云南昆明一中西山学校2021-2022学年九年级上学期第一次月考物理【试卷+答案】

这是一份云南昆明一中西山学校2021-2022学年九年级上学期第一次月考物理【试卷+答案】，共35页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图，综合题带单位计算等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年云南省昆明一中西山学校九年级（上）第一次月考物理试卷（9月份）
一、选择题（本大题共8个小题，每小题3分，共24分）。下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑）
1．（3分）下列现象发生的过程中，吸收热量的一组是（　　）
（1）春天，冰雪融化汇成溪流
（2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”
（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去
（4）冬天，室外草地上出现了霜
A．（1）（3） B．（2）（4） C．（3）（4） D．（1）（2）
2．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．把一瓶柴油倒去一半，则剩下的柴油比热容变小
B．热传递中，温度总是从内能大的物体传递给内能小的物体
C．在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为柴油和空气混合物的内能
D．燃料燃烧得很充分，它的热值也不变
3．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．电流总是从电源的正极流向电源的负极
B．只要有电压就一定有电流
C．并联电路中电压处处相同
D．负电荷定向移动也能形成电流
4．（3分）如图所示，是闪电产生的电流通过避雷针的示意图（已知云层带正电）。则下列说法中正确的是（　　）

A．产生闪电时，创造了电荷
B．产生闪电时，云层失去了原子核
C．云层带正电，是因为云层得到了电子
D．图中的电流方向是从云层到避雷针
5．（3分）小明同学按图甲所示的电路进行实验，已知电源由四节新干电池组成。闭合开关S后，电流表A1和A2的指针均指在图乙所示的位置。下列说法正确的是（　　）


A．电流表A1、A2的示数分别为0.2A、1.0A
B．电流表A1、A2的示数均为1.0A
C．电压表V1、V2的示数分别为2V、4V
D．电压表V1、V2的示数均为6V
6．（3分）将一实心圆柱体悬挂于弹簧测力计下，物体下表面刚好与水面接触，从此处匀速下放物体，直至浸没（物体未与容器底接触，忽略容器中液面变化）的过程中，弹簧测力计示数F与物体下表面浸入水中深度h的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A．物体重力为40N
B．物体浸没时受到的浮力为15N
C．物体的密度为2.5×103kg/m3
D．物体刚好浸没时下表面受到的液体压强为800Pa
7．（3分）在如图所示电路中，开关S闭合时，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小明在读数时只在纸上记录了如图所示数字，则下列说法中正确的是（　　）

A．L1和L2并联，甲、乙、丙示数分别为0.6V，1.2A，0.3A
B．L1和L2并联，电源电压为1.2V，通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.6A
C．L1和L2串联，电路中的电流为0.6A，L1、L2两端的电压分别为0.3V、1.2V
D．L1和L2串联，甲、乙、丙示数分别为0.3A、0.6V、1.2V
8．（3分）为了提高行车的安全性，有的汽车装有日间行车灯，如图所示，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，车前大灯L2也亮，图所示的电路图中符合这一情况的是（　　）

A．
B．
C．
D．
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）。请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程。
9．（2分）与丝绸摩擦过的玻璃棒带 　 　电荷，用和橡胶棒摩擦过的毛皮与上述玻璃棒相接触，它们之间会相互 　 　。
10．（2分）在探究水沸腾条件的实验中，在1标准大气压下，烧杯中放入适量的水，把盛有少量水的试管放入烧杯中，如图所示，用酒精灯给烧杯长时间加热：
（1）试管中水的温度是　 　℃，试管中的水　 　沸腾。（填“能”或“不能”）
（2）把试管中的水换成酒精，则加热后，试管中的酒精　 　沸腾。（填“能”或“不能”）（酒精的沸点为78℃）

11．（2分）已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其物理意义是　 　。在1标准气压下，10kg水温度由50℃升高到100℃所吸收的热量是　 　J；若对水继续加热，水的温度将　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
12．（2分）把20只小灯泡串联起来接入100V的电源上，如果电源插头处电流为200mA，则通过第5只小灯泡的电流为　 　A；如果一只小灯泡的灯丝断了，则其他的小灯泡　 　（选填“能”或“不能”）发光．
13．（2分）某种物质在熔化过程中温度随时间变化的图像，如图甲所示，该物质是 　 　（选填“晶体”或“非晶体”）。若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图乙所示，则试管内冰的数量会 　 　（选填“增加”“减少”或“不变”）。

14．（2分）初温相同的甲、乙两金属铁球质量之比是3：1，吸收的热量之比为3：1后，则它们的比热之比c甲：c乙等于　 　；当吸收热量后，把甲、乙两金属铁球靠在一起，热量是　 　传递。（选填“甲到乙”、“乙到甲”或“不发生”）
15．（2分）如图甲所示，验电器A带负电，B不带电.用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），电流方向　 　（选填“由A到B”或“由B到A”）；观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开，是因为实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，B验电器中的金属箔带上了　 　电荷。

16．（2分）如图所示，闭合开关S，电压表V1和V2的示数分别为10V和3V，则L1两端的电压是 　 　V，L2两端的电压是 　 　V。

17．（2分）如图所示电路，电源电压为6V．当开关S闭合时，L1和L2串联，且流过L1的电流为1A．则图中③位置处电表应为　 　表（选填“电流”或“电压”），①位置处电表示数大小为　 　。

18．（2分）如图所示电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙＝3：9，则灯泡L1、L2的电压从U1：U2＝　 　；当开关S断开，甲、乙为电流表时，若两表指针位置相同，则通过灯泡L1、L2的电流I1：I2＝　 　。

三、作图、实验与探究题（本大题共7小题，共32分）.请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要。
19．（2分）读数与作图
如图所示，读出温度计的示数 　 　℃。

20．（2分）在如图中，请画出质量为0.2kg的小球静止时所受浮力示意图。

21．（2分）请画出如图对应的电路图。

22．（8分）小张在“探究杠杆平衡条件”的实验中。

（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 　 　（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，应将杠杆左端的平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是 　 　。
（2）如图乙所示，调节杠杆平衡后，在杠杆A点处挂3个钩码，在B点处挂2个钩码，杠杆恰好在原位置平衡，于是便得出了杠杆的平衡条件为：F2L1＝F2L2；请判断他这样得出的结论是否合理 　 　，（选填“合理”或“不合理”）判断的理由是 　 　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将 　 　（选填“仍保持平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）。
（4）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点如图丙，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？　 　，变化的原因是 　 　。
23．（10分）在探究“比较不同物质吸热情况”的实验中，实验装置如图所示，其中A、B为两个电加热器。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
甲的温度/℃
18
22
26
30
34
38
42
乙的温度/℃
18
30
42
54
66
78
90

（1）要完成该探究实验，除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和 　 　。
（2）实验中应将 　 　相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同规格的烧杯中，用 　 　电加热器加热（最后一空选填“相同的”或者“不同的”）。
（3）本次实验，第（2）问所涉及的实验操作，目的是为了 　 　。（选填“方便比较”或“控制变量”）
（4）实验中甲和乙吸收的热量由 　 　（选填“加热时间的长短”或“液体升高的温度”）来反映。
（5）小明设计的记录数据如表所示，分析表格数据可知：他是用 　 　相同的甲、乙两种液体、加热相同的时间，比较 　 　的方法来判断不同物质的吸热本领。
（6）分析数据，从开始加热到第5min，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲　 　Q乙；从开始加热到温度达到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲　 　Q乙（填“＞”、“＜”或“＝”），由此也可以看出物质的吸热能力强。
24．（4分）“探究串联电路特点”时小明选用两只规格不相同的灯泡进行实验，连接的电路如图甲所示。

（1）在连接电路时，开关应处于 　 　状态。
（2）闭合开关S后，发现灯L1发光，L2不发光，可能的原因是：　 　。
（3）为了寻找“串联电路的电流关系”，分别在图中A、B、C各点处把电流表串联接入，闭合开关前，发现其中一个电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是 　 　。
（4）正确实验操作后，测得A、B、C.三处的电流记IA、IB、IC，测得AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC。下列说法正确的是 　 　
A.IA＞IB＞IC
B.IA＜IB＜IC
C.UAB＝UBC＝UAC
D.UAC＝UBC+UAB
25．（4分）探究并联电路的特点
（1）小宇同学用图甲所示的电路测量两只灯泡的电流时，电流表A1和A2表盘上指针分别处于图乙、丙所示的位置，则通过灯泡L1的电流是 　 　A。
（2）一段时间后，发现灯泡L2突然熄灭，L1依旧发光，观察到电流表A1的示数 　 　，电流表A2的示数 　 　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
（3）根据本次探究结果可知通过灯泡L2的电流是 　 　A。

四、综合题（本大题共3个小题，满分24分）要求：（1）语言表述简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算。
26．（6分）“天问一号”火星探测器是中国人民的骄傲，因为它是我国首次登陆火星的探测器。着陆火星的“祝融号”，质量为240kg，在牵引力的驱使下，30min匀速运动了100m，假设祝融号在火星上受到的阻力是其在火星上所受重力的0.06倍，已知g火＝0.38g，火星表面大气密度是地球表面大气密度的0.01倍，g取10N/kg。求：
（1）祝融号所受的阻力；
（2）在这段时间内牵引力做的功；
（3）同一物体在地球大气中受到的浮力与它在火星大气中受到的浮力之比。
27．（9分）一辆小轿车以某一速度在平直路面上匀速行驶100km，消耗汽油10L．若这些汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功，所用汽油的热值为4.6×107J/kg，密度为0.7×103kg/m3，求：
（1）消耗汽油的质量是多少？
（2）这些汽油完全燃烧放出的热量；
（3）这辆轿车以该速度匀速行驶时受到的阻力。
28．（9分）某单缸四冲程汽油机的活塞横截面积为5×10﹣3m2，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是80mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9×105Pa，曲轴转速为2400r/min，当汽油机满负荷工作时，求：
（1）做功冲程中燃气对活塞的平均压力；
（2）汽油机的功率；
（3）若汽油机在吸气冲程中吸入的空气质量与燃油质量之比为14：1，吸入的油气混合物的平均密度为1.35kg/m3，汽油的热值取4.5×107J/kg，则该汽油机的效率为多大（结果精确到0.1%）。

2021-2022学年云南省昆明一中西山学校九年级（上）第一次月考物理试卷（9月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共8个小题，每小题3分，共24分）。下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑）
1．（3分）下列现象发生的过程中，吸收热量的一组是（　　）
（1）春天，冰雪融化汇成溪流
（2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”
（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去
（4）冬天，室外草地上出现了霜
A．（1）（3） B．（2）（4） C．（3）（4） D．（1）（2）
【分析】六种物态变化中吸收热量的是熔化、汽化、升华；其余三个是放热的；先判定几种现象分别是什么物态变化，最后即可确定哪些是吸热的。
【解答】解：①冰雪消融属于熔化现象，需要吸收热量；
②“出汗”是水蒸气遇冷液化的结果，需要放热；
③清晨的雾在太阳出来后散去，发生的是汽化现象，需要吸收热量；
④霜是水蒸气凝华的结果，需要放出热量；
故选：A。
2．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．把一瓶柴油倒去一半，则剩下的柴油比热容变小
B．热传递中，温度总是从内能大的物体传递给内能小的物体
C．在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为柴油和空气混合物的内能
D．燃料燃烧得很充分，它的热值也不变
【分析】（1）比热容是指单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量，是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与其他因素无关；
（2）热传递是能量的转移过程，热传递的条件：有温度差；热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，或从物体的高温部分传递到低温部分；
（3）柴油机的吸气冲程吸入气缸的是空气，在压缩冲程的末端由喷油嘴喷入雾状柴油；
（4）热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其他因素无关。
【解答】解：A、比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与物质的质量无关，因此把一瓶柴油倒去一半，则剩下的柴油比热容不变，故A错误；
B、热传递是能量传递的过程，热量总是由温度高的物体传递给温度低的物体，故B错误；
C、因为柴油机吸入气缸的只有空气，在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为空气的内能，故C错误；
D、热值与质量和燃烧是否充分无关，只与燃料种类有关，燃料燃烧得很充分时，它的热值也不变，故D正确。
故选：D。
3．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．电流总是从电源的正极流向电源的负极
B．只要有电压就一定有电流
C．并联电路中电压处处相同
D．负电荷定向移动也能形成电流
【分析】（1）在电源的内部，电流方向总是从电源负极流向电源正极。
（2）电压是形成电流的原因；得到持续电流的必要条件：有电压、电路是通路。
（3）并联电路中，各个并联支路的电压相等。
（4）电荷的定向移动形成电流，有三种情况：正电荷定向移动形成电流；负电荷定向移动形成电流；正负电荷向相反方向移动形成电流。
【解答】解：A、在电源的外部，电流方向总是从电源正极流向电源负极；在电源的内部，电流方向总是从电源负极流向电源正极；故A错误；
B、要使电路中有电流，则必须满足两个条件：有电源，且电路是通路，故B错误；
C、并联电路中，各个并联支路两端的电压相等，不能说处处相同，故C错误；
D、电流是自由电荷定向移动形成的，定向移动的可以是正电荷也可以是负电荷，故D正确。
故选：D。
4．（3分）如图所示，是闪电产生的电流通过避雷针的示意图（已知云层带正电）。则下列说法中正确的是（　　）

A．产生闪电时，创造了电荷
B．产生闪电时，云层失去了原子核
C．云层带正电，是因为云层得到了电子
D．图中的电流方向是从云层到避雷针
【分析】（1）摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷；
（2）规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷移动的方向与电流方向相反。
【解答】解：
（1）闪电是云层的放电现象，云层在运动过程中与空气摩擦失去电子，云层带正电，摩擦起电，是电荷的转移，故ABC错误；
（2）云层带正电荷，避雷针工作时尖端放电，负电荷从大地定向移动到云层，因此电流的方向是从云层流向大地，故D正确。
故选：D。
5．（3分）小明同学按图甲所示的电路进行实验，已知电源由四节新干电池组成。闭合开关S后，电流表A1和A2的指针均指在图乙所示的位置。下列说法正确的是（　　）


A．电流表A1、A2的示数分别为0.2A、1.0A
B．电流表A1、A2的示数均为1.0A
C．电压表V1、V2的示数分别为2V、4V
D．电压表V1、V2的示数均为6V
【分析】开关闭合后，两灯泡并联连接，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量L2中的电流，因此根据电流表示数分别读出电流表示数，并求出L1中的电流；
已知电源由四节新干电池组成，根据一节干电池的电压求出电源电压，又因为电压表V1、V2测量并联电路两端的电压，因此根据并联电路电压的特点可得电压表V1、V2的示数。
【解答】解：AB、因为开关闭合后，两灯泡并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量L2中的电流，
电压表V1，V2测量并联电路两端的电压，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知：电流表A1的示数大于A2的示数，所以，电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1A，即干路电流I＝1A；
电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.0.2A，示数为0.2A，即通过L2的电流I2＝0.2A；
则通过L1中的电流：I1＝I﹣I2＝1A﹣0.2A＝0.8A，故AB错误；
CD、由于电源由四节新干电池组成，则U＝1.5V×4＝6V，
由于V1，V2测量并联电路两端的电压，所以电压表V1、V2的示数与电源电压相等，为6V，故C错误，D正确。
故选：D。
6．（3分）将一实心圆柱体悬挂于弹簧测力计下，物体下表面刚好与水面接触，从此处匀速下放物体，直至浸没（物体未与容器底接触，忽略容器中液面变化）的过程中，弹簧测力计示数F与物体下表面浸入水中深度h的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A．物体重力为40N
B．物体浸没时受到的浮力为15N
C．物体的密度为2.5×103kg/m3
D．物体刚好浸没时下表面受到的液体压强为800Pa
【分析】（1）由F﹣h图象可知，当h＝0（圆柱体没有浸入水），弹簧测力计的示数为圆柱体重；当h≥10cm（圆柱体全浸入水），弹簧测力计的示数加上圆柱体受到的水的浮力等于圆柱体重；据此求出圆柱体受的浮力（最大浮力）；
（2）弹簧测力计的示数为圆柱体重；利用重力公式求出圆柱体的质量；求出了球全浸入时受到的浮力，利用阿基米德原理求圆柱体的体积（排开水的体积），再利用密度公式求圆柱体的密度；
（3）由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度为10cm，然后根据液体压强公式p＝ρgh求此时圆柱体下表面受到的水的压强。
【解答】解：
A、由图象可知，当h＝0（圆柱体没有浸入水中），圆柱体重G＝F＝25N；故A错误；
B、当圆柱体全浸入水中时，弹簧测力计的示数F′＝15N，
圆柱体浸没时受到的浮力为：F浮＝G﹣F′＝25N﹣15N＝10N；故B错误；
C、圆柱体的质量：m＝＝＝2.5kg，
根据F浮＝ρ水gV排可得，圆柱体的体积：V＝V排＝＝＝1×10﹣3m3，
则圆柱体的密度：ρ物＝＝＝2.5×103kg/m3．故C正确；
D、由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度：h＝4cm＝0.04m，
则圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa；故D错误。
故选：C。
7．（3分）在如图所示电路中，开关S闭合时，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小明在读数时只在纸上记录了如图所示数字，则下列说法中正确的是（　　）

A．L1和L2并联，甲、乙、丙示数分别为0.6V，1.2A，0.3A
B．L1和L2并联，电源电压为1.2V，通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.6A
C．L1和L2串联，电路中的电流为0.6A，L1、L2两端的电压分别为0.3V、1.2V
D．L1和L2串联，甲、乙、丙示数分别为0.3A、0.6V、1.2V
【分析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，则它们的连接方式要么是串联，要么是并联。
（1）两灯泡并联时，电流有两条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据并联电路的电压特点和欧姆定律判断两支路的电流关系，结合表中数据判断两电流表的示数，剩余的数据为电压表的示数。
（2）两灯泡串联时，电流只有一条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据串联电路的电压特点结合图中数据判断出电压表的示数，剩余的数据为电流表的示数。
【解答】解：规格相同的灯泡L1、L2均能发光时，它们的连接方式要么是串联、要么是并联。
（1）两灯泡并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经灯泡L2、丙电表回到电源的负极，
则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测L2支路的电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，
所以由I＝可知，通过两灯泡的电流相等，干路电流是L2支路电流的两倍，
由图中数据可知：
①乙的示数为1.2A，丙的示数为0.6A，则甲的示数为0.3V，
②乙的示数为0.6A，丙的示数为0.3A，则甲的示数为1.2V，通过L1、L2的电流均为0.3A，
故AB不正确。
（2）两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡L2、灯泡L1回到电源的负极，
则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压，
因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，
所以由I＝可知，电源的电压是L2两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数2倍，
由图中数据可知：
①丙的示数为1.2V，乙的示数为0.6V，则甲的示数为0.3A，
②丙的示数为0.6V，乙的示数为0.3V，则甲的示数为1.2A，L1、L2两端的电压均为0.3V，
故C错误，D正确。
故选：D。
8．（3分）为了提高行车的安全性，有的汽车装有日间行车灯，如图所示，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，车前大灯L2也亮，图所示的电路图中符合这一情况的是（　　）

A．
B．
C．
D．
【分析】由题意可知，当汽车启动时，S1闭合，日间行车灯L1立即亮起，再闭合S2，车前大灯L2也亮起，说明L1与L2可以独立工作、互不影响即为并联，且S1位于干路，S2位于L2支路，据此分析选项得出答案。
【解答】解：
A．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡均不亮，故A不符合题意；
B．由电路图可知，只闭合S1时，两灯泡都亮，再闭合S2时，L1不亮，故B不符合题意；
C．由电路图可知，只闭合S1时，车前大灯L2亮，再闭合S2时，日间行车灯L1亮，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合S1时，日间行车灯L1亮，再闭合S2时，车前大灯L2亮，故D符合题意。
故选：D。
二、填空题（本大题共10小题，每空1分，共20分）。请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程。
9．（2分）与丝绸摩擦过的玻璃棒带 　正　电荷，用和橡胶棒摩擦过的毛皮与上述玻璃棒相接触，它们之间会相互 　排斥　。
【分析】（1）自然界只存在两种电荷：正电荷和负电荷。与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；与毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
（2）自然界中电荷的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：与丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电荷。
与橡胶棒摩擦过的毛皮因失去电子而带正电荷，因同种电荷相互排斥，所以玻璃棒与毛皮接触，它们之间会相互排斥。
故答案为：正；排斥。
10．（2分）在探究水沸腾条件的实验中，在1标准大气压下，烧杯中放入适量的水，把盛有少量水的试管放入烧杯中，如图所示，用酒精灯给烧杯长时间加热：
（1）试管中水的温度是　100　℃，试管中的水　不能　沸腾。（填“能”或“不能”）
（2）把试管中的水换成酒精，则加热后，试管中的酒精　能　沸腾。（填“能”或“不能”）（酒精的沸点为78℃）

【分析】液体沸腾的条件：达到沸点并且要继续吸热；在1标准大气压下水的沸点为100℃。
【解答】解：（1）在1标准大气压下水的沸点为100℃；当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，都是100℃，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾。
（2）把试管中的水换成酒精，酒精的沸点为78℃，所以随着给烧杯加热，当烧杯和试管中的液体都达到78℃时，若再给烧杯加热，烧杯中的水温度升高，即此时水的温度高压试管中酒精的温度，所以试管中的酒精达到沸点后，由于还能继续吸热，所以能够沸腾。
故答案为：（1）100；不能；（2）能。
11．（2分）已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其物理意义是　1kg水温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量是4.2×103J　。在1标准气压下，10kg水温度由50℃升高到100℃所吸收的热量是　2.1×106　J；若对水继续加热，水的温度将　不变　（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）由比热容的概念可知其物理意义；
（2）利用吸热公式计算；
（3）晶体的熔化过程温度不变，水是晶体，若对水继续加热，水达到沸点后，水沸腾，水的温度不变。
【解答】解：（1）依据比热容的概念，水的比热容的物理意义是：1kg水温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量是4.2×103J。
（2）依题意，由Q＝Cm△t＝4.2×103J∕（kg•℃）×10kg×（100℃﹣50℃）＝2.1×106J。
（3）若对水继续加热，因水已经达到沸点，所以水会继续沸腾，但水的温度保持不变。
故答案为：（1）1kg水温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量是4.2×103J；
（2）2.1×106J；
（3）不变。
12．（2分）把20只小灯泡串联起来接入100V的电源上，如果电源插头处电流为200mA，则通过第5只小灯泡的电流为　0.2　A；如果一只小灯泡的灯丝断了，则其他的小灯泡　不能　（选填“能”或“不能”）发光．
【分析】（1）串联电路中的电流是处处相等的；
（2）各串联的电路元件相互影响，不能独立工作，各并联的电路元件互不影响能独立工作。
【解答】解：节日小彩灯是由多个小灯泡串联而成的，如果电源插头处电流为200mA，则通过每只小灯泡的电流均为200mA，即都为0.2A；
由于串联用电器是可以相互影响的，所以如果其中一个小灯泡的灯丝断了，则其他的小灯泡不能发光。
故答案为：0.2；不能。
13．（2分）某种物质在熔化过程中温度随时间变化的图像，如图甲所示，该物质是 　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）。若将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中，如图乙所示，则试管内冰的数量会 　增加　（选填“增加”“减少”或“不变”）。

【分析】（1）晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；
（2）根据晶体熔化的条件可知：冰水混合物会向混合物放热，由此确定冰水混合物中的水会有部分结冰，则可判断冰的变化。
【解答】解：（1）该物质熔化时温度不变，为晶体；
（2）冰水混合物的温度是0℃，由图象知，该物质熔化时的温度是低于0℃；
将装有冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中时，冰水混合物会向该物质放热，内能减小，冰水混合物中的水会符合凝固结冰的条件，所以冰水混合物中的冰会变多，即冰的质量将增加。
故答案为：晶体；增加。
14．（2分）初温相同的甲、乙两金属铁球质量之比是3：1，吸收的热量之比为3：1后，则它们的比热之比c甲：c乙等于　1：1　；当吸收热量后，把甲、乙两金属铁球靠在一起，热量是　不发生　传递。（选填“甲到乙”、“乙到甲”或“不发生”）
【分析】（1）比热容是物质本身的一种特性，同种物质比热容相同，不同物质比热容一般不同；
（2）发生热传递的条件是存在温度差，利用公式△t＝和已知条件求出它们升高的温度之比，又知初温相同，进而可以知道末温。
【解答】解：（1）甲、乙都是金属铁球，是同种物质，比热容相同，即c甲：c乙＝1：1；
（2）已知甲、乙两金属铁球质量之比是3：1，吸收的热量之比为3：1，
它们升高的温度之比：
＝＝××＝××＝1：1，
又由题目可知初温相同，
所以甲乙两铁球的末温相同，没有温度差，不会发生热传递。
故答案为：1：1；不发生。
15．（2分）如图甲所示，验电器A带负电，B不带电.用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），电流方向　由B到A　（选填“由A到B”或“由B到A”）；观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开，是因为实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，B验电器中的金属箔带上了　负　电荷。

【分析】电荷的定向移动形成电流，正电荷移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反；电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：金属杆和金属球接触的一瞬间，A验电器上的部分负电荷转移到B验电器，使B验电器中的金属箔带上了负电荷，同种电荷相互排斥，B的金属箔由闭合变为张开；自由电子的定向移动方向与电流方向相反，所以金属棒中电流的方向是由B到A。
故答案为：由B到A；负。
16．（2分）如图所示，闭合开关S，电压表V1和V2的示数分别为10V和3V，则L1两端的电压是 　3　V，L2两端的电压是 　7　V。

【分析】两个灯泡为串联，串联电路中各电器两端的电压之和等于总电压。V1的示数为总电压，V2的示数为L1两端的电压。
【解答】解：当开关S闭合后，两个灯泡是串联的，电压表V1测量的是电源电压。电压表V1的示数为10V，即电源电压U＝10V；
电压表V2测量的是灯泡L1两端的电压，V2的示数为3V，灯泡L1两端的U1＝3V。
由串联电路电压规律：U＝U1+U2得，灯L2两端的电压：U2＝U﹣U1＝10V﹣3V＝7V。
故答案为：3；7。
17．（2分）如图所示电路，电源电压为6V．当开关S闭合时，L1和L2串联，且流过L1的电流为1A．则图中③位置处电表应为　电压　表（选填“电流”或“电压”），①位置处电表示数大小为　6V　。

【分析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；
根据电压表和电流表的正确使用方法以及在电路中的作用进行分析。
【解答】解：
由题知，当开关S闭合时，L1和L2串联，则电流从正极出发，经开关S、电表②、灯泡L2、L1回到负极，所以图中③位置处的电表应为电压表（并联在L2的两端），②为电流表，①为电压表（并联在L1、L2的两端）；
此时①处电压表测量L1和 L2的总电压，即为电源电压，故①位置处电表示数大小为6V。
故答案为：电压；6V。
18．（2分）如图所示电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙＝3：9，则灯泡L1、L2的电压从U1：U2＝　1：2　；当开关S断开，甲、乙为电流表时，若两表指针位置相同，则通过灯泡L1、L2的电流I1：I2＝　1：4　。

【分析】（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两灯泡串联，甲电压表测L1两端电压，乙电压表测电源电压，根据串联电路的电压特点求出两灯泡两端的电压之比；
（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测量通过L1支路的电流，根据并联电路的电流特点、两电流表指针位置相同可知通过灯泡L1、L2的电流之比。
【解答】解：（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两灯泡串联，甲电压表测L1两端电压，乙电压表测电源电压；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：＝＝＝；
（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测量通过L1支路的电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两表指针偏转角度相同，所以，两电流表的示数比：＝，
通过灯泡L1、L2的电流之比＝＝＝。
故答案为：1：2；1：4。
三、作图、实验与探究题（本大题共7小题，共32分）.请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要。
19．（2分）读数与作图
如图所示，读出温度计的示数 　﹣17　℃。

【分析】温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，从小数字读向大数字。
【解答】解：温度计的分度值是1℃，液柱在零刻度以下，示数为﹣17℃。
故答案为：﹣17。
20．（2分）在如图中，请画出质量为0.2kg的小球静止时所受浮力示意图。

【分析】先求得小球的重力，根据小球漂浮，浮力等于其重力，规则物体的重心在物体的几何中心确定浮力的作用点，然后过作用点沿力的方向画出浮力的示意图。
【解答】解：小球重力G＝mg＝0.2kg×9.8N/kg＝1.86N，小球漂浮，F浮＝G＝1.96N，
过球心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用符号F浮表示；如图所示：

21．（2分）请画出如图对应的电路图。

【分析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
【解答】解：由实物图知，两灯并联，开关S2在干路上控制整个电路，S1在LB支路上，电路图如图所示：
。
22．（8分）小张在“探究杠杆平衡条件”的实验中。

（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 　达到　（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，应将杠杆左端的平衡螺母向 　右　（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡，这样调节的目的是 　便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响　。
（2）如图乙所示，调节杠杆平衡后，在杠杆A点处挂3个钩码，在B点处挂2个钩码，杠杆恰好在原位置平衡，于是便得出了杠杆的平衡条件为：F2L1＝F2L2；请判断他这样得出的结论是否合理 　不合理　，（选填“合理”或“不合理”）判断的理由是 　仅通过一次实验得出的结论不具有普遍性，应该多次测量找普遍规律　。
（3）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆将 　左端下沉　（选填“仍保持平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）。
（4）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点如图丙，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？　先变小再变大　，变化的原因是 　阻力和阻力臂不变，拉力的力臂先变长再变短　。
【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂，支点在杠杆的中点是为了消除杠杆的自重对杠杆平衡的影响；
（2）多次测量找普遍规律；
（3）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
（4）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1L1＝F2L2）。
当弹簧测力计斜着拉时，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件分析出答案。
【解答】解：（1）杠杆保持静止，此时杠杆处于静止状态，达到平衡；
如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，此时所挂钩码对杠杆产生的拉力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）实验中仅通过一次实验得出的结论不具有普遍性，应该多次测量找普遍规律，所以不合理；
（3）根据杠杆的平衡条件：FALA＝FBLB，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则左侧3G×3L＝9GL，右侧2G×4L＝8GL，因为9GL＞8GL，所以杠杆左侧下沉；
（4）让杠杆在水平位置平衡，将弹簧测力计由斜向左拉改为斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂先变长再变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位置平衡时，拉力先变小再变大。
故答案为：（1）达到；右；便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）不合理；仅通过一次实验得出的结论不具有普遍性，应该多次测量找普遍规律；（3）左端下沉；（4）先变小再变大；阻力和阻力臂不变，拉力的力臂先变长再变短。
23．（10分）在探究“比较不同物质吸热情况”的实验中，实验装置如图所示，其中A、B为两个电加热器。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
甲的温度/℃
18
22
26
30
34
38
42
乙的温度/℃
18
30
42
54
66
78
90

（1）要完成该探究实验，除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和 　秒表　。
（2）实验中应将 　质量　相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同规格的烧杯中，用 　相同的　电加热器加热（最后一空选填“相同的”或者“不同的”）。
（3）本次实验，第（2）问所涉及的实验操作，目的是为了 　控制变量　。（选填“方便比较”或“控制变量”）
（4）实验中甲和乙吸收的热量由 　加热时间的长短　（选填“加热时间的长短”或“液体升高的温度”）来反映。
（5）小明设计的记录数据如表所示，分析表格数据可知：他是用 　初温　相同的甲、乙两种液体、加热相同的时间，比较 　升高温度　的方法来判断不同物质的吸热本领。
（6）分析数据，从开始加热到第5min，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲　＝　Q乙；从开始加热到温度达到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲　＞　Q乙（填“＞”、“＜”或“＝”），由此也可以看出物质的吸热能力强。
【分析】（1）探究不同物质吸热能力时，要控制两种液体的质量相等，需要用天平测质量，测量加热时间的工具秒表；
（2）（4）（5）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）本实验主要通过控制变量法和转换法进行实验，据此分析；
（6）分析数据，从开始加热到第5min，加热时间相同；从开始加热到42℃，甲用时6分钟，乙用时2分钟，根据转换法比较甲、乙两种液体吸收热量的关系。
【解答】解：（1）由实验可知，要准确完成本实验除了图中的实验器材，还需的器材有测量质量的天平和测量时间的秒表；
（2）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，因此实验中应将质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热；
（3）本次实验，第（2）问是为了控制甲、乙的质量相同，控制加热源相同，因此本操作的目的是为了控制变量；
（4）根据转换法可知，实验中甲和乙吸收的热量由加热时间的长短来反映；
（5）小明设计的记录数据的表格如上图，分析表格可知：液体的初温相同，加热相同的时间，甲、乙液体升高的温度不同，因此他用初温相同的甲、乙两种液体、加热相同的时间，比较升高温度的方法来判断不同物质的吸热本领；
（6）分析数据，从开始加热到第5min，由转换法可知，加热时间相同，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＝Q乙；
从开始加热到42℃，甲用时6min，乙用时2min，由转换法可知，甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＞Q乙，因此甲液体的吸热能力强。
故答案为：（1）秒表；（2）质量；相同的；（3）控制变量；（4）加热时间的长短；（5）初温；升高温度；（6）＝；＞。
24．（4分）“探究串联电路特点”时小明选用两只规格不相同的灯泡进行实验，连接的电路如图甲所示。

（1）在连接电路时，开关应处于 　断开　状态。
（2）闭合开关S后，发现灯L1发光，L2不发光，可能的原因是：　L2短路　。
（3）为了寻找“串联电路的电流关系”，分别在图中A、B、C各点处把电流表串联接入，闭合开关前，发现其中一个电流表指针如图乙所示，出现这种现象的原因是 　电流表指针没有调零　。
（4）正确实验操作后，测得A、B、C.三处的电流记IA、IB、IC，测得AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC。下列说法正确的是 　D　
A.IA＞IB＞IC
B.IA＜IB＜IC
C.UAB＝UBC＝UAC
D.UAC＝UBC+UAB
【分析】（1）连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）电路故障包括短路和断路，断路时用电器不能工作；短路时，被短路的用电器不工作，电路中有电流；
（3）为了探究“串联电路的电流关系”，应该把电流表接入电路；开关闭合前，电流表应该调零；
（4）串联电路中各处的电流都相等；串联电路两端的电压等于各部分电压之和。
【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）闭合开关S后，发现灯L1发光，说明电路为通路，故L2灯丝断了是不可能的，L2不发光，故原因是L2短路；
（3）因为是探究“串联电路的电流关系”，所以应该把电流表接入电路；
闭合开关前，发现其中一个电表指针如图乙所示，没有指在零刻度上，出现这种现象的原因电流表指针没有调零；
（4）串联电路中各处的电流都相等；串联电路两端的电压等于各部分电压之和，故D正确；
故答案为：（1）断开；（2）L2短路；（3）电流表指针没有调零；（4）D。
25．（4分）探究并联电路的特点
（1）小宇同学用图甲所示的电路测量两只灯泡的电流时，电流表A1和A2表盘上指针分别处于图乙、丙所示的位置，则通过灯泡L1的电流是 　0.36　A。
（2）一段时间后，发现灯泡L2突然熄灭，L1依旧发光，观察到电流表A1的示数 　变小　，电流表A2的示数 　不变　。（均选填“变大”“变小”或“不变”）
（3）根据本次探究结果可知通过灯泡L2的电流是 　0.18　A。

【分析】（1）电流表的读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少；
（2）根据并联电路的工作特点分析；
（3）根据并联电路中，干路电流等于各个支路电流之和的特点分析即可判断。
【解答】解：
（1）图乙中电流表使用0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，则干路的电流是0.54A；
图丙中电流表使用0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，则通过灯L1的电流是0.36A；
（2）一段时间后，发现灯泡L2突然熄灭，L1依旧发光，这说明电路出现了断路现象，故障是灯泡L2断路，则通过该支路的电流为0，由于并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡L1的电流不变，电流表A2的示数不变；根据并联电路的电流关系可知，电流表A1的示数变小；
（3）由并联电路电流规律可得，通过L2的电流：I2＝I﹣I1＝0.54A﹣0.36A＝0.18A。
故答案为：（1）0.36；（2）变小；不变；（3）0.18。
四、综合题（本大题共3个小题，满分24分）要求：（1）语言表述简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算。
26．（6分）“天问一号”火星探测器是中国人民的骄傲，因为它是我国首次登陆火星的探测器。着陆火星的“祝融号”，质量为240kg，在牵引力的驱使下，30min匀速运动了100m，假设祝融号在火星上受到的阻力是其在火星上所受重力的0.06倍，已知g火＝0.38g，火星表面大气密度是地球表面大气密度的0.01倍，g取10N/kg。求：
（1）祝融号所受的阻力；
（2）在这段时间内牵引力做的功；
（3）同一物体在地球大气中受到的浮力与它在火星大气中受到的浮力之比。
【分析】（1）根据阻力与重力之间的关系，可求出阻力大小。
（2）运用二力平衡知识得出牵引力大小，再运用W＝Fs，可求出功的多少。
（3）运用阿基米德原理，可得出浮力之比。
【解答】解：
（1）祝融号在火星上的重力为：G火＝mg火＝m×0.38g＝240kg×0.38×10N/kg＝912N；
所受的阻力为：f＝0.06G火＝0.06×912N＝54.72N；
（2）祝融号做匀速直线运动，受到平衡力的作用，故牵引力为：F＝f＝54.72N；
牵引力做功为：W＝Fs＝54.72N×100m＝5472J；
（3）火星表面大气密度是地球表面大气密度的0.01倍，即ρ火＝0.01ρ地，V排＝V物；
物体在地球大气中受到的浮力为：F地＝ρ地V排g＝ρ地V物g，
在火星大气中受到的浮力为：F火＝ρ火V排g火＝ρ火V物g火，
故同一物体在地球大气中受到的浮力与它在火星大气中受到的浮力之比为：
＝＝＝＝＝5000：19。
答：（1）祝融号所受的阻力为54.72N；
（2）在这段时间内牵引力做的功为5472J；
（3）同一物体在地球大气中受到的浮力与它在火星大气中受到的浮力之比为5000：19。
27．（9分）一辆小轿车以某一速度在平直路面上匀速行驶100km，消耗汽油10L．若这些汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功，所用汽油的热值为4.6×107J/kg，密度为0.7×103kg/m3，求：
（1）消耗汽油的质量是多少？
（2）这些汽油完全燃烧放出的热量；
（3）这辆轿车以该速度匀速行驶时受到的阻力。
【分析】（1）知道汽油的体积和密度，利用密度公式求汽油的质量；
（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放＝mq求汽油完全燃烧放出的热量；
（3）求出了汽油完全燃烧放出的热量，又知道汽油完全燃烧放出的热量有30%用来驱动汽车做有用功，据此求出用来驱动汽车做的有用功W；
知道轿车行驶的距离，根据W＝Fs求轿车牵引力；
又知道轿车匀速行驶，根据F＝f求匀速行驶时轿车受到的阻力。
【解答】解：（1）因为ρ＝，V＝10L＝10×10﹣3m3，
所以，消耗汽油的质量：m＝ρV＝0.7×103kg/m3×10×10﹣3m3＝7kg，
（2）汽油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝7kg×4.6×107J/kg＝3.22×108J；
（3）根据η＝可得，用来驱动汽车做的有用功：
W有＝ηQ放＝30%×Q放＝30%×3.22×108J＝9.66×107J
因为W有＝Fs，
所以，轿车牵引力：F＝＝＝966N，
又因为轿车匀速行驶，
所以轿车受到的阻力：f＝F＝966N。
答：（1）消耗汽油的质量是7kg；
（2）这些汽油完全燃烧放出的热量为3.22×108J；
（3）这辆轿车以该速度匀速行驶时受到的阻力为966N。
28．（9分）某单缸四冲程汽油机的活塞横截面积为5×10﹣3m2，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是80mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9×105Pa，曲轴转速为2400r/min，当汽油机满负荷工作时，求：
（1）做功冲程中燃气对活塞的平均压力；
（2）汽油机的功率；
（3）若汽油机在吸气冲程中吸入的空气质量与燃油质量之比为14：1，吸入的油气混合物的平均密度为1.35kg/m3，汽油的热值取4.5×107J/kg，则该汽油机的效率为多大（结果精确到0.1%）。
【分析】（1）由p＝可以得出燃气对活塞的平均压力；
（2）根据W＝Fs求出一个做功冲程中燃气对活塞做的功，通过飞轮转速得出每秒转的圈数，即可求出每秒对外做功的次数，
根据P＝n求出汽油机的平均功率；
（3）根据V＝SL算出一个工作循环吸入混合物的体积，由密度公式算出一个工作循环吸入混合物的质量，
根据空燃比算出一个工作循环吸入汽油的质量，由Q＝mq算出汽油完全燃烧放出的热量，由η＝算出该车发动机的效率。
【解答】解：（1）已知活塞横截面积为S＝5×10﹣3m2，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为p＝9×105Pa，
由P＝可知做功冲程中燃气对活塞的平均压力为：F＝pS＝9×105Pa×5×10﹣3m2＝4.5×103N；
（2）一个做功冲程中燃气对活塞做的功为：W＝FL＝4.5×103N×80×10﹣3m＝360J，
飞轮转速为2400r/min＝40r/s，表示每秒飞轮转动40圈，活塞往复40次，对外做功20次，
所以汽油机的平均功率为：P＝n＝20×＝7200W；
（3）一个工作循环吸入混合物的体积为：V＝SL＝5×10﹣3m2×80×10﹣3m＝4×10﹣4m3，
一个工作循环吸入混合物的质量为：m混＝ρ混V＝1.35kg/m3×4×10﹣4m3＝5.4×10﹣4kg，
一个工作循环吸入汽油的质量为：m油＝m混＝×5.4×10﹣4kg＝3.6×10﹣5kg，
一个工作循环，汽油完全燃烧放出的热量为：Q放＝qm油＝4.5×107J/kg×3.6×10﹣5kg＝1620J；
该车发动机的效率为：η＝＝≈22.2%。
答：（1）做功冲程中燃气对活塞的平均压力为4.5×103N；
（2）汽油机的功率为7200W；
（3）该汽油机的效率为22.2%。
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日期：2021/11/3 5:55:44；用户：13675011392；邮箱：13675011392；学号：40932421