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    2020-2021学年新教材人教B版数学选择性必修第三册课后练习:6.2.1 导数与函数的单调性+Word版含答案

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    人教B版 (2019)选择性必修 第三册6.2.1导数与函数的单调性习题

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    这是一份人教B版 (2019)选择性必修 第三册6.2.1导数与函数的单调性习题,共6页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    (建议用时:40分钟)
    一、选择题
    1.函数y=x+xln x的单调递减区间是( )
    A.(-∞,e-2) B.(0,e-2)
    C.(e-2,+∞)D.(e2,+∞)
    B [因为y=x+xln x,所以定义域为(0,+∞).
    令y′=2+ln x0,∴g(x)是R上的增函数.
    ∴f(x)>2x+4⇔g(x)>0⇔g(x)>g(-1),
    ∴x>-1.]
    二、填空题
    6.函数y=eq \f(1,3)x3-ax2+x-2a在R上不是单调函数,则a的取值范围是________.
    (-∞,-1)∪(1,+∞) [y′=x2-2ax+1有两个不相等零点,得Δ=(-2a)2-4>0,得a2>1,解得a1.]
    7.若函数y=-eq \f(4,3)x3+bx有三个单调区间,则b的取值范围是__________.
    (0,+∞) [若函数y=-eq \f(4,3)x3+bx有三个单调区间,则y′=-4x2+b=0有两个不相等的实数根,所以b>0.]
    8.若函数f(x)=(-x2+ax)ex在区间(-1,1)上存在减区间,则实数a的取值范围是__________.
    eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-∞,\f(3,2))) [f(x)=(-x2+ax)ex,则f′(x)=ex[-x2+ax-2x+a],
    函数f(x)=(-x2+ax)ex在区间(-1,1)上存在减区间,
    只需-x2+ax+a-2x≤0在区间(-1,1)上有解,
    记g(x)=-x2+(a-2)x+a,对称轴x=eq \f(a-2,2),开口向下,
    g(-1)=-1-(a-2)+a=1>0,只需g(1)f(b)g(x),f(a)·g(b)>g(a)f(b).故选CD.]
    2.如果对定义在R上的偶函数f(x),满足对于任意两个不相等的正实数x1,x2,都有eq \f(x1f(x1)-x2f(x2),x1-x2)>0,则称函数y=f(x)为“F函数”,下列函数为“F函数”的是( )
    A.f(x)=e-|x|
    B.f(x)=ln|x|
    C.f(x)=x2
    D.f(x)=x|x|
    C [设x1>x2>0,则x1-x2>0,所以由eq \f(x1f(x1)-x2f(x2),x1-x2)>0可得x1f(x1)-x2f(x2)>0,
    即H(x)=xf(x)在(0,+∞)上单调递增.
    A中,f(x)为偶函数,H(x)=xf(x)=xe-|x|=xe-x,H′(x)=e-x-xe-x=(1-x) e-x,
    当x>1时,H′(x)0,∴f(x)的单调递增区间为(0,a),单调递减区间为(a,+∞).
    (2)由题意得,f(1)=a-1≥e-1,即a≥e,
    由(1)知f(x)在[1,e]上单调递增,
    要使e-1≤f(x)≤e2对x∈[1,e]恒成立,
    只要eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(f(1)=a-1≥e-1,,f(e)=a2-e2+ae≤e2,))
    解得a=e.

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