2020-2021学年宁夏吴忠市利通区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年宁夏吴忠市利通区九年级（上）期末物理试卷，共18页。
 2020-2021学年宁夏吴忠市利通区九年级（上）期末物理试卷各式各样的剪刀都是一对杠杆。如图所示的剪刀，最适合剪开较硬物体的是A.  B.
C.  D. 四位同学一起到九龙半岛公园游玩时突发奇想，要进行一次比赛。他们商定：四人同时出发，绕公园跑一圈，功率最大者获胜。那么，最后胜出者一定是A. 体重最大的同学 B. 最快跑完一圈的同学
C. 速度最大的同学 D. 做功最快的同学下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是A. 寒冷的冬天，人们搓手后感到暖和
B. 晚上睡觉用热水袋取暖
C. 在鲜榨的果汁里放些冰块，喝果汁时感觉凉爽
D. 利用太阳能热水器“烧水”跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，他的A. 重力势能转化为动能 B. 动能减少
C. 重力势能减少 D. 机械能增大科技引领生活，5G时代已经来临。车辆利用5G通讯网络可在一、两公里之外提前感知交通信号灯，为无人驾驶提供支持。如图所示，是用于路口的5G指示灯，则红黄绿三种颜色指示灯的连接方式及5G通讯传递信息的形式分别是
A. 串联；超声波 B. 串联；电磁波 C. 并联；超声波 D. 并联；电磁波如图所示，电路元件及导线连接均完好，闭合开关、，则
 
A. 不能发光，能发光 B. 能发光，不能发光
C. 、都能发光 D. 、都不能发光在“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器不能起到的作用是A. 改变电路中的电流 B. 改变被测电阻两端的电压
C. 改变被测电阻的阻值 D. 保护电路下列说法正确的是______ 。
A.电源是把其它形式的能转化为电能的装置
B.海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的小得多
C.“钻木取火”是通过热传递的方式改变物体的内能
D.内燃机的做功冲程是将机械能转化为内能的过程
选择理由：______ 。高速公路收费站对过往的载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图，以下说法正确的是______ 。
A.称重表其实是一个电压表
B.当车辆越重时、称重表的示数越大
C.当车辆越重时、称重表的示数越小
D.电路中的是没有作用的
选择理由：______ 。
我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较_____填“大”或“小”。冬天用热水袋来暖手，这是通过_____的方式来增加手的内能。被举高的重锤具有______ 能；拉弯的弓具有______ 能。某一导体，两端加电压时，通过它的电流为、它的电阻为______ ；当其两端电压为0V时，它的电阻是______ ，如果将该导体均匀拉长再接入电路，其电阻会______ 填“变大”或“变小”。请你在图中画出最省力的绕绳方法。







 如图所示，请在图中的“O”内填入电流表或电压表的符号，使开关闭合后两灯都能发光。






 炎热的夏天，小明打着赤脚在烈日当空的小河边游玩时发现：岸上的石头热得烫脚，而河水却比较凉，请用物理知识解释其中的道理。






 如图所示电路，电源电压为12V，，开关闭合后，电流表示数为。则：
通过的电流？
通过的电流？
的阻值？






 一个人用20N的水平向右的拉力，使重力为100N的物体在水平面上移动了。试求；
人的拉力对物体做的功是多少？
如果这个人拉物体所用的时间为，则拉力做功的功率为多少？






 小红和小明利用如图所示装置探究杠杆的平衡条件。

若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向______ 选填“左”或“右”调节，使杠杆在水平位置平衡。
在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是______ 。
在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测出力臂，多次实验并把数据记录在表格中。次数11102522101203315310小明根据以上数据得出杠杆平衡条件是______ 。
杠杆调节平衡后，小红在杠杆上的A点处挂4个钩码，如图乙所示，为使杠杆重新平衡，应在B点挂______ 个钩码，当杠杆平衡后，将A点和B点下方所挂的钩码同时向支点O靠近一格，杠杆会______ 选填“左侧下降”“右侧下降”或“仍水平平衡”。小红猜想动能的大小可能与物体质量和运动的速度有关，于是她设计了如图甲、乙所示的实验来探究动能的大小与哪些因素有关。

A.如图甲所示，让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从不同高度处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
B.如图乙所示，让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从高度处开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
由上述甲、乙两组实验：
乙图中让质量不同的两个小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时，具有相同的______ 。
选用图甲探究的是动能与______ 的关系，得出的结论是______ 。
选用图乙探究的是动能与______ 的关系，得出的结论是______ 。
物理研究方法有许多，如等效替代法、类比法、对比法、控制变量法。本实验中运用了两种研究方法，一种是______ ；另一种是转换法，就是用______ 来表示小球动能的大小。甲为研究并联电路电流规律的实验电路图。
若要测量干路电流，则电流表应串联在甲图中的______选填“A”、“B”或“C”处。
若要测量A处的电流，连好电路闭合开关前，发现电流表指针位置如图乙所示。调整正确后闭合开关，发现指针又偏向图乙位置，其原因是______。
纠正中错误后，测出A、B、C三处的电流值如表所示。由此得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等，这个实验在设计方案上还存在的不足之处是：______写出一条即可。位置ABC 电流
如图所示，实践小组的同学们进行“伏安法测定小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为阻值约为，滑动变阻器规格为“”。

请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整导线不得交叉。
连好电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移动到______ 端选填“左”或“右”，小明发现小琴连接电路时将电流表和电压表在电路中位置颠倒，则闭合开关后，电流表______ 示数，电压表______ 示数。选填“有”或“没有”
滑动变阻器在实验中除保护电路外，还有______ 的作用。同学们把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能是______ 。
经检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，当小灯泡正常发光时，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______ 。
实验结束后，小组同学根据实验数据，绘制了如图丙所示的图像，分析图像可得出结论：______ 。
答案和解析1.【答案】B
 【解析】解：为剪开较硬的物体，应选择更省力的剪刀，则应选择动力臂大于阻力臂的，B选项中的剪刀动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，能更容易地剪开较硬的物体。
故选：B。
杠杆在使用时有时为了省力，有时为了省距离，要剪开较硬的物体时，需要克服更大的阻力，因此是为了省力。根据杠杆的平衡条件可知，只有动力臂大于阻力臂的杠杆才更省力。
本题主要考查我们运用杠杆平衡条件来分析杠杆在使用时的特点，知道动力臂与阻力臂的关系决定了杠杆是省力还是费力。
 2.【答案】D
 【解析】解：由功率的物理意义可知，功率大的物体，做功快；已知功率最大者获胜，所以最后胜出者一定为做功最快的同学；而体重最大或速度最大的同学做功不一定快，不一定是最后胜出者。
故选：D。
功率是反映物体做功快慢的物理量，功率大，则物体做功快；据此结合题意分析判断。
本题考查了功率的物理意义，理解功率的含义是正确解答本题的根本。
 3.【答案】A
 【解析】解：
A、双手互相摩擦会感到暖和，是因为克服摩擦做功，使手的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，故A符合题意；
B、用热水袋取暖，属于热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C、把冰块放在鲜榨的果汁里，喝时感觉很凉爽，是果汁和冰块之间发生了热传递，属于热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D、利用太阳能热水器烧水，水吸收了热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：A。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
做功和热传递虽然都能改变物体内能，但热传递是内能的转移，而做功是内能与机械能的转化，两者的实质不一样。
 4.【答案】C
 【解析】解：由于运动员在空中匀速下落，质量和速度都没发生变化，故动能不变；在下落过程中，高度降低，所以重力势能减小，机械能等于动能和重力势能之和，所以机械能也是减小；故该过程中不存在动能和重力势能的转化，故选项ABD错误，选项C正确。
故选：C。
动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
动能和势能总称为机械能。
该题考查了动能和重力势能大小的影响因素，难度不大。
 5.【答案】D
 【解析】解：
根据生活经验可知，交通指示灯中的三个灯不会同时亮，即可以单独工作，且工作时互不影响，所以可以判断出三种颜色指示灯是并联的；
5G通讯是利用电磁波来传递信息的。
故选：D。
并联电路中各用电器互不影响，串联电路中各用电器互相影响。由于三个电灯不会同时工作，由并联电路的特点知，三个电灯是并联。5G通讯传递信息靠电磁波传递。
本题考查的是学生利用物理知识解释生活现象的能力，属于基础题目。
 6.【答案】B
 【解析】【分析】
本题考查了电路的三种状态，是一道基础题。
根据电路图可知，闭合开关、，电路为的基本电路，被短路。
【解答】
闭合开关、，电路为的基本电路，被短路，故能发光，不能发光。故ACD错误，B正确。
故选B。  7.【答案】C
 【解析】解：A、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流。故A不符合题意。
B、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变，移动滑动变阻器的滑片，改变了电路中的电流，根据，电阻不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化。故B不符合题意。
C、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变。故C符合题意。
D、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用。故D不符合题意。
故选：C。
电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器和被测电阻串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用。移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据知，电阻两端的电压也随之变化。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路。
不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的。
 8.【答案】A 电源是对外供电的，是把其它形式的能转化为电能的装置
 【解析】解：
A、电源是对外供电的，是把其它形式的能转化为电能的装置，故A正确；
B、海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，故B错误；
C、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，故C错误；
D、内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程，故D错误。
故答案为：A；电源是对外供电的，是把其它形式的能转化为电能的装置。
电源在电路中是提供电能的装置，即把其它形式能转化为电能.
水的比热容较大，相同质量的水和沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少。
改变内能的方法有两种：做功和热传递。
在内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能。
本题考查了电源的作用、水的比热容大的应用、改变内能的方法和内燃机工作过程能量的转化，属于综合性题目。
 9.【答案】B 当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由可知，电路的电流越大，称重表的示数越大
 【解析】解：
A、称重表与电阻串联，为电流表，故A错误；
BC、当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由可知，电路的电流越大，称重表的示数越大，故B正确，C错误；
D、如果没有电阻，当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的具有保护电路的作用，故D错误。
故答案为：B；理由：当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由可知，电路的电流越大，称重表的示数越大。
根据电流表与被测电路元件串联、电压表与被测电路元件并联判断图中称重表的类型；
根据滑片移动的方向确定电路总电阻的变化，再根据欧姆定律可知电路电流的变化；
假设去掉定值电阻，判断可能出现的现象，从而确定所起的作用。
本题考查了电表的正确使用和定值电阻的作用以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
 10.【答案】大；热传递；
 【解析】【解答】
我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较大，相同质量的水，在温度变化相同时，其吸收或放出的热量多；
冬天用热水袋来暖手，是能量发生了转移，这是通过热传递的方法来增加手的内能。
故答案为：大；热传递。
【解析】
本题考查了水的比热容大的特点和改变物体内能方式的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
 11.【答案】重力势能  弹性势能
 【解析】解：重锤被举高后，由于受到重力并处在一定高度，所以具有重力势能。
弓被拉弯，发生弹性形变，所以具有弹性势能。故答案为：重力势；弹性势。
物体由于受到重力并处在一定高度时所具有的能，叫重力势能。物体由于发生弹性形变而具有的能，叫弹性势能。
本题主要考查能量的基本概念。
 12.【答案】30 30 变大
 【解析】解：
某一导体，两端加电压时，通过它的电流为，由可知，电阻阻值：；导体电阻由导体的材料、长度与横截面积有关，与导体两端电压无关，当其两端电压为0V时，导体电阻仍为；如果将该导体均匀拉长再接入电路，长度变大，横截面积减小，则电阻会变大。
故答案为：30；30；变大。
已知电压与电流，应用欧姆定律可以求出电阻阻值；
导体电阻与电压电流无关，导体电阻由导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
本题考查了欧姆定律和影响导体电阻大小的因素，为易错题。
 13.【答案】解：
从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：

 【解析】滑轮组的绕线方法。可以从定滑轮或动滑轮绕起。要知道从动滑轮绕起比从定滑轮绕起多中间一根绕线。
此题主要考查了滑轮组的绕线。在做题时，关键是需要根据题目的要求判断出始端或终端的绕线情况。
 14.【答案】解：因为下面的“〇”与灯泡串联，所以是电流表；上面的“〇”与灯泡并联，所以是电压表；如图所示。

 【解析】根据电流表和电压表的使用：电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联即可解答。
本题考查了电流表和电压表的使用及电路图的画法。熟知电压表和电流表的使用特点是关键。
 15.【答案】答：
因为水的比热容比石头的大，相同质量的水和石头比较，吸收相同的热量都在太阳照射下，水的温度升高的少，故河水是凉凉的，而石头的温度升高的多，热得烫脚。
 【解析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握，应用好“质量、吸收的热量相同时，比热越大温度升高的越小”是本题的关键，可以借助帮助记忆。
 16.【答案】解：由电路图可知，开关S断开时，电路为的简单电路；开关S闭合时，、并联，电流表测量干路电流；
通过的电流：；
开关闭合后，两电阻并联，因并联电路中各支路互不影响，因此通过的电流仍为，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过的电流：；
由可得，的阻值：。
答：通过的电流为；
通过的电流为；
的阻值为。
 【解析】根据电路图可知，开关S断开时，电路为的简单电路；开关S闭合时，、并联，电流表测量干路电流；
根据欧姆定律求出通过的电流；
根据并联电路各支路互不影响的特点和并联电路电流规律求出通过的电流；
根据欧姆定律求出的阻值。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础题。
 17.【答案】解：拉力做的功：；
拉力做功的功率。
答：人的拉力对物体做的功是10J；
如果这个人拉物体所用的时间为，则拉力做功的功率为4W。
 【解析】已知拉力的大小和运动的距离，根据公式可求拉力做的功；
利用即可求出功率。
本题考查功和功率的计算，重点知道影响做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上通过距离。
 18.【答案】右  便于直接测量力臂大小    6 左侧下降
 【解析】解：若实验前杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；
在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是便于直接测量力臂大小；
根据以上数据得出杠杆平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力臂，即；
若一个钩码重G，每一个小格长L，如图乙所示，根据杠杆平衡条件应满足：，，为使杠杆重新平衡，应在B点挂6个钩码；
若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧，右侧，因为，所以杠杆不能平衡，左端会下沉。
故答案为：右；便于直接测量力臂大小；；；左侧下降。
为了便于测量力臂大小，杠杆需要在水平位置平衡，调节平衡时螺母向上翘的一端移动，杠杆在水平位置平衡时重心与支点重合，可以消除杠杆自身重力影响；
根据表格中的数据得出杠杆的平衡条件；
设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断。
本题考查杠杆的平衡条件实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
 19.【答案】速度  速度  物体质量一定时，运动速度越大，动能越大  质量  物体运动速度一定时，质量越大，动能越大  控制变量法  小球推动纸盒移动的距离
 【解析】解：乙图两个小球的质量相等，小球从不同高度自由下滑，到达斜面底部的速度不同，所以小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时具有相同的速度；
甲图中小球的质量不变，高度不同，小球所处的位置越高，到达斜面底部获得的速度越大，所以探究动能与速度的关系；观察到小球质量相同时，小球速度越大，推动纸盒移动越远；故得出的结论是物体质量一定时，运动速度越大，动能越大。
乙图中两个不同质量的小球从同一斜面同一高度滑下，到达斜面底部时速度相同，质量不同，所以实验探究动能跟质量的关系；观察到小球速度相同时，小球质量越大，推动纸盒移动越远；故得出的结论是物体运动速度一定时，质量越大，动能越大。
动能大小跟质量大小和速度大小有关，探究时运用了控制变量法；通过物体推动纸盒移动的距离来反映物体动能大小，运用了的转换法。
故答案为：速度；速度；物体质量一定时，运动速度越大，动能越大；质量；物体运动速度一定时，质量越大，动能越大；控制变量法；小球推动纸盒移动的距离。
小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时具有相同的速度；
探究动能跟速度关系时，控制质量不变；质量一定时，速度越大，动能越大；
探究动能跟质量的关系时，控制速度不变；速度一定时，质量越大，动能越大；
动能大小跟质量大小和速度大小有关，探究时运用了控制变量法；
物体动能大小不能直接观察，而是通过物体推动纸盒移动的距离来反映，纸盒移动越远，物体具有动能越大；运用了的转换法。
掌握动能大小的影响因素，利用转换法和控制变量法，探究动能大小的影响因素是解题的关键，要细心解答。
 20.【答案】C 电流表正负接线柱接反了  只做了一次实验或选择了两个相同规格的灯泡做实验
 【解析】解：电流表与被测电路串联，要测干路电流，电流表应接在干路上，即甲图中的C处；
闭合开关前，即没有电流通过电流表时，若指针反向偏转，则说明电流表指针没有调零；
闭合开关后，发现指针反向偏转，则说明电流从电流表负接线柱流入了，电流表正负接线柱接反了；
原实验中，选用两个相同规格的灯泡，选择的灯泡太特殊，所以通过灯的电流相等；且实验只做了一次，实验次数太少。为避免实验的偶然性得出具有普遍性的结论，所以应换用不同规格的灯泡继续实验，得到多组实验数据，然后分析数据，得出实验结论。
故答案为：；
电流表的正负接线柱接反；
 只做了一次实验或选择了两个相同规格的灯泡做实验。
电流表与被测电路串联；
根据电流表指针反向偏转作答；
明确归纳法的含义和要求，所谓归纳法是通过样本信息来推断总体信息的技术，要做出正确的归纳，就要从总体中选出的样本，这个样本必须足够大而且具有代表性，这样才能避免实验的偶然性得出具有普遍性的结论。据此找出原实验存在的问题。
本题研究并联电路电流规律，考查电路的连接、数据的处理方法及归纳法的具体运用，体现对过程和方法的考查。
 21.【答案】右  无  有  改变小灯泡两端的电压  电路连接过程中开关没有断开  小灯泡两端的电压和电流之比不是定值
 【解析】解：因为小灯泡的额定电压为，所以电压表选用的量程，电压表与灯泡并联且正接线柱与小灯泡的进接线柱相连，电路的电流为：，所以电流表选用小量程与小灯泡串联，滑动变阻器一上一下的串联在电路中，如下所示：

为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即最右端；
当把电压表和电流表的位置给颠倒后，由于电压表串联在电路中，且电压表的阻值特别大，所以导致电路中的电流很小，所以电压表有示数，电流表没有示数；
滑动变阻器的基本作用是保护电路，此实验中主要作用是改变小灯泡两端的电压及通过电阻的电流，算出多组电阻；
连接好最后一根导线，灯泡立即发光，可能是连接电路时没有断开开关；
灯在额定电压下正常发光，所以移动滑动变阻器的滑片P，观察到电压表的示数为时，表明小灯泡正常发光；
图乙中电流表选用小量程，分度值为，示数为，
小灯泡的电阻为：；
由图知图像不是直线表示小灯泡两端的电压和电流之比不是定值。
故答案为：见上图；右；无；有；改变小灯泡两端的电压；电路连接过程中开关没有断开；；小灯泡两端的电压和电流之比不是定值。
根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，电压表与灯泡并联且遵循正进负出，根据欧姆定律算出小灯泡的电流，据此判断出电流表的量程，滑动变阻器一上一下的串联在电路中；
为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处；
若电流表和电压表在电路中位置颠倒，则电压表串联在电路中，根据电压表相当于开路的特点分析；
要测量灯在不同电压下的电阻大小，据此分析；连接电路时，为保护电路，要断开开关；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电流表小量程读数，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的阻值；
小灯泡的电阻随温度的变化而变化。
本题考查了连接电路图、滑动变阻器的调节、电表读数、求电阻、实验评价等；连接电路图时，电流表应选择恰当的量程，电流表正负接线柱不要接反；对电表读数时，应先确定电表量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。