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2021年河北省邢台市中考物理二模【试卷+答案】
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这是一份2021年河北省邢台市中考物理二模【试卷+答案】，共23页。试卷主要包含了选择题等内容，欢迎下载使用。
2021年河北省邢台市中考物理二模试卷
一、选择题（本大题共有9个小题，共21分。1-6小题为单选题，每小题给出的四个选项中，只有一个符合题意，每小题2分；7-9小题为多选题，每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上符合题意，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．（2分）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断。以下根据问题情境所做的判断正确的是（ ）
A．从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”
B．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“电水壶加热功率是900W”
C．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”
D．从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”
2．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．人体感觉室内舒适的温度约为37℃
B．一本八年级上册物理课本的质量约2kg
C．中学生正常步行速度约为10m/s
D．课桌的高度大约是0.8m
3．（2分）“MH370”航班自 2014 年 3 月 8 日凌晨失联，直至 2015 年 1 月 29 日确定航班失事，期间各国对“黑匣子”都进行了追寻，“黑匣子”能把飞机停止工作或失事坠毁前半小时的语音对话和两小时的飞行高度、速度、耗油量等众多飞行参数都记录下来，需要时把所记录的内容解码，供飞行实验、事故分析之用，则对于黑匣子下列说法正确的是（ ）
A．黑匣子的声音通过解码后发出时不需要任何物体振动
B．黑匣子中的信号即使在真空中也可以传播
C．沉入海底的黑匣子不好找寻是因为海水不能传播声音
D．黑匣子中的声音播出时，能够听懂是哪个人说的，是因为声音的响度不同
4．（2分）如图，下列热现象在物态变化过程中需要吸热的是（ ）
A．壶嘴产生“白气”
B．晨雾消散
C．雾凇的形成
D．水结冰
5．（2分）如图是课本中“探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的关系”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，电路正确连接后，通电进行实验的过程中，下列说法错误的是（ ）
A．左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大
B．U形管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少
C．透明容器中选用空气作为被加热的物质，原因是空气的热膨胀效果好实验现象显著
D．通电时间相同，两个容器中空气吸收的热量相同
6．（2分）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并成功完成峰顶测量任务（如图）。其中GNSS（全球卫星导航系统）卫星测量是珠峰测高中的重要一环。下列有关分析，正确的是（ ）
A．队员始终受到重力的作用，重力的方向垂直向下
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力
C．在峰顶测量时，GNSS是通过接收超声波获取相关信息的
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性力的作用
7．（3分）小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像规律，他先用焦距为20cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到了清晰的像（像未画出）。下列分析正确的有（ ）
A．此时光屏上成的是放大的像
B．烛焰随蜡烛燃烧而下移，光屏上的像将向上移
C．在凸透镜左侧放一块近视眼镜片，光屏应左移才能重新承接到烛焰清晰的像
D．保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距为10cm的凸透镜，移动光屏再次承接到的烛焰清晰的像变小
8．（2分）如图所示，用甲、乙、丙三种方式将重为G1的物体以相同的速度匀速提升相同高度h的过程中，绳自由端的拉力分别为Fl、F2、F3，绳自由端移动的距离分别为sl、s2、s3，三次的机械效率分别为η1、η2、η3，每个滑轮重均为G2．以下分析正确的是（ ）
A．在任何情况下，sl＜s2＝s3
B．如果Gl＜G2，不计绳重和摩擦，Fl＜F2＝F3
C．Fl、F2、F3做功的功率相等
D．无论何种情况下，η1最大，η2＝η3
9．（2分）如图所示，保持电源电压不变，滑片置于中点处，R1、R2的阻值为R0，R3的最大阻值为2R0，a、b是电流表或电压表。当闭合全部开关时，电流表A的示数为I0；滑片向左移动时，a、b的示数都减小。下列说法正确的是（ ）
A．开关均闭合，滑片置于中点处时，电路消耗的功率为I02R0
B．开关均闭合，滑片向左移动过程中，通过R1、R2、R3的电流都变小
C．开关均闭合，滑片P从中点移到最左端，变阻器消耗的功率变化量为I02R0
D．把a、b都换成另一种电表，开关均闭合，滑片从中点向左移动过程中，a、b两电表的示数都变小
二．解答题（共5小题，满分14分）
10．（3分）阅读短文，回答问题：
上海磁悬浮列车试乘记
运行于上海郊外的磁悬浮列车于2003年9月30日重新面向公众开始试运营。（图2﹣11）列车起动后，加速相当迅速。车内安装了速度计，出发后不到1分钟时速就已超过200km。之后，虽然感觉加速的速度稍有放缓，不停增长的速度计的数字则告诉人们速度仍在持续增加。到底要加速到多快呀？正这么想着，此时显示出时速的速度计数字终于停止变动（图2﹣12）。到了这么快的速度，身体上已经根本无法感受出时速到底有多少，只有快极了的感觉。不过，在与高速公路并列行驶过程中看到汽车迅速向后逝去时，才体会到磁悬浮列车的实力。时速在最大处保持近1分钟后，开始减速到200km的时速时，感觉到周围景色的流动也开始放慢。但如果看到列车近旁的话，高速公路上的汽车还是像飞一样向后滑去。就在于这种感觉中，慢慢地看到了上海的空中大门﹣﹣浦东国际机场。 轨道全长约为30km，仅仅8分钟时间就穿越了这段距离，让人感觉只是一瞬。
（1）加点部分的文字，使作者体会到磁悬浮列车的实力。而实际上作者在描述的过程中是以 为参照物， 是运动的。
（2）根据图2所示，速度计上显示的最大速度 （选填“有”或“没有”）超音速；若磁悬浮列车在这个速度保持近1min，则在这短短的时间内行驶了 km。
（3）磁悬浮列车在全程运行中做 运动，请根据文中的画线的文字计算出它全程运行的平均速度是 m/s。
11．（3分）小明设计了一个道路限载报警器（图甲），R0是变阻器，R是压敏电阻。R的电阻大小随压力大小变化关系如图乙。当超载车辆通过压敏电阻时，限载报警器就会报警。
（1）调试好电路，闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，限载报警器会 （填“灯亮”、“铃响”）
（2）一般交通主干道的抗压能力比村道路要强得多。若把村道路限载报警器应用到主干道，就要适当调高报警的限载重量，下列操作可行的是 （填编号）。
A．把变阻器R0的滑片适当左移
B．把电源1的电压适当增大
C．把弹簧AB的A端适当左移
D．把电磁铁C适当右移。
12．（2分）小明为宠物保温箱设计了一个电加热器，其内部电路如图所示，S为旋转型开关，通过旋转开关S，可实现从低温到中温、高温的转换。保温箱及加热器的部分参数如表所示，求：
（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量；
（2）电加热器电路中R2的阻值；
（3）要完成（1）中的升温要求，至少需要的加热时间。
物理量
参数
加热器
工作电压
220V
中温挡功率
110W
低温挡功率
44W
电阻R3
440Ω
加热效率η
80%
保温箱
空气质量m
1.5kg
空气比热容c
0.8×103J/（kg•℃）
13．（3分）在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，某实验小组为了对各影响因素进行多次对比，选择了如表的七种导体利用如图电路图进行了如下探究：
（1）为了探究“导体电阻跟长度的关系”。应选用 三种导体进行对比探究，经对比可得出的实验结论是 相同时，长度越 电阻越大。
（2）若选用了A、B、C三种导体进行对比，探究的问题是 。
导体代号
长度/m
横截面积/mm2
材料
接入MN两点后电路中的电流A
A
1.0
0.2
镍铬合金
0.24
B
1.0
0.4
镍铬合金
0.51
C
1.0
0.8
镍铬合金
0.95
D
0.5
0.4
镍铬合金
0.94
E
1.5
0.4
镍铬合金
0.32
F
1.0
0.2
镍铬合金
0.60
G
1.0
0.2
镍铬合金
2.60
14．（3分）2011年上半年，日本福岛核电站发生核泄漏，一些放射性物质随大气环流而扩散。我国一些城市的空气中和蔬菜叶面上曾检测出极微量放射性物质。
（1）能源的分类有多个角度。如：化石能源；一次能源，二次能源；生物质能；不可再生能源，可再生能源。核能归属于 。
（2）核电站内的核反应原理与太阳内部的核反应原理的不同点在于 。
（3）人们担心日本核泄漏的放射物质随海洋水流污染我国沿海的海盐品质，在政府部门未发布我国近海受污染的情况下，全国不少城市出现抢购食盐的风潮，假设你是超市经理，请你从科学引导的角度写一、二句话，规劝市民不必抢购，你的赠言是： 。
（4）切尔诺贝利核泄漏和福岛核泄漏之后，人们置疑核能前景，个别国家甚至打算将来废弃本国所有核电站，发展其他能源。假设你是网友，正在参加国家能源部门的网上讨论“我国核电站的兴与废”，用一、二句话表达你的观点和理由： 。
三．实验探究题（共3小题，满分17分）
15．（4分）爱米探究平面镜的成像特点，器材有：各种长度的蜡烛若干、平面镜一块、玻璃板一块、白纸一张等，如图1所示。
（1）平面M所选的器材是 （选填“平面镜”或“玻璃板”）。
（2）爱米把蜡烛A点燃放在M前面，再把其他各支蜡烛依次放在M后面适当位置，当某支蜡烛放在后面时，从前面看那支蜡烛好像也被点燃了一样。此时后面的那支蜡烛与蜡烛A的大小关系是 。
（3）爱米测量两侧蜡烛到平面M的距离，再让蜡烛A远离M，则后面的蜡烛要 （选填“远离”或“靠近”）M才能再次看上去像被点燃了一样。
（4）多次观察及测量距离之后，爱米得到初步结论：平面镜所成的像与物体关于平面镜 。
（5）如图2甲所示，一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；将平面镜平移至图2乙所示的位置时，硬币的成像情况是 （选填字母代号）。
A．硬币成像在a处 B．硬币成像在b处
C．硬币成像在c处 D．硬币无法通过平面镜成像
（6）光从空气斜射到水面时，一部分光射进水中，另一部分光返回到空气中，其光路如图3甲所示。现在让光逆着折射光线的方向从水中斜射到水与空气的分别面，请在图3乙中画出相应的折射光线和反射光线。
16．（6分）如图所示是小红和小华同学探究“杠杆平衡的条件”的几个实验情景：
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。
（2）如图乙所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个质量均为50g的钩码。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？
（4）实验结束后，小华联想到生活中的杆秤，其主要结构由秤杆、秤钩A、提纽（B、C）、秤砣D组成（0点为刻度的起点）。如图丁所示是用杆秤称量货物时的情景。
①在称量货物时，使用提纽 （选填“B”或“C”），该杆秤的称量范围更大。
②若该杆秤配套的秤砣D有磨损，称量货物时杆秤显示的质量将比被测货物的真实质量偏 （选填“大”或“小”）。
17．（7分）测量小灯泡额定功率的实验中，器材如下：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、电源（电压恒为6V）、电流表（0～0.6A.0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、滑动变阻器、开关各一只、导线若干。
（1）如图甲所示是某同学开始时连接的电路，仔细观察发现该电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的下一步操作是 。
（3）正确连接电路后，闭合开关进行实验，记录的数据如下表所示。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W。分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而 （选填“增大”、“不变”或“减小”），小灯泡的实际功率由 （选填“额定功率”、“额定电压”或“实际电压”）决定。
（4）完成上述实验后，另有同学设计了如图丙所示的电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R，实验方案如下：
①按电路图连接电路。
②只闭合开关S1，移动R1的滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光。
③只闭合开关S2， ，使电流表的示数为I额。
④保持R2的滑片位置不动，将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ （用I额、I1、I2、R表示）。
四．计算题（共2小题，满分13分）
18．（6分）小明放学回家看到小朋友在叠放玩具甲乙如图1，物体甲和圆柱体乙置于水平地面。查阅有关资料甲的底面积为40cm2。圆柱体乙的底面积为30cm2，质量为1.8kg。（g＝10N/kg）
（1）求此时乙对地面的压强。
（2）将甲叠放在乙中央如图2，此时乙对地面的压强为8.4×103Pa，求甲的质量？
（3）现从乙的上方切去6cm的厚度如图3，此时乙剩余部分对地面的压强是原来对地面的压强0.6倍，求乙的密度？
19．（7分）如图是某电器设备的部分电路，电源电压U＝4.5V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样。已知闭合开关S1和S3时，电流表的示数为0.45A。不计灯丝电阻随温度的变化。
（1）求定值电阻R1的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求此时通过电流表的电流大小；
（3）电压表的量程为0﹣3V，电流表的量程为0﹣0.6A，滑动变阻器R2的阻值在0﹣20Ω内可调，只闭合开关S2，在保证电表安全的情况下，求灯泡L消耗的电功率的变化范围。
一．选择题
1．解：A、物体在不受力或受平衡力时，处于静止或匀速直线运动状态，所以从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”故A正确；
B、电水壶标有“220V 900W”是指额定功率为900W，故B错误；
C、并联电路各支路电压相等，所以从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”，故C正确；
D、标准大气压下水的沸点为100℃，所以从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”，故D正确。
故选：ACD。
2．解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故A不符合实际；
B、一个苹果的质量约200g，一本八年级上册物理课本的质量与此差不多，约200g＝0.2kg，故B不符合实际；
C、中学生正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右，故C不符合实际；
D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm＝0.8m左右，故D符合实际。
故选：D。
3．解：A、声音是由物体的振动产生的，黑匣子的声音通过解码后必须通过物体的振动发出声音，故A错误；
B、黑匣子传递信号靠的是电磁波，电磁波可以在真空中传播，故B正确；
C、沉入海底的黑匣子不好找寻是因为电磁波在海水中传递衰减巨大，在海面上几乎没有信号，而声音可以在海水中传播，故C错误；
D、我们能分清是谁发出声音靠的是音色，因为不同的人因为声带不同发出声音的音色就不同，故D错误。
故选：B。
4．解：A、壶嘴产生“白气”，是水由气态转变为液态的过程属于液化现象，是放热过程，故A不符合题意；
B、晨雾消散，是水由液体转变为气态的过程属于汽化现象，是吸热过程，故B符合题意；
C、雾凇的形成，是水由气态直接转变为固态的过程属于凝华现象，是放热过程，故C不符合题意；
D、水结冰，是水由液态转变为固态的过程属于凝固现象，是放热过程，故D不符合题意。
故选：B。
5．解：
A、装置中一个10Ω的电阻与两个10Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大，故A正确；
B、该实验装置是利用U形管中空气的热胀冷缩来反映热的多少，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，故B正确；
C、以空气作为加热物质的原因是因为空气的比热容较小，受热后温度变化明显，体积膨胀明显，故C正确；
D、两个容器中的电阻阻值和通电时间相同，电流不同，由Q＝I2Rt可知，电流通过两个电阻产生的热量不同，两个容器中空气吸收的热量不同，故D错误。
故选：D。
6．解：
A、队员始终受到重力的作用，重力的方向竖直向下，故A错误；
B、在峰顶测量时，队员处于静止状态，此时队员所受的重力与地面对他的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、电磁波能在真空中传播，GNSS是通过接收电磁波获取相关数据信息的，故C错误；
D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：B。
7．解：
A、由图可知，物距大于像距，成倒立缩小的实像，故A错误；
B、实验中，蜡烛越烧越短，根据光线过光心不改变方向，像向光屏的上方移动，故B正确；
C、近视镜是凹透镜，对光线起了发散作用，因此加上近视镜后，光屏应向右移动远离凸透镜才能成清晰的像，故C错误；
D、保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距为10cm的凸透镜，相当于将蜡烛远离凸透镜，由于凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，故D正确。
故选：BD。
8．解：A．由图可知甲乙丙绳股数分别为1、2、2，故sl＝h，s2＝2h，s3＝2h，故sl＜s2＝s3，故A正确；
B．如果Gl＜G2，不计绳重和摩擦Fl＝Gl，F2＝，F3＝，故Fl＜F2＝F3，故B正确；
C．若不计绳重和摩擦，Fl做的功为克服物重做的功，F2、F3做的功为克服物重和动滑轮重力做的功，故F1、F2、F3做的功Wl＜W2＝W3，又以相同的速度匀速提升相同高度，故时间相同，故功率Pl＜P2＝P3，故C错误；
D．在不计绳重和摩擦时，F1做的功为克服物重做的功，没有额外功，故η1＝100%，F2、F3做的功为克服物重和动滑轮重力做的功，有用功相同，额外功也相同，故η2＝η3＜1，即η1最大，η2＝η3，若没有前提条件，F2、F3有用功相等但额外功不一定相等，故效率不一定相等，故D错误。
故选：AB。
9．解：（1）若a、b两表均为电压表，三个电阻串联，a表测量R1和R3两端的电压，b表测量R2和R3两端的电压，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻变大，由I＝知电路的电流减小，由U＝IR知，定值电阻R1和R2两端的电压变小，所以a、b表的示数都变大，不符合题意；
若a为电压表，b为电流表，电阻R2和R3被短路，滑片移动电表的示数都不变，不符合题意；
若a为电流表，b为电压表，电阻R1和R3被短路，滑片移动电表的示数都不变，不符合题意；
综上分析知a、b均为电流表；
（2）三个开关都闭合时，三个电阻并联，滑片置于中点处时，电路的总电阻为，电流表A的示数为I0，电源电压为U＝I0×＝，电路消耗的功率为P＝UI＝I02R0，故A正确；
开关均闭合，滑片向左移动过程中，R3的电阻增大，由I＝知通过R3电流变小，由于并联电路各个支路互不影响知通过定值电阻R1和R2的电流不变，故B错误；
开关均闭合，滑片P从中点移到最左端，滑动变阻器的电阻由R0变为2R0，
变阻器消耗的功率变化量为：P3﹣P3′＝﹣＝＝＝I02R0，故C正确；
（3）把a、b都换成另一种电表，即a、b两表均为电压表，由（1）知开关均闭合，滑片从中点向左移动过程中，a、b两电表的示数都变小，故D错误。
故选：AC。
二．解答题（共5小题，满分14分）
10．解：
（1）在与高速公路并列行驶过程中看到汽车迅速向后逝去，被研究的物体是汽车，是磁悬浮列车和汽车之间发生了位置的改变，选择磁悬浮列车为参照物。
（2）速度表显示的速度是v＝430km/h＝430×m/s≈119m/s＜340m/s，速度计上显示的最大速度没有超音速；
1min＝h，
s＝vt＝430km/h×h≈7.17km。
（3）磁悬浮列车在整个过程中，开始时先加速，后来高速持续1分钟，又开始减速，整个过程进行的变速运动。
v＝＝＝225km/h＝225×m/s＝62.5m/s。
故答案为：（1）磁悬浮列车；汽车；（2）没有；7.17；（3）变速；62.5m/s。
11．解：（1）闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，压敏电阻的阻值减小，通过电磁铁电路的电流增大，衔铁就会被吸下来，电铃电路接通，因此电铃会响。
（2）①由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，故A正确，B错误；
②观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，电磁铁的吸引力为动力，弹簧的拉力为阻力；
要适当调高报警器的限载重量（即压敏电阻受到的压力增大），由图乙可知压敏电阻的阻值减小，在变阻器R0接入阻值不变时，总电阻减小，控制电路中电流增大，则电磁铁对衔铁的吸引力增大；
要让衔铁不那么容易被吸下来，由杠杆平衡条件可知，应增大左端的力臂，所以可以增大A端与支点间的距离，即把弹簧AB的A端适当左移。故C正确，D错误。故选AC。
故答案为：（1）铃响；（2）AC。
12．解：（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝0.8×103J/（kg•℃）×1.5kg×（32℃﹣10℃）＝2.64×104J；
（2）当旋转开关S接触点1、2时，R1、R2串联，电路电阻较大，根据P＝可知，电功率较小，电加热器为低温挡，
当旋转开关S接触点2、3时，R1被短路，电路为R2的简单电路，电路电阻较小，根据P＝可知，电功率较大，电加热器为中温挡；
当旋转开关S接触点3、4时，R2、R3并联，电路电阻较小，根据P＝可知，电功率最大，电加热器为高温挡；
电加热器电路中R2的阻值：
R2＝＝＝440Ω；
（3）R3的功率为：
P3＝＝＝110W，
高温挡的功率为：
P高＝P2+P3＝P中+P3＝110W+110W＝220W，
根据η＝得消耗的电能为：
W＝＝＝3.3×104J；
根据P＝得加热时间为：
t＝＝＝150s。
答：（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量为2.64×104J；
（2）电加热器电路中R2的阻值为440Ω；
（3）要完成（1）中的升温要求，至少需要的加热150s。
13．解：（1）要探究“导体电阻跟长度的关系”，应该保持导体材料、横截面积一定，改变导体长度，所以选择B、D、E三种导体。结论是：在材料和横截面积一定时，导体长度越大，电阻越大；
（2）比较A、B、C三种导体可知，它们的材料、长度相同，横截面积不同，所以研究的是电阻与导体横截面积的关系。结论是：在材料和长度一定时，横截面积越大，电阻越小；
故答案为：（1）BDE；导体横截面积、材料；长；（2）导体电阻大小与导体横截面积的关系。
14．解：（1）核能是可以从自然界直接获取的能源，也是短期内不能从自然界得到补充的能源，所以核能属于一次能源、不可再生能源。
（2）核能属重核裂变（链式反应），太阳内部发生轻核聚变（热核反应）。
（3）不信谣传谣，相信政府、相信科学，我国盐储存量丰富。
（4）发展核能、利大于弊、谨慎发展、核多必失。
故答案为：一次能源、不可再生能源；核能属重核裂变，太阳内部发生轻核聚变；不信谣传谣，相信政府、相信科学，我国盐储存量丰富；发展核能、利大于弊、谨慎发展、核多必失。
三．实验探究题（共3小题，满分17分）
15．解：（1）平面M应选用玻璃板，是因为玻璃板是透明的，即可以反射成像，又能透过光线，便于准确确定像的位置；
（2）根据实验要求，蜡烛A'和蜡烛A的像完全重合时，可以确定蜡烛A像的位置就是蜡烛A'的位置，由此可以比较物像大小关系，同时也证明了像与物体的大小相等；
（3）物像到平面镜的距离相等，蜡烛A远离M，A的像也远离平面镜，故后面的蜡烛要远离平面镜才能与像完全重合；
（4）物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等，即：平面镜所成的像与物关于平面镜对称；
（5）平面镜所成的像与物关于平面镜对称，硬币位置不变，将平面镜平移，平面镜仍在原来像与成像物体对称轴上，像的位置不变，故选A；
（6）图中已经过入射点O作出垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角在水中法线的另一侧画出反射光线；
光从水斜射入空气中，根据折射角大于入射角画出折射光线，折射光线要比原来远离法线。如图所示：
。
故答案为：（1）玻璃板；（2）相等；（3）远离；（4）对称；（5）A；（6）
。
16．解：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，此时杠杆处于静止状态，杠杆达到平衡状态；
杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）乙图所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件：
2G×3L＝nG×2L，
解得：n＝3，故应B点挂3个质量均为50g的钩码；
（3）让杠杆在水平位置平衡，将弹簧测力计斜向左拉或将弹簧测力计斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位置平衡时，拉力变小，所以测力计的示数先变小后变大；
（4）①由图示可知，使用提纽C时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gL秤砣＝m物gL物可知，杆秤的最大称量量较大。
②当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。
故答案为：（1）达到；右；（2）3；（3）先变小后变大；（4）①C；②大。
17．解：（1）原电路中，电流表与变阻器串联后再与灯并联，电压表测电源电压是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）电流表、电压表均有示数，说明电路不存在断路，灯泡不发光，可能是电路电流太小，电路总电阻太大，接下来的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；
（3）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5V×0.3A＝0.75W；
由表中数据知，灯泡两端电压越大，通过它的电流也越大，由P＝UI知灯泡的实际功率越大，即灯泡消耗的电功率随电压的增大而增大，且实际电压越大，实际功率越大；
（4）①按电路图连接电路。
②仅闭合开关S1，移动R1滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光，此时灯泡与R1串联；
③仅闭合开关S2，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额；
此时R1与R2串联，因为电路中电流仍为I额，所以R2＝RL；
④保持R2的滑片位置不动，将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
由串联电路特点和欧姆定律可得：
U＝I1R2＝I2（R+R2），
解得：R2＝。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝I额2RL＝I额2R2＝I额2•。
故答案为：（1）如上所示；（2）移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；（3）0.75；增大；实际电压；（4）③保持R1滑片位置不动，移动R2滑片；⑤I额2•。
四．计算题（共2小题，满分13分）
18．解：（1）图1中乙对地面的压力：
F乙＝G乙＝m乙g＝1.8kg×10N/kg＝18N，
乙对地面的压强：
p乙＝＝＝6×103Pa；
（2）如图2，将甲叠放在乙的中央，由p＝可得，此时乙对地面的压力：
F乙′＝p乙′S乙＝8.4×103Pa×30×10﹣4m2＝25.2N，
因物体对水平面的压力等于物体的重力，则F乙′＝G甲+G乙，
所以甲的重力：G甲＝F乙′﹣G乙＝25.2N﹣18N＝7.2N，
由G＝mg可得，甲的质量：
m甲＝＝＝0.72kg；
（3）柱体对水平面的压强：
p＝＝＝＝＝＝ρgh，
则原来乙对地面的压强：p乙＝ρ乙gh乙，
沿水平方向切去6cm的厚度，则乙剩余部分的高度为h乙′＝h乙﹣h切，
乙剩余部分对地面的压强：p乙″＝ρ乙gh乙′＝ρ乙g（h乙﹣h切），
由题意可知：p乙″＝0.6p乙，
即：ρ乙g（h乙﹣h切）＝0.6ρ乙gh乙，
化简可得：h乙＝＝＝15cm，
则原来乙的体积：V乙＝S乙h乙＝30cm2×15cm＝450cm3，
乙物体的密度：
ρ乙＝＝＝4g/cm3＝4×103kg/m3。
答：（1）此时乙对地面的压强为6×103Pa。
（2）甲的质量为0.72kg。
（3）乙的密度为4×103kg/m3。
19．解：（1）闭合开关S1和S3时，电路为R1的简单电路，
由U＝IR可得，定值电阻R1的阻值：
R1＝＝＝10Ω；
（2）三个开关S1，S2，S3都闭合时，R1与L并联，电流表测干路电路，
由P＝可得，灯泡的电阻：
RL＝＝＝6Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R＝＝＝3.75Ω，
通过电流表的电流大小：
I′＝＝＝1.2A；
（3）只闭合开关S2时，灯泡L与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，
灯泡的额定电流：
IL＝＝＝1A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.6A，
则灯泡消耗的最大功率：
PL大＝I大2RL＝（0.6A）2×6Ω＝2.16W，
当电压表的示数最大U2＝3V时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
灯泡L消耗的最小功率：
PL小＝＝＝0.375W，
所以，灯泡L消耗的电功率的变化范围0.375W～2.16W。
答：（1）定值电阻R3的阻值为10Ω；
（2）三个开关S1，S2，S3都闭合时，通过电流表的电流为1.2A；
（3）只闭合开关S2，在保证电表安全的情况下，灯泡L消耗的电功率的变化范围为0.375W～2.16W。
2021年河北省邢台市中考物理二模试卷
一、选择题（本大题共有9个小题，共21分。1-6小题为单选题，每小题给出的四个选项中，只有一个符合题意，每小题2分；7-9小题为多选题，每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上符合题意，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1．（2分）在应用物理知识分析解决问题的过程中，常常需要根据问题情境的描述提取有用信息，做出正确的判断。以下根据问题情境所做的判断正确的是（ ）
A．从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”
B．从“电水壶标有‘220V 900W’”判断出“电水壶加热功率是900W”
C．从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”
D．从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”
2．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．人体感觉室内舒适的温度约为37℃
B．一本八年级上册物理课本的质量约2kg
C．中学生正常步行速度约为10m/s
D．课桌的高度大约是0.8m
3．（2分）“MH370”航班自 2014 年 3 月 8 日凌晨失联，直至 2015 年 1 月 29 日确定航班失事，期间各国对“黑匣子”都进行了追寻，“黑匣子”能把飞机停止工作或失事坠毁前半小时的语音对话和两小时的飞行高度、速度、耗油量等众多飞行参数都记录下来，需要时把所记录的内容解码，供飞行实验、事故分析之用，则对于黑匣子下列说法正确的是（ ）
A．黑匣子的声音通过解码后发出时不需要任何物体振动
B．黑匣子中的信号即使在真空中也可以传播
C．沉入海底的黑匣子不好找寻是因为海水不能传播声音
D．黑匣子中的声音播出时，能够听懂是哪个人说的，是因为声音的响度不同
4．（2分）如图，下列热现象在物态变化过程中需要吸热的是（ ）
A．壶嘴产生“白气”
B．晨雾消散
C．雾凇的形成
D．水结冰
5．（2分）如图是课本中“探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的关系”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，电路正确连接后，通电进行实验的过程中，下列说法错误的是（ ）
A．左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大
B．U形管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少
C．透明容器中选用空气作为被加热的物质，原因是空气的热膨胀效果好实验现象显著
D．通电时间相同，两个容器中空气吸收的热量相同
6．（2分）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并成功完成峰顶测量任务（如图）。其中GNSS（全球卫星导航系统）卫星测量是珠峰测高中的重要一环。下列有关分析，正确的是（ ）
A．队员始终受到重力的作用，重力的方向垂直向下
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力
C．在峰顶测量时，GNSS是通过接收超声波获取相关信息的
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性力的作用
7．（3分）小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像规律，他先用焦距为20cm的凸透镜进行实验，在光屏上得到了清晰的像（像未画出）。下列分析正确的有（ ）
A．此时光屏上成的是放大的像
B．烛焰随蜡烛燃烧而下移，光屏上的像将向上移
C．在凸透镜左侧放一块近视眼镜片，光屏应左移才能重新承接到烛焰清晰的像
D．保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距为10cm的凸透镜，移动光屏再次承接到的烛焰清晰的像变小
8．（2分）如图所示，用甲、乙、丙三种方式将重为G1的物体以相同的速度匀速提升相同高度h的过程中，绳自由端的拉力分别为Fl、F2、F3，绳自由端移动的距离分别为sl、s2、s3，三次的机械效率分别为η1、η2、η3，每个滑轮重均为G2．以下分析正确的是（ ）
A．在任何情况下，sl＜s2＝s3
B．如果Gl＜G2，不计绳重和摩擦，Fl＜F2＝F3
C．Fl、F2、F3做功的功率相等
D．无论何种情况下，η1最大，η2＝η3
9．（2分）如图所示，保持电源电压不变，滑片置于中点处，R1、R2的阻值为R0，R3的最大阻值为2R0，a、b是电流表或电压表。当闭合全部开关时，电流表A的示数为I0；滑片向左移动时，a、b的示数都减小。下列说法正确的是（ ）
A．开关均闭合，滑片置于中点处时，电路消耗的功率为I02R0
B．开关均闭合，滑片向左移动过程中，通过R1、R2、R3的电流都变小
C．开关均闭合，滑片P从中点移到最左端，变阻器消耗的功率变化量为I02R0
D．把a、b都换成另一种电表，开关均闭合，滑片从中点向左移动过程中，a、b两电表的示数都变小
二．解答题（共5小题，满分14分）
10．（3分）阅读短文，回答问题：
上海磁悬浮列车试乘记
运行于上海郊外的磁悬浮列车于2003年9月30日重新面向公众开始试运营。（图2﹣11）列车起动后，加速相当迅速。车内安装了速度计，出发后不到1分钟时速就已超过200km。之后，虽然感觉加速的速度稍有放缓，不停增长的速度计的数字则告诉人们速度仍在持续增加。到底要加速到多快呀？正这么想着，此时显示出时速的速度计数字终于停止变动（图2﹣12）。到了这么快的速度，身体上已经根本无法感受出时速到底有多少，只有快极了的感觉。不过，在与高速公路并列行驶过程中看到汽车迅速向后逝去时，才体会到磁悬浮列车的实力。时速在最大处保持近1分钟后，开始减速到200km的时速时，感觉到周围景色的流动也开始放慢。但如果看到列车近旁的话，高速公路上的汽车还是像飞一样向后滑去。就在于这种感觉中，慢慢地看到了上海的空中大门﹣﹣浦东国际机场。 轨道全长约为30km，仅仅8分钟时间就穿越了这段距离，让人感觉只是一瞬。
（1）加点部分的文字，使作者体会到磁悬浮列车的实力。而实际上作者在描述的过程中是以 为参照物， 是运动的。
（2）根据图2所示，速度计上显示的最大速度 （选填“有”或“没有”）超音速；若磁悬浮列车在这个速度保持近1min，则在这短短的时间内行驶了 km。
（3）磁悬浮列车在全程运行中做 运动，请根据文中的画线的文字计算出它全程运行的平均速度是 m/s。
11．（3分）小明设计了一个道路限载报警器（图甲），R0是变阻器，R是压敏电阻。R的电阻大小随压力大小变化关系如图乙。当超载车辆通过压敏电阻时，限载报警器就会报警。
（1）调试好电路，闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，限载报警器会 （填“灯亮”、“铃响”）
（2）一般交通主干道的抗压能力比村道路要强得多。若把村道路限载报警器应用到主干道，就要适当调高报警的限载重量，下列操作可行的是 （填编号）。
A．把变阻器R0的滑片适当左移
B．把电源1的电压适当增大
C．把弹簧AB的A端适当左移
D．把电磁铁C适当右移。
12．（2分）小明为宠物保温箱设计了一个电加热器，其内部电路如图所示，S为旋转型开关，通过旋转开关S，可实现从低温到中温、高温的转换。保温箱及加热器的部分参数如表所示，求：
（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量；
（2）电加热器电路中R2的阻值；
（3）要完成（1）中的升温要求，至少需要的加热时间。
物理量
参数
加热器
工作电压
220V
中温挡功率
110W
低温挡功率
44W
电阻R3
440Ω
加热效率η
80%
保温箱
空气质量m
1.5kg
空气比热容c
0.8×103J/（kg•℃）
13．（3分）在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，某实验小组为了对各影响因素进行多次对比，选择了如表的七种导体利用如图电路图进行了如下探究：
（1）为了探究“导体电阻跟长度的关系”。应选用 三种导体进行对比探究，经对比可得出的实验结论是 相同时，长度越 电阻越大。
（2）若选用了A、B、C三种导体进行对比，探究的问题是 。
导体代号
长度/m
横截面积/mm2
材料
接入MN两点后电路中的电流A
A
1.0
0.2
镍铬合金
0.24
B
1.0
0.4
镍铬合金
0.51
C
1.0
0.8
镍铬合金
0.95
D
0.5
0.4
镍铬合金
0.94
E
1.5
0.4
镍铬合金
0.32
F
1.0
0.2
镍铬合金
0.60
G
1.0
0.2
镍铬合金
2.60
14．（3分）2011年上半年，日本福岛核电站发生核泄漏，一些放射性物质随大气环流而扩散。我国一些城市的空气中和蔬菜叶面上曾检测出极微量放射性物质。
（1）能源的分类有多个角度。如：化石能源；一次能源，二次能源；生物质能；不可再生能源，可再生能源。核能归属于 。
（2）核电站内的核反应原理与太阳内部的核反应原理的不同点在于 。
（3）人们担心日本核泄漏的放射物质随海洋水流污染我国沿海的海盐品质，在政府部门未发布我国近海受污染的情况下，全国不少城市出现抢购食盐的风潮，假设你是超市经理，请你从科学引导的角度写一、二句话，规劝市民不必抢购，你的赠言是： 。
（4）切尔诺贝利核泄漏和福岛核泄漏之后，人们置疑核能前景，个别国家甚至打算将来废弃本国所有核电站，发展其他能源。假设你是网友，正在参加国家能源部门的网上讨论“我国核电站的兴与废”，用一、二句话表达你的观点和理由： 。
三．实验探究题（共3小题，满分17分）
15．（4分）爱米探究平面镜的成像特点，器材有：各种长度的蜡烛若干、平面镜一块、玻璃板一块、白纸一张等，如图1所示。
（1）平面M所选的器材是 （选填“平面镜”或“玻璃板”）。
（2）爱米把蜡烛A点燃放在M前面，再把其他各支蜡烛依次放在M后面适当位置，当某支蜡烛放在后面时，从前面看那支蜡烛好像也被点燃了一样。此时后面的那支蜡烛与蜡烛A的大小关系是 。
（3）爱米测量两侧蜡烛到平面M的距离，再让蜡烛A远离M，则后面的蜡烛要 （选填“远离”或“靠近”）M才能再次看上去像被点燃了一样。
（4）多次观察及测量距离之后，爱米得到初步结论：平面镜所成的像与物体关于平面镜 。
（5）如图2甲所示，一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；将平面镜平移至图2乙所示的位置时，硬币的成像情况是 （选填字母代号）。
A．硬币成像在a处 B．硬币成像在b处
C．硬币成像在c处 D．硬币无法通过平面镜成像
（6）光从空气斜射到水面时，一部分光射进水中，另一部分光返回到空气中，其光路如图3甲所示。现在让光逆着折射光线的方向从水中斜射到水与空气的分别面，请在图3乙中画出相应的折射光线和反射光线。
16．（6分）如图所示是小红和小华同学探究“杠杆平衡的条件”的几个实验情景：
（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。
（2）如图乙所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个质量均为50g的钩码。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？
（4）实验结束后，小华联想到生活中的杆秤，其主要结构由秤杆、秤钩A、提纽（B、C）、秤砣D组成（0点为刻度的起点）。如图丁所示是用杆秤称量货物时的情景。
①在称量货物时，使用提纽 （选填“B”或“C”），该杆秤的称量范围更大。
②若该杆秤配套的秤砣D有磨损，称量货物时杆秤显示的质量将比被测货物的真实质量偏 （选填“大”或“小”）。
17．（7分）测量小灯泡额定功率的实验中，器材如下：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、电源（电压恒为6V）、电流表（0～0.6A.0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、滑动变阻器、开关各一只、导线若干。
（1）如图甲所示是某同学开始时连接的电路，仔细观察发现该电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的下一步操作是 。
（3）正确连接电路后，闭合开关进行实验，记录的数据如下表所示。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W。分析表中数据可得出结论：小灯泡工作时，消耗的电功率随电压的增大而 （选填“增大”、“不变”或“减小”），小灯泡的实际功率由 （选填“额定功率”、“额定电压”或“实际电压”）决定。
（4）完成上述实验后，另有同学设计了如图丙所示的电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R，实验方案如下：
①按电路图连接电路。
②只闭合开关S1，移动R1的滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光。
③只闭合开关S2， ，使电流表的示数为I额。
④保持R2的滑片位置不动，将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ （用I额、I1、I2、R表示）。
四．计算题（共2小题，满分13分）
18．（6分）小明放学回家看到小朋友在叠放玩具甲乙如图1，物体甲和圆柱体乙置于水平地面。查阅有关资料甲的底面积为40cm2。圆柱体乙的底面积为30cm2，质量为1.8kg。（g＝10N/kg）
（1）求此时乙对地面的压强。
（2）将甲叠放在乙中央如图2，此时乙对地面的压强为8.4×103Pa，求甲的质量？
（3）现从乙的上方切去6cm的厚度如图3，此时乙剩余部分对地面的压强是原来对地面的压强0.6倍，求乙的密度？
19．（7分）如图是某电器设备的部分电路，电源电压U＝4.5V保持不变，灯泡L标有“6V 6W”字样。已知闭合开关S1和S3时，电流表的示数为0.45A。不计灯丝电阻随温度的变化。
（1）求定值电阻R1的阻值；
（2）三个开关S1、S2、S3都闭合时，求此时通过电流表的电流大小；
（3）电压表的量程为0﹣3V，电流表的量程为0﹣0.6A，滑动变阻器R2的阻值在0﹣20Ω内可调，只闭合开关S2，在保证电表安全的情况下，求灯泡L消耗的电功率的变化范围。
一．选择题
1．解：A、物体在不受力或受平衡力时，处于静止或匀速直线运动状态，所以从“物体处于静止或匀速直线运动”判断出“物体不受力或受到平衡力”故A正确；
B、电水壶标有“220V 900W”是指额定功率为900W，故B错误；
C、并联电路各支路电压相等，所以从“将两个用电器并联后接入电路”判断出“两个用电器两端电压相等”，故C正确；
D、标准大气压下水的沸点为100℃，所以从“1个标准大气压下把25℃的水烧开”判断出“水的末温度为100℃”，故D正确。
故选：ACD。
2．解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故A不符合实际；
B、一个苹果的质量约200g，一本八年级上册物理课本的质量与此差不多，约200g＝0.2kg，故B不符合实际；
C、中学生正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右，故C不符合实际；
D、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm＝0.8m左右，故D符合实际。
故选：D。
3．解：A、声音是由物体的振动产生的，黑匣子的声音通过解码后必须通过物体的振动发出声音，故A错误；
B、黑匣子传递信号靠的是电磁波，电磁波可以在真空中传播，故B正确；
C、沉入海底的黑匣子不好找寻是因为电磁波在海水中传递衰减巨大，在海面上几乎没有信号，而声音可以在海水中传播，故C错误；
D、我们能分清是谁发出声音靠的是音色，因为不同的人因为声带不同发出声音的音色就不同，故D错误。
故选：B。
4．解：A、壶嘴产生“白气”，是水由气态转变为液态的过程属于液化现象，是放热过程，故A不符合题意；
B、晨雾消散，是水由液体转变为气态的过程属于汽化现象，是吸热过程，故B符合题意；
C、雾凇的形成，是水由气态直接转变为固态的过程属于凝华现象，是放热过程，故C不符合题意；
D、水结冰，是水由液态转变为固态的过程属于凝固现象，是放热过程，故D不符合题意。
故选：B。
5．解：
A、装置中一个10Ω的电阻与两个10Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大，故A正确；
B、该实验装置是利用U形管中空气的热胀冷缩来反映热的多少，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，故B正确；
C、以空气作为加热物质的原因是因为空气的比热容较小，受热后温度变化明显，体积膨胀明显，故C正确；
D、两个容器中的电阻阻值和通电时间相同，电流不同，由Q＝I2Rt可知，电流通过两个电阻产生的热量不同，两个容器中空气吸收的热量不同，故D错误。
故选：D。
6．解：
A、队员始终受到重力的作用，重力的方向竖直向下，故A错误；
B、在峰顶测量时，队员处于静止状态，此时队员所受的重力与地面对他的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、电磁波能在真空中传播，GNSS是通过接收电磁波获取相关数据信息的，故C错误；
D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：B。
7．解：
A、由图可知，物距大于像距，成倒立缩小的实像，故A错误；
B、实验中，蜡烛越烧越短，根据光线过光心不改变方向，像向光屏的上方移动，故B正确；
C、近视镜是凹透镜，对光线起了发散作用，因此加上近视镜后，光屏应向右移动远离凸透镜才能成清晰的像，故C错误；
D、保持蜡烛和凸透镜的位置不变，换用焦距为10cm的凸透镜，相当于将蜡烛远离凸透镜，由于凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，故D正确。
故选：BD。
8．解：A．由图可知甲乙丙绳股数分别为1、2、2，故sl＝h，s2＝2h，s3＝2h，故sl＜s2＝s3，故A正确；
B．如果Gl＜G2，不计绳重和摩擦Fl＝Gl，F2＝，F3＝，故Fl＜F2＝F3，故B正确；
C．若不计绳重和摩擦，Fl做的功为克服物重做的功，F2、F3做的功为克服物重和动滑轮重力做的功，故F1、F2、F3做的功Wl＜W2＝W3，又以相同的速度匀速提升相同高度，故时间相同，故功率Pl＜P2＝P3，故C错误；
D．在不计绳重和摩擦时，F1做的功为克服物重做的功，没有额外功，故η1＝100%，F2、F3做的功为克服物重和动滑轮重力做的功，有用功相同，额外功也相同，故η2＝η3＜1，即η1最大，η2＝η3，若没有前提条件，F2、F3有用功相等但额外功不一定相等，故效率不一定相等，故D错误。
故选：AB。
9．解：（1）若a、b两表均为电压表，三个电阻串联，a表测量R1和R3两端的电压，b表测量R2和R3两端的电压，滑片向左移动时，滑动变阻器的电阻变大，由I＝知电路的电流减小，由U＝IR知，定值电阻R1和R2两端的电压变小，所以a、b表的示数都变大，不符合题意；
若a为电压表，b为电流表，电阻R2和R3被短路，滑片移动电表的示数都不变，不符合题意；
若a为电流表，b为电压表，电阻R1和R3被短路，滑片移动电表的示数都不变，不符合题意；
综上分析知a、b均为电流表；
（2）三个开关都闭合时，三个电阻并联，滑片置于中点处时，电路的总电阻为，电流表A的示数为I0，电源电压为U＝I0×＝，电路消耗的功率为P＝UI＝I02R0，故A正确；
开关均闭合，滑片向左移动过程中，R3的电阻增大，由I＝知通过R3电流变小，由于并联电路各个支路互不影响知通过定值电阻R1和R2的电流不变，故B错误；
开关均闭合，滑片P从中点移到最左端，滑动变阻器的电阻由R0变为2R0，
变阻器消耗的功率变化量为：P3﹣P3′＝﹣＝＝＝I02R0，故C正确；
（3）把a、b都换成另一种电表，即a、b两表均为电压表，由（1）知开关均闭合，滑片从中点向左移动过程中，a、b两电表的示数都变小，故D错误。
故选：AC。
二．解答题（共5小题，满分14分）
10．解：
（1）在与高速公路并列行驶过程中看到汽车迅速向后逝去，被研究的物体是汽车，是磁悬浮列车和汽车之间发生了位置的改变，选择磁悬浮列车为参照物。
（2）速度表显示的速度是v＝430km/h＝430×m/s≈119m/s＜340m/s，速度计上显示的最大速度没有超音速；
1min＝h，
s＝vt＝430km/h×h≈7.17km。
（3）磁悬浮列车在整个过程中，开始时先加速，后来高速持续1分钟，又开始减速，整个过程进行的变速运动。
v＝＝＝225km/h＝225×m/s＝62.5m/s。
故答案为：（1）磁悬浮列车；汽车；（2）没有；7.17；（3）变速；62.5m/s。
11．解：（1）闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，压敏电阻的阻值减小，通过电磁铁电路的电流增大，衔铁就会被吸下来，电铃电路接通，因此电铃会响。
（2）①由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，故A正确，B错误；
②观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，电磁铁的吸引力为动力，弹簧的拉力为阻力；
要适当调高报警器的限载重量（即压敏电阻受到的压力增大），由图乙可知压敏电阻的阻值减小，在变阻器R0接入阻值不变时，总电阻减小，控制电路中电流增大，则电磁铁对衔铁的吸引力增大；
要让衔铁不那么容易被吸下来，由杠杆平衡条件可知，应增大左端的力臂，所以可以增大A端与支点间的距离，即把弹簧AB的A端适当左移。故C正确，D错误。故选AC。
故答案为：（1）铃响；（2）AC。
12．解：（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝0.8×103J/（kg•℃）×1.5kg×（32℃﹣10℃）＝2.64×104J；
（2）当旋转开关S接触点1、2时，R1、R2串联，电路电阻较大，根据P＝可知，电功率较小，电加热器为低温挡，
当旋转开关S接触点2、3时，R1被短路，电路为R2的简单电路，电路电阻较小，根据P＝可知，电功率较大，电加热器为中温挡；
当旋转开关S接触点3、4时，R2、R3并联，电路电阻较小，根据P＝可知，电功率最大，电加热器为高温挡；
电加热器电路中R2的阻值：
R2＝＝＝440Ω；
（3）R3的功率为：
P3＝＝＝110W，
高温挡的功率为：
P高＝P2+P3＝P中+P3＝110W+110W＝220W，
根据η＝得消耗的电能为：
W＝＝＝3.3×104J；
根据P＝得加热时间为：
t＝＝＝150s。
答：（1）保温箱内空气温度从10℃升高到32℃需要吸收的热量为2.64×104J；
（2）电加热器电路中R2的阻值为440Ω；
（3）要完成（1）中的升温要求，至少需要的加热150s。
13．解：（1）要探究“导体电阻跟长度的关系”，应该保持导体材料、横截面积一定，改变导体长度，所以选择B、D、E三种导体。结论是：在材料和横截面积一定时，导体长度越大，电阻越大；
（2）比较A、B、C三种导体可知，它们的材料、长度相同，横截面积不同，所以研究的是电阻与导体横截面积的关系。结论是：在材料和长度一定时，横截面积越大，电阻越小；
故答案为：（1）BDE；导体横截面积、材料；长；（2）导体电阻大小与导体横截面积的关系。
14．解：（1）核能是可以从自然界直接获取的能源，也是短期内不能从自然界得到补充的能源，所以核能属于一次能源、不可再生能源。
（2）核能属重核裂变（链式反应），太阳内部发生轻核聚变（热核反应）。
（3）不信谣传谣，相信政府、相信科学，我国盐储存量丰富。
（4）发展核能、利大于弊、谨慎发展、核多必失。
故答案为：一次能源、不可再生能源；核能属重核裂变，太阳内部发生轻核聚变；不信谣传谣，相信政府、相信科学，我国盐储存量丰富；发展核能、利大于弊、谨慎发展、核多必失。
三．实验探究题（共3小题，满分17分）
15．解：（1）平面M应选用玻璃板，是因为玻璃板是透明的，即可以反射成像，又能透过光线，便于准确确定像的位置；
（2）根据实验要求，蜡烛A'和蜡烛A的像完全重合时，可以确定蜡烛A像的位置就是蜡烛A'的位置，由此可以比较物像大小关系，同时也证明了像与物体的大小相等；
（3）物像到平面镜的距离相等，蜡烛A远离M，A的像也远离平面镜，故后面的蜡烛要远离平面镜才能与像完全重合；
（4）物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等，即：平面镜所成的像与物关于平面镜对称；
（5）平面镜所成的像与物关于平面镜对称，硬币位置不变，将平面镜平移，平面镜仍在原来像与成像物体对称轴上，像的位置不变，故选A；
（6）图中已经过入射点O作出垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角在水中法线的另一侧画出反射光线；
光从水斜射入空气中，根据折射角大于入射角画出折射光线，折射光线要比原来远离法线。如图所示：
。
故答案为：（1）玻璃板；（2）相等；（3）远离；（4）对称；（5）A；（6）
。
16．解：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，此时杠杆处于静止状态，杠杆达到平衡状态；
杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）乙图所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件：
2G×3L＝nG×2L，
解得：n＝3，故应B点挂3个质量均为50g的钩码；
（3）让杠杆在水平位置平衡，将弹簧测力计斜向左拉或将弹簧测力计斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位置平衡时，拉力变小，所以测力计的示数先变小后变大；
（4）①由图示可知，使用提纽C时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gL秤砣＝m物gL物可知，杆秤的最大称量量较大。
②当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。
故答案为：（1）达到；右；（2）3；（3）先变小后变大；（4）①C；②大。
17．解：（1）原电路中，电流表与变阻器串联后再与灯并联，电压表测电源电压是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）电流表、电压表均有示数，说明电路不存在断路，灯泡不发光，可能是电路电流太小，电路总电阻太大，接下来的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；
（3）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5V×0.3A＝0.75W；
由表中数据知，灯泡两端电压越大，通过它的电流也越大，由P＝UI知灯泡的实际功率越大，即灯泡消耗的电功率随电压的增大而增大，且实际电压越大，实际功率越大；
（4）①按电路图连接电路。
②仅闭合开关S1，移动R1滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光，此时灯泡与R1串联；
③仅闭合开关S2，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额；
此时R1与R2串联，因为电路中电流仍为I额，所以R2＝RL；
④保持R2的滑片位置不动，将R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将R1的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
由串联电路特点和欧姆定律可得：
U＝I1R2＝I2（R+R2），
解得：R2＝。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝I额2RL＝I额2R2＝I额2•。
故答案为：（1）如上所示；（2）移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；（3）0.75；增大；实际电压；（4）③保持R1滑片位置不动，移动R2滑片；⑤I额2•。
四．计算题（共2小题，满分13分）
18．解：（1）图1中乙对地面的压力：
F乙＝G乙＝m乙g＝1.8kg×10N/kg＝18N，
乙对地面的压强：
p乙＝＝＝6×103Pa；
（2）如图2，将甲叠放在乙的中央，由p＝可得，此时乙对地面的压力：
F乙′＝p乙′S乙＝8.4×103Pa×30×10﹣4m2＝25.2N，
因物体对水平面的压力等于物体的重力，则F乙′＝G甲+G乙，
所以甲的重力：G甲＝F乙′﹣G乙＝25.2N﹣18N＝7.2N，
由G＝mg可得，甲的质量：
m甲＝＝＝0.72kg；
（3）柱体对水平面的压强：
p＝＝＝＝＝＝ρgh，
则原来乙对地面的压强：p乙＝ρ乙gh乙，
沿水平方向切去6cm的厚度，则乙剩余部分的高度为h乙′＝h乙﹣h切，
乙剩余部分对地面的压强：p乙″＝ρ乙gh乙′＝ρ乙g（h乙﹣h切），
由题意可知：p乙″＝0.6p乙，
即：ρ乙g（h乙﹣h切）＝0.6ρ乙gh乙，
化简可得：h乙＝＝＝15cm，
则原来乙的体积：V乙＝S乙h乙＝30cm2×15cm＝450cm3，
乙物体的密度：
ρ乙＝＝＝4g/cm3＝4×103kg/m3。
答：（1）此时乙对地面的压强为6×103Pa。
（2）甲的质量为0.72kg。
（3）乙的密度为4×103kg/m3。
19．解：（1）闭合开关S1和S3时，电路为R1的简单电路，
由U＝IR可得，定值电阻R1的阻值：
R1＝＝＝10Ω；
（2）三个开关S1，S2，S3都闭合时，R1与L并联，电流表测干路电路，
由P＝可得，灯泡的电阻：
RL＝＝＝6Ω，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R＝＝＝3.75Ω，
通过电流表的电流大小：
I′＝＝＝1.2A；
（3）只闭合开关S2时，灯泡L与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，
灯泡的额定电流：
IL＝＝＝1A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.6A，
则灯泡消耗的最大功率：
PL大＝I大2RL＝（0.6A）2×6Ω＝2.16W，
当电压表的示数最大U2＝3V时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
灯泡L消耗的最小功率：
PL小＝＝＝0.375W，
所以，灯泡L消耗的电功率的变化范围0.375W～2.16W。
答：（1）定值电阻R3的阻值为10Ω；
（2）三个开关S1，S2，S3都闭合时，通过电流表的电流为1.2A；
（3）只闭合开关S2，在保证电表安全的情况下，灯泡L消耗的电功率的变化范围为0.375W～2.16W。
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