内蒙古乌兰察布市部分旗2020-2021学年九年级上学期期末考试物理试题（word版 含答案）

这是一份内蒙古乌兰察布市部分旗2020-2021学年九年级上学期期末考试物理试题（word版 含答案），共18页。
2020-2021学年内蒙古乌兰察布市部分旗九年级（上）期末物理试卷
一．选择题（每小题3分，共51分）
1．（3分）下列现象中，与分子热运动有关的是（　　）
A．大雾弥漫 B．尘土飞扬 C．柳絮飞扬 D．花香扑鼻
2．（3分）一瓶煤油用掉一半后，剩下的煤油（　　）
A．比热容和热值不变，密度变为原来的一半
B．密度、比热容和热值都不变
C．热值和密度不变，比热容变为原来的一半
D．密度和比热容不变，热值变为原来的一半
3．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．使用天然气做燃料，燃烧越充分，热值越大
B．汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
C．汽车发动机采用冷水进行冷却，是利用水的比热容较大的性质
D．摩托车上的热机工作时提供动力的是吸气冲程
4．（3分）关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是（　　）
A．温度高的物体，内能一定大
B．物体温度升高，一定吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度一定升高
D．物体温度升高，内能一定增加
5．（3分）一台家用电冰箱正常工作时，通过它的电流与下列哪一个数据最接近（　　）
A．12 A B．1.2 A C．120 mA D．12 mA
6．（3分）如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同，横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中。比较通过它们的电流的大小，有（　　）

A．IAB＜IBC B．IAB＞IBC C．IAB＝IBC D．无法确定
7．（3分）关于电能和电功率，下列说法正确的是（　　）
A．电能是表示用电器消耗电能快慢的物理量
B．电功率大的用电器一定比电功率小的用电器消耗电能多
C．用电器消耗电能越多，电功率越大
D．在相同的时间内，用电器消耗电能越多，电功率越大
8．（3分）如图所示，闭合开关后两灯均能发光，则（　　）

A．甲为电流表，乙为电压表
B．甲为电压表，乙为电流表
C．甲、乙都为电流表
D．甲、乙都为电压表
9．（3分）如图所示的各种电路，同种元件的参数均相等，能利用滑动变阻器调节电灯从亮到熄灭的电路是（　　）
A． B．
C． D．
10．（3分）取两个相同的验电器A和B，使A带上负电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合。用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来（如图所示），观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开。下列描述错误的是（　　）

A．金属杆是导体
B．两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷
C．实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，B验电器中的金属箔带上了负电荷
D．实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是自A流向B
11．（3分）对于欧姆定律公式I＝的理解，下列说法中错误的是（　　）
A．对某一导体来说，导体中的电流与其两端电压成正比
B．在电压相同的条件下，不同导体中的电流与该导体的电阻成反比
C．导体中的电流与该导体两端的电压及其电阻有关
D．公式R＝，表明电阻与电压成正比，与电流成反比
12．（3分）标有“6V，1.5W”字样的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系图象如图所示。若把这样的两只小灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只小灯泡的电阻及功率为（　　）

A．24Ω，0.67W B．24Ω，0.8W C．20Ω，0.96W D．20Ω，0.8W
13．（3分）如下图所示：R1＝10Ω，R2＝5Ω，当S闭合时，电流表A1和A2的示数之比为（　　）

A．1：2 B．2：1 C．2：3 D．3：2
14．（3分）如图所示，将标有“8V8W”的灯泡L1和“8V16W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡L1、L2都能正常发光
B．灯泡L1、L2一样亮
C．灯泡L2比灯泡L1亮
D．灯泡L1比灯泡L2亮
15．（3分）一台电动机正常工作时线圈两端的电压为380V，线圈的电阻为2Ω，线圈中通过的电流为10A．这台电动机工作1s消耗的电能为W，产生的热量为Q，则（　　）
A．W＝3800J，Q＝200J B．W＝3800J，Q＝3800J
C．W＝7200J，Q＝200J D．W＝7200J，Q＝3800J
16．（3分）如图所示，电源两端的电压恒定。闭合开关S1，小灯泡发光，再闭合开关S2，则（　　）

A．小灯泡变亮 B．电流表示数变小
C．电压表示数不变 D．电路的总电阻变大
17．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（　　）

A．电流表A的示数不变
B．电压表V1的示数变大
C．电路中消耗的总功率变大
D．电压表V2与电流表A示数的比值变小
二、实验探究题（共33分）
18．（7分）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
（1）实验中应量取　 　相同的甲、乙两种液体。
（2）把量取的两种液体分别倒入相同烧杯中，用相同的酒精灯加热，由表中数据可知是控制了质量和　 　相同，通过比较　 　来判断吸热能力的强弱。
（3）通过实验，记录数据如表格所示。当乙的温度达到42℃，甲的温度升高了　 　℃，此时比较甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲　 　Q乙。（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（4）分析数据可知：　 　物质的吸热能力强，物理学中用　 　来反应物质吸热能力的强弱。

19．（8分）在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5Ω、10Ω、20Ω、25Ω五个电阻进行实验，电路图如图甲所示。

（1）请用笔画线代替导线将图乙中未完成的电路完成，且使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大。（导线不能交叉）
（2）连接电路时，开关应处于　 　（选填“断开”或“闭合”）状态。
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压。造成这一现象的原因可能是　 　（填字母）。
A．电阻断路 B．电流表坏了 C．滑动变阻器短路 D．电阻短路
（4）排除电路故障进行实验。为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到　 　的作用。实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器滑片向　 　（填“左”或“右”）滑动，同时眼睛盯住　 　才可能达到这个目的。
（5）根据实验数据，作出I﹣R图象如图丙所示。根据实验目的分析图象可得出结论：　 　。
20．（10分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡L（电阻约为10Ω）、滑动变阻器两个（R甲：“10Ω 1A”；R乙：“50Ω 0.5A”）、开关S、导线若干。

（1）该实验的原理是电功率P＝　 　；
（2）实验中，应选用的滑动变阻器是 　 　（选填“R甲”或“R乙”）；
（3）选用滑动变阻器后，请你根据以上器材设计一个测量小灯泡电功率的实验电路图，并画在图甲的虚线框内。
（4）正确连接电路后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2V时，电流表示数如图乙为 　 　A，此时，小灯泡的实际功率为 　 　W。
（5）若要测量小灯泡的额定功率，应再将滑动变阻器的滑片向 　 　（选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为 　 　V为止。
（6）移动滑动变阻器的滑片，记下多组电流表示数及对应的电压表示数，并画出图丙所示的I﹣U图像，从图像可以计算出小灯泡的额定功率为 　 　W。图像不是直线的原因是 　 　。
（7）若想探究电流与电压关系，需要补充的实验器材是 　 　。
21．（8分）如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，请你仔细观察甲、乙两图，回答下列问题。

（1）实验中，通过观察U形管中 　 　的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）实验中，两个完全相同装有空气的容器要 　 　（选填“密闭”或“开口”）。
（3）甲装置可探究电流产生的热量与 　 　的关系，通电一段时间后，　 　（填“左”或“右”）侧容器中U形管中液面的高度差大．
（4）图甲的实验结论是 　 　。
（5）图乙的装置是用来探究电流产生的热量与 　 　的关系。乙实验通电一段时间后，右侧U形管中的液面的高度差比左侧的 　 　（选填“大”或“小”）。
（6）图乙的实验结论是 　 　。
三．计算题（共16分）
22．（7分）某物理兴趣小组的同学，用煤炉给10kg的水加热，同时他们绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了0.5kg的优质煤，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤的热值约为3×107J/kg。求：
（1）煤完全燃烧产生的热量；
（2）经过6min时间加热，水所吸收的热量；
（3）煤炉烧水时的热效率。

23．（9分）小峻家中有一个浴足盆，其部分铭牌信息如图甲所示，如图乙为浴足盆的工作电路，R1、R2均为电热丝，当开关S接a、b触点时，浴足盆的挡位不同。求：

型号
MUY﹣01
额定电压
220V
额定加热功率
880W
额定保温功率
100V
（1）额定加热电流？
（2）开关S接哪个触点，浴足盆处于加热状态？R1和R2的阻值各为多少欧？
（3）在用电高峰期，小峻关闭家中其它用电器，只让浴足盆通电，使其处于加热状态1min电能表（如图表所示）的圆盘转了30转，则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦？

2020-2021学年内蒙古乌兰察布市部分旗九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（每小题3分，共51分）
1．【解答】解：
ABC、大雾弥漫、尘土飞扬、柳絮飞扬都属于机械运动，故ABC不符合题意；
D、花香扑鼻，是扩散现象，是分子热运动的结果，故D符合题意。
故选：D。
2．【解答】解：
单位体积的某种物质的质量叫做这种物质的密度，由此可知同种物质，密度是一定的，密度与物体的质量和体积无关；
单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收的热量叫做这种物质的比热容，由此可知同种物质比热容一定，与质量和体积无关；
单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做热值，由此可知同种物质热值一定，与质量和体积无关。
因此，一瓶煤油用掉一半后，剩下的煤油密度、比热容和热值都不变。
故选：B。
3．【解答】解：A、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度、放出热量的多少以及燃烧温度的高低等均无关，故A错误；
B、汽油机的做功冲程是燃气通过做功的方式将内能转化为机械能，故B错误；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机冷却用水作为工作物质，故C正确；
D、摩托车上使用的是汽油机，汽油机工作时提供动力的是做功冲程，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：A、温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大。故A不正确；
B、改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，且二者是等效的，所以物体温度升高不一定是吸收了热量。故B不正确；
C、物体吸收热量内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变。故C不正确；
D、物体温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，分子动能和分子势能总和为物体内能。故D正确。
故选：D。
5．【解答】解：家用电冰箱正常工作时，通过它的电流在1A左右。
故ACD错误，B正确。
故选：B。
6．【解答】解：由图可知，AB和BC两段导体串联，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过它们的电流IAB＝IBC，故ABD错误、C正确。
故选：C。
7．【解答】解：A、电功率是表示消耗电能快慢的物理量，故A错误；
B、电功率大的用电器消耗电能快，但不一定越多，因为消耗电能的多少还与通电时间有关，故B错误；
C、用电器消耗的电能越多，电功率不一定大，因为消耗电能的多少还与通电时间有关，故C错误；
D、由电功率的概念和公式P＝可知，在相同的时间内，用电器消耗电能越多，电功率越大，故D正确。
故选：D。
8．【解答】解：因为电压表一定要并联在电路中，电流表一定要串联在电路中，
所以甲表与灯泡并联，一定是电压表，
乙表与灯泡串联，一定是电流表。
故选：B。
9．【解答】解：A、图A中滑动变阻器与灯泡并联，当滑片P滑到左端时，会引起电源短路，所以该选项不符合题意。
B、图B中滑动变阻器与灯泡串联，当滑片P左右滑到时，只能改变灯泡亮度，不能使灯泡熄灭，所以该选项不符合题意。
C、图C中滑动变阻器与灯泡串联，滑片P使灯泡处于短路状态，无论怎样滑到滑片灯泡都不亮，所以该选项不符合题意。
D、图D中滑动变阻器与灯泡并联，当滑片P滑到左端时，会引起灯泡短路，实现灯泡由亮到灭，所以该选项符合题意。
故选：D。
10．【解答】解：A、据题意可知，该金属棒能导电，所以一定是导体，故A正确；
B、验电器的原理是同种电荷相斥，故两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷，故B正确；
C、原来A验电器带负电，即有多余电子，B验电器不带电，即不多电子，也不少电子，所以当用金属棒连接时，一部分电子会从A运动到B，故B验电器中的金属箔由于多电子而带上了负电荷，故C正确；
D、据C可知，电子的运动方向是A到B，由于电子是负电荷，所以电流的方向是由B到A，故D错误；
故选：D。
11．【解答】解：（1）欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，故D选项符合题意、BC选项不符合题意。
（2）导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关，故A选项不符合题意。
故选：D。
12．【解答】解：∵两只灯泡串联且规格相同，
∴它们的电流和电阻都相同，即这两只灯泡两端分得的电压都相同，
∴两只灯泡串联接在8V的电源两端时，每只灯泡两端的电压都为U＝4V，
由图象可知，当U＝4V时，I＝0.2A，
∵I＝，
∴小灯泡的电阻为：R＝＝＝20Ω，
小灯泡的实际电功率：P＝UI＝4V×0.2A＝0.8W。
故选：D。
13．【解答】解：闭合开关，R1、R2串联，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路电流。
根据欧姆定律可知通过R1和R2的电流之比为：＝＝＝＝，
电流表A1和A2的示数之比为：＝＝＝。
故选：C。
14．【解答】解：
根据P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1＝＝＝1A，I2＝＝＝2A，
根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝8Ω，R2＝＝＝4Ω；
此时电路中的总电阻R＝R1+R2＝8Ω+4Ω＝12Ω
此时电路中的电流I＝＝＝1A。
灯泡L1的实际功率为：P1＝I2R1＝（1A）2×8Ω＝8W；
灯泡L2的实际功率为：P2＝I2R2＝（1A）2×4Ω＝4W；
灯泡L1的实际功率与额定功率相同，能正常发光；灯泡L2的实际功率小于额定功率相同，不能正常发光；故选项A错误；
因为灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以灯泡L1的实际功率较大，灯泡较亮；故BC选项错误，D正确。
故选：D。
15．【解答】解：电动机消耗的电能：
W＝UIt＝380V×10A×1s＝3800J；
产生的热量Q＝I2Rt＝（10A）2×2Ω×1s＝200J；
故选：A。
16．【解答】解：闭合开关S1，为灯的简单电路，小灯泡发光，电流表测灯的电流，再闭合开关S2，两灯并联，电流表测干路电流：
A、因并联电路支路互不影响，故灯的亮度不变，A错误；
B、根据并联电路电流的规律，电流表示数变大，B错误；
C、电压表始终测电源电压，示数不变；C正确；
D、根据并联电阻小于其中任一电阻，故并联后的电阻变小，D错误。
故选：C。
17．【解答】解：
由电路图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；
B、由U＝IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，由于电源电压不变，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的等于之和可知：R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故B错误；
C、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P＝UI可知电路中消耗的总功率变大，故C正确；
D、由R＝可知，电压表V2与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则两者的比值不变，故D错误。
故选：C。
二、实验探究题（共33分）
18．【解答】解：（1）根据控制变量法，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体。
（2）把量取的两种液体分别倒入相同烧杯中，用相同的加热器加热，除控制质量相同外，由表中数据可知加热时间也相同，通过比较温度变化来判断吸热能力的强弱。
（3）通过实验，记录数据如表格所示。当乙的温度达到42℃，用时4分钟，此时甲的温度升高了46℃﹣30℃＝16℃，
因加热时间相同，根据转换法，故此时甲、乙两种液体吸收热量的关系为Q甲＝Q乙。
（4）分析实验数据可知，根据比较吸热能力的方法，吸收相同的热量，甲的温度变化小，故甲物质的吸热能力强；
物理学中用比热容来反应物质吸热能力的强弱。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；升高的温度；（3）16；＝；（4）乙；比热容。
19．【解答】解：
（1）由图甲，实验中电压表测R两端电压，滑动变阻器与R串联，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小，所以应把变阻器右下角接线柱接入电路。如图所示：
。
（2）在连接电路时开关应处于断开状态，这是为了防止电路中有短路的地方而导致损坏电路元件。
（3）A、闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，原因可能是电压表所测量的电阻断路，这样使得电压表串联入电路中，故A符合题意；
B、如果电流表坏了，整个电路断路，电压表也不会有示数，故B不合题意；
C、如果滑动变阻器短路，电流表会有示数，且更大，故C不合题意；
D、如果电阻短路，则电压表的示数将为零，且电流表的示数将变大，故D不合题意。
（4）探究“电流与电阻的关系”，应不断改变电阻阻值而控制电阻两端电压不变。
该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，其作用主要是控制电阻两端电压保持不变；
根据串联电路的分压原理，把5Ω换成10Ω，电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保持电阻两端电压不变，应减小电阻分压，增大滑动变阻器分压，应使滑动变阻器接入电路的阻值变大，由图示电路图可知，闭合开关后应向左移动滑片，同时眼睛盯住电压表。
（5）由图象知，电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）A；（4）调节电阻两端电压保持不变；左；电压表；（5）电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
20．【解答】解：（1）该实验的原理是：P＝UI；
（2）电源电压恒为6V，灯的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
I＝＝＝0.25A；
根据串联电路电压的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：
R滑＝＝＝14Ω＞10Ω，实验中，应选用的滑动变阻器是R乙；
（3）电压表与灯并联测灯的电压，电流表串联在电路中测灯的电流，变阻器串联在电路中，如下所示：
；
（4）正确连接电路后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.22A，此时，小灯泡的实际功率为：
P＝UI＝2V×0.22A＝0.44W；
（5）灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5V为止；
（6）根据画出图丙所示的I﹣U图像知，灯在额定电压下的电流为0.25A，从图像可以计算出小灯泡的额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
因灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据欧姆定律得R＝，即R不是一个定值，所以I与U不成正比，则画出的U﹣I图像为曲线；
（7）若想接着探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯的电阻要随温度的变化而变化，故需要补充实验器材是定值电阻。
故答案为：（1）UI；（2）R乙；（3）如上图所示；（4）0.22；0.44；（5）右；2.5； （6）0.625；灯的电阻随温度的变化而变化；（7）定值电阻。
21．【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
（2）实验中为了实验结果的准确性，实验中，两个完全相同装有空气的容器要密封；
（3）甲装置中，左右两侧容器中的电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，因此甲装置可探究电流产生的热量与电阻的关系，由Q＝I2Rt可知，通电一段时间后，甲装置中右侧容器中的电阻较大，因此右侧容器中的电阻产生的热量较多，即右侧容器中U形管中液面高度差较大；
（4）甲装置中，左右两侧容器中的电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，右侧容器中的电阻较大，右侧容器中的电阻产生的热量较多，因此可得结论：在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多；
（5）图乙装置中，右侧容器内的电阻丝与另一电阻并联，再与左侧容器内电阻丝串联，两个容器内电阻丝的阻值和通电时间相同，由并联电路电流特点可知，通过左侧容器内电阻丝的电流大于通过右侧容器内电阻丝的电流；
两容器中的电阻是相同的，但电阻通过的电流是不同的，所以此实验是为了探究电流产生的热量与电流的关系，由Q＝I2Rt可知，通电一段时间后，乙装置中通过右侧容器中电阻的电流较小，因此右侧容器中的电阻产生的热量较少，即右侧U形管中的液面的高度差比左侧的小；
（6）图乙装置中，左右两侧容器中的电阻相同，通过右侧容器中电阻的电流较小，右侧容器中的电阻产生的热量较少，因此可得结论：在电阻和通电时间相同时，电流越大，电流通过导体产生热量越多。
故答案为：（1）液面高度差；（2）密闭；（3）电阻；右；（4）在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越多；（5）电流；小；（6）在电阻和通电时间相同时，电流越大，电流通过导体产生热量越多。
三．计算题（共16分）
22．【解答】解：（1）煤完全燃烧产生的热量为：Q放＝qm＝3×107J/kg×0.5kg＝1.5×107J；
（2）由图可知，经过6min时间水的温度由20℃升高到80℃，
则水吸收的热量为：Q吸＝c水m水Δt水＝4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（80℃﹣20℃）＝2.52×106J；
（3）煤炉烧水时的热效率为：η＝＝＝16.8%。
答：（1）煤完全燃烧产生的热量为1.5×107J；
（2）经过6min时间加热，水所吸收的热量为2.52×106J；
（3）煤炉烧水时的热效率为16.8%。
23．【解答】解：
（1）由表中数据知，浴足盆的额定加热功率是880W，
由P＝UI可得，额定加热电流：
I加热＝＝＝4A；
（2）由电路图知，S接b时只有R2接入电路中，电路中电阻较小，电源电压一定，由P＝可知，此时电路的功率较大，为加热状态；S接a时两电阻串联，电路中电阻较大，功率较小，为保温状态。
由欧姆定律可得R2的阻值：R2＝＝55Ω，
保温状态下，由串联电路的特点和P＝可得总电阻：R总＝＝＝484Ω，
则R1＝R总﹣R2＝484Ω﹣55Ω＝429Ω；
（3）由图乙可知，电能表上标有3000r/kW•h，3000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的表盘就转过3000r，
则表盘转过30转时，浴足盆消耗的电能：W＝kW•h×30＝kW•h；
此时浴足盆加热的实际电功率：P实＝＝＝0.6kW＝600W。
答：（1）额定加热电流为4A；
（2）开关S接b触点，浴足盆处于加热状态；R1和R2的阻值分别为429Ω和55Ω；
（3）浴足盆加热的实际电功率为600W。