2020-2021学年2.2 等差数列教案设计

这是一份2020-2021学年2.2 等差数列教案设计，共3页。
课时作业(三十)　[第30讲　等差数列] [时间：45分钟　　分值：100分]1．等差数列{an}的前n项和为Sn，若S2＝4，S4＝20，则该数列的公差为(　　)A．7  B．6  C．3  D．22．[2011·介休十中一模]  等差数列{an}中，a3＋a4＋a5＝12，那么a1＋a2＋…＋a6＋a7＝(　　)A．21  B．28  C．32  D．353．[2011·惠州一调] “lgx，lgy，lgz成等差数列”是“y2＝xz”成立的(　　)A．充分非必要条件  B．必要非充分条件C．充要条件        D．既不充分也不必要条件4．[2011·天津卷] 已知{an}是等差数列，Sn为其前n项和，n∈N*.若a3＝16，S20＝20，则S10的值为________．5．[2011·江西卷] 设{an}为等差数列，公差d＝－2，Sn为其前n项和．若S10＝S11，则a1＝(　　)A．18  B．20  C．22  D．246．已知两个等差数列{an}和{bn}的前n项和分别为An和Bn，且＝，则使得为整数的正整数n的个数是(　　)A．2  B．3   C．4  D．57．[2011·南昌二模]  在等差数列{an}中，首项a1＝0，公差d≠0，若ak＝a1＋a2＋…＋a7，则k＝(　　)A．21  B．22   C．23  D．248．[2011·郑州三模]  已知数列{an}中，a3＝2，a7＝1，且数列是等差数列，则a11等于(　　)A．－  B.   C.  D．59．已知数列{an}满足an＋1＝an＋1(n∈N＋)，且a2＋a4＋a6＝18，则log3(a5＋a7＋a9)的值为(　　)A．－3  B．3  C．2  D．－210．[2011·辽宁卷] Sn为等差数列{an}的前n项和，S2＝S6，a4＝1，则a5＝________.11．等差数列{an}中，若公差d＝2，a1＋a4＋a7＋…＋a28＝48，则a3＋a6＋a9＋…＋a30＝________.12．[2011·重庆卷] 在等差数列{an}中，a3＋a7＝37，则a2＋a4＋a6＋a8＝________.13．[2011·惠州模拟]  已知等差数列{an}中，a2＝6，a5＝15，若bn＝a3n，则数列{bn}的前9项和等于________．14．(10分)[2011·福建卷] 已知等差数列{an}中，a1＝1，a3＝－3.(1)求数列{an}的通项公式；(2)若数列{an}的前k项和Sk＝－35，求k的值． 15．(13分)在数列{an}中，a1＝4，且对任意大于1的正整数n，点(，)在直线y＝x－2上．(1)求数列{an}的通项公式； (2)已知数列{bn}的前n项和b1＋b2＋…＋bn＝an，试比较an与bn的大小．16．(12分)数列{an}满足a1＝1，an＋1＝(n2＋n－λ)an(n＝1,2，…)，λ是常数．(1)当a2＝－1时，求λ及a3的值；(2)数列{an}是否可能为等差数列？若可能，求出它的通项公式；若不可能，说明理由．课时作业(三十)【基础热身】1．C　[解析] S2＝2a1＋d＝4，S4＝4a1＋6d＝20，解得d＝3.故选C.2．B　[解析] 因为2a4＝a3＋a5，所以3a4＝12，即a4＝4，所以a1＋a2＋…＋a6＋a7＝7a4＝28.故选B.3．A　[解析] 若lgx，lgy，lgz成等差数列，则2lgy＝lgx＋lgz＝lg(xz)＝lgy2，所以y2＝xz.反之当x<0，z<0时，不满足lgx，lgy，lgz成等差数列，所以“lgx，lgy，lgz成等差数列”是“y2＝xz”成立的充分不必要条件．4．110　[解析] 设等差数列的首项为a1，公差为d，由题意得，解之得a1＝20，d＝－2，∴S10＝10×20＋×(－2)＝110.【能力提升】5． B　[解析] 由S10＝S11，得a11＝S11－S10＝0，∴a1＝a11＋(1－11)d＝0＋(－10)(－2)＝20.故选B.6．D　[解析] ＝＝＝＝＝7＋，所以当n＝1,2,3,5,11时满足 7．B　[解析] 由已知等式得(k－1)d＝，所以k－1＝21，即k＝22.故选B.8．B　[解析] 设的公差为d，则有＝＋4d，解得d＝，所以＝＋8d，即＝＋，解得a11＝.故选B.9．B　[解析] 因为{an}是等差数列，公差为1，且a2＋a4＋a6＝18，所以a5＋a7＋a9＝27，所以所求值为3.故选B.10．－1　[解析] 由S2＝S6，得2a1＋d＝6a1＋d解得4(a1＋3d)＋2d＝0，即2a4＋d＝0，所以a4＋(a4＋d)＝0，即a5＝－a4＝－1.11．88　[解析] a3＋a6＋a9＋…＋a30＝a1＋a4＋a7＋…＋a28＋20d＝88.12．74　[解析] 由a3＋a7＝37，得(a1＋2d)＋(a1＋6d)＝37，即2a1＋8d＝37.∴a2＋a4＋a6＋a8＝(a1＋d)＋(a1＋3d)＋(a1＋5d)＋(a1＋7d)＝2(2a1＋8d)＝74.13．405　[解析] 由⇒所以an＝3＋3(n－1)＝3n，bn＝a3n＝9n，数列{bn}的前9项和为S9＝×9＝405.14．[解答] (1)设等差数列{an}的公差为d，则an＝a1＋(n－1)d.由a1＝1，a3＝－3，可得1＋2d＝－3.解得d＝－2.从而，an＝1＋(n－1)×(－2)＝3－2n.(2)由(1)可知an＝3－2n.所以Sn＝＝2n－n2.进而由Sk＝－35可得2k－k2＝－35.即k2－2k－35＝0，解得k＝7或k＝－5.又k∈N*，故k＝7为所求．15．[解答] (1)因为点(，)在直线y＝x－2上，所以＝＋2，即数列{}是以＝2为首项，以d＝2为公差的等差数列．所以＝2＋2(n－1)＝2n，所以an＝4n2.(2)方法一：因为b1＋b2＋…＋bn＝an，所以当n≥2时，bn＝an－an－1＝4n2－4(n－1)2＝8n－4，当n＝1时，b1＝a1＝4，满足上式．所以bn＝8n－4，所以an－bn＝4n2－(8n－4)＝4(n－1)2≥0，所以an≥bn.方法二：由b1＋b2＋…＋bn＝an得，an－bn＝an－1＝4(n－1)2≥0，所以an≥bn.【难点突破】16．[解答] (1)由于an＋1＝(n2＋n－λ)an(n＝1,2，…)，且a1＝1，所以当a2＝－1时，得－1＝2－λ，故λ＝3.从而a3＝(22＋2－3)×(－1)＝－3.(2)数列{an}不可能为等差数列．证明如下：由a1＝1，an＋1＝(n2＋n－λ)an得：a2＝2－λ，a3＝(6－λ)(2－λ)，a4＝(12－λ)(6－λ)(2－λ)．若存在λ，使{an}为等差数列，则a3－a2＝a2－a1，即(5－λ)(2－λ)＝1－λ，解得λ＝3.于是a2－a1＝1－λ＝－2，a4－a3＝(11－λ)(6－λ)(2－λ)＝－24.这与{an}为等差数列矛盾．所以，对任意λ，{an}都不可能是等差数列．