2019-2020学年九年级上学期山西省运城市盐湖区期末检测物理试题（原卷+解析卷）

山西省运城市盐湖区2019-2020学年九年级（上)期末检测物理试题

学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

1．物理知识无处不在，生活中的许多现象都与物理知识息息相关，以下所描述的物理量中，符合生活实际的是（　　）

A．一节新干电池的电压为2V

B．家庭节能灯的电流大约是5A

C．液晶电视机的电功率约为100W

D．汽油机的效率约为80%-90%

2．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）

A．-10℃的冰没有内能

B．物体的温度越高，所含的热量越多

C．对物体做功，物体的温度一定升高

D．一个物体吸收热量时，温度不一定升高

3．以下说法正确的是（　　）

A．汽油机在做功冲程中，是内能转化为机械能

B．冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低

C．用火炉烧水，是通过做功的方法增加水的内能

D．中午海滩上沙子比水热，是因为水的比热容较小

4．下列现象利用热传递改变物体内能的是(    )

A．快速弯折铁条，铁条变折处变热      B．公园中的石凳被太阳晒热

C．两手互相摩擦时手发热       D．刀具在砂轮上磨得发烫

5．在“探究串联电路中的电流规律”实验中，某同学用电流表分别测出图中 a、b、c 三处的电流。为了进一步探究 a、b、c 三处的电流有什么关系，他下一步的操作应该是（ ）

A．将电源两极对调，再次测量 a、b、c 三处的电流

B．改变开关 S 的位置，再次测量 a、b、c 三处的电流

C．将图中两只灯泡位置对调，再次测量 a、b、c 三处的电流

D．换用不同规格的灯泡，再次测量 a、b、c 三处的电流

6．小明帮妈妈做饭时，联想到了许多物理知识，下列说法不正确的是（　　）

A．使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理

B．炒鸡块时利用了热传递的方式使鸡块内能增大

C．香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动

D．油炸食品比水煮熟得更快，是由于油的沸点比水的沸点高

7．王老师把标有“PZ220V 40W”和“PZ220V 60W”的甲、乙两盏灯串联接在220V的电源上（设灯丝电阻不变），则下列判断正确的是（　　）

A．两盏灯的总功率等于100W

B．乙灯消耗的实际功率大于甲灯的实际功率

C．两盏灯的亮度相同

D．甲灯两端的实际电压大于110V

8．智能手机在现代生活中的作用越来越重要，频繁地使用会导致它的电能消耗很快，当手机“电量”所剩无几时，通常可以将其设置成“省电模式”来延长使用时间，这是通过以下哪种方式实现的(    )

A．增大电池电压 B．增加总功率

C．减小总功率 D．降低散热能力

9．如图所示是电阻甲和乙的I－U图像，下列说法正确的是(　  　)

A．电阻乙为定值电阻

B．当电阻甲两端电压为2 V时，R甲＝0.4 Ω

C．如图2所示，当开关S闭合，电路电流为0.2 A时，电路总电阻是15 Ω

D．如图3所示，当开关S闭合，电源电压为2 V时，电路总电流为0.4 A

10．如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0-3V”，电流表量程为“0-0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（　　）

①小灯泡的额定电流是0.6A

②滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω-10Ω

③电压表示数变化范围是0-3V

④电流表示数变化范围是0.3-0.5A

A．只有①、③正确

B．只有②、③正确

C．只有①、④正确

D．只有②、④正确

11．采用下图的电路装置探究“电流产生的热量跟什么因素有关”．接通电源，瓶内的空气被加热后膨胀，使U形管的液面发生变化，通过观察U形管的液面变化情况比较出瓶内电阻丝的发热多少．

（1）图所示是探究电流产生的热量跟__________的关系，通电一段时间______（选填“左瓶”或“右瓶”）内的电阻丝产生的热量多．

（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少．此时该装置是探究电流产生的热量跟________的关系，一段时间后电阻丝产生的热量_________（选填“左瓶”、“右瓶”、“两瓶一样”）多．

12．在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关、两节干电池、定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、导线若干。小明在实验时连接的电路如图甲所示。

（1）在探究”电流与电压的关系”实验中：①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用；②合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是__________：小明排除故障后继续实验；

（2）在探究”电流与电阻的关系”实验中：①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和__________的作用；②若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，应选取至少标有__________Ω的滑动变阻器；③根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示，小明由图像得出的结论是：_________________________。

13．小明在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图。

（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片应处于__________端（选填“A”或“B”），使电路中电流在开始测量时最小；

（2）测量过程中，某一次的电流表如图乙所示，电流值是__________A。这时，若这时灯丝突然断了，则电压表的示数__________（选“变大”、“变小”“不变”）；

（3）完成操作后，小明求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗?说出你的理由__________（作出判断并说出理由）。

14．小杨在“测量小灯泡额定功率”的实验中，所用小灯泡的额定电压为2.5V，

（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整．______

（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，则可能的原因是_________________________________．

（3）排除故障后，闭合开关，发现此时电压表的示数为2.2V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向_______（选填“左”或“右”）移动，直到电压表的示数为_____V，此时电流表示数如图乙所示，其值为______A，则小灯泡的额定功率为_________W．

15．一定质量的水从从30℃提高到80℃，吸收了J的热量，这是通过_________（选填“做功”或“热传递”）方式改变了水的内能，水的质量是_________ kg（已知水的比热容为c水=J/（kg·℃）。

16．电子式电能表表盘上标有3000imp/ kW·h”字样（“imp/kW·h”是电子式电能表的一个重要参数——“脉冲输出”的单位，其数值表示用电1kW·h表盘上耗电指示灯闪烁的次数），将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表指示灯闪烁了300次，该用电器在上述时间内消耗的电能为________kW·h，用电器的电功率是________W．

17．请根据图所示的实物图，画出对应的电路图．

18．如图所示是人们日常生活和工作中经常使用的一种插线板。现在市场上有一些劣质插线板，经质检部门检查发现，部分劣质插线板电源线芯线比合格产品细。请根据焦耳定律解释使用这种插线板将会存在什么隐患。

19．把两种不同材料的导线如铁线和铜线组成如图所示的闭合回路，当AB两端存在温度差时，回路中就会有电流通过，这就是塞贝克效应，这种电路叫热电偶．实验表明：热电偶电路中电流的大小跟相互连接的两种金属丝的材料有关；跟接点A和B间的温度差的大小有关，温度差越大，回路电流越大．请回答下列问题：

如图所示，①其它条件不变，只将A处杯中的冰水混合物换为沸水，电路电流______．②其它条件不变，移去酒精灯，将B放入另一杯冰水混合物中，稳定后，电路电流______各空格均选填“变大”、“变小、”、“不变”、“变为零”

这样的热电偶实际上是一个电源，它的电能是由______能转化而来．

热电偶电路可以把温度信号换成______信号，利用这种性质可以把热电偶做成______写出一种应用．

20．小明用一个电压表，两节干电池、两个开关和若干导线，设计了如图所示的电路图，用来判断两段材料不同、长度、横截面积都相同的甲、乙两根合金丝电阻的大小，要求实验过程中各元件的位置固定不变．

（1）实验的主要步骤：_______________________________________________________________________；   

（2）分析并得出的结论：______________________________________________________________________．

21．直饮机的电路图如图所示，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变“温、开水选择开关”的状态（“断开”或“闭合”），可以选择出温水或开水。该直饮机的额定电压是220V，开水加热电功率是2200W，温水加热电功率是1100W。（水的比热容c=J/（kg·℃），水的密度ρ=kg/m3）

（1）温、开水选择开关处于__________状态时饮水机处于加热状态；温、开水选择开关处于__________状态时饮水机处于保温状态；

（2）饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流是多少_________?电热丝R0的电阻是多少_________？

（3）现在需要100℃的开水500ml，已知水的初温是20℃，水需要吸收多少热量_________?如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多少时间_________？（保留一位小数）

参考答案

1．C

【解析】

【详解】

A.．一节新干电池的电压为1.5V，故A不符合实际；

B．节能灯正常工作时的电流约为0.2A左右，故B不符合实际；

C．液晶电视机的电功率约为100W左右，故C符合实际；

D．汽油机的效率约为20%-30%，故D不符合实际。

2．D

【解析】

【详解】

A．一切物体都具有内能，所以-10℃的冰仍具有内能，故A错误；

B．物体温度越高，内能越大，但不能说含的热量越多，因为热量是过程量，只能说吸收和放出。故B错误；

C．对物体做功，物体的内能增大，但温度不一定升高，还可能是温度不变，物体的状态发生变化，故C错误；

D．物体吸收热量，温度不一定升高，还可能是不变，如晶体熔化时吸热但温度保持不变。故D正确。

故选D。

3．A

【解析】

【详解】

A．汽油机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程。做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故A正确；

B．内能与物体的温度和质量有关，因此热水的内能不一定比冷水的内能多，故B错误；

C．用火炉烧水，是通过热传递的方法增加水的内能，故C错误；

D．沙子发烫而水不热是因为水的比热容大，质量相同的沙子和水，吸收相同的热量，沙子升高的温度要大，故D错误。

故选A。

4．B

【解析】

【详解】

A．公快速弯折铁条，对铁条做功，使铁条的内能增加、温度升高，故A错误；

B．园中的石凳被太阳晒热，是石凳从太阳吸收热量，是通过热传递改变石凳的内能，故B正确；

C．双手因摩擦而发热，属于做功改变物体的内能，故C错误；

D．刀具在砂轮上磨得发烫，是克服摩擦做功，将机械能转化成内能，故D错误。

故选B。

【点睛】

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。

5．D

【解析】

【详解】

AB．电路中电流大小与电源正负极的位置、与开关的位置没有关系，故将电源两极对调和改变开关 S 的位置，电流大小都不变，故AB不符合题意；
C．将图中两只灯泡的位置互换，电路中电流大小仍不变，故C不符合题意；
D．为得到普遍性的结论，应换用不同规格的灯泡，再次测量a、b、c三处的电流，故D符合题意；

6．A

【解析】

【分析】

【详解】

A、使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而升高的原理，A错误，符合题意;

B、炒鸡块时利用了热传递的方法使鸡块内能增大,温度升高，B正确，不符合题意;

C、做饭时香气四溢是因为分子在不停地做无规则运动， C正确，不符合题意;

D、油炸食品比水煮熟的更快,是因为油的沸点比水的沸点高，D正确，不符合题意。

故选A。

7．D

【解析】

【详解】

A．根据可得，两灯泡的电阻

∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得，此时电路中的电流

则两盏灯的总功率

P=UI=220V×0.11A=24.2W＜100W

故A错误；

B．乙灯泡的实际功率

甲灯泡的实际功率

故B错误；

C．因为

故甲灯比乙灯的亮度大，故C错误；

D．甲灯两端的实际电压

故D正确。

故选D。

8．C

【解析】

【分析】

【详解】

当手机“电量”所剩无几时，即W一定，由P=W/t可得，W=Pt，要延长使用时间t，则减小总功率P，因此手机的“省电模式”来是通过减小总功率的方式来延长使用时间的，故应选C．

9．C

【解析】

【分析】

【详解】

A．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A不正确；

B．由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过的电流为0.4A，根据欧姆定律可得:

，

故B不正确；

C．如图2所示，甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图象可知，

U甲=1V，U乙=2V，

根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压:

U=U甲+U乙=1V+2V=3V，

根据欧姆定律可得:

，

故C正确；

D．如图3所示，甲、乙并联，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，

I甲=0.4A，I乙=0.2A，

根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流:

I=I甲+I乙=0.4A+0．2A=0.6A，

故D不正确．

10．D

【解析】

【详解】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，由P＝UI可得：小灯泡正常发光时的电流为：

故①错误；

当电路中的电流为0.5A时，滑动变阻器电阻最小分得电压最小，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的示数

故电压表的示数变化范围为2 V3V，故③错误

2V＜3V

没有超出电压表的量程，灯泡两端的电压可以达到2.5V，串联电路中各处的电流相等，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为

当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡两端的电压

灯泡的电阻

电路中的最小电流

电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故④正确；

滑动变阻器接入电路中的最大阻值

滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故②正确。

故选D。

11．电流    左瓶    电阻    左瓶   

【解析】

【分析】

【详解】

（1）图中两个瓶内的电阻相同，右边的电流小于左边的电流，因此是探究电流产生的热量跟电流的关系，通电一段时间，左边电流大，因此左瓶内的电阻丝产生的热量多；

（2）把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，则两个瓶内的电流相同，电阻不同，右边并联后总电阻变小了；这是探究电流产生的热量跟电阻的关系，一段时间后，左瓶电阻大，因此左瓶电阻丝产生的热量多．

12．改变电阻两端电压（或多次测量）    R处断路    控制电阻R两端电压不变的作用    5    电压一定时通过导体的电流与导体的电阻成反比   

【解析】

【分析】

【详解】

(1)在探究“电流与电压的关系”实验中：

①[1]电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压，进行多次测量的作用。②[2]闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是 R处断路。

(2)在探究“电流与电阻的关系”实验中：

①[3]电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和控制电阻R两端电压不变的作用。

②[4]由图示电路图可知，电源电压为

U=1.5V×2=3V

由图示图象可知，电阻两端电压为

UR=0.5A×5Ω=2.5V

滑动变阻器两端电压为：

U滑 =U-UR =3V-2.5V=0.5V

根据串分压的知识，定值电阻与滑动变阻器接入电路的阻值之比

则

即：定值电阻阻值是滑动变阻器接入电路阻值的5倍，使所给的5个定值电阻“5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω”分别接入电路中都能正常进行实验，当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，为

若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，滑动变阻器最大阻值至少为5Ω，则应该选取至少标有5Ω的滑动变阻器；

③[5]根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图乙所示，小明由图象得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。

13．A    0.26    变大    不同意，小灯泡灯丝电阻随温度升高而增大   

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]为了保护电路，闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器的最大阻值处，由图甲知，滑动变阻器滑片应处于A端，使电路中的电流在开始测量时最小。

(2)[2][3]由图乙知，电流表使用0～0.6A量程，分度值为0.02A，此时电流值为0.26A。由图知，小灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测小灯泡L两端电压，所以电压表示数小于电源电压。当灯泡丝烧断后，电压表串联在电路中，相当于电压表测量电源电压，所以电压表的示数变大。

(3)[4]因为灯丝的电阻与温度有关，小灯泡的电阻随温度的升高而增大，所以不能求小灯泡电阻的平均值

14．    小灯泡断路    左    2.5    0.24    0.6   

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]电压表是用来测量小灯泡两端的电压的，所以电压表应与小灯泡并联，如上图所示:

(2)[2]小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，这样的故障只能是与小灯泡并联的部分电路出现了断路，由图示可知，与电压表并联的只有小灯泡，所以可能是小灯泡断路引起的。

(3)[3]测小灯泡额定功率时，应让电压表的示数等于小灯泡的额定电压2.5V，所以根据串联电路分压特点，应减小滑动变阻器两端的电压，故应向左移动滑片，直到电压表示数等于2.5V。

[4][5]电流表选0de 量程，分度值为0.02A，此时的读数为0.24A，所以可求出小灯泡的额定功率为

P=UI=2.5V0.24A=0.6W

15．热传递    0.4   

【解析】

【详解】

[1]水在升温过程中吸收了热量，是通过热传递的方式增加了水的内能。

[2]根据可得，水的质量为

即水的质量是0.4kg。

16．0.1    300   

【解析】

【详解】

[1]因为电路中每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3000次，所以当指示灯闪烁300次时，消耗了0.1kW•h的电能

W==0.1

[2]通电时间为20min＝h，根据电功率的公式，得用电器的电功率是

P＝==0.3kW=300W

17．

【解析】

【分析】

【详解】

电路中，电流从电源正极出发，经过开关S，经过电流表A2到达A2的负接线柱发生分支，一支路是经灯泡L1，另一支路是经灯泡L2电流表A1，然后两路会合流回电源负极，注意两电流表均选00.6A的小量程，电流从正接线柱流入，负接线柱流出，电路图如下图所示：

18．见解析

【解析】

【详解】

在材料和长度一定时，伪劣电热器的电源线的芯线一般比合格产品的细，说明横截面积越小，电阻越大；在电流和通电时间一定时，电阻越大，电流产生的热量越多，越存在安全隐患。

19．变小    变为零    内    电    温度计   

【解析】

（1）①根据题意知道A和B间的温度差差越大，回路电流越大，当只将A 处杯中的冰水混合物换为沸水时，由于AB两处的温度差减小，电路电流变小；②其他条件不变，若移去酒精灯，将B放入另一杯冰水混合物中，则由于AB间温度差变为零，而使电流变为零；

（2）根据题意知道，要想产生电流，两接点间必须存在温度差，所以，说明热电偶是将内能转化为电能的装置；

（3）由热电偶电路中电流的特点及产生条件知道，两接点间温度差的大小直接决定了电流的大小，即热电偶电路可以把温度信号转换成电信号；所以，可将电流表改装成温度计，控制两接点中的一个点的温度不变，将另一个点的温度作为被测温度，通过电流表示数反映出其温度值的大小．

点睛：本题是一道信息题，考查的是对新知识的应用和理解，解题的关键是从题目中给出新的信息总结关键的规律，即产生电流的条件及影响电流大小的因素．

20．见解析    见解析   

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]根据串联电路的特点，电阻之比等于电压之比，所以可根据电压大小关系判断电阻大小关系，据此实验步骤如下：①闭合开关S1和S2,读出电压表的示数U1；②闭合开关S2,断开开关S1,两电阻串联，读出电压表的示数U2。

(2)[2]分析并得出的结论：甲合金丝两端的电压为U1−U2,乙合金丝两端的电压为U2,根据欧姆定律,导体两端的电压等于电流和电阻的乘积,而串联电路中,电流处处相等,所以导体电压之比等于电阻之比,所以比较U1−U2和U2的大小关系,若U1−U2>U2,则甲合金丝的电阻大于乙合金丝的电阻;若U1−U2<U2,则甲合金丝的电阻小于乙合金丝的电阻;若U1−U2=U2，则甲合金丝的电阻等于乙合金丝的电阻。

21．闭合    断开    10A    22Ω        95.5s   

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1][2]当“温、开水选择开关”闭合时，只有电阻R0接入电路；由可知，此时饮水机处于加热状态；当“温、开水选择开关”断开时，电阻R1和R0串联接入电路，此时饮水机处于保温状态。

(2)直饮机的额定电压是220V，开水加热电功率是2200W，出开水时电热丝中的电流

即出开水时电热丝中的电流是10A。

饮水机处于加热状态时，只有电阻R0接入电路，R0的电阻：由可得

(3)由可得，水的质量

水吸收的热量

电能转化为水的内能的效率是80%，所以消耗的电能

已知饮水机正常工作时的功率是2200W；由可得，烧开这些水需要的时间

答：(1)温、开水选择开关处于闭合状态时饮水机处于加热状态；温、开水选择开关处于断开状态时饮水机处于保温状态。

(2)饮水机正常工作，出开水时电热丝R0的电阻是22Ω。

(3)水需要吸收的热量为1.68×105J；如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要的时间为95.5s。