高中物理人教版 (2019)必修 第三册第十章 静电场中的能量2 电势差同步达标检测题

这是一份高中物理人教版 (2019)必修 第三册第十章 静电场中的能量2 电势差同步达标检测题，共18页。试卷主要包含了2电势差 同步训练7，8×10﹣8JB．﹣4等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年度人教版（2019）必修第三册
10.2电势差 同步训练7（含解析）
1．如图M和N是两个带有异种电荷的带电体，（M在N的正上方，图示平面为竖直平面）P和Q是M表面上的两点，S是N表面上的一点。在M和N之间的电场中画有三条等势线。现有一个带正电的液滴从E点射入电场，它经过了F点和W点，已知油滴在F点时的机械能大于在W点的机械能。（E、W两点在同一等势面上，不计油滴对原电场的影响，不计空气阻力）则以下说法正确的是（　　）

A．P和Q两点的电势不相等
B．P点的电势高于S点的电势
C．油滴在F点的电势能高于在E点的电势能
D．油滴在E、F、W三点的“机械能和电势能总和”没有改变
2．在雷雨天气中，两头牛躲在一棵大树下，A牛面对大树站立，B牛侧对大树站立。当闪电击中大树时，大树周围的电势分布如图所示，则（　　）

A．A牛的前脚电势比后脚电势低
B．A牛比B牛受到伤害可能更大
C．大树周围形成的电场是匀强电场
D．大树周围形成的电场是图中的同心圆
3．如图所示，真空中静止点电荷产生的电场中，A、B为同一条电场线上的两点。取无穷远处为电势能零点。电荷量为+q的检验电荷，在A点的电势能为EPA，在B点的电势能为EPB．则A、B两点间的电势差UAB等于（　　）

A． B． C． D．
4．即使是在干燥的冬天，人体仍然是良导体，小明在地毯上行走若带上了大量的负电荷，不计其他电场影响，则（　　）

A．小明此时与地之间没有电势差
B．小明与不带电且跟地绝缘的客人握手时，不会产生电流
C．小明与不带电且跟地不绝缘的客人提手时，客人的电势会降低
D．小明靠近客人（还未与其接触）时，若该客人不带电且与地绝缘，此时客人的电势会降低
5．如图所示的三条相互平行、距离相等时虚线分别表示电场中的三个等势面，电势分别为7V、14V、21V，实线是一带电粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，下列说法正确的是（　　）

A．粒子运动径迹一定是a→b→c
B．粒子一定带正电
C．粒子在三点的电势能大小关系为EPc＞EPa＞EPb
D．粒子在三点的动能大小关系为EKb＜EKa＜EKc
6．真空中某静电场，虚线表示等势面，各等势面电势的值如图所示，一带电粒子只在电场力的作用下，沿图中的实线从A经过B运动到C，BC两点位于同一等势面上，则以下说法正确的是（　　）

A．带电粒子在A点的电势能大于在C点的电势能
B．A点电场强度大于B点电场强度
C．带电粒子从A经过B运动到C的过程中动能先增大再减小
D．带电粒子从A到C电场力所做的功等于从A到B电场力做的功
7．如图所示，实线表示一簇关于x轴对称的等势面，在x轴上有A、B两点，则（　　）

A．A点电场强度小于B点电场强度
B．A点电场强度方向指向x轴负方向
C．A点电场强度大于B点电场强度
D．A点电势低于B点电势
8．如图所示表示某静电场等势面的分布，电荷量为1.6×10﹣9C的正电荷从A经B、C到达D点．则从A到D电场力对电荷做的功为（　　）

A．4.8×10﹣8J B．﹣4.8×10﹣8J C．8.0×10﹣8J D．﹣8.0×10﹣8J
9．如图所示，虚线是一簇等势线，实线是一质子从a点运动到b点轨迹，下列说法正确的是（　　）

A．由a到b的过程中电场力对带电粒子做正功
B．由a到b的过程中带电粒子受到的电场力与速度方向在一条直线上
C．由a到b的过程中带电粒子的动能在不断减小
D．由a到b的过程中带电粒子的电势能在不断减小
10．一电子在电场中沿着如图所示的径迹运动，a→b，b→c，c→d，d→e，电场力对电子所做的功分别为﹣2eV，+8eV，﹣4eV，+3eV，则上述各点中电势最高的点和电势最低点及电子在该点处电势能最高点分别为（　　）

A．eaa B．cbb C．cdd D．caa
11．如图为真空中点电荷形成的电场和等势面，则（　　）

A．形成该电场的场源电荷为负电荷
B．b、c两点的电场强度相同
C．a、b两点间的电势差等于a、c两点间的电势差
D．将检验电荷从b点移动到c点，电场力做功为零，对应的轨迹不一定非得沿着b、c所在的圆弧等势面
12．如图所示，矩形ABCD位于匀强电场中，且与匀强电场方向平行。已知AB＝2BC＝4m，A、B、D的电势分别为6V、2V、4V．初动能为24eV、电荷量大小为4e的带电粒子从A沿着AC方向射入电场，恰好经过B．不计粒子的重力，下列说法正确的是（　　）

A．C点的电势为0V
B．该粒子一定带负电
C．该粒子达到点B时的动能为40eV
D．该匀强电场的电场强度大小为V/m
13．空间某区域电场线分布如图所示，带正电小球（质量为m，电荷量为q）在A点速度为v1，方向水平向右，运动到B点速度为v2，v2与水平方向间夹角为α，A、B间高度差为H，以下判断正确的是（　　）

A．A、B两点间电势差U＝m（v22/2﹣v12/2﹣gH）/q
B．小球由A运动到B时，电势能减少mv22﹣mv12
C．小球由A运动到B时，电场力做的功为mv22﹣mv12﹣mgH
D．小球的重力在B点的瞬时功率为mgv2sinα
14．图中所示是一种电四极子，4个点电荷分布于正方形的四个顶点，带电量均为q，两个为正电荷，两个为负电荷，O为电四极子的中心，OP为水平直线，且与电四极子的一边平行，则下列说法正确的是（　　）

A．P点场强方向垂直OP向上
B．O点电势比P点电势高
C．O点场强小于P点场强
D．将一个正电荷沿OP连线从O移动到P点，电场力做正功，电势能减小
15．如图所示，一个“V”形玻璃管ABC倒置于竖直平面内，并处于场强大小为E＝1×103V/m，方向竖直向下的匀强电场中，一个重力为G＝1×10﹣3N电荷量为q＝2×10﹣6C的带负电小滑块从A点由静止开始运动，小滑块与管壁的动摩擦因数μ＝0.5，已知管长AB＝BC＝L＝2m，倾角α＝37°，B点是一段很短的光滑圆弧管，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g＝10m/s2，下列说法中正确的是（　　）

A．B．A两点间的电势差为120V
B．小滑块从A点第一次运动到B点的过程中电势能增大
C．小滑块第一次速度为零的位置在BC间某处
D．从开始运动到最后静止，小滑块通过的总路程为3m
16．如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的四个等势面，一电子经过等势面D时，动能为15eV，经过等势面C时，电势能为﹣8eV，经过等势面A时速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离均为4cm，电子重力不计。下列说法正确的是（　　）

A．电子从等势面D到A一定做匀变速运动
B．电子在等势面A的电势能为15eV
C．等势面B的电势为﹣3V
D．匀强电场的电场强度大小为125V/m，方向从等势面D指向A
17．如图所示，四分之一圆弧AB是点电荷电场中的一条等势线，圆弧的圆心在O点，C是A、B连线的中点，D是O、A连线的中点。在D点由静止释放一个带负电的试探电荷，仅在电场力作用下试探电荷沿DA加速运动，则下列说法正确的是（　　）

A．A、B、C、D四点中，D点场强最大
B．A、B、C、D四点中，D点电势最高
C．一个带正电的点电荷从A点沿ACB移动到B的过程中，电势能先增大后减小
D．一个带负电的点电荷从B点沿BCD移动到D的过程中，电场力一直做负功
18．如图所示，实线a、b、c、d、e为静电场中的等势线，虚线MN为等势线的对称轴。一个带负电的粒子从P点以垂直于虚线向上的初速度射入电场，开始一小段时间内运动的轨迹如图中实线PQ所示，若粒子仅受电场力作用，下列说法正确的是（　　）

A．图中等势线a电势最高
B．带电粒子在P点射出一瞬间，加速度方向水平向右
C．若让粒子在P点由静止释放，粒子将在虚线上做往复运动
D．若让粒子在P点由静止释放，粒子将沿虚线向右做加速运动，加速度先增大后减小
19．一长为L的绝缘细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中。开始时，将细线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零。（　　）

A．A、B两点的电势差UAB＝﹣
B．匀强电场的场强大小E＝
C．小球所带电荷q为正电荷
D．小球到达B点时，细线对小球的拉力大小TB＝
20．如图所示，O为两个等量异种电荷连线中点，P为连线中垂线上的一点，则φO　 　φp，EO　 　Ep（填＜、＞或＝）

21．在使用多用表的直流电压档和直流电流档前要检查表针是否停在左端的　 　位置．某同学在使用欧姆档测电阻时发现指针偏转角度过大，则需要　 　倍率（填“增大”或“减小”）．变换另一个倍率的欧姆档后，必须重新　 　．
22．电子伏是研究微观粒子时常用的能量单位，1eV就是在电势差为1V的两点间移动一个元电荷电场力所做的功，则1eV＝　 　J，一个带正电的质点电量q＝2e，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除电场力外，其他力做的功为5000eV，质点的动能增加了8000eV，则a，b两点间的电势差Uab为　 　伏．
23．若将一个电量为2.0×10﹣10C的正电荷，从零电势点移到电场中M点要克服电场力做功8.0×10﹣9J，则M点的电势是　 　V；若再将该电荷从M点移到电场中的N点，电场力做功1.8×10﹣8J，则M、N两点间的电势差UMN＝　 　V．

参考与解析
1．【分析】处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面；除重力外其余力做的功等于机械能的变化量；电场力做功等于电势能的减小量。
【解答】解：A、P和Q两点在带电体M的表面上，M是处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面，故P和Q两点的电势相等，故A错误；
B、带正电的油滴在F点时的机械能大于在W点的机械能，故从F点到W点，机械能减小，电场力做负功，说明电场力向上，故电场线垂直等势面向上，而沿着电场线电势逐渐降低，故P点的电势低于S点的电势，故B错误；
C、由于电场线垂直等势面向上，故E点的电势大于F点的电势，根据Ep＝qφ，油滴在F点的电势能低于在E点的电势能，故C错误；
D、油滴在运动过程中只有重力和电场力做功，重力做功导致重力势能和动能相互转化，电场力做功导致电势能和动能相互转化，故油滴在E、F、W三点的“机械能和电势能总和”没有改变，故D正确；
故选：D。
2．【分析】依据点电荷的电场线与等势线垂直，电场线的分布平行于半径方向，沿着电场线的方向，电势是降低的，从而即可一一求解。
【解答】解：A、由该等势面的图可知，该电场类似于正点电荷的电场，A牛的前脚电势比后脚电势高。故A错误；
B、由图可知，A牛的前脚电势比后脚电势高，而B牛的前脚电势与后脚电势近似相等，所以A牛比B牛受到伤害可能更大。故B正确；
C、由该等势面的图可知，该电场类似于正点电荷的电场，不是匀强电场。故C错误；
D、结合电场的特点可知，图中得同心圆是等势线，不是大树周围形成的电场。故D错误
故选：B。
3．【分析】根据电势差的公式＝可求出A与B两点间电势差，
【解答】解：A与B两点间的电势差为：UAB＝
从A到B电场力做的功等于电势能的变化，则有：WAB＝EPA﹣EPB
得：
故ABC错误，D正确
故选：D。
4．【分析】电荷周围存在电场，顺着电场线电势逐渐降低，电荷在电场力作用下会发生移动，从而形成电流。结合这些知识分析。
【解答】解：A、小明带负电荷，其周围存在电场，电场线指向小明，根据顺着电场线电势逐渐降低，知小明此时与地之间有电势差，故A错误。
B、小明与不带电且跟地绝缘的客人间存在电势差，当小明与该客人握手时，电子会从小明身上移动到客人身上，从而形成电流，故B错误。
C、小明与不带电且跟地不绝缘的客人提手时，客人原来处在小明的电场中，电势为负值。当小明与客人握手时，小明所带电荷流到大地上，两人均不带电，电势为零，
所以客人的电势会升高，故C错误。
D、小明靠近客人（还未与其接触）时，若该客人不带电且与地绝缘，此时客人顺着电场线移动，其电势会降低，故D正确。
故选：D。
5．【分析】由等势面分布的特点可知，该电场为匀强电场，电场线方向与等势面垂直，且由高电势指向低电势。粒子的轨迹向下弯曲，可知其所受的电场力向下，即可判断出粒子的电性，但运动轨迹不能反映运动方向。负电荷在电势高处电势能小
【解答】解：A、本图运动轨迹不能确定运动方向，故A错误
B、由等势面特点知，该电场为匀强电场，电场线方向向上，而粒子受电场力方向向下，故粒子一定带负电。故B错误
C、根据推论：负电荷在电势高处电势能小，动能大。则知负电荷在b点电势能最大，故应有EPb＞EPa＞EPc，故C错误。
D、负电荷在电势高处电势能小，动能大，则EKb＜EKa＜EKc，则D正确
故选：D。
6．【分析】根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，确定出电场线方向，根据曲线运动中物体所受的合力方向指向轨迹的内侧，可判断出粒子所受的电场力方向，判断粒子的电性。根据等差等势面密处场强大，可判断场强的大小。由电场力做功正负，判断电势能的大小。
【解答】解：A、根据电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向右，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带负电。从A到C，由W＝qU，知U＞0，q＜0，则W＜0，即电场力做负功，电势能增加，A处电势能小于C处电势能，故A错误；
B、等差等势面的疏密反映电场强度的大小，则知A处场强小于B处场强，故B错误；
C、带电粒子从A经过B运动到C的过程中，电场力先做负功后做正功，动能先减小再增大。故C错误。
D、由图知，AC间电势差等于AB间的电势差，根据W＝Uq知从A到C的电场力所做的功等于从A到B电场力做的功，故D正确。
故选：D。
7．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，等势面密，电场线疏的地方电场的强度小，等势面疏；沿电场线的方向，电势降低．沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．电场线与等势面垂直．
【解答】解：A、C、等差等势面的疏密程度表示电场强度的大小，由于0.4V与0.2V两个等势面间电势差等于0.6V与0.4V两个等势面间电势差，B处的等势面密，所以B点电场强度较大，故A正确，C错误；
B、电场线与等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面，故A点场强方向指向x轴正方向，故B错误；
D、电场线与等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面，故电场线沿着x轴正方向；沿着电场线电势逐渐降低，故A点电势高于B点电势；故D错误；
故选：A。
8．【分析】根据W＝qU可知，电场力做功和具体路径无关，只与初末位置的电势差有关，由此可正确解答．
【解答】解：A与D之间的电势差为：UAD＝﹣40V﹣（﹣10V）＝﹣30V。
W＝qUAD＝﹣4.8×10﹣8J，故ACD错误，B正确。
故选：B。
9．【分析】解答本题需要掌握：根据等势线的分布情况确定电场线的分布情况；正确判断带电粒子在电场中运动时电势能的变化；电场力做功特点的电场力做正功电势能减小，电场力做负功则电势能增大．由此解答即可．
【解答】解：A、C、D、根据轨迹可知带电粒子所受电场力指向曲线内侧，可判断出电场力指向左方，所以粒子从a运动到b电场力做负功，动能减小，电势能增加，故A错误，C正确，D错误。
B、根据轨迹可知带电粒子所受电场力沿电场线指向曲线内侧，而速度的方向沿曲线的切线方向。故B错误。
故选：C。

10．【分析】根据求解电势差后比较电势的高低；根据电场力做的功等于电势能的减小量判断电子电势的高低或者根据Ep＝qφ判断电势能高低．
【解答】解：根据，有




设φa＝0，根据公式UAB＝φA﹣φB，得到：
φb＝﹣2V
φc＝6V
φd＝2V
φe＝5V
故电势最高的点是c点，电势最低的点是b点，电势能最高的点是b点；
故选：B。
11．【分析】结合点电荷的电场的特点判断电性；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大，沿电场线方向电势逐渐降低，同一等势面上各点的电势相等．
【解答】解：A、该电场电场线的方向背离点电荷，可知形成该电场的场源电荷为正电荷，故A错误；
B、电场强度是矢量，b、c两点的电场强度方向不同，故B错误；
C、沿电场线方向电势逐渐降低，同一等势面上各点的电势相等，可知b与c的电势相等，所以a、b两点间的电势差等于a、c两点间的电势差，故C正确；
D、同一等势面上各点的电势相等，所以b、c两点的电势相等，将检验电荷从b点移动到c点，电场力不做功，对应的轨迹不一定非得沿着b、c所在的圆弧等势面，故D正确。
故选：CD。
12．【分析】根据匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等可以计算出C点的电势；然后找到AB的中点和D点的电势相等，做出等势线，做等势线的垂线即为电场线，根据粒子的运动轨迹判断粒子受电场力方向，进而得到粒子的电性；根据动能定律解出粒子到达B点时的动能；根据匀强电场中场强与电势差的关系解出电场强度。
【解答】解：A、根据匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，则有：φA﹣φB＝φD﹣φC，解得C的电势为：φC＝0，故A正确；
B、取AB的中点O，则O点的电势为：，则连线OD为等势线，电场强度方向与等势面垂直，且有高电势指向低电势，电场强度垂直OD斜向上，由物体做曲线运动的条件，电场力斜向下，故电荷一定为负电荷，故B正确；
C、粒子从A到B过程，根据动能定理有：﹣qUAB＝EkB﹣EkA，解得该粒子到达B点时的动能：EkB＝8eV，故C错误；
D、因为UAD＝E•AD•sin45°，代入数据解得电场强度为：，故D正确。
故选：ABD。
13．【分析】根据动能定理即可计算出A、B两点的电势差以及电场力做的功和电势能的变化量；重力的功率等于重力与竖直方向的速度的乘积。
【解答】解：A、小球从A到B有重力和电场力做功，根据动能定理有，解得，故A正确；
BC、小球由A运动到B时，电场力做的功为W＝qU，由A的分析可得，电场力做的功等于电势能的减少量，故B错误，C正确；
D、小球在B点的竖直方向的速度为vy＝v2sinα，所以小球的重力在B点的瞬时功率为P＝mgvy＝mgv2sinα，故D正确。
故选：ACD。
14．【分析】空间的电场是由四个电荷产生的电场叠加，可根据等量异种电荷的电场线分布情况和电场叠加原理来确定P的场强方向；根据对称性，确定O点的场强；等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，在同一等势面上移动时电场力不做功。
【解答】解：A、根据等量异种电荷的电场线分布情况可知，左边两个正负电荷和右边两个正负电荷在P点产生的电场强度方向都与OP垂直，而右边两个电荷在P点产生的场强大，所以P点场强不为零，方向垂直于OP向上，故A正确。
B、等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，所以直线OP是左边两个正负电场中的等势线，也是右边两个正负电场中的等势线，根据叠加原理可知OP仍是一条等势线，O点与P点电势相等，故B错误。
C、根据对称性可知，O点场强为零，而P点场强不零，则O点场强小于P点场强，故C正确。
D、由于OP是一条等势线，则将一个正电荷沿OP连线从O移动到P点，电场力不做功，电势能不变，故D错误。
故选：AC。
15．【分析】根据公式U＝Ed求解电势差；小滑块运动过程中受重力、电场力、支持力和摩擦力，结合牛顿定律、运动学公式和动能定理列式分析即可。
【解答】解：A、点B、A间的电势差为：UBA＝ELsin37°＝1×103V/m×2m×0.6＝1200V，故A错误。
B、小滑块从A点第一次运动到B点的过程中，电场力做正功，电势能减小，故B错误。
C、在上滑的过程中受到重力、竖直向上的电场力、垂直玻璃管向下的弹力和沿玻璃管向下的摩擦力，受力如图所示，根据牛顿第二定律得：
（qE﹣mg）sin37°﹣μ（qE﹣mg）cos37°＝ma1
代入数据解得：a1＝2m/s2
所以小球第一次到达B点时的速度为：v＝＝m/s＝2 m/s，在下滑的过程中受到重力、竖直向上的电场力、垂直玻璃管向下的弹力和沿玻璃管向上的摩擦力，在BC面上，小球开始从B点做匀减速运动，加速度的大小为：a2＝g（sinα+μcosα）＝10×（sin37°+μcos37°）＝10m/s2，所以，速度为0时到B的距离为：s＝＝m＝0.4m＜2m，故小滑块第一次速度为零的位置在BC间某处，故C正确。
D、设从开始运动到最后停止过程，小滑块的路程为S，对运动过程根据动能定理，有：
W电+WG+Wf＝0
即为：qE•L•sinα﹣mg•L•sinα﹣μ（qE﹣mg）•S•cosα＝0
解得：S＝3m，故D正确；
故选：CD。

16．【分析】根据等势面方向得到场强方向，从而得到电子所受电场力方向，即可得到电子运动；再根据电子运动过程得到动能变化，进而得到电势能不变，从而得到电势变化，即可根据等势面C处的电势能求得其他地方的电势。
【解答】解：A、因为是匀强电场，电子受到的电场力为恒力，则电子做匀变速运动，故A正确；
BC、电子从等势面D运动到A的过程中，根据动能定理可知，﹣eUDA＝0﹣EkD，解得UDA＝15V，电子在等势面C时，由EPC＝﹣eφC，解得φC＝8V，相邻等势面之间的距离相等，则相邻两等势面的电势差相等，φB＝3V，φA＝﹣2V，电子在等势面A时的电势能为2eV，故BC错误；
D、由电势差与电场强度的关系可知，E＝＝125V/m，故D正确。
故选：AD。
17．【分析】负电荷受到的电场力得方向与电场的方向相反，由此判断电场的方向以及点电荷的电性，由点电荷的电场的特点判断各点电场强度的大小关系；由电场力做功的特点判断电势能的变化。
【解答】解：A、根据点电荷的电场的特点可知，距离点电荷越近处的电场强度大，所以D处的电场强度最大。故A正确；
B、由题，在D点由静止释放一个带负电的试探电荷，仅在电场力作用下试探电荷沿DA加速运动，说明负电荷受到的电场力的方向向上，所以电场的方向向下，沿AO方向；根据点电荷的电场的特点可知，O处为负电荷；距离负电荷越近处的电势越小，所以D点的电势最低。故B错误；
C、距离负电荷越近处的电势越小，所以ABC三点中，C点的电势最低，正电荷从A点沿ACB移动到B的过程中，电势能先减小后增大。故C错误；
D、距离负电荷越近处的电势越小，所以BCD三点中，B点的电势最高，D点的电势最低，带负电的点电荷从B点沿BCD移动到D的过程中，电场力一直做负功。故D正确
故选：AD。
18．【分析】电场线的疏密代表电场的强弱；正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向，而负电荷所受的电场力的方向与电场线的方向相反，
【解答】解：A、由图可知，负电荷弯曲的方向向右，则受到的电场力得方向向右，由于负电荷受到的电场力得方向与电场强度的方向相反，所以电场强度的方向向左，等势线a电势最低。故A错误；
B、负电荷受到的电场力的方向向右，所以粒子在P点射出一瞬间，加速度方向水平向右。故B正确；
C、让粒子在P点由静止释放，粒子受到的电场力得方向始终向右，所以将一直向右做加速运动。故C错误；
D、电场线的疏密代表电场的强弱，可知从P到M电场强度先增大后减小，所以让粒子在P点由静止释放，粒子将沿虚线向右做加速运动，加速度先增大后减小。故D正确
故选：BD。
19．【分析】（1）小球从A到B的过程中，重力做正功mgLsin60°，电场力做功为qUAB，动能的变化量为零，根据动能定理求解电势差UAB；
（2）根据电场强度与电势差的关系U＝Ed求解场强。式中d是AB沿电场线方向的距离，d＝L﹣Lcos60°。
（3）B点与A点对称，细线对小球的拉力相等，根据A点受力平衡列式求解细绳对小球拉力。
【解答】解：A、小球由A到B过程中，由动能定理得：mgLsin60°+qUAB＝0，解得：UAB＝；故A正确；
B、场强大小为：E＝，故B错误；
C、小球在B点收到水平向右的电场力，与电场方向相同，故小球带正电，故C正确；
D、小球在AB间摆动，由对称性得知，B处绳拉力与A处绳拉力相等，而在A处，由水平方向平衡有：
FTA＝Eq＝mg，所以有：FTB＝FTA＝mg．故D正确；
故选：ACD。
20．【分析】由等量异种点电荷的电场线与等势面的特点，结合两个等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，其上各点的电势相等。在中垂线上O点的电场强度最大，由此分析即可。
【解答】解：根据等量异种点电荷的电场线与等势面的特点可知，等量异种电荷的中垂线是一条等势面，故φO＝φp；从中点O到无穷远处，电场强度越来越小，故EO＞Ep
故答案为：＝；＞。
21．【分析】在使用多用表之前，首先要检查表针是否停在左端的“0”位置；使用欧姆档测电阻时读数应是指针指示值与倍率的乘积，每次换档必须重新调零．
【解答】解：在使用多用表的直流电压档和直流电流档前，要检查表针是否停在左端的“0”位置．
在使用欧姆档测电阻时发现指针偏转角度过大，说明指针所指的读数过小，说明所选择的倍率过大，所以需要减小倍率（填“增大”或“减小”）．变换另一个倍率的欧姆档后，必须重新进行调零．
故答案为：“0”，减小，调零．
22．【分析】根据W＝qU得出eV和J的关系也可以求出ab间的电势差．
【解答】解：根据公式W＝qU
得：1eV＝1.6×10﹣19×1J＝1.6×10﹣19J．
根据动能定理：W其他+W电＝△Ek
得：W电＝3000eV
又W＝qU，
则：Uab＝＝＝1500v
故答案为：1.6×10﹣19； 1500．
23．【分析】电场力做功与电势能的关系，再有电势与电势能的关系求某点的电势高低，电势差与电势的关系．
【解答】解：由题意可知，从O点移到M点电场力做功W＝﹣8×10﹣9J，根据公式W＝qU可知，
U＝＝＝﹣40V，UOM＝0﹣φM＝﹣40V，故φM＝40V；
将该点电荷从M点再移至N点电场力做功1.8×10﹣8J，根据公式W＝qU可知，
UMN＝＝＝90V；
故答案为：40V，90V
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日期：2021/1/28 21:45:28；用户：孙利刚；邮箱：13837675736；学号：20730294