2020-2021学年辽宁省盘锦市大洼区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年辽宁省盘锦市大洼区九年级（上）期末物理试卷，共30页。试卷主要包含了6W，5WD，28J，5V”字样，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年辽宁省盘锦市大洼区九年级（上）期末物理试卷
1. 下列现象中，不能用分子热运动的观点来解释的是( )
A. 打开香皂盒会闻到香味
B. 擦黑板时粉尘飞扬
C. 水和酒精混合后体积变小
D. 液体很难被压缩，说明分子间有斥力
2. 关于内能、温度、热量三者关系描述正确的是( )
A. 物体放出了热量，温度一定降低
B. 物体温度降低，内能一定减小
C. 温度相同的不同物体，它们的内能一定相同
D. 物体内能减少了，一定对外做功
3. 下列有关电流和电路的说法中正确的是( )
A. 只有正电荷定向移动才会形成电流
B. 带电的物体只能吸引带异种电荷的物体
C. 丝绸与玻璃棒摩擦以后，丝绸带负电
D. 金属导体中电流方向与自由电子定向移动方向相同
4. 在相同温度下，下列关于导体电阻的判断正确的是( )
A. 铜线的电阻一定比铁线的小
B. 粗细相同的两根铝线，长的那根电阻较大
C. 长度相同的两根铝线，粗的那根电阻较大
D. 长度相同粗细也相同的铜线和铁线电阻相等
5. 在如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法中正确的是( )

A. 电流表A1的示数变大
B. 电压表V的示数变大
C. 电压表V与电流表A2的示数之比变大
D. 电流表A2与A1的示数之差变大
6. 图甲是定值电阻R和灯泡L的电压随电流变化关系的图象，将该定值电阻R和灯泡L串联在图乙的电路中，闭合开关，此时电流表示数为0.4A，关于该电路下列计算中错误的是( )
A. 电源电压为3V B. 电阻R的阻值为5Ω
C. 电阻R消耗的电功率为0.8W D. 灯泡L消耗的电功率为1.2W
7. 如图所示的四个装置，以下关于它们的说法中正确的是( )

A. 图甲可用来演示电动机原理
B. 图乙可用来演示通电导线周围磁场的强弱与电流大小的关系
C. 图丙可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系
D. 图丁可用来演示发电机的工作原理
8. 下列有关家庭电路和安全用电的说法正确的是( )
A. 我国家庭电路的电压为36V
B. 在触电事故现场，要立即切断电源
C. 冰箱使用三脚插头，是为了防止电流过大引起火灾
D. 用电器的开关发生短路时，会造成空气开关自动断开
9. 如图1所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P从右端滑向左滑动的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图2所示。下列说法正确的是( )
A. 滑片从最右端向左端滑动过程中，电压表示数变小
B. 电源电压为6V
C. R0电阻为20Ω
D. 电路消耗的最大功率为3.6W
10. 某台四冲程内燃机，转速为3000revs/min，它的一个工作冲程如图所示，下列关于汽油机工作的说法正确的是( )


A. 汽油机每秒完成50个工作循环，做功25次
B. 图示冲程中，机械能转化为内能
C. 这台内燃机完成一个冲程的时间1120s
D. 汽油燃烧时，内能增大，汽油的热值不变
11. 如图欲使滑动变阻器调节灯泡发光的强弱，图中的四种接法中正确的是( )
A. B.
C. D.
12. 以下电路图中，R0的阻值已知，能测出RX阻值的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图是家庭电路，下列说法中正确的是( )
A. FD两点间的电压为220V
B. 若熔丝熔断了是因为家庭电路中的用电器过多
C. 若导线EH间断路，仍然可以安全使用三孔插座
D. 若闭合开关S灯泡发光，电路中的电水壶不能工作，用试电笔检测三孔插座左右两孔氖管发光，则说明CD之间断路
14. 将标有“6V 3W”的灯L1与“6V 6W”L2串联在9V的电源上，L1、L2都发光，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列正确的是( )
A. L2电阻为6Ω B. 流过L2的电流为1A
C. L2的实际功率1.5W D. L1比L2亮
15. 如图所示，在烧瓶内装入少量水，用气筒往瓶里打气，在瓶塞跳出的瞬间，瓶内出现白雾。该白雾是水蒸气______(填物态变化名称)形成的，该实验说明，______是改变物体内能的一种方式；在这个过程中，气体的内能转化成了塞子的______能。
16. 新型LED灯将取代白炽灯，LED灯是由______ 材料制成。超导体的电阻为______ 欧姆，未来在常温下找到超导材料可以应用在______ (A.电饭煲发热体B.输电线C.电熨斗)
17. 图甲为电子测温仪，某科技小组设计了一个内部结构原理图，如图乙所示，电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻。
(1)由图可知显示仪是由______ (选填“电流”或“电压”)表改装成的。
(2)在测体温时，被测温者体温越高，显示仪的示数就越大，可知热敏电阻R阻值随着温度的升高而______ 。此时电路中的电流变______ 。

18. 在学习电流的热效应时，小明想探究“电流产生的热量是否与电阻大小有关”，他应该选用图中______ (选填“甲图”或“乙图”)所示的电路进行实验。此实验中小明是根据玻璃管中液柱的高度来判断电流产生热量的多少的，这种研究方法叫做______ 。如果乙容器右端升高4格，则左端升高______ 格。

19. 《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。如图所示，“柢”即握柄，是磁体的______ (选填“N“或“S”)极。静止时指向地磁场的______ (选填“南”或“北”)极。这就是最古老的指南针。指南针所指的南北方向通常偏离地理南北极方向，世界上最早记述这一现象的是中国宋代的______ 。
20. 新型家庭电路一旦有人站在地上不小心接触到火线时______ 切断(空气开关/漏电保护器)。如图所示为小明家的电能表，单独接入某用电器工作10min，电能表转盘转过300转，这台用电器的功率为______ W。正常用电时他家电表表盘转得越快，电路中的总电阻越______ (大/小)。
21. 如图多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。如图是某品牌养生壶简化电路图。其中R1、R2为电热丝，电阻不变。如表为其铭牌，其中高温挡的额定功率已模糊不清。
项目
参数
电源电压(V)
220
低温挡功率(W)
220
中温挡功率(W)
440
高温挡功率(W)

容积(L)
2
(1)养生壶处于低温挡工作时，30min消耗的电能；
(2)求R1的阻值；
(3)在标准大气压下，使用高温挡将初温是45℃的一壶水烧开，若养生壶高温挡加热效率为75%，烧开一壶水需要的时间。








22. 如图所示电路中，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”电流表的量程为“0∼0.6A”，小灯泡上标有“2.5V1.25W”字样，不考虑灯丝电阻变化，并保证长时间电路安全工作，求：
(1)当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器的滑片移到最右端时，小灯泡在1min内消耗的电能为17.28J。则电源为多少伏。
(2)当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗的最大功率。
(3)当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值。







23. 如图所示，用规格相同实验器材给甲、乙液体加热。这两种液体的温度随加热时间的图线如图一
(1)甲、乙初温为______ ℃，甲液体第30s的内能______ 第35s的内能。
(2)根据图信息得出：甲液体的比热容______ 乙液体的比热容。
(3)当加热到55秒时，甲液体吸收的热量______ 乙液体吸收的热量。
(4)90s时，甲液体分子运动剧烈程度______ 乙液体分子运动剧烈程度。((1)第二空(2)(3)(4)选填“大于”、“等于”、“小于”)
(5)在标准大气下，如果，则______ J/(kg⋅℃)。


24. 在探究并联电路电流规律的实验中，图甲是实验的电路图。

(1)连接电路时开关应该是______ 的状态，电流表应______ (选填“串联”或“并联”)在被测电路中。若要测量灯L2中的电流，则电流表应接在甲图中的______ 点。
(2)小明同学在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是______ ；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为______ A。
(3)在实验中，小强发现两个并联的小灯泡，L1很亮，L2发光微弱，造成这种现象的原因可能是______ 。
A.两个灯泡两端的电压不同
B.L2灯丝断了
C.L2灯泡的电阻过大
D.L2灯泡被短路
25. 小希和小聪一起进行“探究串联电路的电压关系”的实验。

(1)为了使探究得出的结论：他们应该先选择灯泡L1、L2为规格不相同的小灯泡。这样做的目的是______ 。
(2)小希根据图甲连接好电路，闭合开关，发现L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近电源电压，则电路的故障位置______ 灯发生了______ (选填“短路”或“断路”)。
(3)小聪帮助小希排除故障后，重新闭合开关，电压表示数如图乙所示，为了使测量结果更准确，接下来他应该______ 。
(4)测出L1两端的电压后，小希断开开关，拆下电压表，改装在A、C之间。她发现两次测量的结果是电压表指针偏转角度相同。则R1：R2=______ 。
26. 探究“电流与电压和电阻的关系”时。实验室的实验器材有：电源(电压恒为5V)、电流表、电压表各一个，开关一个，定值电阻四个(6Ω、12Ω、18Ω、24Ω)。滑动变阻器两只(规格分别为：“20Ω2A”、“50Ω1A”)，灯泡，导线若干。

(1)小明小组探究“电流与电压的关系”：
电压U/V
1.2
1.8
2.4
电流I/A
0.2
0.3
0.4
①如图图2的实物电路中存在连线错误，只需要改接一根导线就可以更正实物连接，请你把接错的那根导线打上“×”，再画线把它改到正确位置上(导线不允许交叉)。
②将6Ω的电阻接入电路。闭合开关。发现电压表示数小于电源电压。电流表有示数，调节滑片P两表示数不变。造成这一现象的原因是______ 。
③排除故障后进行试验得到的数据如表。由此可得到的实验结论是______ 。
(2)小华小组探究“电流与电阻的关系”：
①将6Ω的电阻接入电路，检查无误后闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.8V，并记下相应的电流值。再用12Ω的电阻替换6Ω的电阻。此时滑片应向______ (选填“左”或“右”)端移动，移动滑动变阻器的目的是______ 。
②为了完成用四个定值电阻进行试验，应选择现格是______ 的滑动变阻器。
③某次实验电流表示数如图3，则他接入的电阻______ Ω。
27. 在探究产生感应电流条件的实验中：
(1)同学们按图所示接好导线，然后进行以下操作，
操作一：磁体不动，闭合开关，导体ab竖直上下运动。现象：电流计指针______ (偏转不偏转)；
操作二：磁体不动，闭合开关，导体ab水平左右运动。现象：电流计指针摆动，这个原理应用在______ (发电机电动机扬声器)。综合上面实验现象，可以得出产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做______ ，电路中有感应电流产生。实验中如果电流表指针摆动角度过小，那么下列做法无效的是______ (A.换更灵敏电流表B.换强磁铁C.加快导体ab运动速度D.换用规格相同的不同材料的导体)
(2)想在此装置的基础上再探究磁场对通电导体的作用，必须要增加的一个器材是______ 。
28. 小青在“测量小灯泡的额定功率”实验中，选用的小灯泡标有“2.5V”字样。
(1)如图甲是小青测量小灯泡额定功率实物电路，请在答题卡上画出对应电流表和电压表变化的大致图像______ 。

(2)连接好电路后闭合开关，小青发现小灯泡没有发光，但电流表有示数，接下来应进行的操作是______ (选填标号)。
A.更换小灯泡
B.检查开关是否闭合
C.移动滑动变阻器滑片
D.检查电压表是否断路
(3)实验时，电压表的示数如图乙所示，则应将滑片向______ (选填“A”或“B”)端移到某一位置，才能使小灯泡正常工作。若正常工作时电流表示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)完成上述实验后，小青又设计了一种测额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻。请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点______ (选填“A”或“B”)，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U1。
②保持______ 的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③用U1、U2、R0表示小灯泡的额定功率，则表达式P=______ 。
答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：A、打开香皂盒会闻到香味，是因为香味分子在不停地做无规则运动。可以由分子的无规则运动解释。不合题意；
B、粉尘虽小，但仍是由很多分子组成的固体小颗粒，故无法用分子动理论解释。符合题意；
C、由于酒精分子和水分子之间有间隔，才会导致混合后总体积变小，可用分子间有间隙解释。不合题意；
D、液体很难被压缩，说明分子间有斥力，可用分子间有斥力解释。不合题意。
故选：B。
分子动理论包括以下方面的内容：1、分子之间存在空隙。2、分子在永不停息地做无规则运动。3、分子之间存在引力和斥力。
本题考查学生对分子动理论内容的理解情况，需要将物理知识和生活实际联系后进行解答。

2.【答案】B

【解析】解：
A.液体凝固成晶体时，放出热量，但是温度不变，A错误；
B.物体温度降低，物体的内能减小，B正确；
C.温度相同的不同物体，如果质量不同，那么它们的内能也不同，C错误；
D.改变物体内能的方式有做功和热传递，物体内能减少了，不一定对外做功，也许是对外放出热量，D错误。
故选：B。
(1)晶体在凝固的过程中，放出热量，温度不变；
(2)(3)内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；
(4)改变内能的方法有两个：做功和热传递。
本题考查温度、热量与内能的关系，属于基础知识，难度不大。

3.【答案】C

【解析】解：A、电荷的定向移动形成电流，无论是正电荷还是负电荷，只要发生定向移动，均可形成电流，故A错误。
B、带电的物体可以吸引带异种电荷的物体，也可以吸引不带电的轻小物体，故B错误。
C、摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是由于电子由玻璃棒转移到丝绸上，故丝绸带负电，故C正确。
D、正电荷定向移动的方向是电流的方向，所以金属导体中电流方向与自由电子定向移动方向相反，故D错误。
故选：C。
(1)电荷的定向移动形成电流。
(2)异种电荷相互吸引，带电体可以吸引不带电的轻小物体。
(3)被毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷称为负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒所带电荷称为正电荷。摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移。
(4)正电荷定向移动的方向是电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。
理解电流的形成、电流方向的规定，知道电荷间的作用规律和带电体的性质、摩擦起电的实质，可解答此题。

4.【答案】B

【解析】解：由题知，在相同温度下，比较各导体的电阻大小；
A、导体的电阻与导体的材料、长度与横截面积有关；铜线和铁线的材料不同，但不知道导体的长度和横截面积，所以无法确定铜线与铁线电阻的大小关系，故A错误；
B、在材料、横截面积相同的情况下，导体越长，导体电阻越大，所以粗细相同的两根铝线，长的那根电阻较大，故B正确；
C、在材料、长度相同的情况下，导体越粗，横截面积越大，电阻越小，所以长度相同的两根铝线，粗的那根电阻较小，故C错误；
D、长度相同、粗细也相同的铜线和铁线，由于材料不同，则它们的电阻不相等，故D错误。
故选：B。
电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，因此在分析电阻的大小时应使用控制变量法，逐个因素进行比较。
本题考查了影响导体电阻的因素，知道影响导体电阻的因素即可正确解题，是一道基础题。

5.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
A、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；
B、因电源电压恒定，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
C、将滑动变阻器的滑片P向右移动，接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过R1的电流变大，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，则电压表与电流表A2的示数之比变小，故C错误；
D、由电流表A2与A1的示数之差等于通过R1的电流可知，两电流表的示数之差变大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
(1)根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2的电流变化；
(2)根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化；
(3)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表与电流表A2的示数之比变化；
(4)根据并联电路的电流特点结合通过R1的电流判断电流表A2与A1的示数之差变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

6.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，当电流表的示数I=0.4A时，定值电阻两端的电压UR=2V，灯泡两端的电压UL=1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压：U=UR+UL=2V+1V=3V，故A正确；
B.由I=UR可得，定值电阻的阻值：R=URI=2V0.4A=5Ω，故B正确；
C.电阻R消耗的电功率：PR=URI=2V×0.4A=0.8W，故C正确；
D.灯泡L消耗的电功率：PL=ULI=1V×0.4A=0.4W，故D错误。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。根据图甲读出电流表的示数I=0.4A时定值电阻两端的电压和灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源电压，利用欧姆定律求出定值电阻的阻值，再利用P=UI求出电阻R消耗的电功率和灯泡L消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

7.【答案】C

【解析】解：
A、图a没有电池，是发电机的原理，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，故A错误；
B、图b验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；
C、图c电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；
D、图d有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机而不是发电机，故D错误。
故选：C。
题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。
电与磁这一章的书中重点实验装置图要掌握好，记清实验名称和说明的原理及生活中的应用。

8.【答案】B

【解析】解：A、我国家庭电路电压是220V，故A错误；
B、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，这样救人者也会触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故B正确；
C、冰箱使用三脚插头，是为了将冰箱的金属外壳接地，防止因外壳漏电而发生触电事故，故C错误；
D、用电器的开关发生短路时，开关闭合，用电器正常工作，不会造成空气开关自动断开，故D错误。
故选：B。
(1)我国家庭电路电压是220V，人体安全电压不高于36V；
(2)一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；
(3)冰箱使用三脚插头，是为了将冰箱的金属外壳接地；
(4)用电器的开关发生短路时，相当于用电器的开关闭合。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会发声危险。

9.【答案】B

【解析】解：A、由图可知，当滑片从最右端向左端滑动过程中，电阻R阻值变大，由图2可知，电压表示数变大，故A错误；
BC、由图可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，滑动变阻器的电压为3V，则通过电路的电流为：I1=U1R1=3V5Ω=0.6A，
则根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：U=U1+I1R0=3V+0.6A×R0  -------①；
滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：I2=U2R2=4V10Ω=0.4A，
则根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压为：U=U2+I2R0=4V+0.4A×R0  -------②；
联立①②得，R0=5Ω，U=6V，故B正确，C错误；
D、当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率为P=U2R0=(6V)25Ω=7.2W，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)变阻器由左端向右滑动过程中，接入电路中的电阻变小，由图2可知，电压表示数的变化；
(2)读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；
(3)当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，利用P=U2R0即可求出最大功率。
本题考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。

10.【答案】BD

【解析】解：A、内燃机转速为3000revs/min=50r/s，则1s内飞轮转50转，共25个工作循环，对外做功25次，故A错误；
B、由图可知，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，所以该冲程是压缩冲程，发生的能量转化是机械能转化为内能，故B正确；
C、该内燃机1s内完成25个工作循环，共100个冲程，所以这台内燃机完成一个冲程的时间1100s，故C错误；
D、汽油燃烧时，汽油的化学能转化为内能，所以内能增大，热值是燃料本身的一种性质，与燃料的种类有关，所以当燃料燃烧时热值不变，故D正确。
故选：BD。
(1)在四冲程内燃机的飞轮每转2圈，完成1个工作循环并对外做功1次；
(2)根据两个气门的闭合情况和活塞的运动方向判定是哪个冲程，再判断有无能量转化；
(3)汽油机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周；
(4)汽油燃烧时，化学能转化为内能；燃料的热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，与燃料的质量大小和燃烧是否充分无关。
本题主要考查了内燃机四个冲程的工作特点，对于实际问题，要了解具体情况后结合所学知识解答。

11.【答案】AD

【解析】解：
A.分析电路可知，滑动变阻器和灯串联，所以可以改变灯的亮度，故A正确；
B.分析电路可知，小灯泡被短路灯不亮，所以当滑片移动时不能灯的亮度，故B错误；
C.分析电流可知，滑动变阻器全部接入电路，当移动滑片时不能改变接入电路的电阻，所以灯的亮度不变，故C错误；
D.分析电路可知，滑动变阻器和灯串联，当移动滑片时能改变接入电路的电阻，所以可以改变灯的亮度，故D正确。
故选：AD。
(1)滑动变阻器和用电器串联，才能保护电路，才能改变用电器两端的电压和用电器中的电流。
(2)滑动变阻器的原理：靠改变接入电路中电阻丝的长度，改变连入电路的电阻，改变电路中的电流。
掌握滑动变阻器的结构、作用、原理、接线柱的接法、滑动变阻器和其他用电器的连接方法。

12.【答案】BCD

【解析】解：A.由图可知R0和RX并联，电压相等，根据电压表可以知道Rx的电压，但无法确定Rx的电流，所以该电路图没法测量RX阻值，故A不符合题意；
B.由图可知R0和RX串联，电流相等，电压表测的是总电压，电流表测的是电路中的电流，根据公式U=IR可得出R0的电压，根据串联电路电压的规律可得到RX的电压，根据公式R=UI可以得到RX阻值，故B符合题意；
C.由图可知R0和RX串联，电流相等，电压表V1可以测出R0的电压，根据公式I=UR可以得到电路中的电流，电压表V2可以测出Rx的电压，根据公式R=UI可以得到RX阻值，故C符合题意；
D.由图可知R0和RX并联，电压相等，电压表A1可以测出R0的电流，根据公式U=IR可以得到Rx的电压，电压表A2可以测出Rx的电流，根据公式R=UI可以得到RX阻值，故D符合题意。
故选：BCD。
串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表或电流表，直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律求得Rx电阻。
测电阻的原理为Rx=UxIx，用电压表和电流表，再根据串联电路和并联电路的电流和电压特点，直接或间接测量电压和电流，这是解决本题的关键。

13.【答案】AD

【解析】解：
A、FD两点分别在火线和零线上，所以FD两点间的电压为220V，故A正确；
B、若熔丝熔断了，可能是因为家庭电路中同时工作的用电器过多导致过载，也可能是由于电路中某处发生短路造成的，故B错误；
C、若导线EH间断路，则三孔插座与地线断开，此时使用三孔插座是不安全的，故C错误；
D、若闭合开关S灯泡发光，说明灯泡之前的电路是正常的，电路中的电水壶不能工作，用试电笔检测三孔插座左右两孔氖管发光，说明电路中三孔插座之前某处零线断路，所以可说明CD之间断路，故D正确。
故选：AD。
(1)火线与零线间的电压为220V；
(2)熔丝熔断的原因：一是短路，二是用电器总功率过大；
(3)三孔插座的“中间孔”是与大地相连的，防止用电器的金属外壳漏电发生触电事故；
(4)试电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。
本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。

14.【答案】ACD

【解析】解：A、L2电阻为：
R2=U22P2=(6V)26W=6Ω，故A正确；
B、L1电阻为：
R1=U12P1=(6V)26W=12Ω，
两灯串联，电路中的电流为：
I=UR1+R2=9V12Ω+6Ω=0.5A，
串联电路中电路处处相等，所以流过L2的电流：
I2=I1=I=0.5A，故B错误；
C、L2的实际功率：
，故C正确；
D、因为L1比L2电阻大，但流过的电流相等，根据公式P=I2R可知，L1比L2实际功率大，所以L1比L2亮，故D正确。
故选：ACD。
(1)已知L2的铭牌，根据公式R=U2P可求得L2的电阻；
(2)已知L1的铭牌，根据公式R=U2P可求得L1的电阻，根据串联电路的特点和公式I=UR可求得流过L2的电流；
(3)利用公式P=UI可求得L2的实际功率；
(4)通过公式P=I2R比较两灯的实际功率，灯泡的亮度由实际功率决定。
本题主要考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。

15.【答案】液化  做功  机械

【解析】解：
用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，气体的内能转化成了塞子的机械能，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度降低的影响，瓶口周围的水蒸气液化成小水滴，这些小水滴就是看到的白雾，该现象表明，物体对外做功，物体的内能会减小。
故答案为：液化；做功；机械。
改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递，对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少；物质由气态变为液态称为液化。
了解做功与物体内能的改变，知道液化现象的发生条件，可顺利解答。

16.【答案】半导体  0 B

【解析】解：(1)新型LED灯将取代白炽灯，LED灯是主要由硅、砷等半导体材料制成；
(2)超导体电阻为零欧姆，电流流过超导体导线时，导线不会发热，电能没有损失，可提高传输效率，因此可以用超导体制作远距离输电线，故B正确、AC错误。
故答案为：半导体；0；B。
(1)发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点；
(2)超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热，所以电能无法转化为内能；超导体的电阻为零，也就避免了内能的损耗，适合做输电导线。
本题考查半导体、超导体的特点及应用，体现了物理服务于社会的课标理念，解答本题的关键是超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作。

17.【答案】电压  减小  大

【解析】解：(1)因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表改装成的。
(2)被测温者温度越高，说明电压表示数越大，因为R0为定值电阻，所以由I=UR可知，电路电流变大；
由串联电路电压特点可知，电压表示数越大，R两端电压越小，电阻减小，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小。
故答案为：电压；减小；大。
根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。

18.【答案】乙图  转换法  2

【解析】解：探究电流产生的热量与电阻的关系时，应该改变电阻并保证电流和通电时间相同，乙图两电阻串联接入电路，通过它们的电流相等，故选乙；
该实验中电流通过导体产生热量的多少是通过玻璃管中液柱的高度来判断的，这种方法称为转换法；
串联电路各处电流相等，由焦耳定律可得左右两侧产生热量之比为：，
因为乙容器右端升高4格，则左端升高2格。
故答案为：乙图；转换法；2。
探究“电流产生的热量是否与电阻大小有关”的实验需要采用控制变量法、转换法进行，由焦耳定律可得左右两侧产生热量之比，进一步确定左端升高几格。
探究“电流产生的热量是否与电阻大小有关”的实验需要采用控制变量法、转换法进行，本题还考查焦耳定律的灵活运用。

19.【答案】S 北  沈括

【解析】解：磁勺的勺柄指南，根据地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，勺柄为该磁体S极；
地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，静止时磁体的S极，指向地磁场的北极；
沈括最早提出磁偏角。
故答案为：S；北；沈括。
(1)磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示；
(2)地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近；
(3)我国宋代学者沈括最早发现了磁偏角。
此题考查了地磁场的知识，难度不大。

20.【答案】漏电保护器  600 小

【解析】解：
(1)当有人站在地上不小心接触到火线时，会有一部分电流经过人体流入大地，使家庭电路中火线和零线的电流不相等，漏电保护器工作，切断电源，从而起到保护的作用；
(2)3000r/kW⋅h表示：电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过3000转，
转盘转过300转时，这台用电器消耗的电能：
W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h，
t=10min=16h，
该用电器的功率：
P=Wt=0.1kW⋅h16h=0.6kW=600W；
(3)正常用电时，他家电表表盘转得越快，表示电流做功越快，即电路中的用电器的总电功率越大，家庭电路的电压一定，由P=U2R可知用电器的总电阻越小。
故答案为：漏电保护器；600；小。
(1)当电路中电流过大时，空气开关工作，切断电路，起保护作用；
漏电保护器俗称漏电开关，当家庭电路工作正常时，从进户线流入的电流与出户线流出的电流相等，漏电保护器不工作；当家庭电路中发生漏电现象时，流入与流出的电流不相等，满电保护器工作。例如，当家中的冰箱外壳带电，且恰好有人接触外壳时，会有一部分电流经过人体流入地下，使家庭电路流入与流出的电流不相等，漏电保护器工作，切断电源，从而达到保护的功能；
(2)3000r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过3000转，据此求电能表的转盘转动300转时用电器消耗的电能，再利用电功率公式求出该用电器的功率。
(3)正常用电时，电能表转盘转得越快，表示电流做功越快，即电路中的用电器的总电功率越大，家庭电路的电压一定，由P=U2R可知用电器的总电阻越小。
本题考查了漏电保护器的作用、使用电能表时电能和电功率的计算，易错点在第一空的解答，明白漏电保护器的工作原理是关键。

21.【答案】解：(1)养生壶处于低温挡工作时，由P=Wt可得，30min消耗的电能：
；
(2)由图知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，总功率最大，所以此时养生壶处于高温挡；
由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，总功率最小，此时养生壶处于低温挡；
当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温挡。
由P=UI得，正常工作时通过R1的电流为：，
由I=UR得，R1的阻值：R1=UI1=220V2A=110Ω，
(3)由P=U2R可得，电阻R1、R2串联时总电阻：，
则R2的阻值：
当电阻R1、R2并联时，总电阻：，
高温挡功率：；
由ρ=mV可得，水的质量：
，
在标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：
，
由得，烧开水消耗的电能为，
由P=Wt可得，烧开一壶水需要的时间。
答：(1)养生壶处于低温挡工作时，30min消耗的电能为3.96×105J；
(2)R1的阻值为110Ω；
(3)烧开一壶水需要的时为700s。

【解析】(1)由表格数据可知低温挡时的功率，然后应用P=Wt的变形公式求出30min消耗的电能。
(2)分析清楚电路结构，应用电功率公式判断养生壶的工作状态；应用电功率公式和欧姆定律求出R1的阻值。
(3)首先求得并联电路的总电阻，然后由P=U2R可求得高温挡时的功率，由热量公式求出水吸收的热量，由效率公式求出壶消耗的电能，然后求出烧开一壶水需要的时间。
本题考查质量、水吸热、电功和热效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。

22.【答案】解：(1)当S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片移到最右端时，滑动变阻器的最大电阻与L串联，
由P=U2R知，灯泡电阻为：
RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
根据W=I2Rt得，小灯泡在1min内消耗的电能为17.28J，电流为：
I1=WRLt=17.28J5Ω×60s=0.24A，
电源电压为：
U=I(RL+R)=0.24A×(5Ω+20Ω)=6V；
(2)S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，为保证长时间电路安全工作，当灯泡正常发光时，电路中电流最大，
最大电流为：，
则电路消耗最大功率为：
；
(3)当S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，通过R0的电流为：
I0=UR0=6V30Ω=0.2A，
由电流表的量程可知，干路中的最大电流为0.6A，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得，通过滑动变阻器的最大电流为：
I2=I−I0=0.6A−0.2A=0.4A，
滑动变阻器的最小值为：
R1=UI2=6V0.4A=15Ω。
答：(1)电源为6V；
(2)当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗的最大功率3W；
(3)当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值15Ω。

【解析】(1)由P=U2R求出小灯泡电阻RL，由P=UI求出小灯泡正常发光时的电流；
当S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器的滑片移到最右端时，滑动变阻器的最大电阻与L串联，根据W=I2Rt得出电路的电流，由电阻的串联和欧姆定律得出电源电压；
(2)S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，根据P=UI求出电路消耗最大功率；
(3)S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，根据电流表的量程确定干路中的电流，由欧姆定律得出通过R0的电流，由电流表的量程可知干路中的最大电流为0.6A，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得，通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律可得滑动变阻器的最小值。
本题考查考查串并联电路的规律及欧姆定律和电功率、电能公式的运用，关键是电路的分析，属于常考题。

23.【答案】20 小于  大于  等于  大于  2.1×103

【解析】解：(1)由图可知甲、乙初温为20℃；
从30s到35s，甲液体吸收热量内能增大，所以甲液体第30s的内能小于第35s的内能；
(2)由图可知，前60s内，甲、乙图线重合，即表示加热时间相同时，甲、乙两种液体吸收热量相同时，升高的温度也相同，因，所以根据公式c=Qm△t知，甲液体的比热容大于乙液体的比热容；
(3)当加热到55秒时，因加热时间相同，根据转换法，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量；
(4)由图知，90s时甲的温度高于乙的温度，所以甲液体分子运动的剧烈程度大于乙液体；
(5)由图可知甲液体沸腾的温度是100℃，所以甲液体是水；
加热时间0∼60s时，加热相同时间(吸热相同)升高的温度相同，根据Q=cm△t，可知比热容与质量成反比，则甲、乙液体的比热容之比为：
，
则。
故答案为：(1)20； 小于； (2)大于；(3)等于；(4)大于；(5)2.1×103。
(1)由图可知甲、乙初温；一个物体吸热内能变大；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
由图可知，前60s内甲、乙图像重合结合公式c=Qm△t分析；
(3)根据转换法分析；
(4)比较90s时甲、乙温度的大小，温度越高标志着分子运动越剧烈；
(5)水沸腾的温度是100℃，可确定甲液体是水；
加热时间0∼60s时，加热相同时间(吸热相同)升高的温度相同，根据Q=cm△t分析求解。
本题考查转换法和c=Qm△t的运用及有关分子动理论和内能的知识，从图中获取有效的信息是关键。

24.【答案】断开  串联  B 电流表正负接线柱接反了  0.24C

【解析】解：(1)在连接电路时，为了保护电路应该断开开关；电流表应串联在被测电路中；
若要测量灯L2中的电流，则电流表应接在甲图中的B点；
(2)测量A处的电流时，根据乙图可知，电流表指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了；
由丙图可知，电流表选择小量程，分度值是0.02A，所以电流表的读数为0.24A；
(3)L1很亮，L2发光微弱，说明L1的实际功率较大，L2的实际功率很小：
A、因为两个灯并联，所以电压相等，故A不符合题意；
B.当L2灯丝断了，灯L2不亮，故B不符合题意；
C. L2灯泡的电阻过大，因电压一定，根据公式P=U2R，灯L2的实际功率很小，所以很暗，故C符合题意；
D.当L2灯泡被短路，电源被短路，L1和L2均不发光，故D不符合题意。
故选C。
故答案为：(1)断开；串联；B；(2)电流表正负接线柱接反了；0.24；(3)C。
(1)连接电路时，为保护电路，开关要断开；
电流表与待测电路串联，据此分析回答；
(2)测量电流时，电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电流表指针会反向偏转；
根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
(4)灯的亮度取决于灯的实际功率，逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。
本题探究并联电路电流规律的实验，考查注意事项、电流表的连接、注意事项、电流表读数、并联电路电压的规律及决定灯的亮度的因素和电功率公式的运用。

25.【答案】使结论具有普遍性  L1  断路  更换小量程  1：4

【解析】解：
(1)在探究串联电路的电压关系时，选择规格不相同的小灯泡是为了避免特殊性使结论更具有普遍性。
(2)当灯L1断路时，灯L1不亮，此时电压表和灯L2串联，因为电压表的电阻很大，所以电路中的电流很小几乎可以忽略不计，所以灯L2不亮，此时电压表测的是电源电压，示数接近于电源电压，符合题意。
(3)根据图可知电压表示数为2V，可以用小量程测出，为了使实验结果更准确，应该换用小量程进行测量。
(4)设接在AB时电压表的示数为U，因为电压表在AC之间时，两次测量的结果是电压表指针偏转角度相同，所以在电压表在AC之间时电压表的示数为5U，则BC间的电压为U2=5U−U=4U；
所以R1和R2的比值为R1：R2=UI：4UI=1：4。
故答案为：(1)使结论具有普遍性；(2)L1；断路；(3)更换小量程；(4)1：4。
(1)为了避免实验结论的偶然性，得出的结论具有普遍意义，应该选取不相同的小灯泡进行实验；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)实验时，电流表的指针偏转角度太小，说明选用的量程过大，据此回答；
(4)两次测量的结果是电压表指针偏转角度相同，由于总电压等于各部分电压之和，据此判定电压表的量程；然后根据欧姆定律得出电阻的比值。
本题“探究串联电路的电压关系”实验，考查归纳法的运用和电压表的使用，本实验也是中考的重点实验之一。

26.【答案】把变阻器下面两个接线柱连入了电路中  电阻一定时，导体中的电流与两端电压成正比  右  控制定值电阻电压为1.8V50Ω1A6

【解析】解：(1)①原电路中，电流从电压表负接线柱流入是错误的，电流应从电压表正接线柱流入，电压表与电阻并联，改正如下图：

②将6Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电压表示数小于电源电压，电流表有示数，则电路为通路，调节滑片P两表示数不变，变阻器没有了变阻的作用，又因为电压表示数小于电源电压，故把变阻器下面两个接线柱连入了电路中(若将变阻器上面两个接线柱连入电路中，则电压表示数为电源电压)；
③分析数据可知，R=UI=1.2V0.2A=1.8V0.3A=2.4V0.4A=6Ω，为一定值，可得到的实验结论是：当电阻一定时，导体中的电流与两端电压成正比；
(2)①用12Ω的电阻替换6Ω的电阻，定值电阻变大，定值电阻分压变大，大于原来的电压，为保持定值电阻两端电压不变，由电路图可知，应向右移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，控制定值电阻电压为1.8V；
②电阻两端的电压始终保持UV=1.8V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
，变阻器分得的电压为电压表示数的3.2V1.8V=169倍，根据分压原理，当接入24Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
，故为了完成整个实验，应选用用“50Ω1A”变阻器；
③电流表量程为0∼0.6A，分度值0.02A，读数为0.3A，由欧姆定律I=UR，电阻为：
R′=U′I′=1.8V0.3A=6Ω。
故答案为：(1)①如上所示；②把变阻器下面两个接线柱连入了电路中；③电阻一定时，导体中的电流与两端电压成正比；(2)①右；控制定值电阻电压为1.8V；②50Ω1A；③6。
(1)①原电路中，电流从电压表负接线柱流入是错误的，电流应从电压表正接线柱流入，电压表与电阻并联；
②将6Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电压表示数小于电源电压，电流表有示数，则电路为通路，调节滑片P两表示数不变，变阻器没有了变阻的作用，根据电压表示数小于电源电压分析回答；
③根据电压与电流之比为一定值得出结论；
(2)①根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
②根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入24Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
③根据电流表选用的量程确定分度值读数，由欧姆定律I=UR得出电阻大小。
本题探究“电流与电压和电阻的关系”，考查电路连接、反常现象和数据分析、控制变量法、操作过程、欧姆定律的运用和对器材的要求。

27.【答案】不偏转  发电机  切割磁感线运动  D 电源

【解析】解：(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时可以产生感应电流，导体ab竖直上下运动时不切割磁感线，所以不会产生感应电流，灵敏电流计指针不偏转；
电流计指针摆动，说明产生了感应电流，这种现象是电磁感应现象，应用是发电机；
感应电流产生的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
如果电流表指针摆动角度过小，说明感应电流太小，所以可以通过增大磁场或者加快导体切割磁感线的速度，或者提高电流表的灵敏程度来增大指针偏转角度，故做法无效的是D；
(2)探究磁场对通电导体的作用，要形成完整的电路，且导体中有电流，故需要用电源，所以必须要增加的一个器材是电源。
故答案为：(1)不偏转；发电机；切割磁感线运动；D；(2)电源。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
感应电流的大小与导体切割磁感线的速度、磁场的强弱有关；
(2)探究磁场对通电导体的作用，导体中有电流，需要电源提供电压。
本题考查探究电磁感应现象的实验，关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，仔细分析即可。

28.【答案】  CA1.25A滑片 U1U2−U1R0

【解析】解：(1)小灯泡的电阻受温度影响很大，当小灯泡电流增大时温度升高，电阻变大，故电流表和电压表变化的大致图像为：
；
(2)闭合开关时滑动变阻器的滑片在阻值最大处，所以电路中的电流很小，灯可能因为电流小所以不亮，所以应该移动滑片观察灯是否发光，故选C；
(3)由图可知，电压表示数为1.9V，所以如果让小灯泡正常发光需要增大小灯泡的电压，此时电路中电流变大，滑动变阻器的电阻变小，所以滑片应该向A端移动；小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.5A=1.25W；
(4)①为了让小灯泡正常工作，所以小灯泡的电压为2.5V，此时电压表应该测小灯泡电压才能知道小灯泡电压是否是2.5V，所以将开关S1拨到触点A。
②要保持电路中的电流表不变，所以要保证滑动变阻器的滑片位置不变，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③电路中的电流为I=U0R0=U2−U1R0，小灯泡的额定功率为P=U1I=U1U2−U1R0。
故答案为：(1)； (2)C；   (3)A；  (4)1.25；    (5)A；    (6)滑片；  (7)U1U2−U1R0。
(1)根据小灯泡标有“2.5V”字样的含义确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)连接好电路后闭合开关，电流表有示数，电路为通路，小青发现小灯泡没有发光，说明可能电路的电流过小，电阻过大，据此分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表选用的小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(4)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率；
本题测量小灯泡的额定功率实验，考查电路连接、电路分析、操作过程、功率计算、设计方案测额定功率的能力及串联电路的规律，难度较大。