【中考真题】2018年中考物理真题 新疆维吾尔自治区、生产建设兵团（含解析）

新疆维吾尔自治区、生产建设兵团2018年中考物理真题试题

一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请按答题卷的要求作答．）

1． “教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的（　　）

A．音调 B．响度 C．音色 D．频率

【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

【解答】解：“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的响度小。故ACD错误；B正确；

故选：B。

【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。

2． 2018年1月31日晚，中国多地观察到了月全食现象，月全食的形成主要是由于光的（　　）

A．直线传播 B．反射 C．折射 D．色散

【分析】月食是由光在同种均匀介质中沿直线传播形成的。

【解答】解：当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的沿直线传播的光被不透明的地球完全挡住，光线照不到月球上，在地球上完全看不到月球的现象就是月全食，月全食是由光的直线传播形成的。

故选：A。

【点评】本题考查了月食的成因，是一道基础题；生活中由光的直线传播形成的现象或光直线传播应用的例子很多，如：日食与月食的形成、影子、激光准直、射击瞄准时的三点一线等，平时要注意观察与思考，用我们所学的物理知识解释生活中的物理现象。

3． 1876年第一部电话问世，发明电话的科学家是（　　）

A．爱迪生 B．牛顿 C．欧姆 D．贝尔

【分析】根据对物理学史的了解，明确各位科学家的贡献，再做出相应的判断。

【解答】解：1876年，贝尔发明了电话，贝尔的电话由话筒和听筒两部分组成。爱迪生发明了电灯，牛顿发现了万有引力，欧姆发现了欧姆定律。

故选：D。

【点评】本题是一道基础题，需要了解一点物理学史，尤其是一些科学家所做出的贡献。

4．（2分）甲、乙、丙三个带电的轻质小球相互作用情况如图所示，已知乙带负电，则下列判断正确的是（　　）

A．甲带正电，丙带正电 B．甲带正电，丙带负电

C．甲带负电，丙带正电 D．甲带负电，丙带负电

【分析】电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

【解答】解：甲、乙、丙三个轻质小球都带电。因为乙带负电，且乙与甲排斥，故甲带负电；由于乙与丙吸引，故丙带正电。

故ABD错误；C正确；

故选：C。

【点评】本题是基础题，要求知道电荷之间的作用规律。

5．（2分）下列交通提示用语和惯性无关的是（　　）

A．车辆转弯，请坐稳扶好 B．雨天路滑，请减速慢行

C．注意安全，请保持车距 D．遵守交规，请靠右行驶

【分析】解答本题要掌握：一切物体都有惯性，我们在生活中可以利用惯性，但也要注意防止惯性带来的危害。

【解答】解：

A、转弯时，乘客的脚和汽车地板一起改变了运动状态，而乘客上身由于惯性保持原来的运动状态容易摔倒，所以“汽车转弯，请坐稳扶好”，是防止由于惯性对人体造成伤害，故A不符合题意；

B、当车遇到紧急情况需要停车时，汽车由于惯性仍要向前运动；雨天，车与地面的摩擦力减小，车就更不易停下来，所以要慢行；该交通提示用语与惯性有关，故B不符合题意；

C、汽车行驶过程如果紧急刹车，汽车由于惯性会继续运动，所以要保持一定车距，与惯性有关，故C不符合题意；

D、靠右行驶只是一个交通规定，与惯性无关，故D符合题意。

故选：D。

【点评】该题通过生活中的实例来考查惯性的利用，要能够分清生活中的现象是利用惯性还是防止惯性，让学生们知道惯性与生活密切相关。

6．（2分）以下数据，最接近实际情况的是（　　）

A．沙石的比热容约8.4×103J/（kg•℃）

B．托起两个鸡蛋所用的力约1N

C．一个苹果的质量约150kg

D．家用空调的电功率约100W

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】解：A、目前人类已知的物质中，水的比热容最大，为4.2×103J/（kg•℃），沙石的比热容比水的比热容小得多。故A不符合实际；

B、两个鸡蛋的质量在100g=0.1kg左右，托起两个鸡蛋的力为F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N．故B符合实际；

C、三个苹果的质量约1斤=500g，一个苹果的质量在150g=0.15kg左右。故C不符合实际；

D、家用空调的工作电流在5A左右，其功率在P=UI=220V×5A=1100W左右。故D不符合实际。

故选：B。

【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

7．（2分）如图所示简单机械，在使用时费力的是（　　）

【分析】当杠杆的动力臂大于阻力臂时，杠杆是省力杠杆；当杠杆的动力臂小于阻力臂时，杠杆是费力杠杆，结合生活经验，联系生活经验，在使用时是省力还是费力，由此也可进行判断

【解答】解：A、理发用的剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；

B、剪铁丝的钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；

C、旗杆顶的定滑在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力，也不费力，故C错误；

D、用动滑轮提升重物的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；

故选：A。

【点评】这类题目可通过比较动力臂和阻力臂的大小关系来判断是什么类型的杠杆。

8．（2分）如图中两灯规格不同，能测出通过灯L1电流的电路是（　　）

【分析】电流表应与被测用电器串联，且电流要从正接线柱流入，从负接线柱流出，据此分析。

【解答】解：A、图中电流表与灯L2串联，且电流正进负出，能正确测出通过灯L2的电流，故A错误；

B、图中电流表与灯L1串联，但其正负接线柱接反了，故B错误；

C、图中电路为并联电路，两个电流表分别测出干路和支路电流，相减得出L1电流，故C正确；

D、图中电流表接在干路上，且电流正进负出，测量的是干路电流，故D错误。

故选：C。

【点评】知道电流表的连接方法，注意既要与被测灯泡串联，同时还要使接线柱连接。

9．（2分）下列关于压强的说法正确的是（　　）

A．气体中流速越大的位置，压强越大

B．刀刃磨得很锋利，是为了增大压强

C．大气压强随海拔高度的增加而增大

D．液体内部压强大小与液体密度无关

【分析】（1）流体压强与流速的关系，气体中流速越大的位置，压强越小；

（2）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；

（3）大气压强随着海拔高度的增加而减小；

（4）根据公式p=ρgh可以分析液体内部压强的影响因素。

【解答】解：A、气体中流速越大的位置，压强越小，故A错误；

B、刀刃磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故B正确；

C、大气压强随着海拔高度的增加而减小，故C错误；

D、由液体压强公式可知，液体内部压强大小与液体密度和液体深度都有关，故D错误。

故选：B。

【点评】此题考查的知识点比较全面，有流体压强和流速的关系、液体压强的影响因素、大气压与高度的关系等，对学生的综合能力要求较高，但是难度不大。

10．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数变小，灯L变亮 B．电压表示数变小，灯L变暗

C．电压表示数变大，灯L变亮 D．电压表示数变大，灯L变暗

【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，利用P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步可知灯泡亮暗的变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化。

【解答】解：

由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，

将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，

由I=可知，电路中的电流变小，

由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡L变暗，故AC错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误、D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小是关键。

二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共25分．请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上．）

11．（2分）小明把几只小磁针放在桌面上，发现它们静止时都指向同一方向，即磁针的N极总是指向　北　方（选填“南”或“北”）。这说明，地球周围存在　磁场（地磁场）　。

【分析】地球是一个巨大的条形磁铁，所以其周围的空间存在着磁场，即地磁场，所以会对其周围的磁体产生磁力的作用；当小磁针静止时，其N极指北，S极指南；

【解答】解：

由于地球的周围存在地磁场，所以地球周围任何范围内的小磁针（指南针）都要受到地磁场的作用而指向南北方向；小磁针指向北的一端为N极。

故答案变为：北；磁场（地磁场）。

【点评】该题主要考查常见的磁场，以及地球的磁场的特点，对地球的磁场的磁感线的特点要牢记。

12．（2分）图中，刻度尺的分度值是　1　mm，木块的长度是　4.20　cm。

【分析】刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。

【解答】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为1mm；

物体左侧与0对齐，右侧略偏过4.0cm，估读为4.20cm，所以物体的长度为L=4.02cm﹣0cm=4.20cm。

故答案为：1；4.20。

【点评】此题考查的是刻度尺的分度值和读数，初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。

13．（1分）图中弹簧测力计的示数为　2.2　N。

【分析】使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直；

【解答】解：由图知：

在弹簧测力计上，最大示数是5N，所以其量程为0～5N；1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，即弹簧测力计的分度值为0.2N，指针在“2”后1个小格处，所以弹簧测力计的示数为2N+0.2N=2.2N。

故答案为：2.2。

【点评】本题考查的是弹簧测力计的读数，读数时要明确分度值，从大刻度读起，再加上小格的示数，便是测量的值了。

14．（5分）2018年5月18日，我国第二艘航母001A号完成首次出海试验任务，返回大连造船厂码头。

（1）航行过程中，热机的　做功　冲程使航母获得动力，雷达系统发射的电磁波在真空中传播的速度约为　3×108　m/s；

（2）航母排水量达65000吨，它满载时排开水的体积是　6.5×104　m3（海水密度近似取1.0×103kg/m3）；

（3）001A号航母计划搭载40架歼﹣15型舰载机，当舰载机加速升空时，动能　增大　，重力势能　增大　（两空均选填“增大”“减小”或“不变”）。

【分析】（1）在做功冲程中，热机将内能转化为机械能，由此获得动力；电磁波可以在真空中传播，且不同频率的电磁波在真空中的传播速度最快，其速度是c=3×108m/s；

（2）航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力；利用阿基米德原理公式的变形，可计算排开海水的体积；

（3）动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与高度和质量有关，质量越大，高度越高，重力势能增大。

【解答】解：（1）在热机的做功冲程中，燃料燃烧生成高温高压的燃气，燃气推动活塞运动，活塞从而带动曲轴转动，使轮船获得动力，在此过程中，将内能转化为机械能；

电磁波可以在真空中传播，且不同频率的电磁波在真空中的传播速度最快，其速度是c=3×108m/s；

（2）满载时受到的浮力：

F浮=G排=m排g=65000×103kg×10N/kg=6.5×108N；

由公式F浮=ρgV排得，

V排===6.5×104m3。

（3）舰载机离机起飞过程中，质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度增大，重力势能增大。

故答案为：（1）做功；3×108；（2）6.5×104；（3）增大；增大。

【点评】本题以航母为题考查了热机的原理、阿基米德原理的运用、排水量的理解、机械能大小的影响因素等，综合性较强，难度适中。

15．（3分）两节干电池串联后的电压为　3　V，用它给一辆电动玩具车做电源，玩具车前进时相对于客厅的电视机是　运动　的（选填“运动”或“静止”），此过程将　电　能转化为机械能。

【分析】（1）一节干电池电压为1.5V，两节串联后电压为3V；

（2）物体相对于参照物位置变化，物体是运动的；若物体相对于参照物位置没有变化，则物体是静止的；

（3）生活中各种能量在一定条件下，均可以相互转化。电动机工作时，将电能转化为机械能。

【解答】解：（1）两节串联后电压为3V；

（2）玩具车前进时相对于客厅的电视机，位置发生变化，则玩具汽车是运动的；

（3）电动玩具车工作时，将电能转化为机械能。

故答案为：3；运动；机械能。

【点评】记住生活中常见电压值；会运用参照物判断物体的运动和静止；明确电动机工作的能量转化；可解答此题。

16．（4分）气球轻轻一压就扁了，说明力可以改变物体的　形状　；气球向下喷气时会向上运动，这一现象说明物体间力的作用是　相互　的，还可以说明力能改变物体的　运动状态　；如果气球上升过程中所受外力突然消失，气球将做　匀速直线　运动。

【分析】（1）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

（2）物体间力的作用是相互的。

（3）物体不受力作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。

【解答】解：（1）气球轻轻一压就扁了，说明力可以改变物体的形状。

（2）气球向下喷气时会向上运动，是由于气球向下喷气时，受到空气对气球的反作用力；这一现象说明物体间力的作用是相互的。还说明力可以改变物体的运动状态。

（3）如果气球上升过程中所受外力突然消失，气球将做匀速直线运动。

故答案为：形状；相互；运动状态；匀速直线运动。

【点评】明确力的两个作用效果、物体间力的作用的相互性、理解牛顿第一定律；是解答此题的关键。

17．（4分）日常生活中有不少容易被我们忽略的物理知识，比如电饭锅利用电流的　热　效应工作，家庭中的电灯、电冰箱等用电器大多是　并　联在电路中的（选填“串”或“并”）；每盏灯与控制它的开关之间是　串　联的（选填“串”或“并”）。大功率用电器一般不同时使用，是为了避免因　总功率过大　（选填“总功率过大”或“发生短路”）而造成家庭电路中电流过大。

【分析】（1）电热器是利用电路的热效应工作，将电能转化为内能；

（2）家庭电路中用电器之间是并联的、插座之间是并联的、用电器和插座之间是并联的、开关和开关控制的用电器之间是串联、开关和开关控制的插座之间是串联的；

（3）家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。

【解答】解：

（1）电饭锅就是利用电流的热效应工作的，工作时将消耗的电能转化成内能；

（2）家庭中的电灯、电风扇、电冰箱工作时互不影响，所以它们的连接方式为并联；每个用电器和控制它的开关的连接方式为串联；

（3）家庭电流中电流过大总共有2个原因：短路和总功率过大，当用电器总功率过大时，根据公式P=UI，家庭电路电压U=220V一定，所以用电功率P越大，电流I就会非常大。

故答案为：热；并；串；总功率过大。

【点评】本题考查了电热器的原理、掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、用电器和插座之间、开关和开关控制的用电器之间、开关和开关控制的插座之间的连接方法，同时考查了安全用电常识。

18．（4分）在水平地面上，用50N的力沿水平方向拉着重为200N的小车匀速前进20m，所用时间为10s，小车运动的速度是　2　m/s，拉力做的功是　1000　J，重力做的功是　0　J，装上货物原路返回时，小车所受摩擦力　增大　（选填“增大”“减小”或“不变”）。

【分析】由速度公式计算小车的运动速度；

由W=Fs计算拉力做的功；由做功的两个必要因素：作用在物体上的力和物体在力的方向上移动距离判断重力做功；

滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，由此分析返回时摩擦力的大小变化。

【解答】解：

已知小车匀速前进20m，所用时间为10s，所以小车运动的速度：

v===2m/s；

拉力做的功：

W=Fs=50N×20m=1000J；

重力的方向是竖直向下的，物体在水平方向上移动，即没有在重力方向上移动距离，重力没有对物体做功；

装上货物原路返回时，小车对路面压力增大，而接触面的粗糙程度不变，所以小车所受摩擦力增大。

故答案为：2；1000；0；增大。

【点评】本题考查了速度公式、功的公式的应用以及对做功两个要素、滑动摩擦力大小因素的理解和应用，考查知识点多，综合性强，掌握基础知识是关键。

三、作图题（每小题2分，共6分．）

19．（2分）根据图中的入射光线和法线，画出对应折射光线的大致方向。

【分析】根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，由此画出折射光线的大致方向。

【解答】解：图中已经过入射点作出垂直于界面的法线，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，据此在法线左侧的空气中画出折射光线。如图所示：

【点评】本题主要考查应用折射定律作图，做光路图时要规范。

20．（2分）如图所示，橡皮用细线拴住作圆周运动，请画出橡皮所受重力的示意图。

【分析】画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。橡皮受的重力竖直向下，从橡皮的重心向下作重力的示意图。

【解答】解：橡皮所受重力的方向竖直向下，从橡皮的重心竖直向下作出重力G的示意图，如图所示。

【点评】物体所受的重力总是竖直向下，与物体的运动状态无关。作重力的示意图时，一定要注意：方向竖直向下。

21．（2分）请用笔画线表示导线，将图中的插座（插座准备接大功率用电器）接入家庭电路中。

【分析】三孔插座的接法：上面接地线，左边接零线，右边接火线。

【解答】解：三孔插座的上面的孔接地线，左孔接入零线，右孔解火线。如图。

【点评】掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法，是解答此类题的关键。

四、实验与探究题（本大题共4小题，共29分．）

22．（6分）（1）利用微信“扫一扫”功能，通过智能手机的摄像头扫描二维码（如图甲）可快速获取网络信息，手机摄像头相当于一个凸透镜，凸透镜对光有　会聚　作用（选填“会聚”或“发散”）。

（2）如图乙所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，此实验现象与　照相机　（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同。保持透镜位置不变，将蜡烛向右移，光屏必须向　右　（选填“左”或“右”）移动，才能再次呈现清晰的实像。

【分析】（1）凸透镜对光有会聚作用；

（2）凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；

【解答】解：（1）利用微信“扫一扫”功能，通过智能手机的摄像头扫描二维码（如图甲）可快速获取网络信息，手机摄像头相当于一个凸透镜，凸透镜对光有会聚作用；

（2）如图可知，物距大于像距，可以成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。

当凸透镜的位置不变时，只向右移动蜡烛，要使光屏上再次出现一个明亮清晰的像，可以向右移动光屏，才能再一次成像，并且此时的像比刚才的像大。

故答案为：（1）会聚；（2）照相机；右。

【点评】本题主要考查凸透镜的会聚作用以及成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；f＜u＜2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，不成像；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜。

23．（6分）在做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验中：

（1）图甲中有A、B、C三种读取温度计示数的方法，其中正确的是　B　（选填“A”“B”或“C”）；

（2）图乙是水沸腾时温度计的示数，可以读出水的沸点为　98　℃，水沸腾后继续加热，温度　不变　（选填“升高”“降低”或“不变”）。

【分析】（1）温度计在读数的时候，视线应该和温度计内的液柱上表面相平。温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面所指示的来读数。

（2）温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，然后读数；

液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。液体沸腾的条件：达到沸点并且要继续吸热。

【解答】解：（1）温度计的正确读数方法是视线应该和温度计内液柱上表面相平。即上述三种情况中，甲属于俯视，即读出的数据会偏大，丙是仰视，即读数会偏小。即只有B是正确的。

（2）由图乙是水沸腾时温度计的示数，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是98℃；

水沸腾后继续加热，温度不变。

故答案为：（1）B；（2）98；不变。

【点评】水的沸腾实验是初中热学部分最重要的实验，本题考查了温度计的读数、沸腾时的特点，常见题目。

24．（8分）学习了密度知识后，小明想测量一块玉石的密度，他进行了如下操作：

（1）将天平放在　水平　桌面上，移动游码至标尺左端的　零刻度线　处。

（2）用天平测量玉石的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则玉石的质量为　22.6　g；将玉石放入盛有20mL水的量筒中，静止时液面如图乙所示，则玉石的体积是　10　mL。

（3）根据测量结果可知该玉石的密度为　2.26×103　kg/m3。

【分析】（1）根据天平的正确使用进行填写：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡；

（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，玉石的体积为水和玉石总体积减去水的体积即为玉石的体积；

（3）根据密度公式求出密度。

【解答】解：（1）将托盘天平放在水平桌面上，游码移到标尺的零刻度处；

（2）此时所以砝码的质量是：20g；标尺上的是示数是2.6g；故物体的质量等于20g+2.6g=22.6g；

量筒的分度值为2ml，水和玉石的总体积为30ml，

玉石的体积：V=30ml﹣20ml=10ml=10cm3

（3）玉石的密度：

ρ===2.26g/cm3=2.26×103kg/m3。

故答案发为：（1）水平；零刻度线；（2）22.6；10；2.26×103。

【点评】测固体密度的常用方法是用天平测出固体的质量，根据排水法用量筒测出固体的体积，最后用公式ρ=计算出固体的密度。注意单位的换算1g/cm3=1×103kg/m3。

25．（9分）某兴趣小组在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V，小灯泡上标有“3.8V”的字样。

（1）根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙连接完整；

（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到　B　端（选填“A”或“B”）；

（3）闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，根据这些现象，判断电路中出现的故障是小灯泡　断路　（选填“短路”或“断路”）；

（4）当小灯泡正常发光时，如图丙所示电流表示数为　0.2　A，小灯泡的额定电功率是　0.76　W。

【分析】（1）由小灯泡的额定电压可知，电压表选用大量程与小灯泡并联；

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处；

（3）由图乙知两电表示数情况，由此分析电路故障；

（4）灯泡正常发光时的电压等于额定电压，由电流表读出灯泡正常发光的电流，由P=UI计算其额定功率；

【解答】解：（1）由题意可知，小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表选用大量程与小灯泡并联，如下图所示：

；

（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最大阻值处，即图中滑片应移至最右端的B处；

（3）闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路有断路故障；电压表示数接近电源电压，说明电压表到电源间是通路，所以故障是小灯泡出现断路；

（4）灯泡正常发光时的电压等于额定电压3.8V，由图丙可知，电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，此时通过灯泡的电流为0.2A，

所以灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.2A=0.76W；

故答案为：（1）如上图所示：（2）B；（3）断路；（4）0.2；0.76。

【点评】此题考查了测灯泡功率实验中，电路连接、故障判断、电流表读数、功率计算等，考查的知识点多，综合性强，有一定难度。

五、解答题（共2小题，满分10分）

26．（4分）六月正是库车小白杏大量上市的季节，放在水平地面上的一箱小白杏质量为3kg，箱子的底面积是0.06m2．（g取10N/kg）求：

（1）这箱小白杏所受重力；

（2）箱子对地面的压强。

【分析】（1）知道这箱小白杏的质量，利用公式G=mg可计算这箱小白杏的重力；

（2）知道箱子的底面积，利用公式p=可计算箱子对地面的压强大小。

【解答】解：

（1）这箱小白杏的重力：

G=mg=3kg×10N/kg=30N；

（2）箱子对地面的压力：

F=G=30N，

箱子对地面的压强：

p===500Pa。

答：

（1）这箱小白杏的重力是30N；

（2）地面受到的压强是500Pa。

【点评】本题主要考查了利用重力公式和压强公式进行简单的计算，知道放在水平地面的物体对地面产生的压力就等于自身的重力，再将相关数据代入公式计算即可，难度不大。

27．（6分）如图所示的电路中，电源电压为9V，灯泡L上标有“6V 1.2W”的字样，闭合开关S，灯泡恰好正常发光，求此时：

（1）通过灯泡L的电流；

（2）电阻R的阻值；

（3）整个电路消耗的电功率。

【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；

（2）根据电阻的串联求出电路中的总电阻；

（3）根据P=UI求出电路消耗的总功率。

【解答】解：（1）因灯泡L恰好正常发光，

由P=UI得通过灯泡L的电流：

IL===0.2A；

（2）电阻R与灯泡串联，

根据串联电路电压的规律知：

电阻R的电压为：

UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V；

串联电路电流处处相等，即IR=IL=0.2A；

电阻R的阻值：

R===15Ω；

（3）电路消耗的总功率：

P=UI=9V×0.2A=1.8W。

答：（1）通过灯泡L的电流为0.2A；

（2）电阻R的阻值为15Ω；

（3）整个电路消耗的电功率为1.8W。

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电流和额定电流相等。