2018届高考生物一轮（课标通用）课件：专题十一 基因的自由组合定律

这是一份2018届高考生物一轮（课标通用）课件：专题十一 基因的自由组合定律，共60页。PPT课件主要包含了考点28，考点29，试做真题，高手必备，萃取高招，对点精练，透析真题，解释疑惑等内容，欢迎下载使用。
专题十一 基因的自由组合定律
此专题内容是高考非选择题必考部分,也是生物 考题中难度最大的部分。想学好此专题,我的思路 是:必须清楚地掌握基本的基因型、表现型和配子 的种类及比例,无论是有关遗传的选择题还是非选 择题,都不会离开这个基本的基因自由组合定律。 至于做题方法,对于常规的有关自由组合定律的题目,我更倾向于“拆分法”:把自由组合定律拆成分离定律来做,再组合就可以了。对于遗传实验,我倾向于“假设法”:先假设如果出现该情况,则在该情况下,个体的基因型就确定了,按该基因型推导遗传过程即可,如果与结果相符,则假设成立,如果不相符,则换种假设再推,这个方法屡试不爽哦!
为了在高考中快速稳定地拿下遗传题,我们在复习的过程中应该做到:(1)掌握孟德尔发现自由组合定律的假说演绎的基本过程;(2)必须牢记并熟练应用各种基因分离比来解题,这是提高做题速度的最基本步骤;(3)懂得自交、测交等一些基本的测定基因型的方法,并且能够熟练应用自交、测交等方法产生的分离比来推测基因型。清华大学　王煜圣
考点28
考点29
基因的自由组合定律及应用1.(2014·海南单科,22,2分,中等难度)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交,假定这7对等位基因自由组合,则下列有关其子代的叙述,正确的是(　　)A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256D.7对等位基因纯合个体出现的概率与7对等位基因杂合个体出现的概率不同
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【答案】 B　AaBbDdEeGgHhKk自交,后代中每对等位基因自交子代中纯合子和杂合子的概率各占1/2,所以自交子代中1对杂合、6对纯合的个体有7种类型(利用数学排列组合方法进行分析),且每种类型的概率均为1/27=1/128,故此类个体出现的概率为7×(1/2)7=7/128,A项错误;同理,自交子代中3对杂合、4对纯合的个体占35×(1/2)7=35/128,B项正确;自交子代中5对杂合、2对纯合的个体有21×(1/2)7=21/128,C项错误;自交子代中7对等位基因纯合与7对等位基因杂合的个体出现的概率均为(1/2)7=1/128,D项错误。
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2.(2017·课标全国Ⅲ,32,12分,较高难度)已知某种昆虫的有眼(A)与无眼(a)、正常刚毛(B)与小刚毛(b)、正常翅(E)与斑翅(e)这三对相对性状各受一对等位基因控制。现有三个纯合品系:①aaBBEE、②AAbbEE和③AABBee。假定不发生染色体变异和染色体交换,回答下列问题。(1)若A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上,请以上述品系为材料,设计实验来确定这三对等位基因是否分别位于三对染色体上。(要求:写出实验思路、预期实验结果、得出结论)(2)假设A/a、B/b这两对等位基因都位于X染色体上,请以上述品系为材料,设计实验对这一假设进行验证。(要求:写出实验思路、预期实验结果、得出结论)
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【答案】 (1)选择①×②、②×③、①×③三个杂交组合,分别得到F1和F2,若各杂交组合的F2中均出现四种表现型,且比例为9∶3∶3∶1,则可确定这三对等位基因分别位于三对染色体上;若出现其他结果,则可确定这三对等位基因不是分别位于三对染色体上。(2)选择①×②杂交组合进行正反交,观察F1中雄性个体的表现型。若正交得到的F1中雄性个体与反交得到的F1中雄性个体有眼/无眼、正常刚毛/小刚毛这两对相对性状的表现均不同,则证明这两对等位基因都位于X染色体上。
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【解析】 由题干可知,A/a、B/b、E/e这三对等位基因都位于常染色体上,且每对基因各控制一种性状,则每对基因杂合子自交都会出现相应的3∶1的性状分离比,若任意两对等位基因位于两对同源染色体上,则两对基因均为杂合子的个体自交,后代会出现(3∶1)×(3∶1)=9∶3∶3∶1的性状分离比。如果基因位于X染色体上,则表现型不同的两纯合亲本正反交的结果不同。(1)让①和②杂交,①和③杂交,②和③杂交,得到的F1分别自交,观察F2的表现型及其比例。如果各杂交组合的F2中均出现4种表现型,且比例为9∶3∶3∶1,则说明这三对等位基因分别位于三对染色体上;如果出现其他结果,则说明这三对等位基因不是分别位于三对染色体上。
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(2)以①为母本,②为父本进行正交,同时以②为母本,①为父本进行反交,观察F1中雄性个体的表现型。如果正交产生的所有雄性均表现为无眼、正常刚毛、正常翅,反交产生的所有雄性均表现为有眼、小刚毛、正常翅,则证明这两对等位基因都位于X染色体上;如果出现其他结果,则证明这两对等位基因不都位于X染色体上。
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3.(2013·课标全国Ⅰ,31,12分,中等难度)一对相对性状可受多对等位基因控制,如某种植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状就受多对等位基因控制。科学家已从该种植物的一个紫花品系中选育出了5个基因型不同的白花品系,且这5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异。某同学在大量种植该紫花品系时,偶然发现了1株白花植株,将其自交,后代均表现为白花。回答下列问题。(1)假设上述植物花的紫色(显性)和白色(隐性)这对相对性状受8对等位基因控制,显性基因分别用A、B、C、D、E、F、G、H表示,则紫花品系的基因型为　　　　　　　　　　　　;上述5个白花品系之一的基因型可能为　　　　　　　　　　(写出其中一种基因型即可)。 
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(2)假设该白花植株与紫花品系也只有一对等位基因存在差异,若要通过杂交实验来确定该白花植株是一个新等位基因突变造成的,还是属于上述5个白花品系中的一个,则:①该实验的思路: 　; ②预期实验结果和结论:    　。 
【答案】 (1)AABBCCDDEEFFGGHHaaBBCCDDEEFFGGHH(2)①用该白花植株的后代分别与5个白花品系杂交,观察子代花色　②在5个杂交组合中,如果子代全部为紫花,说明该白花植株是新等位基因突变造成的;在5个杂交组合中,如果4个组合的子代为紫花,1个组合的子代为白花,说明该白花植株属于这5个白花品系之一
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【解析】 (1)紫花对白花为显性,且5个白花品系与该紫花品系都只有一对等位基因存在差异,所以紫花品系基因8对全为显性,基因型为AABBCCDDEEFFGGHH,5个白花品系各只有一对基因为隐性,比如aaBBCCDDEEFFGGHH。(2)①欲确定该白花植株是否属于上述5个白花品系中的一个,必须让其与每个白花品系分别杂交,观察后代的表现型。②若该白花植株属于上述5个白花品系中的一个,则其与某个白花品系杂交后代是白花,其余4个组合杂交后代均是紫花;若其后代都是紫花,说明该白花植株是一个新等位基因突变造成。
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4.(2013·课标全国Ⅱ,32,10分,中等难度)已知果蝇长翅和小翅、红眼和棕眼各为一对相对性状,分别受一对等位基因控制,且两对等位基因位于不同的染色体上。为了确定这两对相对性状的显隐性关系,以及控制它们的等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上(表现为伴性遗传),某同学让一只雌性长翅红眼果蝇与一只雄性长翅棕眼果蝇杂交,发现子一代中表现型及其分离比为长翅红眼∶长翅棕眼∶小翅红眼∶小翅棕眼=3∶3∶1∶1。回答下列问题。(1)在确定性状显隐性关系及相应基因位于何种染色体上时,该同学先分别分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果,再综合得出结论。这种做法所依据的遗传学定律是  　。 
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(2)通过上述分析,可对两对相对性状的显隐性关系及其等位基因是位于常染色体上,还是位于X染色体上做出多种合理的假设,其中的两种假设分别是:翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,棕眼对红眼为显性;翅长基因和眼色基因都位于常染色体上,棕眼对红眼为显性。那么,除了这两种假设外,这样的假设还有　　　　种。 (3)如果“翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,棕眼对红眼为显性”的假设成立,则理论上,子一代长翅红眼果蝇中雌性个体所占比例为　　　　,子一代小翅红眼果蝇中雄性个体所占比例为　　　　。【答案】 (1)基因的分离定律和自由组合定律(或自由组合定律)(2)4(3)0　1(或100%)
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【解析】 (1)该同学分析翅长和眼色这两对性状的杂交结果时,先分析一对性状的情况,再分析两对性状之间的关系,该同学依据的原理应是基因分离定律和自由组合定律。(2)据实验结果分析可知,长翅对小翅是显性;眼色的显隐性未知,可能的假设除题中所述外应还有:翅长基因位于常染色体上,眼色基因位于X染色体上,红眼对棕眼是显性;翅长基因和眼色基因都位于常染色体上,红眼对棕眼为显性;翅长基因位于X染色体上,眼色基因位于常染色体上,红眼对棕眼为显性或者棕眼对红眼为显性两种。(3)用A、a表示控制翅长的基因,用B、b表示控制眼色的基因,在(3)中假设成立条件下,亲代长翅红眼雌性果蝇的基因型为AaXbXb,另一长翅棕眼雄性果蝇的基因型为AaXBY,其子一代雌蝇全部表现为棕眼,小翅红眼的全部是雄性果蝇。
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5.(2014·大纲全国,34,14分,中等难度)现有4个小麦纯合品种,即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性,无芒对有芒为显性,且这两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述4个品种组成两个杂交组合,使其F1均为抗锈病无芒,且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一致。回答问题:(1)为实现上述目的,理论上,必须满足的条件有:在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于　　　　　　　　　　　上,在形成配子时非等位基因要　　　　　　　　,在受精时雌雄配子要　　　　　　　　　　,而且每种合子(受精卵)的存活率也要　　　。那么,这两个杂交组合分别是　　　　　　　　　　　　　　　　　　和　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 
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(2)上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子,1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起,长成的植株称为1个F3株系。理论上,在所有F3株系中,只表现出一对性状分离的株系有4种,那么,在这4种株系中,每种株系植株的表现型及其数量比分别是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　、　　　　　　　　　　　　　　　　　　　、　　　　　　　　　　　　　　　　　　　和　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。【答案】 (1)非同源染色体　自由组合　随机结合　相等　抗锈病无芒×感锈病有芒　抗锈病有芒×感锈病无芒　(2)抗锈病无芒∶抗锈病有芒=3∶1　抗锈病无芒∶感锈病无芒=3∶1　抗锈病有芒∶感锈病有芒=3∶1　感锈病无芒∶感锈病有芒=3∶1
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【解析】 本题考查孟德尔遗传规律的相关知识。(1)因为抗锈病(A)对感锈病(a)为显性,无芒(B)对有芒(b)为显性,要用4个品种组成两个杂交组合,使其F1均为抗锈病无芒,且它们的F2表现型及数量比完全一致,则杂交组合的基因型应该分别为AABB×aabb和AAbb×aaBB,且这两对等位基因必须分别位于两对同源染色体上,遵循孟德尔自由组合定律。(2)据题意,F3株系中只表现出一对性状分离的株系有4种,这4种株系分别是F2中基因型为AABb、AaBB、Aabb、aaBb的个体的后代,这些个体自交后代的表现型及比例分别是抗锈病无芒∶抗锈病有芒=3∶1、抗锈病无芒∶感锈病无芒=3∶1、抗锈病有芒∶感锈病有芒=3∶1和感锈病无芒∶感锈病有芒=3∶1。
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(2016·课标全国Ⅱ,32,12分,中等难度)某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状,各由一对等位基因控制(前者用D、d表示,后者用F、f表示),且独立遗传。利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交,实验结果如下:
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回答下列问题。(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为　　　　,果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为　　　　。 (2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为　　　　　　　　　　　　　　。 (3)若无毛黄肉B自交,理论上,下一代的表现型及比例为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 (4)若实验3中的子代自交,理论上,下一代的表现型及比例为 　。 (5)实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有　　　　　　　　　　。 
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【高手解题】 本题考查基因的自由组合定律。(1)(2)实验1:有毛A与无毛B杂交,子一代均为有毛,说明有毛为显性性状,双亲关于果皮有毛、无毛这对相对性状的基因型均为纯合的(A的基因型为DD,B的基因型为dd);实验3:白肉A与黄肉C杂交,子一代均为黄肉,据此可判断黄肉为显性性状,双亲关于果肉颜色的基因型均为纯合的(A的基因型为ff,C的基因型为FF);在此基础上,依据“实验1中的白肉A与黄肉B杂交,子一代黄肉与白肉的比为1∶1”可判断黄肉B是杂合的,基因型为Ff。综上所述,有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为DDff、ddFf、ddFF。(3)无毛黄肉B(ddFf)自交,理论上,下一代的基因型为ddFF∶ddFf∶ddff=1∶2∶1,表现型及比例为无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1。
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(4)实验3中子代的基因型为DdFf,具有两对相对性状的杂合子自交,符合基因自由组合定律,理论上,下一代的表现型及比例为有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1。(5)实验2中亲本的基因型为ddFf(无毛黄肉B)和ddFF(无毛黄肉C),其杂交得到的子代无毛黄肉的基因型有2种:ddFf和ddFF。【答案】 (1)有毛　黄肉(2)DDff、ddFf、ddFF(3)无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1(4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1(5)ddFF、ddFf
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1.两对相对性状的杂交实验P　黄圆(纯种)×绿皱(纯种)F1　　　　　黄圆F2 　黄圆　绿圆　黄皱　绿皱数量　315　108　 101　　32(1)F2中出现了不同性状之间的重组,共有9种基因型,4种表现型。(2)F2中四种表现型的分离比为黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱=9∶3∶3∶1。(3)F2中与亲本表现型相同的概率为5/8,重组类型为黄皱和绿圆,所占比例为3/8。
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2.对自由组合现象的解释P(黄色圆粒)YYRR×yyrr(绿色皱粒)F1　　　　　YyRr(黄色圆粒)F2　　　4种表现型　　9种基因型(1)F1产生的配子①雄配子种类及比例:YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。②雌配子种类及比例:YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。
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(2)F1配子的结合①配子的结合是随机的。②雌雄配子的结合方式有16种。(3)写出F2四种表现型对应的基因组成及所占比例①黄色圆粒:Y_R_　(9/16)。 ②黄色皱粒:Y_rr　(3/16)。 ③绿色圆粒:yyR_　(3/16)。 ④绿色皱粒: yyrr　(1/16)。
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3.对自由组合定律解释的验证——测交法
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典例导引1(2013·福建理综,28)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制,三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。
请回答下列问题。(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD),F1基因型是　　,F1测交后代的花色表现型及其比例是　　　　　　　　　　　。 (2)黄花(aaBBDD)×金黄花,F1自交,F2中黄花基因型有　　　　种,其中纯合个体占黄花的比例是　　　　。 (3)甘蓝型油菜花色有观赏价值,欲同时获得四种花色表现型的子一代,可选择基因型为　　　　的个体自交,理论上子一代比例最高的花色表现型是　　　　　　　。 
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【解析】 (1)AABBDD与aaBBDD的个体杂交,F1的基因型是AaBBDD,F1测交,即F1与金黄花(aabbdd)的个体杂交,后代的基因是AaBbDd和aaBbDd,所以后代表现型及其比例是乳白花∶黄花为1∶1。(2)黄花(aaBBDD)与金黄花(aabbdd)杂交,F1基因型为aaBbDd,F2中共有9种基因型,其中只有aabbdd开金黄花,其他全是黄花,所以黄花的基因型有8种。在黄花个体中,纯合子aaBBDD占1/15,aaBBdd占1/15,aabbDD占1/15,所以纯合个体占黄花的比例为1/5。(3)AaBbDd的个体自交子一代可同时出现四种花色的表现型。子一代中AA_ _ _ _的个体占1/4,Aa_ _ _ _的个体占1/2,aaB_ _ _和aa_ _D_的个体占15/64,aabbdd个体占1/64,所以在子一代中乳白花个体比例最高。【答案】 (1)AaBBDD　乳白花∶黄花=1∶1(2)8　1/5 (3)AaBbDd　乳白花
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高招1拆、分、合妙解基因自由组合1.思路:因为非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的,所以多对等位基因的遗传问题可以分别先运用分离定律分析,再运用乘法原理将各组情况进行组合。2.题型(1)配子类型的问题AaBbCc产生的配子种类数分析:Aa　Bb　Cc↓　 ↓　↓2 × 2 × 2=8种
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(2)配子间结合方式问题AaBbCc与AaBbCC杂交过程中,配子间结合方式有多少种?分析:先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子,再求两亲本配子间的结合方式。由于两性配子间的结合是随机的,因而AaBbCc与AaBbCC配子间有8×4=32种结合方式。(3)推算子代的基因型和表现型的种类基因型为AaBB的个体与aaBb的个体杂交(两对基因自由组合),子代的基因型、表现型各有多少种?分析:将AaBB×aaBb分解为Aa×aa和BB×Bb,则Aa×aa→子代两种基因型,两种表现型;BB×Bb→子代两种基因型,一种表现型。综合分析,子代的基因型种类为2×2=4种,表现型种类为2×1=2种。
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(4)求子代中基因型、表现型比例求ddEeFF与DdEeff杂交后代中基因型和表现型比例。分析:将ddEeFF×DdEeff分解:dd×Dd后代:基因型比为1∶1,表现型比为1∶1;Ee×Ee后代:基因型比为1∶2∶1,表现型比为 3∶1;FF×ff后代:基因型1种,表现型1种。所以,后代中基因型比为:(1∶1)×(1∶2∶1)×1=1∶2∶1∶1∶2∶1; 表现型比为:(1∶1)×(3∶1)×1=3∶1∶3∶1。
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(5)求子代中某种基因型或表现型的概率基因型为AaBb的个体(两对基因独立遗传)自交,子代基因型AaBB的概率为? 分析:将AaBb自交拆分为Aa自交和Bb自交,则Aa 1/2Aa,Bb 1/4BB。故子代基因型为AaBB的概率为1/2Aa×1/4BB=1/8AaBB。
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典例导引2(2016·河南模拟,31)某种南瓜的果实形状有扁盘形、球形、长形,由两对基因(A和a,B和b)控制,已知A和B都存在时表现为扁盘形,只有A或B时表现为球形,长形个体为隐性纯合子。请分析回答下列问题。(1)两株纯合球形南瓜作亲本杂交,F1全部为扁盘形南瓜,则亲本基因型组合为　　　　　　　　　　。 (2)为了探究两对基因(A和a,B和b)是否符合自由组合定律,两个研究小组分别做了如下实验。①第一研究小组选用了上述F1做亲本,和长形南瓜杂交。若后代表现型与比例为　　　　　　　　　　　　　,则说明两对基因的遗传符合自由组合定律。 
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②第二研究小组选用了上述F1做亲本,让其自交,若后代表现型及比例为　　　　　　　　　　　　　,则说明两对基因的遗传符合自由组合定律。 (3)若两对基因的遗传符合自由组合定律,另取两个亲本进行杂交实验,子代出现了扁盘形、球形、长形三种表现型,且扁盘形∶球形∶长形=3∶4∶1,则杂交实验中亲本的基因型可能为　　　　　　　　　　　　　。 
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【解析】 (1)两株纯合球形南瓜作亲本杂交,F1全部为扁盘形南瓜,由以上分析可知,亲本的基因型为AAbb、aaBB;(2)F1扁盘形南瓜的基因型为AaBb,根据基因自由组合定律,F1扁盘形南瓜产生的配子种类及比例是AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1;①第一研究小组选用了上述F1做亲本,和长形南瓜杂交,则为测交,后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1。由于已知A和B都存在时表现为扁盘形,只有A或B时表现为球形,长形个体为隐性纯合子。因此后代表现型及比例为扁盘形∶球形∶长形=1∶2∶1,证明控制这两对性状的基因位于两对同源染色体上,则说明两对基因的遗传符合自由组合定律;
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②第二研究小组选用了上述F1做亲本,让其自交,后代的基因型为A_B_、A_bb、aaB_、aabb=9∶3∶3∶1,由于已知A和B都存在时表现为扁盘形,只有A或B时表现为球形,长形个体为隐性纯合子。因此,后代表现型及比例为扁盘形∶球形∶长形=9∶6∶1,证明控制这两对性状的基因位于两对同源染色体上,则说明两对基因的遗传符合自由组合定律;(3)另取两个亲本进行杂交实验,子代出现了扁盘形、球形、长形三种表现型,且扁盘形∶球形∶长形=3∶4∶1,即A_B_∶(A_bb+aaB_)∶aabb=3∶4∶1,可变式为3∶(3+1)∶1或3∶(1+3)∶1。可推知A_或B_其中有一个是杂合子杂交,另一个是测交,即杂交实验中亲本的基因型可能为Aabb×AaBb或aaBb×AaBb。
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【答案】 (1)AAbb×aaBB(2)①扁盘形∶球形∶长形=1∶2∶1　②扁盘形∶球形∶长形=9∶6∶1(3)Aabb×AaBb或aaBb×AaBb
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高招2利用自交、测交巧判个体基因型和自由组合定律验证实验1.思路:对于通过实验确定个体基因型的试题,要根据实验目的先假设该个体的基因组成的可能类型,再确定用什么交配方法,预测可能会出现什么情况。2.题型(1)探究个体基因型①自交法:适用于植物,通过自交后代的表现型及比例即可推知待测个体的基因型。②测交法:如果能找到隐性个体,根据测交后代的表现型及比例即可推知待测个体的基因型。
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(2)验证遗传定律①自交法:由一对基因所控制的性状,F1自交后代的表现型比为3∶1,则符合基因的分离定律,由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。若F1自交后代的分离比为9∶3∶3∶1,则符合基因的自由组合定律,由两对等位基因控制,且两对等位基因位于两对同源染色体上。②测交法:由一对基因所控制的性状,F1测交后代的表现型比为1∶1,则符合基因的分离定律,由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制。若F1测交后代的分离比为1∶1∶1∶1,则符合基因的自由组合定律,由两对等位基因控制,且两对等位基因位于两对同源染色体上。
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1.(2017·江西吉安统考,3)已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性,控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩植株与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交得F1,F1自交得F2,F2理论上为(　　)A.27种基因型,16种表现型B.高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩=15∶1C.红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩=9∶3∶3∶1D.红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩=27∶3
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【答案】 C　以纯合的红花高茎子粒皱缩植株与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交,F1为红花高茎籽粒饱满,F1自交所得F2中27种基因型,8种表现型,A项错误;高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩=9∶1,B项错误;红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩=9∶3∶3∶1,C项正确;红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩=27∶1,D项错误。
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2.(2017·河南南阳质量评估,32)已知蔷薇的花色由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制,A为红色基因,B为红色淡化基因。蔷薇的花色与基因型的对应关系如下表:
现取3个基因型不同的白色纯合品种甲、乙、丙分别与红色纯合品种丁杂交,实验结果如图所示,请回答下列问题。
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(1)乙的基因型为　　　　　　;用甲、乙、丙3个品种中的　　　　　　两个品种杂交可得到粉红色品种的子代。 (2)实验二的F2中白色∶粉红色∶红色=　　　　　　,其中白色的基因型有　　　　　　种。 (3)从实验二的F2群体中选择一开红色花的植株,为了鉴定其基因型,将其与基因型为aabb的蔷薇杂交,得到子代种子;种植子代种子,待其长成植株开花后,观察其花的颜色及比例。①若所得植株花色及比例为　　　　　　　　　　　　,则该开红色花植株的基因型为　　　　　　。 ②若所得植株花色及比例为　　　　　　,则该开红色花植株的基因型为　　　　　　。
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【答案】 (1)aaBB　甲、丙(2)7∶6∶3　5 (3)①红色∶白色=1∶1　Aabb ②全为红色　AAbb
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【解析】 (1)由分析可知,乙的基因型为aaBB,甲为AABB,丙为aabb,因此甲、丙两个品种杂交可得到粉红色品种的子代。(2)实验
的基因型有aaBB、aaBb、aabb、AABB、AaBB 5种。(3)开红色花的基因型为A_bb,有两种可能,即AAbb、Aabb,所以将其与基因型为aabb的蔷薇杂交,得到子代种子;种植子代种子,待其长成植株开花后,观察其花的颜色。①若所得植株花色及比例为红色∶白色=1∶1,则该开红色花种子的基因型为Aabb。②若所得植株花色全为红色,则该开红色花种子的基因型为AAbb。
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3.(2017·陕西榆林一模,30)某果实的形状有圆形、盘状和三角形三种,经研究分析该性状由2对等位基因A、a和B、b决定,其基因型和表现型的关系:A_Bb为圆形、A_bb为盘状,其余为三角形。请回答下列问题。(1)为了验证这两对基因A、a和B、b的遗传是否符合自由组合定律,选择了两个表现型不同的亲本杂交,子一代自交,通过子二代表现型及比例来确定,则亲本的基因型为　　　　　　　　。 (2)若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上,则取某三角形植株自交,F1中三角形植株的基因型最多有　　　　种,F1中圆形个体大约占　　　　。 (3)纯合三角形植株和纯合盘状植株作亲本杂交,子一代全部是圆形植株,则亲本三角形植株的基因型是　　　　　。 
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【答案】 (1)aaBB×AAbb(2)3　0(3)aaBB【解析】 (1)为了验证这两对基因A、a和B、b的遗传是否符合自由组合定律,选择了两个表现型不同的亲本杂交,子一代自交,通过子二代表现型及比例来确定,则亲本的基因型为aaBB×AAbb。(2)若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上,则取某三角形植株(aaBb)自交,F1中三角形植株的基因型最多有3种(aaBB、aaBb、aabb),F1中不含圆形个体。(3)纯合三角形植株(aaBB或aabb)和纯合盘状植株(AAbb)作亲本杂交,子一代全部是圆形植株A_Bb,则亲本三角形植株的基因型是aaBB。
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4.(2017·山东日照二模,32)果蝇繁殖快,染色体数目少,是遗传学常用的实验材料。回答下列问题。(1)果蝇正常身和毛身是一对相对性状,为了判断这对相对性状的显隐性关系,某同学选取正常身果蝇与毛身果蝇进行正交、反交,观察F1的表现型。该杂交实验不一定能判断其显隐性,原因是　　　　　　　　　。 (2)果蝇控制卷翅和直翅的一对等位基因位于Ⅱ号染色体上。请用纯合正常身卷翅果蝇与纯合毛身直翅果蝇为实验材料,设计实验方案探究控制正常身和毛身的这对等位基因是否也位于Ⅱ号染色体上。(不考虑交叉互换)实验方案:  　。 
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实验结果与结论:①若　　　　　　　　　　　　　　　　　　,则表明该对等位基因位于Ⅱ号染色体上; ②若　　　　　　　　　　　　　　,则表明该对等位基因不在Ⅱ号染色体上。【答案】 (1)当显性亲本为杂合子时,后代的表现型为正常身和毛身,无法判断显隐性(2)实验方案:用纯合正常身卷翅果蝇与纯合毛身直翅果蝇个体杂交得到F1,F1雌雄个体相互交配得到F2,观察F2的表现型实验结果与结论:①F2出现3种或2种表现型②F2表现4种表现型
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【解析】 (1)正反交判断显隐性的前提是两个亲本均为纯合子,如果有一个亲本为杂合,由于亲代的表现型在杂交后代中都会出现且比例相同,所以正反交无法判断显隐性。(2)要探究控制正常身和毛身的这对等位基因是否也位于Ⅱ号染色体上,用纯合正常身卷翅果蝇与纯合毛身直翅果蝇杂交得F1,F1个体雌雄个体相互交配得F2,观察F2的表现型。若出现2种或3种表现型,则表明该对等位基因位于Ⅱ号染色体上;若出现4种表现型,则表明该对等位基因不在Ⅱ号染色体上。
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5.(2017·山东淄博一模,32)某雌雄异株的二倍体植物有红花、橙花、白花三种植株。已知雌株与雄株由M、m基因控制,花色受A、a与B、b基因的控制(A与B基因同时存在的植株开红花,二者都不存在时开白花),相关基因独立遗传且完全显性。为研究该植物的遗传,所进行的实验如下:实验1:利用红花植株的花粉进行离体培养获得幼苗,对幼苗进行处理,获得的正常植株全部开白花且雌株与雄株的比例约为1∶1,利用橙花植株的花粉重复上述实验,结果相同。实验2:红花雄株与红花雌株杂交,每组杂交子代中,雌株与雄株的比例为1∶1,且总出现比例约为1∶2∶1的红花株、橙花株、白花株。
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请回答下列问题。(1)对红花植株的花粉离体培养,所获得的幼苗的基因型为　　　　;对幼苗进行处理获得正常植株,常采用的处理方法是　　　　　　,花粉离体培养获得幼苗的过程表现花粉具有　　　　　　　。 (2)橙花雄株与橙花雌株杂交,子代中雄株的性状分离比为　　　　　　　　　　　　　　　　,红花雄株的基因型是　　　　　　　　。自然条件下,一般不存在基因型为MM的植株,其原因主要是　　　　　　　　。 (3)红花雄株与红花雌株杂交,子代中红花株、橙花株与白花株的比例为1∶2∶1,研究者认为该性状分离比是相关基因导致花粉不育的结果,可利用测交实验进行验证,若测交实验中　　　　　,则上述观点正确。 
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【答案】 (1)mab　用秋水仙素处理单倍体幼苗　全能性(2)橙花∶白花=1∶1　mmAaBb　雄株是由隐性基因m控制,因此不能产生含有M的精子(3)雌雄比例是1∶1,且都表现为白花【解析】 (1)由分析可知,红花植株的基因型是mmAaBb,产生的配子的类型及比例是mAB∶mAb∶amB∶mab=1∶1∶1∶1,其中mAB、mAb、maB不活,因此花药离体培养产生的单倍体的基因型是mab,对幼苗用秋水仙素处理后,染色体加倍,称为可育二倍体,基因型为mmaabb;花粉离体培养获得幼苗的原理是植物细胞具有全能性。
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(2)由于橙花雄株的基因型是mmAabb或毛霉aaBb,不论哪一种基因型,橙花雄株产生的可育配子的基因型都是mab,橙花雌株的基因型是MmAabb(MmaaBb)二者杂交子代的基因型及比例是MmAabb∶Mmaabb∶mmAabb∶mmaabb=1∶1∶1∶1,其中mmAabb、mmaabb都是雄株,花色比是橙花∶白花=1∶1;由于雄株产生的可育配子的基因型是mab,因此红花雄株的基因型是mmAaBb;雄株是由隐性基因m控制,因此不能产生含有M的精子,因此自然条件下,一般不存在基因型为MM的植株。(3)如果红花雄株与红花雌株杂交,子代中红花株、橙花株与白花株的比例为1∶2∶1,该性状分离比是相关基因导致花粉不育的结果,则红花雄株产生的有活力的精子只有一种是mab,让其与白花雌性亲本进行测交,白花雌性亲本的基因型是Mmaabb,测交后代的基因型是Mmaabb∶mmaabb=1∶1,雌雄比例是1∶1,且都表现为白花。
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6.(2017·山东潍坊一模,32)水稻的杂种表现为生长和产量的优势,但水稻一般是自花传粉且去雄困难,很难实施人工杂交,袁隆平等成功培育出高产杂交水稻的关键是在野生稻中找到了雄性不育植株。科学研究已证明水稻雄性是否可育是由细胞核基因(可育基因R对不育基因r为显性)和细胞质基因(可育基因为N,不育基因为S,细胞质中基因都成单存在,子代的细胞质基因全部来自母方)共同控制的。基因R能够抑制基因S的表达,当细胞质中有基因N时,植株都表现为雄性可育。下图表示利用雄性不育植株培育杂种水稻的过程。请回答下列问题。P　　♂N(RR)或S(RR)　　×　　　♀S(rr)F1 N(RR)或S(RR) S(Rr)大田生产中用于播种
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(1)根据上述信息推测水稻雄性可育植株的基因型共有　　　种,利用雄性不育植株进行杂交共有　　　种杂交组合。 (2)上图中杂交获得的种子播种后,发育成的植株恢复雄性可育的原因是 　。 (3)杂交水稻需年年育种,但上述育种过程不能保留雄性不育植株,请参照图示遗传图解格式,写出长期稳定获得雄性不育植株的育种方案。【答案】 (1)5　5(2)来自父本的R基因使后代恢复雄性可育(3)P　♂N(rr)　　×　　♀S(rr)F1 N(rr) S(rr)　
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【解析】 (1)根据题干信息可知,只有S(rr)表现雄性不育,其他包括N(RR)、N(Rr)、N(rr)、S(RR)、S(Rr)共五种基因型均表现为雄性可育。利用雄性不育作为母本(一种基因型),与雄性可育个体(5种基因型)进行杂交一共有5种杂交组合。(2)上图中杂交获得的种子的基因型为S(rr),该雄性不育个体作为母本,产生的卵细胞为S(r),如果父本产生的精子中含有R基因,会导致该种子播种后,发育成的植株恢复雄性可育。(3)杂交水稻需年年育种,但上述育种过程不能保留雄性不育植株,若要长期稳定获得雄性不育植株的育种方案,可以让N(rr)不断自交获得雄性可育个体,让N(rr)与S(rr)杂交获得S(rr),遗传图解如下:P　♂N(rr)　　×　　♀S(rr)F1 N(rr) S(rr)　
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7.(2016·四川宜宾一模,32)某植物是一种雌雄异花同株的植物,其果实皮色性状中的黄皮基因(M)对绿皮基因(m)为显性;另一基因w也与其皮色表现有关,当该基因突变时会出现白皮果实。让两纯合亲本白皮个体和绿皮个体杂交,F1全为白皮性状,F1自交后收获种子,将种子单株种植后,发现所结果实的皮色性状有3种,其中85株结白皮,20株结黄皮,还有7株结绿皮。试分析推测。(1)上述突变基因与w基因的本质区别是　　　　　　　　　　　　　　　不同,最终结果是导致果实的表皮细胞　　　　　　　　　　　,而出现白皮果实。  (2)上述两对基因的遗传遵循了　　　　　　　　　　　,纯合亲本白皮个体的基因型为　　　　。  (3)理论上,85株结白皮的植株基因型最多有　　　　种;其中,自交后代不会出现性状分离的个体所占比例约为　　　　　。  
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(4)若让F2中的绿皮个体与F1杂交,其后代表现型及比例为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 【答案】 (1)脱氧核苷酸的排列顺序　不能合成色素　(2)(基因分离定律和)基因的自由组合定律　WWMM　(3)6　　(4)白皮∶黄皮∶绿皮=2∶1∶1
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【解析】 (1)基因突变可以产生新基因,即产生原来的等位基因。突变基因与w基因的本质区别是脱氧核苷酸的排列顺序不同,最终结果是导致果实的表皮细胞不能合成色素,而出现白皮果实。(2)根据题意可知,子二代中“85株结白皮,20株结黄皮,还有7株结绿皮”,即符合12∶3∶1的性状分离比,因此上述两对基因的遗传遵循了(基因分离定律和)基因的自由组合定律。两个纯合亲本的基因型分别为WWMM×wwmm,因此纯合亲本白皮个体的基因型为 WWMM。(3)由于出现12∶3∶1的分离比,因此白皮个体为W_M_、W_mm,黄皮个体为wwM_,绿皮个体为wwmm。因此理论上,85株结白皮的植株基因型最多有4+2=6种;其中,自交后代不会出现性状分离的个体有WWMM、WWMm、WWmm,因此所占比例约为4/16÷12/16=1/3。(4)若让F2中的绿皮个体(wwmm)与F1(WwMm)杂交,后代基因型为1WwMm∶1Wwmm∶1wwMm∶1wwmm,因此其后代表现型及比例为白皮∶黄皮∶绿皮=2∶1∶1。
考点28
考点29
两对及以上基因的非常规遗传1.(2017·课标全国Ⅱ,6,6分,中等难度)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定,其中,A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素;D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达;相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9的数量比,则杂交亲本的组合是(　　)A.AABBDD×aaBBdd,或AAbbDD×aabbddB.aaBBDD×aabbdd,或AAbbDD×aaBBDDC.aabbDD×aabbdd,或AAbbDD×aabbddD.AAbbDD×aaBBdd,或AABBDD×aabbdd
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考点28
考点29
【答案】 D　由题可知,黑色个体的基因型为A_B_dd,褐色个体的基因型为A_bbdd,其余基因型的个体为黄色个体。由F2中黄∶褐∶黑=52∶3∶9可知,黑色个体(A_B_dd)占的比例为9/64=3/4×3/4×1/4,褐色个体(A_bbdd)占的比例为3/64=3/4×1/4×1/4,由此可推出F1的基因型为AaBbDd, 只有D项亲本杂交得到的F1的基因型为AaBbDd。
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考点28
考点29
2.(2016·课标全国Ⅲ,6,6分,中等难度)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花。若F1自交,得到的F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株。根据上述杂交实验结果推断,下列叙述正确的是(　　)A.F2中白花植株都是纯合子B.F2中红花植株的基因型有2种C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
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考点28
考点29
【答案】 D　本题考查基因的自由组合定律及其应用。F1自交得到的F2中红花∶白花=272∶212≈9∶7,用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代中,红花∶白花≈1∶3,符合基因的自由组合定律,由此可知该性状由两对基因控制(假设为A、a和B、b),且分别位于两对同源染色体上;F1的基因型为AaBb,F2中红花植株的基因组成为A_B_,基因型有4种;白花植株的基因组成为A_bb、aaB_和aabb,基因型有5种,其中有3种为纯合子,2种为杂合子,A、B、C三项错误,D项正确。
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考点29
1.自由组合定律细胞学基础及实质(1)细胞学基础
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考点28
考点29
(2)时间:减数第一次分裂后期。(3)范围:进行有性生殖的生物细胞核内染色体上的基因。(4)研究对象:位于非同源染色体上的非等位基因。(5)实质:非同源染色体上的非等位基因自由组合。2.自由组合定律的应用(1)指导杂交育种,培育具有多个优良性状的品种。(2)为遗传病的预测和诊断提供依据。3.孟德尔成功的原因(1)正确地选择了豌豆作为实验材料。(2)采用了由一对到多对的研究方法。(3)利用了统计学方法对实验结果进行分析。(4)采用了科学的探究方法——假说演绎法。
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考点28
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典例导引3(2017·广东普宁模拟,12)白花三叶草有两个品种:叶片内含较高水平氰(HCN)的品种和不含氰的品种,由两对独立遗传的基因控制。其代谢过程如下图。两个不含氰的品种杂交,F1全部含有较高水平氰,F1自交获得F2,则(　　)A.两亲本的基因型为DDhh(或Ddhh)和ddHH(或ddHh)B.F2中性状分离比为较高含氰品种∶不含氰品种=15∶1C.氰产生后主要储存在叶肉细胞溶酶体中D.向F2不含氰品种的叶片提取液中加入含氰葡萄糖苷,约有3/7类型能产生氰
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考点28
考点29
【解析】 由题意可知,相关的两对基因独立遗传,遵循基因的自由组合定律;D_H_表现为叶片内含较高水平氰(HCN)的品种,D_hh、ddH_和ddhh均为不含氰的品种。两个不含氰的品种杂交,F1全部含有较高水平氰,说明F1的基因型为DdHh,则两亲本均为纯合子,其基因型分别为DDhh和ddHH,A项错误;F1自交获得F2,F2中性状分离比为较高含氰品种(9D_H_)∶不含氰品种(3D_hh+3ddH_+1ddhh)=9∶7,B项错误;氰产生后主要储存在叶肉细胞的液泡中,C项错误;F2中不含氰的品种及其比例为D_hh∶ddH_∶ddhh=3∶3∶1,其中ddH_不能产生含氰葡萄糖苷,但是加入含氰葡萄糖苷后能产生氰,所以向F2不含氰品种的叶片提取液中加入含氰葡萄糖苷,约有3/7类型能产生氰,D项正确。【答案】 D
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高招3通过合并同类项类推自由组合特殊分离比1.思路(1)看F2的表现型比例,若表现型比例之和是16,一般都符合基因的自由组合定律。(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比,分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4,则为9∶3∶(3∶1),即4为两种性状的合并结果。(3)根据异常分离比出现的原因,推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。
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考点28
考点29
2.题型9∶3∶3∶1是独立遗传的两对相对性状自由组合时出现的表现型比例,题干中如果出现附加条件,则可能出现9∶3∶4、9∶6∶1、15∶1、9∶7等一系列的特殊分离比。以F1(AaBb)自交后代分离比为例,总结如下:
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典例导引4(2017·黑龙江哈尔滨模拟,42)水稻的高秆对矮秆为完全显性,由一对等位基因A、a控制,抗病对易感病为完全显性,由另一对等位基因B、b控制,现有纯合高秆抗病和纯合矮秆易感病的两种亲本杂交,所得F1自交,多次重复实验,统计F2的表现型及比例都近似有如下结果:高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病=249∶51∶51∶49。据实验结果回答问题。(1)控制抗病和易感病的等位基因　　　　　(填“遵循”或“不遵循”)基因的分离定律。 (2)上述两对等位基因之间　　　　　(填“遵循”或“不遵循”)基因的自由组合定律。 (3)F2中出现了亲本所没有的新的性状组合,产生这种现象的根本原因是有性生殖过程中,控制不同性状的基因进行了重新组合,具体发生在　　　　　　　　　　时期。 
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(4)请根据所学知识对上述实验结果给出合理的解释(假说),并设计简单实验验证。①控制上述性状的两对等位基因位于　　　　对同源染色体上。 ②F1通过减数分裂产生的雌雄配子的比例都是AB∶Ab∶aB∶ab=7∶3∶3∶7。③雌雄配子随机结合。为验证上述假说,请设计一个简单的实验并预期实验结果。实验设计: 　。 预期结果: 　。 
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【解析】 (1)在F2的表现型中,抗病∶易感病=(249+51)∶(49+51)=3∶1,说明控制抗病和易感病的等位基因遵循基因的分离定律。(2)由于F2的表现型及比例是高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病=249∶51∶51∶49,不符合9∶3∶3∶1,也不属于它的变式,因此它们之间不遵循基因自由组合定律。(3)F2中出现了亲本所没有的新的性状组合,产生这种现象的根本原因是有性生殖过程中,在减数第一次分裂的四分体时期,同源染色体上的非姐妹染色单体之间发生了交叉互换,进行了基因重组。(4)由于两对等位基因均遵循基因的分离定律而它们之间不遵循基因自由组合定律,实验可假设两对等位基因位于一对同源染色体上,并且题中已假设了F1通过减数分裂产生的雌雄配子的比例都是AB∶Ab∶aB∶ab=7∶3∶3∶7,如果假设成立,那么通过测交的方式后代也应该会出现这一结果。
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【答案】 (1)遵循　(2)不遵循　(3)减数分裂的四分体(减Ⅰ前期)　(4)①一　③将F1与纯合矮秆易感病的水稻杂交,观察并统计子代的表现型及比例　所得子代出现四种表现型,其比例为:高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病=7∶3∶3∶7
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高招4利用假设巧解两对基因的非常规遗传探究实验1.思路要根据实验已知的实验结论先假设可能出现的情况,根据该情况,初步确立某些个体的基因型,再确定用什么实验方法,预测可能会出现的情况,若与假设相符则成立,若不相符,则换种情况推导。2.题型(1)探究某性状由一对基因还是由两对基因控制①自交法:若杂合子自交后代分离比为3∶1,则由一对基因控制;若杂合子自交后代分离比为9∶3∶3∶1,则由两对基因控制。②测交法:若杂合子测交后代分离比为1∶1,则由一对基因控制;若杂合子测交后代分离比为1∶1∶1∶1,则由两对基因控制。
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(2)探究两对基因的位置关系自交法:若杂合子自交后代的分离比为3∶1或1∶2∶1,则这两对基因位于一对同源染色体上。若杂合子自交后代的分离比为9∶3∶3∶1,则这两对基因位于两对同源染色体上。
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例题(2017·福建漳州模拟,40)某种鱼的鳞片有4种表现型:单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞,由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定(用A、a,B、b表示),且BB对生物个体有致死作用。将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交,F1有两种表现型,野生型鳞的鱼占50%,单列鳞鱼占50%;选取F1中的单列鳞鱼进行互交,其后代中有上述4种表现型,这4种表现型的比例为6∶3∶2∶1。下列叙述中不正确的是(　　)A.F1单列鳞鱼互交产生F2时,有三种基因型是致死类型B.所选取的F1单列鳞鱼的基因型是AaBbC.亲本无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼的基因型为:aaBb×AAbbD.F2中的单列鳞鱼基因型及比例为AABb∶AaBb=1∶3
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【解析】 BB有致死作用,该鱼种群F1中的单列鳞鱼进行互交,其后代中4种表现型,并由6A_Bb、3A_bb、2aaBb和1aabb这4类基因型控制,可推导F1中的单列鳞鱼的基因型为AaBb。双亲都与F1表现型不同,所以双亲为单显,基因型为A_bb和aaBb,则亲本纯合野生型鳞鱼的基因型为AAbb。F2中的单列鳞鱼基因型及比例为AABb∶AaBb=1∶2。【答案】 D【考生困惑】 判定不准致死原因【解惑绝招】 步骤一,由题干找出有关“致死”的类型:按“致死”类型分,一般有配子致死(雌配子致死和雄配子致死)和个体致死(受精卵致死、胚胎致死、未成年前致死);按显隐性分,一般有显性致死(一般为显性纯合致死)和隐性致死;按致死率分,一般有全致死(该类型全部死亡)和部分致死(该类型有一定的死亡率)。
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步骤二,根据致死类型判定:若为配子致死,则该配子不能参与到后代的产生过程中,如:a使雄配子致死,则♀Aa×♂Aa中,两个亲本产生配子的情况(♀:A、a×♂:A、a)→(♀:A、a×♂:A),后代的基因型只有AA和Aa。若为个体致死,则该个体形成后要淘汰,原有正常个体所占的比例要重新换算,如:aa个体致死,则♀Aa×♂Aa,后代的基因型及所占比例为(AA=1/4,Aa=2/4,aa=1/4)→(AA=1/3,Aa=2/3)。若为显性致死或隐性致死,则该显性类型或隐性个体形成后要淘汰,原有正常个体的比例要重新换算。若为部分致死,则形成该类型的个体后,由于该个体的致死率,原有正常类型和该致死类型存活的比例也要重新换算,如:aa个体一半致死,则♀Aa×♂Aa,后代的基因型及所占比例为(AA=1/4,Aa=2/4,aa=1/4)→(AA=2/7,Aa=4/7,aa=1/7)。
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1.(2017·四川南充模拟,23)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制,基因型为AA的植株表现为大花瓣,基因型为Aa的植株表现为小花瓣,基因型为aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制,基因型为RR和Rr的花瓣表现为红色,基因型为rr的花瓣表现为黄色,两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交,则下列有关判断错误的是(　　)A.子代共有9种基因型B.子代共有4种表现型C.子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例约为1/3D.子代的所有植株中,纯合子约占1/4
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【答案】 B　两对基因独立遗传,基因型为AaRr的亲本自交,子代共有9种基因型,A项正确;由“AA的植株表现为大花瓣,基因型为Aa的植株表现为小花瓣,基因型为aa的植株表现为无花瓣”和“基因型为RR和Rr的花瓣表现为红色,基因型为rr的花瓣表现为黄色”可知,子代共有2×2+1=5种表现型,B项错误;子代有花瓣植株的基因型为A_ _ _,其中AaRr所占的比例约为2/3×1/2=1/3,C项正确;子代的所有植株中,纯合子约占1/2×1/2=1/4,D项正确。
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2.(2017·湖北十堰模拟,23)菜豆种皮颜色由两对非等位基因A(a)和B(b)调控。A基因控制色素合成(A—显性基因—出现色素,AA和Aa的效应相同),B基因为修饰基因,淡化颜色的深度(B—显性基因—修饰效应出现),且有累加效应。现有亲代种子P1 (纯种,白色)和P2(纯种,黑色),杂交实验如图所示,则下列有关推断不正确的是(　　)A.P1和P2的基因型分别为AABB和aabbB.F1的基因型是AaBbC.F2中种皮为黑色的个体基因型有2种D.F2中种皮为白色的个体基因型有5种
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【答案】 A　本题是由果推因型题。解题的一般程序:由F2 的表现型推F1 ,再由F1 反推亲代。由题干B基因为修饰基因,淡化颜色的深度(B—显性基因—修饰效应出现),且有累加效应可知,基因型为AAbb和Aabb的表现型为黑色,基因型为AABb和AaBb的表现型为黄褐色,基因型为aaBB、AABB、AaBB、aaBb和aabb的表现型为白色。根据亲代为纯种,F1为黄褐色且F2中黑色∶黄褐色∶白色=3∶6∶7,可推出P1的基因型为aaBB,P2的基因型为AAbb,则F1基因型为AaBb。F2中黑色个体的基因型有2种:AAbb(1/16)、Aabb(2/16),白色个体的基因型有5种:AABB(1/16)、AaBB(2/16)、aaBB(1/16)、aaBb(2/16)和aabb(1/16)。 
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3.(2016·山东泰安模拟,18)玉米是重要的经济作物,合理密植可提高玉米的产量。最新研究表明玉米茎叶夹角是由多对独立遗传的等位基因控制,假如玉米茎叶夹角由A(a)、B(b)、C(c)三对基因控制,且基因型为aabbcc植株的茎叶夹角度数为x,每增加一个显性基因茎叶夹角度数减小y(假设茎叶夹角对光合作用的影响在可接受范围内)。不考虑环境因素,现要通过自交培育最适合密植的植株,则适合做亲本的植株中茎叶夹角最大为(　　)A.x-y　 B.x-2yC.x-3y D.x-4y【答案】 C　根据题意,根据自交法获得AABBCC的个体,则亲本的3对基因中,每对基因至少有一个显性基因存在,即至少有3个显性基因,所以做亲本的植株夹角最大的个体为AaBbCc,夹角为x-3y。
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4.(2016·山西大同质检,18)玉米是一种雌雄同株植物,其顶部开雄花,中部开雌花。已知正常株的基因型为B_T_,基因型为bbT_的植株下部雌花序不能正常发育而变为雄株,基因型为B_tt的植株顶部雄花序转变为雌花序而变为雌株,基因型为bbtt的植株顶部长出的也是雌花序而成为雌株。对下列杂交组合所产生后代的预测,错误的是(　　)A.BbTt×BbTt→正常株∶雌株∶雄株=9∶4∶3B.bbTT×bbtt→全为雄株C.bbTt×bbtt→雄株∶雌株=1∶1D.BbTt×bbtt→正常株∶雌株∶雄株=2∶1∶1
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【答案】 D　BbTt×BbTt→B_T_(正常株)∶B_tt(雌株)∶bbT_(雄株)∶bbtt(雌株)=9∶3∶3∶1,即正常株∶雌株∶雄株=9∶4∶3,A项正确;bbTT×bbtt→后代的基因型均为bbTt,全为雄株,B项正确;bbTt×bbtt→bbTt(雄株)∶bbtt(雌株)=1∶1,C项正确;BbTt×bbtt→BbTt(正常株)∶Bbtt(雌株)∶bbTt(雄株)∶bbtt(雌株)=1∶1∶1∶1,因此正常株∶雌株∶雄株=1∶2∶1,D项错误。
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5.(2016·山东泰安一模,6)已知玉米有色籽粒对无色籽粒是显性。现将一有色籽粒的植株X进行测交,后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3,对这种杂交现象的推测错误的是(　　)A.玉米的有色、无色籽粒遗传能遵循孟德尔遗传定律B.玉米的有色、无色籽粒是由一对等位基因控制的C.测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同D.测交后代的无色籽粒有三种基因型【答案】 B　玉米的有色、无色籽粒遗传遵循基因的分离定律和基因的自由组合定律,A项正确;玉米的有色、无色籽粒是由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制的,B项错误;由于测交是杂合体与隐性个体杂交,所以测交后代的有色籽粒的基因型仍为双杂合体,与植株X的基因型相同,C项正确;测交后代的无色籽粒的基因型有三种,其中两种为单显性,一种为双隐性,D项正确。
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6.(2017·宁夏模拟,33)不同鲤鱼品种的体色不同,是由鱼体鳞片和皮肤含有不同的色素细胞及其数量分布差异所致。科研人员用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)做杂交实验。a:黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)杂交,无论正交、反交,F1皆表现为黑鲤。b:F1雌雄个体间相互交配,F2既有黑鲤,也有红鲤,且黑鲤∶红鲤约为15∶1。请回答下列问题。(1)鲤鱼体色中的　　　　是显性性状。 (2)分析实验结果推测:鲤鱼的体色是由　　　　对基因控制的,该性状的遗传遵循　　　　　　　　　　　　定律。 
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(3)为验证上述推测是否正确,科研人员又设计了测交实验来验证,请补充以下实验步骤。①选择a中的亲本黑鲤和红鲤作亲本杂交获得F1。②　。 ③观察后代性状表现,统计其性状分离比例。预期结果:　。 【答案】 (1)黑色(2)两　 基因的(分离和)自由组合(3)F1与隐性亲本(红鲤)杂交　黑鲤与红鲤的比例为3∶1
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【解析】 (1)黑鲤和红鲤杂交,无论正交还是反交F1皆表现为黑鲤,由此可判断鲤鱼体色中的黑色是显性性状。(2)F1雌雄个体间相互交配,F2既有黑鲤,也有红鲤,且黑鲤∶红鲤约为15∶1,是“9∶3∶3∶1”的变式,这说明鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的,且它们的遗传遵循基因的自由组合定律。(3)要验证上述推测是否正确,可采用测交法,即选择纯合黑鲤和纯合红鲤做亲本杂交获得F1,让F1与隐性亲本(红鲤)杂交,观察后代性状表现,统计其性状分离比例。若鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的,且其遗传遵循基因的自由组合定律,则后代中黑鲤与红鲤(双隐性)的比例为3∶1。
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7.(2017·安徽安庆模拟,32)某植物花色产生机理为:白色前体物→黄色→红色,已知A基因(位于2号染色体上)控制黄色,B基因控制红色。研究人员用纯种白花和纯种黄花杂交得F1,F1自交得F2,实验结果如下表中甲组所示。
(1)根据甲组实验结果,可推知控制花色基因的遗传遵循基因的　　　　　　　　定律。 (2)研究人员某次重复该实验,结果如表中乙组所示。经检测得知,乙组F1的2号染色体缺失导致含缺失染色体的雄配子致死。由此推测乙组中F1发生染色体缺失的是　　(填“A”或“a”)基因所在的2号染色体。请用棋盘法遗传图解表示乙组F1自交得到F2的过程。 
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(3)为检测某红花植株(染色体正常)基因型,以乙组F1红花作亲本与之进行正反交。①若正反交子代表现型相同,则该待测红花植株基因型为　　　　　　　　　。 ②若正交子代红花∶白花=1∶1,反交子代表现型及比例为　　　　　　　　　　　　,则该待测红花植株基因型为　　　　　　。 ③若正交子代表现型及比例为　　　　　　　　　　　　　　　　,反交子代红花∶黄花∶白花=9∶3∶4,则该待测红花植株基因型为　　　　　　　　。
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【答案】 (1)自由组合(分离和自由组合)(2)A(3)①AABB或AABb②红花∶白花=3∶1　AaBB③红花∶黄花∶白花=3∶1∶4　AaBb
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【解析】 (1)根据甲组F2表现型及比例为红花∶黄花∶白花=9∶3∶4,是自由组合定律表现型比例9∶3∶3∶1的变式,说明控制花色基因的遗传遵循基因的自由组合定律。(2)已知乙组F1的2号染色体缺失导致含缺失染色体的雄配子致死。若发生缺失的2号染色体含有a基因,F2将不可能出现白花植株,可以推测乙组中F1发生染色体缺失的是A基因所在的2号染色体。遗传图解如下:
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(3)该待测红花植株的基因型可能是AABB、AABb、AaBB、AaBb中的某一种,现将乙组F1红花做♂定为正交。①若该待测红花植株基因型为AABB,则无论正反交,后代全为红花;若该待测红花植株基因型为AABb,正交结果为红花∶黄花=3∶1,遗传图解为
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反交结果也是红花∶黄花=3∶1,遗传图解为②若该待测红花植株基因型为AaBB,可以推知正交结果为红花∶白花=1∶1,反交结果为红花∶白花=3∶1;③若该待测红花植株基因型为AaBb,可以推知正交结果为红花∶黄花∶白花=3∶1∶4,反交结果为红花∶黄花∶白花=9∶3∶4。