还剩23页未读，
继续阅读
2020-2021学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷
展开
这是一份2020-2021学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷，共26页。试卷主要包含了6V，【答案】增大 四分之一，【答案】1507，【答案】4，【答案】热效应 93，【答案】8 6 W等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷
1. 我们在电学中学到的第一个将电流、电压、电阻联系在一起的公式是______ ，这个公式所反映出的规律叫做______ 。
2. 如图甲所示，验电器A带负电，B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间(如图乙所示)，金属棒中的电流方向是______ (选填“由A到B”或“由B到A”)，这个过程中金属棒两端______ 电压(选填“有”或“没有”)。
3. 如图所示是某玩具的电池仓，其中的两节5号新电池，它们是______ 联的，此电池仓的电压为______ V。
4. 如图所示是四根高压输电线上的一个装置，它的作用是将四根导线并联起来这是通过______ (选填“增大”或“减小”)横截面积的方式来减小输电导线的电阻，此时输电导线的总电阻为一根导线的______ 。
5. 如图所示是电脑上的USB口可以为外置设备提供5V的电压，它可以让一台额定功率2.5W的迷你型小风扇正常工作，风扇电动机线圈阻值为0.5Ω，则小风扇正常工作1min消耗的电能为______ J，电动机线圈1min产生的热量为______ J。
6. 将两个定值电阻R1和R2并联在同一电源两端，通过的电流之比I1：I2=5：4，那么这两个电阻之比R1：R2=______ ；此时它们消耗的电功率之比P1：P2=______ 。
7. 为了测量R1的阻值，某同学设计了如图甲所示的电路。已知R0=5Ω，当S1断开、S2闭合时，电压表的示数为6V；当S2断开、S1闭合时，电压表的示数如图乙所示，由此可知R0两端的电压为______ V，R1的阻值为______ Ω。
8. 电水壶是利用电流的______ 来工作的。如图所示，是某品牌电水壶的参数，它正常工作5min可以将1.5kg初温是20℃的水加热至100℃，此电水壶的热效率是______ 。(水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃))
9. 一个定值电阻两端的电压由8V变为4V，电流变化了0.5A，该电阻的阻值为______ Ω，功率减小了______ 。
10. 电阻R与灯泡L的I−U图像如图所示。当他们串联在电压为1.5V的电源上时，电路的总电阻是______ Ω；若将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，则干路的电流是______ 。
11. 下列数据不符合事实的是( )
A. 对人体的安全电压是不高于36V
B. 教室内一盏日光灯的功率约为40W
C. 手机电池的电压约为3.6V
D. 家用电冰箱工作时通过的电流约为5A
12. 如图，要让L1与L2并联，电流表测量电路中的电流，电压表测量L2两端的电压。在“O”处接入电流表或电压表以下做法正确的是( )
A. a为电流表，b为电流表 B. a为电压表，b为电流表
C. a为电流表，b为电压表 D. a为电压表，b为电压表
13. 如图所示，闭合开关S后一盏灯亮，另一盏灯不亮，一个电表有示数，另一个电表无示数，若故障中出现在其中一个灯泡两端，则故障可能是( )
A. 灯泡L1断路 B. 灯泡L2断路 C. 灯泡L1短路 D. 灯泡L2短路
14. 12月初，小王家中的电能表示数为，电能表的部分参数及12月末的示数如图所示，下列说法正确的是( )
A. 电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
B. 小王家12月初至12月末消耗的电能是1700kW⋅h
C. 这个电能表允许电路中同时工作的用电器总功率为2200W
D. 若电能表转盘在5min内转过200转，则此时工作的用电器的总功率为1000W
15. 下列关于电功的说法中正确的是( )
A. 电流做功越多，消耗的电能就越多
B. 电流通过导体时所做的功决定于导体两端的电压、通过导体的电流和导体的电阻
C. 通电的时间越长，电流做的功越多
D. 电流做功的过程，实际上是把其他形式的能转化为电能的过程
16. 如图所示，甲、乙、丙、丁四个相同容器里装有质量和初温相同的水，先后将两个电阻R1和R2以并联和串联的方式分别放入甲、乙、丙、丁容器中，其中R1>R2，若通电相同时间，则这四个容器中的水温从低到高的顺序是( )
A. 甲、乙、丙、丁 B. 丁、丙、甲、乙
C. 丙、丁、乙、甲 D. 甲、乙、丁、丙
17. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，不可以测出未知电阻Rx阻值的电路是( )
A. B.
C. D.
18. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A的示数变小
B. 电压表V1的示数变大
C. 电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D. 电压表V1的示数变化量等于电压表V2的示数变化量
19. 随着科技的发展和人们对于手机充电时间的要求不断提高，我们的手机充电速度也从原来的慢充变为了现在的快充，如图甲所示是老式的手机充电头的参数，它的输出功率是多少？如图乙所示是某品牌手机的充电头，其最大输出功率是多少？请你根据所学知识写出手机充电功率提高后对充电的数据线有什么要求？
20. 如图所示，电源电压为3V，R1=5Ω。求：
(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电流表的示数。
(2)当开关S3闭合，S1、S2都断开，电流表的示数为0.2A时，R2的阻值。
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，电路的总功率。
21. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“4V 2W”字样(设灯泡电阻保持不变)，电流表A的量程取0−0.6A，问：
(1)小灯泡正常发光时的电阻是多少？
(2)闭合开关S后，要让灯泡正常发光，需要在电路中串联多大的电阻R？
(3)现用标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器R1替换电阻R，求电路总功率的变化范围。
22. 如图甲是一种家用电暖器，图乙是其简化的电路图，已知R1
220V
功率选择
低温挡550W
中温挡1100W
高温挡1650W
(1)当开关S1、S2闭合时，该电暖器以______ 挡工作(选填“高温”、“中温”或“低温”)
(2)当电暖器使用中温挡正常工作时，电路中电流是多大？接入电路的电热丝的阻值是多少？小明关闭家中的其他用电器，只让电暖器用高温挡独立工作1分钟，电能表的表盘转了75转。请通过计算判断此时电暖器是否正常工作？【电能表的铭牌上标有3000r/(kW⋅h)】
23. 为了验证并联电路的电流特点，小张设计了如图1甲所示的电路进行实验。
(1)在连接电路时，开关应处于______ 状态；
(2)她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I、I1和I2，电流表示数如图乙、丙、丁所示，得出：I1=0.52A，I2=______ A，I=______ A；根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：______ (写出关系式即可)。
(3)为了验证结论的普遍性，小张采用了更换不同电源继续实验的方法进行验证，你还可以采用方法是：______ 。之后小张利用上面的器材和一个电压表来验证串联电路电压的规律。
(4)连接电路如图2甲所示。图中只需加上一根导线就可让电压表测灯L2两端的电压。请你在图中用笔画线代替导线将电路补完整。
(5)正确添加导线且闭合开关。如图乙所示，电压表的示数为1.4V；若电源电压为2.5V，则灯L1两端的电压为______ V。
24. 如图甲是小明同学探究“一段电路中的电流跟电阻的关系”的实验电路图。
实验序号
电阻
电流/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
(1)此探究活动要用______ 法进行。实验时，在闭合开关前应将滑片移至最______ 端；
(2)实验过程中，小明先分别调节电阻箱的阻值为5Ω和10Ω，闭合开关，调节滑动变阻器滑片得到两组实验数据填入了上表；然后她又将电阻箱的阻值调为15Ω，闭合开关后接下来她应该向______ 端移动滑片，直到电压表的示数为______ V，此时的电流表的指针位于如图乙所示，第3次电流表的读数为______ A。
(3)小明分析三次试验数据得到的结论是：______ 。
(4)小明想到还可以利用此装置测量未知电阻的阻值，在这个实验中，滑动变阻器的作用是：______ 。
25. 如图为测量额定电压为2.5V(电阻约为10Ω)的小灯泡的额定功率电路，提供的实验器材有：电压为4.5V的蓄电池组、滑动变阻器(有“10Ω2A”、“5Ω1.5A”两种规格)、电流表、电压表各一只。
(1)实验中，应该选择规格为______ 的滑动变阻器，如果选了另一只滑动变阻器可能出现的问题是______ 。
实验序号
1
2
3
4
5
电压表示数/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流表示数/A
0.14
0.18
0.20
0.24
0.28
(2)开始实验时，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的操作是______ 。
A.检查灯泡是否断路B.检查灯泡是否短路
C.检查开关接触是否良好D.移动滑动变阻器的滑片
(3)小张同学移动滑片P，小红同学将两电表对应的示数记录到上表中，则灯泡的额定功率为______ W。
(4)他分析表中数据，发现灯泡的电阻也在变化。如果他想找出灯泡电阻变化的主要原因，他在实验操作过程中还要用手______ 小灯泡，感受小灯泡的______ ，通过感受他发现灯泡电阻变化的主要原因是灯丝的电阻随温度的升高而______ 。
26. 为了探究通电导体放出的热量与哪些因素有关，小明设计了如图甲所示的电路，图中。
(1)实验准备环节中，在两个烧瓶中倒入相等且初温相同的煤油。实验中通过比较两个温度计______ 来判断放出热量的多少，这个方法是______ 。
(2)本实验中为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于______ 。
(3)甲图的连接方式是为了探究放出的热量与______ 的关系。
(4)实验中，小明发现甲烧瓶中温度计的示数升高的快。这表明：在______ 相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多。
(5)将此装置改装后可测量未知液体的比热容，如图乙所示。测量时，分别向两个相同的烧瓶中加入初温均为t0质量相等的水和未知液体，通电一段时间后，分别读出温度计的示数为、t，请写出该未知液体的比热容的表达c=______ 。(已知水的比热容为
答案和解析
1.【答案】I=UR 欧姆定律
【解析】解：电路中的电流跟电压、电阻的关系是：一段导体中的电流，跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，这便是欧姆定律的内容，用I=UR表示。
故答案为：I=UR；欧姆定律。
电流与电压和电阻有关，电压不变，电流与电阻成反比，电阻不变，电流与电压成正比，综合可得欧姆定律。
本题考查了欧姆定律的内容，属于基础知识，要熟记。
2.【答案】由B到A 有
【解析】解：验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来，验电器B夺得电子本题比验电器A夺得电子本领强，所以自由电子从A到B，根据金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向相反，所以瞬间电流方向由B到A。
金属棒中有电流，说明金属棒两端一定有电压。
故答案为：由B到A；有。
(1)物体夺得电子本领从强到弱：带正电的物体→不带电的物体→带负电的物体。
金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向相反。
(2)电压和电流的关系：有电流一定有电压，有电压不一定有电流。
本题考查了物体夺得电子的本领、金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向的关系、电压和电流的关系等等。
3.【答案】串 3
【解析】解：一节干电池的电压为1.5V，两节5号电池的电压为2×1.5V=3V。
电池仓两节5号新电池只有一个电流路径，是串联的．
故答案为：串；3。
一节干电池的电压为1.5V，电路中元件的连接有串联和并联两种，串联电路只有一条电流的路径。
此题主要考查了串联电路的电压规律、干电池的电压值等，难度不大，属于基础知识。
4.【答案】增大 四分之一
【解析】解：在导线长度和导线的材料不能改变时，四根导线并联相当于增大了横截面积，所以电阻会减小；导体的电阻与横截面积成反比，所以此时输电导线的总电阻为一根导线的四分之一。
故答案为：增大；四分之一。
导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关，长度越大，横截面积越小，电阻越大；长度和横截面积相同的导体，材料不同，电阻不同。
本题型是考查影响电阻大小因素的实际应用，要结合各因素变化情况分析电阻的变化是关键。
5.【答案】1507.5
【解析】解：消耗电能为：W=Pt=2.5W×1×60s=150J；
电风扇正常工作的电流为：I=PU=2.5W5V=0.5A，
产生的热量为：Q=I2Rt=(0.5A)2×0.5Ω×1×60s=7.5J。
故答案为：150；7.5。
用W=Pt计算电能；
根据I=PU计算电风扇正常工作的电流，再用Q=I2Rt计算线圈产生的热量。
本题考查电能和热量的计算，注意电风扇工作时消耗的电能和产生的热量不相等。
6.【答案】4：5 5：4
【解析】解：两个电阻R1、R2并联接到电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=UI1×I2U=I2I1=45；
由P=UI可得，两电阻的功率之比：
P1P2=UI1UI2=I1I2=54。
故答案为：4：5； 5：4。
两个电阻R1、R2并联接到电源两端时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比。
本题考查了并联电路的电压特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道基础题目。
7.【答案】2.47.5
【解析】解：当S1断开，S2闭合时，两电阻串联接入电路，电压表测总电压，故可知电源电压为6V；
当S2断开，S1闭合时，由图可知电压表量程为0∼3V，则指针所指示数为U0=2.4V；
由串联电路的特点可知，R1两端的电压U1=U−U0=6V−2.4V=3.6V；
通过R0的电流由欧姆定律得：I=U0R0=2.4V5Ω0.48A；
串联电路各处电流都相等，所以R1的阻值：
R1=U1I=3.6V0.48A=7.5Ω；
故答案为：2.4；7.5。
当S1断开，S2闭合时，R1与R0串联，电压表测两电阻上的总电压，则可知电源电压为6V；
S1闭合时两电阻仍串联，电压表测量R0两端的电压，由图根据电压表量程可读出电压表示数则可知R0两端的电压；再根据串联电路的特点可求得R1两端的电压，根据欧姆定律可求得流过R1的电流，进一步由欧姆定律可求得R1的阻值。
本题考查电压表的读数，串联电路特点及欧姆定律的计算；电压表读数时要先注意量程，欧姆定律的使用要注意其中的电压、电流及电阻应是同一电阻所具有的。
8.【答案】热效应 93.3%
【解析】解：
(1)电水壶是利用电流通过导体时会产生热量来工作的，即利用了电流的热效应；
(2)水吸收的热量：，
由P=Wt可得，电水壶消耗的电能：W=Pt=1800W×5×60s=5.4×105J，
此电水壶的热效率：。
故答案为：热效应；93.3%。
(1)电流通过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；
(2)根据求出水吸收的热量；利用W=Pt求出消耗的电能，再利用效率公式求出电水壶的加热效率。
本题考查了吸热公式、电功公式和热效率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
9.【答案】8 6 W
【解析】解：因定值电阻的阻值不变，
所以，由I=UR可得：
△U=U1−U2=I1R−I2R=(I1−I2)R=△IR，
则有：R=△U△I=U1−U2△I=8V−4V0.5A=8Ω，
该电阻消耗的电功率减小了：
△P=P1−P2=U12R−U22R=(8V)28Ω−(4V)28Ω=6W。
故答案为：8；6W。
根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=UI=U2R求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化。
本题考查了欧姆定律和电功率公式的灵活应用，要注意R=△U△I适用的条件是只有定值电阻成立。
10.【答案】150.45
【解析】解：当他们串联在电压为1.5V的电源上时，通过电阻和灯泡的电流相等，读图可知电路中的电流为0.1A，
由I=UR可得R=UI=1.5V0.1A=15Ω；
将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，并联电路各并联支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流I′=IR+IL=0.3A+0.15=0.45A。
故答案为：15；0.45。
当他们串联在电压为1.5V的电源上时，读图可知电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可计算电路的总电阻；将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，根据并联电路电流特点，读图可得干路的电流。
本题考查了并联电路的特点、串联电路特点、欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
11.【答案】D
【解析】解：A、对人体的安全电压是不高于36V，故A符合实际。
B、教室内一盏日光灯的功率约为40W，故B符合实际。
C、手机电池的电压约为3.6V，故C符合实际。
D、家用电冰箱工作时通过的电流约为1A，故D不符合实际。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
12.【答案】C
【解析】解：L1与L2并联，说明L1与L2的支路都有电流通过，a电表和L1串联，说明a电表是电流表，b电表和L2是并联，说明b电表是电压表。
故选：C。
电流表和用电器串联，电压表和用电器并联。
本题考查了电流表和电压表的正确使用，这是电学的基础，贯穿整个电学部分，一定要熟练掌握。
13.【答案】D
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表A测量电路中的电流，电压表测量L2两端电压；闭合开关S后一盏灯亮，另一盏灯不亮，这说明电路是接通的，即电路出现了短路现象，故电路中有电流，即电流表有示数，电压表无示数，根据U=IR可知，与电压表并联部分的电阻为0，即灯泡L2短路；故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡串联，电流表A测量电路中的电流，电压表测量L1两端电压；灯泡发光，说明电路是接通的，即电路出现了短路现象；然后分析电流表、电压表的示数情况，得出故障的原因。
要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。
14.【答案】C
【解析】解：A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，故A错误；
B、12月初的示数1262.8kW⋅h，12月末，小王家中的电能表示数1432.8kW⋅h，故小王家12月初至12月末消耗的电能是W=1342.8kW⋅h−1262.8kW⋅h=170kW⋅h，故B错误；
C、据表盘的参数可知电能表平时工作允许通过的最大电流为10A，工作电压为220V，此时总功率不得超过P=UI=220V×10A=2200W，故C正确；
D、电能表的转盘转200转消耗的电能为：
W=2001200kW⋅h=16kW⋅h，
此时工作的用电器的总功率：
P=Wt=16kW⋅h560h=0.5kW=500W，故D错误。
故选：C。
(1)电能表是用于测量电能(电功)的仪表；
(2)读出12月初和12月末电能表的示数，而后计算出电能多少；
(3)由表盘得出电能表平时工作允许通过的最大电流和工作电压，利用公式P=UI计算；
(4)1200r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200转，据此求出5min内消耗的电能，再根据P=Wt求出该电能表上用电器的总功率。
本题考查了电能表的作用和消耗电能的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
15.【答案】A
【解析】解：
A、电功是指电流所做的功，电流做功越多，消耗的电能就越多，故A正确；
BC、由电流做功的公式W=UIt可知，电流通过导体时所做的功决定于导体两端的电压、通过导体的电流和通电时间，故BC错误；
D、电流做功的过程，实际上是把电能转化为其他形式的能的过程，故D错误。
故选：A。
(1)电功是指电流所做的功，电流做了多少功，就消耗了多少的电能；
(2)电流做功的公式W=UIt，则分析公式可知决定电功的因素；
(3)电流做功时把电能转化为了其它形式的能，消耗多少电能，就有多少其它形式的能产生。
牢记电功的概念，知道电流做功实质是将电能转换为其他形式的能。
16.【答案】B
【解析】解：左图中，R1与R2并联，根据并联电路特点和焦耳定律公式的变形式Q=U2Rt可知，在电压和通电时间相同的情况下，电阻小的产生的热量多。而R1>R2，所以；
右图中，R1与R2串联，根据串联电路特点和焦耳定律Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同的情况下，电阻大的产生的热量多。而R1>R2，所以；
左图中，通过R1的电流是：I1=UR1，
右图中，通过R1的电流是：I1′=UR1+R2，
I1>I1′，由Q=I2Rt知，，
所以这四个容器中电阻产生的热量关系是：，
四个容器中的水温从低到高的顺序是：丁、丙、甲、乙。
故选：B。
四个相同容器里装有质量和初温相同的水，吸收的热量越多，温度升高的越高。水吸收的热量来自于电阻通电产生的热量，根据焦耳定律结合图示电路，分别判断四个容器中电阻产生热量的大小关系即可解题。
本题综合性比较强，不仅考查了焦耳定律、欧姆定律，还包括串并联电路的特点。做这类比较题时一定要用控制变量法去分析。
17.【答案】BC
【解析】解：
A、由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，电路为Rx的简单电路，电压表测量电源电压；当开关S2闭合，S1断开时，两电阻串联，根据串联电路电压规律求出R0两端电压，再利用欧姆定律求出电路电流，最后根据欧姆定律求出Rx的阻值，故A不符合题意。
B、由电路图可知，开关S闭合时，R0短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，两电阻串联，电压表测量电源电压；所以无法得到电路中电流，不能计算出Rx的值，故B符合题意；
C、由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时，R0、Rx并联，电流表测R0支路电流，由于无法得出通过Rx的电流，所以无法求出Rx阻值，故C符合题意；
D、由电路图可知，当开关S2闭合，S1断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S1、S2都闭合时，R0、Rx并联，电流表测干路电流，因通过R0的电流不变，根据并联电路的电流特点可求通过Rx的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律即可求出Rx阻值，故D不符合题意。
故选：BC。
串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律求得Rx电阻。
利用电压表或电流表测未知电阻的阻值，就是根据串联电路的电流特点或并联电路的电压特点想办法得出未知电阻两端的电压和电流，然后根据欧姆定律求出未知电阻的阻值。
18.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电阻R1两端电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A、将滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表A示数变小；故A正确；
B、根据公式U=IR可知，电流减小，则R2两端的电压减小，即电压表V1示数减小，故B错误；
C、电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于R2的阻值，阻值不变，比值不变，故C错误；
D、根据串联电路电压的关系可知，电压表V1的示数与电压表V2的示数之和为电源电压，电源电压不变，则电压表V1的示数变化量等于电压表V2的示数变化量，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电阻R1两端电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题的关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理，正确理解串联电路的分压原理是：阻值越大的电阻两端分得电压越大。
19.【答案】解：(1)根据图甲可知，输出电压为5V，输出电流为1A，则输出功率：P1=U1I1=5V×1A=5W；
(2)根据图乙可知，输出最大电压为10V，输出最大电流为4A，则输出的最大功率：P2=U2I2=10V×4A=40W；
(3)因导线与充电器串联，且串联电路各处电流都相等，由Q=I2Rt可知，当电阻一定时，相同时间内，导线产生的热量较大，因此需减小输电导线的电阻，因此在材料和长度一定时，需增大导线的横截面积。
答：(1)老式的手机充电器的输出功率为5W；
(2)某品牌手机的充电器输出的最大功率为40W；
(3)在材料和长度一定时，需增大导线的横截面积。
【解析】(1)根据图甲可知输出电压、电流，根据P=UI求出输出功率；
(2)根据图乙可知输出的最大电压和最大电流，利用P=UI求出输出最大功率；
(3)根据串联电路电流规律、Q=I2Rt以及影响电阻大小的因素进行分析。
本题考查串联电路的特点、电功率的计算、焦耳定律的应用以及影响电阻大小的因素，属于基础题。
20.【答案】解：(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流；
电流表的示数：I1=UR1=3V5Ω=0.6A；
(2)当开关S3闭合，S1、S2都断开，电路为R2的简单电路，电流表测量电路电流；
由I=UR可知，R2的阻值：R2=UI2=3V0.2A=15Ω；
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，R1、R2串联；
因串联电路的总电阻等一个各分电阻之和，所以电路总电阻：，
电路的总功率：。
答：(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电流表的示数为0.6A；
(2)R2的阻值为15Ω；
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，电路的总功率为0.45W。
【解析】(1)由电路图可知，当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
(2)由电路图可知，当开关S3闭合，S1、S2都断开，电路为R2的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
(3)由电路图可知，当开关S2闭合，S1、S3都断开时，R1、R2串联，根据电阻的串联和P=U2R求出电路总功率。
本题考查了串联电路的特点、电功率的计算以及欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
21.【答案】解：(1)由P=U2R可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=UL2PL=(4V)22W=8Ω；
(2)由P=UI可得，灯泡正常发光时，电路电流：IL=PLUL=2W4V=0.5A，
闭合开关S后，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以串联电阻两点电压：U1=U−UL=6V−4V=2V，
由I=UR可得，串联电阻的阻值：R=U1IL=2V0.5A=4Ω；
(3)已知电流表的量程为0∼0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，所以电路最大电流为0.5A，
则电路最大总功率：Pmax=UIL=6V×0.5A=3W；
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，则电路最小电流：，
则电路最小总功率：Pmin=UImin=6V×13A=2W，
故电路总功率的变化范围为2W∼3W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻是8Ω；
(2)闭合开关S后，要让灯泡正常发光，需要在电路中串联的电阻为4Ω；
(3)现用标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器R2替换电阻R，电路总功率的变化范围为2W∼3W。
【解析】(1)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=U2R求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)先根据P=UI求出灯泡正常发光的电阻，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出串联电阻的阻值；
(3)根据欧姆定律求出灯泡的额定电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路最大总功率；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路最小电流，并利用P=UI求出电路的最小总功率，进一步得出电路总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会确定电路中的最大电流较关键。
22.【答案】高温
【解析】解：(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，则该电暖器选用高温挡工作；
(2)已知中温挡，
由P=UI得，此时电路中的电流：
；
由欧姆定律可得，接入电路的电热丝的阻值：
；
电能表的表盘转了75转，电暖器消耗的电能：
W′=753000kW⋅h=0.025kW⋅h，
则此时电暖器的功率：P′=W′t′=0.025kW⋅h160h=1.5kW=1500W，
因为电暖器的实际功率，所以，此时电暖器不是正常工作。
答：(1)高温；
(2)电暖器使用中温挡正常工作时，电路中电流是5A；
接入电路的电热丝的阻值是44Ω；
此时电暖器不是正常工作。
(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。根据P=U2R分析高档、抵挡；
(2)已知中温挡功率，根据I=PU可求电流，再根据欧姆定律变形，R=UI可求接入电路的电热丝的阻值；
根据电能表的参数求出电能表的表盘转了75转电暖器消耗的电能，根据P=Wt求出此时的功率，再与其高温挡功率进行比较即可。
此题是一道电学综合题，考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用和电能表参数的含义。熟悉基本规律，正确理解电能表参数，是解答此题的关键。
23.【答案】断开 0.521.1I=I1+I2 改变电源电压 1.1
【解析】解：(1)在连接电路时，开关应处于断开状态；
(2)由图乙所示可知，电流表量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所示为I2=0.52A；由图丙所示可知，电流表量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为I=1.1A；根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：I=I1+I2；
(3)为得出普遍结论，除可换用不同规格的灯泡，还可改变电源电压进行多次实验，测出多组实验数据，得出普遍性的结论；
(4)图中两灯泡相当于串联，要测量L2两端的电压，电压表应该与灯泡L2并联，如下图所示：
(5)电压表的示数为1.4V，即灯泡L2两端的电压为1.4V；已知电源电压为2.5V，根据串联电路电压的特点，所以灯泡L1两端的电压为2.5V−1.4V=1.1V。
故答案为：(1)断开；(2)0.52；1.1；I=I1+I2；(3)改变电源电压；(4)见上图；(5)1.1。
(1)连接电路时要断开开关。
(2)由图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数，然后分析答题。
(3)为得出普遍结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验，测出多组实验数据；
(4)探究“串联电路电压的规律”实验时，两个小灯泡组成串联电路，电压表测量小灯泡L2两端的电压，应该与小灯泡L2并联；(5)电压表读数时，要先看清选择的量程和对应的分度值，然后根据指针的位置读数；串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和。
本题验证并联电路的电流特点，考查注意事项、故障分析、数据处理及归纳法的应用。体现了对过程和方法的考查。
24.【答案】控制变量 左 左 30.2电压不变时，电流与电阻成反比 改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值
【解析】解：(1)探究“一段电路中的电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，探究活动要用控制变量法进行；实验时，为保护电路，在闭合开关前应将滑片移至阻值最大处，即最左端；
(2)由表中数据知，当电阻为5Ω时对应的电流为0.6A，由欧姆定律I=UR，电阻的电压：
U=I1R1=0.6A×5Ω=3V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω、10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；
此时的电流表的指针位于如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，第3次电流表的读数为0.2A；
(3)由表中数据知，电阻两端的电压始终保持：
U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，为一定值，故得到的结是：电压不变时，电流与电阻成反比；
(4)为减小误差，要多次测量取平均值，在这个实验中，滑动变阻器的作用是：改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值。
故答案为：(1)控制变量；左；(2)左；3；0.2；(3)电压不变时，电流与电阻成反比；(4)改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值。
(1)电流与电阻和电压有关，研究电流与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
为保护电路，在闭合开关前应将滑片移至阻值最大处；
(2)由表中数据知当电阻为5Ω时对应的电流大小，由欧姆定律I=UR得出电阻的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数得出第3次电流表的读数；
(3)由表中数据得出电阻两端的电压为一定值分析；
(4)为减小误差，要多次测量取平均值，据此分析在这个实验中滑动变阻器的作用。
本题研究“一段电路中的电流跟电阻的关系”的实验，考查控制变量法、注意事项、操作过程、欧姆定律的运用和数据分析及数据处理的方法。
25.【答案】“10Ω2A” 灯泡不能正常发光 D0.6触摸 温度变化 增大
【解析】解：(1)小灯泡正常发光时电路中的电流：
，
此时滑动变阻器两端电压：
，
由I=UR得，滑动变阻器接入电路的阻值：
，
故本实验中应该选择规格为“10Ω2A”的滑动变阻器，若选择“5Ω1.5A”的滑动变阻器，由于滑动变阻器的最大电阻太小，分压太少，灯泡两端的电压不能达到额定电压，灯泡不能正常发光；
(2)电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，
所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察灯的发光情况，故D正确；
故选：D；
(3)小灯泡的额定功率：；
(4)他分析表中数据知，随着电路中电流和电压的变化，故P=UI知小灯泡的实际功率变化，灯泡的亮度也发生变化，小灯泡的温度也会发生变化，所以他在实验操作过程中还要用手触摸小灯泡，感受小灯泡的温度的变化，通过感受他发现灯泡电阻变化的主要原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)“10Ω2A”；灯泡不能正常发光；(2)D；(3)0.6；(4)触摸；温度变化；增大。
(1)根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，然后根据串联电路电压特点求出滑动变阻器两端的电压，
最后根据IUR的变形公式R=UI求出滑动变阻器接入电路的阻值即可选择滑动变阻器；
(2)电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，电路为通路，根据小灯泡不亮分析回答；
(3)根据电流表所选的量程读出对应的示数，利用电功率公式计算出小灯泡的额定功率；
(4)实验过程中需要用手感知小灯泡的温度，感受出灯泡电阻与温度的关系。
本题是测灯泡电功率的实验，考查了滑动变阻器的选择、欧姆定律公式的应用、串联电路特点的应用、电功率的计算、灯泡电阻与温度关系等，考查知识点多，综合性强。
26.【答案】示数的变化 转换法 水的比热容大 电阻 电流和通电时间
【解析】解：(1)通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化大小来判断电流产生的热量的多少，这个研究方法可以称之为转换法；
(2)若将烧瓶中装有水，则由Q=cm△t可知：在相同质量的水和煤油中，吸收的相同的热量时，由于水的比热容大，温度升高的度数少，温度计的示数变化不明显，短时间内达不到明显的实验效果；
(3)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图中甲乙两电阻串联，通过两电阻的电流相等，且通电时间相同，又，所以甲图的连接方式是为了探究放出的热量与电阻之间的关系；
(4)甲烧瓶中温度计的示数升高的快，说明甲烧瓶中的甲电阻丝产生的热量多，而甲图中甲乙两电阻串联，通过两电阻的电流相等，且通电时间相同，又，所以在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；
(5)乙图是一个串联电路，电流相同，两只烧瓶中都是甲电阻丝，阻值相同，当通电时间相同时，初温均为t0质量相等的水和未知液体得到的热量相同，即：
所以未知液体的比热容为：
。
故答案为：(1)示数的变化；转换法；
(2)水的比热容大；
(3)电阻；
(4)电流和通电时间；
。
(1)电流通过电阻丝做功，消耗电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量的多少我们直接看不到，但煤油吸收热量温度升高，本实验是通过温度计的示数变化反应电流产生的热量多少；通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少属于转换法；
(2)为了在较短的时间内达到明显的实验效果，即观察到的温度计示数变化大，则在同质量吸收相同热量的条件下，比热容小的液体温度变化大；
(3)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图两个电阻串联，保证了电流和通电时间相同；
(4)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图两个电阻串联，保证了电流和通电时间相同而电阻不同；
(5)已知两个相同的烧瓶中加入初温均为t0、质量相等的水和未知液体，通电一段时间，因为电热丝的阻值、电流通电时间都相同，所以未知液体和水获得的热量相同，据此列式可求得未知液体的比热容。
本题通过焦耳定律的实验重点考查了控制变量法和转换法的应用，以及根据实验现象得出结论的能力。
2020-2021学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷
1. 我们在电学中学到的第一个将电流、电压、电阻联系在一起的公式是______ ，这个公式所反映出的规律叫做______ 。
2. 如图甲所示，验电器A带负电，B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间(如图乙所示)，金属棒中的电流方向是______ (选填“由A到B”或“由B到A”)，这个过程中金属棒两端______ 电压(选填“有”或“没有”)。
3. 如图所示是某玩具的电池仓，其中的两节5号新电池，它们是______ 联的，此电池仓的电压为______ V。
4. 如图所示是四根高压输电线上的一个装置，它的作用是将四根导线并联起来这是通过______ (选填“增大”或“减小”)横截面积的方式来减小输电导线的电阻，此时输电导线的总电阻为一根导线的______ 。
5. 如图所示是电脑上的USB口可以为外置设备提供5V的电压，它可以让一台额定功率2.5W的迷你型小风扇正常工作，风扇电动机线圈阻值为0.5Ω，则小风扇正常工作1min消耗的电能为______ J，电动机线圈1min产生的热量为______ J。
6. 将两个定值电阻R1和R2并联在同一电源两端，通过的电流之比I1：I2=5：4，那么这两个电阻之比R1：R2=______ ；此时它们消耗的电功率之比P1：P2=______ 。
7. 为了测量R1的阻值，某同学设计了如图甲所示的电路。已知R0=5Ω，当S1断开、S2闭合时，电压表的示数为6V；当S2断开、S1闭合时，电压表的示数如图乙所示，由此可知R0两端的电压为______ V，R1的阻值为______ Ω。
8. 电水壶是利用电流的______ 来工作的。如图所示，是某品牌电水壶的参数，它正常工作5min可以将1.5kg初温是20℃的水加热至100℃，此电水壶的热效率是______ 。(水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃))
9. 一个定值电阻两端的电压由8V变为4V，电流变化了0.5A，该电阻的阻值为______ Ω，功率减小了______ 。
10. 电阻R与灯泡L的I−U图像如图所示。当他们串联在电压为1.5V的电源上时，电路的总电阻是______ Ω；若将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，则干路的电流是______ 。
11. 下列数据不符合事实的是( )
A. 对人体的安全电压是不高于36V
B. 教室内一盏日光灯的功率约为40W
C. 手机电池的电压约为3.6V
D. 家用电冰箱工作时通过的电流约为5A
12. 如图，要让L1与L2并联，电流表测量电路中的电流，电压表测量L2两端的电压。在“O”处接入电流表或电压表以下做法正确的是( )
A. a为电流表，b为电流表 B. a为电压表，b为电流表
C. a为电流表，b为电压表 D. a为电压表，b为电压表
13. 如图所示，闭合开关S后一盏灯亮，另一盏灯不亮，一个电表有示数，另一个电表无示数，若故障中出现在其中一个灯泡两端，则故障可能是( )
A. 灯泡L1断路 B. 灯泡L2断路 C. 灯泡L1短路 D. 灯泡L2短路
14. 12月初，小王家中的电能表示数为，电能表的部分参数及12月末的示数如图所示，下列说法正确的是( )
A. 电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
B. 小王家12月初至12月末消耗的电能是1700kW⋅h
C. 这个电能表允许电路中同时工作的用电器总功率为2200W
D. 若电能表转盘在5min内转过200转，则此时工作的用电器的总功率为1000W
15. 下列关于电功的说法中正确的是( )
A. 电流做功越多，消耗的电能就越多
B. 电流通过导体时所做的功决定于导体两端的电压、通过导体的电流和导体的电阻
C. 通电的时间越长，电流做的功越多
D. 电流做功的过程，实际上是把其他形式的能转化为电能的过程
16. 如图所示，甲、乙、丙、丁四个相同容器里装有质量和初温相同的水，先后将两个电阻R1和R2以并联和串联的方式分别放入甲、乙、丙、丁容器中，其中R1>R2，若通电相同时间，则这四个容器中的水温从低到高的顺序是( )
A. 甲、乙、丙、丁 B. 丁、丙、甲、乙
C. 丙、丁、乙、甲 D. 甲、乙、丁、丙
17. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，不可以测出未知电阻Rx阻值的电路是( )
A. B.
C. D.
18. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A的示数变小
B. 电压表V1的示数变大
C. 电压表V1的示数与电流表A的示数的比值变大
D. 电压表V1的示数变化量等于电压表V2的示数变化量
19. 随着科技的发展和人们对于手机充电时间的要求不断提高，我们的手机充电速度也从原来的慢充变为了现在的快充，如图甲所示是老式的手机充电头的参数，它的输出功率是多少？如图乙所示是某品牌手机的充电头，其最大输出功率是多少？请你根据所学知识写出手机充电功率提高后对充电的数据线有什么要求？
20. 如图所示，电源电压为3V，R1=5Ω。求：
(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电流表的示数。
(2)当开关S3闭合，S1、S2都断开，电流表的示数为0.2A时，R2的阻值。
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，电路的总功率。
21. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，小灯泡L上标有“4V 2W”字样(设灯泡电阻保持不变)，电流表A的量程取0−0.6A，问：
(1)小灯泡正常发光时的电阻是多少？
(2)闭合开关S后，要让灯泡正常发光，需要在电路中串联多大的电阻R？
(3)现用标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器R1替换电阻R，求电路总功率的变化范围。
22. 如图甲是一种家用电暖器，图乙是其简化的电路图，已知R1
220V
功率选择
低温挡550W
中温挡1100W
高温挡1650W
(1)当开关S1、S2闭合时，该电暖器以______ 挡工作(选填“高温”、“中温”或“低温”)
(2)当电暖器使用中温挡正常工作时，电路中电流是多大？接入电路的电热丝的阻值是多少？小明关闭家中的其他用电器，只让电暖器用高温挡独立工作1分钟，电能表的表盘转了75转。请通过计算判断此时电暖器是否正常工作？【电能表的铭牌上标有3000r/(kW⋅h)】
23. 为了验证并联电路的电流特点，小张设计了如图1甲所示的电路进行实验。
(1)在连接电路时，开关应处于______ 状态；
(2)她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I、I1和I2，电流表示数如图乙、丙、丁所示，得出：I1=0.52A，I2=______ A，I=______ A；根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：______ (写出关系式即可)。
(3)为了验证结论的普遍性，小张采用了更换不同电源继续实验的方法进行验证，你还可以采用方法是：______ 。之后小张利用上面的器材和一个电压表来验证串联电路电压的规律。
(4)连接电路如图2甲所示。图中只需加上一根导线就可让电压表测灯L2两端的电压。请你在图中用笔画线代替导线将电路补完整。
(5)正确添加导线且闭合开关。如图乙所示，电压表的示数为1.4V；若电源电压为2.5V，则灯L1两端的电压为______ V。
24. 如图甲是小明同学探究“一段电路中的电流跟电阻的关系”的实验电路图。
实验序号
电阻
电流/A
1
5
0.6
2
10
0.3
3
15
(1)此探究活动要用______ 法进行。实验时，在闭合开关前应将滑片移至最______ 端；
(2)实验过程中，小明先分别调节电阻箱的阻值为5Ω和10Ω，闭合开关，调节滑动变阻器滑片得到两组实验数据填入了上表；然后她又将电阻箱的阻值调为15Ω，闭合开关后接下来她应该向______ 端移动滑片，直到电压表的示数为______ V，此时的电流表的指针位于如图乙所示，第3次电流表的读数为______ A。
(3)小明分析三次试验数据得到的结论是：______ 。
(4)小明想到还可以利用此装置测量未知电阻的阻值，在这个实验中，滑动变阻器的作用是：______ 。
25. 如图为测量额定电压为2.5V(电阻约为10Ω)的小灯泡的额定功率电路，提供的实验器材有：电压为4.5V的蓄电池组、滑动变阻器(有“10Ω2A”、“5Ω1.5A”两种规格)、电流表、电压表各一只。
(1)实验中，应该选择规格为______ 的滑动变阻器，如果选了另一只滑动变阻器可能出现的问题是______ 。
实验序号
1
2
3
4
5
电压表示数/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流表示数/A
0.14
0.18
0.20
0.24
0.28
(2)开始实验时，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的操作是______ 。
A.检查灯泡是否断路B.检查灯泡是否短路
C.检查开关接触是否良好D.移动滑动变阻器的滑片
(3)小张同学移动滑片P，小红同学将两电表对应的示数记录到上表中，则灯泡的额定功率为______ W。
(4)他分析表中数据，发现灯泡的电阻也在变化。如果他想找出灯泡电阻变化的主要原因，他在实验操作过程中还要用手______ 小灯泡，感受小灯泡的______ ，通过感受他发现灯泡电阻变化的主要原因是灯丝的电阻随温度的升高而______ 。
26. 为了探究通电导体放出的热量与哪些因素有关，小明设计了如图甲所示的电路，图中。
(1)实验准备环节中，在两个烧瓶中倒入相等且初温相同的煤油。实验中通过比较两个温度计______ 来判断放出热量的多少，这个方法是______ 。
(2)本实验中为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于______ 。
(3)甲图的连接方式是为了探究放出的热量与______ 的关系。
(4)实验中，小明发现甲烧瓶中温度计的示数升高的快。这表明：在______ 相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多。
(5)将此装置改装后可测量未知液体的比热容，如图乙所示。测量时，分别向两个相同的烧瓶中加入初温均为t0质量相等的水和未知液体，通电一段时间后，分别读出温度计的示数为、t，请写出该未知液体的比热容的表达c=______ 。(已知水的比热容为
答案和解析
1.【答案】I=UR 欧姆定律
【解析】解：电路中的电流跟电压、电阻的关系是：一段导体中的电流，跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，这便是欧姆定律的内容，用I=UR表示。
故答案为：I=UR；欧姆定律。
电流与电压和电阻有关，电压不变，电流与电阻成反比，电阻不变，电流与电压成正比，综合可得欧姆定律。
本题考查了欧姆定律的内容，属于基础知识，要熟记。
2.【答案】由B到A 有
【解析】解：验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来，验电器B夺得电子本题比验电器A夺得电子本领强，所以自由电子从A到B，根据金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向相反，所以瞬间电流方向由B到A。
金属棒中有电流，说明金属棒两端一定有电压。
故答案为：由B到A；有。
(1)物体夺得电子本领从强到弱：带正电的物体→不带电的物体→带负电的物体。
金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向相反。
(2)电压和电流的关系：有电流一定有电压，有电压不一定有电流。
本题考查了物体夺得电子的本领、金属导体中电流方向和自由电子定向移动方向的关系、电压和电流的关系等等。
3.【答案】串 3
【解析】解：一节干电池的电压为1.5V，两节5号电池的电压为2×1.5V=3V。
电池仓两节5号新电池只有一个电流路径，是串联的．
故答案为：串；3。
一节干电池的电压为1.5V，电路中元件的连接有串联和并联两种，串联电路只有一条电流的路径。
此题主要考查了串联电路的电压规律、干电池的电压值等，难度不大，属于基础知识。
4.【答案】增大 四分之一
【解析】解：在导线长度和导线的材料不能改变时，四根导线并联相当于增大了横截面积，所以电阻会减小；导体的电阻与横截面积成反比，所以此时输电导线的总电阻为一根导线的四分之一。
故答案为：增大；四分之一。
导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关，长度越大，横截面积越小，电阻越大；长度和横截面积相同的导体，材料不同，电阻不同。
本题型是考查影响电阻大小因素的实际应用，要结合各因素变化情况分析电阻的变化是关键。
5.【答案】1507.5
【解析】解：消耗电能为：W=Pt=2.5W×1×60s=150J；
电风扇正常工作的电流为：I=PU=2.5W5V=0.5A，
产生的热量为：Q=I2Rt=(0.5A)2×0.5Ω×1×60s=7.5J。
故答案为：150；7.5。
用W=Pt计算电能；
根据I=PU计算电风扇正常工作的电流，再用Q=I2Rt计算线圈产生的热量。
本题考查电能和热量的计算，注意电风扇工作时消耗的电能和产生的热量不相等。
6.【答案】4：5 5：4
【解析】解：两个电阻R1、R2并联接到电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=UI1×I2U=I2I1=45；
由P=UI可得，两电阻的功率之比：
P1P2=UI1UI2=I1I2=54。
故答案为：4：5； 5：4。
两个电阻R1、R2并联接到电源两端时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比。
本题考查了并联电路的电压特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道基础题目。
7.【答案】2.47.5
【解析】解：当S1断开，S2闭合时，两电阻串联接入电路，电压表测总电压，故可知电源电压为6V；
当S2断开，S1闭合时，由图可知电压表量程为0∼3V，则指针所指示数为U0=2.4V；
由串联电路的特点可知，R1两端的电压U1=U−U0=6V−2.4V=3.6V；
通过R0的电流由欧姆定律得：I=U0R0=2.4V5Ω0.48A；
串联电路各处电流都相等，所以R1的阻值：
R1=U1I=3.6V0.48A=7.5Ω；
故答案为：2.4；7.5。
当S1断开，S2闭合时，R1与R0串联，电压表测两电阻上的总电压，则可知电源电压为6V；
S1闭合时两电阻仍串联，电压表测量R0两端的电压，由图根据电压表量程可读出电压表示数则可知R0两端的电压；再根据串联电路的特点可求得R1两端的电压，根据欧姆定律可求得流过R1的电流，进一步由欧姆定律可求得R1的阻值。
本题考查电压表的读数，串联电路特点及欧姆定律的计算；电压表读数时要先注意量程，欧姆定律的使用要注意其中的电压、电流及电阻应是同一电阻所具有的。
8.【答案】热效应 93.3%
【解析】解：
(1)电水壶是利用电流通过导体时会产生热量来工作的，即利用了电流的热效应；
(2)水吸收的热量：，
由P=Wt可得，电水壶消耗的电能：W=Pt=1800W×5×60s=5.4×105J，
此电水壶的热效率：。
故答案为：热效应；93.3%。
(1)电流通过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；
(2)根据求出水吸收的热量；利用W=Pt求出消耗的电能，再利用效率公式求出电水壶的加热效率。
本题考查了吸热公式、电功公式和热效率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
9.【答案】8 6 W
【解析】解：因定值电阻的阻值不变，
所以，由I=UR可得：
△U=U1−U2=I1R−I2R=(I1−I2)R=△IR，
则有：R=△U△I=U1−U2△I=8V−4V0.5A=8Ω，
该电阻消耗的电功率减小了：
△P=P1−P2=U12R−U22R=(8V)28Ω−(4V)28Ω=6W。
故答案为：8；6W。
根据欧姆定律表示出两种情况下电路中的电流得出等式求出电阻R的阻值，再根据P=UI=U2R求出两种情况下电阻R消耗的电功率，进一步求出该电阻R所消耗电功率的变化。
本题考查了欧姆定律和电功率公式的灵活应用，要注意R=△U△I适用的条件是只有定值电阻成立。
10.【答案】150.45
【解析】解：当他们串联在电压为1.5V的电源上时，通过电阻和灯泡的电流相等，读图可知电路中的电流为0.1A，
由I=UR可得R=UI=1.5V0.1A=15Ω；
将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，并联电路各并联支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流I′=IR+IL=0.3A+0.15=0.45A。
故答案为：15；0.45。
当他们串联在电压为1.5V的电源上时，读图可知电路中的电流为0.1A，根据欧姆定律可计算电路的总电阻；将它们并联连接到电压为1.5V的电源上，根据并联电路电流特点，读图可得干路的电流。
本题考查了并联电路的特点、串联电路特点、欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
11.【答案】D
【解析】解：A、对人体的安全电压是不高于36V，故A符合实际。
B、教室内一盏日光灯的功率约为40W，故B符合实际。
C、手机电池的电压约为3.6V，故C符合实际。
D、家用电冰箱工作时通过的电流约为1A，故D不符合实际。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
12.【答案】C
【解析】解：L1与L2并联，说明L1与L2的支路都有电流通过，a电表和L1串联，说明a电表是电流表，b电表和L2是并联，说明b电表是电压表。
故选：C。
电流表和用电器串联，电压表和用电器并联。
本题考查了电流表和电压表的正确使用，这是电学的基础，贯穿整个电学部分，一定要熟练掌握。
13.【答案】D
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表A测量电路中的电流，电压表测量L2两端电压；闭合开关S后一盏灯亮，另一盏灯不亮，这说明电路是接通的，即电路出现了短路现象，故电路中有电流，即电流表有示数，电压表无示数，根据U=IR可知，与电压表并联部分的电阻为0，即灯泡L2短路；故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡串联，电流表A测量电路中的电流，电压表测量L1两端电压；灯泡发光，说明电路是接通的，即电路出现了短路现象；然后分析电流表、电压表的示数情况，得出故障的原因。
要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。
14.【答案】C
【解析】解：A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，故A错误；
B、12月初的示数1262.8kW⋅h，12月末，小王家中的电能表示数1432.8kW⋅h，故小王家12月初至12月末消耗的电能是W=1342.8kW⋅h−1262.8kW⋅h=170kW⋅h，故B错误；
C、据表盘的参数可知电能表平时工作允许通过的最大电流为10A，工作电压为220V，此时总功率不得超过P=UI=220V×10A=2200W，故C正确；
D、电能表的转盘转200转消耗的电能为：
W=2001200kW⋅h=16kW⋅h，
此时工作的用电器的总功率：
P=Wt=16kW⋅h560h=0.5kW=500W，故D错误。
故选：C。
(1)电能表是用于测量电能(电功)的仪表；
(2)读出12月初和12月末电能表的示数，而后计算出电能多少；
(3)由表盘得出电能表平时工作允许通过的最大电流和工作电压，利用公式P=UI计算；
(4)1200r/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200转，据此求出5min内消耗的电能，再根据P=Wt求出该电能表上用电器的总功率。
本题考查了电能表的作用和消耗电能的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
15.【答案】A
【解析】解：
A、电功是指电流所做的功，电流做功越多，消耗的电能就越多，故A正确；
BC、由电流做功的公式W=UIt可知，电流通过导体时所做的功决定于导体两端的电压、通过导体的电流和通电时间，故BC错误；
D、电流做功的过程，实际上是把电能转化为其他形式的能的过程，故D错误。
故选：A。
(1)电功是指电流所做的功，电流做了多少功，就消耗了多少的电能；
(2)电流做功的公式W=UIt，则分析公式可知决定电功的因素；
(3)电流做功时把电能转化为了其它形式的能，消耗多少电能，就有多少其它形式的能产生。
牢记电功的概念，知道电流做功实质是将电能转换为其他形式的能。
16.【答案】B
【解析】解：左图中，R1与R2并联，根据并联电路特点和焦耳定律公式的变形式Q=U2Rt可知，在电压和通电时间相同的情况下，电阻小的产生的热量多。而R1>R2，所以；
右图中，R1与R2串联，根据串联电路特点和焦耳定律Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同的情况下，电阻大的产生的热量多。而R1>R2，所以；
左图中，通过R1的电流是：I1=UR1，
右图中，通过R1的电流是：I1′=UR1+R2，
I1>I1′，由Q=I2Rt知，，
所以这四个容器中电阻产生的热量关系是：，
四个容器中的水温从低到高的顺序是：丁、丙、甲、乙。
故选：B。
四个相同容器里装有质量和初温相同的水，吸收的热量越多，温度升高的越高。水吸收的热量来自于电阻通电产生的热量，根据焦耳定律结合图示电路，分别判断四个容器中电阻产生热量的大小关系即可解题。
本题综合性比较强，不仅考查了焦耳定律、欧姆定律，还包括串并联电路的特点。做这类比较题时一定要用控制变量法去分析。
17.【答案】BC
【解析】解：
A、由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，电路为Rx的简单电路，电压表测量电源电压；当开关S2闭合，S1断开时，两电阻串联，根据串联电路电压规律求出R0两端电压，再利用欧姆定律求出电路电流，最后根据欧姆定律求出Rx的阻值，故A不符合题意。
B、由电路图可知，开关S闭合时，R0短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，两电阻串联，电压表测量电源电压；所以无法得到电路中电流，不能计算出Rx的值，故B符合题意；
C、由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时，R0、Rx并联，电流表测R0支路电流，由于无法得出通过Rx的电流，所以无法求出Rx阻值，故C符合题意；
D、由电路图可知，当开关S2闭合，S1断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S1、S2都闭合时，R0、Rx并联，电流表测干路电流，因通过R0的电流不变，根据并联电路的电流特点可求通过Rx的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律即可求出Rx阻值，故D不符合题意。
故选：BC。
串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律求得Rx电阻。
利用电压表或电流表测未知电阻的阻值，就是根据串联电路的电流特点或并联电路的电压特点想办法得出未知电阻两端的电压和电流，然后根据欧姆定律求出未知电阻的阻值。
18.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电阻R1两端电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A、将滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表A示数变小；故A正确；
B、根据公式U=IR可知，电流减小，则R2两端的电压减小，即电压表V1示数减小，故B错误；
C、电压表V1的示数与电流表A的示数的比值等于R2的阻值，阻值不变，比值不变，故C错误；
D、根据串联电路电压的关系可知，电压表V1的示数与电压表V2的示数之和为电源电压，电源电压不变，则电压表V1的示数变化量等于电压表V2的示数变化量，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，R1、R2串联，电压表V2测电阻R1两端电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题的关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理，正确理解串联电路的分压原理是：阻值越大的电阻两端分得电压越大。
19.【答案】解：(1)根据图甲可知，输出电压为5V，输出电流为1A，则输出功率：P1=U1I1=5V×1A=5W；
(2)根据图乙可知，输出最大电压为10V，输出最大电流为4A，则输出的最大功率：P2=U2I2=10V×4A=40W；
(3)因导线与充电器串联，且串联电路各处电流都相等，由Q=I2Rt可知，当电阻一定时，相同时间内，导线产生的热量较大，因此需减小输电导线的电阻，因此在材料和长度一定时，需增大导线的横截面积。
答：(1)老式的手机充电器的输出功率为5W；
(2)某品牌手机的充电器输出的最大功率为40W；
(3)在材料和长度一定时，需增大导线的横截面积。
【解析】(1)根据图甲可知输出电压、电流，根据P=UI求出输出功率；
(2)根据图乙可知输出的最大电压和最大电流，利用P=UI求出输出最大功率；
(3)根据串联电路电流规律、Q=I2Rt以及影响电阻大小的因素进行分析。
本题考查串联电路的特点、电功率的计算、焦耳定律的应用以及影响电阻大小的因素，属于基础题。
20.【答案】解：(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流；
电流表的示数：I1=UR1=3V5Ω=0.6A；
(2)当开关S3闭合，S1、S2都断开，电路为R2的简单电路，电流表测量电路电流；
由I=UR可知，R2的阻值：R2=UI2=3V0.2A=15Ω；
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，R1、R2串联；
因串联电路的总电阻等一个各分电阻之和，所以电路总电阻：，
电路的总功率：。
答：(1)当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电流表的示数为0.6A；
(2)R2的阻值为15Ω；
(3)当开关S2闭合，S1、S3都断开时，电路的总功率为0.45W。
【解析】(1)由电路图可知，当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
(2)由电路图可知，当开关S3闭合，S1、S2都断开，电路为R2的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
(3)由电路图可知，当开关S2闭合，S1、S3都断开时，R1、R2串联，根据电阻的串联和P=U2R求出电路总功率。
本题考查了串联电路的特点、电功率的计算以及欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
21.【答案】解：(1)由P=U2R可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=UL2PL=(4V)22W=8Ω；
(2)由P=UI可得，灯泡正常发光时，电路电流：IL=PLUL=2W4V=0.5A，
闭合开关S后，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以串联电阻两点电压：U1=U−UL=6V−4V=2V，
由I=UR可得，串联电阻的阻值：R=U1IL=2V0.5A=4Ω；
(3)已知电流表的量程为0∼0.6A，灯泡的额定电流为0.5A，所以电路最大电流为0.5A，
则电路最大总功率：Pmax=UIL=6V×0.5A=3W；
当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，则电路最小电流：，
则电路最小总功率：Pmin=UImin=6V×13A=2W，
故电路总功率的变化范围为2W∼3W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻是8Ω；
(2)闭合开关S后，要让灯泡正常发光，需要在电路中串联的电阻为4Ω；
(3)现用标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器R2替换电阻R，电路总功率的变化范围为2W∼3W。
【解析】(1)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=U2R求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)先根据P=UI求出灯泡正常发光的电阻，再根据串联电路电压规律和欧姆定律求出串联电阻的阻值；
(3)根据欧姆定律求出灯泡的额定电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，根据P=UI求出电路最大总功率；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路最小电流，并利用P=UI求出电路的最小总功率，进一步得出电路总功率的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会确定电路中的最大电流较关键。
22.【答案】高温
【解析】解：(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，则该电暖器选用高温挡工作；
(2)已知中温挡，
由P=UI得，此时电路中的电流：
；
由欧姆定律可得，接入电路的电热丝的阻值：
；
电能表的表盘转了75转，电暖器消耗的电能：
W′=753000kW⋅h=0.025kW⋅h，
则此时电暖器的功率：P′=W′t′=0.025kW⋅h160h=1.5kW=1500W，
因为电暖器的实际功率，所以，此时电暖器不是正常工作。
答：(1)高温；
(2)电暖器使用中温挡正常工作时，电路中电流是5A；
接入电路的电热丝的阻值是44Ω；
此时电暖器不是正常工作。
(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。根据P=U2R分析高档、抵挡；
(2)已知中温挡功率，根据I=PU可求电流，再根据欧姆定律变形，R=UI可求接入电路的电热丝的阻值；
根据电能表的参数求出电能表的表盘转了75转电暖器消耗的电能，根据P=Wt求出此时的功率，再与其高温挡功率进行比较即可。
此题是一道电学综合题，考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用和电能表参数的含义。熟悉基本规律，正确理解电能表参数，是解答此题的关键。
23.【答案】断开 0.521.1I=I1+I2 改变电源电压 1.1
【解析】解：(1)在连接电路时，开关应处于断开状态；
(2)由图乙所示可知，电流表量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所示为I2=0.52A；由图丙所示可知，电流表量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为I=1.1A；根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：I=I1+I2；
(3)为得出普遍结论，除可换用不同规格的灯泡，还可改变电源电压进行多次实验，测出多组实验数据，得出普遍性的结论；
(4)图中两灯泡相当于串联，要测量L2两端的电压，电压表应该与灯泡L2并联，如下图所示：
(5)电压表的示数为1.4V，即灯泡L2两端的电压为1.4V；已知电源电压为2.5V，根据串联电路电压的特点，所以灯泡L1两端的电压为2.5V−1.4V=1.1V。
故答案为：(1)断开；(2)0.52；1.1；I=I1+I2；(3)改变电源电压；(4)见上图；(5)1.1。
(1)连接电路时要断开开关。
(2)由图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数，然后分析答题。
(3)为得出普遍结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验，测出多组实验数据；
(4)探究“串联电路电压的规律”实验时，两个小灯泡组成串联电路，电压表测量小灯泡L2两端的电压，应该与小灯泡L2并联；(5)电压表读数时，要先看清选择的量程和对应的分度值，然后根据指针的位置读数；串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和。
本题验证并联电路的电流特点，考查注意事项、故障分析、数据处理及归纳法的应用。体现了对过程和方法的考查。
24.【答案】控制变量 左 左 30.2电压不变时，电流与电阻成反比 改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值
【解析】解：(1)探究“一段电路中的电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，探究活动要用控制变量法进行；实验时，为保护电路，在闭合开关前应将滑片移至阻值最大处，即最左端；
(2)由表中数据知，当电阻为5Ω时对应的电流为0.6A，由欧姆定律I=UR，电阻的电压：
U=I1R1=0.6A×5Ω=3V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω、10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；
此时的电流表的指针位于如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，第3次电流表的读数为0.2A；
(3)由表中数据知，电阻两端的电压始终保持：
U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V，为一定值，故得到的结是：电压不变时，电流与电阻成反比；
(4)为减小误差，要多次测量取平均值，在这个实验中，滑动变阻器的作用是：改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值。
故答案为：(1)控制变量；左；(2)左；3；0.2；(3)电压不变时，电流与电阻成反比；(4)改变电阻的电压和电流，从而多次测量取平均值。
(1)电流与电阻和电压有关，研究电流与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
为保护电路，在闭合开关前应将滑片移至阻值最大处；
(2)由表中数据知当电阻为5Ω时对应的电流大小，由欧姆定律I=UR得出电阻的电压；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数得出第3次电流表的读数；
(3)由表中数据得出电阻两端的电压为一定值分析；
(4)为减小误差，要多次测量取平均值，据此分析在这个实验中滑动变阻器的作用。
本题研究“一段电路中的电流跟电阻的关系”的实验，考查控制变量法、注意事项、操作过程、欧姆定律的运用和数据分析及数据处理的方法。
25.【答案】“10Ω2A” 灯泡不能正常发光 D0.6触摸 温度变化 增大
【解析】解：(1)小灯泡正常发光时电路中的电流：
，
此时滑动变阻器两端电压：
，
由I=UR得，滑动变阻器接入电路的阻值：
，
故本实验中应该选择规格为“10Ω2A”的滑动变阻器，若选择“5Ω1.5A”的滑动变阻器，由于滑动变阻器的最大电阻太小，分压太少，灯泡两端的电压不能达到额定电压，灯泡不能正常发光；
(2)电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，
所以接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察灯的发光情况，故D正确；
故选：D；
(3)小灯泡的额定功率：；
(4)他分析表中数据知，随着电路中电流和电压的变化，故P=UI知小灯泡的实际功率变化，灯泡的亮度也发生变化，小灯泡的温度也会发生变化，所以他在实验操作过程中还要用手触摸小灯泡，感受小灯泡的温度的变化，通过感受他发现灯泡电阻变化的主要原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)“10Ω2A”；灯泡不能正常发光；(2)D；(3)0.6；(4)触摸；温度变化；增大。
(1)根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，然后根据串联电路电压特点求出滑动变阻器两端的电压，
最后根据IUR的变形公式R=UI求出滑动变阻器接入电路的阻值即可选择滑动变阻器；
(2)电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，电路为通路，根据小灯泡不亮分析回答；
(3)根据电流表所选的量程读出对应的示数，利用电功率公式计算出小灯泡的额定功率；
(4)实验过程中需要用手感知小灯泡的温度，感受出灯泡电阻与温度的关系。
本题是测灯泡电功率的实验，考查了滑动变阻器的选择、欧姆定律公式的应用、串联电路特点的应用、电功率的计算、灯泡电阻与温度关系等，考查知识点多，综合性强。
26.【答案】示数的变化 转换法 水的比热容大 电阻 电流和通电时间
【解析】解：(1)通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化大小来判断电流产生的热量的多少，这个研究方法可以称之为转换法；
(2)若将烧瓶中装有水，则由Q=cm△t可知：在相同质量的水和煤油中，吸收的相同的热量时，由于水的比热容大，温度升高的度数少，温度计的示数变化不明显，短时间内达不到明显的实验效果；
(3)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图中甲乙两电阻串联，通过两电阻的电流相等，且通电时间相同，又，所以甲图的连接方式是为了探究放出的热量与电阻之间的关系；
(4)甲烧瓶中温度计的示数升高的快，说明甲烧瓶中的甲电阻丝产生的热量多，而甲图中甲乙两电阻串联，通过两电阻的电流相等，且通电时间相同，又，所以在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；
(5)乙图是一个串联电路，电流相同，两只烧瓶中都是甲电阻丝，阻值相同，当通电时间相同时，初温均为t0质量相等的水和未知液体得到的热量相同，即：
所以未知液体的比热容为：
。
故答案为：(1)示数的变化；转换法；
(2)水的比热容大；
(3)电阻；
(4)电流和通电时间；
。
(1)电流通过电阻丝做功，消耗电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量的多少我们直接看不到，但煤油吸收热量温度升高，本实验是通过温度计的示数变化反应电流产生的热量多少；通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少属于转换法；
(2)为了在较短的时间内达到明显的实验效果，即观察到的温度计示数变化大，则在同质量吸收相同热量的条件下，比热容小的液体温度变化大；
(3)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图两个电阻串联，保证了电流和通电时间相同；
(4)由Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，甲图两个电阻串联，保证了电流和通电时间相同而电阻不同；
(5)已知两个相同的烧瓶中加入初温均为t0、质量相等的水和未知液体，通电一段时间，因为电热丝的阻值、电流通电时间都相同，所以未知液体和水获得的热量相同，据此列式可求得未知液体的比热容。
本题通过焦耳定律的实验重点考查了控制变量法和转换法的应用，以及根据实验现象得出结论的能力。
相关试卷
2023-2024学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷（含解析）： 这是一份2023-2024学年江西省南昌市九年级（上）期末物理试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江西省南昌市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析）： 这是一份2022-2023学年江西省南昌市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析），共17页。试卷主要包含了S3，两灯______联，实验步骤等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年江西省萍乡市九年级（上）期末物理试卷： 这是一份2020-2021学年江西省萍乡市九年级（上）期末物理试卷，共29页。试卷主要包含了5V，25W，6W”的字样，【答案】增大 较高 比热容，【答案】等效替代 14，【答案】2 6 V，【答案】3，【答案】甲 电阻等内容，欢迎下载使用。
