2020-2021学年湖北省咸宁市嘉鱼县九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年湖北省咸宁市嘉鱼县九年级（上）期末物理试卷，共21页。试卷主要包含了3AB，2V6VD，6kW⋅h，5V，其电阻值为10Ω，【答案】C，【答案】D，【答案】A等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年湖北省咸宁市嘉鱼县九年级（上）期末物理试卷
1. 2020年4月24日是第五个中国航天日，我国已经有了六次载人飞船成功发射并安全返回的历史。当飞船的返回舱下落到地面附近时，由于受到空气阻力作用而做减速运动。在减速下降的过程中，返回舱的( )
A. 动能增大，势能减小 B. 动能不变，势能减小
C. 动能减小，势能减小 D. 动能减小，势能不变
2. 如图所示的实例中，改变内能的方式与其他选项不同的是( )
A. 搓手取暖 B. 燃气烧水
C. 按压活塞，硝化棉燃烧 D. 钻木取火
3. 下列关于电阻的说法正确的是( )
A. 导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比
B. 当导体中电流为零时，导体的电阻也为零
C. 一切导体的电阻都随着温度的升高而增大
D. 不考虑温度的影响，同种材料制成的长短相同的两条导线，细导线的电阻较大
4. 关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是( )
A. 白炽灯的正常工作电流约为0.3A B. 遥控器的干电池电压约为220V
C. 空调制冷时的功率约为10W D. 电扇正常工作1h耗电约为1kW⋅h
5. 酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量，还可以发电呢！如图所示，几只水果提供的电力足以点亮一排发光二极管！水果在这里扮演了“电源”的角色，关于这个电路说法不正确的是( )
A. 水果的作用是给电路提供电压
B. 发光二极管工作时电路中有电荷在发生定向移动
C. 该电路两端只要有电压就一定有电流
D. 把水果串联起来可以提高电压
6. 小明想测量酒精的质量，但手边没有天平只有量筒。根据质量与体积的关系，小明用量筒也“测”出了酒精的“质量”。下列不是运用这种思想方法的“测量”是( )
A. 用弹簧测力计测量质量 B. 用电压表测量电流
C. 用天平测量体积 D. 用温度计测量温度
7. 如图甲所示的电路中，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则灯L1和L2两端的电压分别为( )

A. 1.2V4.8V B. 4.8V1.2V C. 1.2V6V D. 6V1.2V
8. 关于图中的家用电能表，下列说法中正确的是( )
A. 电能表是用来测量电路消耗电能多少的仪表
B. 该电能表示数表示家中本月已消耗的电能是1753.6kW⋅h
C. “220V”表示为安全电压
D. 这块电能表能承受4000W的电路负载


9. 如图是电阻甲和乙的I−U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是( )
A. 当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A
B. 当乙两端电压为2.5V，其电阻值为10Ω
C. 若甲和乙并联，电压为1V，则干路电流为0.4A
D. 将甲和乙串联，电流为0.4A，则它们两端的电压为3V


10. 有两盏白炽灯，甲灯上标有“36V 60W”，乙灯上标有“220V 60W”，当它们分别在其额定电压下发光时，会看到( )
A. 乙比甲更亮 B. 两灯一样亮 C. 乙比甲电流大 D. 两灯电流一样
11. 2020年6月23日9时43分，我国在四川西昌卫星发射中心成功发射了北斗导航系统最后一颗组网卫星，标志着我国北斗导航卫星全球组网成功。火箭加速上升时，火箭的机械能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)，此过程，火箭箭体与空气摩擦会发热，这是通过______ 改变箭体的内能。
12. 为了应对新型冠状病毒肺炎，我们会将消毒液喷洒在室外楼道、走廊里，过一会室内也闻到消毒液的气味，这是______ 现象；这说明消毒液的分子在做______ 。
13. 图中电源电压保持不变，当S1、S2都闭合时，电压表示数为4.5V；当S1闭合S2断开时，电压表示数为3V；那么电源电压是______，当Sl、S2都断开时，L1两端的电压是______，L2两端的电压是______。
14. 如图，电源电压不变，R1和R2是两段长度相同、材料相同的电阻丝，R2=20Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A，若再闭合S1，电流表示数是0.8A，则电源电压为______V，电阻丝______(填“R1”或“R2”)的横截面积较大，当开关都闭合时，电阻丝R1和R2的电功率之比P1：P2=______。

15. 某中学为学生供应开水，用天然气作为燃料，已知天然气的热值是3×107J/m3，它表示______ 。现完全燃烧了4.2m3的天然气，放出的热量______ J，设该热量有50%被水吸收，能将______ kg的水从25℃加热到100℃。。
16. 家庭电路中电流过大的原因有两个，一是电路中用电器的总功率过大，二是电路发生______ ；保险丝可以在电流过大时熔断，切断电路，这是利用了保险丝与相同规格的其它金属相比，电阻______ (填“较大”、“较小”或“一样”)；家用电器的开关应连接在______ 线上；带有金属外壳的家用电器，其金属外壳必须______ 。
17. 一个标着“220V 1100W”的电炉，它是利用电流的______ 工作的，当其两端电压为110V时，该电炉的实际功率为______ W(不计温度对电炉电阻的影响)。这个电炉正常工作10min产生______ J热量。
18. 如图甲所示是“比较不同物质吸热能力特点”的实验装置。

(1)在组装器材时应该先固定甲图中______ (选填“A”或“B”)的位置；加热过程中，玻璃棒的作用是______ ，水和煤油吸热的多少是通过______ 来反映的(填“温度计示数”或“加热时间”)；
(2)关于该实验的变量控制，下列要求中正确的是______ (填字母)；
A.采用相同的加热方法
B.可以使用不相同的烧杯
C.水和煤油的初温要一定相等
D.烧杯中要分别装入相同体积的水和煤油
(3)根据图像乙，______ 的温度升高得较快，要使水和煤油升高相同的温度，应给______ 加热更长的时间，这说明______ 的吸热能力强些；
(4)根据图像乙，可知水的比热容与煤油的比热容的比值是______ 。
19. 在“探究导体的电阻跟哪些因素有关”的实验中。
小明的猜想是：①电阻可能与导体的材料有关；
小亮的猜想是：②电阻可能与导体的长度有关；
小敏的猜想是：③电阻可能与导体的横截面积有关；
三位同学为上述探究活动准备了四条材料、长度、粗细如图甲所示的电阻线，他们已经完成了乙图的部分实物连接(接点A、B待接入电阻线)。

(1)该实验是通过观察______ 来比较接入A、B间的电阻大小；这种物理研究方法叫______ ；
(2)选用a、b两条电阻线进行对比实验，是为了探究猜想______ 是否正确；(只填序号)
(3)要探究猜想②应该选用______ 两条电阻线(填电阻线的代号字母)分别接入A、B进行对比，下列实验中与本实验方法相同的是______ ；
A.探究物体动能的大小与什么因素有关B.测量导体的电阻
(4)另有甲、乙两位同学分别对以上实验电路进行了如下改进，甲把灯泡更换为电流表，乙在原电路中串联接入电流表，你认为______ 同学的改进更好一些，理由是______ 。
20. 在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)。

(1)连接电路时，图甲中导线a端应与电流表上标有数字“______ ”(选填“0.6”或“3”)的接线柱相连。闭合开关前，应将滑片P置于______ 端(选填“A”或“B”)；
(2)为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用______ ；
A.“10Ω1A”的滑动变阻器B.“20Ω1A”的滑动变阻器
(3)闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数是______ V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______ 端移动(选填“A”或“B”)；
(4)通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示，分析图像可知：该小灯泡正常发光时的额定功率为______ W；小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受______ 变化的影响。
21. 小琪用一个电流表和一个阻值为5Ω的电阻R0来测某未知电阻Rx的阻值，设计了如图甲所示的电路。在只闭合S时，电流表的示数为0.6A；再同时闭合S、S1时，电流表的示数如图乙所示，电源电压不变，求：
(1)电源电压；
(2)电阻Rx的阻值；
(3)若将电阻R0和Rx串联接入此电路，求闭合开关后电路中的电流。








22. 图甲为军军家新买的电饭煲，它有加热和保温两种功能。图乙是其简化电路，电源电压为220V，R1、R2为电热丝。当开关S接加热挡时，电路的总功率为1100W；当开关S接保温挡时，电路的总功率为44W。求：
(1)电饭煲在加热挡和保温挡时，开关S应分别与哪个触点连接？
(2)当开关S接b时，电路中电流为多少？
(3)当开关S接a时，工作10min，R1电热丝产生的热量为多少？








答案和解析
1.【答案】C

【解析】解：返回舱在减速下降的过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度减小，重力势能减小。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查根据动能、重力势能的影响因素判断动能、重力势能的大小变化，关键是掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素。

2.【答案】B

【解析】解：A、搓手取暖时，手相互摩擦做功，是通过做功改变物体内能；
B、烧水时，水吸收热量，温度升高，是通过热传递改变物体内能；
C、向下按压活塞，压缩空气，使空气内能增加，是通过做功改变物体内能；
D、钻木取火，克服摩擦做功，是通过做功改变物体内能；
综上所述，选项B与其他选项改变物体内能的方式不同。
故选：B。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：A、导体的电阻大小与导体两端的电压和通过的电流无关。故A不正确；
B、导体的电阻与电流无关，当电流为零时，电阻不为零。故B不正确；
C、对于金属导体来说，其电阻随着温度的升高而增大，如灯丝；也有少数导体，电阻随温度的升高而减小。故C不正确；
D、不考虑温度的影响，同种材料制成的长短相同的两条导线，细导线的电阻较大。故D正确。
故选：D。
①电阻是导体本身的阻碍电流的性质，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关；
②不考虑温度的影响，在材料和长度一定时，横截面积越大，导体电阻越小。
本题考查学生对电阻的了解，知道电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小决定于导体的长度、横截面积和材料。

4.【答案】A

【解析】解：A、白炽灯的正常工作电流约为0.3A，符合实际，故A正确。
B、遥控器的干电池是2节电池串联，电压约为3V，故B错误。
C、空调制冷时的功率约为1000W，故C错误。
D、电扇的电功率约100W，正常工作1h耗电约为0.1kW⋅h，故D错误。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

5.【答案】C

【解析】解：A、电源是为电路提供电压的装置；水果是电源，为用电器即发光二极管提供了电压；故A正确；
B、发光二极管工作时，电路中有电流，则电路中有电荷发生定向移动；故B正确；
C、虽然电压是推动自由电荷发生定向移动形成电流的原因，但是若只有电压，电路断开也不会形成电流，所以有电压不一定有电流，故C错误；
D、将多个水果电池串联起来，得到的电压是每个电池的电压之和，可以提高电压；故D正确；
故选：C。
(1)电源是为电路提供电压的装置；
(2)电荷的定向移动形成电流；
(3)有电流一定有电压，但是有电压不一定有电流；
(4)电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和。
本题借助水果电池考查电源及能量的转化和串并联电路的特点，知识点较多，属于中等题。

6.【答案】D

【解析】解：A、用弹簧测力计测出重力，利用m=Gg可求质量，所以方法相同，故A不符合题意；
B、用电压表测出电压，利用I=UR可求电流，所以方法相同，故B不符合题意；
C、用天平测出质量，利用V=mρ可求体积，所以方法相同，故C不符合题意；
D、用温度计测量温度属于直接测量，无需公式计算，不是运用这种思想方法，故D符合题意；
故选：D。
(1)质量与重力之间的关系式：m=Gg；
(2)电流与电压之间的关系式：I=UR；
(3)体积与质量之间的关系式：V=mρ；
本题考查的是物理量的间接测量，要求同学们熟知各物理量之间的关系及其公式推导。

7.【答案】A

【解析】解：
(1)由电路图可知：电灯L1、L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L1两端的电压；
(2)两个电压表的指针位置相同，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V1的示数应大于V2的示数；
则电压表V1的量程是0∼15V，分度值为0.5V，示数UV1=6V；
电压表V2的量程是0∼3V，分度值为0.1V，示数UV2=1.2V；
(3)电压表V2测L1两端的电压，所以L1两端的电压U1=UV2=1.2V；
由于L1、L2串联，由串联电路的特点可知，L2两端的电压U2=UV1−UV2=6V−1.2V=4.8V；
故选：A。
(1)分析电路结构，弄清电压表V1、V2测电路中哪部分电路电压。
(2)确定两个电压表的量程，然后读出电压表的读数。
(3)根据串并联电路的规律特点，求出电灯L1和L2两端的电压。
本题主要考查学生对：串联电路电压的规律，以及电压表的读数方法的了解和掌握，关键是会判断电压表测量的是那段电路两端的电压。

8.【答案】A

【解析】解：
A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，故A正确；
B、由图知，该电能表所在的电路已经消耗的电能是1753.6kW⋅h，而并非本月消耗的电能，故B错误；
C、“220V”是指该电能表允许接入电路的电压，故C错误；
D、由图知，电能表平时工作允许通过的最大电流为10A，小明家同时使用的用电器最大总功率P=UI=220V×10A=2200W，故D错误。
故选：A。
(1)电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表。
(2)电能表的示数表示的是家庭电路消耗的总电能。
(3)“220V”表示电能表正常工作时的电压。
(4)利用P=UI可求小明家同时使用的用电器最大总功率。
本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。

9.【答案】D

【解析】解：
A.由图象可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误；
B.由图象可知，当乙两端电压为2.5V时，通过的电流为0.5A，
由I=UR可得，乙的阻值，故B错误；
C.若甲和乙并联，若电压为1V，则它们两端的电压均为1V，
由图象可知此时、，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流：
，故C错误；
D.将甲和乙串联，电流为0.4A，则通过两电阻的电流均为0.4A，
由图象可知此时、，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的电压：
，故D正确。
故选：D。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

10.【答案】B

【解析】解：AB、两盏灯泡都在额定电压下工作，则，
由题可知，两盏灯泡的额定功率都是60W，所以当它们分别在其额定电压下发光时，两灯的实际功率相等，则两灯一样亮，故A错误，B正确。
CD、由P=UI可得，当它们分别在其额定电压下发光时的电流分别为
；
，
则乙比甲电流小，故CD错误。
故选：B。
(1)灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，额定电压下的实际功率与额定功率相等。
(2)由P=UI公式变形可求得当它们分别在其额定电压下发光时的电流。
解决此题理解白炽灯的亮度取决于灯的实际电功率是关键。

11.【答案】增大  做功

【解析】解：
火箭加速上升时，速度变大，则动能增大，同时高度升高，其重力势能增大，所以火箭的机械能增大。
此过程中，火箭箭体与空气摩擦会发热，这是通过做功改变箭体的内能，将机械能转化为内能。
故答案为：增大；做功。
(1)机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
(2)改变内能的方法有：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
此题考查了影响机械能大小的因素和改变物体内能的方法，属于基础性题目。

12.【答案】扩散  无规则运动

【解析】解：消毒液喷洒在室外的楼道、走廊里，不一会儿室内也闻到了消毒水的气味，是消毒水的分子扩散到空气中，是扩散现象；扩散现象说明分子在做永不停息的无规则运动。
故答案为：扩散；无规则运动。
物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物体温度越高，分子运动越剧烈。
本题考查了对分子热运动的理解，是一道基础题。

13.【答案】4.5V3V1.5V

【解析】解：(1)当S1、S2都闭合时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源的电压，
则电源的电压U=4.5V；
(2)当S1闭合，S2断开时，灯泡L1与灯泡L2串联，电压表测L1两端的电压，
则L1两端的电压U1=3V，
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以L2两端的电压：U2=U−U1=4.5V−3V=1.5V。
故答案为：4.5V；3V；1.5V。
1)当S1、S2都闭合时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源的电压，据此可知电源电压的大小；
(2)当S1闭合，S2断开时，灯泡L1与灯泡L2串联，电压表测L1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电压表所测电路元件的判断。

14.【答案】10R2  3：5

【解析】解：由电路图知，闭合开关S，断开开关S1，只有R1接入电路，电流表测量通过R1的电流；若再闭合S1，两只电阻并联，电流表测量干路电流。
(1)因并联电路中各支路互不影响，干路电流等于各支路电流之和，因此开关都闭合时，通过R1的电流为0.3A，通过R2的电流：I2=I−I1=0.8A−0.3A=0.5A，
因并联电路两端电压相等，则由I=UR可得，电源电压：U=U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V；
(2)由I=UR可得，R1：R2=UI1：UI2=I2：I1=0.5A：0.3A=5：3，所以R1的阻值大于R2的阻值；由于R1和R2是两段长度相同、材料相同的电阻丝，则R1的横截面积小于R2的横截面积；
(3)由P=UI可得，P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=0.3A：0.5A=3：5。
故答案为：10；R2；3：5。
由电路图知，闭合开关S，断开开关S1，只有R1接入电路，电流表测量通过R1的电流；若再闭合S1，两只电阻并联，电流表测量干路电流。
(1)根据并联电路电流规律可求出通过通过R2的电流，然后根据并联电路电压规律和欧姆定律的应用可求出电源电压；
(2)根据欧姆定律的应用求出开关都闭合时两电阻之比，从而得出两电阻间的关系，再根据在导体材料、长度相同的情况下，导体的横截面积越大，导体电阻越小进行分析；
(3)根据P=UI可求出开关都闭合时，电阻丝R1和R2的电功率之比。
此题考查了并联电路电流与电阻的关系、影响电阻的因素、欧姆定律以及电功率计算公式的应用，综合性较强，难度不大。

15.【答案】1m3的天然气完全燃烧时所释放出的热量是3×107J1.26×108  187.5

【解析】解：天然气的热值为3×107J/m3，它表示的意思是1m3的天然气完全燃烧时所释放出的热量是3×107J；
完全燃烧了4.2m3的天然气，放出的热量：
，
水吸收的热量：
，
由得水的质量：
；
故答案为：1m3的天然气完全燃烧时所释放出的热量是3×107J；1.26×108； 187.5。
天然气热值的物理意义表示每立方米的天然气完全燃烧时所释放出的热量；
利用Q=Vq求天然气完全燃烧发出的热量；该热量有50%被水吸收，可求水吸收的热量，再利用求水的质量。
此类问题是考查热值的物理意义及热量的计算公式应用问题。

16.【答案】短路  较大  火  接地

【解析】解：家庭电路中电流过大的原因有两个，一是电路中用电器的总功率过大；二是电路发生短路；保险丝的作用是在电流过大，自身熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用，因此保险丝需用电阻率较大、熔点较低材料制成，所以保险丝与相同规格的其它金属相比，电阻较大；
家用电器的开关应连接在火线上；
如果用电器漏电，金属外壳接触火线，人接触金属外壳，间接接触火线，发生单相触电事故。用电器的金属外壳必须接地，即使人接触漏电的用电器，人被接地导线短路，不会发生触电事故。
故答案为：短路；较大；火；接地。
家庭电路中电流过大的原因有两种：一是短路，二是用电器总功率过大。保险丝的材料：电阻率大，熔点低的铅锑合金；保险丝的作用：在电路中电流过大时，产生的电热过多，达到保险丝的熔点，保险丝熔断，切断电路；
为了用电的安全，开关应该控制火线；用电器的金属外壳一定接地，防止用电器漏电时发生触电事故。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、保险丝的特点、安全用电的常识，属于基础题目。

17.【答案】热效应  2756.6×105

【解析】解：(1)电炉是利用电流的热效应工作的；
(2)由P=U2R可得，电炉的电阻：
；
当其两端电压为110V时，电炉的实际功率为：
；
(3)电炉正常工作10min产生热量：
。
故答案为：热效应；275；6.6×105。
(1)当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)已知电炉的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出电炉的电阻，再根据P=U2R求出电炉两端的电压为110V时的实际功率；
(3)由Q=W=Pt计算电炉正常工作10min产生热量。
本题考查对电流热效应的认识、电功率以及电热计算公式的应用，灵活应用公式是关键。

18.【答案】B 使水和煤油受热均匀  加热时间  A、C 煤油  水  水  2：1

【解析】解：(1)因用酒精灯外焰加热，故在组装器材时应该按自下而上的顺序调整器材，故组装器材时应该先固定甲图中B的位置；
加热过程中，玻璃棒的作用是使水和煤油受热均匀；
根据转换法，水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(2)AB、要“比较水和煤油吸热升温特点”，根据控制变量法，采用相同的加热方法目的是控制相同时间放出的热量相同，故A正确；
使用相同的烧杯(相同的烧杯吸热相同)，目的是控制水和煤油吸热相同，若用不相同的烧杯，则水和煤油吸热不同，B错误；
C、实验中水和煤油的初温应相同，这样液体的散热情况基本相同，确保水和煤油吸热相同，C正确；
D、因为水和煤油的密度是不同的，体积相同时，根据m=ρV，水和煤油的质量是不同的，由控制变量法，D错误；
故A、C；
(3)根据图像乙，加热相同时间，煤油的温度升高得较快；据此推理，要使水和煤油升高相同的温度，应给水加热更长的时间，根据比较吸热能力的方法，这说明水的吸热能力强些；
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像，升高5℃−2℃=3℃，煤油用时3min，水用时6min(水和煤油吸热之为2：1)，根据Q=cm△t，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容大小成正比，故水的比热容与煤油的比热容的比值2：1。
故答案为：(1)B；使水和煤油受热均匀；加热时间；(2)A、C；(3)煤油；水；水；(4)2：1。
(1)根据用酒精灯外焰加热分析；加热过程中，为使水和煤油受热均匀，要用玻璃棒不断搅拌；
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)根据Q=cm△t有△t=Qcm，升高的温度与吸热多少、物质的种类和质量有关，探究不同物质吸热升温现象，由控制变量法，要控制吸热多少与质量相同，只改变物质的种类，结合密度公式ρ=mV分析；
(3)根据图乙分析回答；据此推理回答；
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像，得出升高3℃煤和水的加热时间，由转换法和Q=cm△t，在质量和升高温度相同的情况下，吸热多少与比热容大小成正比，据此得出水的比热容与煤油的比热容的比值。
本题比较水和煤油吸热升温特点，考查器材的调试、注意事项、数据分析及控制变量法、转换法和推理法及Q=cm△t的运用，为热学中的重要实验。

19.【答案】灯泡亮度  转换法  ③  b、c A 乙  除了可以精确反映电阻值大小外，小灯泡可以起到保护电路的作用

【解析】解：(1)不同的电阻丝电阻不同，将电阻丝分别接入A、B间时，电路电流不同、灯泡的亮度不同，可观察灯泡的亮暗来比较电阻丝电阻的大小，这是转换法的应用；
(2)选用a、b两条电阻线进行对比实验，a、b的材料、长度相同，横截面积不同，所以是为了探究电阻与横截面积的关系，即探究猜想③是否正确；
(3)要探究猜想②，需要控制材料和横截面积相同，长度不同，故应该选用b、c两条电阻线分别接入A、B进行对比；实验中采用的是控制变量法；
A.动能的因素有两个，探究物体动能的大小与什么因素有关时采用的是控制变量法，故A正确；
B.测量导体的电阻时没有用到控制变量法，故B错误；
故选A；
(4)将灯泡换为电流表，A、B间的电阻决定电路中的电流，因此，当A、B间电阻过小时，电流会过大，电流表可能会被烧坏；
在原电路中串联一个电流表，可以精确反映电阻值大小外，小灯泡可以起到保护电路的作用，因此乙同学的方案更好。
故答案为：(1)灯泡亮度；转换法；(2)③；(3)b、c；A；(4)乙；除了可以精确反映电阻值大小外，小灯泡可以起到保护电路的作用。
(1)电源电压不变、灯泡电阻不变，接入电路的电阻不同，电路中电流变化，灯泡亮度不同，可观察灯泡的亮暗来比较电阻的大小；
(2)(3)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横导体的截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(4)电路的总电阻越大，电路中的电流会越小，电路以及电路中的各元件越安全，因此根据保护电路的思路进行分析。
本题考查影响电阻大小因素，解决本题关键：一是掌握控制变量法及应用，二是知道影响导体电阻大小的因素。注意控制变量法的使用范围，控制变量法是初中物理实验中比较常用的研究方法之一。

20.【答案】0.6BB2.3A0.625温度

【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)，故其额定电流约为：I=UR=2.5V10Ω=0.25A，图甲中导线a端应与电流表上标有数字“0.6”的接线柱相连；
为保护电路，闭合开关前，滑片应置于阻值最大处，即B端；
(2)由(1)知，灯泡正常发光的电流大约为0.25A，则此时滑动变阻器的电阻为：，应选“20Ω1A”的滑动变阻器；
(3)小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选“0−3V”的量程，分度值为0.1V，读数为2.3V；为了测量小灯泡的额定功率，应让灯泡的电压变大，让滑动变阻器的电压变小，故应调节滑片让滑动变阻器的电阻变小，应将滑动变阻器的滑片向A端移动；
(4)从图中看出，该小灯泡正常发光时的电流为0.25A，额定功率为：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；小灯泡电阻随温度升高而增大。
故答案为：(1)0.6；B；(2)B；(3)2.3；A；(4)0.625；温度。
(1)小灯泡额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)，根据I=UR计算其额定电流，再选择电流表的接线柱；为保护电路，闭合开关前，滑片应置于阻值最大处；
(2)根据串联电路的电压关系得到灯泡正常发光时滑动变阻器的电压，(1)中已计算出此时的电流值，根据欧姆定律的变形式可计算此时滑动变阻器的电阻值，据此分析；
(3)根据小灯泡额定电压分析电压表所选的量程，看清分度值，再读数；根据小灯泡的额定电压的数据及串联电路中电阻越大，电压越大的特点，分析滑片的移动方向；
(4)小灯泡额定电压为2.5V，从图中看出，该小灯泡正常发光时的电流为0.25A，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；小灯泡电阻随温度升高而增大。
本题考查电功率的测量实验，重点考查了实验器材的选择、电功率的计算等问题，属于基础题目。

21.【答案】解：(1)只闭合S时，电路为R0的简单电路，电流表测通过R0的电流，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I0R0=0.6A×5Ω=3V；
(2)同时闭合S、S1时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，由乙图可知电流表示数为0.9A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过Rx的电流：
Ix=I−I0=0.9A−0.6A=0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，Rx的阻值：
Rx=UIX=3V0.3A=10Ω；
(3)将电阻R0和Rx串联接入此电路，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电路总电阻：R=R0+RX=5Ω+10Ω=15Ω，
此时通过串联电路的电流。
答：(1)电源电压为3V；
(2)电阻Rx的阻值为15Ω；
(3)若将电阻R0和Rx串联接入此电路，求闭合开关后电路中的电流为0.2A。

【解析】(1)只闭合S时，电路为R0的简单电路，电流表测通过R0的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)同时闭合S、S1时，R0与Rx并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过Rx的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出Rx的阻值；
(3)将电阻R0和Rx串联接入此电路，根据串联电路特点求出电路总电阻，根据欧姆定律计算通过电路的电流。
本题考查了串联电路特点、并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。

22.【答案】解：(1)由电饭煲简化电路图知，当开关S接a时，两电热丝串联，电路中电阻较大，
当开关S接b时，电路为R2的简单电路，电路中电阻较小，
电源电压一定，由P=U2R知，S接a时电路消耗功率较小，为保温挡，S接b时电路消耗功率较大，为加热挡；
(2)S接b时为加热挡，此时电路的总功率为1100W，
由P=UI可得，此时电路中电流：
；
(3)由I=UR可得，加热挡时电路的总电阻，即R2的电阻：
R2=UI=220V5A=44Ω，
由P=UI可得，保温挡时电路中电流：
，
保温挡时电路中的总电阻：
R=R1+R2=UI′=220V0.2A=1100Ω，
所以：R1=1100Ω−44Ω=1056Ω，
S接a时为保温挡，工作10min，电热丝R1产生的热量：
Q=I′2R1t=(0.2A)2×1056Ω×10×60s=25344J。
答：(1)S接a时为保温挡，S接b时为加热挡；
(2)当开关S接b时，电路中电流为5A；
(3)当开关S接a时，工作10min，电热丝R1产生的热量为25344J。

【解析】(1)由图分析开关分别接a和b触点时电路中的电阻大小，由P=U2R分析判断电饭煲的工作状态；
(2)已知加热挡电路功率，由P=UI计算此时电路中电流；
(3)根据I=UR计算加热挡时电路的总电阻，即R2的电阻；由P=UI计算保温挡时电路中电流，由欧姆定律计算此时电路总电阻，从而计算的R1电阻，由Q=I2Rt计算此时工作10min，R1电热丝产生的热量。
本题考查串联电路电阻特点、电功率以及电热计算公式的应用，正确分析开关接不同触点时电饭煲的工作状态是关键。