2022届重庆市联盟高三11月质量检测 物理试题（ 解析版）

这是一份2022届重庆市联盟高三11月质量检测 物理试题（ 解析版），共24页。试卷主要包含了11，【答案】等内容，欢迎下载使用。
2021.11
高三物理
注意事项：
1.答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座位号在答题卡上填写清楚；
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，在试卷上作答无效；
3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回；
4.全卷共8页，满分100分，考试时间75分钟。
据新华社报道，由我国自行设计、研制的世界第一套全超导核聚变实验装置又称“人造太阳”已完成了首次工程调试。下列关于“人造太阳”的说法错误的是
A. “人造太阳”的核反应是轻核聚变
B. “人造太阳”的核反应方程是
C. “人造太阳”的核反应方程是
D. “人造太阳”释放的能量大小的计算公式是
如图甲所示是一根晾衣架示意图，曲线为质量分布均匀的光滑铁链，铁链中间轻轻挂上一件衣服，待稳定后如图乙所示，铁链最低点有所下降，下列说法正确的是
A. 挂衣服后，铁链重心位置下降B. 挂衣服后，铁链重心位置上升
C. 铁链对两端支架施力大小不相等D. 挂衣服后，支架受力可能不变
3.如图所示为某种电吹风机的电路图，、、、为四个固定触点。绕点转动的扇形金属触片，可同时接触两个触点，触片处于不同位置时，吹风机可处于停机、吹冷风和吹热风三种工作状态。和分别是理想变压器原、副线圈的匝数，该电吹风的各项参数如下表所示。下列说法正确的是
A. 触片同时接触、两个触点时电吹风吹热风
B. 理想变压器原、副线圈的匝数比：：
C. 电吹风吹热风时电热丝上的电流为 QUOTE D. 小风扇的内阻为
如图所示，汽车以大小相等的速率通过凹凸不平的路面时，下列说法正确的是
A. 汽车通过点时容易爆胎
B. 汽车经过、两点均处于超重状态
C. 汽车通过点对路面压力值小于汽车的重力
D. 汽车经过、两点时对路面压力值均等于车的重力
如图所示为一“滤速器”装置示意图，、为水平放置的平行金属板，板间距离为，为了选取具有某种特定速率的粒子，可在、间加上大小为电压，并沿垂直于纸面的方向加一大小为匀强磁场，使所选粒子仍能够沿水平直线运动．现让一束具有各种不同速率带电荷量为的粒子不计重力，沿水平方向经小孔进入、两板之间，最后适合条件的粒子从射出，关于粒子运动过程分析正确的是
A. 若磁场方向垂直纸面向里，板电势低于板
B. 若磁场方向垂直纸面向外，板电势高于板
C. 粒子沿直线做匀速运动，最后从射出速度大小为
D. 粒子沿直线做匀速运动，最后从射出速度大小为
年月日中国“天文一号”探测器成功着陆火星。火星是太阳系中距离地球较近、自然环境与地球最为类似的行星之一，一直以来都是人类深空探测的热点。我国的航天科学家为了能使探测器登陆火星，在此之前做了大量的研究工作。如果将地球和火星绕太阳的公转视为匀速圆周运动，并忽略行星自转的影响。根据表中数据，综合所学知识可以判断
A. 火星的公转周期小于一年
B. 火星的公转速度比地球公转速度大
C. 火星表面的第一宇宙速度大于
D. 太阳对地球的引力比对火星的引力大
沿电场中某条电场线方向建立轴，该电场线上各点电场强度随的变化规律如图所示，坐标轴上的点、、和分别与轴上、、、四点相对应，相邻两点间距相等。一个带正电的粒子从点由静止释放，运动到点的动能为，仅考虑电场力作用，则下列说法正确的是
A. 从点到点，电势先升高后降低
B. 粒子先做匀加速运动，后做变加速运动
C. 粒子运动到点时动能大于
D. 粒子在段电势能减少量小于段电势能减少量
年月日“嫦娥五号”探测器成功发射，开启了我国首次地外天体采样返回之旅，如图为行程示意图。关于“嫦娥五号”探测器，下列说法正确的是
A. 刚进入地月转移轨道时，速度大于小于
B. 在地月转移轨道上无动力奔月时，动能先减小后增大
C. 快要到达月球时，需要向后喷气才能进入月球环绕轨道
D. 返回舱取月壤后，重新在月球上起飞的过程中，机械能守恒
8.如图所示，在平面直角坐标系的第一和第四象限分别存在磁感应强度大小相等、方向相反且垂直于平面的匀强磁场。有一位于平面内的硬质导体框，形状和大小如图所示，图中虚线小方格边长为。导体框在外力作用下以恒定速率沿轴正方向运动不发生转动。从图示位置开始计时，到边刚好进入磁场。在此过程中，导体框内产生的感应电流的大小为，边所受安培力的大小为，二者与时间的关系图像可能正确的是
A. B.
C. D.
如图，质量相等的物体、处在同一水平线上，在物体做平抛运动的同时，物体做自由下落：两轨迹相交于点，则两物体在点
A. 相遇
B. 速度相同
C. 重力的功率相等
D. 重力的功率不相等
某同学想用甲图所示的装置测定滑块与水平桌面间的动摩擦因数。滑块上表面固定一个宽度为的遮光条，滑块的左侧面固定一蓝牙拉力传感器可通过接收器读出拉力，光电门固定在桌面上的点。调节定滑轮的高度，使连接滑块和重物的细绳与桌面平行，将滑块从点遮光条与点对齐由静止释放，测出遮光条经过光电门的时间。改变重物的质量，重复以上操作。已知当地重力加速度。
本实验______填“需要”或“不需要”满足滑块带遮光条的质量远大于重物质量；
要得到滑块的加速度，还需要测量遮光条到光电门之间的距离，加速度的表达式为______用测量量和已知量的符号表示。
若根据测得的加速度和对应的拉力传感器的示数，作出如乙图所示图象，则滑块带遮光条质量______；滑块与桌面间的动摩擦因数为______。
实验小组欲测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差，具有如下器材：待测干电池一节，电压表，电流表，滑动变阻器。动变阻器，开关，导线若干。
为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用______填或，根据所选择的器材，设计了如下两种实验电路，如图所示：
有甲路图，为使电动势和内阻的测量误差均在误差允许的合理范围内，则应选用电路图______来完成此实验。填“甲”或“乙”。此方法电动势的测量值______真实值填“大于”“等于”或“小于”，内阻的测量值______真实值填“大于”“等于”或“小于”。电路实验误差及产生原因的分析，下列说法正______。
A.由于电压表的分流 B.由于电流表的分压
该同学由实验数据得到图中的图像，根据图像求得电源电动势______，内电阻______结果均保留两位小数。
如图所示，足够大的光滑绝缘水平地面上有一足够长的带正电平板，平板的右端与绝缘墙壁的距离为；在平板的上面有一带正电的绝缘物块，平板和物块的质量均为、带电荷量均为，物块与平板间有一种特殊物质质量不计，可使得它们之间的滑动摩擦力大小为为重力加速度大小。自时刻开始，加一水平向右、电场强度大小的匀强电场，使平板和物块一起向右做匀加速直线运动，直至平板碰到墙壁。假设平板与墙壁碰撞的时间极短且以碰前速率返回，不计空气阻力，运动过程中平板和物块上所带的电荷量都不发生变化。求：
平板第一次与墙壁碰撞后的一小段时间内，物块的加速度大小；
从开始到平板与墙壁第二次碰撞的瞬间，平板运动的路程。
类比是研究问题的常用方法。
情境：物体从静止开始下落，除受到重力作用外，还受到一个与运动方向相反的空气阻力为常量的作用。其速率随时间的变化规律可用方程式描述，其中为物体质量，为其重力。求物体下落的最大速率。
情境：如图所示，电源电动势为，线圈自感系数为，电路中的总电阻为。闭合开关，发现电路中电流随时间的变化规律与情境中物体速率随时间的变化规律类似。类比式，写出电流随时间变化的方程；并在图中定性画出图线。
类比情境和情境中的能量转化情况，完成下表。
小楷同学在做“用研究温度不变时气体的压强与体积的关系”实验时，缓慢推动活塞，在使注射器内空气体积逐渐变小的过程中，多次从注射器的刻度上读出体积值并输入计算机，同时由压强传感器将对应体积的压强值通过数据采集器传送给计算机．下列说法中正确的是
A. 实验过程中在注射器内壁涂油主要是为了减小摩擦
B. 现有和的注射器，要使注射器在较小的推力时传感器示数能有明显的变化，应该选用的注射器
C. 在本实验操作的过程中，需要保持不变的量是气体的温度和外界的大气压
D. 现有和的注射器，作出的图像不过原点，选用的注射器可以减小误差
一横截面积为的汽缸水平固定，如图所示，活塞不漏气，厚度不计到汽缸底部的距离为汽缸长度的，此时活塞两侧的气体压强均为大气压强、热力学温度均为。现对汽缸内的封闭气体缓慢加热，当缸内气体的温度缓慢升高到时，活塞恰好开始向右缓慢移动。认为活塞与缸壁间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，大气压强保持不变。
求活塞与缸壁间的最大静摩擦力的大小；
若活塞开始向右缓慢移动后，继续对缸内气体缓慢加热，求活塞移至缸口时管内气体的热力学温度。
如图所示，是用某种透明材料制成的横截面为圆形的圆柱体光学器件，是一条通过圆心的直线，一平行于的细光束以入射角射入圆柱体，折射后分成、两束单色光，折射角分别为和，下列分析与判断正确的是
A. 、两束单色光中，单色光频率更大
B. 、两束单色光在圆柱体中的传播速度之比为：
C. 向上平移细光束，增大入射角，单色光可能在圆柱体中发生全反射
D. 、两单色光分别照射同一双缝干涉仪，光产生的干涉条纹较宽
如图所示，是一半径为的扇形玻璃砖的横截面，顶角。两束光线、图中未画出均向右垂直于边射入玻璃砖。其中光线只经次反射后垂直边射出；光线经次反射后垂直边射出，此时光线恰好在圆弧面上发生全反射。已知光在真空中的传播速度为。求：
请作出光线、的光路图及入射点与点的距离；
光线在玻璃砖中的传播速度。
★秘密·2021年11月20日10：45前
重庆市2021-2022学年（上）11月月度质量检测
高三物理答案及评分标准
【命题单位：重庆缙云教育联盟】
1.【答案】
【解析】解：、根据题目中描述的全超导核聚变实验可以确定人造太阳是轻核聚变而不是重核裂变，故A正确；
B、人造太阳的核聚变是氘核和氚核进行的核聚变反应，故B正确；
C、中核反应方程为重核裂变的方程，故C错误；
D、核聚变过程中出现质量亏损，根据爱因斯坦质能方程可求出核反应释放的能量，故D正确；
本题让选说法错误的，
故选：。
聚变是质量轻的核结合成质量大的核，裂变反应是质量大的核分裂成质量小的核，并且无论是重核裂变还是轻核聚变，都释放能量，且释放能量的数值符合爱因斯坦的质能方程。根据题目中描述的全超导核聚变实验可以确定人造太阳是轻核聚变而不是重核裂变。然后再利用电荷数守恒和质量数守恒来书写检查核反应方程。
该题考查裂变反应和聚变反应以及质能方程，解决本题的关键知道裂变反应和聚变反应的区别，知道两种反应都有质量亏损，都释放核能。
2.【答案】
【解析】解：、轻轻挂上衣服后，衣服的重力势能减小，根据能量守恒定律可知减小的重力势能转化为铁链的重力势能，即铁链重力势能增加，故挂衣服后，铁链重心位置上升，故A错误，B正确；
C、根据对称关系，铁链对两端支架施力大小应相等，故C错误；
D、挂上衣服前，以铁链为研究对象，由平衡条件得，是支架两端对铁链拉力与竖直方向的夹角；挂上衣服后，以铁链和衣服整体为研究对象，由平衡条件得，是支架两端对铁链拉力与竖直方向的夹角，因，则得，即支架两端对衣服的拉力增大，则挂衣服后，支架受力增大，故D错误。
故选：。
根据能量守恒定律判断挂衣服后铁链重力势能的变化情况，再判断铁链重心的位置变化情况；根据对称性分析铁链对两端支架施力大小关系；以铁链和衣服整体为研究对象，根据平衡条件分析铁链受到的拉力变化，再判断挂衣服后支架受力情况的变化。
本题分别从力和能的角度研究，明确能量的转化情况是关键，知道铁链重力势能增加了，其重心位置要上升。
3.【答案】
【解析】解：、触片同时接触、两个触点时电热丝没有接入电路，电吹风吹冷风；电动机与电热丝同时接入电路时吹热风，触片与触点、接触，故A错误；
B、根据变压器的电压之比等于匝数之比可得：，故B错误；
C、吹热风时电热丝消耗的功率，则电热丝的电流为，故C错误；
D、小风扇的热功率为：；电流，则由可得，，故D正确。
故选：。
当只有电动机接入电路时吹冷风，电动机与电热丝同时接入电路时吹热风；根据变压器电压之比等于匝数之比分析选项；根据功率之间的关系求解通过电热丝的电流；小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率，由此解答。
本题考查变压器原理、电功率公式的应用，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道电源电压不变时，电阻越小电功率越大。
4.【答案】
【解析】解：汽车经过点时有向下的加速度，处于失重状态，根据牛顿第二定律得：，解得：，所以小于汽车的重力，结合牛顿第三定律，可知汽车经过点时对路面压力值小于汽车的重力；汽车经过点时有向上的加速度，处于超重状态，根据牛顿第二定律得：，解得：，所以大于汽车的重力，结合牛顿第三定律，可知汽车经过点时对路面压力值大于汽车的重力，所以汽车在处比较容易爆胎，故C正确，ABD错误。
故选：。
汽车在点和点靠重力和支持力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律分析支持力和重力的大小关系，根据牛顿第三定律得出压力和重力的大小关系。
本题考查向心力的计算，利用牛顿第二定律及向心力公式求解圆周运动中的压力问题，并且要知道如何判断超重和失重状态。
5.【答案】
【解析】解：、若磁场方向垂直纸面向里，根据左手定则，洛伦兹力向上，根据平衡条件，电场力向下，故板带正电，板带负电，板电势高于板，故A错误；
B、若磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则，洛伦兹力向下，根据平衡条件，电场力向上，故故板带负电，板带正电，板电势低于板，故B错误；
、粒子沿直线做匀速运动，根据平衡条件，有：，解得：，故C正确，D错误；
故选：。
电子沿水平直线运动，做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡，根据左手定则判断洛伦兹力方向，根据平衡条件求解速度大小．
本题是粒子速度选择器模型，关键是分析粒子的受力情况，注意洛伦兹力的特点，知道电子带负电，在判断洛伦兹力时四指要指向运动的反方向．
6.【答案】
【解析】解：、根据万有引力提供向心力有

整理可得
由上式可知，行星的公转周期随半径的增大而增大，则火星的公转周期大于一年，故A错误；
B、根据万有引力提供向心力，有

整理可得
由上式可知，行星的公转速度随半径的增大而减小，则火星的公转速度比地球公转速度小，故B错误；
C、设行星表面的第一宇宙速度为，则有

其中表示行星的半径，代入数据可知，故C错误；
D、根据万有引力定律有

由于地球的质量比火星的质量大，公转半径又比火星的公转半径小，故太阳对地球的引力比对火星的引力大，故D正确。
故选：。
A、根据万有引力提供向心力，得出周期的表达式，结合题意判断该选项；
B、根据万有引力提供向心力，得出公转速度的表达式，结合题意判断该选项；
C、根据行星表面的第一宇宙速度的表达式，结合地球的第一宇宙速度判断该选项；
D、根据万有引力定律，结合题意判断太阳对地球和对火星的引力大小。
在分析天体运动问题时，要注意利用万有引力提供向心力，另外要注意向心力的几种不同表达式。
7.【答案】
【解析】解：、从点到点，电场强度方向保持不变，电场强度方向一直沿轴方向，电势一直降低，故A错误；
B、电场强度大小一直在变化，电场力也就在不断变化，根据牛顿第二定律可知带正电的粒子的加速度在不断变化，是变加速运动，故B错误；
C、由图象面积的物理意义，可知面积表示电势差，则有，根据动能定理有：，，联立解得：，即粒子运动到点时动能大于，故C正确；
D、根据电场强度随的变化规律，可知粒子在段平均电场力大于段平均电场力，与段距离相等，由求功公式可得段电场力做的功大于段电场力做的功，根据功能关系可得粒子在段电势能减少量大于段电势能减少量，故D错误。
故选：。
沿着电场线电势降低；根据牛顿第二定律结合图象信息判断；根据图象面积的物理意义和动能定理判断；根据功能关系判断。
本题考查了电势高低的判断、图象面积的物理意义、电场力做功与能量的变化关系，要求明确电场力做功与电势能的变化关系，结合运动定理求解。
8.【答案】
【解析】解：在地月转移轨道时，探测器已经飞出地球而未摆脱地月系的引力，根据第一宇宙速度和第二宇宙速度的定义，则刚进入地月转移轨道时，探测器速度大于小于，故A正确；
B.在地月转移轨道上无动力奔月时，地球对探测器的万有引力逐渐减小，月球对探测器的万有引力逐渐增大，引力的合力对探测器先做负功，后做正功，根据动能定理可知探测器动能先减小后增大，故B正确；
C.快要到达月球时，探测器需要减速，因此需要向前喷气提供反推力才能进入月球环绕轨道，故C错误；
D.返回舱取月壤后，重新在月球上起飞的过程中，有探测器发动机的推力做正功，故机械能变大，故D错误。
故选：。
在地面附近发射飞行器，如果速度大于 ，而小于，它绕地球运行的轨迹就不是圆，而是椭圆，当物体的速度等于或大于 时，它就会克服地球的引力，永远离开地球，受到太阳的引力，故刚进入地月转移轨道时，速度大于小于；在地月转移轨道上无动力奔月时，受到地球引力和月球引力的作用，动能的变化看合力做功，快要到达月球时，需要减速，重新在月球上起飞的过程中，需要加速。
本题考查了第一宇宙速度和第二宇宙速度的概念，另外要区分快要到达月球和重新在月球上起飞两个过程，发动机分别做负功和正功，故机械能要发生变化。
9.【答案】
【解析】解：、因为个单位时间末边刚好进入磁场，可知线框的速度为每单位向右运动一格，故在单位时间只有切割方向相反的磁感线，抵消后只有第一象限的一个方格导线切割磁感线，单位时间切割第四象限的方格抵消为零，那么切割的有效长度逐渐增加为三个方格第一象限，之后又逐渐减小为两格，只最后单位时间恒定为一格，故A正确，B错误；
、边受到安培力，参照感应电应电动势的分析，安培力是有效长度的二次函数，但在最后个单位时间内有效长度不变边受到安培力线性增加，由图象知C错误，D正确。
故选：。
明确线框的速度为单位时间匀速向运动一格，准确分析切割磁感线有效长度变化，根据导体切割磁感线感应电动势公式结合闭合电路欧姆定律分析电流变化，并分析安培力的变化，写出安培力的表达式，决定因素也主要是有效长度。
此题综合考查了导体切割磁感线感应电动势、电流、安培力的计算。难点在于切割磁感线有效长度的计算和两个象限感应电动势的关系。
10.【答案】
【解析】解：、做平抛运动，做自由落体运动，由于平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，可知两物体在点相遇，相遇时两物体的竖直分速度相等，但是有水平分速度，根据平行四边形定则知，两物体通过点的速度不同，故A正确，B错误；
、两物体通过点时竖直分速度相等，根据知，重力的功率相等，故C正确，D错误。
故选：。
平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，从而得知两球在点相遇，根据运动学公式分析在点的速度关系。根据两物体在点的竖直分速度大小关系，比较重力的瞬时功率。
本题考查了平抛运动和自由落体运动的相关概念和公式，在竖直方向的运动情况完全相同，理解速度的合成与分解即可顺利求解平抛运动。
11.【答案】不需要
【解析】解：滑块所受绳子拉力可由拉力传感器读出，所以不需要满足远大于。
由题可得，通过光电门的速度为：
根据速度位移公式得：
代入数据解得滑块加速度为：
根据牛顿第二定律得：
代入数据解得：
根据图象的物理意义，可得斜率表示滑块质量的倒数，则有：
解得滑块带遮光条质量为：
图线的纵轴截距表示，即：
解得滑块与桌面间的动摩擦因数为：
故答案为：不需要；；，。
滑块所受绳子的拉力可以通过拉力传感器读出，不需要满足远大于；
根据运动学公式求解加速度的表达式，确定需要测量的物理量；
根据牛顿第二定律列式，结合图象的斜率、截距，求解质量和动摩擦因数。
本题考查了测定动摩擦因数的实验，解决该题的关键在于明确实验目的和实验原理以及实验的注意事项，掌握运动学公式和牛顿第二定律的应用。
12.【答案】 甲 小于 小于
【解析】解：因内电阻较小，为了方便调节便于操作，滑动变阻器应选择阻值较小的；
若采用电路图乙，将电流表与电池看做等效电源，此时测得的电动势与真实值相同，测得的内阻等于电池内阻和电流表内阻之和，因电池内阻较小与电流表内阻接近，导致相对误差较大，因此应选用电路图甲来完成实验。采用电路图甲实验，由于电压表的分流，，测得偏小时测得电动势偏小，此时测得内阻为电压表与电池并联后总电阻，比真实值偏小；
根据闭合电路欧姆定律有：
，
则：，
结合图像求得：
，。
故答案为：甲，小于，小于，
为了方便调节便于操作，滑动变阻器应选择阻值较小；因电池内阻较小与电流表内阻接近，若采用电路图乙，将电流表与电池看做等效电源，导致相对误差较大；根据闭合电路欧姆定律，结合图像求解。
本题关键明确实验原理，然后根据闭合电路欧姆定律列式结合图像求解电动势和内电阻。
13.【答案】解：平板与墙壁碰撞后的一小段时间内向左运动，物块向右运动，根据物块的受力分析，结合牛顿第二定律有
由牛顿第二定律有，其中，，
解得．
设平板与物块一起向右加速运动的加速度大小为，
由牛顿第二定律有，
设平板第一次碰撞墙壁的速度大小为，
由运动学公式有，
平板第一次被墙壁反弹后向左做匀减速直线运动，直至速度为零，
设该过程中平板的加速度大小为，平板向左运动的位移大小为，
则有，，
又，解得．
答：平板第一次与墙壁碰撞后的一小段时间内，物块的加速度大小为；
从开始到平板与墙壁第二次碰撞的瞬间，平板运动的路程为。
【解析】对物体受力分析：电场力与摩擦力的合力产生加速度，由牛顿第二定律求解；
由动能定理求得速度，结合反向后的加速度求得向左运动距离，可确定其路程。
本题考查带电物块在电场中的运动，关键是分析碰撞后物块和长木板的摩擦力方向，而且摩擦力做功与路径有关，然后利用牛顿第二定律和动能定理解决即可。
14.【答案】电源提供的电能 线圈磁场能的增加量 克服阻力做功消耗的机械能
【解析】解：当物体下落速度达到最大速度时加速度为零，则有：
解得：；
、电路中电流随时间的变化规律为：其中为线圈的自感系数
、根据可得：，由于、、不变，逐渐增大，则图像的斜率逐渐减小，最后稳定时；
图像如图所示；

情境物体重力势能的减少量是整个过程中能量的来源，对应情境中电源提供的电能；
情境中物体动能的增加量，对应情境中线圈磁场能的增加量；
情境电阻上消耗的电能，相当于情景中克服阻力做功消耗的机械能。
答：物体下落的最大速率为；
电流随时间变化的方程为；画出图线见解析；
类比情境和情境中的能量转化情况，填写的表格如下图：
当物体下落速度达到最大速度时加速度为零，根据平衡条件解答；
根据类比法分析电路中电流随时间的变化规律，根据关系式画出图像；
根据类比法分析进行填表。
本题主要是考查电能与磁场能的转化，关键是能够根据类比法进行比较，难度较大。
15.【答案】
【解析】解：、在实验中，要保证气体的质量不变，所以实验过程中在注射器内壁涂油主要是为了防止漏气，故A错误；
B、根据压强的计算公式可得：，容积越大的注射器截面积越大，在施加相同压力的情况下，压强变化较小，要使注射器在较小的推力时传感器示数能有明显的变化，应该选用的注射器，故B错误；
C、在本实验操作的过程中，需要保持不变的量是气体的温度和封闭体积的质量，与外界气体的压强无关，故C错误；
D、现有和的注射器，作出的图像不过原点，在绝对误差一定的情况下，体积越大、相对误差越小，故选用的注射器可以减小误差，故D正确。
故选：。
在注射器内壁涂油主要是为了防止漏气；根据压强的计算公式分析选项；本实验与外界气体的压强无关；根据减少相对误差的方法进行分析。
本题考查的是“探究气体等温变化的规律”的实验，关键是明确实验原理，然后进行分析；同时要知道实验误差的来源及减小实验误差。
16.【答案】解：设活塞开始移动时缸内气体的压强为，活塞移动前，缸内气体的体积不变，根据查理定律有
根据物体的平衡条件有
解得。
该过程中缸内气体的压强恒为，设汽缸的长度为，根据盖吕萨克定律有
解得
答：活塞与缸壁间的最大静摩擦力的大小为；
若活塞开始向右缓慢移动后，继续对缸内气体缓慢加热，活塞移至缸口时管内气体的热力学温度为。
【解析】活塞移动前，缸内气体的体积不变，根据查理定律列式求解活塞滑动前瞬间汽缸中气体的压强，然后对活塞受力分析，根据平衡求解汽缸内壁之间的最大静摩擦力大小；
活塞开始向右缓慢移动后，对气体根据盖吕萨克定律列式求解。
本题考查理想气体状态方程，关键是选择合适的研究对象，找出初末状态参量，分析出气体做何种变化，然后选择合适的气体实验定律列式求解即可。
17.【答案】
【解析】解：、由图可知光在圆柱体中的偏折更大，所以单色光频率更大，故A错误；
B、根据折射定律，结合题目可知：，根据光在圆柱体中的传播速度公式，解得、两束单色光在圆柱体中的传播速度之比为：，故B正确；
C、由选项计算得，结合，可知光的临界角，图示情况光出射角为，不能发生全反射，则向上平移细光束，增大入射角，单色光的折射角和出射角都减小，不会发生全反射，故C错误；
D、单色光频率大，则光的波长小于光波长，根据可知，光产生的干涉条纹较窄，故D错误。
故选：。
光线在光学器件中偏转越大时折射率越大，该光频率越大，波长越小；根据可判断光产生的干涉条纹情况。
本题考查光的折射定律，关键是找出入射角和折射角，掌握折射定律公式全反射临界角公式的应用。
18.【答案】解：光线、光路图如图

由图知，光线在圆弧面的入射角为
根据几何关系有
依题意可知，光线在玻璃砖中的光路如图，则临界角为：
则折射率：
光在玻璃中的传播速度：
联立解得
答：图见解析，入射点与点的距离为；
光线在玻璃砖中的传播速度为。
【解析】光线只经次反射后垂直边射出，光线经次反射后垂直边射出，光线恰好在圆弧面上生全反射，由此画出光路图；由几何关系求入射点与点的距离；
光线恰好在圆弧面上发生全反射，入射角等于临界角，由几何关系求出临界角，再由求出折射率，即可由求光线在玻璃砖中的传播速度。
正确地画出光路图，灵活运用几何知识求有关角度是解决本题问题的关键。要掌握全反射的条件：光从光密介质射入光疏介质，入射角大于等于临界角，刚好发生全反射时，入射角等于临界角。
冷风时输入功率
热风时输入功率
小风扇额定电压
正常工作时小风扇输出功率
行星
天体质量
天体半径
公转轨道半径
地球
火星
情境
情境
物体重力势能的减少量
______
物体动能的增加量
______
______
电阻上消耗的电能
情境
情境
电源提供的电能
线圈磁场能的增加量
克服阻力做功消耗的机械能