2021-2022学年福建省南平市浦城县高二上学期期中考试物理试题 Word版

这是一份2021-2022学年福建省南平市浦城县高二上学期期中考试物理试题 Word版，共8页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空，计算题等内容，欢迎下载使用。
（考试时间75分钟，满分100分）
一、单项选择题（每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请把答案填在答题卡中）
1．当在电场中某点放入电量为q的正试探电荷时，测得该点的场强为E，若在同一点放入电量的负试探电荷时，测得该点的场强（ ）
A．大小为2E，方向与E相同 B．大小为2E，方向与E相反
C．大小为E，方向与E相同 D．大小为E，方向与E相反
2. 欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a>b>c。电流沿下图方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（ ）
3. 关于磁感线，下列说法中正确的是（ ）
A．根据公式B=Φ/S，磁场中某处的磁感应强度B与Φ成正比，与S成反比
B．磁感线是真实存在的曲线
C．磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向,即该点的磁感应强度方向
D．磁感线有可能相交
4. 如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r。滑动变阻器的滑片P由a向b缓慢移动的过程中，下列各物理量变化情况为（ ）
A．电容器所带电荷量一直增加
B．电容器所带电荷量先增加后减少
C．电压表的读数先减少后增
D．电源的总功率先减少后增加
二、多项选择题（每小题6分，共24分.在每小题给出的四个选项 中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选的得0分，请把答案填在答题卡中。）
5. 某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中的虚线所示．由M运动到N，以下说法正确的是（ ）
A．粒子必定带正电荷
B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度
C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度
D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能
6. 一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r．该电动机正常工作时，下列说法正确的是( )
A．I、U、r三个量间满足 B．电动机消耗的电功率为
C．电动机的发热功率为 D．电动机的输出功率为
7. 目前许多国产手机都有指纹解锁功能，常用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在嵴处和峪处形成的电容器的电容大小不同。传感器给所有的电容器充电，达到某一电压值，电容器放电电容值小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到嵴和峪的位置，从而形成指纹图像数据。根据文中信息，下列说法正确的是（ ）
A. 在峪处形成电容器电容较大
B. 在峪处形成的电容器放电较快
C. 在嵴处形成的电容器电容较大
D. 在嵴处形成的电容器放电较快
N
F
M
8．如图所示，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为-q、质量为m的小球在力F的作用下，沿图中虚线由M至N做竖直向上的匀速运动。已知力F和MN之间的夹角为45°，MN之间的距离为d，重力加速度为g。则下列说法正确的是( )
A．电场的方向可能水平向左
B．电场强度E的最小值为
C．F所做的功一定为mgd
D．当qE =mg时，小球从M运动到N的过程中，其电势能的变化量为零
O
2
U
I
1
(第9题)
1
1
2
3
三、填空、实验题(本题共4小题，每空2分，共26分)
9. 如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的
导体的电阻为R2，求：两个电阻之比R1：R2 = 。
将R1与R2并联后接于电源上，则通过电流比I1：I2= 。
10. 某同学在一次“测定某电阻元件的电阻率”的实验中，
用游标卡尺测量电阻元件的长度为L，用螺旋测微器测
量金属丝直径d。电阻元件长L为______cm，金属丝的直径d为______mm；
11.（1）用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻Rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮。把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上 。
a．将两表笔短接，调节P使指针
对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，
断开两表笔
b．将两表笔分别连接到被测电阻
的两 端，读出Rx的阻值后，
断开两表笔
c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1k
d．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100
e．旋转S使其尖端对准交流500V挡，
并拔出两表笔
（2）图为一正在测量中的多用电表表盘。
① 根据右图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为________ Ω。
② 如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为________mA。
③ 如果是用直流5V档测量电压，则读数为________V
12. 在测量电源的电动势和内电阻的实验中，已选用的器材有：一节干电池；电流表（量程为0—0.6A．内阻约0.5Ω)；电压表（量程为0-3V．内阻约3kΩ)；电键一个；导线若干。
（1）实验中还需要选用的滑动变阻器应该是 （填字母代号）
A. 滑动变阻器（最大阻值10 Ω, 额定电流2A）
B．滑动变阻器（最大阻值100 Ω, 额定电流1A）
C．滑动变阻器（最大阻值1k Ω，额定电流0.5A）
（2）图甲为某同学在实验过程中完成的部分电路连接的情况，请你帮他完成其余部分的线路连接。（用黑色水笔画线表示对应的导线）
（3）该同学测得该电源的伏安特性曲线如图乙所示，根据图象得出：电池的电动势
E= V，内阻 r= Ω。（保留两位小数）
（4）根据该同学的实验情况，考虑电表的影响，以下分析正确的是 （填字母代号）
A. 测得的电动势和内电阻都偏小，是由于电流表分压引起
B. 测得的电动势和内电阻都偏小，是由于电压表分流引起
C. 测得的电动势准确、内电阻偏大，是由于电流表分压引起
D. 测得的电动势准确、内电阻偏大，是由于电压表分流引起
四、计算题（本题共3小题，其中13题10分，14题10分，15题14分共34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
13. （10分）一台小型电动机在3V电压下工作，匀速提重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A，在30s内将该物体匀速提升3m，不计除电动机线圈发热之外的能量损失。求：
（1）电动机的输入功率；
（2）在提升重物的30s内电动机线圈所产生的热量；
（3）线圈的电阻。
14. （10分）将一个电量为1×10－6 C的负电荷从电场中的A点移到B点，克服电场力做功
2×10－6 J 。从C点移到D点，电场力做功7×10－6 J 。若已知B点电势比C点高3V
求：
（1）C、D两点和A、D两点的电势差？
（2）把一个电荷量为3×10－6 C的正电荷从B点移动到C点，其电势能变化多少？
15. （14分） 如图所示，在某竖直平面内建立直角坐标系，x轴正方向沿着绝缘粗糙水平面向右，y轴正方向竖直向上。已知该空间充满沿轴正方向、电场强度大小的匀强电场。时刻，一质量、电荷量大小的带负电的物块（可作为质点），从点开始以初速度沿着x轴正方向运动，物块与水平面间动摩擦因数，重力加速度。
（1）求带电物块在3.0s内电势能的变化量；
（2）若在3.0s末突然将匀强电场的方向变为沿y轴负方向，大小变为，求再经过1.0s该物块的位置坐标。
参 考 答 案
班级 姓名 座号 分数 …………………………………………装…………………………订…………………………线………………………………………………
一、二．选择题（1-4每小题4分，5-8每小题6分.共40分）
三、填空、实验题(本题共4小题，每空2分。共26分)
9. 1:3 3:1
10. 11.050 1.996--1.998 均可以
11.（1） cabe
（2）① 30k ② 3.4 ③ 1.70
12.（1） A
（2）连线如右图所示。
（3） 1.45V 0.69Ω
（4） B
四、计算题（本题共3小题，共34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
13.（10分）
（1）电动机的输入功率P入=UI=0.2×3W=0.6W------（2分）
（2）电动机提升重物的机械功率P机=FV=(4×)W=0.4W------（2分）
根据能量关系P入=P机+PQ可得，产生热的功率PQ=P入-P机=（0.6-0.4）W=0.2W----（2分）
所产生热量Q=PQt=0.2×30J=6J------（2分）
（3）由焦耳定律Q=I2Rt可得，线圈电阻R=------（2分）
14. （10分）
（1）由, 得-------（2分）
-------------------------------（2分）
则，--------------------------（2分）
（2）由得， ----------------------------------------（2分）
电势能减少了-----------------（2分）
15. （14分）
（1）设带电物块向右做匀减速直线运动过程中，加速度大小为a1，时间为t1，通过的位移为x1，
由牛顿第二定律得：Eq+μmg=ma1-----------------------（1分）
-------------------------（1分）
---------------------（1分）
解得：a 1 =7.0 m/s2，t 1 = 1.0 s，x1=3.5m
t 1=1.0 s之后，带电物块向左做匀加速直线运动，
设加速度大小为a2，时间为t2，通过的位移为x2，
则：Eq-μmg=ma2------------------------------（1分）
t2=t-t1-----------（1分）
解得：a 2 = 3.0m/s2，x2=6.0m
则3.0s内的位移大小x′=x2-x1=2.5m，方向水平向左----------------（1分）
设3.0s内电场力做功为W1，则W1=Eqx′
根据电场力做功与电势能的变化量之间的关系得：△E = -W1 = -Eqx′----------（1分）
解得：△E = -0.5J---------------（1分）
（2）设3.0s后物块受到竖直向上的电场力为F，
则：F=E1q=0.8N>mg=0.4N
带电物块开始做类平抛运动，即在水平方向向左做匀速直线运动，竖直向上做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a3，在竖直方向的位移为y，在水平方向的位移为x3，
则：x3=v3t3--------------------(1分 )
其中：v3=a2t2 ，t3 =1.0s
又有：F-mg=ma3-------------------（1分）
-----------（1分）
解得：x3=6.0m，y=5.0m-----------（1分）
故带电物块在x轴的位置坐标x= -(x′+x3)= -8.5m----------------（1分）
即带电物块的位置坐标（-8.5m，5.0m）。---------------------（1分）
题 号
1
2
3
4
5
6
7
8
答 案
C
A
C
D
ACD
BC
BC
AD