数学必修 第二册第六章 立体几何初步本章综合与测试随堂练习题

这是一份数学必修 第二册第六章 立体几何初步本章综合与测试随堂练习题，共14页。试卷主要包含了已知两个平面垂直,给出下列命题等内容，欢迎下载使用。
 第六章　立体几何初步 本章复习提升易混易错练易错点1　不能正确分析空间几何体的结构致错1.()现有橡皮泥制作的底面半径为5,高为4的圆锥和底面半径为2,高为8的圆柱各一个,若将它们重新制作成总体积与高均保持不变,但底面半径相同的新的圆锥与圆柱各一个,则新的几何体的底面半径为　　　　. 2.()如图所示,在边长为4的正三角形ABC中,E,F分别是AB,AC的中点,AD⊥BC,EH⊥BC,FG⊥BC,垂足分别为D,H,G,若将△ABC绕AD所在直线旋转180°,求阴影部分形成的几何体的表面积与体积.         易错点2　平面几何知识与立体几何知识相混淆3.()如图所示,在多面体A1B1D1-DCBA中,四边形AA1B1B,四边形ADD1A1,四边形ABCD均为正方形,E为B1D1的中点,过A1,D,E的平面交CD1于点F.证明:EF∥B1C.         易错点3　忽略判定定理或性质定理的必备条件致错4.()已知平面α∥平面β,AB、CD是夹在α、β间的两条线段,A、C在α内,B、D在β内,点E、F分别在AB、CD上,且AE∶EB=CF∶FD=m∶n.求证:EF∥平面α.          5.()如图,平行六面体ABCD-A1B1C1D1的底面是菱形,∠C1CB=∠C1CD=∠BCD=60°.(1)求证:C1C⊥BD;(2)当的值为多少时,可使A1C⊥平面C1BD?         易错点4　对有关平行、垂直的概念和定理理解不透彻致错6.()已知两个平面垂直,给出下列命题:①一个平面内的已知直线必垂直于另一个平面内的任意一条直线;②一个平面内的已知直线必垂直于另一个平面内的无数条直线;③一个平面内的任意一条直线必垂直于另一个平面;④过一个平面内任意一点作交线的垂线,则此垂线必垂直于另一个平面.其中正确命题的个数是(　　)　　　　　 　　　　　 　　　　　 A.3 B.2 C.1 D.0思想方法练一、函数与方程思想在立体几何中的应用1.()把一块边长为10的正方形铁片按如图所示的阴影部分裁下,用余下的四个全等的等腰三角形加工成一个正四棱锥形容器,试建立容器的容积V与等腰三角形的底边边长x的函数关系式,并求出函数的定义域.          2.(2020河北定州中学高一月考,)如图,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,∠BAC=90°,AB=AC=2,点M为A1C1的中点,点N为AB1上一动点.(1)是否存在点N,使得线段MN∥平面BB1C1C?若存在,指出点N的位置,若不存在,请说明理由;(2)若点N为AB1的中点,且CM⊥MN,求三棱锥M-NAC的体积.           二、转化与化归思想在立体几何中的应用3.(2020辽宁沈阳教学质量监测,)如图,在四棱锥P-ABCD中,PD⊥底面ABCD,AB∥CD,AB=2,CD=3,M为PC上一点,且PM=2MC.(1)求证:BM∥平面PAD;(2)若AD=2,PD=3,∠BAD=60°,求三棱锥P-ADM的体积.          4.(2020陕西西安八校高三联考,)如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,△ABC是正三角形,AC与BD的交点为M,已知PA=AB=4,AD=CD,∠CDA=120°,N是CD的中点.(1)求证:平面PMN⊥平面PAB;(2)求点M到平面PBC的距离.         
本章复习提升易混易错练1.答案　解析　底面半径为5,高为4的圆锥和底面半径为2,高为8的圆柱的总体积为π×52×4+π×22×8=.设新的圆锥和圆柱的底面半径为r,则π×r2×4+π×r2×8=r2=,解得r=.2.解析　所得几何体是一个圆锥挖去一个圆柱后形成的.由题意得,BD=DC=2,AB=AC=4,HD=DG=1,EH=FG=.∵S圆锥表=π·BD2+π·BD·AB=4π+8π=12π,S圆柱侧=2π·DG·FG=2π,∴所求几何体的表面积S=S圆锥表+S圆柱侧=12π+2π=2(6+)π.∵V圆锥=π×BD2×AD=π×22×2=π,V圆柱=π×HD2×EH=π×12×=π,∴所求几何体的体积V=V圆锥-V圆柱=π-π=π.3.证明　由正方形的性质可知A1B1∥AB∥DC,且A1B1=AB=DC,所以四边形A1B1CD为平行四边形,从而B1C∥A1D.又A1D⊂平面A1DFE,B1C⊄平面A1DFE,于是B1C∥平面A1DFE.又B1C⊂平面B1CD1,平面A1DFE∩平面B1CD1=EF,所以EF∥B1C.4.证明　(1)当AB,CD共面时(如图①),连接AC,BD.因为平面α∥平面β,所以AC∥BD.因为AE∶EB=CF∶FD,所以EF∥AC∥BD且EF在平面α外.因为AC⊂平面α,所以EF∥平面α.(2)当AB,CD异面时(如图②),过点A作AH∥CD交β于点H,连接BH,DH,AC,BD.在AH上取点G,使AG∶GH=m∶n,连接GF,GE,EF,由(1)可得FG∥HD.因为AG∶GH=AE∶EB,所以EG∥BH,所以平面EFG∥平面β∥平面α.又因为EF⊂平面EFG,所以EF∥平面α.5.解析　(1)证明:如图,连接A1C1,AC,设AC和BD交于点O,连接C1O.∵四边形ABCD是菱形,∴AC⊥BD,BC=CD.又∵∠BCC1=∠DCC1,C1C是公共边,∴△C1BC≌△C1DC,∴C1B=C1D.∵DO=OB,∴C1O⊥BD.又∵AC∩C1O=O,∴BD⊥平面ACC1A1.又∵C1C⊂平面ACC1A1,∴C1C⊥BD.(2)当=1时,可使A1C⊥平面C1BD.理由如下:由(1)知BD⊥平面ACC1A1.∵A1C⊂平面ACC1A1,∴BD⊥A1C.当=1时,平行六面体的六个面是全等的菱形.同理,可证BC1⊥A1C.又∵BD∩BC1=B,∴A1C⊥平面C1BD.故=1时,A1C⊥平面C1BD.6.C　如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,平面AA1D1D⊥平面ABCD.对于①,AD1⊂平面AA1D1D,BD⊂平面ABCD,AD1与BD是异面直线,且夹角为60°,故①错误;②显然正确;对于③,AD1⊂平面AA1D1D,但AD1不垂直于平面ABCD,故③错误;对于④,平面AA1D1D∩平面ABCD=AD,DC1过平面AA1D1D内一点D,AD⊥DC1,但DC1不垂直于平面ABCD,故④错误.所以正确命题的个数是1.思想方法练1.解析　四棱锥的高可以用等腰三角形的底边边长x表示,从而容积V可以表示为关于x的函数,在Rt△EOF中,EF=5,OF=x,则EO=,于是V=x2=x2.依题意,函数的定义域为{x|0<x<10}.2.解析　(1)存在点N,且N为AB1的中点.理由如下:如图,连接A1B,BC1,因为点M,N分别为A1C1,A1B的中点,所以MN为△A1BC1的中位线,所以MN∥BC1,因为MN⊄平面BB1C1C,BC1⊂平面BB1C1C,所以MN∥平面BB1C1C.(2)如图,设点D,E分别为AB,AA1的中点,连接CD,DN,NE,AM,设AA1=a,则CM2=a2+1,MN2=+2,CN2=+5,因为CM⊥MN,所以CM2+MN2=CN2,即a2+1++2=+5,解得a=(负值舍去),又易得NE⊥平面AA1C1C,NE=1,所以VM-NAC=VN-AMC=S△AMC·NE=××2××1=.所以三棱锥M-NAC的体积为.3.解析　(1)证明:证法一:如图,过点M作MN∥CD交PD于点N,连接AN.因为PM=2MC,所以MN=CD.又AB=CD,且AB∥CD,所以AB?MN,所以四边形ABMN为平行四边形,所以BM∥AN.又BM⊄平面PAD,AN⊂平面PAD,所以BM∥平面PAD.证法二:如图,过点M作MN⊥CD于点N,N为垂足,连接BN.因为PM=2MC,所以DN=2NC,又AB∥CD,AB=CD,所以AB?DN,所以四边形ABND为平行四边形,所以BN∥AD.因为PD⊥平面ABCD,DC⊂平面ABCD,所以PD⊥DC.又MN⊥DC,MN⊂平面PDC,所以PD∥MN.因为BN⊂平面MBN,MN⊂平面MBN,BN∩MN=N,AD⊂平面PAD,PD⊂平面PAD,AD∩PD=D,所以平面MBN∥平面PAD.因为BM⊂平面MBN,所以BM∥平面PAD.(2)如图,过B作AD的垂线,垂足为E.因为PD⊥平面ABCD,BE⊂平面ABCD,所以PD⊥BE.又AD⊂平面PAD,PD⊂平面PAD,AD∩PD=D,所以BE⊥平面PAD.由(1)知,BM∥平面PAD,所以点M到平面PAD的距离等于点B到平面PAD的距离,即BE的长.连接BD,在△ABD中,AB=AD=2,∠BAD=60°,所以BE=.故VP-ADM=VM-PAD=·S△PAD·BE=××2×3×=,即三棱锥P-ADM的体积是.4.解析　(1)证明:由于AD=CD,AB=BC,所以BD垂直平分AC,所以M为AC的中点,因为N是CD的中点,所以MN∥AD.因为PA⊥平面ABCD,所以PA⊥AD,因为∠CDA=120°,所以∠DAC=30°,因为∠BAC=60°,所以∠BAD=90°,即BA⊥AD.因为PA∩AB=A,所以AD⊥平面PAB,所以MN⊥平面PAB.又MN⊂平面PMN,所以平面PMN⊥平面PAB.(2)设点M到平面PBC的距离为d,在Rt△PAB中,PA=AB=4,所以PB=4,在Rt△PAC中,PA=AC=4,所以PC=4,在△PBC中,PB=PC=4,BC=4,所以S△PBC=4.由VM-PBC=VP-BMC,即×4×d=×2×4,解得d=,所以点M到平面PBC的距离为.