19电学实验 高考物理一轮复习定基础汇编试题含解析

这是一份19电学实验 高考物理一轮复习定基础汇编试题含解析，共119页。试卷主要包含了某同学在阅读科普资料时发现等内容，欢迎下载使用。

专题19电学实验
1．某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻。他根据老师提供的以下器材，画出了如图所示的原理图。
① 电压表V（量程3V．内阻Rv约为l0kΩ）
② 电流表G（量程3mA，内阻Rg=l00Ω）
③ 电流表A（量程3A,内阻约为0.5Ω）
④ 滑动变阻器R1(0~20Ω，2A)
⑤ 滑动变阻器R2 (0~500Ω，1A)
⑥ 定值电阻R3=0. 5Ω
⑦开关S和导线若干
(1)该同学发现电流表A的量程太大，于是他将电流表G与定值电阻R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是______A。（保留两位有效数字）
(2)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_______（填写器材编号）
(3)该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势____V．

【答案】0.60R1或④E=1.5v

2．某同学为了测量电源的电动势和内阻设计了如图（a）所示电路，所用的实验器材有：待测电源，量程为3 V的电压表V (内阻无穷大)，电阻箱R，阻值未知的定值电阻R0，开关K1，双掷开关K2，实验步骤如下：

①调节电阻箱的阻值为20 Ω，K2接a，闭合K1，记下电压表的读数为2.00 V，断开K1；
②保持电阻箱的阻值不变，K2切接b，闭合K1，记下图b所示电压表的读数，断开K1；
③将K2再切换到a，闭合K1，多次调节电阻箱，读出多组电组箱的阻值R和对应的电压表的示数U，断开K1；
④以为纵坐标，为横坐标，绘出的图线（用直线拟合）.
回答下列问题：
⑴图(b)所示电压表的读数为________V，定值电阻R0 =________Ω；
⑵用、表示电动势和内阻，则与关系式为________________________；
⑶依据实验数据绘出的－图线如(c)图所示；则电源电动势=_______V，内阻=_______Ω .（计算结果保留两位有效数字）
【答案】（1） 2.30；3.0(3或3.00)（2）；（3）2.9V；1.20.1；
【解析】(1)由电压表量程为3V，最小分度为0.1V，则其读数为2.30V；K2切接b，闭合K1时，滑动变阻器与R0串联；则由欧姆定律可知，.
(2)由闭合电路欧姆定律可知，
变形可得：
(3)根据公式可知，图象与纵坐标的交点为0.34；故
由公式可知，

解得：r=1.2Ω；
【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律的实验数据的处理问题，要注意掌握数据处理的方法，知道根据闭合电路欧姆定律列式并灵活变形，根据图象的性质可得出对应的电动势和内电阻．
3．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ的实验中：
(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图所示,可知其长度为_____mm； 

(2)用多用电表的欧姆挡粗测该圆柱体的电阻Rx的阻值在90 Ω左右，现要测量其阻值，实验室提供如下器材：

A．电流表A1(量程50 mA、内阻约1 Ω)
B．电流表A2(量程200 mA、内阻约为0.2 Ω)
C．电流表A3(量程0.6 A、内阻约为0.1 Ω)
D．定值电阻R0=30 Ω
E．滑动变阻器R(最大阻值约为10 Ω)
F．电源E(电动势为4 V)
G．开关S、导线若干
①．某同学设计了一个测量电阻Rx的实验电路，如图乙所示。为保证测量时M、N两电表读数均不小于其量程的1/3，M、N两处的电流表应分别选用：M为___，N为__(均选填“A1”、“A2”或“A3”)。 
②．若M、N电表的读数分别为IM、IN，则Rx的计算式为Rx=_______。
③．考虑本次测量存在一定的系统误差，所以测量值比真实值____(填“偏大”或“偏小”)。

③因电流表有电阻，则测量值比真实值偏大。
4．实验室有一种灵敏电流计G，满偏刻度为30格。某兴趣小组想要较精确地测出它的满偏电流Ig和内阻Rg，实验室中可供利用的器材有：
待测灵敏电流计G1 、G2
电流表A： (量程为1mA、内阻约为100Ω)
定值电阻R1：（阻值为400Ω）
定值电阻R2：（阻值为600Ω）
电阻箱R：（0~9999.9Ω，最小调节量0.1Ω）
滑动变阻器R3：（最大电阻2000Ω，额定电流1.5A）
直流电源：电动势1.5V，内阻不计；
开关一个，导线若干。

该小组设计的实验电路图如图，连接好电路，并进行下列操作。
（1）闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数适当。
（2）若灵敏电流计G2中的电流由b流向a，再调节电阻箱，使电阻箱R的阻值________（选填“增大或“减小”），直到G2中的电流为0。
（3）读出电阻箱连入电路的电阻为1200Ω，电流表的示数为0.6 mA，灵敏电流计G1的指针指在20格的刻度处，则灵敏电流计满偏电流Ig=_____μA，内阻Rg=_______Ω。
【答案】减小300800
【解析】（2）灵敏电流计G2中的电流由b流向a，说明b点电势比a点电势高，R2的阻值小于电阻箱接入电路的阻值，减小电阻箱R接入电路的阻值，当a、b两点电势相等时，流过G2的电流为0．
（3）流过G2的电流为零，由图示电路图可知：，即：，解得：Rg=800Ω；
流过两支路电流之比：，由图示电路图可知：IG1+I1=IA，已知：IA=0.6mA，则：IG1=0.2mA，灵敏电流计G，满偏刻度30格，灵敏电流计的指针指在20格的刻度处，则灵敏电流计满偏电流；
点睛：本题考查了应用电桥法测灵敏电流表内阻与满偏电流实验，知道实验原理、分析清楚电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．
5．某探究小组测量直流恒流源的输出电流I0和定值电阻Rx的阻值，电路如图甲所示。
实验器材如下：
直流恒流源(电源输出的直流电流I0保持不变，I0约为0.8A)；
待测电阻Rx(阻值约为20)；
滑动变阻器R(最大阻值约为70)；
电压表V(量程15V，内阻约为15k)；
电流表A(量程0.6A，内阻约为0.2)；
请回答下列问题。

（1）实验所用器材如图乙所示，图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接_____。
（2）电路开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑动到____处(选填“a”、“b”)。
（3）所得实验数据如下表，请在图丙所示的直角坐标系上画出U—I图象_____。

（4）根据所画U—I图象，可求得直流恒流源输出电流I0=_____A，待测电阻的阻值Rx=_____。(结果保留两位有效数字)
【答案】a0.80A～1.0A18Ω～23Ω
【解析】（1）根据原理图可得出对应的实物图

（2）为了让电流表中电流由最小值开始调节，保证开关S闭合后，流过电流表的电流不会超过电流表量程；滑动变阻器应从最大阻值开始调节；电路开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑动到a处。
(3)根据表中数据可以得出对应的U﹣I图象

（4）当电压为零时此时滑动变阻器短路，流过Rx的电流为零，此时电流表电流为直流电源中的电流，则可知电流I0=0.87A；
由图可知，当电压为10V时，电流为0.40A，则此时流过待测电阻的电流，由欧姆定律可得：
6．为测量某金属丝的电阻率，小明同学取来一段粗细均匀、长为L0的金属丝进行实验．
（1）用蜾旋测微器测金属丝的直径d，读数如图甲所示．则d=______mm．

（2）用一电阻档有三个倍率（分别是×1、×10、×100）的多用电表粗测其电阻．选用×10档测量某电阻时．操作步驟正确，发现表头指针偏转角度很大，为了较准确地进行测量，应换到_____档．重新正确操作后，表盘的示数如图乙所示，其读数为______Ω．

（3）进一步准确测量金属丝的电阻，实验室提供的器材有：
A．直流电源E（电动势4V，内阻不计）；
B．电流表A1（量程0～0.6A，内阻约1Ω）；
C．电流表A2（量程0～150mA，内阻约2Ω）；
D．电压表V （量程0～3V，内阻约10kΩ）：
E．滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）；
F．滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）；
G．待测电阻丝Rx，开关、导线若干．
①实验中，小明设计了如图丙所示的电路，其中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用_____．实验时，开关S2应接____（选垓“1”成“2”）．

②请用笔画线代替导线在图丁中完成实物电路连接（部分连线已画出）_________________．

③若实验中测得该金属丝的电阻为R0，则计算这种电阻丝材料电阻率的表达式为 ρ=_____（用题中给定的物理量符号和已知常数表示）．
【答案】0.680×122CE1如图所示:

【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为18.0×0.01mm=0.180mm，所以最终读数为0.5mm+0.180mm=0.680mm．
（2）用×10档测量某电阻时，表头指针偏转角度很大，说明所选挡位太大，为了较准确地进行测量，应换到×1档，由图示表盘可知，则该电阻的阻值是：R=22×1=22Ω。
（3）①通过电阻丝的最大电流，所以电流表选择量程150mA的电流表C；滑动变阻器应采用分压式接法，选择小电阻，便于调节；临界电阻，因为：，选择电流表外接法，所以开关S2应接1。
②实物电路如图所示：

③根据电阻定律，截面积为：，联立解得：。
7．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：
A．直流电源（电动势约为5V，内阻可不计）
B．直流电流表（量程0〜3A，内阻约为0.1Ω）
C．直流电流表（量程0〜600mA，内阻约为5Ω）
D．直流电压表（量程0〜15V，内阻约为15kΩ）
E．直流电压表（量程0〜5V，内阻约为10kΩ）
F．滑动变阻器（最大阻值10Ω，允许通过的最大电流为2A）
G．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，允许通过的最大电流为0.5A）
实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据．

（1）实验中电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______（均用序号字母表示）．
（2）请按要求将图甲中所示的器材连成实验电路______．
（3）某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．现把实验中使用的小灯泡接到如图丙所示的电路中，其中电源电动势E=4V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为______W．（结果保留两位有效数字）
【答案】CEF0.34W
【解析】(1) 标有“5V，2.5W”的小灯泡，，电流表应选用C．直流电流表（量程0〜600mA，
(3) 小灯泡接到如图丙所示的电路中，电源电动势E=4V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，灯两端电压与电流的关系为，在小灯泡的伏安特性曲线上再画图线，两者交点表示灯的工作电压与电流。

由图可得灯此时的工作电压为1.2V，工作电流为0.28A，灯泡的实际功率
点睛：借助闭合电路欧姆定律得出灯两端电压与电流的关系图线，小灯泡的伏安特性曲线也反映灯两端电压与电流的关系，两个图线的交点表示对应的工作点。
8．某同学在阅读科普资料时发现：输液用的生理盐水电导率为0.8s／m．他对“电导率”一词产生浓厚的兴趣，经查单位及符号表得知，“s”为电导的单位，它等于电阻单位的倒数，“m”为长度的单位．他又联想到电阻率的单位为“”，经单位对比后他作出一个大胆的假设：电导率一定是电阻率的倒数．为了验证他的假设，他做了如下尝试：取体积为V(m3)的输液用的生理盐水，刚好灌满伸缩性能良好的透明塑料管中(两端装有电极)，形成一段粗细均匀的封闭盐水柱(长为10.00cm、横截面积约为1.00cm2)，进行如下实验：
(1)他将盐水柱作为纯电阻Rx，根据他的假设此段盐水柱的电阻约为_____Ω．现用以下器材采用伏安法测盐水柱的电阻：
A．直流电源E：电动势18V，内阻很小，额定电流1A；
B．电流表A：量程0～12mA，内阻约10；
C．电压表V：量程0～15V，内阻约15k；
D．滑动变阻器R：最大阻值50；
E．开关、导线若干．
根据所给的器材，在方框内画出合理的实验电路图(图中已给出盐水柱、电源的符号) ______．

(2)为了较准确地测量电导率，他设计以下方案：
把这段封闭的盐水柱均匀拉长(盐水柱的两端始终与电极充分接触)，测得盐水柱长度L和对应的电阻Rx，利用实验数据作出电阻Rx与长度L2的关系图象如图所示，则盐水的电导率应为______(用该图线的斜率k，体积V表示)．若测得电导率约为“0.8”，则说明他的假设是正确的．
【答案】（1）1250； 电路图；
（2）
【解析】(1)设电导率为D，根据他的假设可知：
由电阻定律得：
因，，则得：，所以采用电流表的内接法，测量误差较小，由于变阻器的最大阻值小于盐水柱的电阻，变阻器可采用分压式接法．实验电路图如图所示

（2）由图看出，R与L2成正比，即有 R=KL2
由电阻定律得：
联立以上两式得：
则得：
又体积V=LS
解得：
9．国标（GB/T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω•m。某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞(活塞电阻可忽略)，右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动。实验器材还有： 
电源(电动势约为3V，内阻可忽略) 
理想电压表(量程为3V）
理想电压表 (量程为3V）
定值电阻 (阻值4kΩ) 
定值电阻 (阻值2kΩ) 
电阻箱R(最大阻值9999Ω) 
单刀双掷开关S，导线若干，游标卡尺，刻度尺。
 
实验步骤如下： 
A.用游标卡尺测量并记录玻璃管的内径d；
B.向玻璃管内注满自来水，确保无气泡；
C.用刻度尺测量并记录水柱长度L；
D.把S拨到1位置，记录电压表示数；
E.把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表示数与电压表示数相同，记录电阻箱的阻值R；
F.改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D、E；
G.断开S，整理好器材。
(1)测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d=_______mm；
(2)玻璃管内水柱的电阻的表达式为=_____； (用、、R表示)
(3)利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的图象。可求出自来水的电阻率ρ=__________Ω•m(保留三位有效数字)。
【答案】20.012.6

总电压U′总=，由于两次总电压相等，都等于电源电压E，可得Rx=； 
(3)从图丙中可知，R=1×103Ω时，1/L=5.0m−1，
此时玻璃管内水柱的电阻Rx==8000Ω，
水柱横截面积S= =3.14×10−4m2，
由电阻定律得：
ρ≈12.6Ω⋅m；
10．为了测定某电池的电动势（约10V~11V）和内电阻（小于2Ω），需要把一个量程为5V的直流电压表接一固定电阻（用电阻箱代替），改装为量程为15V的电压表，然后用伏安法测电源的电动势和内电阻，以下是该实验的操作过程：
（1）把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，请完成第五步的填空。

第一步：把滑动变阻器滑动片移至最右端
第二步：把电阻箱阻值调到零
第三步：闭合电键
第四步：把滑动变阻器滑动片调到适当位置，使电压表读数为4.5V
第五步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为_______V
第六步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其它线路，即得量程为15V的电压表
（2）上述实验可供选择的器材有：
A．某电池（电动势约10V~11V，内电阻小于2Ω）
B．电压表（量程为5V，内阻约4KΩ）
C．电阻箱（阻值范围0~9999Ω）
D．电阻箱（阻值范围0~99999Ω）
E．滑动变阻器（阻值为0~20Ω，额定电流2A）
F．滑动变阻器（阻值为0~20KΩ，额定电流0.2A）
电阻箱应选_________，滑动变阻器应选_________（用大写字母表示）。
（3）用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没变），测电源电动势E和内电阻r，实验电路如图乙所示，得到多组电压U和电流I的值，并作出U—I图线如图丙所示，可知电池的电动势为___________V，内电阻为_______Ω。（保留3位有效数字）
【答案】（1）1.5；（2）C；E；（3）10.5；1.71
【解析】（1）把5V的直流电压表接一电阻箱，改装为量程为15V的电压表时，将直流电压表与电阻箱串联，整个作为一只电压表，据题分析，电阻箱阻值调到零，电压表读数为4.5V，则知把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为1.5V．
（2）由图丙所示图象可知，最大电流为1.75A，大于0.2A，则为保护电路安全，滑动变阻器应选E．电阻箱选择C.
（3）由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为U=3.5V，则电源的电动势为E=3×3.5=10.5V，
内阻为．
点睛：本题涉及电表的改装，其原理是串联电路的特点．伏安法测量电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律，要注意路端电压应为改装后电压表的读数．
11．某同学利用图示装置练习使用多用电表。

（1）测所接电源的电动势 E：将多用电表的选择开关旋到_______挡并选择适当量程，把开关 S1 打____________填“a”或“b”），开关 S2 打向__________（填“c” 或“d”），读出并记下电表的示数，然后断开 S1和 S2。
（2）测定值电阻的阻值 R（约为 1000Ω）：将多用电表的选择开关旋到欧姆挡的_______（填“1×”、“×10”、“×100”或“×1k”）挡并进行欧姆调零，把开关 S1打向__________（填“a”或“b”），开关 S2 打向__________（填“c”或“d”），读出并记下电表的示数，然后断开 S1 和 S2。
（3）测电阻 R 中通过的电流 I：将多用电表的选择开关旋到直流“10mA”挡，把开关 S1 打向 a，开关 S2 打向_______________________________（填“c”或“d”），读出并记下电表的示数， 然后断开 S1 和 S2。
【答案】直流电压（或V ）ac×100bcd
【解析】(1)测电源电动势E时,要用直流电压档,电源的正极和负极要直接接在红表笔和黑表笔上,故把S1打向a,S2打向c.
(2)定值电阻的阻值约1000Ω,故要用电阻档×100测量,电阻要直接接在红表笔和黑表笔上,故把S1打向b,S2打向c.
(3)测量电流中的电流,电源、电阻和多用表要构成串联回路,电流从红表笔流进,从黑表笔流出,故把S1打向a,S2打向d.
12．有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，有下列器材供选用：

A．电压表（0～3V，内阻6kΩ）
B．电压表（0～15V，内阻30kΩ）
C．电流表（0～3A，内阻0.1Ω）
D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）
E．滑动变阻器（10Ω，2A）
F．滑动变阻器（200Ω，0.5A）
G．蓄电池（电动势6V，内阻不计）
①用如图所示的电路进行测量，电压表应选用_______，电流表应选用______。滑动变阻器应选用______。（用序号字母表示）
②通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线图．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_______Ω。(结果保留两位有效数字)
③若将此灯泡与20Ω的定值电阻串联，接在电动势为6V、内阻不计的电源上，则灯泡的实际功率为________W。(结果保留两位有效数字)
【答案】ADE100.320.02
【解析】（1）由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；由P=UI可得电流为：I=0.29A，故电流表应选D；本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；
（2）由图可知，当电压为2.8V时，电流为：I=0.28A，故电阻为：
（3）若将此灯泡与20Ω的定值电阻串联，接在电动势为6V、内阻不计的电源上，在I-U图象中作出电源的U-I图像如图所示，则由图可知，灯泡的工作电压为1.4V，电流为0.23A，则实际功率为：P=UI=1.4×0.23=0.32W；

点睛：本题考查测量小灯泡的伏安特性曲线，要注意电表的正确选择；明确电路的接法，会利用欧姆定律进行分析求解，注意由于灯泡电阻随温度的变化而变化，故应注意正确应用伏安特性曲线进行分析工作状态．
13．在“测定金属的电阻率”的实验中，提供两节内阻较小的干电池，待测金属丝阻值约为30Ω。使用的电压表有3V（内阻约为300kΩ）和15V（内阻约为5kΩ）两个量程，电流表有0.6A（内阻约为0.1Ω）和3A（内阻约为0.02Ω）两个量程，滑动变阻器有A（0～20Ω）、B（0～1500Ω）两种。用螺旋测微器测金属丝的直径如图甲所示，则：

(1)螺旋测微器的示数是____________mm．
(2)为减小电阻的测量误差，应选用乙图所示的________电路．（填“a”或“b”）
(3)若已测得该金属丝长度为L，直径为D，电压表示数为U，电流表示数为I，则该金属丝的电阻率用以上字母表示为ρ=_____________．
【答案】1.7070.001b
【解析】（1）螺旋测微器的读数为d=1.5mm+20.6×0.01mm=1.706mm；
（2）由于两节干电池的电动势为3V，则电压表选择3V（内阻约为300kΩ）；电路中电流最大值，故电流表选择0.6A（内阻约为0.1Ω）； 待测电阻满足，电流表应用外接法，所以应选用b图所示的电路；
（3）由及 S=πd2可知，
点睛：应明确：①要分成“整数部分”和“小数部分”两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；②待测电阻满足，电流表应用外接法；反之用内接法．
14．现要用伏安法描绘一只标值为“2.5V，0.6W”小灯泡的I-U图线，有下列器材供选用：
A．电压表(0～3V，内阻)
B．电流表(0～0.6A，内阻)
C．电流表(0～3A，内阻)
D．滑动变阻器(，2A) 
E．滑动变阻器(，1.0A)
F．蓄电池(电动势6V，内阻不计）
实验要求测量数据范围尽可能大些①则滑动变阻器应选用__________（用序号字母表示）；电流表应选用_______（用序号字母表示）．

②设计电路，用笔画线代替导线在图中将实物连接成实验所需电路图。_______
③通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为______Ω．
【答案】DB10
【解析】试题分析：①本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，滑动变阻器选D；由P=UI可得，电流为I=0.28A，电流表应选B；②题目中要求多测几组数据，故滑动变阻器采用分压接法；灯泡内阻较小；故电流表选用外接法，设计的电路图如图所示

由电路图连成实物图如图所示

③由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻
【点睛】根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，由欧姆定律可求得灯泡的正常工作时的电阻.
15．某同学想通过实验测定一个定值电阻Rx的阻值。
(1)该同学先用多用电表“×10”欧姆挡估测其电阻示数如图，则其阻值为______Ω；

(2)为了较准确测量该电阻的阻值，现有电源(12V，内阻可不计)、滑动变阻器(0～200 Ω，额定电流1 A)、开关和导线若干，以及下列电表：
A．电流表(0～100mA，内阻约15.0Ω)
B．电流表(0～500mA，内阻约25.0Ω)
C．电压表(0～3 V，内阻约3 kΩ)
D．电压表(0～15 V，内阻约15 kΩ)
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用______，电压表应选用______(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的______(选填“甲”或“乙”)。这样测量的阻值比真实值______(选填“偏大”或“偏小”)。

(3)图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线。请根据在(2)问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线____。

【答案】140±1AD甲偏小


16．某同学利用图甲电路测量自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管,细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动。实验器材还有：电源（电动势约为3V，内阻忽略不计），两个完全相同的电流表A1、A2（量程为3mA，内阻不计），电阻箱R（最大阻值为9999Ω），定值电阻R0（可供选择的电阻有100Ω、1KΩ、10KΩ），开关S，导线若干，刻度尺。实验步骤如下：x/kw

A．测得圆柱形玻璃管内径d=20mm；
B．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L，
C．连接好电路，闭合开关S，调整电阻箱阻值，读出电流表A1、A2示数，分别计为I1、I2，记录电阻箱的阻值R；
D．改变玻璃管内水柱长度，多次重复实验步骤B、C，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；
E．断开开关S，整理好器材。
（1）玻璃管内水柱电阻Rx的表达式Rx=_____。 （用R0、R、I1、I2表示）。
（2）若在上述步骤C中每次调整电阻箱阻值，使电流表A1、A2示数均相等，利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图乙所示的R-L关系图像，则自来水的电阻率为_____Ω.m(保留两位有效数字)，该实验定值电阻R0应选______。

在用本实验方法测电阻率实验中，若电流表内阻不能忽略，则自来水电阻率测量值与上述测量值相比将
_________（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。
【答案】16不变
【解析】（1）电阻箱与R0、A2串联，再与水柱、A1并联，所以有，玻璃管内水柱电阻Rx的表达式
(2)由电阻定律可以知道，则有，根据题意可知，电流表A1，A2示数均相等，则有，由图可得
电阻率
定值电阻所在支路最小电阻约为；电阻箱R（最大阻值为9999Ω），为测多组实验数据，定值电阻R0应选1KΏ；
（3）电流表内阻不能忽略，则有，电阻率为保持不变。
17．某同学在阅读科普资料时发现：输液用的生理盐水电导率为0.8s／m．他对“电导率”一词产生浓厚的兴趣，经查单位及符号表得知，“s”为电导的单位，它等于电阻单位的倒数，“m”为长度的单位．他又联想到电阻率的单位为“”，经单位对比后他作出一个大胆的假设：电导率一定是电阻率的倒数．为了验证他的假设，他做了如下尝试：取体积为V(m3)的输液用的生理盐水，刚好灌满伸缩性能良好的透明塑料管中(两端装有电极)，形成一段粗细均匀的封闭盐水柱(长为10.00cm、横截面积约为1.00cm2)，进行如下实验：
(1)他将盐水柱作为纯电阻Rx，根据他的假设此段盐水柱的电阻约为_____Ω．现用以下器材采用伏安法测盐水柱的电阻：
A．直流电源E：电动势18V，内阻很小，额定电流1A；
B．电流表A：量程0～12mA，内阻约10；
C．电压表V：量程0～15V，内阻约15k；
D．滑动变阻器R：最大阻值50；
E．开关、导线若干．
根据所给的器材，在方框内画出合理的实验电路图(图中已给出盐水柱、电源的符号) ______．

(2)为了较准确地测量电导率，他设计以下方案：
把这段封闭的盐水柱均匀拉长(盐水柱的两端始终与电极充分接触)，测得盐水柱长度L和对应的电阻Rx，利用实验数据作出电阻Rx与长度L2的关系图象如图所示，则盐水的电导率应为______(用该图线的斜率k，体积V表示)．若测得电导率约为“0.8”，则说明他的假设是正确的．
【答案】（1）1250； 电路图；
（2）
【解析】(1)设电导率为D，根据他的假设可知：
由电阻定律得：
因，，则得：，所以采用电流表的内接法，测量误差较小，由于变阻器的最大阻值小于盐水柱的电阻，变阻器可采用分压式接法．实验电路图如图所示

（2）由图看出，R与L2成正比，即有 R=KL2
由电阻定律得：
联立以上两式得：
则得：
又体积V=LS
解得：
18．某同学利用如图所示的电路测量一只灵敏电流计的电阻。该同学在连好电路后，先把电位器R调到最大；合上开关S1，调节R使电流表达到满偏电流Ig，然后合上开关S2，调节电阻箱R1的阻值使电流表示数正好为满偏电流的一半，记下此时电阻箱的示数，即认为电流表的电阻R2就等于R1．

（1）从系统误差的角度看，测量结果比真实值应该______（填“偏大”或“偏小”）；
（2）如果灵敏电流计（即表头）的满偏电流Ig=1mA，电阻Rg=100，现实验室备有用该型号表头改装的量程不同的电流表和电压表，某同学准备利用伏安法测量一只阻值约为150的电阻Rx，备选器材有：
A．学生电源（电动势E约为4V） B．电压表（量程：0-3V）
C．电流表A1（量程：0-50mA） D．电流表A2（量程：0-0．6A）
E．电流表A3（量程：0-3A） F．滑动变阻器（总电阻约20）
G．开关、导线若干
①为了尽量提高测量精度，请画出合理的电路原理图_______；
②电流表应选择____（请填写所选器材前的字母符号）．
【答案】（1）偏小（2）如图，电流表内接法，分压接法；
（3）C
【解析】（1）半偏法测电流表电阻比实际电阻偏小：电流表并联电阻，其并联部分的电阻变小，总电流变大，这个并联的电阻分流大于电流表分流．则其电阻值小于电流表的内阻则测量结果比真实值应该偏小
（2）①小电阻有外接法，滑动变阻器用分压式接法，电路如图

②电阻的最大电流约为，故选电流表C
19．为测量一根金属丝（电阻约5 Ω)的电阻率ρ选用的电学器材：电压表（量程3V，内阻约 3KΩ)，电流表（量程0. 6A，内阻约0.2 Ω)，滑动变阻器0-15 Ω)，学生电源（稳压输出3V)， 开关，导线若干。
（1）如图甲所示，用螺旋测微器测量金属丝的直径时，为了防止金属丝发生明显形变，同时防止损坏螺旋测微器，转动旋钮C至测砧、测微螺杆与金属丝将要接触时，应调节旋钮_______(选填'“A”“B” (或“D”）发出“喀喀”声时停止；某次的测量结果如图乙所示，其读数为______ mm。
（2）请在答题卡上用笔画线代替导线将图丙的电路补充完整________。
（3）如图丁所示，实验数据已描在坐标纸上，作出图线_________，求出该金属丝的电阻值为_____Ω (结果保留两位有效数字）。
（4）有人认为用图象法求金属丝的电阻是为了减小系统误差，他的观点是否正确_________？请说明理由________；
【答案】（1）D；0.540（0.539-0.541）（2）如图；
（3）如图；
4.2-4.6（4）不正确；多次测量取平均值只能减小偶然误差，不能减小系统误差；
【解析】（1）调节微调旋钮“D”
读数为：；
（2）电流表串联在电路中，实物连接如图：
（3）利用描点作图，将各组数据连接成直线如图：
斜率表示电阻，；
（4）他的观点不正确，多次测量取平均值只能减小偶然误差，不能减小系统误差；
20．在用伏安法测某元件的伏安特性实验中，小张同学将采集到的数据记录到了I－U坐标图上（如图甲所示），完成下列问题。

（1）请在图甲中绘出伏安特性曲线_______，并由此图线得出该电阻的电阻值Rx＝_____Ω。
（2）除了待测元件、导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：
A．电压表V1（量程3V，内阻约30kΩ）
B．电压表V2（量程15V，内阻约150kΩ）
C．电流表A1（量程0.6A，内阻约0.5Ω）
D．电流表A2（量程3mA，内阻约300Ω）
E．滑动变阻器R1（0～300Ω，额定电流0.5A）
F．滑动变阻器R2（0～50Ω，额定电流60mA）
G．滑动变阻器R3（0～10Ω，额定电流0.3A）
H．电源E1（电动势为1.5V，内阻约为0.5Ω）
I．电源E2（电动势为3.0V，内阻约为1.2Ω）
根据所绘的伏安特性曲线，为了调节方便，测量准确，实验中应选用的器材是______（填器材前面的字母）。
（3）根据所选器材，按要求补充完善图乙所示实物连线________，实验前变阻器的滑片P应置于最_______（填“左”或“右”）端。
【答案】（1）如图所示
2.4×103（2.3×103～2.5×103）（2）ADGI（3）如图所示;
右
【解析】（1）用一条直线连接，让尽量多的点落在直线上，如图；

从直线上选取一点如I=1mA时．U=2.3V，此时：
（2）根据实验数据可知，电压表选择A；电流表选D；电源选择I2；滑动变阻器接成分压电路，故选阻值较小的G；
（3）由电压表、电流表及电阻的阻值关系可知，应采用电流表外接；电路连线如图；实验前应使得待测电阻上电压最小，即变阻器的滑片P应置于最右端。

21．在测量某金属圆柱体电阻率实验中：

（1）图甲所示游标卡尺的读数为______mm。
（2）为了较精确地测量金属圆柱体的电阻，某同学设计了如图乙所示的电路，以尽可能地消除由于电表内阻所带来的系统误差。当开关S与1相连时，伏特表示数为3.0V，安培表示数为3mA；当开关S与2相连
时，伏特表示数为2.8V，安培表示数为4mA；由此可知，则应采用电流表的_____接法实验误差较小，其测量值为Rx＝______Ω；若电源内阻不计，根据上述实验数据可知，待测电阻的真实值应为______Ω。
【答案】（1）11.14（2）内1000950

22．在测定某一均匀细圆柱体材料的电阻率实验中．

（1）如图1所示，用游标卡尺测其长度为_____cm；图2用螺旋测微器测其直径为_____mm．
（2）其电阻约为6Ω．为了较为准确地测量其电阻，现用伏安法测其电阻．实验室除提供了电池E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）、开关S，导线若干，还备有下列实验器材：
A．电压表V1（量程3V，内阻约为2kΩ）
B．电压表V2（量程15V，内阻约为15kΩ）
C．电流表A1 （量程3A，内阻约为0.2Ω）
D．电流表A2 （量程0.6A，内阻约为1Ω）
E．滑动变阻器R1（0～10Ω，0.6A）
F．滑动变阻器R2 （0～2000Ω，0.1A）
为减小实验误差，应选用的实验器材有（选填“A、B、C、D…”等序号）_____．
（3）为减小实验误差，应选用图3中_____（选填“a”或“b”）为该实验的电路原理图，其测量值比真实值_____（选填“偏大”或“偏小”）．
【答案】10.3551.195A D Eb偏小
【解析】(1)游标卡尺的固定刻度读数为10.3cm，游标读数为0.05×11mm=0.55mm=0.055cm，所以最终读数为：10.3cm+0.055cm=10.355cm.x*kw
螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为0.01×19.5mm=0.195mm，所以最终读数为：1mm+0.195mm=1.195mm；
(2)①电源电动势为3V，故电压表应选A；电路最大电流约为：I=E/R=3/6=0.5A，故电流表选D；由于待测电阻只有约6Ω，故为了便于调节，滑动变阻器选择总阻值较小的E；
②待测电阻阻值约为6Ω，电压表内阻约为2kΩ，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，应选择图b所示实验电路;由于电压表分流使电流表读数偏大，则由欧姆定律可知，求出的电阻值偏小。
23．实验室中有一个未知电朋，为测其阻值，小明同学进行了以下实验探究：
(1)小明先用多用电表欧姆挡粗测其阻值。
选用倍率为“×10”的电阻挡测量时，按规范操作，指针的位置如图1中的a。现要较准确的测量该电阻的阻值，在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，应进行的具体操作是____：按正常顺序操作后，指针的位置如图中b，则该电阻的阻值为____________Ω。

(2) 为了更加精确的测量其阻值，小明同学首先利用如下器材设计了实验方案甲
A.电压表V(量程6V，内阻约几千欧)
B.电流表A(量程0.4，内阻约几欧)
C.滑动变阻器R(阻值0～20Ω，额定电流1A)
D.电池组E(电动势约为6V，内阻不计)
E.开关S和导线若千
在保证各仪器安全的情况下，该实验方案存在的主要问题是___________。
(3)经过认真思考，小明对实验方案甲进行了改进，改进方案如图乙所示，已知实验中调节滑动变阻器两次测得电压表和电流表的示数分别为、和、，由以上数据可得=__________。
【答案】（1）选择×1电阻档，重新进行欧姆调零；3（2）电压表指针偏转角度太小，读数带来的误差比较大（3）
【解析】(1)选用倍率为“×10”的电阻挡测量，指针的位置如图1中的a，指针偏角太大，说明所选挡位太大，要较准确的测量该电阻的阻值，应选择×1电阻挡，重新进行欧姆调零，然后再测电阻；按正常顺序操作后，指针的位置如图中b，则该电阻的阻值为：3×1=3Ω.
(2)待测电阻阻值约为3Ω，电流表量程为0.4A，则待测电阻两端最大电压约为：U=IR=0.4×3=1.2V，电压表量程为6V，电压表量程太大，电压表指针偏转角度太小，读数误差较大，实验误差较大。
(3)电源内阻不计，由图乙所示可知，电源电动势：E=U1+I1RX，E=U2+I2RX，解得：RX=；
24．有一个小电珠上标有“4 V　2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个电珠的U-I图线。有下列器材供选用：
A．电压表(0～5 V，内阻10 kΩ) B．电压表(0～10 V，内阻20 kΩ)
C．电流表(0～0.3 A，内阻1 Ω) D．电流表(0～0.6 A，内阻0.4 Ω)
E．滑动变阻器(5 Ω，1 A) F．滑动变阻器(500 Ω，0.2 A)
(1)实验中电压表应选用________，电流表应选用________(用序号字母表示)。
(2)为使实验误差尽量减小，要求电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用________(用序号字母表示),实验中滑动变阻器应采用______接法(填“分压”或“限流”)。

(3)请在虚线框内画出满足实验要求的电路图________，并把由图所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。__________
【答案】ADE分压
【解析】(1) 小电珠上标有“4 V　2 W”，
故电压表选用A．电压表(0～5 V，内阻10 kΩ) ，电流表选用D．电流表(0～0.6 A，内阻0.4 Ω)
(2) 要求电压从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E．滑动变阻器(5 Ω，1 A)，实验中滑动变阻器应采用分压接法
(3) 小灯泡电阻相对电压表电阻较小，采用电流表的外接法。
电路图实物电路图
25．某实验小组要测量电阻Rx的阻值．
（1）首先，选用欧姆表“×10”挡进行粗测，正确操作后，表盘指针如图甲所示，则该电阻的测量值为______Ω．

（2）接着，用伏安法测量该电阻的阻值，可选用的实验器材有：
电压表V（3V，内阻约3kΩ）； 电流表A（20 mA，内阻约2Ω）；待测电阻Rx；
滑动变阻器R1（0-2kΩ）；滑动变阻器R2（0-200Ω）；干电池2节；开关、导线若干．
在图乙、图丙电路中，应选用图______（选填“乙”或“丙”）作为测量电路，滑动变阻器应选用_______（选填“R1”或“R2”）．
（3）根据选择的电路和器材，在图丁中用笔画线代替导线完成测量电路的连接_________．

（4）为更准确测量该电阻的阻值，可采用图戊所示的电路，G为灵敏电流计（量程很小），R0为定值电阻，R、R1、R2为滑动变阻器．操作过程如下：①闭合开关S，调节R2，减小R1的阻值，多次操作使得G表的示数为零，读出此时电压表V和电流表A的示数U1、I1；②改变滑动变阻器R滑片的位置，重复①过程，分别记下U2、I2，…，Un、In；③描点作出U-I图象，根据图线斜率求出Rx的值．下列说法中正确的有______．
A．闭合S前，为保护G表，R1的滑片应移至最右端
B．调节G表的示数为零时，R1的滑片应位于最左端
C． G表示数为零时，a、b两点间电势差为零
D．该实验方法避免了电压表的分流对测量结果的影响
【答案】（1）145-149（2）丙R2（3）如图；
（4）CD
【解析】（1）欧姆表读数=刻度盘读数×倍率，读数是14.6×10=146Ω
（2）由于待测电阻的电阻值比较大比电流表的内阻大得多，所以电流表使用内接法；由于两个滑动变阻器的电阻值都比较大，所以要选择限流电路．所以实验电路选择丙，滑动变阻器选择容易调节的变阻器，所以选择R2．
（3）根据实验的原理图，依次连接电路如图；

（4）闭合S前，为保护G表，开始时R1的电阻值要最大，所以滑片应移至最左端．故A错误；调节G表的示数为零时，与R1的滑片的位置无关．故B错误；该图实验的原理是利用惠斯通电桥法，G表示数为零时，a、b两点间电势差为零．故C正确；该实验方法避免了电压表的分流对测量结果的影响．故D正确．故选CD.
点睛：本题关键要明确电阻的测量方法、原理和实验误差的处理，其中用伏安法测量电阻时电流表内、外接法和滑动变阻器的接法选择是重点所在．要知道惠斯通电桥测量电阻值的优点．
26．利用如图甲所示电路，可用伏安法测定某一电源的电动势和内阻，其中虚线框内为灵敏电流计G改装的电压表V，A为标准电流表，为待测电源，S为开关，R为滑动变阻器

（1）已知灵敏电流计G的满偏电流Ig=200μA，按如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内电阻rg，其中电阻R4约为1KΩ，为使rg的测量值尽量准确，在以下器材中，电源E2应选用____，电阻R3应选用_______，电阻R2应选用______________（选填器材前的字母）。
A.电源（电动势为1.5V）
B.电源（电动势为6V）
C.电阻箱（0-999.9Ω）
D.滑动变阻器（0-500Ω）
E.电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当，0-5.1kΩ）
F.电位器（一种可变电阻，与滑动变阻器相当，0-51kΩ）
（2）如果所得R3的阻值为300Ω，则图中被测电流计G的内阻rg的测量值为____Ω，该测量值____实际值（填“略大于”“略小于”“等于”）。
（3）给灵敏电流计G串联一个阻值为____kΩ的电阻就可以将该电流计G改装为量程6V的电压表V。
（4）由（2）确定灵敏电流计的内阻测量值与时间值差异后，将其改装成另一电压表V（甲图虚线框所示）接入甲图电路进而完成甲图实验测量时，电压表V测量值_____实际值（填“大于”“小于”或“等于”）；电源E1电动势测量值_____实际值（填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】（1）BFC（2）300.0Ω；略小于（3）29.7Ω（4）小于；小于

（4）由于电阻箱的测量值因小于真实值，则改装后实验内阻偏小，故电压表的测量值小于真实值；同时由于采用了相对电源的电流表外接法，电流表示数偏小，故电源电动势的测量值也小于真实值．
27．某物理兴趣小组想测量某玩具汽车的电池(电动势约为1. 5 V，内阻约为1Ω)的电动势和内阻
(1)张同学用电压表直接接在该电池两端，粗略测量电池的电动势，这样测出的电动势比真实值______(填“偏大”或“偏小”)。
(2)李同学按照图甲所示电路，选定合适的器材，正确连接好实验电路。已知滑动变阻器的最大阻值远大于保护电阻R0的阻值; 闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P,电压表的示数几乎不变，而电流表的示数几乎为零。若电路中只有一处故障，则该故障可能是_____。（填选项前的字母）
A.bc间断路
B. a、b间短路
C.保护电阻R0断路

(3)王同学利用图乙所示电路测量电池的电动势和内阻,经正确操作后得到几组数据，并根据这几组数据作出电压表示数U的倒数1/U随变阻器R的阻值的倒数1/R变化的规律如图丙所示。由图象可知，该电池的电动势为_______V,内阻为_____Ω（结果均保留两位有效数字）
【答案】偏小A1.41.1
【解析】试题分析：用电压表直接接在电池两极粗测电池的电动势，考虑电压表的内阻，判断电压表的示数与电动势的关系．本实验通过伏阻法测量电源电动势和内电阻，根据实验的原理推导出的关系式，通过图象的斜率、截距去求解电源的电动势和内阻．x/*kw
（1）用电压表直接接在电池两极粗测电池的电动势，考虑到电压表的内阻，知电压表的示数为外电压，小于电动势，所以测出的电动势比真实值偏小．
（2）电压表的示数几乎不变，而电流表的示数几乎为零，说明电压表串联与电路中，即ac之间有断路，故A正确．
（3）因为，解得．可知为一次函数关系，图线的斜率，纵轴截距，从图中可知，解得E=1.4V，图像的斜率，解得
28．某同学设计用伏安法测量一节干电池的电动势和内电阻．除待测干电池外，实验室可供选择的主要器材有：电压表（量程，内阻未知）；电流表（量程，内电阻）；电阻箱（）；滑动变阻器（）；开关；导线若干．
(1)用图甲的电路测定电压表的内阻．将调到，滑动变阻器的滑动触头移到_________（选填“左端”“右端”或“任意”）位置．然后闭合开关；

(2)反复调节滑动变阻器的滑动触头，让电压表满偏；
(3)保持滑动触头位置不变，反复调节．当电压表的示数为时，的值为，则电压表的内阻为__________；
(4)为满足用伏安法测量电源电动势和内电阻对器材的要求，并保证实验的精确度，应将电压表的量程扩大为原量程的倍，则电阻箱的阻值应调为_____________；
(5)设计测量电源电动势和内电阻的电路并将它画在指定的方框内（图中标明器材符号）；

(6)多次改变滑动变阻器接入电路的值，记录多组电压表的示数与电流表的示数，经描点、连接得到图像如图乙所示．根据图像可求得该干电池的电势______；内电阻___________．（结果均保留位小数）
【答案】左端996.31.660.92
【解析】(1)滑动变阻器的滑动触头移到左端，防止闭合开关时电压表超量程．
(3)电压表满偏即指向，保持不变，由于接入电路的值远小于电压表内阻，所以调节时支路的电压可认为保持不变，与串联分压，，故．
(4)量程扩大为倍，串联电阻应与电压表内阻相等，电阻箱R0的阻值应调为后与电压表串联测路端电压．
(5)设计测量电源电动势和内电阻的电路

(6)，故该干电池的电动势，内电阻
29．实验室中要测量一只电压表的内电阻，供选择的仪器如下：
①待测电压表V(量程0～1.5V，内阻约为500 Ω左右)；
②电流表A(量程0～10 mA)；
③定值电阻R (250Ω)；
④滑动变阻器R1(0～20 Ω)；
⑤滑动变阻器R2(0～1 000 Ω)；
⑥干电池(1.5 V)；
⑦开关S及导线若干．
⑴为了方便电压的方便调节，滑动变阻器接成分压式接法，滑动变阻器应选________．(在空格内填写序号)
⑵要利用所给器材较准确测量电压表的电阻，请在虚线框中画出完整的电路图。

⑶把实物连线图补充完整______．

⑷测量电压表、电流表多组读数V、I，然后以V为纵坐标，I为横坐标，作出相应图线，如图所示．若测得图线的斜率为k，待测压表内阻的表达式为RV．
【答案】R1
【解析】（1）滑动变阻器采用分压接法时，应选用阻值适当小一些的，滑动变阻器选R1.
（2）需要电压表与定值并联，才能跟电流表的量程相适应，所以完整的电路如图所示

（3）实物连线如图所示，连线时要注意电表的正负接线柱不能接反．

（3）根据串、并联电路规律可知：，图线斜率，所以
30．理想电压表内阻无穷大，而实际电压表并非如此，现要测量一个量程为0～3V、内阻约为电压表的阻值。实验室备有以下器材：

A．待测电压表:量程为0—3V、内阻约为
B．电压表:量程为0-6V、内阻约为
C．滑动变阻器R1:最大值、额定电流1A
D．定值电阻
E．电源：电动势6V，内阻约
F．开关一个、导线若干
（1）利用以上器材设计如图所示测量电路，请你按图示电路将实验仪器连接起来（ ）

（2）请写出按该电路测量电压表内阻Rv的表达式，并指出表达式中各物理量的含义___________；
（3）在正确连接电路后，闭合电键S，不断的调节变阻器R1滑片位置，记录多组电压表V1、V2示数，作出U2—U1图线如图所示。若，由图线上的数据可得Rv=___。x-kw
【答案】，其中, 、 分别表示待测电压表 与电压表 的示数, 表示定值电阻阻值；2960
【解析】试题分析：（1）实物连线图如图所示：

（2）根据串并联规律应有：，解得：，其中分别表示待测电压表与电压表的示数，表示定值电阻阻值；
（3）根据题（2）表达式可得：，则斜率为：，解得.
31．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：
（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为______mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为__________ mm；
（3）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R阻值为220欧，由此可计算此圆柱体材料的电阻率为ρ=____________Ω·m．（保留2位有效数字）

32．为了测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，提供的器材有：
A．电流表G，内阻Rg＝120Ω，满偏电流Ig＝6mA
B．电压表V，量程为6V
C．螺旋测微器，毫米刻度尺
D．电阻箱R0 （0－99．99Ω）
E．滑动变阻器R（最大阻值为5Ω）
F．电池组E（电动势为6V，内阻约为0．05Ω）
G．一个开关S和导线若干

（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用_______挡（填“×1”或“×100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图甲所示。
（2）把电流表G与电阻箱并联改装成量程为0．6A的电流表使用，则电阻箱的阻值应调为R0＝________Ω。（结果保留三位有效数字）
（3）为了用改装好的电流表测量电阻丝Rx的阻值，请根据提供的器材和实验需要，将图乙中电路图补画完整。______
（4）测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电压表V的示数为U，电流表G的示数为I。请用已知量和测量量的字母符号，写出计算电阻率的表达式ρ＝__________。
【答案】×11.21
【解析】(1)因欧姆表不均匀,要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准,当用“ ””挡时发现指针偏转角度过大,说明倍率较大,应选择“ ”倍率.
(2)将电流表G 与电阻箱并联改装成量程为0.6A的电压表,而电流表G(内阻 ,满偏电流 ;因此电阻箱的阻值应调为: ;
(3)由图甲所示可以知道,待测电阻阻值为: ,电压表内阻很大,约为几千甚至几万欧姆,电压表内阻远大于电流表内阻,电流表应采用外接法,滑动变阻器最大阻值为 ,远小于待测电阻阻值,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,电路图如图所示:

(4)由电阻定律可以知道,电阻： ,则电阻率： :,根据欧姆定律得： ,电阻率；
综上所述本题答案是：(1). ×1 (2). 1.21 (3). (4).
33．某研究性学习小组欲测定一块电池的电动势．

（）先直接用多用电表测定该电池电动势．在操作无误的情况下，多用电表表盘示数如图甲，其示数为
_____．
（）然后，用电压表、电阻箱、定值电阻、开关、若干导线和该电池组成电路，测定该电池电动势．
①根据图乙电路图，用笔画线代替导线，将实物图连接成完整电路______．
②闭合开关，调整电阻箱阻值，读出电压表V相应示数．该学习小组测出大量数据，分析筛选出下表所示的、数据，并计算出相应的与的值．请用表中数据在坐标纸上描点，并作出图图线____．





























③从图线中可求得______．（计算结果保留三位有效数字）
【答案】9.410.0
【解析】试题分析：读数时要注意最大量程及最小分度，则可求得其读数；根据电路图，画出的实物图．由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距及斜率的含义，则可求得电动势和内电阻．
（）由图可知，电压表最小分度为；故其示数为．
（）①根据电路图，画出的实物图：

②根据上表所示实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中的点作直线，作出图象：

③由闭合电路欧姆定律可得，变形得，
由数学知识可知，图象中的斜率为：．截距为；
由图可知，，所以；
34．小灯泡上标有“3.8V 2W”的字样，要求测绘小灯泡的伏安特性曲线，现有下列电表供选用：
A．电压表（0～6V，内阻10kΩ）
B．电压表（0～15V，内阻20kΩ）
C．电流表（0～0.3A，内阻10Ω）
D．电流表（0～0.6A，内阻0.5Ω）
实验中的电压表应选_____，电流表应选_____．（填写供选用电表前的符号）
【答案】AD
【解析】由题意可知，灯泡额定电压为3.8V，故为了准确安全测量，电压表应选择A；灯泡的额定电流为：，故电流表应选择D。
35．把一个6μF的平行板电容量接在12V的电池上，电容器所带电荷量为_____C；若只将两极板间的正对面积增大为原来的2倍，电容器的电容变为_____μF，两极板间的电场强度_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】7.2×10﹣512不变
【解析】根据电容的定义式可知：Q=CU=6×10﹣6×12C=7.2×10﹣5C，根据电容器的决定式：可知，当将两极板间的正对面积增大为原来的2倍，则电容器的电容变为原来的两倍即，因两端间的电势差不变，板间距不变，则可根据可知两极板间的电场强度不变。
36．某同学使用多用电表进行了两次测量，指针所指的位置分别如图中a、b所示，若选择开关处在“100Ω”的电阻挡时指针位于a，则被测电阻的阻值为_____Ω；若选择开关处在“直流电压25V”档时指针位于b，则被测电压是_____V．

【答案】500020
【解析】选择开关处在“100Ω”的电阻挡时指针位于a，则被测电阻的阻值为：50×100=5000Ω；选择开关处在“直流电压25V”档，由图示表盘可知，其分度值为0.5V，指针位于b，则被测电压为20V。
37．如图所示，某同学设计了一个测量金属丝电阻率的实验，将直径为d的待测金属丝固定在接线柱a、b上，在金属丝上安一个小金属滑片c，连接好电路，电路中R0是保护电阻．已知电压表的内阻远大于金属丝的电阻，电压表的分流作用可以忽略不计．闭合开关后电流表的读数为I0 ． 调节滑片c的位置，分别测量出长度L及所对应的电压值U，并根据实验数据作出U﹣L图象如图所示．

（1）试根据设计方案在虚线方框中画出电路原理图_____；（电路原理图中的元件要用题中相应的英文字母标注）
（2）根据你所画的电路原理图在题中所给的实物图上画出连接导线_____；
（3）在图线上取一点P，P点的横坐标值为L0， 纵坐标值为U0， 由此可得该金属丝的电阻率为________（用题目中所给的字母表示）
【答案】
【解析】（1）电源、电流表、待测金属丝、保护电阻组成串联电路，由题意知：电压表的内阻远大于金属丝的电阻，电压表的分流作用可以忽略不计，电流表应采用外接法，电路图如图所示．


点睛：根据大内小外原则，判断电流表内接和外接，画出实验电路；根据电路图将实物图，顺次连接；利用欧姆定律和电阻定律列式综合求解。x*kw
38．用电流表和电压表测定某一电阻丝的阻值，实验时提供下列可选用的器材：
待测电阻Rx（阻值约为6KΩ）
电压表V（量程3V，内阻约50KΩ）
电流表A1（量程500μA，内阻约200Ω）
电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）
电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）
滑动变阻器R（最大阻值1KΩ）
电源E（电源电动势4V）
开关S、导线
(1)在所提供的电流表中应选用______（填字母代号）；
(2)在虚线框中画出测电阻的实验电路图；

(3)分别用L、d、Rx表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ______ 。
【答案】A1
【解析】（1）电阻丝的电流大约为，远小于电流表A2A3的量程，接近A1的量程，故选A1；
（2）由于，电流表采用内接法，滑动变阻器R小于待测电阻Rx，滑动变阻器采用分压式，电路图为；
（3）电阻丝的电阻，电阻率表达式为；
39．需要组装一个单量程的欧姆表，所给电源的电动势为3.0V，内阻可忽略不计；电流表A的量程0～3mA，内阻500Ω；其他可供选择的器材：
（1）变阻器R1（阻值范围0～300Ω）
（2）变阻器R2（阻值范围0～800Ω）
①在方框内完成组装欧姆表的电路图（要标明所选器材的代号）______；

②电流表的表盘刻度分为三等分大格，如图所示，其中0为电流表的零刻度，则该单量程欧姆表按正确的方法组装完成后，刻度C表示的电阻值为_________Ω，刻度B表示的电阻值为___________Ω，在表盘上标明正中央刻度的电阻值为__________Ω。
【答案】05001000
【解析】（1）据题意，欧姆表内部需要一个电源，已给电源电动势为，则电流表为：如果选择，最大电流为，不能满偏，故不用改电流表，如果用，最大电流为，可满偏，可以应用该电流表。为了保证能够电路中的电流为3mA，滑动变阻器应用R2。

（2）C位置电流表电流最大，据欧姆定律，该位置电阻应该最小，所以电阻为0；
（3）B处为电流为2mA时的位置，则求得；在表盘上标明正中央刻度的电阻值为
40．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：
A．电池组（3V，内阻10Ω）；
B．电流表（0～3A，内阻0.0125Ω）；
C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）；
D．电压表（0～3V，内阻3kΩ）；
E．电压表（0～15V，内阻15kΩ，）；
F．滑动变阻器（0～50Ω，额定电流1A）；
G．滑动变阻器（0～5000Ω，额定电流0.3A）；
H．开关、导线
（1）要求较准确地侧出其阻值，电流表应选_____，电压表应选_____，滑动变阻器应选_____．（填序号）
（2）在本题虚线方框中画出用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图_____．

【答案】（1）CDF（2）如图所示
【解析】（1）伏安法测电阻丝电阻，需要：A、电池组（3V，内阻1Ω）；
电路最大电流约为：，电流表应选：C电流表；
电源电动势为3V，因此电压表选：D电压表；
为方便实验操作，要使用分压式接法，滑动变阻应选电阻值比较小的：F滑动变阻器（0～50Ω，额定电流1A）；
（2）待测电阻阻值约为5Ω，电流表内阻约为0.125A，电压表内阻约为3kΩ，
相对来说，电压表内阻远大于待测定值阻值，因此电流表应采用外接法．实验电路如图所示．

41．有两组同学进行了如下实验：
甲：甲组同学器材有：电源，滑动变阻器，电流表A1(0－200mA，内阻约11Ω)，电流表A2(0－300mA，内阻约8Ω)，定值电阻R1=24Ω，R2=12Ω，开关一个，导线若干.为了测量A1的内阻，该组同学共设计了下图中A、B、C、D四套方案：其中最佳的方案是_________套，若用此方案测得A1、A2示数分别为180 mA和270mA，则A1的内阻为___________Ω.

乙：乙组同学设计测定量程为3 V的电压表内阻的精确值（内阻约为2kΩ），实验室中提供的器材有：电阻箱R（最大电阻为9999.9 Ω）， 定值电阻r1=5kΩ， 定值电阻r2=10kΩ，电源E（电动势约为12 V、内阻不计），开关、导线若干。

设计的实验电路如图所示，先将电阻箱R的阻值调到最大，连接好实物电路；然后闭合开关，调节电阻箱R的阻值，使得电压表的指针刚好半偏，记下此时电阻箱的阻值R1；再次调节电阻箱R的阻值，使电压表的指针刚好满偏，记下此时电阻箱的阻值R2。
（1）实验中选用的定值电阻是_______；
（2）由上述的实验过程分析可得电压表内阻RV的表达式为RV=_______________.（请用字母R1、R2和r表示）
【答案】D12r1R1–2R2- r

由并联电路的规律可知，定值电阻中的电流为；则电流表内阻为：；
乙：：①设保护电阻的电阻为r，由欧姆定律应有：，代入数据解得，所以定值电阻应选．
②结合实验步骤，根据欧姆定律应有，，联立解得；
42．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：
A．电池组（3 V，内阻1Ω）
B．电流表（0～3 A，内阻0．0125Ω）
C．电流表（0～0．6 A，内阻0．125Ω）
D．电压表（0～3 V，内阻3 kΩ）
E．电压表（0～15 V，内阻15 kΩ）
F．滑动变阻器（0～20Ω，额定电流1 A）
G．滑动变阻器（0～2 000Ω，额定电流0．3 A）
H．开关、导线
（1）滑动变阻器应选用的是_____________。（填写器材的字母代号）
（2）实验电路应采用电流表___接法（填“内”或“外”），采用此接法测得的电阻值比其真实值偏___（填“大”或“小”），造成这种误差的主要原因是_______________。
（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如下图所示，图示中I=____A，U=___V。

（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0．5A范围内改变，请按要求在方框内画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图_____________。
【答案】（1）F，（2）外，小，电压表的分流作用 ；（3）0．48，2．20；（4）如下图所示．
【解析】（1）题目要求测量结果尽量准确要选择滑动变阻器分压接法，则选取小阻值F；故选取的．
（2）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律，故电流表选取C；被测电阻约；为小电阻，故选择电流表外接；
采用此接法测得电阻上的电流值偏大，则电阻值比其真实值偏小，造成这种误差的主要原因是电压表的分流作用；
（3）电流表读数I=0.48A；电压表读数U=2.20V；
（4）电流表外接又滑动变阻器分压接法，故电实验原理电路图如图：

点睛：电学实验要注意以下问题：（1）仪表的选择；（2）电路的接法；（3）数据的处理；要学会根据实验的原理同时结合安全性、准确性原则进行分析．
43．某同学要测量一个改装后的电压表Vx的量程和内阻，实验过程如下：
（1）先用多用电表粗测电压表的内阻和量程，实验中多用电表红表笔应与电压表_____（填“正”或“负”）接线柱相连；若已知多用电表内电源电动势为9V，所用档位为“×1K”档，调零后测量，指针位置如图所示．此时电压表指针指在表盘的四分之三刻度处．则所测电压表内阻约为___________，量程为____________．

（2）若电压表量程为（1）问中所测数值，则为了精确测量其内阻，现提供以下器材：
待测电压表Vx
电流表A（量程0.6A，内阻约为3Ω）
电压表V（量程l0V，内阻约为30kΩ）
定值电阻R０（阻值为10kΩ）
滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）
滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω，额定电流为lA）
电源E（电动势为15V，内阻约为1Ω）
开关和导线若干
①本实验中应选择的滑动变阻器为___________．（填器材对应的符号）
②为了较精确的测量电压表内阻，则测量电路应该选择如下电路中的________．

③写出电压表内阻测量值的表达式Rv=_________．
【答案】负15kΩ6VR2D
【解析】（1）用多用电表的欧姆档时内部电源被接通，且黑表笔接内部电源的正极，即电流从欧姆表的黑表笔流出，从电压表的正极流入，则红表笔接电压表的负极；由图可知，指针指在15处，且所用档位为档，所以所测电压表内阻约为；多用电表半偏，其电阻为，由欧姆定律得，解得，所以量程为。
（2）为了多次读数，滑动变阻器应取阻值较大的，即滑动变阻器应选。
电压表内阻的表达式，故D项正确。
综上所述，本题正确答案为D。
待测电压表内阻的表达式:
综上所述本题答案是: (1). 负 (2). 15kΩ (3). 6V (4). R2 (5). D (6).
44．一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线（结果如图丙），他们设计了如图甲所示的电路图．请回答下列问题：

（1）请将图乙中的实物连线按电路图补充完整_______．
（2）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零．原因可能是图中的___（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良．
（3）测得元件Q的伏安特性曲线如图丙所示，则下列说法中正确的是__________
A．加0.8 V电压时，导体的电阻约是16 Ω
B．加1.6 V电压时，导体的电阻约是4 Ω
C．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小
D. 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小
【答案】（1）
（2）f（3）AC
【解析】(1) 由原理图可知，滑动变阻器采用了分压接法，即先将下面两个固定的接线柱接在电源两端；再将用电器的一端接在上面任意一个接线柱上，另一端接到下面任意一个接线柱上；同时电流表采用外接法，注意电表的正极流入；实物图如图；
(2) 由题意可知，电流与电源应相连，不能调节到零说明滑动变阻器起不到分压作用，故应是f点接触不良造成的；
(3)
A项：由得出的图象可知，U=0.8V时，电流I=0.05A；故电阻；
B项：由得出的图象可知，U=1.6V时，电流I=0.2A；故电阻；
C、D项：图象斜率表示电阻的倒数，随着电压的增大，电阻的倒数增大，电阻减小，故C正确，D错误。
点晴：变阻器采用分压式接法时，电压表或电流表的示数可以从零调；分析图象的斜率时，应根据需要的物理规律写出纵轴物理量与横轴物理量的表达式，然后再讨论斜率的物理意义即可
45．（1）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度L，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R。
①请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ =__________ (用上述测量的字母表示)
②若实验中测量金属丝的长度时如图所示，则金属丝长度的测量值为L= _______ cm

（2）某同学想通过“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的方法来测量一小灯泡的额定功率。所用器材如下：
a.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧
b.电压表一只：量程为3V，内阻约为3kΩ
c.电流表一只：量程为0.6A，内阻约为0.1Ω
d.滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干

①在图甲中补全测量小灯泡额定功率的电路图__________,
②图甲中开关S闭合之前,滑动变阻器的滑片应置于______(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)；
③若该同学测量过程中发现电压表损坏,他找来一块万用表代替电压表测量灯泡的电压,则万用表的______(选填“红”、“黑”)表笔应该与灯泡的左端相连。
④该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线,如图乙所示,则小灯泡的额定功率为______W；若将小灯泡直接与电动势E=3.0V,内阻r =7.5Ω的电源相连,小灯泡的功率为______W。(结果均保留两位有效数字)
【答案】（1）60.50（2）
B端黑1.10.26,(0.22∼0.30之间均正确)
【解析】(1) ①由与得；②由刻度尺读数规则：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；
(2) ①由于小灯泡电阻较小，满足，电流表应用外接法，电路图如图所示；
②图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于B端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用．
③万用表测电压时，万用表的红表笔应该与正极相连，黑表笔与负极相连．灯泡的左端是负极，所以万用表的黑表笔灯泡的左端相连．
④当U=2.5V时，电流I=0.44A，所以额定功率为：P=UI=2.5×0.44W=1.1W．作出电动势E=3.0V，内阻r=7.5Ω的电源的I-U图线，如图，交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：P=UI=1.0×0.28=0.28W．

点晴：解决本题的关键掌握电流表内外接选择的方法，难点是与电源连接求实际功率，因为灯泡的电阻是随U的变化而变化的，所以必须用图象的方法来解决．
46．（1）小明同学在探究通电直导线受到的安培力F和电流强度I的关系的过程中，设计了如图1所示的实验装置。将匝数为N、底边长度为L1的线圈与电流表、电源和滑动变阻器及开关组成一闭合回路，把线圈用轻细绳挂在力传感器的下端，使线圈处在由磁铁产生的磁场中，保持线框底边与磁场方向垂直，磁铁磁极与线框平面平行方向的宽度为L2，且L1> L2。接通电路，适当调节滑动变阻器，当电流表的示数为I时，观察并记录力传感器此时的读数F。经多次重复上述操作，可测出在滑动变阻器接入电路的不同阻值下所对应的多组I和F的数据，用描点法画出F-I图象如图2所示，其中的F0、F1和I1均为已知量。由图象可以判定线框所受安培力方向____________（ 选填“竖直向上”或者“竖直向下”）；通过线框底边电流方向____________（ 选填“指向纸内”或者“指向纸外”）；线框所受重力的大小为____________；若认为两磁极间的磁场为匀强磁场，且在两磁极之间正对位置以外区域的磁场可忽略不计，则此匀强磁场的磁感应强度为________。

（2）如果小刚同学也用了同样的方法进行实验，只是所使用的器材不完全相同。他将据所测数据画出的F-I图象与小明的图象进行对比，发现在同一坐标系下两图线并不重合，如图3所示，小刚的图象的纵轴截距为F0′，两图线在A点相交，图中的F0、F0′、F1和I1均为已知量。对两人的实验器材进行比较，根据图象可知_______。（选填选项前面的字母）
A．所使用线圈的质量一定不同
B．所使用的磁铁一定不同
C．所使用电源的电动势一定不同
D．所使用线圈的匝数一定不同
【答案】竖直向下指向纸外F0（F1- F0）/（NI1L2）A
【解析】（1）随电流的增大，根据F=BIL可知，通电线框产生的安培力增大，绳子上的拉力增大，对线框分析可知，安培力竖直向下，根据左手定则可知指向纸外
由图2可知，当电流为零时，线框内的安培力为零，此时绳子的拉力为线框的重力，故为，当电流为时，对线框受力分析可知，解得
（2）由图象可知当电流为零时，绳子的拉力等于线框的重力，重力不同，而其它条件无法判断，故A正确，BCD错误；
47．为描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验室备有下列器材：
A．小灯泡（额定电压3V，额定电流600mA）
B．电流表A1（量程0～0.6 A，内阻约为0.5Ω）
C．电流表A2（量程0～3A，内阻约为0.1Ω）
D．电压表V（量程0～3V，内阻约为10kΩ）
E．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）
F．滑动变阻器R2（0～500Ω，1A）
G．直流电源E（约3V）
H．开关、导线若干
（1）实验中电流表应选用____，滑动变阻器应选用____（以上均填器材代号）．
（2）请用笔画线代替导线，在下图中将本实验的电路连接完整_______．

（3）正确实验，测量出多组数据，以灯泡两端的电压U为横轴，电流表的示数I为纵轴，描点如图乙所示，请在图乙中作出小灯泡的伏安特性曲线_________．
（4）上述实验过程中，小虎同学不慎将所选滑动变阻器损坏，便选用另一滑动变阻器，重新连成图甲所示的完整电路，闭合开关，从最右端向最左端缓慢匀速移动滑动变阻器滑片的过程中，观察到电流表和电压表的示数变化情况是___________．
【答案】（1）A1R1（2）如图；
（3）如图；
（4）开始示数一直较小，几乎不变，滑片接近最左端时，示数突然变大．
【解析】（1）灯泡的额定电流为600mA，因此电流表应选择600mA量程的A1；本实验采用滑动变阻器分压接法，因此滑动变阻器应选择总阻值较小的R1；
（2）根据原理可知，本实验应采用滑动变阻器分压接法，同时灯泡内阻较小，故电流表采用外接法，连接实物图如图所示；

（3）小灯泡的伏安特性曲线如图；

（4）因另一滑动变阻器R2的阻值为500Ω较大，比小灯泡电阻大的多，则在滑动变阻器开始滑动的阶段，滑动变阻器与小灯泡并联后的阻值一直很小，所以电压表和电流表的读数会一直很小，当滑动变阻器接近左端时，小灯泡两端的电压会突然接近电源电压，则此时电压表和电流表的读数会突然增大.
点睛：本题考查描绘灯泡的伏安特性曲线的实验，要注意明确实验原理，知道本实验应采用滑动变阻器分压接法和电流表外接法；知道分压电路中滑动变阻器为什么要尽量使用阻值较小的滑动变阻器.
48．某同学在做“测电源的电动势和内阻”的实验中，串联了一只R0=1.5Ω的保护电阻，实验电路如图a所示．则

（1）用完好的导线连好电路后，该同学闭合开关S，发现电流表示数为零，电压表示数不为零，检查各接线柱均未接错，且接触良好．他用多用电表的电压挡检查电路．
①在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整图b中多用电表的______（选填“A”、“B”或“C”）．
②将两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为零，两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障原因是______． 

（2）排除故障后，该同学顺利完成实验，测得下列数据，并且根据数据在坐标系中描出了对应的点，如图c所示，请画出U-I图象______.
I/A
0.10
0.17
0.23
0.30
0.40
U/V
1.20
1.00
0.80
0.60
0.55

（3）由U-I图象求出实验中电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω. 
（4）本次实验产生系统误差的原因是______．
【答案】（1）① A②滑动变阻器断路（2）如图所示
（3）1.5(1.4~1.6)1.17~1.75（4）电压表分流
【解析】(1)①开始时指针不在左侧零刻度时应进行机械调零，故应调节A旋钮进行调节；
(2)发现电流表示数为0，电压表示数不为0，则可知，电流表或滑动变阻器处断路，用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，说明此时均与电源连接，则可知滑动变阻器R断路。
(2)由描点作图法得出U−I图象如图所示。


49．在“用多用电表测电阻、电流和电压”的实验中

(1)(多选题)用多用电测电流或电阻的过程中正确的是______
(A)在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零
(B)在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零
(C)在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测
(D)在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测
(2)测量时多用电表指针指在如图所示位置。若选择开关处于“10V”挡,其读数为_____V;若选择开关处于“×10”挡,其读数______200Ω(选填：“大于”,“等于”或“小于”).
【答案】AD5.4小于
【解析】（1）在测量电阻时，更换倍率后，欧姆表的内部电阻发生了变化，欧姆档的零刻度在最右边，也就是电流满偏，所以必须重新进行调零，选项A正确；在测量电流时，根据电流表的原理，电流的零刻度在左边，更换量程后不需要调零，故B错误；在测量未知电阻时，若先选择倍率最大挡进行试测，当被测电阻较小时，电流有可能过大，所以应从倍率较小的挡进行测试，若指针偏角过小，在换用倍率较大的挡，故C错误；在测量未知电流时，为了电流表的安全，必须先选择电流最大量程进行试测，若指针偏角过小，在换用较小的量程进行测量，故D正确。所以选AD。
（2）选择开关处于“10V”挡，最小分度值为0.2v，所以此时的读数为5.4v；因多用电表的欧姆档的刻度分布不是均匀的，越向左，刻度越密集，所以10至30的中间数值一定小于20，若选择开关处于“×10”挡，由图可知其读数小于200Ω。
50．小李同学用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻。
小李同学所测电源的电动势E2约为9V,内阻r2为35∼55Ω，允许通过的最大电流为50mA.小李同学所用电路如图所示，图中电阻箱R的阻值范围为0∼9999Ω.

①电路中R0为保护电阻。实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用___.
A. 20Ω，125mA     B.50Ω，20mAx*kw
C. 150Ω，60mA  D.1500Ω，5mA
②实验中通过调节电阻箱的阻值,记录电阻箱的阻值R及相应的电压表的示数U,根据测得的多组数据,作出图线,图线的纵轴截距为a,图线的斜率为b,则电源的电动势E2=___,内阻r2=___.
【答案】C
【解析】（1）电路最小总电阻约为：，内阻约为50Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C。
（2）电源电动势为：，变形得：，则图象是直线，截距，可得：，斜率，解得：。
51．如图是一个多量程多用电表的简化电路图，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程不同的档位．电压的大量程是6V，小量程为3V，电流表的大量程是10mA,小量程是1mA．
①下列说法正确的是：________
A．当选择开关S旋到位置4时，是电阻档
B．当选择开关S旋到位置6时，是电压档，测量时B应接高电势
C．当选择开关S旋到5的量程比旋到6的量程大
D．A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔
②已知表头G的满偏电流为100μA，内阻为990Ω，图中的电源E的电动势均为3.5V，当把选择开关S旋到位置4，在AB之间接3500Ω电阻时，表头G刚好半偏，该测量过程操作的顺序和步骤都正确无误，则R1=________Ω，R2=________Ω．

【答案】AD1199
【解析】（1）A、当转换开关S旋到位置4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻档．故A正确．
B、当转换开关S旋到位置6时，表头与电阻串联，电阻起分压作用，是电压档，由电路图可知，B为黑表笔，则测量时，应接低电势．故B错误．
C、当转换开关S旋到5串联的电阻小于旋转到6串联的电阻，可知旋转到6，串联的电阻大，分压作用大，电压表量程大．故C错误．
D、根据电流“红进黑出”可知，B表笔为黑表笔，A表笔为红表笔．故D正确．
综上所述本题答案是：AD．
（2）“该测量过程操作的顺序和步骤都正确无误”，意味着之前已经将A、B短接调零了（即让表头满偏），在AB之间接3500Ω电阻时，表头G刚好半偏，说明：当表头半偏时，改装后的电流表的总内阻R内=3500Ω，则转换开关S在2时（如图a），电流表的量程为

依题意，转换开关S在1（如图b）时，电流表的量程为
由表头G的满偏电流为100μA、内阻为990Ω和并联电路电流分配规律
由，
；
可解得
故答案为：（1）AD．（2）11，99．
52．①某同学利用螺旋测微器测定合金丝的直径,示数如图1所示,则合金丝的直径为__________mm.
②该同学用多用电表的欧姆挡测量阻值时,选择倍率为×100欧姆挡,按正确的实验操作步骤测量,表盘指针位置如图2所示,该电阻的阻值约为________Ω(结果保留2位有效数字)  

【答案】①0.730②
【解析】（1）合金丝的直径为:0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm；
（2）电阻的阻值约为:17×100Ω=1.7×103Ω；
53．如图是一个多用电表的等效电路图，电流计G的满偏电流是100µA，内阻是50Ω。

（1）当黑表笔接“1”时可以当作电流表使用，量程为10mA,当黑表笔接“2”时，电流表的量程是1mA,则（结果保留两位有效数字）=___Ω，=___Ω。
（2）当黑表笔接“3”时，多用电表可用于测电阻，电源的电动势是1.5伏，测量某电阻时，选择开关置于“×100”位置，指针位置如图所示，该电阻的阻值为___Ω，如果电源电动势降为1.2伏，则该电阻的测量值为：_____Ω。

【答案】　
【解析】（1）当黑表笔接“1”时，则：
当黑表笔接“2”时，则
得：，。

点睛：本题考查了多用电表的结构、电流表的改装、欧姆表的使用注意事项，是实验的常考问题，一定要掌握，本题是一道基础题，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习、掌握与应用。
54．在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，实验室中有一个规格为“3V 1.5W”的小灯泡，滑动变阻器A(10 Ω，1 A)，滑动变阻器B(1 kΩ，300 mA)，实验小组连接的实物图如图1所示，则图中滑动变阻器应选用____________（选填“A”或“B”），闭合开关，若电压表示数为零，电流表的示数为0.3 A，小灯泡亮，则断路的导线是________；若反复调节滑动变阻器，小灯泡亮度发生变化，但电压表、电流表示数不能调为零，则断路的导线是________；通过调节滑动变阻器，得到多组电压表和电流表的示数如下表所示，当电压表的示数为1V时，电流表的示数如图2所示，则电流表的示数为_____________A；根据表中数据，在所给方格纸中描点并作出该灯泡的伏安特性曲线_____。


图1 图2 图3
【答案】）A hg0.30I-U图象如图；

【解析】因描绘小灯泡的伏安特性曲线，需测量多组数据，滑动变阻器需用分压式接法，为了调节方便，滑动变阻器用阻值较小的，故选择A；若电压表示数为零，而电流表有示数，说明电路接通，电压表没有接入电路，所以h断开；若电压表、电流表示数不能调为零，是因为滑动变阻器是限流式接法，故g断开；由题图2知，电流表的示数为0.30A；根据表中数据描点画图，如图所示。

55．在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：
A．电池组（3V，内阻约1Ω）
B．电流表（0﹣3A，内阻约0.0125Ω）
C．电流表（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）
D．电压表（0﹣3V，内阻约4KΩ）
E．电压表（0﹣15V，内阻约15KΩ）
F．滑动变阻器（0﹣2000Ω，允许最大电流0.3A）
G．滑动变阻器（0﹣20Ω，允许最大电流1A）
H．开关、导线若干

(1)实验选择的器材有________（填写仪器前字母代号）
(2)若用螺旋测微器测得金属丝直径d的读数如图1，则读数为________ mm；
(3)测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻在组成电路时，请在图2虚线框内画出应采用的实验原理图________，且此原理图使得待测金属丝电阻的测量值比真实值偏________（选填：“大”或“小”）；
(4)若用L表示金属丝长度，d表示直径，测得电阻值为R，则计算金属丝电阻率的表达式ρ=________．
【答案】（1）ACDGH（2）0.900（3）；小（4）
【解析】 (1)电源电动势为3V，电压表应选D；电路最大电流约为I=U/R=3V/5Ω=0.6A，电流表应选择C；为方便实验操作，滑动变阻器应选择G；故实验需要选择的器材为：ACDGH。
（2）固定尺刻度为0.5mm，螺旋尺刻度为40.0，故螺旋测微器读数为：；
(3)待测电阻阻值约为5Ω，电流表内阻约为0.125Ω，电压表内阻约为4kΩ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法；由于滑动变阻器阻值大于待测电阻阻值，应采用限流电路。电路图如下：

电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值。
（4）根据电阻定律：，，则：。
56．如图所示，电流表事先已经接好，拿电压表的K接线柱去分别试触b、c两点，电流表示数分别为0.04A和0.03A，电压表示数分别为2.9V和3V．则待测电阻的真实值应为（ ）

A. 比100Ω略大一些 B. 比100Ω略小一些
C. 比72.5Ω略大一些 D. 比72.5Ω略小一些
【答案】 B
【解析】两测量结果比较可知，电流表的示数变化明显，说明电压表的分流作用明显，即电压表的内阻不是很大，根据欧姆定律可知，当电压表的内阻很大时，采用电流表外接法误差小一些，所以若电压表的内阻不是很大，应采用电流表内接法。所以R测=U/I=3/0.03=100Ω=R真+RA，则B正确，ACD错误。
故选：B。
点睛：
题的关键是对欧姆定律的理解，内接法时电压表两端的电压等于电流表与待测电阻的串联电压，故测得的电阻等于二者的串联电阻之和；外接法时电流表测得的是电压表与待测电阻的并联电阻，故测得的电阻小于电阻的真实值。
57．欧姆表是由表头、干电池和调零电阻等串联而成的，有关欧姆表的使用和连接，下面的叙述正确的是（ ）
①测电阻前要使红、黑表笔相接，调节调零电阻，使表头指示电流为零；
②红表笔与表内电池正极相连，黑表笔与表内电池负极相连；
③红表笔与表内电池负极相连，黑表笔与表内电池正极相连；
④测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻阻值越大；
⑤测电阻时，表针偏转角度越大，待测电阻阻值越小．
A. ①② B. ③⑤ C. ②④ D. ①④
【答案】 B

点睛：
欧姆表使用前要进行欧姆调零，测电阻换挡后要重新进行欧姆调零，红表笔接电源负极，指针偏角大，电流大，说明阻值小。
58．（1）在使用多用电表进行电阻和电流的测量中,下列做法正确的是______
A．在测量电阻时,更换倍率后必须重新进行调零
B．在测量电流时,更换量程后必须重新进行调零
C．在测量未知电阻时,必须先选择倍率最大挡进行试测
D．在测量未知电流时,必须先选择电流最大量程进行试测
（2）某同学利用图(1)所示器材测定一节干电池的电动势和内阻,请以笔画线代替导线完成实物连线图___________。
在进行实验中,某次测量时电流表指针位置如图(2)所示,则其读数为_____________。

【答案】AD0.22A
【解析】（1）欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故A正确；在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故B错误；在测量未知电阻时，可以先选择个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故D正确；故选AD.
（2）电路如图；电流表读数为0.22A.

59．某同学用灵敏电流计改装多用电表，如图所示为其设计的电路原理图，已知灵敏电流表G的满偏电流为Ig =3mA，内阻Rg=100mΩ(1)根据该电路原理图，A表笔应为_____表笔(填“红”或“黑”)(2)若开关S1闭合，S2接位置1时，要求该电表为0～0. 6A的电流表，则电阻R1应为___Ω，当开关S1断开，S2接位置3时，要求该电表为0～3V的电压表，则电阻R2应为_____Ω；(保留3位有效数字)

【答案】红0.503 900
【解析】由图示可知，图中A与欧姆表内置电源负极相连，A应是红表笔；)若开关S1闭合，S2接位置1时，灵敏电流表G与电阻R1并联，改装成电流表，
当开关S1断开，S2接位置3时，灵敏电流表G与电阻R1串联，改装成电压表，

60．用图甲所示电路测量一人蓄电池的内电阻很小．除蓄电池开关、导线外，可供使用的器材还有：

A．电压表（量程3V）
B．电流表（量程0.6A）
C．电流表（量程3A）
D．定值电阻R0（阻值3Ω，额定功率4W）
E．滑动变阻器R（阻值范围0～5Ω，额定电流为2A）
（1）电流表应选_______；（选填器材前的字母序号）
（2）根据实验数据做出U﹣I图象，如图乙所示，蓄电池的电动势E=_______V，内电阻r=_______Ω．（结果保留两位有效数字）
（3）采用该方法测得的电动势跟真实值比_______（选填“偏大”、“偏小”或“相等”），内电阻跟真实值比_______（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）
【答案】B2.00.33小于小于
【解析】试题分析：由题意可确定出电路中的电流范围，为了保证电路的安全和准确，电流表应略大于最大电流；电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻；根据实验电路与实验误差来源分析测量值与真实值间的关系．
（1）蓄电池电动势约为2V，电路最大电流约为，则电流表应选择B．
（2）由图示电源U﹣I图象可知，电源电动势E=2.0V，电源内阻；
（3）由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的U﹣I图象如图所示，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻的测量值小于真实值；

61．要测量一个量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：
A．待测电压表V(量程3 V，内阻未知)
B．电流表A(量程3 A，内阻0.01 Ω)
C．定值电阻R(阻值2 kΩ，额定电流50 mA)
D．蓄电池E(电动势略小于3 V，内阻不计)
E．多用电表
F．开关K1、K2，导线若干
有一同学利用上面所给器材，进行如下实验：
(1)首先，用多用电表进行粗测，选用“×100”挡且操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图①所示，则测量的结果是___________．
(2)为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图②、③所示的实验电路，你认为其中较合理的电路图是___________．

(3)用你选择的电路进行实验时，请简述实验步骤：___________________________；用上述所测量的符号表示电压表的内阻RV＝___________.
【答案】(1)3 000 Ω(2) ③（3）闭合K1读出电压表示数U1，再闭合K2，读出电压表示数U2
【解析】(1) 用多用电表测电阻，这时刻度盘上的指针位置为30，选用“×100”挡，则测量的结果是30×100=3000Ω
（2）图②中电流表的示数太小，误差太大。图③中R的阻值与电压表阻值接近，误差小；故选③
（3）闭合K1，再闭合K2，读得电压表示数U1；再断开K2，读得电压表示数U2；
闭合K1，再闭合K2，电阻R短路；再断开K2，电压表与电阻R串联，则有

故有
62．某同学描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验器材有：
电压表Ⓥ：量程为3V，内阻为3kΩ
电流表Ⓐ；量程为0.6A，内阻约为2Ω
定值电阻R0；阻值为1kΩ
小灯泡L：额定电压为3.8 V
滑动变阻器R：阻值范围为0〜10Ω
电池E：电动势为6V
开关S，导线若干．

该同学按如图甲所示的电路图进行实验，通过正确实验操作和读数，得到了一组电压表的示数和电流表的示数，部分数据如下表：
电流（A）
0.085
0.155
0.212
0.235
0.278
0.315
电压（V）
0.17
0.60
1.20
1.50
2.10
2.70

（1）当电压表示数为1.20 V时，小灯泡两端的电压为__V．（保留三位有效数字）
（2）在图乙中画出小灯泡的伏安特性曲线_______．
（3）若把这个小灯泡与电动势为3V、内阻为10Ω的干电池连接成闭合电路，此时小灯泡的电阻为__Ω，实际功率为__W．（结果保留两位有效数字）
【答案】.606.60.21

由欧姆定律可知，灯泡内阻R===6.6Ω；
灯泡的功率P=UI=1.18×0.18=0.21W．
故答案为：（1）1.60；（2）如图所示；（3）6.6；0.21．

63．在探究小灯泡的伏安特性时，所用小灯泡上标有“2.5 V　0.6W”的字样，实验室提供的器材有：

A．电流表A1(内阻约为5 Ω，量程为0～25 mA)
B．电流表A2(内阻约为1 Ω，量程为0～300 mA)
C．电压表V1(内阻约为5 kΩ，量程为0～3 V)
D．电压表V2(内阻约为15 kΩ，量程为0～15 V)
E．滑动变阻器R1(最大阻值为0～10 Ω，额定电流为0.6 A)
F．滑动变阻器R2(最大阻值为0～1 000 Ω，额定电流为0.2 A)
G．稳压电源E(电动势为9.0 V，内阻可忽略)
H．开关一个、定值电阻若干、导线若干
由以上信息回答下列问题：
(1)实验前设计的电路图如图甲所示．为了减小实验误差，该实验所用的电流表、电压表、滑动变阻器应分别为________(选填器材前的字母)．为保护滑动变阻器和灯泡，应在电路中串联的定值电阻R0合适的电阻值应为________(选填“1 Ω”“10 Ω”“30 Ω”或“100 Ω”)．
(2)请确定测量电路中电压表右侧导线的正确位置是________(选填“接a”或“接b”)．
(3)连接好电路后，通过改变滑动变阻器的滑片位置，并通过计算机描绘了该小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．若将两个这样的小灯泡并联后直接接在电动势E＝3 V、内电阻r＝5 Ω的电源上，每个小灯泡所消耗的实际功率为________W．(结果保留两位有效数字)
【答案】B、C、E　10 Ω接a0.22
【解析】(1)小灯泡上额定电压为2.5 V，故电压表应选择C；额定电流为，故电流表应选择B；本实验采用分压接法，故应采用小电阻滑动变阻器E；由于电动势为9V，而测量电压只需要2.5 V，故可以采用定值电阻与滑动变阻器串联分压的方式减小滑动变阻器两端的电压，为了满足电压要求，可以采用10 Ω电阻串联．
(2)由于灯泡内阻较小，故为了减小误差应采用电流表外接法，故接a处．
(3)两灯泡并联接在电源两端，则设电压为U，电流为I，由闭合电路欧姆定律知：，在灯泡伏安特性曲线中作出对应的伏安特性曲线，如图所示，则由图可知，此时灯泡的电压为1.2 V，电流为0.18 A，则功率为：。
64．用伏安法测定电源的电动势和内阻．提供的实验器材有：
A．待测电源（电动势约18V，内阻约2Ω）
B．电压表（内阻约几十kΩ，量程为6V）
C．电流表（内阻约为0.3Ω，量程为3A）
D．滑动变阻器（0～50Ω，3A）
E．电阻箱（最大阻值999999Ω）
F．开关
G．导线若干


(1)为完成实验，该同学将量程6V电压表扩大量程，需测定电压表的内阻，该同学设计了图1所示的甲、乙两个电路，经过思考，该同学选择了甲电路，该同学放弃乙电路的理由是：________．
(2)该同学按照图甲连接好电路，进行了如下几步操作：
①将滑动变阻器触头滑到最左端，把电阻箱的阻值调到零；
②闭合开关，缓慢调节滑动变阻器的触头，使电压表指针指到6.0V；
③保持滑动变阻器触头不动，调节电阻箱的阻值，当电压表的示数为2.0V时，电阻箱的阻值如图2所示，示数为_____Ω；
④保持电阻箱的阻值不变，使电阻箱和电压表串联，改装成新的电压表，改装后电压表的量程为_____V．
(3)将此电压表（表盘未换）与电流表连成如图3所示的电路，测电源的电动势和内阻，调节滑动变阻器的触头，读出电压表和电流表示数，做出的U-I图象如图4所示，则电源的电动势为_____V，内阻为_____Ω．（结果保留三位有效数字）

【答案】电路中电流太小，电流表无法准确测量50452；18；17.4；1.60；
【解析】:

65．要测绘一个标有“3V　1.5 W”小灯泡的伏安特性曲线，备有下列器材：
A．电压表(量程3 V，内阻约6 kΩ)；
B．电压表(量程15 V，内阻约30 kΩ)；
C．电流表(量程0.6 A，内阻约0.5 Ω)；
D．电流表(量程3 A，内阻约0.1 Ω)；
E．滑动变阻器(阻值范围0～5 Ω)；
F．滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω)；
G．直流电源(3 V，内阻不计)；
H．开关、导线若干。
(1) 要求多次测量并使电压表读数从零开始连续可调，上述器材中电压表应选用________；电流表应选用________；滑动变阻器应选用________。（以上均填写器材前字母）
(2) 请将甲图中的实物电路图用笔代替导线补充完整_______。

(3) 乙图为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的U－I图象。图象是一条曲线而不是直线的原因是_________；从图象中可求得小灯泡电压为1.8 V时的小灯泡的实际功率为_______ W。

【答案】ACE小灯泡的电阻会随温度的升高而增大0.72
【解析】(1)灯泡电压为3V，故电压表应选择3V量程的A；由P=U/I可知，I=P/U=1.5/3=0.5A，故电流表应选择C；由于本实验采用滑动变阻器分压接法，故应选用小电阻E；
(2)本实验要求电流从零开始调节，故应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接法；如图所示；

(3)灯泡电阻随温度的升高而增大，因此图象为曲线；当电压为1.8V时，电流为0.4A，则功率P=UI=1.8×0.4=0.72W。
【点睛】
（1）明确灯泡额定值，从而确定电压表和电流表，再根据实验要求明确采用分压接法，从而明确滑动变阻器的选择；
（2）根据实验原理确定电路接法，从而连接实物图；
（3）根据灯泡电阻的性质分析图象弯曲的原理，再根据图象找出电压为1.8V时的电流，从而求出实际功率。
66．交流电流表是一种能够测量交变电流有效值的仪表，使用时，只要将电流表串联进电路即可．扩大交流电流表量程可以给它并联一个分流电阻．还可以给它配接一只变压器，同样也能起到扩大电流表量程的作用．如图所示，变压器a、b两个接线端子之间线圈的匝数n1，c、d两个接线端子之间线圈的匝数n2，并且已知n1＞n2，若将电流表的“0～3A”量程扩大，应该将交流电流表的接线柱的“0”“3A”分别与变压器的接线端子_____相连（选填“a、b”或“c、d”）；这时，电流表的量程为_____A．

【答案】a、b
【解析】根据题意可以知道,该处的变压器起到的作用是先将大电流转化为小电流,然后再将小电流连接电流表进行测量.所以电流表接电流小的线圈.
根据变压器中电流与匝数的关系式: ,电流与匝数成反比,所以电流表接匝数比较多的线圈,所以要接在a、b端;
电压表原来的量程为3V,则接变压器后的量程:  
综上所述本题的答案是： a、b,
67．如图为“研究电磁感应现象”的实验装置．
（1）将图中所缺导线补接完整___________．
（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后：
A．将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将_____．（填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”）
B．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针_____．（填“向左偏转一下”或“向右偏转一下”或“不偏转”）

【答案】向右偏转一下向左偏转一下
【解析】(1)探究电磁感应现象实验电路分两部分,要使原线圈产生磁场必须对其通电,故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路,灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路,如图所示:

(2)闭合开关,穿过副线圈的磁通量增大,灵敏电流表的指针向右偏;
A、闭合电键,将原线圈迅速插入副线圈时,磁场方向不变,穿过副线圈的磁通量增大,灵敏电流计指针将向右偏转.
B、原线圈插入副线圈后,由电路图可以知道,将滑动变阻器触头迅速向左拉时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,原线圈电流变小,穿过副线圈的磁场方向不变,但磁通量变小,灵敏电流计指针将左偏转.因此，本题正确答案是:(1)电路图如图所示.(2)向右偏转一下;向左偏转一下.
68．如图所示，是一个多量程多用电表的简化电路图。测电流和测电压时各有两个量程，还有两个挡位用来测电阻。某实验小组利用图1所示电路，测量电压表内阻，则开关S应该连接_______（选填“1、2、3、4、5、6”）挡，表笔B是_______（选填“红”或“黑”）表笔，B应该与图2中_______(选填“C”或“D”)接线柱相连接，测量时发现多用电表偏角过小，则要调______________（选填“高”或“低”）倍率。若用“×100”倍率的欧姆挡,多用电表读数如图3所示，读数为______kΩ。

【答案】3或4 黑D高1.6
【解析】测量电阻应该用欧姆表，所以可以接3或4，对于欧姆表，黑表笔接内部电源的正极，表笔B为黑表笔；对于电压表，电流应从正极流入，所以B应该与伏特表的D接线柱相连；若测量时发现多用电表偏角过小，即电阻读数过大，应调高倍率。从题图3中可以看出电阻为1.6 kΩ。
69．【加试题】（1）如图所示的是“研究电磁感应现象”的实验装置．

①将图中所缺导线补接完整________.
②如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后线圈A迅速从线圈B中拔出时，电流计指针将___________（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）.
（2）某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时，原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压.
①下列操作正确的是________
A．原线圈接直流电压，电表用直流电压挡 B．原线圈接直流电压，电表用交流电压挡
C．原线圈接交流电压，电表用直流电压挡 D．原线圈接交流电压，电表用交流电压挡
②该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下,先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压_________（选填“增大”、“减小”或“不变”）.
【答案】向左D减小


②闭合开关瞬间，通过线圈B的磁通量增大，感应电流磁场阻碍原磁场的增大，感应电流方向和圆电流方向相反，电流计向右偏，而把A从B中拔出来时，通过线圈的B的磁通量减小，感应电流的磁场要阻碍原磁场的减小，即感应电流方向和原电流方向相同，故电流计向左偏转。
（2）变压器的工作原理是互感现象，故原线圈接交流电压，输出电压也是交流电压，故电表用交流电压挡，故ABC错误，D正确；
（2）根据变压比公式，保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压减小；
70．为描绘小灯泡L(2.5V 1.0W)的伏安特性曲线，某同学根据如下可供选择的器材设计了如图所示电路（电路还没有完全接好）.

A．电流表（量程0.6 A，内阻约l）
B．电压表（量程3V，内阻约3k）
C．滑动变阻器(200，0.3A)
D．滑动变阻器(5，2 A)
E．电池组（电动势约3V，内阻未知）
F．开关，带夹子的导线若干
G．待测小灯泡
（1）实验中滑动变阻器应选择______（填“C”或“D”），请以笔画线代替导线将尚未连接好的电压表连入电路中________.
（2）在该同学连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，请指出其中仅有的两个不当之处：I．______________________ ； Ⅱ．_______________________ .
（3）改正上述两个不当之处后，他在测量中发现，无论如何调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的示数均不能取到较小值，其原因可能是导线________（填图中导线代号）没有连接好.
【答案】D连电路时没有断开开关滑动变阻器的滑片没有移至b端3
【解析】试题分析：为方便实验操作，在保证安全的前提下，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．连接电路时，应断开开关，滑动变阻器采用分压接法时，滑片应置于分压电路分压为零的位置．滑动变阻器采用分压接法时，电压与电流可以从零开始变化，如果滑动变阻器采用限流接法，电压与电流不能从零开始变化．
（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选最大阻值较小的D．灯泡正常发光时的电阻，即小灯泡的电阻远小于电压表内阻，接近电流表内阻，所以电流表应采用外接法，电路图如图所示．

（2）由电路图可知，在连接电路时，没有断开开关；滑片没有移到分压电路分压为零的位置即滑片没有置于b端．
（3）实验时，无论如何调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表的示数均不能取到较小值，滑动变阻器被接成了限流接法，由电路图可知，导线③没有接好．
71．某同学测定一根金属丝的电阻率．

①用螺旋测微器测量金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为_______mm．
②先用多用电表粗测其电阻．将选择开关调到欧姆挡“×1”档位并调零，测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图所示，则此段电阻丝的电阻为_______Ω．
③现要进一步精确测量其阻值，实验室提供了以下各种器材，4V的直流电源、量程为3V的直流电压表、电键、导线等．还有电流表与滑动变阻器各两个以供选用：
电流表A1（量程0.3A，内阻约1Ω）
B．电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）
C．滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）
D．滑动变阻器R2（最大阻值为50Ω）
为了尽可能提高测量准确度且要求电压调节范围尽量大．电流表应选________,滑动变阻器应选________（填器材前面的字母）．
④将图中的实物图连接完整______。
【答案】0.520 mm12（12.0至12.2）ΩAC
【解析】试题分析：本题①读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线以露出；题；题③的关键是根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程，根据要求电压调节范围足够大可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，明确待测电阻阻值较小时应用电流表外接法．
①螺旋测微器的读数为
②欧姆表读数为12.0×1=12Ω
③根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为，所以电流表应选A；根据实验要求电压调节范围足够大，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器C以方便调节；由于待测电阻较小和电流表内阻相接近，所以采用电流表外接法，如图所示

72．实验室中准备了下列器材：
待测干电池（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω），
电流表G（满偏电流1.5mA，内阻10Ω）；
电流表A（量程0～0.60A，内阻约0.10Ω），
滑动变阻器R1（0～20Ω，2A）；
滑动变阻器R2（0～100Ω，1A），
定值电阻R3=990Ω，开关S和导线若干

①某同学选用上述器材（滑动变阻器只选用了一个）测定一节干电池的电动势和内阻．为了能较为准确地进行测量和操作方便，实验中选用的滑动变阻器，应是________．（填代号）
②请在如图1方框中画出他的实验电路图_____．
③如图2为该同学根据实验数据作出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E=____V，内阻r=_____Ω
【答案】R11.460.76


③由闭合电路欧姆定律可得：，变形得：；由数学知可得：图象中的；由图可知：，故解得
73．用如图(甲)所示的电路可以测量一个未知电阻的阻值,其中Rx为待测电阻,R为电阻箱,S为单刀双掷开关,R0为定值电阻.某同学用该电路进行实验

(1)请将下列实验步骤补充完整：
①.根据电路图,连接实物,将电阻箱的阻值调至最大.
②.____________________________________
③.____________________________________
④.读出电阻箱的读数
(2)若电阻箱的示数如图(乙)所示,则它的示数为_______Ω.若已知R0的阻值为10 Ω,则待测电阻的阻值为_______Ω.
【答案】②将开关接点，读出电流表的示数记为③把开关接点，使电流表的示数仍为　　4747
【解析】（1）①根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大；②然后把开关S接a点，读出电流表的示数为I（此电流为Rx、R0共同作用的效果）；③再把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数仍变为原来的数值I（此电流为R、R0共同作用的效果）；④最后读出电阻箱的示数R。
（2）电阻箱的示数：R=1000×0+100×0+10×4+7×1=47Ω；因为Rx和R0共同作用的效果与R、R0共同作用的效果相同，所以，即Rx=R=47Ω。
74．欲用伏安法测定一段阻值约为5 Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：
A．电池组(3 V，内阻约为1 Ω)
B．电流表(0～3 A，内阻约为0.012 5 Ω)
C．电流表(0～0.6 A，内阻约为0.125 Ω)
D．电压表(0～3 V，内阻约为3 kΩ)
E．电压表(0～15 V，内阻约为15 kΩ)
F．滑动变阻器(0～20 Ω，额定电流1 A)
H．开关、导线
(1)上述器材中，电流表应选用的是______；电压表应选用的是______(填写器材的字母代号)．
(2)实验电路应采用电流表________接法(填“内”或“外”)．
【答案】CD外
【解析】（1）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律:，故电流表选取C；故选取的器材为：C、D.
（2）被测电阻约，故选择电流表外接。
75．在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，提供的实验器材有；
A.小灯泡（额定电压为3.8V，数定电流约0.3A)
B.直流电流表A ((0-0.6A,内阻约0.5)
C.直流电压表V((0-6A,内阻约5k)
D.滑动变阻器R1(0-10, 2A)
E.滑动变阻器R2(0-100, 0.2A)
F.电源（6V,内阻不计）
G.开关S及导线若干。

(1)实验中滑动变阻器应选用 _____(选填R1或R2)。
(2)某同学设计了实验测量电路，通过改变变阻器的滑片位置，使电表读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I。请在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整；
(3)该同学在实验中测出8组对应的数据（见下表)， 

则小灯泡的额定功率为____W，该测量值_____(选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。请在图乙坐标中，描点作出U—I图线。由图象可知，随着电流的增大，小灯泡的电阻____(选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】R11.25W 大于 增大
【解析】（1）因描绘小灯泡伏安特性曲线的实验要求电流从零开始调节，故变阻器应用分压式，应选阻值小的变阻器误差小，故应选R1．
（2）因小灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法，又变阻器用分压式，如图所示，

（3）根据表格数据描点作出U-I图线如图所示．由图象可知，当U=3.8V时，I=0.33A，由P=UI可得P=3.8×0.33W=1.25W，即小灯泡的额定电流为1.25W，随着电流的增大，由于电压表的分流作用，测得的电流偏大，故电阻测量值小于真实值，根据欧姆定律R=，由图象可知，随着电流的增大，小灯泡的电阻增大．

点睛：本实验考查测量小灯泡的伏安特性曲线的实验；应熟记测定小灯泡伏安特性曲线实验电流表用外接法，变阻器用分压式接法．
76．测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：
（A）待测的干电池（B）电流传感器1（C）电流传感器2（D）定值电阻R0（2000Ω）（E）滑动变阻器R（0﹣20Ω，2A）（F）开关和导线若干
某同学发现上述器材中虽然没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路完成实验．

（1）在实验操作过程中，该同学将滑动变阻器的滑片P向左滑动，则电流传感器1的示数将__（选填“变大”或“变小”）．
（2）该同学利用测出的实验数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流传感器1的示数，I2为电流传感器2的示数，且I2的数值远远大于I1的数值），如图乙所示．则由图线可得被测电池的电动势E=__V，内阻r=__Ω．
（3）若将图线的纵坐标改为__，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为电动势的大小．
【答案】（1）变大；（2）3（±0.1）V；1Ω（±0.1）Ω；（3）I1R0．
【解析】（1）滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片P向左滑动时R值增大，电流传感器2的示数变小，电流传感器1的示数变大．
（2）路端电压：U=I1R0=E﹣I2r，变形得：；

点睛：本题要注意电路中采用的是传感器安安法测电动势和内电阻，其本质就是用其中的表头改装电压表；另外在解题时要注意一些细节，如图象中的纵坐标不是从零开始变化的，并且其单位为mA等，都应细心观察．
77．在用DIS描绘电场等势线的实验中，实验装置如图甲所示．

（1）（多选）关于实验与操作，下列说法中正确的是__
（A）连接电极a、b的电电压为交流4～6V
（B）导电纸有导电物质的一面应该向上
（C）连接电正负极的电极A、B必须与导电物质保持绝缘
（D）距电极越近等势线越密
（2）在该实验中，在两个电极的连线上选取间距相等的a、b、c、d、e五个点作基准点，如图乙所示，实验中测得a、b两点间的电压为U1，b、c两点间的电压为U2，则U1__U2（选填“大于”、“小于”或“等于”）．
【答案】（1）BD；（2）大于．
【解析】（1）本实验原理是用恒定电流场来模拟静电场，与电源正极相连的电极作为“正电荷”，与电源负极相连的电极作为“负电荷”，所以连接电极a、b两电极的电源必须为直流电源．故A错误．因为要在导电纸上确定等势点，所以放置导电纸时有导电物质的一面必须向上．故B正确．实验中圆柱形电极与导电纸应有良好的接触，否则没有电流形成．故C错误；距电极越近，电场越强，则等势线越密，故D正确．故选BD．
（2）由于两个电极相当于两个等量的异号电荷，所以a与b间的平均电场强度一定大于b与c间的平均电场强度，根据U=Ed可知：U1＞U2．
点睛：明确“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验的原理和方法是解决此实验的关键．知道本实验采用模拟法描绘静电场等势线，要在理解的基础上，记牢要点．
78．如图甲所示的电路中，电动势ε=8V，内阻不计，R1=10Ω，R2=30Ω，它们都是阻值不随温度改变的定值电阻，白炽灯L1和L2相同，它们的I﹣U特性曲线如图乙所示，则当电键S断开时通过白炽灯L1的电流__A．当电键S闭合时两个白炽灯消耗的总功率为__W．

【答案】0.3，1.2

当电键S闭合时，设每只电灯加上的实际电压和实际电流分别为U和I．在这个闭合电路中，有E=U+（2I+）R1
代入数据并整理得，U=8﹣10I
这是一个直线方程，把该直线在题图上画出，如图所示

这两条曲线的交点为U=3V、I=0.2A，当电键S闭合时两个白炽灯消耗的总功率为P=2UI=1.2W
点睛：注意学会从数学函数的角度分析物理图象问题，并区分曲线上某点与原点连线的斜率和曲线的切线的斜率含义的不同．表示电源的伏安特性曲线是往下倾斜的直线，表示电阻的伏安特性曲线是过原点的曲线，若将两图象画在同一坐标系中，其交点即表示该电源与该电阻接在了同一个电路中了．
79．为测定某旧干电池的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：
A．旧干电池1节；
B．电压表(视为理想电压表，量程为0～3 V)；
C．电阻箱R(0～999.9Ω)；
D．定值电阻R0＝10Ω；
E．多用电表；
F．开关、导线若干．
(1)同学甲直接使用多用电表的直流2.5V挡测量该干电池的电动势，读数如图所示，则该同学测得的电动势E＝______V，此测量值比旧干电池电动势的真实值______(选填“偏大”或者“偏小”)。

(2)同学乙将干电池接入如图所示的电路，规范操作得到如图所示的图像。该同学所描绘的图像中，横坐标是________(填选项前的字母)。

A．R
B．
C．
(3)按照(2)问中所选的横坐标，已知图像的斜率为k，纵坐标的截距为b，则干电池的电动势E＝________，内阻r＝________。(用k、b、R0表示)
【答案】1.45偏小A
【解析】（1）由图可知，量程为2.5V，则其读数为1.45V；由于电压表内阻不是无穷大，故所测应为路端电压，故测量值为路端电压，故测量值偏小。
（2）根据图乙可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，则由闭合电路欧姆定律可知：，变形得：，故应作出图象，故选A.
（3）根据图象可知，，，解得：
80．冬春季节降水量少，广东沿海附近江河水位降低，涨潮时海水倒灌，出现所谓的“咸湖”现象，使沿海地区的城市自来水的离子浓度增高，水质受到影响，为了研究咸湖出现的规律，某同学设计了一个检测河水电阻率的试验，他在一根均匀的长玻璃管两端装上两个橡胶塞和铂电极，如图1所示，两电极相距L=0.314m，其间充满待测的河水，安装前他用如图2所示的游标卡尺（图为卡尺的背面）测量玻璃管的内径，结果如图3所示．他还选用了以下仪器：量程15V，内阻约300kΩ的电压表；量程300μA，内阻约50Ω的电流表；最大阻值1kΩ的滑动变阻器；电动势E=12V，内阻r=6Ω的电池组、开关等各一只，以及导线若干．图4坐标中包括坐标为（0,0）的点在内的9个点表示他测得的9组电流I、电压U的值，根据以上材料完成以下问题

（1）测量玻璃管的内径时，应将图（2）中的游标卡尺中的A、B、C三部分中的__________与玻璃管内壁接触（填代号）
（2）玻璃管的内径d =__________ mm
（3）图5中的仪器实物有一部分已连线，将其它部分连接成能测出图4数据的实物连接图______
（4）水的电阻率ρ=_________________(结果保留两位有效数字）
【答案】A5.50图略（电流表内接；滑动变阻器分压接法）ρ＝7.6Ωm


（4）根据描点法，在图4中画出U-I图像，图像的斜率表示水柱的电阻，即，又因为，，联立解得，可算出水的电阻率．
81．在“测定金属的电阻率”的实验中,下列说法正确的是_____
A．用伏安法测金属丝的电阻时,可采用电流表内接法
B．实验中应调节滑动变阻器,取得多组U和I的值,然后求出电阻平均值
C．应选用毫米刻度尺测整根金属丝的长度三次,然后求出长度平均值
D．实验中电流不得太大,以免电阻率发生变化
【答案】BD
【解析】用伏安法测金属丝电阻时,因金属丝电阻较小,应采用电流表外接法,选项A错；实验中应调节滑动变阻器,取得多组U和I的值,然后求出电阻平均值，选项B正确；计算电阻率公式中的l应为接入电路中的长度,并不是整根金属丝的长度,选项C错；实验中电流不得太大,以免电阻率发生变化，选项D正确；故选BD.
82．在“测定金属丝的电阻率”实验中，以下操作中错误的是____
A．用米尺测量金属丝的全长三次，算出其平均值
B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值
C．用伏安法测电阻时采用电流表外接电路，多次测量后算出平均值
D．实验中保持金属丝的温度不变
【答案】A
【解析】应测量出金属丝连入电路的有效长度三次，求平均值，而不是全长，故A错误；为了减小实验误差，应用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，B正确；金属丝电阻很小，与电压表内阻相差很大，使电压表和金属丝并联，电压表的分流作用很小，应采用电流表外接法，故C正确；金属丝的电阻率随温度的改变而改变，为保持电阻率不变，应保持温度不变，故D正确；此题选择错误的选项，故选A.
点睛：本题考察实验误差分析，对于测量过程中不可避免的存在误差，往往通过多次测量求平均值来减小实验误差．
83．在“测定金属的电阻率”的试验中，下列注意事项中正确的是____
A．本实验中被测金属导线的电阻值较小，因此实验电路一般采用电流表外接法
B．在电阻丝上任选一处测金属导线直径就可以
C．闭合开关S之前，一定要使滑动变阻器的滑片处在有效电阻值最大的位置
D．测量被测金属导线的有效长度，是指测量待测导线接入电路的两个端点之间的长度，测量时应将导线拉直，反复测量三次，求其平均值
【答案】ACD
【解析】估计待测金属导线的电阻值大小，本实验中被测金属导线的电阻值较小，一般采用电流表外接法，A正确；电阻丝上任选中间与两端共三处测金属导线直径，从而取平均值就可以，B错误；闭合开关S之前，一定要使滑动变阻器的滑片处在有效电阻值最大的位置，从而减小电流，保护电路，C正确；用毫米刻度尺测量3次导线的总长，且测量时应将导线拉直，求出平均值，然后将导线接入测量电路中，故D正确；故选ACD.
84．用伏安法测电阻可以采用电流表内接法或电流表外接法，下列说法正确的是____
A．待测电阻阻值大时用外接法 B.待测电阻阻值小时用内接法
C．用外接法测得的阻值比真实值偏大 D.用外接法测得的阻值比真实值偏小
【答案】D
【解析】当待测电阻阻值很大时，电流表分压对实验造成的误差较小，电压表分流造成的误差较大，可以采用电流表内接法进行实验，故A错误；当待测电阻阻值很小时，电流表分压造成的误差较大，电压表分流造成的误差较小，应选用电流表外接法，故B错误；伏安法测电阻的实验中，电流表外接法由于电压表的分流，使电流I的测量值偏大，电压U的测量值等于真实值，由可知，电阻测量值小于真实值，故C错误，D正确；故选D．
点睛：本题考查了伏安法测电阻两种接法的误差分析，难度不大，知道两种接法的电路连接方式、熟练应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题．
85．在测量金属丝电阻率的实验中，在连接电路时，下列说法错误的是（____）
A.在连接实验电路中，电键应处于断开状态，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处
B．连好电路后，经检查没有错误，立即按下电键，接通电源
C．连接好电路后，经检查没有错误，正式闭合电键前，先要试触，如果没有电表超过量程或不正常情况，再把电键按下
D．用安培表和伏特表测量电流和电压，在读数后要及时断开电键
【答案】B
【解析】为保护电路中的各个元件，在连接实验电路中，电键应处于断开状态，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处，故A正确；为安全起见，连接好电路后，经检查没有错误，正式闭合电键前，先要试触，如果没有电表超过量程或不正常情况，再把电键按下，故B错误，C正确；
电阻丝长时间工作，温度会显著升高，电阻率会变化，故用安培表和伏特表测量电流和电压，在读数后要及时断开电键，故D正确；此题选择错误的选项，故选B.
86．在做“测定金属的电阻率”实验时，下列操作中正确的是_____
A．若待测金属导线是漆包线，应该用火烧去表面的漆皮，轻轻抹去灰尘后再测金属丝的直径，千万不可用小刀去刮掉漆皮，而两端接头部分则要用砂布打磨干净，以保证电路接触良好
B．用米尺反复测量3次导线的总长，求出平均值l，然后将导线接入测量电路中
C．估计待测金属导线的电阻值大小，选择合适的仪器和实验电路
D．合上开关S，不断增大滑动变阻器接入电路的有效阻值，记录几组对应的电流强度和电压的数值，计算出导线的电阻R
【答案】AC

87．要测量电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2KΩ。实验室提供的器材有：
电流表A，量程0.6A，内阻约0.1Ω； 电压表V2，量程5V，内阻为5KΩ； 定值电阻R1，阻值30Ω；
定值电阻R2，阻值为3KΩ； 滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流1.5A； 电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω； 开关S一个，导线若干。
①请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，实验必须在同一电路中，且在不增减元件的条件下完成。试画出符合要求的实验电路图（图中电源与开关已连接好），并标出所选元件的相应字母代号

②由上问写出V1内阻RV的表达方式_______（说明表达式中各字母的意义）____________
【答案】②测量电压表V1内阻RV的实验电路如图所示；
③；U1表示的V1电压，U2表示V1和R2串联的总电压
【解析】①由于电压表V1接入电路后，由电流通过时其两端电压可以直接读出，因而利用串联分压的特点，选用标准电压表V2和定值电阻R2，反复测量通过滑动变阻器R3控制即可．测量电压表V1内阻Rv的实验电路如图所示：

②根据串联电路的特点有：，式中U1表示V1的电压，U2表示V1 和R2串联的总电压．故电压表内阻的表达式为：；中U1表示V1的电压，U2表示V1和R2串联的总电压．
点睛：本题在课本基础实验的基础上有所创新，只要明确了实验原理，熟练应用电路的串并联知识，即可正确解答．
88．现有一只额定电压为2.5V额定功率为0.50W的小灯泡，欲通过实验较准确地描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求小灯泡两端电压在0～2.5V内可调，提供如下器材：
A．2.5V，0.50W小灯泡
B．电压表0-3V，内阻10kΩ
C．电流表0-0.3A，内阻2Ω
D．电流表0-10mA，内阻50Ω
E．滑动变阻器2000Ω，0.1A
F．滑动变阻器10Ω，1.0A
G．蓄电池4V
H．电键S，导线若干
(1)选出实验所需要的器材_____(用序号表示)
【答案】ABCFGH
【解析】唯一性器材有A、B、G、H．灯泡额定电流，故选C．滑动变阻器E阻值太大，不便调节，选F．故选ABCFGH.
点睛：电学实验变化多样，是高考必考内容，解答的前提是明确实验原理、正确进行仪器选择、掌握安培表内外接法和滑动变阻器的分压、限流接法等．
89．下列有关电学实验的说法中，正确的是_____(填选项字母)
A．在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验中，用恒定电流场模拟静电场
B．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，电流表采用内接法，滑动变阻器采用限流式接法
C．在“测定金属的电阻率”实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，为减小误差，多次测量求平均值
D．在使用多用电表欧姆档测未知电阻时，不必每次换档都进行欧姆档调零
【答案】AC
【解析】在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验中，用恒定电流场模拟静电场．故A正确．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，由于小灯泡的电阻较小，使用电流表的外接法误差较小，电流和电压要从零开始测起，滑动变阻器需采用分压式接法．故B错误．测量金属丝的直径，一次测量偶然误差较大，应多次测量取平均值．故C正确．使用多用电表时，每换一次挡，需重新欧姆调零一次．故D错误；故选AC.
点睛：本题考查了四个电学实验，关键掌握实验的原理、误差来源以及注意事项，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别．
90．有一只小灯泡，额定电压为6V，额定功率约为3W，请用下列器材测定小灯泡的额定功率：
电流表A：量程0～0.6A、内阻约为0.5Ω
电压表V：量程0～3V、内阻RV=5kΩ
滑动变阻器R：阻值范围0～20Ω、额定电流为1A
定值电阻R0：阻值R0=10kΩ
电源E：电动势约为10V、内阻很小
开关S一个，导线若干
(1)请在虚线框内画出利用本题提供的器材所设计的实验电路图(标注所用器材的符号)；
(2)实验中，电压表的示数应调为_____V，若此时电流表示数为 0.48A，则小灯泡的额定功率为_____W．
【答案】22.88
【解析】（1）要使灯泡正常发光，故只需使灯泡两端的电压为6V即可；但由于电压表量程只有3V，故应
点睛：本题考查灯泡的额定功率的测定，关键是要搞清实验的原理；此题让灯泡两端的电压为6V即可；因此两种接法均可使用．
91．某同学做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，他所用的器材有：小灯泡、220V交流电源、电流表、电压表、滑动变阻器、导线若干、开关、坐标纸、铅笔．其中不能使用的器材是_____，它应改为_____
【答案】220V交流电源；低压直流电源
【解析】做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，因灯泡额定电压较小，故不能用220V交流电源，而用低压直流电源.
92．在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，滑动变阻器应使用_____连接方式(填“分压式”“限流式”)；在“测量干电池电动势和内阻”的实验中，滑动变阻器应选阻值_____(填“大的”“小的”)
【答案】分压； 小的
【解析】在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，滑动变阻器应使用分压式连接方式，以便获得从零开始的可调电压；在“测量干电池电动势和内阻”的实验中，滑动变阻器应选阻值小的，一便于调节.
93．在描述小电珠的伏安特属性曲线的实验中，为了减少实验误差,电流表采用_________(填“外接法”或“内接法”).滑动变阻器以______________(填“分压式”或“限流式”)方式接入电路,这样做的好处是可以使小电珠两端的电压可以从______开始调节.
【答案】外接法分压式零
【解析】在描述小电珠的伏安特属性曲线的实验中，因电珠的电阻远小于电压表内阻，故为了减少实验误差,电流表采用外接法；滑动变阻器以分压式方式接入电路,这样做的好处是可以使小电珠两端的电压可以从零开始调节.
94．（1）为研究某一电学元件的导电规律，将该元件两端的电压、元件中的电流及通电时间记录在下表中，通过分析表中数据可以判断出该元件所用的材料是____________（填“金属”或“半导体”）．
通电时间 t/s
5
10
15
20
25
30
电压 u/v
0.40
0.62
1.02
1.26
1.52
1.64
电流 i/m A
0.20
0.43
0.81
1.82
2.81
3.22

【答案】半导体
【解析】根据部分电路欧姆定律得:，由表中数据可知，U、I比值随温度升高而明显减小，可知元件所用材料为半导体．
95．在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，可以同时测定小灯泡的功率和电阻。
(1)测得的小灯泡的功率与实际的功率相比较，测量功率_____
A．总偏大　　　　　　　 B．总偏小
C．无误差 D．都有可能
(2)小灯泡的电阻的测量值与实际值相比较_____
A．偏大 B．偏小
C．有时偏大，有时偏小 D．都有可能
【答案】(1)A　(2)B
【解析】（1）此实验电路为电流表外接，根据P＝UI，电流I测＞I真，所以P测＞P真,故选A；
（2）电流表外接时，U测＝U真，I测＞I真，故R测＜R真，故选B.
96．某实验小组用图甲所示的电路研究硅光电池路端电压U与总电流I的关系。图中定值电阻 ,电压表可视为理想电压表。

（1）用一定强度的光照射硅光电池，调节滑动变动器，通过测量并拟合得到该强度的光射时硅光电池的U-I图线如图乙a所示，由此可见电池的电动势为_____V，短路电流为_____mA。某次测量时电压表V2的示数为20mV，则电压表V1的示数为____V.
（2）增加光的强度重复实验，得到该强度的光射时硅光电池U-I图线如图乙b所示。某次测量时电压表V2的示数为40mV，则此时硅光电池的内阻为___Ω.
【答案】2.50.151.55500
【解析】（1）根据断路电压等于电动势可知电池的电动势为2.5V，短路电流为0.15mA。某欠测量时电压表v2时示数为20mV，输出电流为I=U2/R4=100A，对应的电压为1.5V，即电压V1的示数为1.5V。
（2）某次测量时电压表v2的示数为40mV，输出电流为I=U2/R4=200A，对应的电压为l.7V，由E=U+Ir，解得此时硅光电池的内阻为：r=5500Ω。
97．某学习小组要测定某一圆柱形导体P的电阻率，其主要实验步骤如下：
(1)先用多用电表粗测导体P的电阻。
a.将选择开关打到如图甲所示的欧姆挡上；
b.将已插入接线孔的两根表笔相接，进行欧姆调零；
c.将两根表笔分别与导体P的两端相接，指针在图甲中的虚线位置处；
d.换用欧姆“____”挡重新测量，先要____，再次测量导体P两端的电阻，指针指在图甲中的实线位置处，则导体P的电阻粗测值为____Ω。
(2)分别用游标卡尺、螺旋测微器测量导体P的长度L和直径d，示数如图乙、丙所示，则L=____mm，d=____mm。
(3)该小组又采用伏安法测量导体P的电阻Rx，可供选用的器材如下：
电压表V(量程3 V，内阻约3 kΩ；量程15 V，内阻约15 kΩ)
电流表A(量程15 mA，内阻约10 Ω；量程600 mA，内阻约0.2 Ω)
电源E1(电动势3 V，内阻不计)
电源E2(电动势12 V，内阻不计)
滑动变阻器R(0~20 Ω，允许通过的最大电流为2 A)
开关S、导线若干
如图丁为测量Rx的实验器材，为使测量尽量准确，请选择器材并完成实物图的连线。
【答案】×100欧姆调零110020.00　2.700
≈11mA，小于600mA的，故电流表量程应选择15mA。由于Rx远大于电流表内阻，故电流表采用内接法；滑动变阻器的最大阻值20Ω<1100Ω，滑动变阻器采用分压式接法。实物连接如下图：

【名师点睛】
（1）明确多用电表的使用方法，明确指针在中间位置时读数最准确，从而确定档位； 
（2）先读主尺部分，再读游标对齐的格数，主尺读数加上游标对齐格数与精度的乘积即为最终读数；螺旋测微器是先读固定部分，再读转动部分，二者之和为最终读数，读数时需要估读； 
（3）电表量程应略大于电路中电流的最大值，从而使读数在中间位置；分析电压和电流值，即可明确应选择的器材；同时根据滑动变阻器的大小分析是否采用分压接法，根据电阻与电流表和电压表内阻的影响选择电流表接法。
98．已知某电阻的阻值约为300 Ω，现提供两套相同的实验器材分甲、乙两小组利用伏安法测量其阻值。实验器材如下：
A.电流表A(量程12 mA、内阻约1 Ω)
B.电压表V(量程3 V、内阻约1 kΩ)x*kw
C.滑动变阻器R1(总阻值10 Ω，额定电流2 A)
D.滑动变阻器R2(总阻值100 Ω，额定电流1 A)
E.电源(电动势约3 V、内阻约2 Ω)
F.待测电阻Rx G.开关一个，导线若干
① 滑动变阻器应该选择_____(填器材前的字母序号)。
② 选定滑动变阻器后，甲、乙两组设计了不同的电路来测量，其中正确的电路图是_______。
A．B．C．D．
③ 甲、乙两组测量后发现其测量值存在系统误差，他们决定共同合作，一起设计了如图1、2所示两种电路，不仅可以准确测量待测电阻的阻值，还可以测量电流表和电压表的内阻。

假设在图1和图2中，电流表A1、A2的示数均分别用I1、I2来表示，电压表V1、V2的示数均分别用U1、U2来表示。则在图1中，电压表的内阻RV=________，待测电阻的阻值Rx=__________；在图2中，电流表的内阻RA=________，待测电阻的阻值Rx=________。
【答案】C B
【解析】（1）因为待测电阻较大，应该选择分压式接法，故滑动变阻器选择总阻值较小的C。
（2）待测电阻阻值较大，选择电流表内接法，故电路图B正确。
（3）在题图1中，流过电压表V2的电流为I2-I1，则电压表的内阻为；而由并联电路关系可得，，解得Rx=；在题图2中，电流表A2分得电压为U2-U1，其内阻为RA=，而由串联电路关系可得，得： Rx=。
99．二极管是一种半导体元件，它的符号为，其特点是具有单向导电性，即电流从正极流入时电阻比较小，而从负极流入时电阻比较大.

(1)某课外兴趣小组想要描绘某种晶体二极管的伏安特性曲线.因二极管外壳所印的标识模糊，为判断该二极管的正、负极，他们用多用电表电阻挡测二极管的正、反向电阻.其步骤是：将选择开关旋至合适倍率，进行欧姆调零，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端时，指针偏角比较小.然后将红、黑表笔位置对调后再进行测量，指针偏角比较大，由此判断________端为二极管的正极.(选填“左”或“右”)
(2)厂家提供的伏安特性曲线如图所示，为了验证厂家提供的数据，该小组对加反向电压时的伏安特性曲线进行了描绘，可选用的器材有：
A.直流电源E：电动势5 V，内阻忽略不计
B.直流电源E：电动势50 V，内阻忽略不计
C.滑动变阻器：0～20 Ω
D.电压表V1：量程45 V、内阻约500 kΩ
E.电压表V2：量程3 V、内阻约20 kΩ
F.电流表A：量程0.6 A、内阻约400 Ω
G.电流表mA：量程50 mA、内阻约5 Ω
H.待测二极管D
I.单刀单掷开关S，导线若干
①为了提高测量结果的准确度，选用的器材为_________.(填序号字母)
②为了达到测量目的，请在图10虚线框内画出正确的实验电路原理图.
③为了保护二极管，反向电压不要达到40 V，请你对本实验的设计或操作提出一条合理的建议：_________________________________________________________________________.
【答案】右BCDGHI原理图如图　③a.在二极管支路串入一阻值合适的限流电阻起保护作用；b.闭合开关前滑动触头停在最左端，向右移动滑动触头时应缓慢进行，同时仔细观察电流表示数变化，以防止电流超过0.2 mA
【解析】(1)欧姆表内部有电源，电源正极接在黑表笔上，当红表笔接触右端时，说明红表笔接入电源的负极，此时指针偏角较小，说明电阻较大，故说明接入了反向电压，故二极管右端应为正极；
（2）由坐标可知，电路中电流较小，故电流表应选50mA的电流表G；反向电压较大，故电源应选电动势为50 V直流电源B，电压表应选45V的电压表D；故器材应选BCDGHI。
(3)为了得出完整的图象，应采用分压接法，同时因正向电阻较小，故可以采用外接法，原理图如图：

(4)为了防止反向电压过大，应慢慢调节滑动触片，注视观测电压表，使电压表示数不要达到40V。
100．一位同学想测量一个有清晰刻度，但没有示数，量程、内电阻未知的电流表Ax，为了测量电流表Ax的量程和内电阻，可以使用的实验器材如下：
A.电源(电动势约4 V，内电阻忽略不计)
B.待测电流表Ax (量程和内电阻未知)
C.标准电流表A0(量程0.6 A，内电阻未知)
D.电阻箱(阻值范围0～999.9 Ω)
E.滑动变阻器(阻值为0～20 Ω)
F.滑动变阻器(阻值为0～20 kΩ)
G.开关S和导线若干
该同学的实验操作过程为：

(1)将实验仪器按图所示电路连接，滑动变阻器R0应选________(选填仪器前的字母序号);
(2)将电阻箱R1的阻值调至最大，将滑动变阻器的滑片P移至某一位置，闭合开关S；接着调节电阻箱，直至电流表Ax满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电流表A0的示数；
(3)移动滑片P至滑动变阻器的另一位置，再次调节电阻箱R1直至电流表Ax满偏，记录此时电阻箱的阻值和标准电流表A0的示数；
(4)重复步骤(3)3～5次；
(5)该同学记录了各组标准电流表A0的示数I和电阻箱的阻值R1的数据，并作出I－图线；
(6)根据图图线可以求得电流表Ax的量程为______ A，内电阻为________ Ω.将电流表Ax与一个阻值为________ Ω的电阻串联就可以组成量程为3 V的电压表.
【答案】E0.30.59.5