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2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷，共32页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意。）
1．（2分）在如图所示的四种剪刀中，最适用于剪开较硬物体的是（ ）
A． B．
C． D．
2．（2分）下列四幅图中，动能和势能之间没有发生相互转化的是（ ）
A． 用弓将箭射出
B．上升的滚摆
C．在水平公路上匀速行驶的汽车
D．人造地球卫星绕地球运行
3．（2分）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法不必要的是（ ）
A．要控制水和沙子的质量相同
B．要控制水和沙子体积相同
C．要用计时器隔一定时间记录温度
D．加热过程中要不停地搅拌
4．（2分）下列家用电器中，工作电流最小的是（ ）
A．空调器 B．洗衣机 C．微波炉 D．电子钟
5．（2分）炎热的夏天，在路上执勤的交警从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边，如图所示，他对矿泉水做功约（ ）
A．8J B．80J C．800J D．8000J
6．（2分）如图是既能吹冷风又能吹热风的某品牌电吹风。小明设计的该电吹风的简化电路图，其中最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）如图所示的电路中，电源的电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（ ）
A．电流表示数变大，灯变暗
B．电流表示数变小，灯变亮
C．电压表示数不变，灯变暗
D．电压表示数不变，灯变亮
8．（2分）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（ ）
A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω
B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变
C．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大
D．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
9．（2分）小明通过仔细观察，发现简单机械在生活中有很多实际应用，如：指甲钳、剪刀、钥匙等。将如图所示的钥匙插入锁孔转动开锁时，钥匙就相当于一个 （选填“杠杆”、“滑轮”或“轮轴”），属于 （选填“省力”或“费力”）机械。
10．（2分）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，松开手后，纸箱仍向前滑行了1m，整个过程中小明对纸箱做功 J，纸箱的重力做功 J。
11．（3分）如图所示，工人利用滑轮组将200N的重物从地面匀速向上提升到2m高的平台上，他所用的拉力为160N，绳子自由端向下移动的距离为 m，工人一共做功为 J，滑轮组的机械效率为 。
12．（2分）生活中的“热”含义非常丰富，物理学中，“天气很热”中的“热”是指 高；“两手相互摩擦手会发热”的“热”是指 增加。
13．（2分）为使汽油机工作时温度不会太高，人们常用水作为冷却剂，这是因为水的 较大，冷却效果好，这是通过 的方式改变了物体内能的。
14．（2分）将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水放入冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到5℃，则这瓶纯净水的内能减少了 J，这是通过 的方式改变了水的内能。（水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）
15．（3分）导线的线芯用铜丝，是因为铜的 好；有些材料的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，人们利用它们这些性质制成热敏电阻、光敏电阻、压敏电阻等，这种材料叫 ；当温度降低到足够低时，有些材料的电阻会变为零，这种现象叫做 现象。
16．（2分）定值电阻上标有“10Ω 2A”字样，其中“2A”表示 ，将这个电阻接在电路中，其两端电压不能超过 V。
17．（2分）某定值电阻两端电压增加2V，流过的电流就增大0.1A，该电阻阻值为 Ω，如果改变该电阻两端的电压，该电阻阻值将 。（选填：“变大”“变小”或“不变”）
18．（4分）如图，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R′是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度就可以知道油面的高度。
①油量表其实是 表；
②油面升高，R （变大、变小），油量指针偏转 （较大、较小）。
③电阻R′是否多余？它有什么作用？ 。
三、解答题（本题共10小题。共40分。解答19、20题应写出解题过程）
19．（1分）作出图中动力F1的力臂L1。
20．（1分）画出图中向下拉绳提升物体的滑轮组绕绳。
21．（1分）作出图中作用力F的力臂L。
22．（1分）连接图中两只灯泡的并联电路。
23．（6分）如图所示电路中，已知电源电压为12V且保持不变，R1＝20Ω，当开关闭合后，电流表的示数为0.4A．求：
（1）R1两端的电压；
（2）电压表的示数；
（3）电阻R2的阻值。
24．（5分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆左端偏低，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆已经在水平位置平衡，现将两边各取下一个钩码，则杠杆的 （选填“左”或“右”）端将下降；
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码向下拉，示数较大的是沿 方向，原因是 。
（4）小明认为用如图丁所示的方法也能探究杠杆平衡条件，请作出评价： 。
25．（6分）如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.
（1）本实验探究的是物体动能的大小与物体的 关系。
（2）实验中所探究物体的动能是指 （选填“小球A”或“纸盒B”）的动能。
（3）该实验物体动能的大小是通过 来反映的，我们过去学习过的 也与本实验采用相同的研究方法（选填“A、探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流”、“B、探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻”，只填字母）。
（4）实验中两次小球从不同高度处滚下，是为了 ，对比甲、乙两图可得出结论 。
26．（5分）在图中，s＝60cm，与之对应的h＝30cm。现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车（2）沿斜面方向匀速拉动小车记录数据如下表
操作 数据
测力计示数/N
移动距离/cm
竖直提升
10
30
沿斜面拉升
5.2
60
（1）分析表中的数据可知，斜面是一种 （省力/费力）的简单机械。
（2）沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功是 J，沿斜面方向匀速拉动小车拉力所做的功是 J，由此实验可推断，利用斜面提升物体时， （能/不能）省功。
（3）生活中常见的斜面有 。（写出一个）
27．（5分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）如图所示，连接电路时，至少需要 根导线；实验中应选择规格 （相同/不同）的小灯泡。
（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，原因可能是 （填出一种即可）。
（3）小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？ ，理由是 。
（4）小明分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在如下表格中，分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。请对小明的做法进行评价： ，改进方法是 。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
1.4
3.8
28．（9分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用图甲所示的电路进行实验，实验室电阻有52、102、202三种规格，滑动变阻器有A.“5Ω 2A”、B.“10Ω 2A”、C.“20Ω 1.5A”三种规格可选，实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变。
实验次序
电压/V
电流/I
1
2
0.18
2
2.5
0.25
3
3
0.32
（1）请用笔画线代替导线，将甲图中实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于 端（选填“左”或“右”）。
（3）小明正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表指针没有偏转，而电压表指针偏转明显，分析故障原因可能是 。
（4）某次实验中，小明发现无论怎么调节滑动变阻器，电压表示数都大于2.4V，小华说是因为小明的滑动变阻器选得不合适.你认为应该选实验提供的规格为 的滑动变阻器.（只填字母）
（5）选用合适的滑动变阻器进行实验，当把电阻R由50更换为100时，在开关闭合前小明并没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，此时他应将滑动变阻器的滑片向 调，才能使电压保持2.4V不变.（选填“左”、“右”或“不变”）
（6）某次实验时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为 A，此时R的阻值为 Ω。
（7）小明又将定值电阻R换成额定电压为2.5V的小灯泡L，其它元件与接线都没有变化，用这个电路测量小灯泡的电阻，测得数据填在如图丙的表格中.由表中数据，小明算出三次测量电阻的平均值为10.16Ω.小华却说小明不该这样做，因为 。
（8）由表中数据可算出小灯泡正常发光时的电阻为 。
2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意。）
1．（2分）在如图所示的四种剪刀中，最适用于剪开较硬物体的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】结合生活经验和图片，先判断剪刀在使用过程中的目的，再根据各类杠杆的特点选择所需要的剪刀。
【解答】解：
剪开较硬的物体，就需要一把省力的剪刀，因此需选用动力臂大于阻力臂的剪刀，即手柄比刀口长的剪刀，所以B最适合。
故选：B。
【点评】剪刀是生活中一种特殊杠杆，要根据需要选择最合适的。手柄长的剪刀省力，刀口长的剪刀省距离。
2．（2分）下列四幅图中，动能和势能之间没有发生相互转化的是（ ）
A． 用弓将箭射出
B．上升的滚摆
C．在水平公路上匀速行驶的汽车
D．人造地球卫星绕地球运行
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）动能与势能发生相互转化，一定是一种能变大，另一种能变小，若有一种能不变，就不会是动能与势能发生相互转化。
【解答】解：
A、用弓将箭射出去，弓弹性势能减小，箭的动能增大，弹性势能转化为动能，故A不合题意；
B、上升的滚摆，高度增加，重力势能增大；速度减小，动能减小，所以是将动能转化为重力势能的过程，故B不符合题意；
C、在水平公路匀速行驶的汽车，动能不变，重力势能不变，所以动能与势能没有发生相互转化，故C合题意；
D、向近地点运动的卫星，高度减小，重力势能变小，但是速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
3．（2分）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法不必要的是（ ）
A．要控制水和沙子的质量相同
B．要控制水和沙子体积相同
C．要用计时器隔一定时间记录温度
D．加热过程中要不停地搅拌
【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：
AB、在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，采用的是控制变量法，需要控制水和沙子的质量和初温相同，不需要控制它们的体积相同，故A有必要，B没有必要；
C、实验中需要用秒表记录加热的时间，根据加热时间判定吸收热量的多少，故C有必要；
D、为了使水和沙子受热均匀，在加热过程中要不停地搅拌，故D有必要。
故选：B。
【点评】本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法和转换法在本实验中的应用。
4．（2分）下列家用电器中，工作电流最小的是（ ）
A．空调器 B．洗衣机 C．微波炉 D．电子钟
【分析】空调、洗衣机、微波炉三个用电器正常工作时电压为U＝220V，电压U一定，由P＝UI知功率P越小，电流I越小，根据家用电器的功率可知哪种用电器电流最小。
再和电子钟的工作电流比较得出谁的工作电流最小。
【解答】解：
空调的功率在1000W以上，洗衣机的功率在400W左右，微波炉的功率在1000W左右，这些电器的工作电压为220V，由P＝UI可知洗衣机的工作电流I＝＝≈1.8A，则空调、洗衣机、微波炉的工作电流都在1.8A以上；
而通过电子钟的电流比通过实验用小灯泡的电流还要小，小于0.3A；
由此可知，电子钟的工作电流最小。
故选：D。
【点评】对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析。家用电器的功率值平常要注意积累，在命题时这些数据是不会告诉的。
5．（2分）炎热的夏天，在路上执勤的交警从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边，如图所示，他对矿泉水做功约（ ）
A．8J B．80J C．800J D．8000J
【分析】一瓶500mL的矿泉水的质量在0.5kg左右，根据G＝mg得出受到的重力，从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边的高度h＝1.6m，根据W＝Gh得出他对矿泉水做的功。
【解答】解：一瓶500mL的矿泉水的质量在0.5kg左右，受到的重力G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边的高度h＝1.6m，做的功W＝Gh＝5N×1.6m＝8J。
故选：A。
【点评】本题考查功的计算，并考查估算能力，难度不大。
6．（2分）如图是既能吹冷风又能吹热风的某品牌电吹风。小明设计的该电吹风的简化电路图，其中最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。由此分析各选项解答即可。
【解答】解：
A、由图知，S1闭合时电动机和电热丝都工作，当两开关都闭合时只有电热丝工作，不合题意；
B、由图知，S断开电路不工作，S闭合电热丝和电动机同时工作，只有热风没有冷风，不合题意；
C、由图知，S1闭合时只有电热丝工作，两开关都闭合电热丝和电动机同时工作，只有热风没有冷风，不合题意；
D、由图知，S1闭合时只有电动机工作，为冷风；再闭合S2时，电热丝和电动机同时工作，为热风，符合题意。
故选：D。
【点评】电吹风吹出来的是热风，还是冷风关键是看电动机和电热丝的工作状态，即分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能工作。
7．（2分）如图所示的电路中，电源的电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（ ）
A．电流表示数变大，灯变暗
B．电流表示数变小，灯变亮
C．电压表示数不变，灯变暗
D．电压表示数不变，灯变亮
【分析】本题考查欧姆定律的应用，即I＝U/R，当滑动变阻器滑片向右移动时，总电阻增大，由I＝U/R可知电流减小，而电压表测量的是电源电压，所以示数不变，L两端的电压减小，实际功率减小，灯泡变暗。
【解答】解：当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，总电阻增大，根据I＝知，电流减小，
L两端的电压为U＝IR变小，根据P＝UI知灯泡的实际功率减小，灯泡变暗。而电压表测量电源电压，故电压表示数不变。
故选：C。
【点评】本题主要考查，当滑动变阻器滑片移动时，总电阻的变化情况，再根据欧姆定律进行动态分析。
8．（2分）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（ ）
A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω
B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变
C．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大
D．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻
【分析】（1）电阻一定时，电流与电压成正比；根据图甲判断该电阻是否为定值电阻，然后利用图中数据以及欧姆定律的变形公式求出定值电阻的阻值；
（2）根据图乙判断灯丝电阻的特点，然后分析多次测量小灯泡电阻的目的。
【解答】解：
AB、根据图甲可知，电流与电压成正比，因此该电阻为定值电阻，即电阻是导体自身的性质，它不随导体两端的电压和导体中的电流改变而改变，
根据图示可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为3A，由I＝可知，定值的电阻：R＝＝＝1Ω，故AB正确；
C、由乙图可知，电流与电压不成正比，即当灯泡两端电压发光改变时，灯泡的阻值也随之发生变化，且电压变化比电流变化快，因此小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大，故C正确；
D、测定小灯泡的电阻时，多次测量是为了寻找灯丝电阻与温度的关系，不能求平均值减小误差，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了图象分析、利用欧姆定律的变形公式计算电阻，以及导体的电阻是导体本身的一种性质，不随电压和电流的改变而改变；关键会根据图象判断电阻是否为定值电阻。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
9．（2分）小明通过仔细观察，发现简单机械在生活中有很多实际应用，如：指甲钳、剪刀、钥匙等。将如图所示的钥匙插入锁孔转动开锁时，钥匙就相当于一个 轮轴（或杠杆） （选填“杠杆”、“滑轮”或“轮轴”），属于 省力 （选填“省力”或“费力”）机械。
【分析】简单机械包括：杠杆、滑轮、轮轴、斜面等，从钥匙的使用情况判断；
通过比较动力臂和阻力臂的大小关系判断省费力。
【解答】解：钥匙在使用时绕中心轴转动，所以属于轮轴，轮轴是杠杆的一种变形；其轮半径和轴半径分别为动力臂和阻力臂，因为动力臂大于阻力臂，所以轮轴是一种省力杠杆。
故答案为：轮轴，省力。
【点评】本题考查了学生对杠杆、轮轴的了解与掌握，正确判断出轮半径、轴半径与动力臂、阻力臂的关系是本题的关键。
10．（2分）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，松开手后，纸箱仍向前滑行了1m，整个过程中小明对纸箱做功 150 J，纸箱的重力做功 0 J。
【分析】（1）知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W＝Fs计算推力做的功；
（2）纸箱受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功。
【解答】解：
（1）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，
此过程中小明对纸箱做的功：W1＝Fs1＝50N×3m＝150J；
（2）纸箱在水平面上运动，虽然受重力，也有距离，但纸箱在重力的方向上没有移动距离，所以重力没做功，即重力做功为0J。
故答案为：150；0。
【点评】本题考查了功的计算，并考查对做功的两个必要条件的了解与掌握，属于对基础知识的考查。
11．（3分）如图所示，工人利用滑轮组将200N的重物从地面匀速向上提升到2m高的平台上，他所用的拉力为160N，绳子自由端向下移动的距离为 4 m，工人一共做功为 640 J，滑轮组的机械效率为 62.5% 。
【分析】（1）由图可知，n＝2，人的拉力端移动距离s＝2h；
（2）利用W＝Fs求工人一共做功，即拉力做的功（总功）；
（3）利用W＝Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：
（1）由图可知，n＝2，拉力端移动距离：s＝2h＝2×2m＝4m；
（2）工人一共做功，即拉力做的总功：
W总＝Fs＝160N×4m＝540J；
（3）拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝200N×2m＝400J，
滑轮组的机械效率：
η＝＝×100%＝62.5%。
故答案为：4；540；62.5%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，属于基础题目。
12．（2分）生活中的“热”含义非常丰富，物理学中，“天气很热”中的“热”是指 温度 高；“两手相互摩擦手会发热”的“热”是指 内能 增加。
【分析】根据对生活中物理名词的理解作答。
【解答】解：
温度是反映冷热程度的物理量，“天气很热”中的“热”是指温度很高；
做功和热传递是改变内能的两种方式，“两手相互摩擦手会发热”是通过克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高。
故答案为：温度；内能。
【点评】本题考查的是学生对生活中的“热”的含义的理解，是一道基础题。
13．（2分）为使汽油机工作时温度不会太高，人们常用水作为冷却剂，这是因为水的 比热容 较大，冷却效果好，这是通过 热传递 的方式改变了物体内能的。
【分析】水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：水的比热容最大，和其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂；
水会吸收热量，是通过热传递的方式改变物体内能的。
故答案为：比热容；热传递。
【点评】本题考查了学生对内能的改变、水的比热容大的特点的应用的掌握和运用，属于基础知识。
14．（2分）将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水放入冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到5℃，则这瓶纯净水的内能减少了 4.2×104 J，这是通过 热传递 的方式改变了水的内能。（水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）
【分析】知道水的质量、水的比热容、水的温度变化，利用Q放＝cm△t求水放出的热量；这些热量是由水传递给冰箱内的空气，是利用热传递这种方式改变物体内能的。
【解答】解：
（1）水降低的温度：
△t＝t0﹣t＝25℃﹣5℃＝20℃，
水放出的热量：
Q放＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃＝4.2×104J，
水放出热量、内能减少，减少的内能等于放出的热量，则减少内能为4.2×104J；
这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×104；热传递。
【点评】本题考查了热量的计算、改变内能的方法，密切联系生活，属于中考的热点。
15．（3分）导线的线芯用铜丝，是因为铜的 导电性 好；有些材料的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，人们利用它们这些性质制成热敏电阻、光敏电阻、压敏电阻等，这种材料叫 半导体 ；当温度降低到足够低时，有些材料的电阻会变为零，这种现象叫做 超导 现象。
【分析】（1）导电性指物体传导电流的能力，各种金属的导电性各不相同，通常银的导电性最好，其次是铜和铝；
（2）半导体是一种重要的材料，它在现代生活中有着广泛的应用，半导体的导电性能介于绝缘体和导体之间；
（3）当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这便是超导现象。发生超导现象时的温度称为临界温度。
【解答】解：（1）导电性指物体传导电流的能力，各种金属的导电性各不相同，通常银的导电性最好，其次是铜和铝；
（2）半导体是一种重要的材料，它的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，它在现代生活中有着广泛的应用，半导体的导电性能介于绝缘体和导体之间；
（3）当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这便是超导现象。发生超导现象时的温度称为临界温度。
故答案为：（1）导电性；（2）半导体；（3）超导。
【点评】此题考查物质的物理性质，是一道基础题。
16．（2分）定值电阻上标有“10Ω 2A”字样，其中“2A”表示 允许通过定值电阻的最大电流是2A ，将这个电阻接在电路中，其两端电压不能超过 20 V。
【分析】根据定值电阻铭牌，由欧姆定律计算滑动变阻器最大电压。
【解答】解：定值电阻上标的2A是指允许通过定值电阻的最大电流是2A；
由I＝可知，当电阻通过的电流最大时，它两端电压最大，所以定值电阻的最大电压：
U最大＝I最大R＝2A×10Ω＝20V；
故答案为：允许通过定值电阻的最大电流是2A；20。
【点评】本题考查了定值电阻和欧姆定律的应用，关键是定值电阻铭牌参数含义的理解与掌握。
17．（2分）某定值电阻两端电压增加2V，流过的电流就增大0.1A，该电阻阻值为 20 Ω，如果改变该电阻两端的电压，该电阻阻值将 不变 。（选填：“变大”“变小”或“不变”）
【分析】电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关；根据欧姆定律分别表示出定值电阻两端电压变化前后两端的电压，联立等式即可求出该定值电阻的阻值。
【解答】解：设电压为U，通过的电流为I，则
U＝IR﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
∵导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，
∴当两端电压增加2V，流过的电流就增加0.1A时，导体的电阻不变，则
U+2V＝（I+0.1A）R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②两式可得：R＝20Ω。
故答案为：20；不变。
【点评】本题考查了欧姆定律的简单计算，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。
18．（4分）如图，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R′是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度就可以知道油面的高度。
①油量表其实是 电流 表；
②油面升高，R 变小 （变大、变小），油量指针偏转 较大 （较大、较小）。
③电阻R′是否多余？它有什么作用？ 保护电路 。
【分析】图示可知：当油面上升或下降时，浮标随之上升或下降，通过类似杠杆的装置控制了电路中电阻的大小，从而使它电路中电流发生变化，通过电流表的示数即可判断出油箱内油面的高度。
【解答】解：（1）滑动变阻器与定值电阻串联，电流表串联在电路中，因此油量表其实是电流表；
（2）油面升高，浮子上升，滑片下降，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中电流增大，因此油量表的示数较大；
（3）当油面升高到一定程度时，滑动变阻器连入阻值为零，因此定值电阻起到保护电路的作用。
故答案为：（1）电流；（2）变小；较大；（3）保护电路。
【点评】本题根据油量表串联在电路中，可以判断油量表是电流表。当滑动变阻器阻值最小时，定值电阻起保护电路作用。
三、解答题（本题共10小题。共40分。解答19、20题应写出解题过程）
19．（1分）作出图中动力F1的力臂L1。
【分析】力臂是支点到力的作用线的距离，从支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂。
【解答】解：已知支点为O，从点O作力F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：
【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
20．（1分）画出图中向下拉绳提升物体的滑轮组绕绳。
【分析】向下拉动绳子，则绳子自由端拉力的方向是向下的，据此分析滑轮组的绕法。
【解答】解：向下拉绳将重物提升，从绳子自由端向上绕起，先绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，最后系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示：
【点评】对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用，不能死记硬背最省力的绕线方法。
21．（1分）作出图中作用力F的力臂L。
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
【解答】解：在A点施加力F时，支点为O，从支点O向动力F的作用线作垂线段，即为动力的力臂L．如图所示：
【点评】本题考查了力臂的画法。画力臂关键是要画出从支点到力的作用线的垂线段。
22．（1分）连接图中两只灯泡的并联电路。
【分析】并联电路是指各用电器并列地连接起来的电路，开关控制两盏灯说明开关位于干路，据此连接实物图。
【解答】解：按电流流向法，从电源的正极出发，经过开关后分支，一路经过一个灯泡，另一路经过另一个灯泡，然后两路汇合共同回到电源负极，如图所示：
【点评】本题考查实物图的连接，关键明白电路中各个用电器的连接情况，连接实物图是整个初中物理的难点，也是中考常考的内容。
23．（6分）如图所示电路中，已知电源电压为12V且保持不变，R1＝20Ω，当开关闭合后，电流表的示数为0.4A．求：
（1）R1两端的电压；
（2）电压表的示数；
（3）电阻R2的阻值。
【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测量电阻R2两端的电压；电流表测量总电流；根据公式U＝IR可求R1两端的电压。
（2）电源电压减去R1两端的电压就等于电阻R2两端的电压，也就是电压表的示数。
（3）电阻R2的阻值根据公式R＝可求。
【解答】解：（1）R1两端的电压U1＝IR1＝0.4A×20Ω＝8V；
答：R1两端的电压为8V。
（2）电阻R2两端的电压U2＝U﹣U1＝12V﹣8V＝4V；所以电压表示数为4V。
答：电压表的示数为4V。
（3）电阻R2的阻值R2＝＝＝10Ω；
答：电阻R2的阻值为10Ω。
【点评】本题考查电压、电阻的计算，根据是公式及其变形的灵活运用；要知道串联电路电压的规律。
24．（5分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆左端偏低，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆已经在水平位置平衡，现将两边各取下一个钩码，则杠杆的 左 （选填“左”或“右”）端将下降；
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码向下拉，示数较大的是沿 方向，原因是 b的力臂小 。
（4）小明认为用如图丁所示的方法也能探究杠杆平衡条件，请作出评价： 受杠杆重力的影响，不能探究出杠杆的平衡条件 。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）分别计算两侧的力与力臂的乘积，乘积大的一侧下降；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2判断，阻力、阻力臂不变，动力臂小的施加的动力大；
（4）杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，应将平衡螺母应向右端移动；
（2）杠杆在水平位置平衡后，两边各取下一个钩码，假设一格的距离为L，一个钩码的重力为G，则左侧＝2G×2L＝4GL，右侧＝G×3L＝3GL，左侧＞右侧，所以左侧下降；
（3）图丙左侧阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2判断，动力臂小的，施加的动力大，沿b方向施加力时，动力臂小，所以沿吧方向动力大，即弹簧测力计沿b方向示数大；
（4）杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，所以不能探究杠杆的平衡条件。
故答案为：（1）右；（2）左；（3）b；b的力臂小；（4）受杠杆重力的影响，不能探究出杠杆的平衡条件。
【点评】本题考查杠杆平衡条件得探究，注意探究过程中的细节，难度适中。
25．（6分）如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.
（1）本实验探究的是物体动能的大小与物体的 速度 关系。
（2）实验中所探究物体的动能是指 小球A （选填“小球A”或“纸盒B”）的动能。
（3）该实验物体动能的大小是通过 木块在水平面上移动的距离 来反映的，我们过去学习过的 A 也与本实验采用相同的研究方法（选填“A、探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流”、“B、探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻”，只填字母）。
（4）实验中两次小球从不同高度处滚下，是为了 探究动能大小与速度的关系 ，对比甲、乙两图可得出结论 在质量一定时，速度越大，动能越大 。
【分析】（1）要探究动能与速度的关系，应控制质量不变，改变速度，所以应让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下；
（2）在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，“物体动能”指的是小球碰撞木块时的动能；
（3）小球推动木块运动越远，小球的动能越大，用木块运动的距离来反映小球的动能大小；
（4）高度不同，小球到达水平面时的速度是不同的；根据甲、乙中的相同量和不同量，利用控制变量法得出结论。
【解答】解：（1）让同一钢球A分别从不同的高度沿光滑斜面由静止开始滚下，钢球到达水平面的速度不同，该实验要探究的是物体动能的大小与物体的速度关系；
（2）该实验研究的主体是小球A，研究的是小球A的动能；
（3）小球推动木块运动的距离越远，则小球动能就越大，即通过木块在水平面上移动的距离来表示动能的大小，这里采用了转换法的思想；探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流的实验中，通过电流的大小反映电阻的大小，采用的是转换法；探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻，采用的是等效替代法；故选A；
（4）让同一小球从斜面的不同高度滚下是为了保证小球到达斜面底端具有相同的速度，因此可探究动能大小与速度的关系；
根据甲、乙两图可知，小球的质量一定，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：在质量一定时，速度越大，动能越大。
故答案为：（1）速度；（2）小球A；（3）木块在水平面上移动的距离；A；（4）探究动能大小与速度的关系；在质量一定时，速度越大，动能越大。
【点评】动能大小与质量和速度有关，在探究过程中要用到控制变量法，同时要掌握实验中转换法的应用。
26．（5分）在图中，s＝60cm，与之对应的h＝30cm。现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车（2）沿斜面方向匀速拉动小车记录数据如下表
操作 数据
测力计示数/N
移动距离/cm
竖直提升
10
30
沿斜面拉升
5.2
60
（1）分析表中的数据可知，斜面是一种 省力 （省力/费力）的简单机械。
（2）沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功是 3 J，沿斜面方向匀速拉动小车拉力所做的功是 3.12 J，由此实验可推断，利用斜面提升物体时， 不能 （能/不能）省功。
（3）生活中常见的斜面有 盘山公路 。（写出一个）
【分析】（1）比较物块重量和沿斜面的拉力比较斜面是省力机械；
（2）使用斜面时克服物体重力所做功是有用功，根据W有＝Gh计算；使用机械可以省力、可以省距离、可以改变动力的方向，给人们带来方便；做到方便、快捷等；这是人们使用机械的目的，但使用任何机械都不能省功；
（3）根据生活中应用的简单机械，判断斜面。
【解答】解：
（1）分析表中的数据可知，竖直提升物体时拉力较大，而沿斜面拉升物体时拉力较小，所以斜面是省力机械；
（2）①由题可知，竖直提升时小车上升高度h＝30cm＝0.3m，
沿竖直方向匀速提升小车时，小车受到的拉力与重力是一对平衡力，
由表中数据可知，小车重：G＝F1＝10N，
所以沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功：W1＝Gh＝10N×0.3m＝3J；
②由表中的数据可知，使用斜面时拉力做功：W2＝F2s＝5.2N×0.6m＝3.12J＞3J，
所以，利用斜面提升物体时，不能省功。
（3）盘山公路就是常见的斜面。
故答案为：（1）省力；（2）3；3.12；不能；（3）盘山公路。
【点评】此题主要考查学生对功的原理这一知识点的理解和掌握，解答此题的关键是学生明确使用机械都不能省功。
27．（5分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）如图所示，连接电路时，至少需要 6 根导线；实验中应选择规格 不同 （相同/不同）的小灯泡。
（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，原因可能是 L2断路 （填出一种即可）。
（3）小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？ 不能 ，理由是 正负接线柱反接了 。
（4）小明分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在如下表格中，分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。请对小明的做法进行评价： 一次实验具有偶然性 ，改进方法是 更换规格不同的灯泡进行多次实验 。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
1.4
3.8
【分析】（1）根据电路图判定导线的条数；为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；
（2）电压表示数为零，说明电路中出现了断路；
（3）电压表连接时电流从正接线柱流入；
（4）只进行了一次实验就得出结论，不具有普遍性；为了使实验结论具有普遍性，应进行多次测量。
【解答】解；（1）由电路图可知，共需要导线6根导线；为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；
（2）电压表示数为零，说明电路中出现了断路；若L1断路，则电压表测量的电源电压，有示数；若L2断路，则电压表无示数；
根据U＝IR可知，当与电压表并联部分的电阻为0时，电压表的示数也为0，故故障还可以是L1短路；
（3）测出L1两端的电压，A与电压表的正接线柱相连。小聪将与A点相连的导线改接到C点，则会造成电流从负接线柱流入了。小芳的办法是错误的；
（4）本实验只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律，故应更换规格不同的灯泡进行多次实验。
故答案为：（1）6；不同；（2）L2断路；（3）不能；正负接线柱反接了；（4）一次实验具有偶然性；更换规格不同的灯泡进行多次实验。
【点评】本题主要是探究串联电路电压的规律，掌握电路故障的分析电压表的使用及得出普遍性结论的方法，难度中等。
28．（9分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用图甲所示的电路进行实验，实验室电阻有52、102、202三种规格，滑动变阻器有A.“5Ω 2A”、B.“10Ω 2A”、C.“20Ω 1.5A”三种规格可选，实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变。
实验次序
电压/V
电流/I
1
2
0.18
2
2.5
0.25
3
3
0.32
（1）请用笔画线代替导线，将甲图中实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于 左 端（选填“左”或“右”）。
（3）小明正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表指针没有偏转，而电压表指针偏转明显，分析故障原因可能是 R断路 。
（4）某次实验中，小明发现无论怎么调节滑动变阻器，电压表示数都大于2.4V，小华说是因为小明的滑动变阻器选得不合适.你认为应该选实验提供的规格为 C 的滑动变阻器.（只填字母）
（5）选用合适的滑动变阻器进行实验，当把电阻R由50更换为100时，在开关闭合前小明并没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，此时他应将滑动变阻器的滑片向 左 调，才能使电压保持2.4V不变.（选填“左”、“右”或“不变”）
（6）某次实验时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为 0.2 A，此时R的阻值为 12 Ω。
（7）小明又将定值电阻R换成额定电压为2.5V的小灯泡L，其它元件与接线都没有变化，用这个电路测量小灯泡的电阻，测得数据填在如图丙的表格中.由表中数据，小明算出三次测量电阻的平均值为10.16Ω.小华却说小明不该这样做，因为 小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义 。
（8）由表中数据可算出小灯泡正常发光时的电阻为 10Ω 。
【分析】（1）根据实验要求，R两端的电压控制为2.4V，所以电压表选择小量程并联在R的两端；
（2）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
（3）根据串联电路特点分析电路故障；
（4）当R＝20Ω，UR＝2.4时，由公式求得滑动变阻器的最大阻值；
（5）由公式可知，在电源电压不变，R更换为更大阻值时，R两端的电压变大，此时应将滑动变阻器的阻值也适当调大，使R两端的电压保持2.4V不变；
（6）由甲可知，电流表所选量程为0～0.6A，指针所指位置为0.2A，由公式可求得R的阻值；
（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）由公式可求得小灯泡正常发光时的电阻。
【解答】解：（1）根据实验要求，R两端的电压控制为2.4V，所以电压表选择小量程并联在R的两端，如图所示；
（2）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至左端阻值最大处；
（3）串联电路只有一条电流的路径，电压表看作断开，则电流表无示数，说明电路中某处断路，电压表无示数，说明与其并联的电阻R断路；
（4）根据串联电路的电流电压规律，当R＝20Ω，UR＝2.4V时，
滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UR＝4.5V﹣2.4V＝2.1V，
通过滑动变阻器的电流为：I滑＝IR＝，
滑动变阻器的最大阻值至少为：＝，故要完成实验，应选择规格为C的滑动变阻器；
（5）由公式可知，在电源电压不变，R更换为更大阻值时，R两端的电压变大，此时应将滑动变阻器的滑片向左调节适当位置，使R两端的电压保持2.4V不变；
（6）由甲可知，电流表所选量程为0～0.6A，电流表的示数为0.2A，则R的阻值为：；
（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）小灯泡的额定电压为2.5V，由表中数据可知，小灯泡正常发光时的电流为0.25A，此时小灯泡的电阻为：。
故答案为：（1）如图所示；（2）左；（3）R断路；（4）C；（5）左；（6）0.2；12；（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）10Ω。
【点评】本题考查实验：探究电流与电阻的关系，以及测量小灯泡的电阻，涉及电路连接、故障分析、数据处理等方面能力的考查，难度适中。
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2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意。）
1．（2分）在如图所示的四种剪刀中，最适用于剪开较硬物体的是（ ）
A． B．
C． D．
2．（2分）下列四幅图中，动能和势能之间没有发生相互转化的是（ ）
A． 用弓将箭射出
B．上升的滚摆
C．在水平公路上匀速行驶的汽车
D．人造地球卫星绕地球运行
3．（2分）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法不必要的是（ ）
A．要控制水和沙子的质量相同
B．要控制水和沙子体积相同
C．要用计时器隔一定时间记录温度
D．加热过程中要不停地搅拌
4．（2分）下列家用电器中，工作电流最小的是（ ）
A．空调器 B．洗衣机 C．微波炉 D．电子钟
5．（2分）炎热的夏天，在路上执勤的交警从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边，如图所示，他对矿泉水做功约（ ）
A．8J B．80J C．800J D．8000J
6．（2分）如图是既能吹冷风又能吹热风的某品牌电吹风。小明设计的该电吹风的简化电路图，其中最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2分）如图所示的电路中，电源的电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（ ）
A．电流表示数变大，灯变暗
B．电流表示数变小，灯变亮
C．电压表示数不变，灯变暗
D．电压表示数不变，灯变亮
8．（2分）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（ ）
A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω
B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变
C．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大
D．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
9．（2分）小明通过仔细观察，发现简单机械在生活中有很多实际应用，如：指甲钳、剪刀、钥匙等。将如图所示的钥匙插入锁孔转动开锁时，钥匙就相当于一个 （选填“杠杆”、“滑轮”或“轮轴”），属于 （选填“省力”或“费力”）机械。
10．（2分）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，松开手后，纸箱仍向前滑行了1m，整个过程中小明对纸箱做功 J，纸箱的重力做功 J。
11．（3分）如图所示，工人利用滑轮组将200N的重物从地面匀速向上提升到2m高的平台上，他所用的拉力为160N，绳子自由端向下移动的距离为 m，工人一共做功为 J，滑轮组的机械效率为 。
12．（2分）生活中的“热”含义非常丰富，物理学中，“天气很热”中的“热”是指 高；“两手相互摩擦手会发热”的“热”是指 增加。
13．（2分）为使汽油机工作时温度不会太高，人们常用水作为冷却剂，这是因为水的 较大，冷却效果好，这是通过 的方式改变了物体内能的。
14．（2分）将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水放入冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到5℃，则这瓶纯净水的内能减少了 J，这是通过 的方式改变了水的内能。（水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）
15．（3分）导线的线芯用铜丝，是因为铜的 好；有些材料的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，人们利用它们这些性质制成热敏电阻、光敏电阻、压敏电阻等，这种材料叫 ；当温度降低到足够低时，有些材料的电阻会变为零，这种现象叫做 现象。
16．（2分）定值电阻上标有“10Ω 2A”字样，其中“2A”表示 ，将这个电阻接在电路中，其两端电压不能超过 V。
17．（2分）某定值电阻两端电压增加2V，流过的电流就增大0.1A，该电阻阻值为 Ω，如果改变该电阻两端的电压，该电阻阻值将 。（选填：“变大”“变小”或“不变”）
18．（4分）如图，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R′是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度就可以知道油面的高度。
①油量表其实是 表；
②油面升高，R （变大、变小），油量指针偏转 （较大、较小）。
③电阻R′是否多余？它有什么作用？ 。
三、解答题（本题共10小题。共40分。解答19、20题应写出解题过程）
19．（1分）作出图中动力F1的力臂L1。
20．（1分）画出图中向下拉绳提升物体的滑轮组绕绳。
21．（1分）作出图中作用力F的力臂L。
22．（1分）连接图中两只灯泡的并联电路。
23．（6分）如图所示电路中，已知电源电压为12V且保持不变，R1＝20Ω，当开关闭合后，电流表的示数为0.4A．求：
（1）R1两端的电压；
（2）电压表的示数；
（3）电阻R2的阻值。
24．（5分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆左端偏低，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆已经在水平位置平衡，现将两边各取下一个钩码，则杠杆的 （选填“左”或“右”）端将下降；
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码向下拉，示数较大的是沿 方向，原因是 。
（4）小明认为用如图丁所示的方法也能探究杠杆平衡条件，请作出评价： 。
25．（6分）如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.
（1）本实验探究的是物体动能的大小与物体的 关系。
（2）实验中所探究物体的动能是指 （选填“小球A”或“纸盒B”）的动能。
（3）该实验物体动能的大小是通过 来反映的，我们过去学习过的 也与本实验采用相同的研究方法（选填“A、探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流”、“B、探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻”，只填字母）。
（4）实验中两次小球从不同高度处滚下，是为了 ，对比甲、乙两图可得出结论 。
26．（5分）在图中，s＝60cm，与之对应的h＝30cm。现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车（2）沿斜面方向匀速拉动小车记录数据如下表
操作 数据
测力计示数/N
移动距离/cm
竖直提升
10
30
沿斜面拉升
5.2
60
（1）分析表中的数据可知，斜面是一种 （省力/费力）的简单机械。
（2）沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功是 J，沿斜面方向匀速拉动小车拉力所做的功是 J，由此实验可推断，利用斜面提升物体时， （能/不能）省功。
（3）生活中常见的斜面有 。（写出一个）
27．（5分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）如图所示，连接电路时，至少需要 根导线；实验中应选择规格 （相同/不同）的小灯泡。
（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，原因可能是 （填出一种即可）。
（3）小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？ ，理由是 。
（4）小明分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在如下表格中，分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。请对小明的做法进行评价： ，改进方法是 。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
1.4
3.8
28．（9分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用图甲所示的电路进行实验，实验室电阻有52、102、202三种规格，滑动变阻器有A.“5Ω 2A”、B.“10Ω 2A”、C.“20Ω 1.5A”三种规格可选，实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变。
实验次序
电压/V
电流/I
1
2
0.18
2
2.5
0.25
3
3
0.32
（1）请用笔画线代替导线，将甲图中实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于 端（选填“左”或“右”）。
（3）小明正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表指针没有偏转，而电压表指针偏转明显，分析故障原因可能是 。
（4）某次实验中，小明发现无论怎么调节滑动变阻器，电压表示数都大于2.4V，小华说是因为小明的滑动变阻器选得不合适.你认为应该选实验提供的规格为 的滑动变阻器.（只填字母）
（5）选用合适的滑动变阻器进行实验，当把电阻R由50更换为100时，在开关闭合前小明并没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，此时他应将滑动变阻器的滑片向 调，才能使电压保持2.4V不变.（选填“左”、“右”或“不变”）
（6）某次实验时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为 A，此时R的阻值为 Ω。
（7）小明又将定值电阻R换成额定电压为2.5V的小灯泡L，其它元件与接线都没有变化，用这个电路测量小灯泡的电阻，测得数据填在如图丙的表格中.由表中数据，小明算出三次测量电阻的平均值为10.16Ω.小华却说小明不该这样做，因为 。
（8）由表中数据可算出小灯泡正常发光时的电阻为 。
2019-2020学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意。）
1．（2分）在如图所示的四种剪刀中，最适用于剪开较硬物体的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】结合生活经验和图片，先判断剪刀在使用过程中的目的，再根据各类杠杆的特点选择所需要的剪刀。
【解答】解：
剪开较硬的物体，就需要一把省力的剪刀，因此需选用动力臂大于阻力臂的剪刀，即手柄比刀口长的剪刀，所以B最适合。
故选：B。
【点评】剪刀是生活中一种特殊杠杆，要根据需要选择最合适的。手柄长的剪刀省力，刀口长的剪刀省距离。
2．（2分）下列四幅图中，动能和势能之间没有发生相互转化的是（ ）
A． 用弓将箭射出
B．上升的滚摆
C．在水平公路上匀速行驶的汽车
D．人造地球卫星绕地球运行
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）动能与势能发生相互转化，一定是一种能变大，另一种能变小，若有一种能不变，就不会是动能与势能发生相互转化。
【解答】解：
A、用弓将箭射出去，弓弹性势能减小，箭的动能增大，弹性势能转化为动能，故A不合题意；
B、上升的滚摆，高度增加，重力势能增大；速度减小，动能减小，所以是将动能转化为重力势能的过程，故B不符合题意；
C、在水平公路匀速行驶的汽车，动能不变，重力势能不变，所以动能与势能没有发生相互转化，故C合题意；
D、向近地点运动的卫星，高度减小，重力势能变小，但是速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
3．（2分）如图，在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，下列说法不必要的是（ ）
A．要控制水和沙子的质量相同
B．要控制水和沙子体积相同
C．要用计时器隔一定时间记录温度
D．加热过程中要不停地搅拌
【分析】我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：
AB、在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，采用的是控制变量法，需要控制水和沙子的质量和初温相同，不需要控制它们的体积相同，故A有必要，B没有必要；
C、实验中需要用秒表记录加热的时间，根据加热时间判定吸收热量的多少，故C有必要；
D、为了使水和沙子受热均匀，在加热过程中要不停地搅拌，故D有必要。
故选：B。
【点评】本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法和转换法在本实验中的应用。
4．（2分）下列家用电器中，工作电流最小的是（ ）
A．空调器 B．洗衣机 C．微波炉 D．电子钟
【分析】空调、洗衣机、微波炉三个用电器正常工作时电压为U＝220V，电压U一定，由P＝UI知功率P越小，电流I越小，根据家用电器的功率可知哪种用电器电流最小。
再和电子钟的工作电流比较得出谁的工作电流最小。
【解答】解：
空调的功率在1000W以上，洗衣机的功率在400W左右，微波炉的功率在1000W左右，这些电器的工作电压为220V，由P＝UI可知洗衣机的工作电流I＝＝≈1.8A，则空调、洗衣机、微波炉的工作电流都在1.8A以上；
而通过电子钟的电流比通过实验用小灯泡的电流还要小，小于0.3A；
由此可知，电子钟的工作电流最小。
故选：D。
【点评】对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析。家用电器的功率值平常要注意积累，在命题时这些数据是不会告诉的。
5．（2分）炎热的夏天，在路上执勤的交警从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边，如图所示，他对矿泉水做功约（ ）
A．8J B．80J C．800J D．8000J
【分析】一瓶500mL的矿泉水的质量在0.5kg左右，根据G＝mg得出受到的重力，从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边的高度h＝1.6m，根据W＝Gh得出他对矿泉水做的功。
【解答】解：一瓶500mL的矿泉水的质量在0.5kg左右，受到的重力G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，从地上拿起一瓶矿泉水送到嘴边的高度h＝1.6m，做的功W＝Gh＝5N×1.6m＝8J。
故选：A。
【点评】本题考查功的计算，并考查估算能力，难度不大。
6．（2分）如图是既能吹冷风又能吹热风的某品牌电吹风。小明设计的该电吹风的简化电路图，其中最合理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。由此分析各选项解答即可。
【解答】解：
A、由图知，S1闭合时电动机和电热丝都工作，当两开关都闭合时只有电热丝工作，不合题意；
B、由图知，S断开电路不工作，S闭合电热丝和电动机同时工作，只有热风没有冷风，不合题意；
C、由图知，S1闭合时只有电热丝工作，两开关都闭合电热丝和电动机同时工作，只有热风没有冷风，不合题意；
D、由图知，S1闭合时只有电动机工作，为冷风；再闭合S2时，电热丝和电动机同时工作，为热风，符合题意。
故选：D。
【点评】电吹风吹出来的是热风，还是冷风关键是看电动机和电热丝的工作状态，即分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能工作。
7．（2分）如图所示的电路中，电源的电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（ ）
A．电流表示数变大，灯变暗
B．电流表示数变小，灯变亮
C．电压表示数不变，灯变暗
D．电压表示数不变，灯变亮
【分析】本题考查欧姆定律的应用，即I＝U/R，当滑动变阻器滑片向右移动时，总电阻增大，由I＝U/R可知电流减小，而电压表测量的是电源电压，所以示数不变，L两端的电压减小，实际功率减小，灯泡变暗。
【解答】解：当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，总电阻增大，根据I＝知，电流减小，
L两端的电压为U＝IR变小，根据P＝UI知灯泡的实际功率减小，灯泡变暗。而电压表测量电源电压，故电压表示数不变。
故选：C。
【点评】本题主要考查，当滑动变阻器滑片移动时，总电阻的变化情况，再根据欧姆定律进行动态分析。
8．（2分）用“伏安法测电阻”的实验中，小雪和晓彤分别选用定值电阻和小灯泡为测量对象，在处理实验数据时，分别画出了U﹣I的图象，如图甲、乙所示。对于图象的分析，以下说法错误的是（ ）
A．由甲图可知，定值电阻的阻值为1Ω
B．由甲图可知，电阻不随其两端的电压和导体中的电流而改变
C．由乙图及实验现象可知：小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大
D．为了减小误差，应该用多次测量的方法，计算小灯泡的电阻
【分析】（1）电阻一定时，电流与电压成正比；根据图甲判断该电阻是否为定值电阻，然后利用图中数据以及欧姆定律的变形公式求出定值电阻的阻值；
（2）根据图乙判断灯丝电阻的特点，然后分析多次测量小灯泡电阻的目的。
【解答】解：
AB、根据图甲可知，电流与电压成正比，因此该电阻为定值电阻，即电阻是导体自身的性质，它不随导体两端的电压和导体中的电流改变而改变，
根据图示可知，当电阻两端电压为3V时，通过的电流为3A，由I＝可知，定值的电阻：R＝＝＝1Ω，故AB正确；
C、由乙图可知，电流与电压不成正比，即当灯泡两端电压发光改变时，灯泡的阻值也随之发生变化，且电压变化比电流变化快，因此小灯泡的电阻随灯丝温度的增加而增大，故C正确；
D、测定小灯泡的电阻时，多次测量是为了寻找灯丝电阻与温度的关系，不能求平均值减小误差，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了图象分析、利用欧姆定律的变形公式计算电阻，以及导体的电阻是导体本身的一种性质，不随电压和电流的改变而改变；关键会根据图象判断电阻是否为定值电阻。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）
9．（2分）小明通过仔细观察，发现简单机械在生活中有很多实际应用，如：指甲钳、剪刀、钥匙等。将如图所示的钥匙插入锁孔转动开锁时，钥匙就相当于一个 轮轴（或杠杆） （选填“杠杆”、“滑轮”或“轮轴”），属于 省力 （选填“省力”或“费力”）机械。
【分析】简单机械包括：杠杆、滑轮、轮轴、斜面等，从钥匙的使用情况判断；
通过比较动力臂和阻力臂的大小关系判断省费力。
【解答】解：钥匙在使用时绕中心轴转动，所以属于轮轴，轮轴是杠杆的一种变形；其轮半径和轴半径分别为动力臂和阻力臂，因为动力臂大于阻力臂，所以轮轴是一种省力杠杆。
故答案为：轮轴，省力。
【点评】本题考查了学生对杠杆、轮轴的了解与掌握，正确判断出轮半径、轴半径与动力臂、阻力臂的关系是本题的关键。
10．（2分）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，松开手后，纸箱仍向前滑行了1m，整个过程中小明对纸箱做功 150 J，纸箱的重力做功 0 J。
【分析】（1）知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W＝Fs计算推力做的功；
（2）纸箱受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功。
【解答】解：
（1）小明同学用50N的水平推力推着重200N的纸箱在水平地面上前进了3m，
此过程中小明对纸箱做的功：W1＝Fs1＝50N×3m＝150J；
（2）纸箱在水平面上运动，虽然受重力，也有距离，但纸箱在重力的方向上没有移动距离，所以重力没做功，即重力做功为0J。
故答案为：150；0。
【点评】本题考查了功的计算，并考查对做功的两个必要条件的了解与掌握，属于对基础知识的考查。
11．（3分）如图所示，工人利用滑轮组将200N的重物从地面匀速向上提升到2m高的平台上，他所用的拉力为160N，绳子自由端向下移动的距离为 4 m，工人一共做功为 640 J，滑轮组的机械效率为 62.5% 。
【分析】（1）由图可知，n＝2，人的拉力端移动距离s＝2h；
（2）利用W＝Fs求工人一共做功，即拉力做的功（总功）；
（3）利用W＝Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：
（1）由图可知，n＝2，拉力端移动距离：s＝2h＝2×2m＝4m；
（2）工人一共做功，即拉力做的总功：
W总＝Fs＝160N×4m＝540J；
（3）拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝200N×2m＝400J，
滑轮组的机械效率：
η＝＝×100%＝62.5%。
故答案为：4；540；62.5%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，属于基础题目。
12．（2分）生活中的“热”含义非常丰富，物理学中，“天气很热”中的“热”是指 温度 高；“两手相互摩擦手会发热”的“热”是指 内能 增加。
【分析】根据对生活中物理名词的理解作答。
【解答】解：
温度是反映冷热程度的物理量，“天气很热”中的“热”是指温度很高；
做功和热传递是改变内能的两种方式，“两手相互摩擦手会发热”是通过克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高。
故答案为：温度；内能。
【点评】本题考查的是学生对生活中的“热”的含义的理解，是一道基础题。
13．（2分）为使汽油机工作时温度不会太高，人们常用水作为冷却剂，这是因为水的 比热容 较大，冷却效果好，这是通过 热传递 的方式改变了物体内能的。
【分析】水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：水的比热容最大，和其它物质比较，升高相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂；
水会吸收热量，是通过热传递的方式改变物体内能的。
故答案为：比热容；热传递。
【点评】本题考查了学生对内能的改变、水的比热容大的特点的应用的掌握和运用，属于基础知识。
14．（2分）将一瓶质量为0.5kg、温度为25℃的纯净水放入冰箱，一段时间后纯净水的温度降低到5℃，则这瓶纯净水的内能减少了 4.2×104 J，这是通过 热传递 的方式改变了水的内能。（水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）
【分析】知道水的质量、水的比热容、水的温度变化，利用Q放＝cm△t求水放出的热量；这些热量是由水传递给冰箱内的空气，是利用热传递这种方式改变物体内能的。
【解答】解：
（1）水降低的温度：
△t＝t0﹣t＝25℃﹣5℃＝20℃，
水放出的热量：
Q放＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃＝4.2×104J，
水放出热量、内能减少，减少的内能等于放出的热量，则减少内能为4.2×104J；
这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×104；热传递。
【点评】本题考查了热量的计算、改变内能的方法，密切联系生活，属于中考的热点。
15．（3分）导线的线芯用铜丝，是因为铜的 导电性 好；有些材料的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，人们利用它们这些性质制成热敏电阻、光敏电阻、压敏电阻等，这种材料叫 半导体 ；当温度降低到足够低时，有些材料的电阻会变为零，这种现象叫做 超导 现象。
【分析】（1）导电性指物体传导电流的能力，各种金属的导电性各不相同，通常银的导电性最好，其次是铜和铝；
（2）半导体是一种重要的材料，它在现代生活中有着广泛的应用，半导体的导电性能介于绝缘体和导体之间；
（3）当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这便是超导现象。发生超导现象时的温度称为临界温度。
【解答】解：（1）导电性指物体传导电流的能力，各种金属的导电性各不相同，通常银的导电性最好，其次是铜和铝；
（2）半导体是一种重要的材料，它的导电性能受温度、光照、压强等影响而显著变化，它在现代生活中有着广泛的应用，半导体的导电性能介于绝缘体和导体之间；
（3）当温度降低到足够低时，有些材料的电阻变为零，这便是超导现象。发生超导现象时的温度称为临界温度。
故答案为：（1）导电性；（2）半导体；（3）超导。
【点评】此题考查物质的物理性质，是一道基础题。
16．（2分）定值电阻上标有“10Ω 2A”字样，其中“2A”表示 允许通过定值电阻的最大电流是2A ，将这个电阻接在电路中，其两端电压不能超过 20 V。
【分析】根据定值电阻铭牌，由欧姆定律计算滑动变阻器最大电压。
【解答】解：定值电阻上标的2A是指允许通过定值电阻的最大电流是2A；
由I＝可知，当电阻通过的电流最大时，它两端电压最大，所以定值电阻的最大电压：
U最大＝I最大R＝2A×10Ω＝20V；
故答案为：允许通过定值电阻的最大电流是2A；20。
【点评】本题考查了定值电阻和欧姆定律的应用，关键是定值电阻铭牌参数含义的理解与掌握。
17．（2分）某定值电阻两端电压增加2V，流过的电流就增大0.1A，该电阻阻值为 20 Ω，如果改变该电阻两端的电压，该电阻阻值将 不变 。（选填：“变大”“变小”或“不变”）
【分析】电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关；根据欧姆定律分别表示出定值电阻两端电压变化前后两端的电压，联立等式即可求出该定值电阻的阻值。
【解答】解：设电压为U，通过的电流为I，则
U＝IR﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
∵导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，
∴当两端电压增加2V，流过的电流就增加0.1A时，导体的电阻不变，则
U+2V＝（I+0.1A）R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②两式可得：R＝20Ω。
故答案为：20；不变。
【点评】本题考查了欧姆定律的简单计算，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。
18．（4分）如图，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R′是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度就可以知道油面的高度。
①油量表其实是 电流 表；
②油面升高，R 变小 （变大、变小），油量指针偏转 较大 （较大、较小）。
③电阻R′是否多余？它有什么作用？ 保护电路 。
【分析】图示可知：当油面上升或下降时，浮标随之上升或下降，通过类似杠杆的装置控制了电路中电阻的大小，从而使它电路中电流发生变化，通过电流表的示数即可判断出油箱内油面的高度。
【解答】解：（1）滑动变阻器与定值电阻串联，电流表串联在电路中，因此油量表其实是电流表；
（2）油面升高，浮子上升，滑片下降，滑动变阻器连入电路的电阻变小，电路中电流增大，因此油量表的示数较大；
（3）当油面升高到一定程度时，滑动变阻器连入阻值为零，因此定值电阻起到保护电路的作用。
故答案为：（1）电流；（2）变小；较大；（3）保护电路。
【点评】本题根据油量表串联在电路中，可以判断油量表是电流表。当滑动变阻器阻值最小时，定值电阻起保护电路作用。
三、解答题（本题共10小题。共40分。解答19、20题应写出解题过程）
19．（1分）作出图中动力F1的力臂L1。
【分析】力臂是支点到力的作用线的距离，从支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂。
【解答】解：已知支点为O，从点O作力F1作用线的垂线段，即为F1的力臂L1，如图所示：
【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
20．（1分）画出图中向下拉绳提升物体的滑轮组绕绳。
【分析】向下拉动绳子，则绳子自由端拉力的方向是向下的，据此分析滑轮组的绕法。
【解答】解：向下拉绳将重物提升，从绳子自由端向上绕起，先绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，最后系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示：
【点评】对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用，不能死记硬背最省力的绕线方法。
21．（1分）作出图中作用力F的力臂L。
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
【解答】解：在A点施加力F时，支点为O，从支点O向动力F的作用线作垂线段，即为动力的力臂L．如图所示：
【点评】本题考查了力臂的画法。画力臂关键是要画出从支点到力的作用线的垂线段。
22．（1分）连接图中两只灯泡的并联电路。
【分析】并联电路是指各用电器并列地连接起来的电路，开关控制两盏灯说明开关位于干路，据此连接实物图。
【解答】解：按电流流向法，从电源的正极出发，经过开关后分支，一路经过一个灯泡，另一路经过另一个灯泡，然后两路汇合共同回到电源负极，如图所示：
【点评】本题考查实物图的连接，关键明白电路中各个用电器的连接情况，连接实物图是整个初中物理的难点，也是中考常考的内容。
23．（6分）如图所示电路中，已知电源电压为12V且保持不变，R1＝20Ω，当开关闭合后，电流表的示数为0.4A．求：
（1）R1两端的电压；
（2）电压表的示数；
（3）电阻R2的阻值。
【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表测量电阻R2两端的电压；电流表测量总电流；根据公式U＝IR可求R1两端的电压。
（2）电源电压减去R1两端的电压就等于电阻R2两端的电压，也就是电压表的示数。
（3）电阻R2的阻值根据公式R＝可求。
【解答】解：（1）R1两端的电压U1＝IR1＝0.4A×20Ω＝8V；
答：R1两端的电压为8V。
（2）电阻R2两端的电压U2＝U﹣U1＝12V﹣8V＝4V；所以电压表示数为4V。
答：电压表的示数为4V。
（3）电阻R2的阻值R2＝＝＝10Ω；
答：电阻R2的阻值为10Ω。
【点评】本题考查电压、电阻的计算，根据是公式及其变形的灵活运用；要知道串联电路电压的规律。
24．（5分）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）如图甲所示，杠杆左端偏低，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆已经在水平位置平衡，现将两边各取下一个钩码，则杠杆的 左 （选填“左”或“右”）端将下降；
（3）如图丙，用弹簧测力计代替钩码向下拉，示数较大的是沿 方向，原因是 b的力臂小 。
（4）小明认为用如图丁所示的方法也能探究杠杆平衡条件，请作出评价： 受杠杆重力的影响，不能探究出杠杆的平衡条件 。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）分别计算两侧的力与力臂的乘积，乘积大的一侧下降；
（3）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2判断，阻力、阻力臂不变，动力臂小的施加的动力大；
（4）杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响。
【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，应将平衡螺母应向右端移动；
（2）杠杆在水平位置平衡后，两边各取下一个钩码，假设一格的距离为L，一个钩码的重力为G，则左侧＝2G×2L＝4GL，右侧＝G×3L＝3GL，左侧＞右侧，所以左侧下降；
（3）图丙左侧阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2判断，动力臂小的，施加的动力大，沿b方向施加力时，动力臂小，所以沿吧方向动力大，即弹簧测力计沿b方向示数大；
（4）杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，所以不能探究杠杆的平衡条件。
故答案为：（1）右；（2）左；（3）b；b的力臂小；（4）受杠杆重力的影响，不能探究出杠杆的平衡条件。
【点评】本题考查杠杆平衡条件得探究，注意探究过程中的细节，难度适中。
25．（6分）如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.
（1）本实验探究的是物体动能的大小与物体的 速度 关系。
（2）实验中所探究物体的动能是指 小球A （选填“小球A”或“纸盒B”）的动能。
（3）该实验物体动能的大小是通过 木块在水平面上移动的距离 来反映的，我们过去学习过的 A 也与本实验采用相同的研究方法（选填“A、探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流”、“B、探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻”，只填字母）。
（4）实验中两次小球从不同高度处滚下，是为了 探究动能大小与速度的关系 ，对比甲、乙两图可得出结论 在质量一定时，速度越大，动能越大 。
【分析】（1）要探究动能与速度的关系，应控制质量不变，改变速度，所以应让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下；
（2）在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，“物体动能”指的是小球碰撞木块时的动能；
（3）小球推动木块运动越远，小球的动能越大，用木块运动的距离来反映小球的动能大小；
（4）高度不同，小球到达水平面时的速度是不同的；根据甲、乙中的相同量和不同量，利用控制变量法得出结论。
【解答】解：（1）让同一钢球A分别从不同的高度沿光滑斜面由静止开始滚下，钢球到达水平面的速度不同，该实验要探究的是物体动能的大小与物体的速度关系；
（2）该实验研究的主体是小球A，研究的是小球A的动能；
（3）小球推动木块运动的距离越远，则小球动能就越大，即通过木块在水平面上移动的距离来表示动能的大小，这里采用了转换法的思想；探究电阻与哪些因素有关时用电流表测量电流的实验中，通过电流的大小反映电阻的大小，采用的是转换法；探究电流与电阻关系时用电阻箱代替定值电阻，采用的是等效替代法；故选A；
（4）让同一小球从斜面的不同高度滚下是为了保证小球到达斜面底端具有相同的速度，因此可探究动能大小与速度的关系；
根据甲、乙两图可知，小球的质量一定，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：在质量一定时，速度越大，动能越大。
故答案为：（1）速度；（2）小球A；（3）木块在水平面上移动的距离；A；（4）探究动能大小与速度的关系；在质量一定时，速度越大，动能越大。
【点评】动能大小与质量和速度有关，在探究过程中要用到控制变量法，同时要掌握实验中转换法的应用。
26．（5分）在图中，s＝60cm，与之对应的h＝30cm。现用弹簧测力计进行两次操作：（1）沿竖直方向匀速提升小车（2）沿斜面方向匀速拉动小车记录数据如下表
操作 数据
测力计示数/N
移动距离/cm
竖直提升
10
30
沿斜面拉升
5.2
60
（1）分析表中的数据可知，斜面是一种 省力 （省力/费力）的简单机械。
（2）沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功是 3 J，沿斜面方向匀速拉动小车拉力所做的功是 3.12 J，由此实验可推断，利用斜面提升物体时， 不能 （能/不能）省功。
（3）生活中常见的斜面有 盘山公路 。（写出一个）
【分析】（1）比较物块重量和沿斜面的拉力比较斜面是省力机械；
（2）使用斜面时克服物体重力所做功是有用功，根据W有＝Gh计算；使用机械可以省力、可以省距离、可以改变动力的方向，给人们带来方便；做到方便、快捷等；这是人们使用机械的目的，但使用任何机械都不能省功；
（3）根据生活中应用的简单机械，判断斜面。
【解答】解：
（1）分析表中的数据可知，竖直提升物体时拉力较大，而沿斜面拉升物体时拉力较小，所以斜面是省力机械；
（2）①由题可知，竖直提升时小车上升高度h＝30cm＝0.3m，
沿竖直方向匀速提升小车时，小车受到的拉力与重力是一对平衡力，
由表中数据可知，小车重：G＝F1＝10N，
所以沿竖直方向匀速提升小车拉力所做的功：W1＝Gh＝10N×0.3m＝3J；
②由表中的数据可知，使用斜面时拉力做功：W2＝F2s＝5.2N×0.6m＝3.12J＞3J，
所以，利用斜面提升物体时，不能省功。
（3）盘山公路就是常见的斜面。
故答案为：（1）省力；（2）3；3.12；不能；（3）盘山公路。
【点评】此题主要考查学生对功的原理这一知识点的理解和掌握，解答此题的关键是学生明确使用机械都不能省功。
27．（5分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）如图所示，连接电路时，至少需要 6 根导线；实验中应选择规格 不同 （相同/不同）的小灯泡。
（2）在测L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，原因可能是 L2断路 （填出一种即可）。
（3）小芳保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压。她能否测出L2两端电压？ 不能 ，理由是 正负接线柱反接了 。
（4）小明分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在如下表格中，分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。请对小明的做法进行评价： 一次实验具有偶然性 ，改进方法是 更换规格不同的灯泡进行多次实验 。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
2.4
1.4
3.8
【分析】（1）根据电路图判定导线的条数；为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；
（2）电压表示数为零，说明电路中出现了断路；
（3）电压表连接时电流从正接线柱流入；
（4）只进行了一次实验就得出结论，不具有普遍性；为了使实验结论具有普遍性，应进行多次测量。
【解答】解；（1）由电路图可知，共需要导线6根导线；为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；
（2）电压表示数为零，说明电路中出现了断路；若L1断路，则电压表测量的电源电压，有示数；若L2断路，则电压表无示数；
根据U＝IR可知，当与电压表并联部分的电阻为0时，电压表的示数也为0，故故障还可以是L1短路；
（3）测出L1两端的电压，A与电压表的正接线柱相连。小聪将与A点相连的导线改接到C点，则会造成电流从负接线柱流入了。小芳的办法是错误的；
（4）本实验只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律，故应更换规格不同的灯泡进行多次实验。
故答案为：（1）6；不同；（2）L2断路；（3）不能；正负接线柱反接了；（4）一次实验具有偶然性；更换规格不同的灯泡进行多次实验。
【点评】本题主要是探究串联电路电压的规律，掌握电路故障的分析电压表的使用及得出普遍性结论的方法，难度中等。
28．（9分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用图甲所示的电路进行实验，实验室电阻有52、102、202三种规格，滑动变阻器有A.“5Ω 2A”、B.“10Ω 2A”、C.“20Ω 1.5A”三种规格可选，实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变。
实验次序
电压/V
电流/I
1
2
0.18
2
2.5
0.25
3
3
0.32
（1）请用笔画线代替导线，将甲图中实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于 左 端（选填“左”或“右”）。
（3）小明正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，发现电流表指针没有偏转，而电压表指针偏转明显，分析故障原因可能是 R断路 。
（4）某次实验中，小明发现无论怎么调节滑动变阻器，电压表示数都大于2.4V，小华说是因为小明的滑动变阻器选得不合适.你认为应该选实验提供的规格为 C 的滑动变阻器.（只填字母）
（5）选用合适的滑动变阻器进行实验，当把电阻R由50更换为100时，在开关闭合前小明并没有将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，此时他应将滑动变阻器的滑片向 左 调，才能使电压保持2.4V不变.（选填“左”、“右”或“不变”）
（6）某次实验时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为 0.2 A，此时R的阻值为 12 Ω。
（7）小明又将定值电阻R换成额定电压为2.5V的小灯泡L，其它元件与接线都没有变化，用这个电路测量小灯泡的电阻，测得数据填在如图丙的表格中.由表中数据，小明算出三次测量电阻的平均值为10.16Ω.小华却说小明不该这样做，因为 小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义 。
（8）由表中数据可算出小灯泡正常发光时的电阻为 10Ω 。
【分析】（1）根据实验要求，R两端的电压控制为2.4V，所以电压表选择小量程并联在R的两端；
（2）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
（3）根据串联电路特点分析电路故障；
（4）当R＝20Ω，UR＝2.4时，由公式求得滑动变阻器的最大阻值；
（5）由公式可知，在电源电压不变，R更换为更大阻值时，R两端的电压变大，此时应将滑动变阻器的阻值也适当调大，使R两端的电压保持2.4V不变；
（6）由甲可知，电流表所选量程为0～0.6A，指针所指位置为0.2A，由公式可求得R的阻值；
（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）由公式可求得小灯泡正常发光时的电阻。
【解答】解：（1）根据实验要求，R两端的电压控制为2.4V，所以电压表选择小量程并联在R的两端，如图所示；
（2）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片移至左端阻值最大处；
（3）串联电路只有一条电流的路径，电压表看作断开，则电流表无示数，说明电路中某处断路，电压表无示数，说明与其并联的电阻R断路；
（4）根据串联电路的电流电压规律，当R＝20Ω，UR＝2.4V时，
滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UR＝4.5V﹣2.4V＝2.1V，
通过滑动变阻器的电流为：I滑＝IR＝，
滑动变阻器的最大阻值至少为：＝，故要完成实验，应选择规格为C的滑动变阻器；
（5）由公式可知，在电源电压不变，R更换为更大阻值时，R两端的电压变大，此时应将滑动变阻器的滑片向左调节适当位置，使R两端的电压保持2.4V不变；
（6）由甲可知，电流表所选量程为0～0.6A，电流表的示数为0.2A，则R的阻值为：；
（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）小灯泡的额定电压为2.5V，由表中数据可知，小灯泡正常发光时的电流为0.25A，此时小灯泡的电阻为：。
故答案为：（1）如图所示；（2）左；（3）R断路；（4）C；（5）左；（6）0.2；12；（7）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值无意义；
（8）10Ω。
【点评】本题考查实验：探究电流与电阻的关系，以及测量小灯泡的电阻，涉及电路连接、故障分析、数据处理等方面能力的考查，难度适中。
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