2020-2021学年河北省唐山市迁安市九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年河北省唐山市迁安市九年级（上）期末物理试卷，共24页。试卷主要包含了75WC，92W，2×103/】，【答案】D，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年河北省唐山市迁安市九年级（上）期末物理试卷
1. 在人类永无止境的探究历程中，许多科学家作出了非常重大的贡献，为了纪念他们，常常以他们的名字作为某个物理量的单位。图1所示的四位物理学家中，其名字被用作电流单位的是( )
A. 瓦特 B. 安培
C. 欧姆 D. 法拉第
2. 如图对磁场的描述正确的是( )
A. B.
C. D.
3. 由欧姆定律公式I=UR变形得R=UI，对此，下列说法中正确的是( )
A. 加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大
B. 通过导体的电流越大，则导体的电阻越小
C. 当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
D. 导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关
4. 如图所示为某同学做实验时的错误电路图，当闭合开关后将( )


A. 电压表指针有明显偏转 B. 电压表一定烧坏
C. 灯泡L的灯丝烧坏 D. 电源损坏
5. 将一标有“6V 12W”的小灯泡接入电路中，用电流表测得通过它的电流是1.5A，灯泡电阻不变，则小灯泡的实际功率为( )
A. 9W B. 6.75W C. 12W D. 15W
6. 如图所示是关于家庭用电的操作或做法，其中正确的是( )
A. 发生触电，要立即切断电源
B. 用湿手触摸开关
C. 多个大功率用电器同时使用一个插座
D. 电视天线与电线接触
7. 如图所示，L1和L2是两只相同的小灯泡，a、b是电流表或电压表。闭合开关S后，若两灯都能发光，则( )



A. a、b均为电流表 B. a、b均为电压表
C. a为电流表，b为电压表 D. a为电压表，b为电流表
8. 将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，假设灯丝电阻不变，下列说法正确的是( )
A. 通过灯泡L1的电流大于通过灯泡L2的电流
B. 灯泡L1的电阻比灯泡L2的电阻大些
C. 两灯正常发光时，灯L1要亮一些
D. 若将两灯并联接入电路，灯L1要亮一些
9. 由如图所示的实验得出的结论错误的是( )
A. 图说明同种电荷相互排斥
B. 图说明通电导体在磁场中受到力的作用
C. 图是电动机工作原理示意图
D. 图说明电流和通电时间相同，匝数越多，电磁铁的磁性越强
10. 关于温度、内能和热量，以下说法正确的是( )
A. 温度越高的物体所含的热量一定越多
B. 温度相同的两个物体内能一定相等
C. 0℃的冰变成0℃的水，温度不变，没有吸收热量，所以它的内能不变
D. 任何物体都具有内能，做功和热传递都可以改变物体的内能大小
11. 如图所示电路，电磁铁的B端有一个小磁针，闭合开关后，下列说法正确的是( )

A. 电磁铁的A端为S极
B. 小磁针静止时，S极水平指向左
C. 当滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电磁铁磁性增强
D. 增大电源电压可使电磁铁的磁性增强
12. 如表列出了几种物质的比热容，下列说法不正确的是( )
物质
比热容c(J/(kg⋅℃)
物质
比热容c(J/(kg⋅℃)
水
4.2×103
冰
2.1×103
酒精
2.4×103
铝
0.88×103
砂石
0.9×103
铜
0.39×103
A. 不同的物质，比热容一般不同
B. 物质的比热容与自身的状态有关
C. 质量相等的铝块和铜块，升高相同的温度，铝块吸收的热量多
D. 炎热的夏天，沙滩烫脚而海水清凉，主要原因是砂石比海水吸收的热量多
13. 如图为“探究焦耳定律”的实验装置。两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高。下列说法正确的是( )
A. 通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这种方法是控制变量法
B. 右侧电阻丝的阻值比左侧小
C. 通过右侧电阻丝的电流比左侧小
D. 该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系
14. 如图所示是小明学习小组设计的电子身高测量仪的四种电路，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下移动能够实现身高越高，电压表或电流表示数越小的电路是( )
A. B.
C. D.
15. 如图所示，电源电压6V保持不变，电阻R1=5Ω，滑动变阻器的铭牌上标有“50Ω1A”字样，该电路在正常情况下使用，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是( )

A. 电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，A2的示数变小
B. 电流表A2的最大示数为1A
C. 电压表的示数与A1的示数的比值不变
D. 整个电路消耗的最小功率是7.92W
16. 近年来，手机“微信”成为人们交流的一种方式，它是靠手机发射和接收的______来传播信息的；使用手机时，其外壳因摩擦带______而经常粘有灰尘，在给手机充电的过程中，电能转化为______能，人类是在能量的转化或转移的过程中利用能量，而能量的转化和转移是有______的，因此可利用的能源是有限的。
17. 盛夏时节，百花绽放，四溢花香，这说明______ ，如图1所示将两个铅柱的底面削平、削干净，然后紧紧压一起，两个铅柱就会结合起来，甚至下面吊一个重物都不能把它们拉开，此现象说明______ ；如图2所示，这是汽油机的______ 冲程，汽油机使用的燃料是汽油，它由煤、石油提炼而得，煤和石油属于______ 能源(选填“可再生”或“不可再生”)。
18. 如图所示是一种水位自动报警器原理图，水位没有到达金属块A时，______灯亮，水位到达金属块A时，______灯亮。

19. 如图所示是通过灯泡L、定值电阻R的电流跟其两端电压的关系图像，由图可得定值电阻R的阻值为______ Ω；如果把灯泡和定值电阻并联接在电压为4V的电路两端时，灯L的电阻是______ Ω，干路中的电流大小为______ A。如果把灯泡和定值电阻串联接在某电源两端，此时电路中的电流为0.4A，则该电源电压为______ V。
20. 如图为探究“磁生电”的实验装置。闭合开关，让悬着的导体AB左右运动时，会观察到电流表的指针______ 。说明电路中有______ 产生。此现象说明机械能转化为______ 能。如果将此装置中的电流表换成______ 可探究磁场对通电导体的作用。
21. 将10Ω的电阻丝接在3V的电源上，在10s内产生的热量是______ J；给电炉通电时，电炉丝热得发红，而与之相连的导线却不怎么热，这是因为______ 。
22. 小明家庭中安装了如图所示的电能表，从图中信息可知，电能表的示数是______ kW⋅h，小明将一电水壶工作2min，电能表的转盘转过150r，则电水壶消耗的电能为______ kW⋅h，电水壶的功率为______ W，如果这些电能的42%转化为内能，可将质量为______ kg、温度为20℃的水温度升高到50℃【已知水的比热容为4.2×103/(kg⋅℃)】
23. 如图所示，将一根南北方向的水平直导线放在静止小磁针的正上方。
(1)开关断开，小磁针的______ 极指北，这是因为受______ 作用的结果。
(2)开关闭合，你会发现小磁针______ ，此实验表明______ 。
(3)改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生改变，表明______ 方向与电流方向有关。
(4)下列研究问题的方法与本实验所用方法相同的是______ 。
A.用光线来描述光的传播路径
B.用水流类比电流
C.用铁屑来描述磁体周围的磁场
D.用小桌探究压力作用效果与压力和受力面积的关系
24. 小强做测定“小灯泡额定功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线。图1是小强没有连接完的实物电路。
(1)请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整；
(2)在连接实物电路时，开关应______ ；在闭合开关前要把滑动变阻器P移动到______ 端(选填“左”或“右”)。
(3)小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障出现的一种可能原因是______ 。
(4)小强排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表示数如图2所示，其大小为______ V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______ 端滑动(选填“左”或“右”)；
(5)小强通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图3所示的U−I图象。根据U−I图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W。

【拓展】图1中的小灯泡正常发光一会后，灯丝突然烧断，老师晃了几下灯泡，将烧断的灯丝搭在了一起，变阻器的滑片位置不动，闭合开关，小灯泡又亮了起来，此时灯泡两端的电压______ 2.5V(选填“大于”或“小于”或“等于”)。
25. 如图所示的电路中，R1=400Ω，R3=20Ω，电源电压U=12V且保持不变，当S1、S2断开时，电流表的示数为0.1A，求：
(1)R2的阻值；
(2)S1、S2闭合时电流表的示数。











26. 如图所示，已知小灯泡L上标有“6V 3W”字样，R0=20Ω，滑动变阻器R的最大阻值为100Ω。求：
(1)小灯泡的电阻(假设灯丝电阻不变)；
(2)只闭合S1，移动滑动变阻器滑片P，当滑动变阻器接入电路的电阻为16Ω时，电压表的示数为8V，求电源电压；
(3)已知电压表量程为0∼15V，在电压表示数不超过量程，灯泡两端电压不超过额定值的情况下，只闭合S2时，求滑动变阻器连入电路的阻值范围和电路消耗的最小功率。







答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：在物理学中，
A、瓦特是功率的基本单位。故A不符合题意；
B、安培是电流的基本单位。故B符合题意；
C、欧姆是电阻的基本单位。故C不符合题意；
D、法拉是电容的基本单位，是为了纪念科学家法拉第。故D不符合题意。
故选：B。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。

2.【答案】B

【解析】解：在磁体的外部，磁感线从N极出发，回到S极，根据图可知，ACD是错误的，B正确。
故选：B。
在磁体的外部，磁感线从N极出发，回到S极。
知道并理解磁感线的特点是解决该题的关键，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，
所以ABC的说法均不正确，D的说法正确。
故选：D。
根据电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，进行解答。
本题考查了学生对电阻的了解与掌握，是一道基础题目。

4.【答案】A

【解析】解：
A、此时电压表示数约等于电源电压，故电压表有明显偏转，故A正确；
B、电压表所测电压等于电源电压，故B错误；
C、电压表相当于断路，故流过灯丝电流几乎为零，故C错误；
D、电路中电流几乎为零，电源不会烧坏，故D错误。
故选：A。
电压表电阻很大，若将电压表与灯泡串联，整个电路就相当于断路，电路中几乎没有电流，据此可对题中选项做出判断。
本题考查了电压表的使用，正确认识电压表电阻很大，串联在电路中相当于断路是解题的关键。

5.【答案】B

【解析】解：小灯泡的电阻：
R=U2P=(6V)212W=3Ω，
当通过灯丝的电流I=1.5A时，这盏灯消耗的电功率：
P′=I2R=(1.5A)2×3Ω=6.75W。
故B选项符合题意，
故选：B。
知道灯泡的额定电压和额定功率，根据公式R=U2P可求出小灯泡的电阻，灯泡电阻不变，又知道通过灯泡的电流，根据公式P=I2R可求出小灯泡的实际功率。
本题主要考查了电功率公式的灵活应用，是一道较为简单的计算题。

6.【答案】A

【解析】解：A、发生触电事故要先断开电源，能避免救援人员也发生触电事故。故A正确；
B、生活用水属于导体，用湿手按开关时，有可能使电流通过水传到人体，造成触电事故。故B错误；
C、多个大功率用电器同时使用一个插座，会导致通过插座导线的电流过大，容易烧坏插座，发生火灾。故C错误；
D、当天线与电线接触时，可能导致用电器成为带电体，造成触电事故。故D错误。
故选：A。
(1)当有人触电时，要先切断电源；
(2)水是导体；
(3)同一个插座上的用电器不能过多，否则会引起电路电流过大，造成火灾；
(4)安全用电原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题主要考查学生对安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护。

7.【答案】C

【解析】解：如果两个灯泡串联，则a应是电压表，而b无论是什么仪表，L2都会被短路，故电路不可能为串联；
那么两个灯泡的连接方式一定为并联，所以为了使灯L1、L2正确发光，a处相当于导线，即电流表；b处不能形成通路，否则会形成电源短路，故b处为电压表。
故选：C。
分两种情况对电路进行分析，即串联电路或并联电路，然后根据电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路分析a、b的类别。
解答本题需要掌握：电压表和电流表的正确使用方法；电压表和电流表的在电路中的作用；本题根据电压表和电流表在电路中的作用进行分析更简单些。

8.【答案】B

【解析】解：A、串联电路中电流处处相等，因此通过灯泡L1、L2的电流相等，故A错误；
B、灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且灯L1较亮，灯L2较暗，所以，灯L1的实际功率大于灯L2的实际功率；根据公式P=I2R可知，所以，灯L1的电阻比L2的电阻大，故B正确；
C、已知额定电压相同，灯丝电阻不变且灯L1的电阻比L2的电阻大，由公式P=U2R可知，灯L1的额定功率小于灯L2的额定功率，故L1比L2暗一些，故C错误；
D、并联电路各支路两端电压相等，由公式P=U2R可知，灯泡L1的实际功率小于L2的实际功率，故L1比L2暗一些，故D错误。
故选：B。
(1)串联电路的电流处处相等；
(2)根据灯泡的亮度可判断两灯泡实际功率的大小，利用公式P=I2R可知两电阻的大小；
(3)根据公式P=U2R比较两灯泡的额定功率；
(4)灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，根据并联电路电压的规律和P=U2R比较两灯泡的实际功率。
本题主要考查了实际功率、额定功率、电流、电阻的比较，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。

9.【答案】C

【解析】解：A、由图可知，悬挂的橡胶棒在远离，说明同种电荷相互排斥，故A正确；
B、由图可知，电路中有电流，通电导体在磁场中受到力的作用，故B正确；
C、由图可知，电路中没有电源，闭合电路的部分导体切割磁感线会产生感应电流，所以是发电机的原理，故C错误；
D、由图可知，电路中电流相同，两个铁钉上线圈的匝数不同，线圈匝数多的吸引小铁屑多，说明电流和通电时间相同，匝数越多，电磁铁的磁性越强，故D正确。
故选：C。
(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)磁场对通电导线有力的作用；
(3)电动机的原理是：通电导线在磁场中受力运动；
(4)电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关。
该题主要考查了电磁学的相关内容，我们要熟练掌握。

10.【答案】D

【解析】解：
A、热量是一过程量，不能说物体含有热量，故A错；
B、温度相同的两个物体，质量不一定相同，内能不一定相等，故B错；
C、0℃的冰熔化变成0℃的水，吸收热量，温度不变，它的内能增加，故C错；
D、任何物体都具有内能，做功和热传递都可以改变物体的内能大小，D正确。
故选：D。
利用下列知识分析判断：
(1)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(2)内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，其大小与物体的质量和温度有关，物体的温度越高、质量越大，内能越大；
(3)晶体熔化时，吸收热量、温度不变；
(4)改变内能的方法：一是做功，二是热传递。
要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热。

11.【答案】D

【解析】解：A、电流从右端流入，左端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A错误；
B、据磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，右端是S极，S极水平指向右，故B错误；
C、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性变弱，故C错误；
D、增大电源电压，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，则可使电磁铁的磁性增强，故D正确；
故选：D。
开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化；
电磁铁磁性的大小与电流的大小和线圈匝数的多少有关。
该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。

12.【答案】D

【解析】解：A、不同物质的比热容一般不同，有的也相同，故A说法正确；
B、同种物质在不同状态下比热容不同，如水和冰比热容不同，故B说法正确；
C、铜的比热容比铝的比热容小，根据公式可知，质量相等的铜块和铝块，升高相同的温度，铝块吸收的热量一定多，故C说法正确；
D、因为水比沙石的比热容大，根据公式可知，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值小，沙石的温度变化值大，所以相炎热的夏天，沙滩烫脚而海水清凉，主要原因是水的比热容比沙石的比热容大，故D说法错误。
故选：D。
比热容是物质的一种特性，同种物质状态不同比热容不同，不同物质的比热容一般不同；根据公式Q=cm△t，可知质量相同的不同物质降低相同的温度，比热容大的放出的热量多；或质量相同的物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的温度变化小。
本题主要考查了比热容的概念和热量公式的运用，关键是从比热容表查出物质的比热容并知其意义。

13.【答案】D

【解析】解：
A、通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这属于转换法，故A错误；
B、两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高，说明电流通过右侧电阻丝产生的热量多；电流和通电时间均相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻丝的阻值大，故B错误；
C、由图知，两电阻丝串联，根据串联电路的电流特点可知，各处的电流是相同的，故C错误；
D、由前面解答可知，通过电阻丝的电流和通电时间均相同，由于左右两侧电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系，故D正确。
故选：D。
该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过玻璃管中液面的变化来反映的。

14.【答案】AC

【解析】解：
AB、两个电路图中个，变阻器与定值电阻串联，变阻器滑片以下电阻丝连入电路中，当被测身高增加时，滑动变阻器接入电阻增大，总电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流减小；由欧姆定律，U=IR，R0两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知变阻器的电压变大，即电压表示数变大；故A符合题，B不符合题意；
C、变阻器滑片以上电阻丝连入电路中，当被测身高增加时，滑动变阻器接入电阻变小，总电阻变小，由欧姆定律可知电路中电流增大，由欧姆定律，U=IR，R0两端的电压增大，由串联电路的电压规律可知变阻器的电压变小，即电压表示数变小，故C符合题意；
D、变阻器与定值电阻并联，电流表测通过R0的电流，因R0的电压始终等于电源电压，由欧姆定律，电流表示数不变，故D不符合题意；
故选：AC。
先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律、串联电路分压的特点以及并联电路电流的规律判断电压表或电流表示数的变化。
明确电压表、电流表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键。

15.【答案】CD

【解析】解：根据电路图可知，该电路为并联电路；电压表测量电源的电压，电流表A2测量的是干路的电流，电流表A1测量的是通过R1的电流；

A、当滑动变阻器滑片P向右移动时，由于电源电压不变，则电压表示数不变；滑动变阻器接入电路的电阻变大，则通过滑动变阻器的电流减小；由于并联电路互不影响，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即A2的示数变大，故A错误；
B、通过R1的电流为：I1=UR1=6V5Ω=1.2A，由于干路中的电流要大于支路的电流，所以电流表A2的最大示数要大于1.2A，故B错误；
C、根据欧姆定律可知，电压表的示数与A1的示数的比值为R1的电阻值，R1的电阻不变，比值不变，故C正确；
D、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过滑动变阻器的电流最小，则最小电流为：I′=UR2=6V50Ω=0.12A；

则干路中的最小电流为：I=I1+I′=1.2A+0.12A=1.32A，则整个电路消耗的最小功率是：P=UI=6V×1.32A=7.92W，故D正确。
故选：CD。
根据电路图可知，该电路为并联电路；电压表测量电源的电压，电流表A2测量的是干路的电流，电流表A1测量的是通过R1的电流；
(1)当滑动变阻器滑片P向右移动时，根据电阻的变化判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的特点分析电流表、电压表示数的变化；
(2)根据欧姆定律求出R1的电流，根据并联电路电流的特点分析电流A2表的最大示数；
(3)电压表的示数与A1的示数的比值为R1的电阻值；
(4)求出干路中的最小电流，根据P=UI求出最小功率。
此题考查了动态电路的分析及欧姆定律和电功率公式的应用，知道并联电路电流、电压的特点是解题的关键。

16.【答案】电磁波；电；化学；方向

【解析】解：
手机既是无线电发射台又是无线电接收台，手机“微信”是用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波；
使用手机时，手机外壳因与其他物体摩擦而起电，带上了静电，从而吸引灰尘；
在给手机充电的过程中，消耗电能，产生化学能，所以是将电能转化为化学能的过程；
冬天，火炉把自己的内能传递给房间里的空气，供人们取暖；到了春天，不能把这些内能重新收集起来，来年再用，说明能量的转移有方向的。
故答案为：电磁波；电；化学；方向。
(1)有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的；
(2)不同物体相互摩擦，可以使物体带电，这种现象叫做摩擦起电。带电体有吸引轻小物体的性；
(3)判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；
(4)自然界中的能量只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体，能量的转化和转移是有方向的；
此题考查了电磁波的应用、摩擦起电现象、能量的转化判断和能量转化的方向性的理解，是一道综合题。

17.【答案】构成物质的分子在不停地做无规则运动  分子间存在引力  压缩  不可再生

【解析】解：(1)百花绽放，四溢花香，是由于花香分子在不停地做无规则运动，扩散到空气之中，所以说明构成物质的分子在不停地做无规则运动；
(2)将两个铅柱的底面削平、削干净，然后紧紧地压一起，两铅块就会结合起来，甚至下面吊一个钩码都不能把它们拉开，说明分子间存在引力；
(3)由图2可知，两气门都关闭，活塞向上运动，可知这个冲程是压缩冲程；
(4)煤炭和石油均属于不可再生能源，因为这些能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充。
故答案为：(1)构成物质的分子在不停地做无规则运动；(2)分子间存在引力；(3)压缩；(4)不可再生。
(1)不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了构成物质的分子在不停地做无规则运动；
(2)分子间存在引力和斥力；
(3)根据进气门和排气门的闭合情况以及活塞运动方向判断属于哪个冲程；
(4)可以从自然界源源不断地得到的能源称为可再生能源；能在短期内从自然界得到补充的能源称为不可再生能源。
本题主要考查了扩散现象、分子间的作用力、汽油机压缩冲程的判断以及能源的分类，属于综合性题目。

18.【答案】绿；红

【解析】解：当水位上涨到达金属块A时，由于水是导体，使控制电路接通，电磁铁吸引衔铁，使动触点与下面的静触点接触，工作电路接通，则红灯发光；当水位下降没有到达金属块A时，使控制电路断开，电磁铁失去磁性，弹簧拉着衔铁使动触点与上面的静触点接触，工作电路接通，则绿灯亮。
故答案为：绿、红。
首先应弄清图中所示的自动报警器工作原理：当水位到达A时，由于一般水具有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，吸引衔铁向下，从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮。
(1)本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关；
(2)在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析。

19.【答案】1051.25

【解析】解：(1)由图像可知，当UR=4V时，通过的电流IR=0.4A，
由I=UR可得，定值电阻R的阻值R=URIR=4V0.4A=10Ω；
(2)小灯泡L和一个定值电阻R并联接入电压为4V的电源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UL=UR=4V，
由图像可知，对应的电流分别为IL=0.8A，IR=0.4A，
则小灯泡的电阻RL=ULIL=4V0.8A=5Ω，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，此时总电流：I=IL+IR=0.8A+0.4A=1.2A；
(3)小灯泡L和定值电阻R串联，当电路中的电流为0.4A时，
因串联电路中各处的电流相等，所以，此时通过小灯泡的电流IL′=IR=I=0.4A，
由图像可知，此时小灯泡两端的电压UL′=1V，定值电阻R两端电压UR=4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压：U′=UL′+UR=1V+4V=5V。
故答案为：10；5；1.2；5。
(1)由图像可知，R的I−U图像是正比例函数，则R是定值电阻，读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出R的阻值；
(2)小灯泡L和定值电阻R串联，当电路中的电流为0.4A时，通过它们的电流相等，根据图像读出它们两端的电压，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻，根据串联电路的电压特点求出所接电路两端总电压；
(3)小灯泡L和一个定值电阻R并联接入电压为2V的电源上时，它们两端的电压相等，根据图像读出通过L与R的电流，根据并联电路的电流特点求出此时总电流。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。

20.【答案】发生偏转  电流  电  电源

【解析】解：闭合开关，让悬着的导体AB左右运动，此时导体做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，会观察到电流表的指针偏转；此现象说明机械能转化为电能；
如果将此装置中的电流表换成电源，可探究磁场对通电导体的作用。
故答案为：发生偏转；电流；电；电源。
通电导体在磁场中受到力的作用，根据该原理制成了电动机；
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
本题考查了磁场对电流的作用和电磁感应现象，是一道基础题。

21.【答案】9 电炉丝的电阻远大于导线的电阻

【解析】解：(1)10s内产生的热量：
Q=W=U2Rt=(3V)210Ω×10s=9J；
(2)电炉在使用时，电炉丝和导线串联，，通电时间t相同，
因为Q=I2Rt，，
所以电流产生的热量：
，
从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象。
故答案为：9；电炉丝的电阻远大于导线的电阻。
(1)已知电压、电阻和通电时间，根据公式Q=W=U2Rt可求出产生的热量；
(2)电炉丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多。
本题主要考查了焦耳定律的应用及其变形公式的计算，关键是知道电炉丝和相连接的铜导线为串联。

22.【答案】2818.70.0515000.6

【解析】解：(1)从表盘信息可知，电能表的示数为2818.7kW⋅h；
(2)转过150r用电器消耗的电能：
W=150r3000r/(kW⋅h)=0.05kW⋅h=1.8×105J；
工作时间t=2min=260h，
电热水壶的电功率：
P=Wt=0.05kW⋅h260h=1.5kW=1500W，
(3)由这些电能的42%转化为内能可知，水吸收的热量，
由可得，水的质量
。
故答案为：2818.7；0.05；1500；0.6。
(1)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)已知用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘就转过3000r；可求转动150r消耗的电能；然后利用P=Wt求出电水壶的电功率；
(3)已知这些电能的42%转化为内能，再根据公式求出水的质量。
本题考查消耗电能、电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用；难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解；解题过程中要注意单位的换算。

23.【答案】N 地磁场  偏转  通电导线的周围存在磁场  磁场  C

【解析】解：(1)由于地球的周围存在地磁场，所以地球周围任何范围内的小磁针(指南针)都要受到地磁场的作用而指向南北方向；小磁针N极的指向与磁感线方向相同，地理的南极是地磁的北极，则小磁针指南的一端为S极，指北的是N极；
(2)开关闭合，导线中有电流，发现小磁针发生了偏转，此实验表明通电导线的周围存在磁场；
(3)改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生改变，表明磁场的方向与电流方向有关；
(4)实验中通过小磁针的偏转来显示电流周围存在磁场，这属于转换法；
A.用光线来描述光的传播路径，采用的是模型法，故A错误；
B.用水流类比电流，这是类比法，故B错误；
C.用铁屑来描述磁体周围的磁场，这是转换法，故C正确；
D.用小桌探究压力作用效果与压力和受力面积的关系，采用的是控制变量法，故D错误；
故选C。
故答案为：(1)N；地磁场；(2)偏转；通电导线的周围存在磁场；(3)磁场；(4)C。
(1)地球是一个巨大的条形磁铁，所以其周围的空间存在着磁场，即地磁场，所以会对其周围的磁体产生磁力的作用；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)磁场的方向与电流的方向有关；
(4)实验中通过小磁针的偏转来显示电流周围存在磁场，这属于转换法。
本题考查了电流的磁效应、转换法的应用，难度不大，要掌握。

24.【答案】断开  左  灯泡断路(或灯座接触不良)2.2右  0.5小于

【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：

(2)为保护电路，在连接实物电路时，开关应断开；在闭合开关前要把滑动变阻器P移动到阻值最大处的左端；
(3)小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，电路可能断路，但电压表有示数，电压表与电源连通，则故障出现的一种可能原因是灯泡断路(或灯座接触不良)；
(4)灯在额定电压下正常发光，图2中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；
(5)根据绘制成的图3所示的U−I图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率是：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
【拓展】图1中的小灯泡正常发光一会后，灯丝突然烧断，老师晃了几下灯泡，将烧断的灯丝搭在了一起，因导体的长度变短，由影响电阻大小的因素，故灯丝的电阻变小，变阻器的滑片位置不动，由分压原理，此时灯泡两端的电压小于2.5V。
故答案为：(1)如上所示；(2)断开；左；(3)灯泡断路(或灯座接触不良)；(4)2.2；右；(5)0.5。
【拓展】小于。
(1)根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)在连接实物电路时，为保护电路，开关应断开；在闭合开关前要把滑动变阻器P移动到阻值最大；
(3)若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(4)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表选用的小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
(5)根据绘制成的图3所示的U−I图象可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
【拓展】
导体的电阻大小决定于导体的材料、长度、横截面积，还与温度有关，在温度、材料和横截面积相同时，长度越小，电阻越小，结合分压原理回答。
本题测定“小灯泡额定功率”实验，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程和功率计算及影响电阻大小的因素及欧姆定律的运用。

25.【答案】解：(1)当S1、S2断开时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，
由I=UR可得，电路中的电阻：R=UI=12V0.1A=120Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2=R−R3=120Ω−20Ω=100Ω；
(2)当S1、S2闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以电路中的总电阻：R′=R1R2R1+R2=400Ω×100Ω400Ω+100Ω=80Ω，
电流表的示数：I′=UR′=12V80Ω=0.15A。
答：(1)R2的阻值为100Ω；
(2)S1、S2闭合时电流表的示数为0.15A。

【解析】(1)当S1、S2断开时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路总电阻，根据电阻的串联求出R2的阻值；
(2)当S1、S2闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电流表的示数。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。

26.【答案】解：(1)由P=U2R可得，灯泡电阻：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
(2)只闭合S1，R0与R串联，电压表测R两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I(R0+R)=0.5A×(20Ω+16Ω)=18V；
(3)只闭合S2时，灯泡L与变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，变阻器接入电路中的电阻最小，
由P=UI可得，电路中的最大电流：，
此时电路中的总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：；
当电压表的示数UR=15V时，变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：UL′=U−UR=18V−15V=3V，
此时电路中的电流：，
变阻器接入电路中的最大电阻：。
所以，滑动变阻器连入电路的阻值范围是24Ω∼60Ω；
电路消耗的最小功率：。
答：(1)小灯泡的电阻为12Ω；
(2)电源电压为18V；
(3)滑动变阻器连入电路的阻值范围为24Ω∼60Ω；电路消耗的最小功率为4.5W。

【解析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出小灯泡的电阻；
(2)只闭合S1时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
(3)只闭合S2时，灯泡L与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据P=UI求出灯泡正常发光时电流即为电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出L两端的电压，根据串联电路的电路特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值范围；最后根据P=UI求出电路消耗的最小功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。