2022年贵州省黔东南州中考物理模拟试卷（二）

这是一份2022年贵州省黔东南州中考物理模拟试卷（二），共20页。试卷主要包含了对该波有屏蔽作用等内容，欢迎下载使用。
2022年贵州省黔东南州中考物理模拟试卷（二）
一．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
1．（3分）下列估测与实际相符的是（　　）
A．人体的安全电压是36V
B．学生课桌的高度约80cm
C．人体的正常体温为38℃
D．正常人的呼吸每分钟约60次
2．（3分）关于光现象，下列说法中不正确的是（　　）
A．开凿隧道时用激光束引导掘进机，利用了光的直线传播
B．漫反射不遵守光的反射定律
C．自行车尾灯是靠光的反射来引起后方车辆司机注意的
D．雨后出现彩虹是光的色散现象
3．（3分）如图所示，各图与相应描述相符的是（　　）
A．排球被接起后，竖直上升到最高点时受力不平衡
B．运动员滑雪时，穿上表面积较大的滑雪板，主要是为了减小滑雪板与地面的摩擦
C． 冰壶最终停下，是因为运动员使劲摩擦冰面使冰壶的惯性增大，运动得更远
D． 跳水运动员能够起跳，是因为跳板对她的作用力大于她对跳板的作用力
4．（3分）谚语是中华民族智慧的结晶，下列分析正确的是（　　）
A．“冰冻三尺非一日之寒”，结冰过程需要吸收大量热量
B．“白露秋分夜，一夜凉一夜”，露的形成是汽化现象
C．“霜降有霜，米谷满仓”，霜的形成是凝华现象
D．“雪水化成河，粮食千万箩”，雪水化成河是液化现象
5．（3分）如图所示，A、B两物块以不同方式组合，分别静止在甲、乙两种液体中，若A物块在两种液体中受到的浮力分别为F甲、F乙，由此可判断ρ甲和ρ乙、F甲和F乙的关系。（　　）

A．ρ甲＝ρ乙；F甲＞F乙 B．ρ甲＞ρ乙；F甲＞F乙
C．ρ甲＞ρ乙；F甲＝F乙 D．ρ甲＜ρ乙；F甲＞F乙
6．（3分）如图所示，消防飞机在沿着水平方向匀速飞行的过程中，将其水箱内的水洒向地面。此过程中，该飞机（包括飞机所载的所有人员、装备、物资）的（　　）


A．重力势能不变，动能不变，机械能不变
B．重力势能减小，动能不变，机械能减小
C．重力势能增大，动能不变，机械能增大
D．重力势能减小，动能减小，机械能减小
7．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．电流表A的示数不变 B．电压表V的示数变大
C．小灯泡L的亮度变亮 D．整个电路的功率变小
8．（3分）在商场或超市的收银台常常能看到如图所示的磁信息阅读器，俗称POS机。其工作原理是：当带有磁条的银行卡在阅读器上刷过时，阅读器的检测头就会产生感应电流，从而得到相应的信息。下面图示的四个实验中，能说明这一工作原理的是（　　）

A．
B．
C．
D．
二．填空题（共5小题，满分14分）
9．（4分）如图所示，老师在课堂上做了一个有趣的实验，他给放在真空罩内的手机打电话，手机随即发出悦耳的铃声，铃声是由于手机内的扬声器　 　产生的，手机是利用　 　传递信息的。把抽气机接在真空罩上向外抽气时，同样打电话，手机铃声却越来越小，这说明声的传递需要　 　，　 　不能传声。将手机放在密闭的塑料容器中能正常接收到呼叫信号，放在密闭的金属容器中不能接收到呼叫信号，说明　 　（选填“塑料容器”或“金属容器”）对该波有屏蔽作用。

10．（2分）科学家们研制出了一种超轻材料“碳海绵”﹣﹣世界上最轻的一类物质，把一块“碳海绵”放在狗尾巴草上，狗尾巴草的茸毛几乎没变形。“碳海绵”比同体积的普通海绵轻得多。说明“碳海绵”这种材料的　 　较小，将“碳海绵”压缩80%后仍可恢复原状，这说明“碳海绵”的　 　好（选填“弹性”或“塑性”）。
11．（2分）某家庭用的燃气热水器，将20kg的水从10℃加热到60℃，完全燃烧了0.21m3的煤气。水吸收的热量是 　 　J，该热水器烧水的效率是 　 　，此过程利用了 　 　的方式改变水的内能。（c水＝4.2×103J/（kg･℃），q天然气＝4×107J/m3）
12．（3分）我国举世瞩目的三峡大坝之所以修成“上窄下宽”的形状，是因为　 　；三峡大坝的船闸是　 　在实际中的具体运用，它能让大型轮船在上下游之间顺利往返航行；钢笔吸墨水、注射器吸药液是利用　 　的作用。离海平面越高，大气压强越小最早测出大气压值的科学家是　 　。
13．（3分）如图所示甲是小灯泡L和电阻R的I﹣U图象。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，则电源电压为 　 　V。再闭合开关S2，电流表示数为 　 　A，1min内电流对电阻R所做的功为 　 　J。


三．作图题（共3小题，满分6分，每小题2分）
14．（2分）如图所示，F点是凹透镜的虚焦点，O点是光心，请画出两条光线经过凹透镜的光路图。

15．（2分）如图是以O为支点的杠杆AOBC，AO＝6cm，OB＝4cm，BC＝3cm，若想让它静止在图示位置，请画出最小力F的示意图和力臂L。

16．（2分）请根据通电螺线管周围磁感线方向，判断并标出通电螺线管的N极、小磁针的N极和电源的“+、﹣”极。

四．实验探究题（共4小题，满分22分）
17．（6分）利用如图甲所示的装置探究海波和石蜡熔化时温度的变化规律，在两个试管中分别放入质量相等的海波和石蜡，将两个试管放入同一杯水中加热。请你完成下面探究实验。
（1）实验时利用水浴法加热的目的是使海波和石蜡 　 　。
（2）开始实验后，某一时刻B试管中温度计的示数如图甲所示，温度为 　 　℃。
（3）A、B两试管内的两种物质熔化前后温度随时间变化关系的图象如图乙所示，实验中会观察到，第8min时海波的状态是 　 　态。0～6min海波比石蜡的吸热能力 　 　（填“强”或“弱”）。
（4）8min～10min内，海波的内能 　 　（填“增加”或“不变”）。
（5）海波熔化的特点是：持续吸热，　 　。
18．（4分）在探究动能大小与质量关系的两次实验中，小球从同一高度由静止开始释放时的场景如图所示，木板固定在水平面上。
（1）该实验中的研究对象是　 　（选填“小球”或“木块”），通过比较木块在木板上滑行的　 　来比较动能大小的，这种研究方法是　 　法。
（2）图中错误的操作是　 　。改正错误后进行实验，发现乙图木块滑出的远些，则可以做出判断，在　 　相同的情况下，　 　越大，动能越大。
（3）木块与小球分离后，在水平木板上继续向前滑行，此时木块在水平方向受到摩擦力作用，这个力对木块运动状态的影响是　 　。

19．（7分）如图所示，晶晶在测量一块形状不规则的石块的密度。

（1）图甲是晶晶在调节天平时的情景，你认为她在操作上的错误之处是：　 　；
（2）纠正错误后，他发现指针在分度盘如图乙所示位置，此时应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；
（3）接下来，将小石块放置在天平的　 　盘，然后夹取砝码和移动游码，直至天平横梁再度平衡，此时砝码和游码情况如图丙所示，此时小石块的质量为　 　g；
（4）然后将小石块放入盛有适量水的量筒中，量筒中水面位置变化如图丁，则此小石块的密度是　 　g/cm3；
（5）小鲁同学也想测量一合金块的密度，但是她只有下列器材：一架天平（无砝码），两个完全相同的烧杯、一只量筒、水、滴管，爱思考的小鲁同学设计好实验方案后，进行如下操作：
①调节天平平衡后，将两个空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内，向右盘烧杯内加水，并用滴管调节，直至天平平衡；
②将烧杯内的水都倒入空量筒中，读出量筒示数为30cm3；
③再用细线拴好合金块，将其轻轻放入量筒中，合金块刚好浸没，读出量筒示数为40cm3；由以上实验可知合金块密度为　 　kg/m3，合金块密度测量值　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
20．（5分）小王用如图甲所示的实验装置测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率时，电源电压为3V，若所用器材均能满足实验需要。
（1）用笔画线替代导线，将实物电路连接完整：

（2）连接电路时，开关要 　 　（选填“断开”或“闭合”）；滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值 　 　位置；
（3）实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为 　 　A，小灯泡正常发光时的电阻为 　 　Ω，小灯泡的额定功率为 　 　W；
（4）小王受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的I﹣U图象如图丙所示。由图象可知LED灯的电阻随电压的增大而 　 　（选填“增大、“不变”或“减小”）。查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为 　 　W。
五．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
21．（4分）我们经常使用如图甲所示的测温枪进行测温，测温枪是利用 　 　（选填“红外线”或“紫外线”）实现测温的，小明用测温枪测出手腕处的温度是36.8℃，若使用图乙所示的液体体温计测量同一温度，请在图乙中画出水银柱的位置。

六．计算题（共3小题，满分20分）
22．（5分）如图为湿度表的简化工作原理图，电源电压恒为6V，定值电阻R0＝5Ω，R为湿敏电阻，其阻值R随环境湿度RH的变化如图所示，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”。闭合开关S，在保证两表安全的情况下：
（1）环境湿度增加，电流表的示数 　 　。
（2）当电路中电流表的示数为400mA时，电阻R的阻值为多少？
（3）环境湿度为60%时，电压表的示数为多少？
（4）湿度表能够测量的最大环境湿度是多少？

23．（8分）如图为某品牌新款电动车。某人骑着该车在水平公路上匀速直线行驶4.8km用了10min，已知行驶时受到的阻力是40N．求：（g取10N/kg）
（1）该车这段时间内行驶的速度是多少m/s？
（2）行驶过程中牵引力做的功是多少？
（3）若行驶时每个车轮与地面的接触面积为100cm2，车对路面的压强为6×104Pa，则人和车的总质量是多大？

24．（7分）图甲是某品牌家用蛋糕机。该蛋糕机配有很多卡通模型，可以做出多种多样的创意小蛋糕。图乙是该蛋糕机的简化电路图，可以实现低、中、高三挡加热功能，单独闭合开关S1时，蛋糕机处于440W的低温挡加热状态：单独闭合开关S2时，阻值为55Ω的电阻R2工作，蛋糕机处于中温挡加热状态。
（1）求蛋糕机在低温挡正常工作时的加热电流；
（2）求蛋糕机在中温挡正常工作时的加热功率；
（3）将蛋糕机单独连入家庭电路中用高温挡加热5min，则家庭电路中标有“3000r/（kW•h）”的电能表的转盘转多少转？


参考答案
一．选择题（共8小题，满分24分，每小题3分）
1．解：
A、对人体的安全电压是不高于36V，而不是等于36V，故A不符合实际；
B、中学生的身高在1.6m左右，学生课桌的高度约为中学生身高的一半，约为0.8m＝80cm，故B符合实际；
C、人的正常体温约为37℃，变化范围非常小，故C不符合实际；
D、正常人的呼吸在每分钟16次～20次左右，故D不符合实际。
故选：B。
2．解：
A、开凿隧道用激光束引导掘进机，使掘进机沿直线前进，是利用光沿直线传播，故A正确；
B、镜面反射和漫反射都遵守光的反射定律，故B错误；
C、自行车的尾灯是由互成直角的小平面镜组成，将汽车射来的光再沿原路反射回来，引起司机的注意，故C正确；
D、雨后，空气中有大量小水滴，太阳光经这些水滴折射后可分解成七种色光，这就是光的色散现象，故D正确。
故选：B。
3．解：
A、排球被接起后，竖直上升到最高点时不能在最高度保持静止状态，所以排球此时受力不平衡。符合题意。
B、运动员滑雪时，穿上表面积较大的滑雪板，主要是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。不符合题意。
C、冰壶最终停下，是因为冰壶受到摩擦力作用，摩擦力改变了冰壶的运动状态。冰壶的质量不变，惯性不变。不符合题意。
D、跳水运动员能够起跳，运动员给跳板一个向下的力，跳板给运动员一个向上的力，这两个力是相互作用力，大小相等。不符合题意。
故选：A。
4．解：A．结冰是由液态变成固态的过程，是凝固过程，需要放出大量热量，故A错误；
B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，是液化现象，故B错误；
C．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故C正确；
D．雪化水是由固态变成液态的过程，是熔化现象，故D错误。
故选：C。
5．解：由于AB两物体两次静止时处于漂浮或悬浮状态，所以受到的浮力都等于物体受到的重力，即F浮＝G；
由图知，物体AB排开液体的体积：V乙排＞V甲排，
由F浮＝ρ液gV排可知：ρ甲＞ρ乙，
甲乙中A物块在两种液体中都完全浸没，排开液体的体积相同，
根据F浮＝ρ液gV排知，甲受到的浮力大于乙受到的浮力，即F甲＞F乙。
故选：B。
6．解：飞机洒水时，速度不变，质量减小，动能减小；飞机的高度不变，质量减小，重力势能减小，机械能减小。
故选：D。
7．解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；由于并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变、其实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故C错误；
通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知，干路中的电流变小，即电流表的示数减小，故A错误；
电源电压不变，干路中的电流减小，根据P＝UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
8．解：当带有磁条的银行卡在阅读器上刷过时，阅读器的检测头就会产生感应电流，因此，阅读器的检测头利用的原理是电磁感应现象。
A、如图是奥斯特实验，说明了电流周围存在着磁场，故A错误；
B、该实验是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B错误；
C、如图电路中有电源，说明了通电导体在磁场中受力而运动，故C错误；
D、如图电路中没有电源，闭合开关后，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故D正确。
故选：D。
二．填空题（共5小题，满分14分）
9．解：（1）手机铃声是由于手机内的扬声器振动产生的，通过空气向外传播；
用抽气机抽去真空罩中的空气，手机铃声却越来越小，这说明声的传递需要介质，真空不能传声。
（2）手机是利用电磁波传递信息的；因为电磁波遇到金属会被发射。将手机放在金属容器中不能接收到呼叫信号，说明金属容器对该电磁波有屏蔽作用。
故答案为：振动；电磁波；介质；真空；金属容器。
10．解：
（1）“碳海绵”比同体积的普通海绵轻得多，由ρ＝可知，说明“碳海绵”这种材料的密度较小。
（2）将“碳海绵”压缩80%后仍可恢复原状，这说明“碳海绵”的弹性好。
故答案为：密度；弹性。
11．解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（60℃﹣10℃）＝4.2×106J；
（2）煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq天然气＝0.21m3×4×107J/m3＝8.4×106J；
该热水器烧水的效率：
η＝＝×100%＝50%；
（3）此过程中，水吸收热量、温度升高、内能增加，是通过热传递的方式增加水的内能。
故答案为：4.2×106；50%；热传递。
12．解：因为水的压强随深度增加而增大，故为了防止大坝被水压冲毁，拦河大坝所以修成“上窄下宽”的形状；
三峡大坝的船闸由上下两个阀门组成一个闸室，当上游阀门打开时，闸室与上游通过阀门组成连通器，使闸室内的水位与上游水位相平；故船闸的原理即为连通器的原理，即三峡大坝的船闸是连通器在实际中的具体应用；
吸钢笔水时、注射器吸药液是借助了大气压的作用，外界大气压大于笔胆内的气压，把墨水压入笔胆内；
最早测出大气压值的科学家是托里拆利。
故答案为：同种液体，液体内部压强随深度的增加而增大；连通器；大气压；托里拆利。
13．解：（1）只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL＝0.5A时，UL＝2V，即电源电压为2V；
（2）再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR＝UL＝U＝2V，
由甲图R的I﹣U图象和L的I﹣U图象可知，此时通过R的电流IR＝0.2A，通过灯泡L的电流IL＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流：I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A；
1min内电流对电阻R所做的功为：
W＝UIt＝2V×0.2A×60s＝24J。
故答案为：2；0.7；24。
三．作图题（共3小题，满分6分，每小题2分）
14．解：经过光心的光线传播方向不变；射向另外一侧虚焦点的光线经过凹透镜折射，折射光线平行于主光轴，如下图：

15．解：因为在阻力和阻力臂一定时，当动力臂最长时动力最小。O为支点，OB＝4cm，BC＝3cm，
根据勾股定理可得OC＝＝＝5cm，
又已知AO＝6cm，当动力作用在A点，动力臂可以是AO＝6cm，当动力作用在C点，动力臂可以是OC＝5cm，所以最小力应作用在A点，与OA垂直即力臂是OA，故最小的力F的示意图及其力臂L，如图所示：

16．解：
在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，根据图中磁感线方向可知，螺线管的右端为N极，左端为S极；
根据磁极间的相互作用规律可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极；
根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入、右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。
如图所示：

四．实验探究题（共4小题，满分22分）
17．解：（1）将装有海波和石蜡的试管放在盛水的烧杯内加热，这样可以使物质受热均匀；
（2）由图知，温度计的分度值为1℃，所以其示数为25℃；
（3）由图像可知，海波在熔化过程中温度不变，所以海波在熔化过程中为固液共存态；
由图可知，在0﹣6min内，海波升高的温度多，由于相同质量的不同种物质，吸收相同的热量，温度变化大的吸热能力弱，所以0～6min海波比石蜡的吸热能力弱；
（4）8min～10min内，海波处于熔化过程中，不断吸热，温度保持不变，内能增大；
（5）海波是晶体，在熔化过程中，不断吸热，温度保持不变。
故答案为：（1）均匀受热；（2）25；（3）固液共存；弱；（4）增加；（5）温度不变。
18．解：（1）探究物体的动能的大小与什么因素有关实验中，小球的动能大小是通过木块被推的距离大小来反应的，小该实验研究的主体是小球；
该实验中小车动能的大小是通过木块被推的距离体现的，木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这是转换法的应用；
（2）探究动能大小与质量关系时需要控制小球的速度相同，质量不同，小球去撞击木板上相同位置的木块；由图可知，木块的初始位置不同，是错误的；
改正错误后进行实验，发现乙图木块滑出的远些，这说明乙中的小球的动能大；则可以做出判断，在速度相同的情况下，质量越大，动能越大；
（3）木块在水平方向受到摩擦力作用，摩擦力改变了木块的运动状态，木块最终会静止在木板上。
故答案为：（1）小球；距离；转换；（2）木块的初始位置不同；速度；质量；（3）木块由运动变为静止。
19．解：（1）在调节天平平衡时，应先将天平放在水平台上，并将游码拨到标尺左端的零刻线处，该同学未将游码移到标尺左端的零刻度线处；
（2）读图甲可知，指针偏右，说明右侧质量稍大，右盘底左盘高，因此，应将平衡螺母向左侧移动，直至天平横梁平衡；
（2）将石块放在天平的左盘里，砝码放在右盘里，由图乙知标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；
（3）由图丙知，量筒分度值2mL，所以石块的体积V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；
（4）小石块的密度为：ρ＝＝＝1.35g/cm3；
（5）③烧杯内水的质量为：m水＝ρV＝1.0g/cm3×30cm3＝30g，
合金块的质量为：m＝m水＝30g，
合金块体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3，
合金块密度：ρ＝＝＝3.0g/cm3＝3×103kg/m3。
烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小即合金块的质量偏小，求出的密度偏小。
故答案为：（1）未将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）左；（3）左；27；（4）1.35；（5）3×103；小于。
20．解：（1）灯泡与滑动变阻器应串联，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，实物电路图如图所示：
；
（2）在连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置；
（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R＝＝≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）由图象丙知，U﹣I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压为3V时，电流为24mA＝0.024A，则P＝UI＝3V×0.024A＝0.072W。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大；（3）0.3；8.33；0.75；（4）减小；0.072。
五．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
21．解：测温枪接收红外线来感知温度，所以测温枪是利用红外线实现测温。
体温计的工作原理是液体的热胀冷缩，分度值为0.1℃，水银柱的末端应在36.8℃处。
故答案为：红外线；如图：

六．计算题（共3小题，满分20分）
22．解：由电路图可知，闭合开关，R0与R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由右图知，当环境的湿度增加时，R的阻值减小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，则串联电路的总电阻减小，由欧姆定律I＝可知电路中电流增大，即电流表示数变大；
（2）根据欧姆定律I＝知当电路中电流表的示数为400mA时电路的总电阻为：
R总＝＝＝15Ω，
由串联电路电阻的规律知电阻R的阻值为：
R＝R总﹣R0＝15Ω﹣5Ω＝10Ω；
（3）由右图知当环境湿度为60%时电阻为7.5Ω，
此时电路的电流为：
I′＝＝＝0.48A，
R0两端的电压为：
U0＝I′R0＝0.48A×5Ω＝2.4V，即电压表的示数为2.4V；
（4）因为电流表的量程为0﹣0.6A，要使湿度表能够测量的环境湿度最大，湿敏电阻的阻值需要最小，电路的总电阻也最小，电路的电流最大，最大为0.6A，由欧姆定律I＝得电路的最小电阻为：
R总最小＝＝＝10Ω，
由串联电路电阻的规律知湿敏电阻的最小值为：
R小＝R总最小﹣R0＝10Ω﹣5Ω＝5Ω，
此时定值电阻两端的电压为：
U0′＝I大R0＝0.6A×5Ω＝3V，此时没有超过电压表的量程，
对照右图知此时的环境湿度为80%，即湿度表能够测量的最大环境湿度是80%。
答：（1）变大；
（2）当电路中电流表的示数为400mA时，电阻R的阻值为10Ω；
（3）环境湿度为60%时，电压表的示数为2.4V；
（4）湿度表能够测量的最大环境湿度是80%。
23．解：
（1）行驶路程s＝4.8km＝4800m，t＝10min＝600s
该车这段时间内行驶的速度：v＝＝＝8m/s；
（2）因为该车在水平面上做匀速直线运动，
所以牵引力和摩擦力是一对平衡力，则F牵＝f＝40N，
则牵引力做功：W＝F牵s＝40N×4800m＝1.92×105J。
（3）由p＝得，车对水平路面的压力：
F＝pS＝6×104Pa×2×100×10﹣4m2＝1200N，
则人和车的总重力：G＝F＝1200N，
由G＝mg可得，人和车的总质量：
m＝＝＝120kg。
答：（1）该车这段时间内行驶的速度是8m/s；
（2）行驶过程中牵引力做的功是1.92×105J；
（3）则人和车的总质量是120kg。
24．解：
（1）蛋糕机正常工作时的电压U＝220V，
根据P＝UI可得，低温挡加热电流为：
I低＝＝＝2A；
（2）由题知，中温挡时只有电阻R2工作，
由P＝UI，I＝得，中温挡加热功率为：
P中＝＝＝880W；
（3）当开关S1和S2都闭合时处于高温加热挡，此时两电阻并联，
其功率为低温挡与中温挡的功率之和，即P高温＝P低+P中＝440W+880W＝1320W＝1.32kW；
由P＝得，高温挡加热5min消耗的电能为：
W＝P高温t＝1.32kW×h＝0.11kW•h；
电能表转盘转的转数：
n＝0.11kW•h×3000r/（kW•h）＝330r。
答：（1）低温挡加热电流为2A；
（2）中温挡加热功率为880W；
（3）电能表的转盘转330转。