2020-2021学年江西省南昌市西湖区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年江西省南昌市西湖区九年级（上）期末物理试卷，共22页。试卷主要包含了【答案】欧姆定律  焦耳定律，【答案】250 0，【答案】W=Ptc=Qm△t，【答案】短路  电阻，【答案】S 磁场，【答案】==，【答案】<<，【答案】0等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年江西省南昌市西湖区九年级（上）期末物理试卷
1. 走进物理世界，基本概念和规律非常重要，请你写出电学中两个定律的名称：______和______。
2. 小汽车上使用的是四冲程汽油机，如图所示，是汽油机的______冲程。从能量转化的角度看，此冲程是将______能转化为机械能的过程。
3. 小华用50N的水平力推重为400N的物体沿水平面傲匀速直线运动物体在5s内移动5m，在此过程中，小华对物体所做的功是______J，重力做功的功率是______W。
4. 根据“单位”推出对应的物理公式是常用的记忆方法，例如：速度单位是m/s(其中m是路程的单位，s是时间的单位)，可以推出对应的公式为：v=st，同样，根据电能的单位kW⋅h，就可以推出对应的公式为______ ；根据比热容的单位取J/(kg⋅℃)，也可以推出对应的公式为：______ 。
5. 入冬以来，各地因为不安全用电引起的火灾事故明显有上升趋势。在家庭电路中除了______和过载(用电器总功率过大)会造成电流过大引发安全事故外，线路连接处因为接触不良，也容易造成该处______变大，造成局部过热，从而加速导线老化，引起火灾。
6. 在“探究通电螺线管周围的磁场方向”的实验中，在螺线管附近放置了一枚小磁针，通电后小磁针静止时的指向如图所示，小磁针的A端为______极，小磁针和螺线管间的相互作用是通过______发生的。
7. 已知R1>R2，若将它们并联在电路中，则它们两端对应的电压U1______U2，若将它们串联在电路中，则通过它们对应的电流I1______I2.(均选填“>”“<”或“=”)
8. 质量相等的两金属块A和B长时间放在沸水中，将它们从沸水中取出后，立刻分别投入甲、乙两杯质量和温度都相同的冷水中.不计热量损失，当甲、乙两杯水的温度不再升高时，发现甲杯水的温度低于乙杯水的温度，两杯水吸收的热量______ ，两金属块比热容cA______ cB(均选填“>”“<”或“=”)
9. 如图甲是小明家电能表的数据或信息。
(1)小明关闭了家里的其他用电器，只让一个电炉正常工作6min后，观察电能表的铝盘转过了300圈，这个电炉6min消耗的电能是______ kW⋅h；
(2)若小明家的电能表上月尾的示数如图甲所示，本月尾的示数如图乙所示，按电费为0.61元/kW⋅h计算，小明家该月应交电费为______ 元。

10. 在家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更容易发热，老化得更快。关于连接处的这一小段导体的说法，正确的是( )
A. 连接处的电阻较小 B. 连接处的电流较小
C. 连接处的电阻较大 D. 连接处的电流较大
11. 冬天天气寒冷，小明家全部门窗都紧闭，室内没有空气流动，小明爸爸不小心把装了白酒的酒瓶摔破在地上。过一段时间，小明发现全屋都充满了酒的味道，这个现象说明( )
A. 分子非常小 B. 分子间有间隙
C. 分子间有相互作用力 D. 分子在不停地做无规则运动
12. 生活中能量转化的实例很多，下列描述中正确的是( )
A. 摩擦生热是把内能转化为机械能
B. 燃料燃烧放热是把内能转化为化学能
C. 电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能
D. 摩擦起电是把电能转化为机械能
13. 下列数据最接近实际的是( )
A. 一节新干电池的电压为2V
B. 家用日光灯正常发光时的电流约为200mA
C. 电饭煲的电功率约为80W
D. 对人体而言的安全电压是36V
14. 有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为1800W。两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是( )
①甲电热水壶两端的电压较低②通过乙电热水壶做功较快
③通过两个电热水壶的电流相等④甲电热水壶的电阻较大
⑤乙电热水壶比甲电热水壶一次能烧更多的开水
⑥相同时间内，两个电热水壶消耗的电能不一样
A. 只有②是对的 B. ②④⑥是对的 C. ①③是对的 D. ④⑤⑥是对的
15. 发电机与如图所示各种实验装置工作原理相同的是( )



A. 通电导体在磁场中受力
B. 电荷定向移动
C.        电磁感应现象
D.      奥斯特实验
16. 为维护消费者权益，我市某技术监督部门对市场上的电线产品进行抽査，发现有一个品牌的铜芯电线不符合规格：电线直径明显比说明书上标有的直径要小。这种电线不符合规格的主要原因是( )
A. 电线的温度引起电阻偏大 B. 电线的材料引起电阻偏大
C. 电线的长度引起电阻偏大 D. 电线的横截面积引起电阻偏大
17. 在测未知电阻Rx时，如果缺少电流表或电压表，可以通过增加一个定值电阻R1和开关来解决，下面的四种方案中正确的是( )
A. B.
C. D.
18. 如图甲所示电路，闭合开关两灯都发光，此时两表指针刚好指在同一位置如图乙所示，下列说法中正确的是( )

A. 通过灯泡L1的电流是0.56A
B. 通过灯泡L2的电流是0.7A
C. 通过开关的电流是0.7A
D. 若灯泡L1灯丝烧断，将导致灯泡L2中无电流通过
19. 如图是科技史上有名的人物，在远距离输电时，导线的总电阻R会较大，导线上电能损耗很多，在19世纪的美国，特斯拉提出用交流电系统给远距离用户输电，而爱迪生提出用直流系统给距离用户输电，后来交流电取得了胜利，交流电的优势在于能按需要改变电压，用相关的物理知识回答下列问题：
(1)当输出的电功率P一定时为什么输电时提高电压能降低导线上的电流大小？
(2)电流减小后为什么导线上电能损耗减小？








20. 春节小明的爸爸驾着一辆功率为120kW的小轿车，带着家人回老家过年，途中在一段平直的高速公路上以20m/s的速度匀速行驶。求：
(1)这段路程中小轿车受到的牵引力。
(2)水平行驶1min牵引力对汽车做的功。







21. 小明同学对一个额定电压已经模糊、额定功率为1W的小灯泡进行了研究，利用可调电源按图甲连接后，闭合开关S，测得通过小灯泡的电流与电压关系如图乙所示。

(1)根据图乙判断，实验过程中小灯泡的电阻是______ (选填“恒定不变”或“变化”)，你的判断依据是：______ ；
(2)通过图乙可知，小灯泡的额定电压是______ V；
(3)求：当小灯泡两端的电压为1V时，1min内小灯泡消耗的电能是多少？
22. 小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图所示，主要技术参数如下表电吹风在额定电压下工作，问：
(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？
(2)电热丝工作时的电阻是多大？
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风10min产生的热量是多少？
热风温度
50−75℃
额定功率
热风时：1210W
冷风时：110W
额定电压
220V
质量
0.5kg








23. 小明在“探究小灯泡的亮度与哪些因素有关”的实验中，所用电源电压恒为3V，小灯泡上标有“2.5V”字样。
(1)请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最大值。闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数。若电路中仅有一处故障，这个故障可能是______。
(3)排除故障后继续实验，小明进行了4次测量，并将有关数据及现象记录在表格中。在第1次实验中小灯泡不亮的原因是______。
(4)分析图表格中信息，可知小灯泡的额定功率为______W.按照表格试验4次记录的数据，小明是将滑片P一直向______(选填“左”或“右”)移动。
物理量
次数
电压U/V
电流
I/A
实际电功率P/W
小灯泡亮度
1
0.5
0.12
0.06
不亮
2
1.5
0.20
0.30
偏暗
3
2.5
0.30

正常
4
2.8
0.32
0.90
更亮
(5)实验得出的结论是：小灯泡的实际电功率______，灯泡越亮。
(6)小明依照4次试验记录数据绘制出U−I图象，发现灯泡的电阻不是固定不变的，原因是：______。

24. 某实验小组测一滑轮组机械效率的数据如图中表所示：
实验次数
动滑轮重
钩码重

钩码上升的高度

动力
动力作用点移动距离
滑轮组的机械效率η
1
0.53
1
0.1
0.7
0.3
47.6%
2
2
0.1
1.1
0.3

3
4
0.1
2
0.3
66.6%
(1)请你在图中画出本实验的绕绳方法。表格中空白处的机械效率是______。
(2)用同一滑轮组提升不同重物至同一高度：克服动滑轮的重所做的额外功______(填“相同”或“不同”)；提升的物重增加时，滑轮组的机械效率______。某同学在该实验中加速向上提升重物，滑轮组的机械效率______(均选填“变大”、“变小”、“不变”)
(3)多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，目的是为了______。(选填字母)
A.获得多组数据归纳出物理规律     B.多次测量取平均值减小误差     C.减小摩擦
(4)利用本实验装置______(填“能”或“不能”)研究该滑轮组机械效率与重物匀速向上运动的速度大小的关系。
25. 为了验证并联电路的电流特点，小明设计了如图1所示的电路进行实验．

(1)在连接电路时，开关应处于______ 状态．
(2)小明先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：______ .
(3)排除故障后，她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，电流表示数如图2中甲、乙、丙所示，可读出I1=______ A，I2=______ A，I=______ A.根据测量结果，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：______  (写出关系式即可).
(4)为了使结论更具普遍性、更科学准确，他接下来可以采用的方法是：______  继续做实验进行验证．
(5)另外两位同学在使用电流表时，其电流表的指针摆动分别出现了如图3甲、乙所示的两种情况，请分析他在电流表的使用上分别存在什么问题，并写在下面的横线上．
甲同学的问题：______ ；
乙同学的问题：______ .
答案和解析
1.【答案】欧姆定律  焦耳定律

【解析】解：物理中学过的定律很多，比较重要的有牛顿第一定律、欧姆定律、焦耳定律、能量守恒定律等，其中电学中的基本规律为：欧姆定律和焦耳定律。
故答案为：欧姆定律；焦耳定律。
(1)欧姆定律：导体中的电流，与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比；
(2)焦耳定律：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比。
本题考查了学生对学过的物理定律、公式的记忆能力，对于比较重要的公式定律，我们要牢牢的记住。

2.【答案】做功  内

【解析】解：由图可以看出，热机的进气门关闭，排气门关闭，活塞由上向下运动，为做功冲程；做功冲程中内能转化为机械能；
故答案为：做功；内。
解决此题要根据进气门、排气门的开关情况和活塞的运动情况进行判断；内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，难度不大。

3.【答案】250 0

【解析】解：
(1)小华对物体做的功：
W=Fs=50N×5m=250J；
(2)重力的方向竖直向下，物体在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过距离，所以重力对物体没有做功，即重力做功为0J，由P=Wt可知重力做功的功率为0W。
故答案为：250；0。
(1)利用W=Fs求小华做的功；
(2)一个力要对物体做功，物体必须在这个力的方向上通过一段距离。重力的方向竖直向下，物体在水平方向上通过了距离，而没有在竖直方向上通过距离，所以重力对物体没有做功，利用P=Wt确定重力做功功率大小。
本题考查了学生对功的公式和功率公式的掌握和应用，物体并没有在重力的作用下做功，小华也没有克服物体的重力做功，所以理解做功的两个必要因素很关键。

4.【答案】W=Ptc=Qm△t

【解析】解：(1)电能的单位kW⋅h中的kW是功率P的单位，h是时间t的单位，故可得对应的公式W=Pt；
(2)比热容的单位J/(kg⋅℃)中的J是热量Q的单位，kg是质量的单位，℃是温度的单位，所以比热容的公式为c=Qm△t。
故答案为：W=Pt；c=Qm△t。
(1)kW为电功率单位，h为时间单位，故电能等于电功率与时间的乘积；
(2)J为热量单位，kg为质量单位，℃为温度单位，故可以推出比热容等于热量与质量和温度变化量乘积之比。
本题通过有关单位推导相应的公式，考查了对相应物理量及对应单位的掌握。

5.【答案】短路  电阻

【解析】解：(1)引起家庭电路中电流过大的原因是：一是短路，二是过载，即用电器总功率过大。这些可能造成电流过大引发安全事故；
(2)在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，由Q=I2Rt可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。
故答案为：短路；电阻。
(1)家庭电路中电流过大的原因有两种，一是用电器短路，二是用电器总功率过大。
(2)由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析
本题主要考查学生对家庭电路故障的判断能力，以及对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。

6.【答案】S 磁场

【解析】解：
由图知，螺线管中电流的方向是从右前方流入，利用安培定则可知，通电螺线管左侧为N极，右侧为S极。由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，小磁针的A端为S极，B端为N极。
由磁场知识可知，小磁针和螺线管间的相互作用是通过磁场发生的；
故答案为：S；磁场。
根据螺线管中的电流方向，利用安培右手定则确定通电螺线管的两极，再利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极。
磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。

7.【答案】==

【解析】解：因为并联电路两端电压相等，因此R1、R2并联时，U1=U2；
因为串联电路中处处电流相等，因此R1、R2串联时，I1=I2。
故答案为：=；=。
根据并联电路电压规律以及串联电流规律进行分析。
本题考查并联电路电压规律以及串联电路电流规律，属于基础题。

8.【答案】<<

【解析】解：
当甲、乙两杯水的温度不再升高时，达到热平衡，金属块的末温等于水的末温，因为此时甲杯水的温度低于乙杯水的温度，所以金属块A的末温比金属块B的末温低；
两金属块使水温升高，甲杯水的温度低于乙杯水的温度，则甲杯水升高的温度小，而两杯水的质量相同，由可知甲杯里的水比乙杯里的水吸收的热量少，即；
两金属块都从沸水中取出、初温t相同，
对于金属块A来说有：…①
对于金属块B来说有：…②
因水的质量相同，且mA=mB，
则①÷②得：，
因tA 由于t−tA>t−tB，所以cA 故答案为：<；<。
当水的温度不再升高时，每个杯中都达到了热平衡，金属块的末温等于水温、每个金属块放出的热量等于各自杯中水吸收的热量，据此利用吸热和放热公式判断正误。
本题考查了学生对吸热公式、热平衡方程的掌握和运用，能确定甲乙两金属块的末温关系是本题的关键。

9.【答案】0.1122

【解析】解：(1)工作6min消耗电能W=13000×300kW⋅h×300=0.1kW⋅h；
(2)由表盘字样可知，小明家该月消耗的电能：W=376.5kW⋅h−176.5kW⋅h=200kW⋅h，
应交的电费：200kW⋅h×0.61元/kW⋅h=122元。
故答案为：(1)0.1；(2)122。
(1)根据表盘字样，用电器每消耗1kw⋅h的电能，电能表的铝盘就转过3000r；可求转过300r消耗的电能；
(2)用户消耗的电能为电能表示数之差，由此求出用电器消耗的电能，根据题意计算应交的电费。
本题考查电能表表盘字样的意义，难度不大。

10.【答案】C

【解析】解：
在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，所以连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾，故ABD错误，C正确。
故选：C。
导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。

11.【答案】D

【解析】解：室内没有空气流动，小明爸爸不小心把装了白酒的酒瓶摔破在地上。过一段时间，小明发现全屋都充满了酒的味道，是因为酒分子在不停地做无规则运动，运动到空气中进入小明的鼻腔，引起嗅觉，属于扩散现象。
故选：D。
一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。
本题主要考查学生对分子运动的快慢和温度关系的了解和掌握，是一道基础题。

12.【答案】C

【解析】解：
A、摩擦生热是克服摩擦做功，摩擦过程中，消耗了机械能，内能增大，把机械能转化为内能，故A错误；
B、燃料燃烧放热是把化学能转化为内能，故B错误；
C、电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能，故C正确；
D、摩擦起电是消耗了机械能，获得了电能，故是把机械能转化为电能，故D错误。
故选：C。
解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式，判断减小的能和获得的能分别是哪一个。
自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化。

13.【答案】B

【解析】A、一节新干电池的电压为1.5V；故A错误；
B、日光灯正常发光时的电流约0.2A，即200mA；故B正确；
C、电饭煲的电功率在1000W以上；故C错误；
D、对人体而言的安全电压是不高于36V；故D错误；
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

14.【答案】B

【解析】解：①甲和乙两电热水壶的额定电压相等，则正常工作时它们两端的电压相等，故①错误；
②电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，乙的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过乙电热水壶做功较快，故②正确；
③两电热水壶正常工作时的电压相等，实际功率不同，由P=UI的变形式I=PU可知，通过的电流不相等，故③错误；
④由P=U2R的变形公式R=U2P可知，电热水壶的额定功率越大，电阻越小，因此甲电热水壶的电阻较大，故④正确；
⑤电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积，与电热水壶的额定功率无关，故⑤错误；
⑥根据W=Pt可知，额定功率不同时，相同时间内，电热水壶消耗的电能不同，故⑥正确。
故选：B。
①两电热水壶正常工作时的电压和额定电压相等；
②两电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，实际功率大的电流做功快；
③根据P=UI比较两电热水壶正常工作时的电流关系；
④根据P=U2R的变形公式可知两电热水壶的阻值关系；
⑤电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积；
⑥根据W=Pt可知，相同时间内，两个电热水壶消耗的电能的关系。
本题考查了电功率公式和电功公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等、电压和额定电压相等。

15.【答案】C

【解析】解：发电机是利用电磁感应现象的原理工作的：
A、此图中有电源，导体通电后，会受力运动，是电动机的原理图，说明通电导线在磁场中受力的作用，故A错误；
B、电荷的定向移动会形成电流，验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，故B错误；
C、此图中没有电源，当磁场中的金属棒做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，故电磁感应现象，该现象就是发电机的原理，故C正确；
D、该图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，与发电机无关，故D错误；
故选：C。
当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象，这就是发动机的原理。
能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键。

16.【答案】D

【解析】解：
当导体的长度、材料、温度不变时，横截面积越小，电阻越大。本题中的条件即为电线的横截面积小引起电阻偏大。
故选：D。
依据影响电阻大小的因素来判断。影响电阻大小的因素共有四个：材料、长度、横截面积、温度。
本题考查影响电阻大小有关因素的掌握情况，注意探究电阻大小时，用控制变量法进行分析。

17.【答案】ACD

【解析】解：A、当开关S1、S2闭合时，R1被短路，电压表的示数等于电源电压；
再断开开关S2时，电压表测量Rx两端的电压，则可计算出R1两端的电压，即可计算出电路中的电流，从而可计算出被测电阻的阻值，A能测出，故A符合题意；
B、电压表串联在电路中，其示数始终等于电源电压，不可知被测电阻的电压和电流，不能测出其阻值，故B不符合题意；
C、只闭合S2可测出通过被测电阻的电流，两个开关都闭合，可测出干路电流，则可计算出R1的电流，由U=IR可得R1两端的电压，根据并联电路各支路两端电压相等的关系可得被测电阻两端的电压，从而计算出待测电阻的阻值，故C符合题意；
D、当S1闭合，S2断开时，电流表测出通过R1的电流，由U=IR可计算出电源电压；
当两开关都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，则可根据并联电路的电流规律计算出通过Rx的电流，从而计算出Rx的阻值，故D不符合题意。
故选：ACD。
根据欧姆定律及串并联电路的电压、电流规律，分析是否能够得出电阻两端的电压及通过电阻的电流，便可得出结论。
本题考查了测量电阻的特殊方法分析，关键分析能够根据开关的开合得出电阻两端的电压及通过电阻的电流。

18.【答案】AC

【解析】解：
AB、由甲图可知两灯泡并联，电流表A1测量的是干路电流，A2测L2支路的电流，
由于干路电流大于支路电流，且此时两表指针刚好指在同一位置，
所以电流表A1使用的是0−3A量程，分度值为0.1A，则干路电流I=0.7A，
电流表A2选择的是0−0.6A，分度值为0.02A，即通过L2的电流为I2=0.14A，
由并联电路电流的规律可得，通过灯L1的电流：I1=I−I2=0.7A−0.14A=0.56A，故A正确，B错误。
C、开关在干路上，则通过开关的电流等于干路中的电流I=0.7A，故C正确；
D、两灯泡并联，若灯泡L1灯丝烧断，对灯泡L2无影响，则灯泡L2中有电流通过，故D错误。
故选：AC。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电流，根据并联电路的电流特点确定两电流表的量程，并根据分度值读出其大小、求出通过L1和L2的电流。
本题考查了电流表的读数和并联电路的特点，分清电路的连接方式和电流表量程的判读是解决本题的关键。

19.【答案】答：(1)根据P=UI知，当输出的电功率P一定时，输出的电压越大，电流越小；
(2)根据Q=I2Rt知，远距离输电时，导线的电阻R一定，电流I小，导线上的电能损耗小，这样电能传输的效率会提高。

【解析】(1)根据P=UI分析解答；
(2)根据Q=I2Rt分析解答。
本题考查了电功率公式和热量公式的应用，是一道理论联系实际的好题。

20.【答案】解：
(1)根据P=Wt=Fst=Fv可得轿车受到的牵引力为：
F=Pv=120×103W20m/s=6×103N；
(2)t=1min=60s，
行驶1min牵引力对汽车做的功：
W=Pt=120×103W×60s=7.2×106J。
答：(1)这段路程中小轿车受到的牵引力为6×103N。
(2)水平行驶1min牵引力对汽车做的功为7.2×106J。

【解析】(1)已知速度和发动机功率，利用F=Pv可得发动机的牵引力；
(2)根据W=Pt即可求出1min牵引力对汽车做的功。
本题考查功率公式的运用，注意功率公式导出式和单位统一。

21.【答案】变化  通过小灯泡的电流与灯两端的电压不成正比  2.5

【解析】解：(1)从图象可知，灯泡两端的电压和通过的电流不成正比，所以说灯泡的电阻是在变化的；
(2)由图可知，当时，，，
所以灯泡的额定电压为2.5V。
(3)由图可知，当灯泡两端的电压为U=1V时，可以看出电流为I=0.25A，
1分钟内小灯泡消耗的电能为W=UIt=1V×0.25A×60s=15J。
答：(1)变化；通过小灯泡的电流与灯两端的电压不成正比；
(2)2.5；
(3)1min内小灯泡消耗的电能是15J。
(1)从图象可以看出电流和电压的变化，从而可知灯泡的电阻的变化；
(2)已知额定功率为1W，当功率为1W时，根据公式P=UI可以从图象上看出电压和电流的大小；
(3)已知灯泡两端的电压和工作时间，从图中可以看出通过灯泡的电流，根据公式W=UIt可求1分钟内小灯泡消耗的电能。
本题考查消耗的电能、额定电压的计算，关键是从题目所给信息中找到有用的数据，能看懂图象这是本题的重点。

22.【答案】解：(1)当吹冷风时，只有电动机工作，P1=110W，
由P=UI可得，通过电动机的电流：
I1=P1U=110W220V=0.5A；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，
电热丝R2的电功率：
P2=P−P1=1210W−110W=1100W，
由P=U2R可得电热丝R2的电阻值：
R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω。
(3)10min=600s内电流通过电动机产生的热量：
Q1=I12R1t=(0.5A)2×1Ω×600s=150J；
答：(1)电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是0.5A；
(2)电热丝工作时的电阻是44Ω；
(3)电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风10min产生的热量是150J。

【解析】(1)当吹冷风时，只有电动机工作，根据P=UI求出通过电动机的电流；
(2)当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，根据P=U2R求出电热丝R的电阻值。
(3)根据Q=I2Rt求出电吹风吹冷风10min产生的热量。
本题考查了电功率公式和焦耳定律的应用，关键是知道电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率。

23.【答案】灯泡短路  灯的实际功率过小  0.75右  越大  灯的电阻随温度的变化而变化

【解析】解：(1)变阻器按一上一下接入电路中，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下图所示：

(2)闭合开关后，电流表有示数，则电路为通路，发现灯泡不亮，电压表无示数，若电路中仅有一处故障，这个故障可能是：灯泡短路；
(3)由表中数据知，在第1次实验中小灯泡的实际功率为0.06W，比其他几次实验中小灯泡的实际功率小很多，则灯不亮的原因是：灯的实际功率过小；
(4)由表中数据可知，灯在额定电压下的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
按照表格试验4次记录的数据可知，电路的电流是一直变大，由欧姆定律可知，电路的电阻变小，变阻器接入电路的阻值减小，所以小明是将滑片P一直向右移动；
(5)分析表中灯的实际功率和灯的亮度可得出得出的结论是：小灯泡的实际电功率越大，灯泡越亮；
(6)小明依照4次试验记录数据绘制出U−I图象，发现灯泡的电阻不是固定不变的，原因是：灯的电阻随温度的变化而变化。
故答案为：
(1)如上图所示；(2)灯泡短路；(3)灯的实际功率过小；(4)0.75；右；(5)越大；(6)灯的电阻随温度的变化而变化。
(1)变阻器按一上一下接入电路中，根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)闭合开关后，电流表有示数，则电路为通路，根据灯泡不亮，电压表无示数且电路中仅有一处故障分析；
(3)灯的亮度由灯的实际功率决定，由表中数据知第1次实验中小灯泡的实际功率为0.06W，据此分析；
(4)由表中数据可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
根据电路的电流是一直变大的，由欧姆定律分析；
(5)分析表中灯的实际功率和灯的亮度可得出得出的结论；
(6)灯的电阻随温度的变化而变化。
本题探究小灯泡的亮度与哪些因素有关，考查电路连接、故障分析、功率计算、欧姆定律的运用、数据分析和影响电阻大小的因素。

24.【答案】60.6%相同  变大  变小  A 能

【解析】解：(1)绳子的有效段数：n=sh=0.3m0.1m=3；
如下所示：

表格中空白处的机械效率是：
；
(2)由可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功相同；
由表中数据知，提升的物重增加时，滑轮组的机械效率变大；
某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，总功变大，而有用功不变，故滑轮组的机械效率变小；
(3)多次改变提升的物重测量滑轮组的机械效率，目的是为了获得多组数据归纳出物理规律，选A；
(4)研究该滑轮组机械效率与重物匀速向上运动的速度大小的关系，要控制提升重物的重力相同(用同一重物即可)，只改变重物匀速向上运动的速度大小，故利用本实验装置能研究该滑轮组机械效率与重物匀速向上运动的速度大小的关系
故答案为：
(1)如上所示；  60.6%；
(2)相同；变大； 变小； (3)A；
(4)能。
(1)根据n=sh求出绳子的有效段数，据此连接电路；
根据表格中数据，由求出空白处的机械效率；
(2)由可知分析；
由表中数据知，提升的物重增加时，滑轮组的机械效率变大；
实验中应匀速竖直向上拉动测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数大小等于拉力大小，某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，据此分析滑轮组的机械效率变小化；
(3)为得出普遍性的规律，要多次测量；
(4)研究该滑轮组机械效率与重物匀速向上运动的速度大小的关系，要控制提升重物的重力相同，只改变重物匀速向上运动的速度大小。
本题测一滑轮组机械效率，考查滑轮组连接、机械效率计算、影响机械效率大小的因素及控制变量法的运用。

25.【答案】(1)断开；(2)L1或电流表开路；(3)0.5；0.52；1；I=I1+I2；(4)改变电源电压；(5)电流表正、负接线柱接反；电流表所选量程偏大

【解析】
【分析】
(1)任何电学实验，在连接电路时为了保护电源和用电器，开关都应是断开的；
(2)根据并联电路特点独立工作、互不影响可知，灯L2发光说明灯L1支路不可能短路，结合电流表的示数为0可知L1支路断路；
(3)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，然后对数据进行分析即可得出结论；
(4)为了验证结论的普遍性，应从改变电路中的电流来入手，得出除了更换不同灯泡之外，能改变电路中电流的方法即可得出答案；
(5)根据电流表的使用分析．电流不能超过电流表的量程，接线柱要接正确，量程用选合适的量程进行测量．
探究并联电路电流的规律时，如果选用的灯泡的规格相同，会得出支路电流相等的结论，这是个特殊情况，应换用不同规格的灯泡重新进行实验．
【解答】(1)为了保护电器，连接电路之前，开关应该是断开的．
(2)灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1支路不可能短路，只能是断路，即电路可能存在的故障是L1或电流表开路．
(3)甲和乙电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以I1=0.5A、I2=0.52A；
乙电流表的量程为0∼3A，分度值0.1A，所以I=1A；
在误差范围内I=I1+I2.
(4)为了验证结论的普遍性，改变电路中的电流还可以采用的方法是用改变电源电压继续实验的方法进行验证．
(5)当电流表的正负接线柱接错时，指针会向左偏，故甲同学的是由于电流表正、负接线柱接反；
当量程选择的太大时，指针会偏转的角度小，读数不准确，故乙同学是电流表所选量程偏大．
故答案为：(1)断开；(2)L1或电流表开路；(3)0.5；0.52；1；I=I1+I2；(4)改变电源电压；(5)电流表正、负接线柱接反；电流表所选量程偏大．