【专项练习】中考数学试题分专题训练 专题5.2 图形的相似（第01期）（教师版含解析）

这是一份【专项练习】中考数学试题分专题训练 专题5.2 图形的相似（第01期）（教师版含解析），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．学校门口的栏杆如图所示，栏杆从水平位置绕点旋转到位置，已知，，垂足分别为，，，，，则栏杆端应下降的垂直距离为（ ）
A. B. C. D.
【来源】2018年浙江省绍兴市中考数学试卷解析
【答案】C
【点评】考查了相似三角形的判定与性质，掌握相似三角形的判定方法是解题的关键.
2．在平面直角坐标系中,点是线段上一点,以原点为位似中心把放大到原来的两倍,则点的对应点的坐标为( )
A. B. 或
C. D. 或
【来源】山东省潍坊市2018年中考数学试题
【答案】B
【解析】分析：根据位似变换的性质计算即可．
详解：点P（m，n）是线段AB上一点，以原点O为位似中心把△AOB放大到原来的两倍，
则点P的对应点的坐标为（m×2，n×2）或（m×（-2），n×（-2）），即（2m，2n）或（-2m，-2n），
故选B．
点睛：本题考查的是位似变换、坐标与图形的性质，在平面直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k，那么位似图形对应点的坐标的比等于k或-k．
3．如图，将△ABC沿BC边上的中线AD平移到△A'B'C'的位置，已知△ABC的面积为9，阴影部分三角形的面积为4．若AA'=1，则A'D等于（ ）
A. 2 B. 3 C. D.
【来源】四川省宜宾市2018年中考数学试题
【答案】A
【解析】分析：由S△ABC=9、S△A′EF=4且AD为BC边的中线知S△A′DE=S△A′EF=2，S△ABD=S△ABC=，根据△DA′E∽△DAB知，据此求解可得．
详解：如图，
点睛：本题主要平移的性质，解题的关键是熟练掌握平移变换的性质与三角形中线的性质、相似三角形的判定与性质等知识点．
4．在平面直角坐标系中，线段AB两个端点的坐标分别为A（6，8），B（10，2），若以原点O为位似中心，在第一象限内将线段AB缩短为原来的后得到线段CD，则点A的对应点C的坐标为（ ）
A. （5，1） B. （4，3） C. （3，4） D. （1，5）
【来源】山东省滨州市2018年中考数学试题
【答案】C
点睛：此题主要考查了位似图形的性质，利用两图形的位似比得出对应点横纵坐标关系是解题关键．
5．如图，点在线段上，在的同侧作等腰和等腰，与、分别交于点、.对于下列结论：
①；②；③.其中正确的是（ ）
A. ①②③ B. ① C. ①② D. ②③
【来源】江苏省扬州市2018年中考数学试题
【答案】A
【解析】分析：（1）由等腰Rt△ABC和等腰Rt△ADE三边份数关系可证；
（2）通过等积式倒推可知，证明△PAM∽△EMD即可；
（3）2CB2转化为AC2，证明△ACP∽△MCA，问题可证．
详解：由已知：AC=AB，AD=AE
点睛：本题考查了相似三角形的性质和判断．在等积式和比例式的证明中应注意应用倒推的方法寻找相似三角形进行证明，进而得到答案．
6．要制作两个形状相同的三角形框架,其中一个三角形的三边长分别为，和，另一个三角形的最短边长为2.5 cm，则它的最长边为（ ）
A. 3cm B. 4cm C. 4.5cm D. 5cm
【来源】【全国省级联考】2018年重庆市中考数学试卷（A卷）
【答案】C
【解析】【分析】根据相似三角形三边对应成比例进行求解即可得.
【详解】设另一个三角形的最长边为xcm，由题意得
5：2.5=9：x，
解得：x=4.5，
故选C.
【点睛】本题考查了相似三角形的性质，熟知相似三角形对应边成比例是解题的关键.
7．如图，是等边三角形，是等腰直角三角形，，于点，连分别交，于点，，过点作交于点，则下列结论：
①；②；③；④；⑤.
A. 5 B. 4 C. 3 D. 2
【来源】湖北省孝感市2018年中考数学试题
【答案】B
详解：∵△ABC为等边三角形，△ABD为等腰直角三角形，
∴∠BAC=60°、∠BAD=90°、AC=AB=AD，∠ADB=∠ABD=45°，
∴△CAD是等腰三角形，且顶角∠CAD=150°，
∴∠ADC=15°，故①正确；
∵AE⊥BD，即∠AED=90°，
∴∠DAE=45°，
∴∠AFG=∠ADC+∠DAE=60°，∠FAG=45°，
∴∠AGF=75°，
由∠AFG≠∠AGF知AF≠AG，故②错误；
记AH与CD的交点为P，
由AH⊥CD且∠AFG=60°知∠FAP=30°，
则∠BAH=∠ADC=15°，
设EF=a，
∵△ADF≌△BAH，
∴BH=AF=2x，
△ABE中，∵∠AEB=90°、∠ABE=45°，
∴BE=AE=AF+EF=a+2x，
∴EH=BE-BH=a+2x-2x=a，
∵∠APF=∠AEH=90°，∠FAP=∠HAE，
∴△PAF∽△EAH，
∴，即，
整理，得：2x2=（-1）ax，
由x≠0得2x=（-1）a，即AF=（-1）EF，故⑤正确；
故选：B．
点睛：本题主要考查相似三角形的判定与性质，解题的关键是掌握等腰三角形与等边三角形的性质、全等三角形与相似三角形的判定与性质等知识点．
二、填空题
8．如图，△ABC中，点D、E分別在AB、AC上，DE∥BC，AD：DB=1：2，则△ADE与△ABC的面积的比为__________．
【来源】江苏省连云港市2018年中考数学试题
【答案】1：9
点睛：本题考查的是相似三角形的判定与性质，熟知相似三角形面积的比等于相似比的平方是解答此题的关键．
9．已知且，则=__________．
【来源】四川省凉山州2018年中考数学试题
【答案】
【解析】分析：根据相似三角形的面积比等于相似比的平方求解即可．
详解：∵△ABC∽△A′B′C′，
∴S△ABC：S△A′B′C′=AB2：A′B′2=1：2，
∴AB：A′B′=1：．
点睛：本题的关键是理解相似三角形的面积比等于相似比的平方．
10．如图，直线，直线交，，于点，，；直线交，，于点，，.已知，则__________．
【来源】2018年浙江省舟山市中考数学试题
【答案】2
【点评】考查平行线分线段成比例定理，熟练掌握定理是解题的关键.
11．如图，E、F、G、H分别为矩形ABCD的边AB、BC、CD、DA的中点，连接
AC、HE、EC，GA，GF．已知AG⊥GF，AC=，则AB的长为__________．
【来源】江苏省连云港市2018年中考数学试题
【答案】2
【解析】分析：连接BD．由△ADG∽△GCF，设CF=BF=a，CG=DG=b，可得，推出，可得b=a，在Rt△GCF中，利用勾股定理求出b，即可解决问题；
详解：如图，连接BD．
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠ADC=∠DCB=90°，AC=BD=，
∵CG=DG，CF=FB，
∴GF=BD=，
点睛：本题考查中点四边形、矩形的性质、相似三角形的判定和性质、勾股定理等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．
12．如图，中，，于点，于点，于点，，则__________.
【来源】湖南省娄底市2018年中考数学试题
【答案】6
【解析】【分析】由等腰三角形的性质可得∠C ＝∠ABC， BD=DC=BC，再根据∠BED=∠CFB=90°，可证△BED∽△CFB，根据相似三角形的对应边成比例即可求得.
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质、相似三角形的判定与性质，得到△BED∽△CFB是解本题的关键.
13．矩形ABCD中，AB=6，BC=8.点P在矩形ABCD的内部，点E在边BC上，满足△PBE∽△DBC，若△APD是等腰三角形，则PE的长为数___________.
【来源】安徽省2018年中考数学试题
【答案】3或1.2
【解析】【分析】由△PBE∽△DBC，可得∠PBE=∠DBC，继而可确定点P在BD上，然后再根据△APD是等腰三角形，分DP=DA、AP=DP两种情况进行讨论即可得.
【详解】∵四边形ABCD是矩形，∴∠BAD=∠C=90°，CD=AB=6，∴BD=10，
如图2，当AP=DP时，此时P为BD中点，
∵△PBE∽△DBC，
∴PE：CD=PB：DB=1：2，
∴PE：6=1：2，
∴PE=3；
综上，PE的长为1.2或3，
故答案为：1.2或3.
【点睛】本题考查了相似三角形的性质，等腰三角形的性质，矩形的性质等，确定出点P在线段BD上是解题的关键.
14．《九章算术》是中国传统数学最重要的著作，在“勾股”章中有这样一个问题：“今有邑方二百步，各中开门，出东门十五步有木，问：出南门几步而见木？”
用今天的话说，大意是：如图，是一座边长为200步（“步”是古代的长度单位）的正方形小城，东门位于的中点，南门位于的中点，出东门15步的处有一树木，求出南门多少步恰好看到位于处的树木（即点在直线上）？请你计算的长为__________步．
【来源】山东省泰安市2018年中考数学试题
【答案】
点睛：本题考查了相似三角形的应用．解题的关键是证明△CKD∽△DHA．
15．如图，在直角△ABC中，∠C=90°，AC=6，BC=8，P、Q分别为边BC、AB上的两个动点，若要使△APQ是等腰三角形且△BPQ是直角三角形，则AQ =________．
【来源】江苏省盐城市2018年中考数学试题
【答案】或
【解析】分析：分两种情形分别求解：①如图1中，当AQ=PQ，∠QPB=90°时，②当AQ=PQ，∠PQB=90°时；
详解：①如图1中，当AQ=PQ，∠QPB=90°时，设AQ=PQ=x，
②当AQ=PQ，∠PQB=90°时，如图2，设AQ=PQ=y．
∵△BQP∽△BCA，
∴，
∴，
∴y=．
综上所述，满足条件的AQ的值为或．
点睛：本题考查勾股定理、等腰三角形的性质、相似三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题，学会利用参数构建方程解决问题．
三、解答题
16．如图，在方格纸中.
（1）请在方格纸上建立平面直角坐标系，使，，并求出点坐标；
（2）以原点为位似中心，相似比为2，在第一象限内将放大，画出放大后的图形；
（3）计算的面积.
【来源】四川省凉山州2018年中考数学试题
【答案】（1）作图见解析；.（2）作图见解析；（3）16.
详解：（1）如图所示，即为所求的直角坐标系；B（2，1）；
（2）如图：△A'B'C'即为所求；
（3）S△A'B'C'=×4×8=16．
点睛：此题主要考查了位似变换以及三角形面积求法，正确得出对应点位置是解题的关键．画位似图形的一般步骤为：①确定位似中心；②分别连接并延长位似中心和关键点；③根据位似比，确定位似图形的关键点；④顺次连接上述各点，得到放大或缩小的图形．
17．如图，在中，为上一点，以为圆心，长为半径作圆，与相切于点，过点作交的延长线于点,且.
（1）求证：为的切线；
（2）若， ,求的长.
【来源】江西省2018年中等学校招生考试数学试题
【答案】(1)证明见解析；（2）
【详解】（1）作OE⊥AB于点E，
∵切BC于点C，
∴OC⊥BC，∠ACB=90°，
∵ AD⊥BD，∴∠D=90°，
∴∠ABD＋∠BAD =90°，∠CBD＋∠BOC=90°，
∵∠BOC=∠AOD，∠AOD=∠BAD，
∴∠BOC=∠BAD，
∴∠ABD=∠CBD
在△OBC和△OBE中，
∴△OBC≌△OBE，
∴OE=OC，∴OE是⊙O的半径 ，
∵OE⊥AB ，∴AB为⊙O的切线；

【点睛】本题考查了切线的判定与性质，相似三角形的判定与性质等，熟练掌握相关的判定与性质定理是解题的关键.
18．如图，在中，=8，=4,=6,,是的平分线，交于点,求的长.
【来源】江西省2018年中等学校招生考试数学试题
【答案】4
【解析】【分析】由已知条件先求得CD=BC=4，然后再证明△ABE∽△CDE，根据相似三角形对应边成比例结合CE+AE=AC=6即可求得AE的长.
【详解】∵BD是∠ABC的平分线，
∴∠ABD=∠CBD，
【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质，熟练掌握相似三角形的判定与性质定理是解题的关键.
19．已知，中，，是边上一点，作，分别交边，于点，.
（1）若（如图1），求证：.
（2）若，过点作，交（或的延长线）于点.试猜想：线段，和之间的数量关系，并就情形（如图2）说明理由.
（3）若点与重合（如图3），，且.
①求的度数；
②设，，，试证明：.
【来源】2018年浙江省舟山市中考数学试题
【答案】（1）证明见解析；（2）猜想：，理由见解析；（3）①；②证明见解析.
【解析】【分析】（1）根据平行线的判定，得到，，证明.即可证明.
（2）过点作的平行线交的延长线于点，证明≌得到.
证明四边形是平行四边形，即可得到.
（3）①设，，根据三角形的内角和列出方程，求解即可.
②延长至，使，连结,证明 .根据相似三角形的性质得到
，即可证明.
【解答】（1）∵，，，
∴，，
∴，，，
∴.
∴.
（3）①设，
∵，，
∴，
又，即，
∴，即.
【点评】考查平行四边形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质， 综合性比较强，对学生综合能力要求较高.
20．（1）（发现）如图①，已知等边△ABC，将直角三角形的60°角顶点D任意放在BC边上（点D不与点B、C重合），使两边分别交线段AB、AC于点E、F.
①若AB=6，AE=4，BD=2，则CF =________；
②求证：△EBD∽△DCF.
（2）（思考）若将图①中的三角板的顶点D在BC边上移动，保持三角板与AB、AC的两个交点E、F都存在，连接EF，如图②所示.问点D是否存在某一位置，使ED平分∠BEF且FD平分∠CFE？若存在，求出的值；若不存在，请说明理由.
（3）（探索）如图③，在等腰△ABC中，AB=AC，点O为BC边的中点，将三角形透明纸板的一个顶点放在点O处（其中∠MON=∠B），使两条边分别交边AB、AC于点E、F（点E、F均不与△ABC的顶点重合），连接EF.设∠B=α，则△AEF与△ABC的周长之比为________（用含α的表达式表示）
.
【来源】江苏省盐城市2018年中考数学试题
【答案】（1）①4；②证明见解析；（2）存在；（3）1-csα.
（3）【探索】由已知不难求得C△ABC=AB+BC+CA=2AB+2OB=2(m+mcsα)，则需要用m和α的三角函数表示出C△AEF，C△AEF=AE+EF+AF；题中直接已知O是BC的中点，应用（2）题的方法和结论，作OG⊥BE，OD⊥EF，OH⊥CF，可得EG=ED，FH=DF，则C△AEF=AE+EF+AF= AG+AH=2AG，而AG=AB-OB，从而可求得.
②证明：∵∠EDF=60°，∠B=60°
∴∠CDF+∠BDE=120°，∠BED+∠BDE=120°，
∴∠BED=∠CDF，
又∵∠B=∠C，
∴△EBD∽△DCF
（2）存在.如图，作DM⊥BE，DG⊥EF，DN⊥CF，垂足分别为M，G，N，
∵ED平分∠BEF且FD平分∠CFE，
∴DM=DG=DN，
又∵∠B=∠C=60°，∠BMD=∠CND=90°，
∴△BDM≅△CDN，
∴BD=CD，
即点D是BC的中点，
∴;
（ 3 ）连结AO，作OG⊥BE，OD⊥EF，OH⊥CF，垂足分别为G，D，H，
点睛：本题考查了角平分线的定义，等边三角形的性质，全等三角形以及相似三角形的判定和性质等知识
点．难度较大.
21．如图1,在中,于点的垂直平分线交于点,交于点
,，．
(1)如图2,作于点,交于点,将沿方向平移,得到，连接．
①求四边形的面积；
②直线上有一动点,求周长的最小值．
(2)如图3．延长交于点．过点作,过边上的动点作,并与交于点,将沿直线翻折,使点的对应点恰好落在直线上,求线段的长．
【来源】山东省潍坊市2018年中考数学试题
【答案】(1)①；②周长的最小值为9；(2)的长为或．
根据平移的性质，MM'=CD=6，连接BM，如图1，
四边形BHMM′的面积=×6×1.5+×4×1.5＝7.5；
②连接CM交直线EF于点N，连接DN，如图2，
（2）∵BF∥CE，
∴，
∴QF=2，
∴PK=PK'=6，
过点K'作E'F'∥EF，分别交CD于点E'，交QK于点F'，如图3，
当点P在线段CE上时，
在Rt△PK'E'中，
PE'2=PK'2-E'K'2，
∴PE′＝2，
∵Rt△PE'K'∽Rt△K'F'Q，
综上所述，CP的长为或．
点睛：此题考查四边形的综合题，关键是根据相似三角形的性质和平移的性质解答，注意（2）分两种情况分析．
22．如图，在菱形ABCD中，AC与BD交于点O，E是BD上一点，EF//AB，∠EAB=∠EBA，过点B作DA的垂线，交DA的延长线于点G．
（1）∠DEF和∠AEF是否相等？若相等，请证明；若不相等，请说明理由；
（2）找出图中与ΔAGB相似的三角形，并证明；
（3）BF的延长线交CD的延长线于点H，交AC于点M．求证：BM2=MF⋅MH．
【来源】山东省泰安市2018年中考数学试题
【答案】（1），理由见解析；（2），证明见解析；（3）证明见解析.
详解：（1）∠DEF=∠AEF，理由如下：
∵EF∥AB，∴∠DEF=∠EBA，∠AEF=∠EAB．
∵∠EAB=∠EBA，∴∠DEF=∠AEF；
（2）△EOA∽△AGB，理由如下：
∵四边形ABCD是菱形，∴AB=AD，AC⊥BD，
∴∠GAB=∠ABE+∠ADB=2∠ABE．
∵∠AEO=∠ABE+∠BAE=2∠ABE．
∵∠GAB=∠AEO，∠GAB=∠AOE=90°，∴△EOA∽△AGB；
（3）如图，连接DM．
∵四边形ABCD是菱形，由对称性可知，BM=DM，∠ADM=∠ABM．
∵AB∥CH，∴∠ABM=∠H，∴∠ADM=∠H．
∵∠DMH=∠FMD，∴△MFD∽△MDH，∴，∴DM2=MF•MH，
∴BM2=MF•MH．

点睛：本题是相似形综合题，主要考查了菱形的性质，对称性，相似三角形的判定和性质，判断出△EOA∽△AGB是解答本题的关键．