精品解析：2020年河南省南阳市新野县中考一模物理试题（解析版+原卷版）

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2020年新野县九年级中考第一次模拟考试试卷物  理一、填空题1. 相传“舜作箫，其形参差”．说明那时的箫是由许多长短不同的竹管排成，如图所示．演奏时，美妙的声音是由____振动产生的；竹管参差不齐，目的是为了吹出_____不同的声音．【答案】    (1). 空气柱    (2). 音调【解析】【详解】演奏时，竹管内的空气柱振动发出声音．不同长度的竹管内空气柱长短不一样，吹奏时空气柱振动频率也不同，所以音调也会不同．2. 如图所示，“神舟十号”与“天宫一号”运动到相距30m的位置时，开始发送和接受__信号，自动控制对接，知道相互接触时耗时150s．若以“天宫一号”为参照物，“神舟十号”是__的，且速度为__m/s．【答案】    (1). 电磁波    (2). 运动    (3). 0.2【解析】【详解】[1]太空中是真空，声音不能在真空中传播，所以神舟八号与天宫一号之间的地面引导、自动追踪、最终逼近、交会对接四个过程都是通过电磁波传播信息的．[2]若以“天宫一号”为参照物，“神舟十号”的位置发生改变，因此是运动的；[3]速度为 3. 如图所示，在50N的水平拉力F作用下，重800N的物体A沿水平地面做匀速直线运动，已知该滑轮组的机械效率为80%，则物体A与地面间滑动摩擦力是___________N．若增大拉力F使物体A沿水平地面做加速直线运动，则物体A与地面间滑动摩擦力将___________。【答案】    (1). 120    (2). 不变【解析】【详解】[1]由图可知，滑轮组绳子的段数n=3，滑轮组的机械效率所以[2]滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变，所以物体A与地面间滑动摩擦力将不变。4. 取出在冰箱中被冷冻的饮料，擦干后放一会儿，其表面会变湿。此现象中发生的物态变化是___________（填物态变化名称），该现象需要___________（选填“吸热”或“放热”）。【答案】    (1). 液化    (2). 放热【解析】【详解】[1]取出在冰箱中被冷冻的饮料，擦干后放一会儿，其表面会变湿，是空气中的水蒸气遇冷变成了液态，所以发生的物态变化是液化。[2]液化过程中需要放热。5. 如今手机已成众人日常生活不可或缺的一部分，某手机的电池上标有“3.7V，容量4000mAh”的字样，给手机电池充电时，手机电池相当于电路中的___________（选填“电源”或“用电器”），该手机电池充满电后存储的电能为___________J。【答案】    (1). 用电器    (2). 5.328×104【解析】【详解】[1]给手机电池充电时，手机电池消耗电能，所以手机电池相当于电路中的用电器。[2]电池上标有“3.7V，容量4000mAh”的字样，所以该手机电池充满电后存储的电能为6. 如图甲所示，在通电直导线正下方小磁针S极向纸外偏转，说明通电导线周围存在___________，如图乙所示，大量电子沿着水平方向由左到右飞过磁针正上方，则小磁针的S极向纸__________（填“外”或“内”）偏转，你判断的依据是：____________________________________________。【答案】    (1). 磁场    (2). 内    (3). 电子的方向与电流的方向相反，磁场的方向与电流的方向有关【解析】【详解】[1]甲图中所示的是奥斯特实验，在通电直导线正下方小磁针的S极向纸外偏转，说明通电导线周围存在磁场。[2][3]乙图中一束电子沿着水平方向平行向右飞过磁针上方时，电子定向移动形成电流，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，故此时电流的方向是从右到左，故此时小磁针也会偏转；由于电流的磁场方向与电流的方向有关，所以此时电流的方向改变，即磁场的方向也会改变，故小磁针转动方向会发生变化，磁针的S极会向纸内偏转。二、选择题7. 如图所示，有一人甲从平直的桥面沿直线从A处的过程中，在岸边C处的乙可清晰看到平静水面上甲的倒影，下列叙述正确的是（　　）A. 若甲在桥面上竖直向上跳起来，甲的倒影大小不变B. 甲在水中的倒影相对于甲是运动的C. 当甲刚过B点后，乙就无法再看到他的倒影D. 甲在水中的倒影是光折射形成的【答案】A【解析】【详解】A．倒影属于平面镜成像，平面镜成像是物体和像等大对称，所以无论甲是否跳起，其倒影都不会改变，选项A正确；B．甲沿直线走动过程，甲到水面的距离不变，那么甲到自己的倒影的距离也不改变，即甲和倒影是相对静止的，选项B错误；D．平面成像的原理是光的反射，选项D错误；C．既然是光的反射，当甲刚走过B点后，乙在一段时间内仍然可以看到甲的倒影。故C错误。故A正确为答案。 8. 如图所示，电源电压不变，闭合开关后，下列关于电压表示数变化的说法正确的是（ ）A. 滑片P向右移动，V1表示数变大，V2表示数不变B. 滑片P向右移动，V1表示数变小，V2表示数变大C. 滑片P向左移动，V1表示数变小，V2表示数变大D. 滑片P向左移动，V1表示数变大，V2表示数不变【答案】D【解析】【详解】BC．由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测电源的电压，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故BC错误；A．当滑片P向右移动时，接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电路变小，由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故错误;D．同理可知，滑片P向左移动，接入电路中电阻变小，电路中的电路变大，R两端的电压变大，电压表V1的示数变大，故正确．故选D9. 汽车清洗机是产生高压水冲洗车辆表面污垢的机器，其动力设备主要是电动机，图中能说明电动机工作原理的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。A．选项是用来研究磁极间相互作用规律的实验，故A错误；B．选项是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，故B错误；C．选项电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，即通电导体在磁场中受到力的作用，故C正确；D．在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D错误。故选C。10. 如图所示，一根质地均匀的木杆可绕O点自由转动，在木杆的右端施加一个始终垂直于杆的作用力F，使杆从OA位置匀速转到OB位置的过程中，力F的大小将（　　）A. 一直是变大的 B. 一直是变小的C. 先变大，后变小 D. 先变小，后变大【答案】C【解析】【详解】根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力为杠杆的重力，也不变，阻力力臂变大，所以动力变大．当杠杆从水平位置拉到最终位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，所以动力变小．故F先变大后变小．故选C．11. 如图是足球运动踢球的情景（不计空气阻力），下列描述正确的是（　　）A. 足球在空中飞行时，受到重力和人对足球的踢力B. 足球在空中飞行时，运动状态保持不变C. 足球在空中下降过程中，重力对足球做了功D. 足球运动到最高点时，受到一对平衡力作用【答案】C【解析】【详解】A．足球在空中飞行时，球已经离开了脚，不再受到人的踢力，只受到重力的作用，选项A不正确；B．足球在空中飞行时，运动方向和速度都是变化的，因此它的运动状态是改变的，选项B不正确；C．一个力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过一段距离，就说力对物体做了功；足球在空中下落的过程，受到重力的作用，并且在重力方向上通过了距离，因此重力对球做了功，选项C正确；D．二力平衡的条件：作用在一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。足球运动到最高点时，只受到重力的作用，因此不属于平衡力，选项D不正确。故选C。 12. 质量分布均匀的A、B两个实心正方体（VA＞VB），放置在盛水的容器中、静止时如图所示：现将A、B捞起后放置在水平桌面上，比较A、B在水中受到的浮力FA、FB，和它们对水平桌面的压强pA、pB的大小关系，正确的是（    ）A. FA＜FB，pA＞pB B. FA＞FB，PA＜PB C. FA=FB，pA＜PB D. FA＞FB，pA＞pB【答案】D【解析】【详解】由图知VA排＞VB排，根据F浮=ρ水gV排可知，FA＞FB；当将它们放入水中后，因为A悬浮，所以ρA=ρ水；因为B漂浮，所以ρB＜ρ水，所以ρA＞ρB；A、B两个实心正方体的体积关系为 VA＞VB，则hA＞hB，它们对水平桌面的压强：p====ρ物gh，因为ρA＞ρB，hA＞hB，所以pA＞pB，故D正确，ABC错误。故应选D。13. 如图所示，质量和底面积都相同的两个容器，分别装有质量和深度均相等的甲乙两种不同液体，下列说法正确的是（    ）A. 甲液体的密度大于乙液体的密度B. 两容器对桌面的压强大小相等C. 两容器底部所受液体的压强大小相等D. 两容器底部所受液体的压力大小相等【答案】AB【解析】【详解】A．甲乙两种液体的质量相同，两个容器底面积相同，且液体深度相同，由图可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，由可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，故A正确；B．液体的质量相同，容器的质量也相同，所以两容器对桌面的压力相同，容器的底面积相同，所以受力面积相同，由可知，两容器对桌面的压强大小相等，故B正确；C．液体深度相同，甲液体的密度大于乙液体的密度，由可知，左边容器底部所受液体的压强大于右边容器底部所受液体的压强，故C错误；D．左边容器底部所受液体的压强大于右边容器底部所受液体的压强，容器的底面积相同，由可知，左边容器底部所受液体的压力大于右边容器底部所受液体的压力，故D错误。故选AB。14. 甲图是探究可变电阻消耗功率的电路图，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，当滑片P从a端移到b端的过程中，测得滑动变阻器消耗的电功率与电流关系如图乙所示。根据实验数据，下列说法正确的是（   ）A. 电源电压为18VB. 滑动变阻器最大电阻为40ΩC. 定值电阻R0为15ΩD. 当P在a端时，R上消耗的功率最小【答案】AC【解析】【详解】ABC．当滑动变阻器在a端时，此时滑动变阻器阻值最大，由图可知此时，滑动变阻器消耗的电功率P1为4.8W，电路中电流I1为0.4A，滑动变阻器的最大阻值滑动变阻器和定值电阻串联，此时电源电压①由图可知，电路中电流I2为0.6A，滑动变阻器消耗的电功率P2为5.4W，此时滑动变阻器接入电路中的电阻滑动变阻器和定值电阻串联，此时电源电压②联立①②可得，故A正确，B错误，C正确；D．当P在a端时，此时滑动变阻器电阻最大，电路中电流最小，由图可知，此时滑动变阻器消耗的电功率为4.8W，此时R上消耗的功率不是最小，故D错误。故选AC。三、作图题15. 如图所示，轻质杠杆OA在路灯和轻绳AB的共同作用下，在水平方向处于静止状态，请画出轻绳AB对杠杆的动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图。【答案】【解析】【详解】由图可知，杠杆的支点为O，过支点O向动力F1作用线引垂线段，即为其力臂l1，阻力是灯对杠杆A点的拉力，过A点沿竖直向下的方向画一条有向线段，用F2表示，即为阻力的示意图。如图所示：
 16. 如图所示，电磁铁的极性已经标出，按要求作图。（1）在括号内用“+”或“-”标出电源的极性；（2）磁感线的方向。
 【答案】【解析】【详解】由图可知，通电螺线管的左端为N极，由安培定则可知，电流由电源右端流出，从电源左端流入，所以电源左端为电源负极，磁感线方向由N极指向S极，电源的极性以及磁感线的方向如图所示。四、实验探究题17. 为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明用电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验。（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过_________________来显示电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是___A．认识电压时，我们可以用水压来类比B．用光线来描述光通过的路径C．把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动D．用斜面小车研究阻力对物体运动的影像（2）连接好电路，使变阻器连入电路阻值较大，闭合开关，观察到如图甲所示的情景：接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图乙所示的情景，比较图甲和乙，可知____图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越_____（选填“大”或“小”）磁性越强。【答案】    (1). 吸起大头针的多少    (2). C    (3). 甲    (4). 大【解析】【分析】【详解】（1）[1]在探究“影响电磁铁词性强弱的因素”的实验过程中，电磁铁磁性强弱通过比较电磁铁吸引大头针的多少来反映，电磁铁吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强——转换法；[2]把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动，把音叉的振动通过水花来体现，也运用了转换法，所以选C；（2）[3][4]电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，根据控制变量法，若要探究磁性强弱与电流大小的关系，需要保持线圈匝数不变。移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，则电流越大，比较图甲和图乙，可知甲图中的电流较小。从图上可以看出，乙吸引的大头针较多，说明乙的磁性较强。从而发现，通过电磁铁的电流越大磁性越强。 18. 小杜同学在长江边捡到了一块漂亮的鹅卵石，他用天平和量筒测量鹅卵石的密度。（1）他设计了下列实验步骤：①用调节好的天平测出鹅卵石的质量m；②向量筒中倒进适量的水，读出水的体积V1；③根据密度的公式，算出鹅卵石的密度ρ；④将鹅卵石浸没在量筒内的水中，读出鹅卵石和水的总体积V2；他应采用的正确实验步骤顺序为_____________（选填下列选项前的字母）。A．①②④③     B．①②③④       C．②③④①       D．②③①④（2）如图甲所示，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是：____________________；（3）小杜纠正错误后，重新调节天平平衡并测量鹅卵石的质量，计算出鹅卵石的密度为__________g/cm3。（4）整理实验器材时发现，天平的左盘有一个缺角，则测量结果__________（选填“偏大”“偏小”或“仍然准确”）。（5）在上面实验的基础上，利用弹簧测力计和该鹅卵石，只需增加一个操作步骤就能测出图戊中烧杯内盐水的密度，增加的步骤是：_______________________________________________；盐水密度的表达式ρ盐水=__________（选用所测物理量符号表示）。【答案】    (1). A    (2). 在调节天平平衡时游码没有移至标尺的零刻度线处    (3). 2.7    (4). 仍然准确    (5). 用弹簧测力计通过细线吊着鹅卵石，把鹅卵石浸入盐水中，静止后读出弹簧测力计的示数F    (6). 【解析】【详解】(1)[1]测量鹅卵石的密度，需要测量鹅卵石的质量和体积，所以先用调节好的天平测出鹅卵石的质量m，再利用排水法测量鹅卵石的体积，即向量筒中倒进适量的水，读出水的体积V1，将鹅卵石浸没在量筒内的水中，读出鹅卵石和水的总体积V2，最后根据密度的公式，算出鹅卵石的密度ρ，所以正确实验步骤顺序为①②④③。故选A。(2)[2]在调节天平平衡时，应先把游码归零，然后再调节平衡螺母，由图甲可知，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是：在调节天平平衡时游码没有移至标尺的零刻度线处。(3)[3]由图乙可知，鹅卵石的质量m=27g，由图丙丁可知，鹅卵石的体积鹅卵石的密度(4)[4]天平的托盘有残缺，在调节天平平衡时，可以平衡掉，不会影响测量结果，所以测量结果仍然准确。(5)[5]已经测出鹅卵石的质量，可以计算出鹅卵石的重力，只需再测出鹅卵石在盐水中的浮力就可以根据阿基米德原理计算盐水的密度，所以增加的步骤是：用弹簧测力计通过细线吊着鹅卵石，把鹅卵石浸入盐水中，静止后读出弹簧测力计的示数F。[6]由称重法可知，鹅卵石在盐水中的浮力由 可知19. 小明有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，他想知道小灯泡正常工作时的电阻，于是从学校实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变。
 (1)为了完成实验目的，请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移动时灯泡变亮）。______(2)闭合开关，他发现灯泡不亮，电流表、电压表均有较小示数，原因可能是________________。之后当小灯泡正常发光时，电流表如图乙所示，则小灯泡正常工作时的电阻是__________Ω；(3)同组的小华认为这样测量的电阻值不准确，应该再多测几组数据求平均值，对此你的看法是___________________。(4)做实验过程中由于电流表发生故障，小丽向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的实验电路，同样测出了小灯泡正常发光时的电阻，请你帮她完成下列实验步骤：①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点__________（选填“1”或“2”），移动滑片，使电压表的示数为__________V。②保持滑片的位置__________，再将开关S2拨到另一触点，读出电压表的示数为U。③小灯泡正常发光时电阻的表达式为R=__________________（用已知量和给定的字母去表示）。【答案】    (1).     (2). 滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小    (3). 10    (4). 小华的想法是错误的，灯泡的电阻随温度的变化而变化，取平均值没有意义    (5). 2    (6). 3.8    (7). 不动(或不变)    (8). 【解析】【详解】(1)[1]电压表测量小灯泡的电压，小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表应选择0~15V的量程，滑动变阻器应该“一上一下”接入电路中，完整电路图如图所示(2)[2]闭合开关，电流表、电压表均有较小示数，说明电路时通路，灯泡不亮，说明电路中电流较小，电路中电阻较大，所以原因可能是滑动变阻器接入电路的阻值太大，小灯泡的实际功率太小。[3]由图可知，电流表的读数为0.38A，由欧姆定律可知，小灯泡正常工作时的电阻(3)[4]灯丝电阻会随温度的升高而增大，不是一个定值，取平均值没有意义，所以小华的想法是错误的，灯泡的电阻随温度的变化而变化，取平均值没有意义。(4)[5][6]要测出了小灯泡正常发光时的电阻，必须保证小灯泡两端的电压为额定电压3.8V，所以电压表应先测量小灯泡的电压，即闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，使电压表的示数为3.8V。[7]接下来要维持小灯泡正常发光的状态，即保持滑片的位置不动(或不变)，将开关S2拨到另一触点，读出电压表的示数为U。[8]小灯泡与定值电阻R0串联，电流相等，定值电阻R0的电压为定值电阻R0的电流为小灯泡正常发光时电阻五、综合应用题20. 某兴趣小组制作了一个测量质量的电子秤，其原理如图甲所示，它主要四部分构成：托板、压力杠杆OAB、压敏电阻R（电阻值会随所受压力大小发生变化的可变电阻）和显示重力大小的仪表A（实质是量程为0～0.6A的电流表），其中OA长5cm，AB长20cm，电源电压恒为9V，压敏电阻R的阻值与所受压力的关系如图乙所示（托板和杠杆组件的质量可以忽略不计，g取10N/kg）。求：（1）托板上放某一重物时，电流表示数为0.2A，电子秤在1min内消耗的电能；（2）托板上没有放置物体时，电路中的电流；（3）为保护电流表不被损坏，电子秤能测量的最大质量。【答案】（1）0.2A （2）0.09A （3）60kg【解析】【详解】（1）电路中总电压：U=9V；电流：I=0.2A；电子秤在1min内消耗电能：W=UIt=9V×0.2A×1×60s=108J；（2）由乙图可知，托板上没有放置物体即压敏电阻受到的压力为0时，压敏电阻R的阻值：R=100Ω，此时电流中电流：；（3）电路中允许的最大电流：Imax=0.6A，压敏电阻的最小阻值：；由图象可知压敏电阻所受最大压力：F=150N；由杠杆平衡条件：FOB=FAOA，即：150N×20cm=FA×5cm，解得托板对A点的最大压力：FA=600N；电子称测量的最大质量：。 21. 如图所示，是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式．该电热水壶有高温、中温、低温三档，中温档的额定功率为500W．求：（1）电热水壶调至中温档正常加热，将2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下）需要20min,水所吸收的热量及电热水壶的效率；（2）电热水壶高温档的额定功率；（3）若某次电热水壶用高温档加热0.1h，耗电0.09KW·h,通过计算判断此时电热水壶是否正常工作？【答案】（1）5.88×105J，98%；（2）1000W；（3）电热水壶非正常工作．【解析】【详解】（1）电热水壶调至中温档正常加热时，P中=500W，仅R1接入电路，U=220V，则，加热时间t=20min=1200s，将m=2kg温度为30℃水烧开（标准大气压下），Δt=100℃－30℃=70℃,c=4.2×103J/（kg ·℃）；水所吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×103J/（kg ·℃）×2kg×70℃=5.88×105J，电热水壶放出的热量Q=W=P中t=500W×1200s=6×105J，效率为．（2）当电热水壶处于高温档时，R1与R2并联，则额定功率为．（3）若某次电热水壶用高温档加热t0=0.1h，耗电W0=0.09KW·h,则功率P0=W0/t0=0.09KW·h/0.1h=900W，小于1000W，故电热水壶非正常工作．