高中生物人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第1章 遗传因子的发现本章综合与测试免费同步测试题

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本章复习提升易混易错练易错点1　混淆自交与自由交配概率计算1.(2020四川绵阳高三月考,)迷迭香是雌雄同株植物,其花色由一对基因R、r控制,蓝色对白色为完全显性。在不考虑致死情况下,以Rr植株作亲本来选育蓝色纯合植株RR,在F2中RR植株所占比例最大的方法是　(　易错　)A.连续自交2次,每代的子代中不除去rr个体B.连续自交2次,每代的子代中人工除去rr个体C.连续自由交配2次,每代的子代中不除去rr个体D.连续自由交配2次,每代的子代中人工除去rr个体2.()某植物的花色由一对等位基因A和a控制,现有以下杂交实验,请分析回答:亲本:红花(甲)×红花(乙)→F1:红花(丙)、紫花(丁)(1)在红花、紫花这一对性状中,显性性状是　　　花,红花(甲)的基因型是　　　。为验证红花(甲)的基因型,可利用F1中的　　　花植株与红花(甲)杂交,这种杂交方式在遗传学上称作　　　　。 (2)若让红花(丙)的所有植株均与紫花(丁)杂交,则理论上子代的表型及比例为　　　　　　　。若让红花(丙)的所有植株随机交配,则理论上子代植株中紫花植株所占的比例为　　　(用分数表示)。 (3)现利用数量足够多的基因型为Aa的植株分别进行连续自交、连续自由交配、连续自交并逐代淘汰aa个体、连续自由交配并逐代淘汰aa个体,然后根据各代Aa基因型所占的比例绘制出如图所示曲线:请据图指出上述交配方式所对应的曲线名称(Ⅰ~Ⅳ):①“连续自交”对应曲线　　　　; ②“连续自由交配”对应曲线　　　　; ③“连续自交并逐代淘汰aa个体”对应曲线　　　　; ④“连续自由交配并逐代淘汰aa个体”对应曲线　　　　。 易错点2　自由组合定律中的特殊分离比3.(2020江苏高三适应性测试,)牡丹的花色多种多样,白色的不含花青素,深红色的含花青素最多,花青素含量的多少决定着花颜色的深浅。花青素含量由两对独立遗传的基因(A和a,B和b)所控制;显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加。深红色牡丹同白色牡丹杂交,就能得到中等红色的个体,若这些个体自交,其子代将出现花色的种类和比例分别是(　　)A.3种;9∶6∶1 B.4种;9∶3∶3∶1C.5种;1∶4∶6∶4∶1 D.6种;1∶4∶3∶3∶4∶14.(2020河南郑州一中高三月考,)某种植物的表型有圆果和长果、紫茎和绿茎,受不同对独立遗传的基因控制。现用纯合的圆果紫茎植株与纯合的长果紫茎植株杂交,F1全为圆果绿茎,F1自交产生F2,F2的表型及比例为圆果绿茎∶圆果紫茎∶长果绿茎∶长果紫茎=27∶21∶9∶7,下列叙述错误的是(　　)A.果形的遗传中显性性状为圆果B.茎色的遗传受两对等位基因控制C.F2中紫茎植株的基因型有5种D.F2中圆果植株自交,F3中圆果与长果的比例为3∶1易错点3　致死类遗传现象分析5.()一位喜欢钓鱼的同学,一次从湖中钓到一条无鳞的草鱼,他想确定一下这种特殊的表型是否有遗传基础,于是做了一系列实验。当他将该无鳞鱼和纯合体野生型有鳞鱼杂交,F1有两种表型,野生型有鳞鱼占50%,另50%的鱼在两侧各有一列鳞片(单列鳞);这位同学又使F1单列鳞片的鱼进行相互交配,后代出现4种表型:单列鳞、野生型有鳞、无鳞和散鳞(鳞片不规则覆盖于一部分表皮上),它们的比例是6∶3∶2∶1。该同学通过相关资料的查找,得知决定鳞片表型的某对基因存在纯合致死现象。请回答下列问题:(注:纯合致死分显性纯合致死和隐性纯合致死,显性纯合致死指显性基因纯合时个体死亡,隐性纯合致死指隐性基因纯合时个体死亡。)(1)上述鳞片表型由　　　　对基因控制,遗传时遵循的遗传定律是　　　　　　　　　　。 (2)决定鳞片表型的基因中那对纯合致死基因是　　　　(填“显性”或“隐性”)纯合。就鳞片表型而言因纯合而致死的鱼的基因型有　　　　种,其中是纯合的基因型有　　　　种。 (3)若将F1野生型有鳞鱼进行相互交配,后代中表型为　　　　　　　　,其比例为　　　　。  
答案全解全析易混易错练1.B3.C4.D     1.B　以一对相对性状的杂合子(Rr)为亲本连续自交,其后代表现为:Fn杂合子显性纯合子隐性纯合子所占比例--以一对相对性状的杂合子(Rr)为亲本连续自交,并在每一代除去隐性个体,其后代表现为:Fn杂合子显性纯合子所占比例以一对相对性状的杂合子(Rr)为亲本连续自由交配,产生的配子比例为R∶r=1∶1,故其后代表现为:Fn杂合子显性纯合子隐性纯合子所占比例以Rr的植株作亲本来选育蓝色纯合植株RR,连续自交2次,每代的子代中不除去rr个体,F2中RR植株所占比例为3/8;连续自交2次,每代的子代中人工除去rr个体,则F1比例为RR∶Rr=1∶2,F2中RR植株所占比例为3/5;连续自由交配2次,每代的子代中不除去rr个体,F2中RR植株所占比例为1/4;连续自由交配2次,每代的子代中人工除去rr个体,则F1比例为RR∶Rr=1∶2,产生的配子比例为R∶r=2∶1,F2中RR植株所占比例为1/2。综上,B符合题意。易错提醒区分“自交”和“自由交配”广义的自交是指具有相同基因型的两个个体进行交配。自由交配也叫随机交配,是指种群内具有生殖能力的雌雄个体之间可以随机交配,不受基因型的限制,属于杂交的一种。2.答案　(1)红　Aa　紫　测交　(2)红花∶紫花=2∶1　1/9　(3)Ⅳ　Ⅰ　Ⅲ　Ⅱ解析　(1)红花(甲)与红花(乙)杂交,后代出现了红花和紫花,即后代出现了性状分离,因此红花为显性性状,进而可知红花(甲)与红花(乙)的基因型均为Aa。为验证红花(甲)的基因型,可用测交实验,即让红花(甲)与紫花杂交,若后代均为红花,则红花(甲)的基因型为AA,若后代既有红花又有紫花,则红花(甲)的基因型为Aa。(2)红花(丙)的基因型及比例为AA∶Aa=1∶2,红花(丙)与紫花(丁)杂交,杂交组合为:1/3AA×aa,2/3Aa×aa,杂交后代中基因型为Aa的个体占2/3,aa占1/3,因此理论上子代的表型及比例为红花∶紫花=2∶1。已知红花(丙)中A∶a=2∶1,若让红花(丙)的所有植株随机交配,则紫花植株(aa)所占比例为1/3×1/3=1/9。(3)连续自交和随机交配的F1中Aa所占比例都是1/2,所以Ⅰ和Ⅳ符合,但是连续自交的结果是纯合子所占的比例越来越大,杂合子所占的比例越来越小,所以Ⅰ是随机交配的结果,Ⅳ是自交的结果。曲线Ⅱ和Ⅲ的F1中Aa所占的比例相同,这是因为Aa自交和随机交配得到的F1的结果是一样的,即F1的基因型及比例为:AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,淘汰掉其中的aa个体后,AA∶Aa=1∶2,AA占1/3,Aa占2/3。F1自交则F2为1/3AA+2/3(1/4AA+1/2Aa+1/4aa),淘汰掉aa以后,F2的基因型及比例为AA∶Aa=3∶2,Aa所占的比例是0.4;F1随机交配,F2为(4/9AA+4/9Aa+1/9aa),淘汰掉aa,F2的基因型及比例为AA∶Aa=1∶1,Aa所占比例是0.5,所以据此可知曲线Ⅱ是随机交配并淘汰aa的曲线,曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线。3.C　分析题文:显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加,因此深红色牡丹的基因型为AABB,白色牡丹的基因型为aabb,它们杂交所得F1均为中等红色个体(基因型为AaBb),F1自交得到F2的表型及比例为深红色(1/16AABB)∶偏深红色(2/16AABb、2/16AaBB)∶中等红色(1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb)∶偏白色(2/16Aabb、2/16aaBb)∶白色(1/16aabb)=1∶4∶6∶4∶1。故选C。4.D　题干中控制果形和茎色的基因未知,单独分析果形,纯合圆果×纯合长果→F1圆果→自交得F2,F2圆果∶长果=48∶16=3∶1,可判断果形受一对等位基因控制,且圆果为显性性状;单独分析茎色,纯合紫茎×纯合紫茎→F1绿茎→自交得F2,F2绿茎∶紫茎=36∶28=9∶7,为9∶3∶3∶1的变式,可推断茎色受两对等位基因控制,且绿茎为双显性状。控制茎色的基因用B、b,C、c表示,由以上分析可推知,F2中紫茎基因型为B_cc、bbC_、bbcc共5种。控制果形的基因用A、a表示,F2中圆果的基因型有AA和Aa两种,其中Aa占2/3,所以F3中aa占2/3×1/4=1/6,即圆果∶长果=5∶1。5.答案　(1)2　自由组合定律　(2)显性　3　2　(3)野生型有鳞与散鳞　3∶1解析　根据题意分析可知,F2中鱼的鳞片有4种表型:单列鳞∶野生型有鳞∶无鳞∶散鳞=6∶3∶2∶1,由2对独立遗传的基因决定(相关基因用A、a,B、b表示),符合自由组合规律。所以F1中的单列鳞鱼为双杂合子,基因型为AaBb,散鳞为aabb,无鳞纯合致死。(1)通过分析可知,题述鳞片表型由2对等位基因控制,遗传时遵循自由组合定律。(2)6∶3∶2∶1为9∶3∶3∶1的变式,可推出为显性纯合致死,致死的基因型有AABB、AABb、AAbb(或AABB、AaBB、aaBB),共3种,其中纯合的基因型有2种。(3)无鳞鱼和纯合体野生型有鳞鱼杂交得到F1,F1中的野生型有鳞鱼随机交配,该过程即Aabb×aaBB→AaBb、aaBb(或aaBb×AAbb→AaBb、Aabb);野生型有鳞鱼相互交配即aaBb×aaBb→aaB_∶aabb=3∶1(或Aabb×Aabb→A_bb∶aabb=3∶1),所以野生型有鳞∶散鳞=3∶1。