
33.答案: （1）实验时6kg水吸收的热量为Q＝cmΔt＝4.2×103J/(kg·℃)×6kg×1℃＝2.52×104J。
（2）每平方米水每秒吸收的太阳能为 2.52×104J0.1×15×60 ＝280J，
由于地表植物接收太阳能的能力与水相等，所以每平方米绿色植物每秒接收的太阳能为280J。

（3）100m2绿地每秒可以放出氧气 100m2×280J/(m2⋅s)×1s103J ×0.05L＝1.4L。
考点:热量的计算
分析:（1）根据公式Q=cm△t计算水吸收的热量；
（2）每平方米水每秒吸收的太阳能=Q表面积×时间；
（3）首先根据每平方米绿地每秒吸收的太阳能×面积×时间计算出绿地吸收的太阳能，再根据太阳能103J计算出放出氧气的体积。
 
 
34.答案: 答：海南长夏无冬是因为纬度低，太阳辐射强；大连与内陆相比更凉爽是海陆分布造成，陆地土壤比热容小于海洋水的比热容。
考点:比热容，影响气候的因素
分析:影响气候的因素主要有纬度因素、海陆因素、地形地势因素、洋流因素及人类活动。
解答:海南岛纬度较低，太阳辐射强，气温高，所以海南岛长夏无冬， 由于水的比热容比沙石或陆地土壤的比热容大，大连与内陆相比更凉爽。
故答案为：海南长夏无冬是因为纬度低，太阳辐射强；大连与内陆相比更凉爽是海陆分布造成，陆地土壤比热容小于海洋水的比热容
35.答案: （1）热水壶内水的质量m=ρV=103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg；
水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/（kg·℃）×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×105J。
（2）电水壶消耗的电能W=Pt=1800W×（60s×6）=648000J；
那么电热水壶的效率：η=QW=5.04×105J64800J=82.9%。
（3）随着严冬的到来，小西认为该电热水壶烧水的效率会更低，原因可能为：环境温度降低，烧水时对外散热更多，水所吸收的热量不变，所以效率降低。
考点:能量利用效率，热量的计算
分析:（1）首先根据m=ρV计算热水壶内水的质量，再根据Q=cm△t计算水吸收的热量；
（2）首先根据W=Pt计算出消耗的电能，再根据公式η=QW计算电热水壶的效率。
（3）冬季的气温低，电水壶向外散热更多，从这个角度分析效率降低的原因。
36.答案: （1）水吸收的热量为：Q=cm（t-t0）=4.2×103J/(kg•℃)×0.5kg×（50℃-20℃）=6.3×104J；
（2）未知液体吸收的热量Q'=Q=6.3×104J；
那么这种液体的比热容为：c'=Q'm'（t'-t0'）=6.3×104J0.5kg×（90℃-20℃）=1.8×103J/(kg•℃)。
考点:热量的计算
分析:（1）根据公式Q=cm（t-t0）计算水吸收的热量；
（2）90s内水吸收的热量与未知液体吸收的热量相同，根据公式c'=Qm'（t'-t0'）计算液体的比热容。
37.答案: （1）Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg·℃）×2.2kg×（100℃-20℃）=7.392×105J
（2）Q放=mq=45×10-3kg×4.4×107J/kg=1.98×106J
（3）η= Q吸Q放 ×100%= 7.392×105J1.98×106J ×100%=37.3%
考点:能量利用效率，热量的计算，燃料的热值
分析:（1）根据公式Q吸=cm（t-t0）计算水的内能的增加量；
（2）根据公式Q=mq计算天然气放出的化学能；
（3）根据公式 η=Q吸Q放  计算燃气灶烧水时的转化效率。
 
38.答案: （1）水吸收的热量Q吸＝cm(t－t0)＝4.2×103J/(kg·℃)×0.1kg×(100℃－20℃)＝3.36×104J。
（2）3g酒精完全燃烧释放的热量Q放＝mq＝3×10－3kg×3.0×107J/kg＝9×104J，酒精灯烧水的热效率η＝ Q吸Q放 ×100%＝ 3.36×104J9×104J ×100%≈37.3%。
（3）1g100℃的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收2.26×103J的热量，则5g100℃的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收的热量Q＝5g×2.26×103J/g＝1.13×104J。
考点:能量利用效率，热量的计算，燃料的热值
分析:（1）根据公式Q吸＝cm(t－t0)计算水吸收的热量；
（2）根据公式Q放＝mq计算酒精燃烧放出的热量，然后根据公式  η＝Q吸Q放 计算酒精灯烧水的热效率；
（3）水蒸气需要吸收的热量=1g水蒸发吸收的热量×水的质量。
39.答案: 2kg水的温度升高30℃，需吸收热量Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/(kg·℃)×2kg×30℃＝252000J；由Q吸＝Q放＝mq得，m＝ Q吸q=252000J3.0×107J/kg ＝8.4×10－3kg，即至少需完全燃烧8.4×10－3kg的煤。
考点:热量的计算
分析:首先根据Q吸＝c水m水Δt水计算出水吸收的热量，再根据Q吸＝Q放计算煤放出的热量，最后根据m=Q放q计算燃烧煤的质量即可。
 
五、综合说理题
40.答案: 答：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温．
考点:比热容
分析:修建人工湖和内河，使该地区含水量增多，因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析．