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2020年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷_(带答案解析).docx
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这是一份2020年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷_(带答案解析).docx，共26页。试卷主要包含了答题前填写好自己的姓名，请将答案正确填写在答题卡上等内容，欢迎下载使用。
试卷副标题
考试范围：xxx；考试时间：120分钟；命题人：xxx
注意事项：
1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2、请将答案正确填写在答题卡上
1. 下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是( )
A.丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子
B.由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比
C.磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极
D.安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上
2. 关于温度、内能、热量，下列说法中正确的是（ ）
A.物体的温度越高，它含的热量越多B.物体的内能增加，一定是吸收了热量
C.物体的内能增加，它的温度一定升高D.物体的温度升高，它的内能一定增加
3. 图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子。把A点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）关于勺子的构造和使用说法正确的是（ ）
A.勺子转动切果时可作省力杠杆用B.勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C.“刺刀”很尖利是为了增大压力D.勺子绕着果转动时运动状态不变
4. 下列示意图不正确的是（ ）
A.甲图：A′B′为物体AB在平面镜中所成的像
B.乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F为一对平衡力
C.丙图：是光由空气射入水中的折射光路图
D.丁图：小磁针静止时，磁感线的方向，电源的“+”或“一”极。
5. 半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为F1、F2、F3．则下列判断正确的是（ ）
A.F1=F3＞F2
B.F2＞F3＞F1
C.F3＞F1=F2
D.F3＞F2＞F1
6. 在如图所示的电路中，电源电压不变。开关S闭合后，移动滑片 P，改变滑动变阻器 接入电路的阻值，使电压表的示数从6伏变化到2伏，同时观察到电流表的示数从0.5安变化到1安，则定值电阻R0的阻值为（ ）
A.4欧B.6欧C.8欧D.18欧
7. 下列判断与图示相符合的是( )
A.
泡沫球一定带正电
B.
电流周围存在磁场
C.
通电螺旋管右端是N极
D.
磁场对电流有力的作用
8. 如图所示，物体的长度是______cm，停表所表示的时间是______s，电能表的读数是______。
9. 古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据声音的______判断出来的：唐代诗人白居易的《琵琶行》中的诗句：“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”从物理学的角度来看，弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发声的______；“小弦切切如私语”是指声音的______小。（均选填“音调”“响度”或“音色”）
10. R1和R2两只电阻串联.已知R1：R2=5：1，那么通过它们的电流之比I1：I2=______ ，两只电阻两端各自的电压之比U1：U2=______ ，这两只电阻两端的总电压跟R2两端电压之比U总：U2=______ ．
11. 端午节那天，小志给小文起啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是瓶内的气体冲出时，内能转化为 ______ 能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象．这个现象说明 ______ 方式可以改变物体的内能．
12. 如图甲所示的彩虹桥桥面距湖面3m，它的“倒影”距桥面______m．“倒影”的形成是由于光的______。如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是______。
13. 夏天，白天湖水温度往往比水泥马路温度低，这是由于水的 ______ ；市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这一操作 ______ (选填“是”或“不是”)利用水的上述特性；若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则该洒水车的动能将 ______ ．
14. 如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”的字样，电压表量程为0～3V，则灯L正常工作时的电流为______A．若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是______。
15. 如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动，请在图中作出货物A所受力的示意图。
16. 从空气射向水面的入射光线，在水面发生反射和折射现象，如图所示，给出了反射光线，请你在图中画出入射光线和大致的折射光线。
17. 一个工人站在地面上，使用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，要求绳子的自由端要向下拉，请你用笔画代替绳子，画出滑轮组最省力的绕绳方法。
18. 图中虚线框内是一台灯旋钮开关的内部电路简图，通过它可控制台灯的通断和亮度。请将电路图连接完整，使其符合安全用电的原则。
19. 小明在“探究不同液体的吸热情况”试验中，用了如图甲所示的两套完全相同装置.他按实验要求分别对甲和乙两种液体物质进行加热.实验数据记录如下表．
(1)按实验要求，甲和乙的质量 ______(选填“相同”或“不相同”)．
(2)在此实验中，如果要使甲和乙的最后温度相同，就要给 ______(选填“甲”或“乙”)加热更长的时间，此时，甲吸收的热量 ______(选填“大于”或“小于”或“等于”)乙吸收的热量．
(3)根据实验数据分析得知， ______(选填“甲”或“乙”)的比热容大．
(4)物质甲从温度由20℃加热到45℃的过程中，它的内能 ______(选填“增大”或“减小”).这是采用 ______ 方式改变物体内能的．
20. 一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶10min，消耗的汽油为1.2Kg．汽车匀速行驶时受到的牵引力F=1.2×103N，汽油的热值q=4.6×107J/Kg．问：
（1）这段时间内汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）这段时间内汽车牵引力做功的功率是多少？
（3）该汽车的效率是多少？
21. 小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图甲、乙所示的实验，探究动能的大小与哪些因素有关．
(1)让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示．
(2)让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示．
上述甲、乙两组实验中：
①乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的 ______ ．
②选用图甲探究的是动能与 ______ 的关系，理由是：两球 ______ 相等；得出的结论是： ______ ．
③选用图乙探究的是动能与 ______ 的关系，得出的结论是： ______ ．
④物理研究方法有许多，如等效替代法、类比法、对比法、控制变量法；本实验中运用了两种研究方法，一是 ______ 法；二是转换法，就是用纸盒移动的距离长短来表示小球动能的大小．
22. 在“探究凸透镜成像规律“的实验中
（1）实验用光具座的长度为1m，如果有焦距为10cm、25cm的两块凸透镜，应该选择焦距为______cm的凸透镜完成实验
（2）实验前应点燃蜡烛，观察烛焰、凸透镜和光屏的中心是否在______上，这样做的目的是______。
（3）当蜡烛、凸透镜和光屏的相对位置如图甲所示时，光屏上出现清晰的像，则像是倒立______的实像。
（4）实验中，不但虚像可以用肉眼直接看到，实像也可以用肉眼直接看到，如图乙所示在第（3）的基础上，拿掉光屏，用肉眼在______（选填“A“、“B“或C）位置沿图示方向能看到这个实像。
（5）在第（3）的基础上，当光屏略微向右移动时，光屏上的像将会模糊，如果蜡烛与凸透镜不动，那么，在凸透镜前放置______（选填“凸”或“凹”）透镜，才可能在光屏上得到清晰的像，这其实就是______（选填“近视眼“或“远视眼”）的矫正原理。
23. 在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）
（1）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用______（选填下面两项序号）。
A．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器
B．“20Ω 0.5A”的滑动变阻器
（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
（3）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到______端（选填“A”或“B”）。
（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是______
（5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是______V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______端移动（选填“A”或“B”）。
（6）通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：
①该小灯泡正常发光时的额定功率为______W。
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受______变化的影响。
24. 认识短路的危害【设计实验】
目的：认识短路的危害
器材：低压电源(直流6V)、开关、额定电流为1A的保险丝、额定电压为6V的灯泡、
导线、电流表(演示电流表，0～5A档)
【进行实验】
(1)在图中，CD间接上一段保险丝，AB间接入电流表，其它部分按图所示连接好电路．
(2)当开关闭合时，灯泡 ______(填“发光”或“不发光”)，电流表 ______(填“有”或“无”)示数．
(3)断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，当闭合开关的瞬间，你将会观察到 ______
A.电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断
B.电流表的指针无示数，保险丝不会熔断
C.电流表读数稳定不变，灯泡正常发光
D.电流表读数稳定不变，灯泡不亮
【分析论证】
B、D间接入铜丝时，灯泡被短路.根据欧姆定律知道，闭合开关的瞬间，线路中的电流 ______ ，通过保险丝和导线的电流 ______ ，但是保险丝的电阻比导线大很多，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成 ______ 比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的 ______ 效应．
25. 阅读短文，回答问题：
太阳能路灯
城市大力发展绿色能源，如图甲是城市道路两边的太阳能路灯，它由太阳能电池板、控制器、24V的蓄电池组、LED发光二极管、灯杆及灯具外壳组成.它的结构示意图如图乙，工作时能量流程图如图丙．
LED发光二极管是一种半导体器件，它具有工作电压低(2−4V)、耗能少、寿命长、稳定性高、响应时间短、对环境无污染、多色发光等优点.它与普通的白炽灯发光原理不同，可以把电直接转化为光.实验测得LED发光二极管两端加不同电压时的电流，数据如表：
(1)太阳能电池板将太阳能转化为 ______ 能，给蓄电池充电时转化为 ______ 能.太阳能是 ______ 能源(选填“一次”或“二次”)．
(2)为使LED发光二极管正常工作，应将几个LED发光二极管 ______(选填“串联”或“并联”)才能安全使用．
(3)如图乙所示，晚上LED发光二极管点亮时控制开关S与 ______(选填“a”或“b”)触点接触．
(4)这种LED发光二极管的电压从2.5V变化到3.6V时，LED的电功率增加了 ______W.
26. 应急照明灯是在正常照明电源发生故障时，能持续照明而不间断工作的一类灯具，如图15所示。当照明电路突然停电时，应急照明灯通过自动控制电路及相关部件自动把灯泡跟蓄电池接通，从而实现自动应急照明。下表为某型号应急照明灯的主要技术数据：
求：
（1）根据上述技术数据，判断两灯的连接方式，并简要说明理由。
（2）单只灯泡正常发光时的电流。
（3）单只灯泡正常发光时的电阻。
（4）根据蓄电池的“额定电压”和“容量”（容量“1.8Ah”指的是如果放电电流为1.8A，那供电时间约1小时），估算这种蓄电池最多可储存的电能。
（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明的时间。
参考答案及解析
一、 单选题
1. 【答案】D
【解析】解：
A、丝绸与玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子带负电，故A错误；
B、由欧姆定律可得R=UI，利用该公式可以计算导体的电阻，但导体电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；不能说成：导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比，故B错误；
C、在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，故C错误；
D、安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且开关接在火线与用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，故D正确。
故选：D。
(1)当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的物体得到电子而带负电；束缚电子能力弱的物体失去电子而带正电；
(2)电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；
(3)磁感线是为了形象的描述磁场而画出的，是封闭的曲线，在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极；
(4)为了有效的控制用电器，需要将用电器和开关串联；开关应接在火线和用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全。
本题考查了摩擦起电、电阻特性、磁感线的方向以及开关的连接方法，要求认真审题，易错题！
2. 【答案】D
【解析】解：A、物体的温度越高分子运动越剧烈，所以分子的动能在不断的增大；热量不能够用含有来表达，故说法错误；
B、改变物体内能的方式有做功和热传递，物体的内能增大，可能是做功改变的，也可能是热传递改变，故不一定是吸收热量；
C、物体的内能增大，物体的温度不一定升高，例如晶体在熔化的过程中，需要继续吸收热量，但温度不变，故此项说法错误；
D、物体的温度升高，内能增大．此项说法正确．
故选D．
物体的温度影响分子运动的速度，也就是影响分子的动能；改变内能的方式有做功和热传递，它们在改变物体的内能上是等效的．
解答此题的关键是理解好温度、内能、热量三者之间的关系．物体的温度升高，内能增大，但不一定是吸收热量；物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高．
3. 【答案】A
【解析】解：A、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故A正确；
B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，故C错误；
D、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故D错误。
故选：A。
（1）要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；
（3）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；
（4）运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。
本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识，只要细心并不难解答。
4. 【答案】C
【解析】解：A、甲图、像与物关于平面镜对称，A′B′为物体AB在平面镜中所成的像，故A正确；
B、乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，满足二力平衡的条件，为一对平衡力，故B正确；
C、过入射点垂直界面作出法线，然后根据折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，图丙中折射角大于入射角，故C错误；
D、小磁针的S极靠近螺线管的左端，所以螺线管的右端为S极，左端为N极；结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以可以确定电源的左端为负极右端为正极。故D正确。
故选：C。
（1）首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；
其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像。
（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
（3）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，根据折射定律作出折射光线。
（4）根据小磁针的NS极，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；再利用螺线管的NS极和线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，从而得到电源的正负极。
此题考查平面镜成像的作图、力的示意图、光的反射和折射光路图的画法，磁感线的方向，是一道综合作图题，作图题是中考必考题型，要求学生熟练掌握作图技巧。
5. 【答案】B
【解析】解：
由图可知，乙图中半潜船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小，水的密度不变，
由F浮=ρ水gV排可知，乙图中船受到的浮力最大，其次是丙图，再次是甲图，即浮力大小关系是：F2＞F3＞F1。
故选：B。
根据甲、乙、丙三图得出半潜船排开水的体积关系，根据F浮=ρgV排比较受到的浮力关系，然后得出答案。
本题考查了阿基米德原理的应用，从图中读出排开水的体积关系是关键，要注意隐含条件是水的密度相等。
6. 【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
由题干可知：
当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.5A，则电源的电压U=6V+0.5A×R0；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，则电源的电压U=2V+1A×R0；
∵电源的电压不变，
∴6V+0.5A×R0=2V+1A×R0，
解得：R0=8Ω。
故选：C。
由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值。
本题考查串联电路电压规律及欧姆定律的使用，要求学生能从题意中读出电压表和电流表的对应值，并能用欧姆定律列式求解。
7. 【答案】B
【解析】解：A、用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，吸引泡沫球，泡沫球有两种可能：一是带正电，二是不带电，故A错；
B、通电螺线管有磁性，能吸引小铁钉，说明电流的周围存在磁场，故B正确；
C、如图，先标出螺线管中的电流方向，用右手握住通电螺线管，让四指指向电流方向，则大拇指指向通电螺线管的N极，左侧为N极，故C错；
D、本图为研究电磁感应现象的实验，故D错。
故选：B。
A、相互吸引的情况有两种：一是异种电荷之间，二是带电体和轻小物体之间；
B、通电，螺线管有磁性，能吸引小铁钉；
C、根据安培定则判断；
D、电路中无电源，应是导体切割磁感线运动产生电流，即电磁感应。
做这种题目，应先弄清楚图说明的物理知识或物理规律，再对照下面的文字说明，判断正误，难度不大。
二、 填空题
8. 【答案】0.85 20 2168.5kW•h
【解析】解：由图知：
（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧所对应的刻度值为0.15cm，右侧与1.00cm对齐，所以物体的长度为L=1.00cm-0.15cm=0.85cm。
（2）在秒表的中间表盘上，5min中间有5个小格，所以一个小格代表1min，指针在“0”和“1”之间，所以分针指示的时间为0min，
在秒表的大表盘上，5s之间有5个小格，所以一个小格代表1s，指针在20s处，所以秒针指示的时间为20s，即秒表的读数为0min+20s=20s。
（3）电能表测量电功或者电能，由图可以看出电能表的示数为21685，最后一位是小数，单位是kW•h，故电能表的读数为2168.5kW•h。
故答案为：0.85；20；2168.5kW•h。
（1）起始端没从0开始，把某刻度处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
（3）电能表是测量家庭电路中一段时间内消耗电能多少的仪器，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h。
此题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量要进行估读。
9. 【答案】音色 音调 响度
【解析】解：
夜半钟声到客船，是因为钟振动发出的声音传到了客船；客船上的人能辨别出传来的是“钟声”，他是根据声音的音色判断出来的；
弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，使弦的振动频率不同，从而改变弦发声的音调；
“小弦切切如私语”是指声音的响度小。
故答案为：音色；音调；响度。
（1）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，与物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；同时响度还和距离声源的远近有关，距离声源越近，响度越大；
（2）音色指声音的品质和特色，是由发声体的结构、材料决定的，不同发声体发出声音的音色不同；
（3）音调指的是声音的高低，与发声体的振动频率有关。
本题考查了对声音三个特性的区分，属于基础题。
10. 【答案】1：1；5：1；6：1
【解析】解：∵串联电路中各处的电流I相等，
∴两电阻串联时的电流之比I1：I2=1：1；
∵I=UR，
∴两电阻串联时的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=51；
设U2=U，∵U1U2=51；
∴U1=5U，
U总=U1+U2=5U+U=6U，
则U总U2=6UU=61；
故答案为：1：1；5：1；6：1．
串联电路电流处处相等，由串联电路特点及欧姆定律分析答题．
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是分清两电阻的比值关系，是一道基础题目．
11. 【答案】机械能；做功
【解析】
改变物体内能的两种方法：做功、热传递。对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能。
做功改变内能的实质就是内能和其它形式能的转化，物体对外做功，内能减少，温度降低。
解：开启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，水蒸气液化成“白雾”，这个现象说明做功可改变物体的内能。
故答案为：机械；做功。
12. 【答案】6 反射 7：25
【解析】解：（1）平静的水面相当于平面镜，“倒影”是由光的反射形成的；彩虹桥的像和彩虹桥到水面的距离相等，都是3m，所以它的“倒影”距桥面为6m。
（2）如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟；
方法一：根据平面镜成像特点，即像和物关于平面镜对称，作出平面镜中“钟表”指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是7：25。
方法二：把试卷翻过来，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是7：25。
故答案为：6；反射；7：25。
（1）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
（2）根据钟表在平面镜中成像判断实际时间的方法：
作图法：根据平面镜成像特点，作出物体的实际情况；
翻看法：由于物体在平面镜中成像时，像和物关于平面镜对称，根据这个特点把试卷翻过来观察，即可得出实际时间。
本题考查了平面镜成像特点，辨识平面镜中钟表的示数是常考问题，应予以重视。
13. 【答案】比热容较大；不是；减小
【解析】解：(1)因为水泥的比热容比水小，吸收相同的热量(同样的阳光照射)水泥的温度变化大，升高的温度值大，所以水泥马路的温度比湖水高得多；
(2)在路面上洒水是利用了水蒸发吸热的道理，不是利用水的上述特性；
(3)洒水车洒水时速度不变，但洒水车的质量减小，洒水车的动能减小．
故答案为：比热容较大； 不是； 减小．
(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，比热容小的物质，其变化情况则相反；
(2)路面上的水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；
(3)动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，质量越大、速度越大，物体的动能越大．
本题考查了水的比热容较大的特点、蒸发吸热、动能的影响因素，难度不大，但综合性强、密切联系生活，属于中考常见题型．
14. 【答案】0.3；5～20Ω
【解析】解：（1）灯泡L正常工作时的电流为：
I===0.3A；
（2）灯泡的电阻为RL===10Ω，
滑动变阻器两端的最小电压为U滑=U总-UL=4.5V-3V=1.5V，
滑动变阻器连入电路中的最小阻值R===5Ω；
当电压表的示数最大U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
此时灯泡两端的电压为U′=U总-U滑′=4.5V-3V=1.5V，
此时电路的电流为I′===0.15A，
滑动变阻器接入电路的电阻值为R′===20Ω。
故答案为：0.3；5～20Ω。
（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯L正常工作时的电流，
（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；电路中各元件安全工作，已知电源电压和灯泡两端的电压，可求滑动变阻器两端的电压，灯L正常工作时的电流已知，根据公式R=可求滑动变阻器连入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器允许接入电路的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出滑动变阻器接入电路的阻值。
本题考查欧姆定律及其变形的灵活运用，关键明白电路各个元件要想都安全工作，不能超过各自的额定电压，要知道串联电路电压的规律。
15. 【答案】解：货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两个力长度相同，如图所示。
【解析】
（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；
（2）力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，然后做出A所受力的示意图。
本题考查了力的示意图的画法，注意物体处于平衡状态，在水平面上作匀速直线运动时不受水平方向上的阻力。
三、 作图题
16. 【答案】解：先过反射点O垂直水面作出法线，反射角等于90°-45°=45°，根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出入射光线，然后再根据折射角小于入射角在水中法线的右侧画出折射光线，如图所示：
【解析】
一束光线由空气射到水面时，既要发生反射，又要发生折射，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角分别画出入射光线和大致的折射光线。
（1）入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，折射角是折射光线与法线的夹角。
（2）在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。
17. 【答案】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：
【解析】
与动滑轮连接的绳子能分担物体的重力，所以与动滑轮相连的绳子的股数越多越省力，但还要注意对拉力方向的要求。
对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用看，不能死记硬背最省力的绕线方法。
18. 【答案】解：据上面的分析可知，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即据体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上，答案见下图：
【解析】
从安全用电的角度分析，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即据体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上。
知道家庭电路的连接，并能应用与实际是解决该题的关键。
四、 计算题
19. 【答案】相同；甲；大于；甲；增大；热传递
【解析】解：
(1)探究不同液体的吸热能力时，应控制甲、乙两种液体的质量相同；
(2)由表格数据可知，甲、乙两种液体的初温相同，加热时间相同，吸收热量也相同，甲末温低.所以要使甲和乙的最后温度相同，就要给甲加热更长的时间，两套装置完全相同，所以甲吸收的热量大于乙；
(3)相同质量甲和乙，升高相同的温度，甲吸热多，所以甲比热容大；
(4)物质甲吸热温度升高，它内能增大，这是热传递的方式改变其内能的．
故答案为：
(1)相同；(2)甲；大于；(3)甲；(4)增大；热传递．
(1)物体的吸热多少与物质的种类、质量和升高温度有关，根据控制变量法可知甲和乙质量关系；
(2)由表格数据可知加热相等时间后甲、乙液体的末温，由此可知要升高相同温度对哪种液体的加热时间更长，吸收热量哪个更多；
(3)相同质量不同物质，升高相同的温度，吸热多的比热容大；
(4)改变物体内能的方式有：做功和热传递两种方式．
本题是探究不同液体的吸热情况的实验，考查数据分析、控制变量法的应用，还考查了物体内能改变的认识和理解，属于一道基础题．
20. 【答案】解：（1）汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=qm=4.6×107J/kg×1.2kg=5.52×107J；
（2）汽车的速度v=72km/h=20m/s，
汽车牵引力做功的功率：
P有==Fv=1.2×103N×20m/s=2.4×104W，
（3）在测试时间内汽车的有用功：
W有用=P有t=2.4×104W×600s=1.44×107J；
在测试时间内该汽车的效率：
η=×100%=×100%≈26%．
能量损失的原因：①汽油没有完全燃烧；②废气带走一部分热量．
答：（1）汽油完全燃烧放出的热量是5.52×107J；
（2）汽车牵引力做功的功率是2.4×104W；
（3）汽车的效率是26%．
【解析】
（1）根据燃料燃烧放出热量公式Q=mq可计算汽油完全燃烧释放的热量；
（2）功率P===Fv，由P=Fv可以求出汽车牵引力的功率；
（3）求出有用功，利用效率公式求汽油机的机械效率．
本题考查了功的计算、功率的计算、效率的计算，要求灵活选用公式，涉及到汽油机工作时的能量损耗，属于难题．
21. 【答案】运动速度；运动速度；质量；当物体的质量相同时，速度越大动能越大；质量；当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；控制变量
【解析】解：①乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下，这样它们到达斜面底端的运动速度相等；
②选用图甲，让质量相同的小球沿斜面的不同高度由静止滚下，撞击水平板上的木块，这是控制了质量相同，目的是探究物体的动能与运动速度的关系，能得出的结论是：当物体的质量相同时，速度越大动能越大；
③选用图乙，让质量不同的小球，由斜面的同一高度滚下，撞击水平板上的木块，这是控制了小球的运动速度相同，目的是探究物体的动能与质量的关系，能得出的结论是：当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；
④因物体的动能与质量和速度有关，所以当研究与其中一个因素关系时，应采取控制变量法；实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小，这种研究问题的方法是转换法．
故答案为：①运动速度；
②运动速度；质量；当物体的质量相同时，速度越大动能越大；
③质量；当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；
④控制变量．
(1)影响动能大小的因素有质量和速度，实验过程要采用控制变量法；
(2)当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同．
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，探究影响动能的大小因素，是中考探究实验考查的重点．
五、 实验探究题
22. 【答案】10 同一高度 使像能够成在光屏的中央 缩小 C 凹 近视眼
【解析】解：（1）光具座的长度是1m，根据凸透镜实验的光具座至少为凸透镜焦距的4倍，所以凸透镜选择10cm；
（2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在桌面上，点燃蜡烛，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使像能成在光屏的中央；
（3）由图可知，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧，此时应在蜡烛的异侧透过凸透镜观察实像，故应在C处；
（5）当光屏略微向右移动时，要在光屏上得到清晰的像，此时像距变大，那么应在凸透镜前放置对光线起发散作用的凹透镜；凹透镜可以矫正近视眼。
故答案为：（1）10；（2）同一高度；使像能够成在光屏的中央；（3）缩小；（4）C；（5）凹；近视眼。
（1）凸透镜成像实验时，光具座的长度至少为凸透镜焦距的4倍；
（2）在做凸透镜成像的实验中，为了保证所成的像呈现在光屏的中央，必须保证蜡烛、凸透镜、光屏在同一高度、同一直线上；
（3）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧；
（5）凸透镜成实像是，像距变大，像变大，物距减小；凹透镜对光线具有发散作用。
掌握凸透镜成像的几种情况，这是凸透镜成像习题的基础内容，一定要掌握。本题的最后一空实际上是近视眼矫正的变相考查，学会对知识的变通，这是学习的最高境界。
23. 【答案】B A 灯泡断路 2.2 B 0.5 温度
【解析】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，
由I=可得，灯的额定电流约为：I==≈0.21A；
电源电压为6V，当小灯泡正常发光时，变阻器分得的电压为：U滑=U总-U=6V-2.5V=3.5V，
由I=可得，变阻器连入电路中的电阻：R滑===16.8Ω，故选用“20Ω 0.5A”的滑动变阻器B；
（2）电流表选用小量程与灯串联，如下所示：
（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处的A端；
（4）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了，即故障原因是灯泡断路；
（5）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片应向B端移动，直到电压表示数为额定电压；
（6）根据通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象可知：
①灯的额定电压为2.5V时，电流为0.2A，该小灯泡正常发光时的额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。
故答案为：（1）B；（2）如上图所示；（3）A；（4）灯泡断路；（5）2.2；B；（6）①0.5；②温度。
（1）根据小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，由欧姆定律求出灯的额定电流；因电源电压为6V，当小灯泡正常发光时，由串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压为，由欧姆定律得出变阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；
（2）电流表选用小量程与灯串联；
（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
（4）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（5）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
（6）①由图乙找出灯的额定电压为2.5V时电流大小，根据P=UI求出该小灯泡正常发光时的额定功率；
②小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化。
本题测定小灯泡的电功率，考查器材的选择、电路连接、注意事项、故障分析、操作过程及额定功率的计算和影响电阻大小的因素。
24. 【答案】发光；有；A；很大；相同；正；热
【解析】解：【进行实验】
(2)当开关闭合时，由图可知，这是一个正常连接的电路，灯泡与保险丝串联，所以灯泡发光，电流表有示数．
(3)断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，此时灯泡被短路，电流通过保险丝后，直接经电流表回到电源负极，所以当闭合开关的瞬间，将会观察到电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断，灯泡不发光.故只有A符合题意；
【分析论证】
当B、D间接入铜丝时，灯泡被短路.根据欧姆定律I=UR可知，闭合开关的瞬间，线路中的电流很大，通过保险丝和导线的电流相同，但是保险丝的电阻比导线大很多，由公式P=I2R可知，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成正比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的热效应．
故答案为：【进行实验】(2)发光； 有；(3)A；
【分析论证】很大；相同；正；热．
本实验中，一开始电路连接正确，当在B、D间接一根粗铜丝时，电路发生短路，则灯泡不发光，根据欧姆定律可知，此时电路中电流突然变大.再根据电功率的公式和电流的热效应分析所产生热量的情况，从而知道保险丝会及时熔断的原理．
本题通过实验，研究和验证了短路的危害，要会判断电流的连接，会用欧姆定律、电功率、电流的热效应等来分析电路的特点，是解答的关键．
25. 【答案】电；化学；一次；串联；b；3.215
【解析】解：
(1)太阳能电池板是将太阳能转化成电能；
太阳能是直接吸收阳光来利用的，是一次能源；
太阳能电池板给蓄电池充电的过程中，消耗了电能，将电能转化为蓄电池的化学能储存在电池中；
(2)由于太阳能电池板产生的电压较大(24V)，而LED发光二极管是一种半导体器件，它工作电压低(2−4V)，所以应将它们串联接在电路中；
(3)当开关与a点接触时，LED灯断路，不工作；当开关与b点接触时，LED灯才接入电路正常工作；
(4)当电压为2.5V时，电流为10mA，由P=UI得P1=U1I1=2.5V×0.01A=0.025W，
当电压为3.6V时，电流为900mA，由P=UI得P2=U2I2=3.6V×0.9A=3.24W，
增加的电功率P=P2−P1=3.24W−0.025W=3.215W．
故答案为：(1)电；化学；一次；(2)串联；(3)b；(4)3.215．
(1)太阳能电池是把太阳能转化为电能的装置；蓄电池放电是化学能转化成电能，充电是电能转化成化学能；
可以从自然界接获取的能源一次能源；然界直接获，必通过一次能源的耗才能得能源二次能源；
(2)如果将LED灯并联，电压相等，电池板的电压又高于灯的电压会将灯烧坏，将几个灯串联起分压作用；
(3)当开关与b点接触时，LED灯才接入电路.当开关与a点接触时，LED灯处于断路状态；
(4)知道LED灯的电压和电流，由P=UI可求出电功率，然后将两个电功率值相减，得出增加的电功率．
LED灯工作时，直接把电能转化为光能，转化率很高，正逐步走入人们的生活，知道太阳能的转换和电功率公式的应用，即可正确解题．
六、 综合题
26. 【答案】已知：P1=P2=0.96W U额=2.4V U=2.4V I0=1.8A t0=1h=3600s
求：（2）I=？（3）R=？（4）W=？（5）t=？
解：
（1）由应急灯的电源电压和灯泡额定电压、数量比较知：灯泡额定电压等于电源电压，所以灯泡并联在电路中；
（2）∵P=UI，
∴单只灯泡正常发光时的电流为I===0.4A；
（3）∵P=，
∴单只灯泡正常发光时的电阻为R===6Ω；
（4）蓄电池储存的电能为W=UI0t0=2.4V×1.8A×3600s=15552J；
（5）∵P=，
∴蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明的时间为t====8100s=2.25h。
答：
（1）两灯并联在电路中，因为灯泡额定电压等于电源电压；
（2）单只灯泡正常发光时的电流为0.4A；
（3）单只灯泡正常发光的电阻为6Ω；
（4）蓄电池储存的电能为15552J；
（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明时间为2.25h。
【解析】
（1）用电器正常工作时，两端电压为额定电压，根据电源电压和灯泡数量、额定电压确定灯泡连接关系；
（2）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式I=得到正常发光电流；
（3）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式R=得到灯泡正常发光的电阻；
（4）已知蓄电池额定电压和容量，利用公式W=UIt得到蓄电池储存的电能；
（5）已知蓄电池储存的电能和灯泡总功率，可以公式t=得到连续照明时间。
此题考查了灯泡的连接方式、电功率变形公式求解电流和电阻、电能的计算和时间的计算，考查的是电学重要的规律或公式。题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
评卷人
得分
一、 单选题（共7题）
评卷人
得分
二、 填空题（共8题）
评卷人
得分
三、 作图题（共3题）
评卷人
得分
四、 计算题（共3题）
物质
初温/℃
加热时间/min
末温/℃
甲
20
6
45
乙
20
6
68
评卷人
得分
五、 实验探究题（共4题）
电压/V
1
1.5
2.0
2.3
2.5
2.8
3.0
3.3
3.5
3.6
3.7
电流/mA
0
0
0
5
10
60
160
380
690
900
1250
评卷人
得分
六、 综合题（共1题）
应急照明光源
蓄电池
种类
数量
灯泡额定电压
应急照明功率
类别
额定电压
容量
灯泡
2只
2.4V
0.96W×2
Ni-Cd
2.4V
1.8Ah
试卷副标题
考试范围：xxx；考试时间：120分钟；命题人：xxx
注意事项：
1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2、请将答案正确填写在答题卡上
1. 下面是小明整理的部分电学笔记，其中叙述正确的是( )
A.丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸失去了电子
B.由欧姆定律可知，导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比
C.磁感线总是从磁体北极出发回到磁体南极
D.安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且接在火线上
2. 关于温度、内能、热量，下列说法中正确的是（ ）
A.物体的温度越高，它含的热量越多B.物体的内能增加，一定是吸收了热量
C.物体的内能增加，它的温度一定升高D.物体的温度升高，它的内能一定增加
3. 图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子。把A点压在百香果上固定、B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）关于勺子的构造和使用说法正确的是（ ）
A.勺子转动切果时可作省力杠杆用B.勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C.“刺刀”很尖利是为了增大压力D.勺子绕着果转动时运动状态不变
4. 下列示意图不正确的是（ ）
A.甲图：A′B′为物体AB在平面镜中所成的像
B.乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F为一对平衡力
C.丙图：是光由空气射入水中的折射光路图
D.丁图：小磁针静止时，磁感线的方向，电源的“+”或“一”极。
5. 半潜船可用来运输超大型货物，空载时漂浮于海面（如图甲）；装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下（如图乙）；待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载（如图丙）。半潜船在甲、乙、丙三种状态时所受的浮力分别为F1、F2、F3．则下列判断正确的是（ ）
A.F1=F3＞F2
B.F2＞F3＞F1
C.F3＞F1=F2
D.F3＞F2＞F1
6. 在如图所示的电路中，电源电压不变。开关S闭合后，移动滑片 P，改变滑动变阻器 接入电路的阻值，使电压表的示数从6伏变化到2伏，同时观察到电流表的示数从0.5安变化到1安，则定值电阻R0的阻值为（ ）
A.4欧B.6欧C.8欧D.18欧
7. 下列判断与图示相符合的是( )
A.
泡沫球一定带正电
B.
电流周围存在磁场
C.
通电螺旋管右端是N极
D.
磁场对电流有力的作用
8. 如图所示，物体的长度是______cm，停表所表示的时间是______s，电能表的读数是______。
9. 古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据声音的______判断出来的：唐代诗人白居易的《琵琶行》中的诗句：“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”从物理学的角度来看，弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发声的______；“小弦切切如私语”是指声音的______小。（均选填“音调”“响度”或“音色”）
10. R1和R2两只电阻串联.已知R1：R2=5：1，那么通过它们的电流之比I1：I2=______ ，两只电阻两端各自的电压之比U1：U2=______ ，这两只电阻两端的总电压跟R2两端电压之比U总：U2=______ ．
11. 端午节那天，小志给小文起啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是瓶内的气体冲出时，内能转化为 ______ 能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象．这个现象说明 ______ 方式可以改变物体的内能．
12. 如图甲所示的彩虹桥桥面距湖面3m，它的“倒影”距桥面______m．“倒影”的形成是由于光的______。如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是______。
13. 夏天，白天湖水温度往往比水泥马路温度低，这是由于水的 ______ ；市政部门经常派出洒水车向路面洒水降温，这一操作 ______ (选填“是”或“不是”)利用水的上述特性；若某辆洒水车洒水时做匀速直线运动，则该洒水车的动能将 ______ ．
14. 如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”的字样，电压表量程为0～3V，则灯L正常工作时的电流为______A．若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是______。
15. 如图所示，货物A随小车B一起向右做匀速直线运动，请在图中作出货物A所受力的示意图。
16. 从空气射向水面的入射光线，在水面发生反射和折射现象，如图所示，给出了反射光线，请你在图中画出入射光线和大致的折射光线。
17. 一个工人站在地面上，使用如图所示的滑轮组将重物从地面提升到楼顶，要求绳子的自由端要向下拉，请你用笔画代替绳子，画出滑轮组最省力的绕绳方法。
18. 图中虚线框内是一台灯旋钮开关的内部电路简图，通过它可控制台灯的通断和亮度。请将电路图连接完整，使其符合安全用电的原则。
19. 小明在“探究不同液体的吸热情况”试验中，用了如图甲所示的两套完全相同装置.他按实验要求分别对甲和乙两种液体物质进行加热.实验数据记录如下表．
(1)按实验要求，甲和乙的质量 ______(选填“相同”或“不相同”)．
(2)在此实验中，如果要使甲和乙的最后温度相同，就要给 ______(选填“甲”或“乙”)加热更长的时间，此时，甲吸收的热量 ______(选填“大于”或“小于”或“等于”)乙吸收的热量．
(3)根据实验数据分析得知， ______(选填“甲”或“乙”)的比热容大．
(4)物质甲从温度由20℃加热到45℃的过程中，它的内能 ______(选填“增大”或“减小”).这是采用 ______ 方式改变物体内能的．
20. 一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶10min，消耗的汽油为1.2Kg．汽车匀速行驶时受到的牵引力F=1.2×103N，汽油的热值q=4.6×107J/Kg．问：
（1）这段时间内汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）这段时间内汽车牵引力做功的功率是多少？
（3）该汽车的效率是多少？
21. 小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图甲、乙所示的实验，探究动能的大小与哪些因素有关．
(1)让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示．
(2)让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示．
上述甲、乙两组实验中：
①乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的 ______ ．
②选用图甲探究的是动能与 ______ 的关系，理由是：两球 ______ 相等；得出的结论是： ______ ．
③选用图乙探究的是动能与 ______ 的关系，得出的结论是： ______ ．
④物理研究方法有许多，如等效替代法、类比法、对比法、控制变量法；本实验中运用了两种研究方法，一是 ______ 法；二是转换法，就是用纸盒移动的距离长短来表示小球动能的大小．
22. 在“探究凸透镜成像规律“的实验中
（1）实验用光具座的长度为1m，如果有焦距为10cm、25cm的两块凸透镜，应该选择焦距为______cm的凸透镜完成实验
（2）实验前应点燃蜡烛，观察烛焰、凸透镜和光屏的中心是否在______上，这样做的目的是______。
（3）当蜡烛、凸透镜和光屏的相对位置如图甲所示时，光屏上出现清晰的像，则像是倒立______的实像。
（4）实验中，不但虚像可以用肉眼直接看到，实像也可以用肉眼直接看到，如图乙所示在第（3）的基础上，拿掉光屏，用肉眼在______（选填“A“、“B“或C）位置沿图示方向能看到这个实像。
（5）在第（3）的基础上，当光屏略微向右移动时，光屏上的像将会模糊，如果蜡烛与凸透镜不动，那么，在凸透镜前放置______（选填“凸”或“凹”）透镜，才可能在光屏上得到清晰的像，这其实就是______（选填“近视眼“或“远视眼”）的矫正原理。
23. 在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）
（1）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用______（选填下面两项序号）。
A．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器
B．“20Ω 0.5A”的滑动变阻器
（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
（3）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到______端（选填“A”或“B”）。
（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是______
（5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是______V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______端移动（选填“A”或“B”）。
（6）通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：
①该小灯泡正常发光时的额定功率为______W。
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受______变化的影响。
24. 认识短路的危害【设计实验】
目的：认识短路的危害
器材：低压电源(直流6V)、开关、额定电流为1A的保险丝、额定电压为6V的灯泡、
导线、电流表(演示电流表，0～5A档)
【进行实验】
(1)在图中，CD间接上一段保险丝，AB间接入电流表，其它部分按图所示连接好电路．
(2)当开关闭合时，灯泡 ______(填“发光”或“不发光”)，电流表 ______(填“有”或“无”)示数．
(3)断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，当闭合开关的瞬间，你将会观察到 ______
A.电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断
B.电流表的指针无示数，保险丝不会熔断
C.电流表读数稳定不变，灯泡正常发光
D.电流表读数稳定不变，灯泡不亮
【分析论证】
B、D间接入铜丝时，灯泡被短路.根据欧姆定律知道，闭合开关的瞬间，线路中的电流 ______ ，通过保险丝和导线的电流 ______ ，但是保险丝的电阻比导线大很多，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成 ______ 比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的 ______ 效应．
25. 阅读短文，回答问题：
太阳能路灯
城市大力发展绿色能源，如图甲是城市道路两边的太阳能路灯，它由太阳能电池板、控制器、24V的蓄电池组、LED发光二极管、灯杆及灯具外壳组成.它的结构示意图如图乙，工作时能量流程图如图丙．
LED发光二极管是一种半导体器件，它具有工作电压低(2−4V)、耗能少、寿命长、稳定性高、响应时间短、对环境无污染、多色发光等优点.它与普通的白炽灯发光原理不同，可以把电直接转化为光.实验测得LED发光二极管两端加不同电压时的电流，数据如表：
(1)太阳能电池板将太阳能转化为 ______ 能，给蓄电池充电时转化为 ______ 能.太阳能是 ______ 能源(选填“一次”或“二次”)．
(2)为使LED发光二极管正常工作，应将几个LED发光二极管 ______(选填“串联”或“并联”)才能安全使用．
(3)如图乙所示，晚上LED发光二极管点亮时控制开关S与 ______(选填“a”或“b”)触点接触．
(4)这种LED发光二极管的电压从2.5V变化到3.6V时，LED的电功率增加了 ______W.
26. 应急照明灯是在正常照明电源发生故障时，能持续照明而不间断工作的一类灯具，如图15所示。当照明电路突然停电时，应急照明灯通过自动控制电路及相关部件自动把灯泡跟蓄电池接通，从而实现自动应急照明。下表为某型号应急照明灯的主要技术数据：
求：
（1）根据上述技术数据，判断两灯的连接方式，并简要说明理由。
（2）单只灯泡正常发光时的电流。
（3）单只灯泡正常发光时的电阻。
（4）根据蓄电池的“额定电压”和“容量”（容量“1.8Ah”指的是如果放电电流为1.8A，那供电时间约1小时），估算这种蓄电池最多可储存的电能。
（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明的时间。
参考答案及解析
一、 单选题
1. 【答案】D
【解析】解：
A、丝绸与玻璃棒摩擦过程中，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子带负电，故A错误；
B、由欧姆定律可得R=UI，利用该公式可以计算导体的电阻，但导体电阻大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；不能说成：导体电阻的大小与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比，故B错误；
C、在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极，故C错误；
D、安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，且开关接在火线与用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，故D正确。
故选：D。
(1)当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的物体得到电子而带负电；束缚电子能力弱的物体失去电子而带正电；
(2)电阻是导体阻碍电流的性质，其大小与导体的长度、横截面积、材料有关，而与所加电压和通过的电流无关；
(3)磁感线是为了形象的描述磁场而画出的，是封闭的曲线，在磁体外部磁感线从磁体北极出发回到磁体南极，在磁体内部磁感线从磁体南极出发回到磁体北极；
(4)为了有效的控制用电器，需要将用电器和开关串联；开关应接在火线和用电器之间，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全。
本题考查了摩擦起电、电阻特性、磁感线的方向以及开关的连接方法，要求认真审题，易错题！
2. 【答案】D
【解析】解：A、物体的温度越高分子运动越剧烈，所以分子的动能在不断的增大；热量不能够用含有来表达，故说法错误；
B、改变物体内能的方式有做功和热传递，物体的内能增大，可能是做功改变的，也可能是热传递改变，故不一定是吸收热量；
C、物体的内能增大，物体的温度不一定升高，例如晶体在熔化的过程中，需要继续吸收热量，但温度不变，故此项说法错误；
D、物体的温度升高，内能增大．此项说法正确．
故选D．
物体的温度影响分子运动的速度，也就是影响分子的动能；改变内能的方式有做功和热传递，它们在改变物体的内能上是等效的．
解答此题的关键是理解好温度、内能、热量三者之间的关系．物体的温度升高，内能增大，但不一定是吸收热量；物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高．
3. 【答案】A
【解析】解：A、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故A正确；
B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，故C错误；
D、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故D错误。
故选：A。
（1）要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；
（3）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；
（4）运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。
本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识，只要细心并不难解答。
4. 【答案】C
【解析】解：A、甲图、像与物关于平面镜对称，A′B′为物体AB在平面镜中所成的像，故A正确；
B、乙图：石块静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，满足二力平衡的条件，为一对平衡力，故B正确；
C、过入射点垂直界面作出法线，然后根据折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，图丙中折射角大于入射角，故C错误；
D、小磁针的S极靠近螺线管的左端，所以螺线管的右端为S极，左端为N极；结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，所以可以确定电源的左端为负极右端为正极。故D正确。
故选：C。
（1）首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；
其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像。
（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
（3）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，根据折射定律作出折射光线。
（4）根据小磁针的NS极，利用磁极间的作用规律可以确定螺线管的NS极；再利用螺线管的NS极和线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，从而得到电源的正负极。
此题考查平面镜成像的作图、力的示意图、光的反射和折射光路图的画法，磁感线的方向，是一道综合作图题，作图题是中考必考题型，要求学生熟练掌握作图技巧。
5. 【答案】B
【解析】解：
由图可知，乙图中半潜船排开水的体积最大，其次是丙图，甲图排开水的体积最小，水的密度不变，
由F浮=ρ水gV排可知，乙图中船受到的浮力最大，其次是丙图，再次是甲图，即浮力大小关系是：F2＞F3＞F1。
故选：B。
根据甲、乙、丙三图得出半潜船排开水的体积关系，根据F浮=ρgV排比较受到的浮力关系，然后得出答案。
本题考查了阿基米德原理的应用，从图中读出排开水的体积关系是关键，要注意隐含条件是水的密度相等。
6. 【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
由题干可知：
当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.5A，则电源的电压U=6V+0.5A×R0；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，则电源的电压U=2V+1A×R0；
∵电源的电压不变，
∴6V+0.5A×R0=2V+1A×R0，
解得：R0=8Ω。
故选：C。
由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值。
本题考查串联电路电压规律及欧姆定律的使用，要求学生能从题意中读出电压表和电流表的对应值，并能用欧姆定律列式求解。
7. 【答案】B
【解析】解：A、用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，吸引泡沫球，泡沫球有两种可能：一是带正电，二是不带电，故A错；
B、通电螺线管有磁性，能吸引小铁钉，说明电流的周围存在磁场，故B正确；
C、如图，先标出螺线管中的电流方向，用右手握住通电螺线管，让四指指向电流方向，则大拇指指向通电螺线管的N极，左侧为N极，故C错；
D、本图为研究电磁感应现象的实验，故D错。
故选：B。
A、相互吸引的情况有两种：一是异种电荷之间，二是带电体和轻小物体之间；
B、通电，螺线管有磁性，能吸引小铁钉；
C、根据安培定则判断；
D、电路中无电源，应是导体切割磁感线运动产生电流，即电磁感应。
做这种题目，应先弄清楚图说明的物理知识或物理规律，再对照下面的文字说明，判断正误，难度不大。
二、 填空题
8. 【答案】0.85 20 2168.5kW•h
【解析】解：由图知：
（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧所对应的刻度值为0.15cm，右侧与1.00cm对齐，所以物体的长度为L=1.00cm-0.15cm=0.85cm。
（2）在秒表的中间表盘上，5min中间有5个小格，所以一个小格代表1min，指针在“0”和“1”之间，所以分针指示的时间为0min，
在秒表的大表盘上，5s之间有5个小格，所以一个小格代表1s，指针在20s处，所以秒针指示的时间为20s，即秒表的读数为0min+20s=20s。
（3）电能表测量电功或者电能，由图可以看出电能表的示数为21685，最后一位是小数，单位是kW•h，故电能表的读数为2168.5kW•h。
故答案为：0.85；20；2168.5kW•h。
（1）起始端没从0开始，把某刻度处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
（3）电能表是测量家庭电路中一段时间内消耗电能多少的仪器，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h。
此题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量要进行估读。
9. 【答案】音色 音调 响度
【解析】解：
夜半钟声到客船，是因为钟振动发出的声音传到了客船；客船上的人能辨别出传来的是“钟声”，他是根据声音的音色判断出来的；
弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，使弦的振动频率不同，从而改变弦发声的音调；
“小弦切切如私语”是指声音的响度小。
故答案为：音色；音调；响度。
（1）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，与物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；同时响度还和距离声源的远近有关，距离声源越近，响度越大；
（2）音色指声音的品质和特色，是由发声体的结构、材料决定的，不同发声体发出声音的音色不同；
（3）音调指的是声音的高低，与发声体的振动频率有关。
本题考查了对声音三个特性的区分，属于基础题。
10. 【答案】1：1；5：1；6：1
【解析】解：∵串联电路中各处的电流I相等，
∴两电阻串联时的电流之比I1：I2=1：1；
∵I=UR，
∴两电阻串联时的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=51；
设U2=U，∵U1U2=51；
∴U1=5U，
U总=U1+U2=5U+U=6U，
则U总U2=6UU=61；
故答案为：1：1；5：1；6：1．
串联电路电流处处相等，由串联电路特点及欧姆定律分析答题．
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是分清两电阻的比值关系，是一道基础题目．
11. 【答案】机械能；做功
【解析】
改变物体内能的两种方法：做功、热传递。对物体做功，物体的内能增加，机械能转化为内能；物体对外做功，物体的内能减少，内能转化为机械能。
做功改变内能的实质就是内能和其它形式能的转化，物体对外做功，内能减少，温度降低。
解：开启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，水蒸气液化成“白雾”，这个现象说明做功可改变物体的内能。
故答案为：机械；做功。
12. 【答案】6 反射 7：25
【解析】解：（1）平静的水面相当于平面镜，“倒影”是由光的反射形成的；彩虹桥的像和彩虹桥到水面的距离相等，都是3m，所以它的“倒影”距桥面为6m。
（2）如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟；
方法一：根据平面镜成像特点，即像和物关于平面镜对称，作出平面镜中“钟表”指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是7：25。
方法二：把试卷翻过来，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是7：25。
故答案为：6；反射；7：25。
（1）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
（2）根据钟表在平面镜中成像判断实际时间的方法：
作图法：根据平面镜成像特点，作出物体的实际情况；
翻看法：由于物体在平面镜中成像时，像和物关于平面镜对称，根据这个特点把试卷翻过来观察，即可得出实际时间。
本题考查了平面镜成像特点，辨识平面镜中钟表的示数是常考问题，应予以重视。
13. 【答案】比热容较大；不是；减小
【解析】解：(1)因为水泥的比热容比水小，吸收相同的热量(同样的阳光照射)水泥的温度变化大，升高的温度值大，所以水泥马路的温度比湖水高得多；
(2)在路面上洒水是利用了水蒸发吸热的道理，不是利用水的上述特性；
(3)洒水车洒水时速度不变，但洒水车的质量减小，洒水车的动能减小．
故答案为：比热容较大； 不是； 减小．
(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，比热容小的物质，其变化情况则相反；
(2)路面上的水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；
(3)动能的大小与物体的质量和物体的速度有关，质量越大、速度越大，物体的动能越大．
本题考查了水的比热容较大的特点、蒸发吸热、动能的影响因素，难度不大，但综合性强、密切联系生活，属于中考常见题型．
14. 【答案】0.3；5～20Ω
【解析】解：（1）灯泡L正常工作时的电流为：
I===0.3A；
（2）灯泡的电阻为RL===10Ω，
滑动变阻器两端的最小电压为U滑=U总-UL=4.5V-3V=1.5V，
滑动变阻器连入电路中的最小阻值R===5Ω；
当电压表的示数最大U滑′=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
此时灯泡两端的电压为U′=U总-U滑′=4.5V-3V=1.5V，
此时电路的电流为I′===0.15A，
滑动变阻器接入电路的电阻值为R′===20Ω。
故答案为：0.3；5～20Ω。
（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯L正常工作时的电流，
（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；电路中各元件安全工作，已知电源电压和灯泡两端的电压，可求滑动变阻器两端的电压，灯L正常工作时的电流已知，根据公式R=可求滑动变阻器连入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器允许接入电路的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出滑动变阻器接入电路的阻值。
本题考查欧姆定律及其变形的灵活运用，关键明白电路各个元件要想都安全工作，不能超过各自的额定电压，要知道串联电路电压的规律。
15. 【答案】解：货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两个力长度相同，如图所示。
【解析】
（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；
（2）力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，然后做出A所受力的示意图。
本题考查了力的示意图的画法，注意物体处于平衡状态，在水平面上作匀速直线运动时不受水平方向上的阻力。
三、 作图题
16. 【答案】解：先过反射点O垂直水面作出法线，反射角等于90°-45°=45°，根据反射角等于入射角在法线左侧的空气中画出入射光线，然后再根据折射角小于入射角在水中法线的右侧画出折射光线，如图所示：
【解析】
一束光线由空气射到水面时，既要发生反射，又要发生折射，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角分别画出入射光线和大致的折射光线。
（1）入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，折射角是折射光线与法线的夹角。
（2）在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折射角小于入射角，光由其他透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角。
17. 【答案】解：要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起，依次绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，如图所示：
【解析】
与动滑轮连接的绳子能分担物体的重力，所以与动滑轮相连的绳子的股数越多越省力，但还要注意对拉力方向的要求。
对于滑轮组的组装与绕线方法，要看清题目的每一个要求，灵活运用看，不能死记硬背最省力的绕线方法。
18. 【答案】解：据上面的分析可知，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即据体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上，答案见下图：
【解析】
从安全用电的角度分析，用电器的开关应该接到火线和用电器之间，即据体的接法是：火线首先过开关，再用电器，回到零线上。
知道家庭电路的连接，并能应用与实际是解决该题的关键。
四、 计算题
19. 【答案】相同；甲；大于；甲；增大；热传递
【解析】解：
(1)探究不同液体的吸热能力时，应控制甲、乙两种液体的质量相同；
(2)由表格数据可知，甲、乙两种液体的初温相同，加热时间相同，吸收热量也相同，甲末温低.所以要使甲和乙的最后温度相同，就要给甲加热更长的时间，两套装置完全相同，所以甲吸收的热量大于乙；
(3)相同质量甲和乙，升高相同的温度，甲吸热多，所以甲比热容大；
(4)物质甲吸热温度升高，它内能增大，这是热传递的方式改变其内能的．
故答案为：
(1)相同；(2)甲；大于；(3)甲；(4)增大；热传递．
(1)物体的吸热多少与物质的种类、质量和升高温度有关，根据控制变量法可知甲和乙质量关系；
(2)由表格数据可知加热相等时间后甲、乙液体的末温，由此可知要升高相同温度对哪种液体的加热时间更长，吸收热量哪个更多；
(3)相同质量不同物质，升高相同的温度，吸热多的比热容大；
(4)改变物体内能的方式有：做功和热传递两种方式．
本题是探究不同液体的吸热情况的实验，考查数据分析、控制变量法的应用，还考查了物体内能改变的认识和理解，属于一道基础题．
20. 【答案】解：（1）汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=qm=4.6×107J/kg×1.2kg=5.52×107J；
（2）汽车的速度v=72km/h=20m/s，
汽车牵引力做功的功率：
P有==Fv=1.2×103N×20m/s=2.4×104W，
（3）在测试时间内汽车的有用功：
W有用=P有t=2.4×104W×600s=1.44×107J；
在测试时间内该汽车的效率：
η=×100%=×100%≈26%．
能量损失的原因：①汽油没有完全燃烧；②废气带走一部分热量．
答：（1）汽油完全燃烧放出的热量是5.52×107J；
（2）汽车牵引力做功的功率是2.4×104W；
（3）汽车的效率是26%．
【解析】
（1）根据燃料燃烧放出热量公式Q=mq可计算汽油完全燃烧释放的热量；
（2）功率P===Fv，由P=Fv可以求出汽车牵引力的功率；
（3）求出有用功，利用效率公式求汽油机的机械效率．
本题考查了功的计算、功率的计算、效率的计算，要求灵活选用公式，涉及到汽油机工作时的能量损耗，属于难题．
21. 【答案】运动速度；运动速度；质量；当物体的质量相同时，速度越大动能越大；质量；当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；控制变量
【解析】解：①乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下，这样它们到达斜面底端的运动速度相等；
②选用图甲，让质量相同的小球沿斜面的不同高度由静止滚下，撞击水平板上的木块，这是控制了质量相同，目的是探究物体的动能与运动速度的关系，能得出的结论是：当物体的质量相同时，速度越大动能越大；
③选用图乙，让质量不同的小球，由斜面的同一高度滚下，撞击水平板上的木块，这是控制了小球的运动速度相同，目的是探究物体的动能与质量的关系，能得出的结论是：当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；
④因物体的动能与质量和速度有关，所以当研究与其中一个因素关系时，应采取控制变量法；实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小，这种研究问题的方法是转换法．
故答案为：①运动速度；
②运动速度；质量；当物体的质量相同时，速度越大动能越大；
③质量；当物体的运动速度相同时，质量越大动能越大；
④控制变量．
(1)影响动能大小的因素有质量和速度，实验过程要采用控制变量法；
(2)当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一小球，这样可以保证小球的质量相同．
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，探究影响动能的大小因素，是中考探究实验考查的重点．
五、 实验探究题
22. 【答案】10 同一高度 使像能够成在光屏的中央 缩小 C 凹 近视眼
【解析】解：（1）光具座的长度是1m，根据凸透镜实验的光具座至少为凸透镜焦距的4倍，所以凸透镜选择10cm；
（2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在桌面上，点燃蜡烛，使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使像能成在光屏的中央；
（3）由图可知，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧，此时应在蜡烛的异侧透过凸透镜观察实像，故应在C处；
（5）当光屏略微向右移动时，要在光屏上得到清晰的像，此时像距变大，那么应在凸透镜前放置对光线起发散作用的凹透镜；凹透镜可以矫正近视眼。
故答案为：（1）10；（2）同一高度；使像能够成在光屏的中央；（3）缩小；（4）C；（5）凹；近视眼。
（1）凸透镜成像实验时，光具座的长度至少为凸透镜焦距的4倍；
（2）在做凸透镜成像的实验中，为了保证所成的像呈现在光屏的中央，必须保证蜡烛、凸透镜、光屏在同一高度、同一直线上；
（3）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（4）凸透镜成实像时，像与物体在蜡烛的两侧；
（5）凸透镜成实像是，像距变大，像变大，物距减小；凹透镜对光线具有发散作用。
掌握凸透镜成像的几种情况，这是凸透镜成像习题的基础内容，一定要掌握。本题的最后一空实际上是近视眼矫正的变相考查，学会对知识的变通，这是学习的最高境界。
23. 【答案】B A 灯泡断路 2.2 B 0.5 温度
【解析】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，
由I=可得，灯的额定电流约为：I==≈0.21A；
电源电压为6V，当小灯泡正常发光时，变阻器分得的电压为：U滑=U总-U=6V-2.5V=3.5V，
由I=可得，变阻器连入电路中的电阻：R滑===16.8Ω，故选用“20Ω 0.5A”的滑动变阻器B；
（2）电流表选用小量程与灯串联，如下所示：
（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处的A端；
（4）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路断路了，即故障原因是灯泡断路；
（5）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由串联分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片应向B端移动，直到电压表示数为额定电压；
（6）根据通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象可知：
①灯的额定电压为2.5V时，电流为0.2A，该小灯泡正常发光时的额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
②小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响。
故答案为：（1）B；（2）如上图所示；（3）A；（4）灯泡断路；（5）2.2；B；（6）①0.5；②温度。
（1）根据小灯泡额定电压为2.5V，灯丝电阻约为12Ω，由欧姆定律求出灯的额定电流；因电源电压为6V，当小灯泡正常发光时，由串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压为，由欧姆定律得出变阻器连入电路中的电阻，确定选用的滑动变阻器；
（2）电流表选用小量程与灯串联；
（3）连接电路时，为保护电路，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
（4）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（5）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
（6）①由图乙找出灯的额定电压为2.5V时电流大小，根据P=UI求出该小灯泡正常发光时的额定功率；
②小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化。
本题测定小灯泡的电功率，考查器材的选择、电路连接、注意事项、故障分析、操作过程及额定功率的计算和影响电阻大小的因素。
24. 【答案】发光；有；A；很大；相同；正；热
【解析】解：【进行实验】
(2)当开关闭合时，由图可知，这是一个正常连接的电路，灯泡与保险丝串联，所以灯泡发光，电流表有示数．
(3)断开开关，在B、D间接一根粗铜丝，此时灯泡被短路，电流通过保险丝后，直接经电流表回到电源负极，所以当闭合开关的瞬间，将会观察到电流表的指针迅速摆动较大的幅度，保险丝也随即熔断，灯泡不发光.故只有A符合题意；
【分析论证】
当B、D间接入铜丝时，灯泡被短路.根据欧姆定律I=UR可知，闭合开关的瞬间，线路中的电流很大，通过保险丝和导线的电流相同，但是保险丝的电阻比导线大很多，由公式P=I2R可知，在电流相同时，导体的电功率跟电阻成正比，所以保险丝的电功率比铜丝的电功率大得多，使保险丝的温度升高，这实际是我们学过的电流的热效应．
故答案为：【进行实验】(2)发光； 有；(3)A；
【分析论证】很大；相同；正；热．
本实验中，一开始电路连接正确，当在B、D间接一根粗铜丝时，电路发生短路，则灯泡不发光，根据欧姆定律可知，此时电路中电流突然变大.再根据电功率的公式和电流的热效应分析所产生热量的情况，从而知道保险丝会及时熔断的原理．
本题通过实验，研究和验证了短路的危害，要会判断电流的连接，会用欧姆定律、电功率、电流的热效应等来分析电路的特点，是解答的关键．
25. 【答案】电；化学；一次；串联；b；3.215
【解析】解：
(1)太阳能电池板是将太阳能转化成电能；
太阳能是直接吸收阳光来利用的，是一次能源；
太阳能电池板给蓄电池充电的过程中，消耗了电能，将电能转化为蓄电池的化学能储存在电池中；
(2)由于太阳能电池板产生的电压较大(24V)，而LED发光二极管是一种半导体器件，它工作电压低(2−4V)，所以应将它们串联接在电路中；
(3)当开关与a点接触时，LED灯断路，不工作；当开关与b点接触时，LED灯才接入电路正常工作；
(4)当电压为2.5V时，电流为10mA，由P=UI得P1=U1I1=2.5V×0.01A=0.025W，
当电压为3.6V时，电流为900mA，由P=UI得P2=U2I2=3.6V×0.9A=3.24W，
增加的电功率P=P2−P1=3.24W−0.025W=3.215W．
故答案为：(1)电；化学；一次；(2)串联；(3)b；(4)3.215．
(1)太阳能电池是把太阳能转化为电能的装置；蓄电池放电是化学能转化成电能，充电是电能转化成化学能；
可以从自然界接获取的能源一次能源；然界直接获，必通过一次能源的耗才能得能源二次能源；
(2)如果将LED灯并联，电压相等，电池板的电压又高于灯的电压会将灯烧坏，将几个灯串联起分压作用；
(3)当开关与b点接触时，LED灯才接入电路.当开关与a点接触时，LED灯处于断路状态；
(4)知道LED灯的电压和电流，由P=UI可求出电功率，然后将两个电功率值相减，得出增加的电功率．
LED灯工作时，直接把电能转化为光能，转化率很高，正逐步走入人们的生活，知道太阳能的转换和电功率公式的应用，即可正确解题．
六、 综合题
26. 【答案】已知：P1=P2=0.96W U额=2.4V U=2.4V I0=1.8A t0=1h=3600s
求：（2）I=？（3）R=？（4）W=？（5）t=？
解：
（1）由应急灯的电源电压和灯泡额定电压、数量比较知：灯泡额定电压等于电源电压，所以灯泡并联在电路中；
（2）∵P=UI，
∴单只灯泡正常发光时的电流为I===0.4A；
（3）∵P=，
∴单只灯泡正常发光时的电阻为R===6Ω；
（4）蓄电池储存的电能为W=UI0t0=2.4V×1.8A×3600s=15552J；
（5）∵P=，
∴蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明的时间为t====8100s=2.25h。
答：
（1）两灯并联在电路中，因为灯泡额定电压等于电源电压；
（2）单只灯泡正常发光时的电流为0.4A；
（3）单只灯泡正常发光的电阻为6Ω；
（4）蓄电池储存的电能为15552J；
（5）蓄电池充满电后，可以实现的最长连续应急照明时间为2.25h。
【解析】
（1）用电器正常工作时，两端电压为额定电压，根据电源电压和灯泡数量、额定电压确定灯泡连接关系；
（2）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式I=得到正常发光电流；
（3）已知灯泡额定电压和额定功率，利用公式R=得到灯泡正常发光的电阻；
（4）已知蓄电池额定电压和容量，利用公式W=UIt得到蓄电池储存的电能；
（5）已知蓄电池储存的电能和灯泡总功率，可以公式t=得到连续照明时间。
此题考查了灯泡的连接方式、电功率变形公式求解电流和电阻、电能的计算和时间的计算，考查的是电学重要的规律或公式。题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
评卷人
得分
一、 单选题（共7题）
评卷人
得分
二、 填空题（共8题）
评卷人
得分
三、 作图题（共3题）
评卷人
得分
四、 计算题（共3题）
物质
初温/℃
加热时间/min
末温/℃
甲
20
6
45
乙
20
6
68
评卷人
得分
五、 实验探究题（共4题）
电压/V
1
1.5
2.0
2.3
2.5
2.8
3.0
3.3
3.5
3.6
3.7
电流/mA
0
0
0
5
10
60
160
380
690
900
1250
评卷人
得分
六、 综合题（共1题）
应急照明光源
蓄电池
种类
数量
灯泡额定电压
应急照明功率
类别
额定电压
容量
灯泡
2只
2.4V
0.96W×2
Ni-Cd
2.4V
1.8Ah
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