2020年广东省广州市海珠区中考物理一模试卷（含参考答案）

这是一份2020年广东省广州市海珠区中考物理一模试卷（含参考答案），共25页。试卷主要包含了选择题，填空作图题，解析题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。

1．（3分）图甲，是人打喷嚏时飞沫散开的示意图；图乙，是为防止病毒传播所用的一次性口罩，其上沿内置一条鼻夹，用手按压能使它紧贴人的鼻梁。以下判断正确的是（ ）
A．飞沫在空中散开，是扩散现象
B．飞沫能飞出2m开外
C．长方形口罩的长约17dm
D．鼻夹的形变是弹性形变
2．（3分）如图所示，手机被置于密闭的玻璃罩内悬浮，致电这台手机时，持续铃响，启动抽气时听到的铃声逐渐变小，直至听不到。重新放气时，人又听到铃声。以下判断正确的是（ ）
A．抽气，实现了在声源处防止声音的产生
B．抽气，使手机无法接收电磁波
C．听到的铃声逐渐变小，说明振动的频率越来越小
D．本实验说明声音的传播与空气介质的疏密有关
3．（3分）如图是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，据此判断该物质在温度（ ）
A．t1时，肯定处在固态
B．t2时，肯定处在液态
C．t1时，内能始终不变
D．t2时的内能小于t1时的内能
4．（3分）我国的探月器成功着陆在月球背面，它所受到的重力是在地球表面的．地面基地通过中继卫星与探月器进行通讯，下列说法正确的是（ ）
A．绕地球运动的月球，它的运动状态一直保持不变
B．中继卫星和探月器之间可用超声波进行通讯
C．探月器能直接收到地面基地发出的指令信号
D．若把月球的岩石带到地球，其质量不变
5．（3分）小亮将两只相同的气球在自己的头发上摩擦后，就可以让一只气球在另一只气球上方“跳舞”（如图所示）。以下判断正确的是（ ）
A．摩擦时，肯定是气球得到了正电荷，带上了正电
B．摩擦时，电子在头发与气球之间发生了转移
C．两个气球带的是异种电荷
D．若把气球靠近头发，气球与头发将互相排斥
6．（3分）在平直公路上的A、B两点相距2000m，甲、乙两车都从A点出发，运动到B点，两车运动的情况如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲车先出发
B．全程的平均速度，乙车小于甲车
C．行驶途中，甲车领先乙车三次
D．在t1﹣t2时间段，甲车相对乙车静止
7．（3分）将物体分别放在甲凸透镜（f甲＝10cm）、乙凸透镜使（f乙＝5cm）前，物距相同。通过两个透镜，在光屏上都能成像：一个缩小，一个放大。则（ ）
A．缩小的像是实像，放大的像是虚像
B．甲凸透镜成的是缩小的像
C．物距可能是15cm
D．物距可能是20cm
8．（3分）闭合图中的开关，通电导体PQ从静止向右运动。小明断开开关进行操作，最后再闭合开关，发现PQ向左运动。小明的操作可能是（ ）
A．仅把PQ前后互换
B．仅把磁体左右互换
C．仅把开关的接线反接
D．仅把电源两极的接线反接
9．（3分）系统找不到该试题
10．（3分）金属块和液体的质量、比热容都不同，金属块的温度高于液体的温度。把金属块投入液体中足够长的时间后，两者之间不再发生热传递（不计热量散失）。最后（ ）
A．液体升高的温度一定等于金属块降低的温度
B．液体的温度一定低于金属块的温度
C．液体吸收的热量一定等于金属块放出的热量
D．液体的内能一定等于金属块的内能
11．（3分）关于太阳能凉帽，以下说法错误的是（ ）
A．电能是可再生能源
B．太阳能是可再生能源
C．电动机：将电能主要转化为机械能
D．电池板：将太阳能主要转化为电能
12．（3分）右图中：利用定滑轮，水平方向的力F1拉重为G的物体作匀速直线运动，物体升高h改用滑轮组时，所用水平方向的力为F2，也使同一物体匀速升高h，此过程滑轮组的（ ）
A．有用功为F1hB．总功为F2h
C．额外功为：2F2h﹣F1hD．机械效率为
二、填空作图题（共25分）
13．如图1所示，在粗糙轨道上，小明操控电动车从A处运动到C处，其中BC段“v﹣t“图象如图2所示，在C处，切断电源使车失去动力，而车能一直运动，并经过E处，则：
（1）从B处到C处，车的机械能 （选填“增大”、“减少”或“不变”）；
（2）经过C处时，小车继续向上运动，原因是 ；
（3）车在D处的动能 车在E处的动能（选填“＜”、“＝”或“＞”）。
14．如图所示，是正常家庭电路的一部分。合上开关后，流过灯丝的电流为0.18A。
（1）此时电路中，M处（导线与插头连线的接口）的电流大小为 A．若用试电笔检测M处，试电笔氖管 （选填“发光”或“不发光”）。
（2）有金属外壳的电热水壶，应使用 （选填“两”或“三”）孔插座。当其插头插入该插座后，再合上水壶开关，家庭电路的保险丝熔断原因可能是哪些？
A．插座短路
B．插头短路
C．壶的开关短路
D．壶的发热电阻短路
E．电路中总电功率过大
15．如图所示，光线AB、CD通过甲、乙两个平面镜反射到水壶W上（其中乙平面镜没有画出），入射点分别是B、D。
（1）光线AB与镜面的夹角是60°，则反射角大小是 。
（2）在图中，①画出W在甲平面镜中的像W′。②通过作图画出乙平面镜，并完成光路。（要求保留作图痕迹）
16．自制显微镜的实验中，在透明胶盒的底部画“←”印记，在盒上滴有一薄水滴（如图甲所示），人能观察到一正立放大的箭头像；把水滴加厚，能观察到一个倒立放大的箭头像，如图乙所示：最后在盒子上方合适的位置加一凸透镜，能观察到一个倒立，但更加放大的箭头像，如图丙所示。
（1）上述情景中，薄水滴相当于 ，厚水滴相当于 （以上选填：“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）
（2）图中，示意了图（丙）成像的部分光路（水滴与凸透镜的主光轴在同一直线上），水滴的焦点为F水滴：凸透镜的焦点为F凸透镜，在图中画出
①光线a、b经水滴折射前，各自的入射光线。②光线b经过凸透镜后的折射光线
17．某款纯电动汽车，在它充电的5h内，其充电电压为220V，充电功率为7kW．此过程中消耗的电能W＝ 。经检测，发现蓄电池内储存的能量小于 J．导致此结果的原因可能是 。各种橡胶绝缘铜芯导线在常温下的安全载流量（长时间通电时的最大安全电流）如表所示，从安全角度考虑，应至少选择横截面积为 mm2的导线作为该电动车的充电接入线。
18．如图所示，烧瓶中装有气体，整个装置不漏气，弯管水平部分有一小段液柱处于静止状态
（1）当把烧瓶放入热水中，发现液柱水平向右动起来，这表明：瓶内气体压强 瓶外气体压强（选填“＜”、“＝”、“＞”）而瓶外气体压强不变，因此推测瓶内气体压强与放进热水前相比 。由该现象同时可知：瓶内气体密度 （后两空均选填“变大”、“不变”、“变小”）。
（2）把装置放在恒温的电梯内，电梯运动时液柱水平向左动起来，因此推断电梯向 （选填“上”、“下”）运动。
三、解析题（共18分）
19．按图1所示电路图，用定值电阻R与灯泡L做实验，只闭合开关S1时，两表读数分别为0.30A、2.4V：再闭合开关S2后，两表读数分别为0.51A、2.4V。
（1）按图1电路图，把图2的实物连接完整。
（2）求定值电阻R的阻值是多少？
（3）求通电10s，电流通过小灯泡做的功是多少？
20．如图1所示，相同的物块A、B叠放在一起（总重为50N），在水平方向的F1力的作用下沿水平地面向左以0.2m/s匀速直线运动了2s，所受摩擦力f1为10N．（不计空气阻力）
（1）把A、B看作一整体，用“•”表示，画出这个整体“•”在水平方向的受力示意图；
②求F1做功的功率；
（2）如图所示，在水平方向F2的作用下，将A与B沿同一水平地面向左以0.4m/s作匀速直线运动。则F1 F2（选填“＜”、“＝”、“＞”依据是 。
（3）静止时，整体对水平地面的压强：图1中为p1，图2中为p2，求：＝ ？
四、实验探究题（共21分）
21．两个相同的溢水杯分别装满水和液体，放进球状和碗状两个不同的物体后，两个相同的容器分别溢出了水和甲液体，两物体静止后，小明观察到：一沉底、一漂浮（如图1、2所示），两个电子天平的示数相同，则球状物所受的浮力 碗状物所受的浮力，ρ水 ρ甲液体．（均选填“＜”、“＝”、“＞”）在两个溢水杯中放足量的盐，杯中液体的密度都增大。文杰观察到两物体仍然处于原来的状态、由此可以判断：球状物所受的浮力 ，碗状物所受的浮力 。（均选填“变大”、“变小”、“不变”）
22．利用一个重为G的钩码，进行两组关于杠杆的实验：
（1）首先调好杠杆在水平位置平衡、然后挂上钩码，并用弹簧测力计竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置再次平衡（如图1所示）弹簧测力计的示数为 N，由此可以推导出：G＝ N。
（2）把测力计顺时针转动至图2位置时，杠杆仍保持水平位置平衡。
①画出测力计拉力的力臂l。
②与图1测力计相比，图2测力计示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”），依据是 。
（3）借助此钩码，小明设计了一个实验（如图3、图4所示）测出了一根木棍的质量m。在图中的步骤中，他用刻度尺测量了两个长度L1和L2。
①在图中，用“”标出测量的两个长度L1和L2。
②用题目所给及所测出的物理量推导出木棍质量的表达式：m＝ 。
23．在验证“通过导体的电流与导体电阻成反比”的实验中，小明用同一干电池组为电源，依次将不同阻值的电阻R连入电路，进行实验，如图1所示。
（1）第3次实验时，电流表的示数如图2所示，所测电流I＝ A。
（2）分析表中的实验数据，没能验证出“通过导体的电流与导体电阻成反比”。原因是 。
（3）在原来器材的基础上，四个小组再增选两个器材及足够的导线，设计电路。能实现实验目的的小组有哪些？答 组。
A组：两个电流表
B组：一个电压表和一个滑动变阻器
C组：一个电流表和一个滑动变阻器
D组：两个电压表
24．两个电磁铁A和B都用粗细相同的漆包线绕制而成，其外形及所用的铁芯都相同，但线圈圈数不同（外观上看不出）要比较哪个电磁铁的线匝数多，小明用相同的恒压电源、滑动变阻器、导线、开关，并提供足够多的大头针，连接电路进行了实验。
（1）关于小明的实验：
①磁性较强的电磁铁是 （选填“A”或“B”）。依据是 。
②该实验，无法比较哪个电磁铁的线圈匝数更多，原因是 。
（2）利用上述器材设计实验，要求能比较哪个电磁铁的线圈匝数更多（可增加一个器材，或不增加器材）
①步骤（可用文字或画图表述）
②结论分析 。
2020年广东省广州市海珠区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．【分析】①扩散现象说明组成物质的分子在永不停息地做无规则运动；物理学中把一个物体相对于另一个物体位置的改变称为机械运动；
②根据人的身高估计飞沫喷出的距离；
③根据对口罩的了解估计其长度；
④物体受力时发生形变，不受力时能恢复原状的是弹性形变；受力时发生形变，不受力时无法恢复原状的是塑性形变。
【解答】解：
A、扩散现象说明组成物质的分子在永不停息地做无规则运动；飞沫是小液滴（不是分子），飞沫在空中散开是小液滴的机械运动，不是分子在运动，所以不是扩散现象，故A错误；
B、成年人的身高在170cm左右，由图知，飞沫喷出的距离大于人的身高，所以飞沫能飞出200cm＝2m以外，故B正确；
C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离（一拃）大约15cm，成年人所戴口罩长度略大于此数值，在17cm左右，故C错误；
D、鼻夹按下后不能弹起，发生的是塑性形变，故D错误。
故选：B。
【点评】此题是一道联系生活热点的应用题，体现了物理贴近生活，服务社会的学科特点。
2．【分析】（1）声音的传播需要介质，抽气，实现了在传播过程中防止声音的产生；
（2）电磁波的传播不需要介质；
（3）真空不能传声。
【解答】解：A、声音的传播需要介质，抽气是防止声音的传播，故A错误；
B、电磁波的传播不需要介质，抽气，手机仍能接收电磁波，故B错误；
C、用抽气机逐渐抽去玻璃钟罩内的空气，铃声逐渐降低，这个实验说明了声音需要介质传播，不能在真空中传播，是响度越来越小，故C错误；
D、图中是将发声体放在真空罩中，随着空气的抽出，声音越来越小，说明声音的传播与空气介质的疏密有关，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查声音的产生，以及传播，难度不大。
3．【分析】（1）晶体在熔化时，不断吸收热量，但温度不变；在熔点温度时物质可能处于固态，也可能处于固液共存态，还可能处于液态；
（2）在整个过程中物质不断吸热，内能增加；
【解答】解：
根据图象可知，该物质熔化时有固定的熔化温度，所以该物质是晶体，温度t2是物质的熔点；
A、温度为t1时，物质还没有达到熔点，没有开始熔化，所以该物质一定是固态，故A正确；
B、温度t2是物质的熔点，在熔点温度时物质可能处于固态，也可能处于固液共存态，还可能处于液态，故B错误；
CD、在整个过程中物质不断吸热，内能始终增加，t2时的内能大于t1时的内能，故CD错误；
故选：A。
【点评】本题考查了对熔化图象的理解，关键是将晶体熔化图象及结论掌握清楚，仔细分析不难做出。
4．【分析】①物体保持静止状态或做匀速直线运动时，其运动状态不变；若物体运动的速度大小或运动方向改变，其运动状态改变；
②声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质；
③电磁波能传递信息，且电磁波能发生反射现象；
④质量是物体本身的一种属性，由物体所含物质的多少决定，与其他因素无关。
【解答】解：
A、月球绕地球转动，其运动方向时刻变化，也就是运动状态不断变化，故A错误；
B、太空中是真空，超声波不能在真空中传播，所以中继卫星与探月器之间不能用超声波进行通讯，故B错误；
C、由图知，探月器在月球背面，所以探月器不能直接收到地面基地发出的指令信号，而是利用中继卫星通过电磁波的反射来进行通讯的，故C错误；
D、质量是物体本身的一种属性，与空间位置无关，所以把月球的岩石带到地球，其质量不变，故D正确。
故选：D。
【点评】此题是一道综合题，考查了物体运动状态的判断、声音的传播、电磁波的应用及质量的属性，熟练掌握基本规律，是正确解答的关键。
5．【分析】用摩擦的方法可以使物体带电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：
AB、将两只相同的气球在自己的头发上摩擦时，电子在头发和气球之间发生转移，而使头发与气球带异种电荷，但不能确定气球与头发所带电荷的性质。故A错误、B正确；
C、两只相同的气球在头发上摩擦后，两只相同的气球带的是同种电荷，由于同种电荷相互排斥，所以会发现一只气球在另一只气球上方“跳舞”。故C错误；
D、头发与气球带异种电荷，而异种电荷相互吸引，所以把气球靠近头发，气球与头发将互相吸引。故D错误。
故选：B。
【点评】掌握摩擦起电的实质、现象，并能运用摩擦起电现象解释生活中的问题。
6．【分析】（1）观察s﹣t图象中出发时间，作出判断；
（2）根据速度公式v＝和图象中运动时间t判断全程平均速度大小；
（3）甲乙两车的起点相同，比较行驶的路程判断车的位置；
（4）由图象判断甲乙两车在t1﹣t2时间段内运动状态，得出结论。
【解答】解：A、由图象可知，乙车出发时间早于甲车，故A错误；
B、由图象可知，乙车运动时间大于甲车，运动路程相同，由速度公式v＝可知，乙车全程的平均速度小于甲车，故B正确；
C、由图象可知，起点相同，甲车有两次行驶的路程超过乙车，所以有两次领先乙车，故C错误；
D、由图象可知，在t1﹣t2时间，甲车速度为0，相对地面保持静止；乙车继续行驶，甲车相对乙车，位置不断发生变化，所以甲车相对乙车是运动的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生利用速度公式分析图象的能力，有一定的难度，解答本题的关键是正确分析图象和判断甲、乙两车的运动状态。
7．【分析】凸透镜成实像时：u＞2f，成倒立缩小的实像；u＝f，成倒立等大的实像；f＜u＜2f，成倒立放大的实像；u＜f时，成正立、放大的虚像。
【解答】解：
A、物体经凸透镜成的缩小像都是实像（u＞2f），放大的像可能是实像（f＜u＜2f）、也可能是虚像（u＜f），故A错误；
B、若物体通过甲凸透镜成缩小的实像，则像是倒立、缩小的实像，物距要大于二倍焦距；物距大于20cm，此时20cm＞2×5cm，物体通过乙凸透镜液成倒立、缩小的实像，不符合题意，故B错误；
C、若物体经乙凸透镜成倒立缩小的实像，则物距大于10cm，当物距在10cm到20cm之间（u＝15cm）时，通过甲能成倒立、放大的实像，符合题意，故C正确；
D、若物距是20cm时，对于甲凸透镜，物距对于二倍焦距，对于乙凸透镜，大于二倍焦距，不会成放大的像，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查凸透镜成像的特点，即凸透镜成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u＝2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；f＜u＜2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u＝f，不成像；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜。
8．【分析】通电导体在磁场中受力方向跟电流方向和磁场方向有关。在磁场方向不变时，电流方向相反，通电导体的受力方向相反；电流方向一定时，对调磁极，通电导体的受力方向相反。
【解答】解：A、仅把PQ前后互换，磁场方向和电流方向都不变，所以导体受力方向不变。再闭合开关，PQ仍然向右运动。故A不符合题意；
B、仅把磁体左右互换，磁场方向和电流方向都不变，所以导体受力方向不变。再闭合开关，PQ仍然向右运动。故B不符合题意；
C、仅把开关的接线反接，磁场方向和电流方向都不变，所以导体受力方向不变。再闭合开关，PQ仍然向右运动。故C不符合题意；
D、仅把电源两极的接线反接，磁场方向不变，电流方向改变，所以导体受力方向改变。再闭合开关，PQ会向左运动。故D符合题意。
故选：D。
【点评】掌握通电导体受力方向的影响因素，利用控制变量法判断通电导体的运动方向。
9．
10．【分析】（1）由吸热公式Q吸＝cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多；由放热公式Q放＝cm△t可知，质量相同的不同物质，降低相同的温度，比热容大的放出的热量多，比热容小的放出的热量少；
（2）热传递的结果是温度相同；
（3）不计热量损失，低温物体吸收的热量等于高温物体放出的热量；
（4）内能的大小与物质种类、温度、状态、质量等有关。
【解答】解：
A、金属块和液体之间不再发生热传递，说明温度相同，液体吸收的热量等于金属块放出的热量，由△t＝可知，质量、比热容都不同的液体和金属温度变化量不一定相等，故A错误；
B、最终金属块和液体之间不再发生热传递，说明它们最后的温度相同，故B错误；
C、不计热量散失情况下，液体吸收的热量等于金属块放出的热量，故C正确；
D、内能的大小与物质种类、温度、状态、质量都有关，最后金属块和液体的温度相同，但质量、状态、物质种类都不同，所以无法比较内能的大小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t和放热公式Q放＝cm△t掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多。
11．【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）电动机是根据通电导体在磁场中受到力的原理工作的；
（3）太阳能电池板将太阳能转化为电能。
【解答】解：
A、电能不可以从自然界直接获得，依赖于其他能源转化而来，属于不可再生能源，故A错误；
B、太阳能可以从自然界中源源不断的获得，是可再生能源，故B正确；
C、电动机工作过程中消耗电能，得到机械能，所以将电能转化为机械能，故C正确；
D、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故D正确。
故选：A。
【点评】此题考查了同学们对可再生能源和不可再生能源的理解，同时考查了对能量转化现象的分析能力，是一道基础题。
12．【分析】（1）直接拉物体的力做的功为有用功，利用W＝Gh求出有用功；
（2）由图可知：滑轮组中绳子的股数n＝2，则根据s＝nh求出绳子的自由端移动的距离；利用W＝Fs求出总功；
（3）总功减去有用功为额外功；
（4）利用η＝求出机械效率。
【解答】解：
图1中，使用的是定滑轮，物体做匀速运动，由于摩擦力的作用，则拉力F1＞G；
图2中，滑轮组中有2段绳子拉着同一物体，匀速升高h；
A、滑轮组使用中，有用功：W有用＝Gh，故A错误；
B、滑轮组中有2段绳子拉着物体，则s＝nh＝2h，则此滑轮组的总功为：W总＝F2×s＝2F2h，故B错误；
C、此滑轮组的则额外功为：W额＝W总﹣W有用＝2F2h﹣Gh，故C错误；
D、此滑轮组的机械效率为：η＝＝＝，故D正确；
故选：D。
【点评】此题考查了滑轮组的有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意本题中没有不计摩擦。
二、填空作图题（共25分）
13．【分析】（1）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
（2）任何物体都具有惯性，即保持运动状态不变的性质。
（3）在动能与势能转化的过程中，若存在摩擦，由于克服摩擦做功消耗机械能，则机械能会减小。
【解答】解：（1）由图象可知，从B处到C处，车做匀速直线运动，故车的动能不变，由于车的高度变大，重力势能增大，故车的机械能增大。
（2）经过C处时，小车继续向上运动，是因为电动车具有惯性。
（3）由于D处和E处在同一高度，其重力势能相同，由于轨道粗糙，电动车克服摩擦做功消耗机械能，故E处的机械能小于D处机械能，故E处的动能小于D处的动能。
故答案为：（1）增大；（2）电动车具有惯性；（3）＞。
【点评】深入理解影响动能和势能的因素，知道摩擦的存在影响机械能变化，可解答此题。
14．【分析】（1）两孔插座连接的是火线和零线、提供的交流电压，在未插入用电器时，插座中没有电流通过；试电笔是辨别火线和零线的工具，手接触笔尾金属体，试电笔的笔尖接触火线时，试电笔的氖管就发光，接触零线时氖管不发光。
（2）使用三脚插头和三孔插座，可以把用电器金属外壳与大地相连，防止外壳漏电时发生触电事故；
家庭电路的保险丝熔断原因时电路中的电流过大，而电路中电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
【解答】解：
（1）两孔插座连接的是火线和零线，当未插入用电器时，插座中没有电流通过，则M处（导线与插头连线的接口）的电流大小为0A；
M点连接火线，用试电笔测试，试电笔的氖管会发光；
（2）①有金属外壳的电热水壶，应使用三孔插座，可以把电热壶的金属外壳与大地相连，防止当外壳漏电时发生触电事故；
②由题知，当其插头插入该插座后，再合上水壶开关，家庭电路的保险丝熔断；
若插座短路（A），无需插入插头，保险丝就熔断了；若插头短路（B），则在插头插入插座、开关未闭合时保险丝就熔断了；若壶的开关短路（C），相当于一直合上开关，但不会造成保险丝熔断，由此可知ABC不可能；
而电水壶是大功率用电器，结合题意可知可能是发热电阻短路即电源短路（D），用电器的总功率过大（E）造成的。
故答案为：（1）0；发光；（2）三；D、E。
【点评】本题考查了试电笔的使用方法、三孔插座的使用原因、家庭电路中电流过大的原因，属于基础题。
15．【分析】（1）入射光线与法线的夹角叫做入射角，反射光线与法线的夹角叫做反射角，反射角等于入射角；
（2）①物像关于平面镜对称，作出W关于甲平面镜的对称点，可得W在甲平面镜中的像W′；
②连接入射点D、W可得光线CD经乙平面镜后的反射光线，画出反射光线、入射光线夹角的角平分线可得法线，过入射点D作法线的垂线可得乙平面镜的位置。
【解答】解：
（1）入光线AB与镜面的夹角是60°，入射角为90°﹣60°＝30°，反射角等于入射角，也是30°；
（2）①由于物像关于平面镜对称，画出W关于甲平面镜的对称点W′，可得W在甲平面镜中的像W′；
②连接入射点D、W可得光线CD经乙平面镜后的反射光线，画出反射光线、入射光线夹角的角平分线可得法线，过入射点D作法线的垂线可得乙平面镜的位置，如图所示：
【点评】本题考查了反射定律的应用，作图时注意实虚线分开，法线、虚像、辅助线用虚线，实际光线用实线，不要忘记标注垂直符号。
16．【分析】（1）凸透镜成像的三种情况和应用：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
（2）在作凸透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据凸透镜的三条特殊光线来作图。
【解答】解：
（1）由题意可知，当在盒上滴有一薄水滴，人能观察到一正立放大的箭头像，所以薄水滴相当于放大镜；
把水滴加厚，能观察到一个倒立放大的箭头像，则由凸透镜成像规律及其应用可知，厚水滴相当于投影仪；
（2）①由题意可知，折射光线a过水滴的焦点，折射光线b平行于主光轴，
凸透镜的2条特殊光线：①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；②通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；
由此可知，光线a经水滴折射前的入射光线平行于主光轴，光线b经水滴折射前的入射光线过水滴的焦点；
②光线b平行主光轴，经过上面的凸透镜后折射后，其折射光线过该凸透镜另一侧的焦点，如图所示：
故答案为：（1）放大镜；投影仪；（2）见上图。
【点评】本题考查了凸透镜成像的规律和应用以及凸透镜的光路图，关键是理解题意并仔细分析。
17．【分析】（1）在它充电的5h内，利用W＝Pt计算充电一次的电能；
（2）根据蓄电池充电时能量的转化即可判断消耗的电能与电池内储存的能量的大小关系；
（3）根据P＝UI求出工作电流，然后比较判断得出。
【解答】解：
（1）在它充电的5h内，消耗的电能W＝P充电t＝7kW×5h＝35kW•h；
（2）由于在充电过程中，消耗的电能大部分转化为蓄电池的化学能，同时因产生热量而消耗部分电能，所以电池内储存的能量E＜W＝35kW•h＝1.26×108J；
（3）根据P＝UI可得正常工作充电时电流的电流为I充电＝＝≈32A，
从安全角度考虑，由表格数据可知：应至少选择横截面积为4mm2的导线作为该电动车的充电接入线。
故答案为：35kW•h；1.26×108；在充电过程中产生热量而消耗部分电能；4。
【点评】本题以电功公交为情景考查了电能、功、功率以及平衡力的应用，考查的知识点多，综合性强，要能从表格中获取有用信息。
18．【分析】（1）根据液柱的移动方向判定压强的大小；气体的温度越高，压强越大；在质量一定时，体积越大，密度越小；
（2）气体压强的大小与高度有关，高度越高，气压越小。
【解答】解：（1）当把烧瓶放入热水中，发现液柱水平向右动起来，表明瓶内的气压要大于外界的气压；瓶外气体压强不变，说明瓶内气体在受热后，压强变大了；瓶内气体的质量不变，体积变大，根据ρ＝可知，密度变小了；
（2）把装置放在恒温的电梯内，电梯运动时液柱水平向左动起来，这表明外界的气压变大，高度越低，气压越大，所以电梯是向下运动的。
故答案为：（1）＞；变大；变小；（2）下。
【点评】此题主要考查学生对密度与温度和于气体压强与体积关系的理解，难度不大。
三、解析题（共18分）
19．【分析】（1）根据电路图，明确电路的连接方式，再按照电流流向法，从电源的一极依次进行连接即可；
（2）只闭合开关S1时，只有电阻R连入电路，根据欧姆定律即可求出电阻R的阻值；
（3）再闭合开关S2后，电阻与灯泡并联，根据I＝和并联电路的电流特点求出灯泡的电流，然后利用W＝UIt求出电流通过小灯泡做的功。
【解答】解：（1）由图1可知，电阻与灯泡并联，电压表并联在电阻R的两端；电流表串联在干路中，S1在干路，S2控制灯泡L2．按照电流流向法，从电源的一极依次进行连接即可，连接时可先串后并。如图所示。
（2）只闭合开关S1时，只有电阻R连入电路，根据I＝可得：
电阻R＝＝＝8Ω；
（3）再闭合开关S2后，电阻与灯泡并联，根据电压表示数可知并联电路各支路两端的电压为U并＝2.4V；
则IR＝＝＝0.3A，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得：
IL＝I并﹣IR＝0.51A﹣0.3A＝0.21A，
电流通过小灯泡做的功WL＝U并ILt＝2.4V×0.21A×10s＝5.04J。
答：（1）如上图。
（2）定值电阻R的阻值是8Ω；
（3）通电10s，电流通过小灯泡做的功是5.04J。
【点评】本题考查了实物图的连接、并联电路的特点和电功的计算，正确分析电路的连接特点，会准确连接实物电路，是电学中最基本的技能之一，是我们必须熟练掌握的。
20．【分析】（1）利用二力平衡的知识，求出拉力，画出示意图；
根据P＝＝＝Fv算出F1做功的功率；
（2）摩擦力的大小与压力以及接触面的粗糙程度有关，而与接触面积和速度无关；
（3）根据p＝表示出整体对水平地面的压强，并求出其比值。
【解答】解：（1）①因为物体在水平方向上做匀速直线运动，受拉力和滑动摩擦力一对平衡力，大小相等，即F1＝f1＝10N，方向相反，在同一直线上，如图所示：
；
②F1做功的功率为：P＝＝＝Fv＝10N×0.2m/s＝2W；
（2）在2图中，若将A、B紧靠着放在水平桌面上，接触的粗糙程度不变，压力也不变，因此摩擦力也不变，仍为10N，使它们一起匀速运动，因此推力与此时的摩擦力为一对平衡力，推力的大小也为10N，所以F1＝F2；
（3）设AB物体的总重力为G，AB的受力面积都为S，
静止时整体对水平地面的压强：
＝＝。
答：（1）①如上图
②F1做功的功率为2W；
（2）＝；1、2中压力和接触面的粗糙程度都不变，摩擦力也不变，又因为1、2中物体都做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是平衡力，大小相等；
（3）2：1。
【点评】本题主要考查摩擦力大小的影响因素以及压强公式的应用，影响因素不变，摩擦力的大小也不变，但是注意摩擦力不能直接测量，都是根据平衡力的知识间接得出。
四、实验探究题（共21分）
21．【分析】（1）根据阿基米德原理可知：物体所受浮力等于排开液体的重力；根据密度公式ρ＝判断出水和甲液体的密度；
（2）在两个溢水杯中放足量的盐搅拌后，液体的密度变大，由于球状橡皮泥沉在盐水底部，排开的液体体积不变，利用F浮＝G排＝ρ液V排g分析球状物所受的浮力变化；
由于碗状橡皮泥处于漂浮状态，根据漂浮条件即可判断碗状物所受的浮力变化。
【解答】解：（1）两个电子天平的示数相同，说明溢出液体的质量相同，根据G＝mg知，溢出液体的重力相同，
根据阿基米德原理可知：物体所受浮力等于排开液体的重力，所以球状物所受的浮力等于碗状物所受的浮力所受的浮力；
由图知，溢出水的体积小于溢出液体的体积，根据ρ＝知，水的密度大于甲液体的密度；
（2）在两个溢水杯中放足量的盐搅拌后，液体的密度变大，
①由于球状橡皮泥仍然沉在盐水底部，则排开的液体体积不变，根据F浮＝G排＝ρ液V排g可知浮力变大；
②由于碗状橡皮泥始终处于漂浮状态，根据漂浮条件可知：浮力与物体的重力相等，由于碗状橡皮泥重力不变，所以碗状橡皮泥所受浮力不变。
故答案为：＝；＞；变大；不变。
【点评】本题考查物体浮沉条件、阿基米德原理的灵活应用，利用好漂浮条件是本题的关键。
22．【分析】（1）读出测力计的示数，根据杠杆平衡条件即可求出钩码的重力G；
（2）①力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。从支点向拉力的作用线作垂线，即为拉力的力臂l；
②弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的拉力力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大；
（3）①图4中木棍在水平位置处于平衡状态，则根据杠杆的平衡条件可知需要测量出重力和钩码的重力的力臂；据此可知应测量的位置；
②根据杠杆平衡条件即可求出木棍的重力G木，然后求出木棍的质量m。
【解答】解：（1）图中测力计分度值为0.2N，则示数为0.8N。
设每格长度为L，则拉力的力臂为L1＝5L，钩码的重力G的力臂L2＝2L；
根据杠杆平衡条件可得：F1L1＝GL2，
解得：G＝＝＝2N；
（2）①反向延长动力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂l。如图所示：
②与图1测力计相比，图2测力计倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，动力变大。所以图2测力计示数变大；
（3）图4中木棍在水平位置处于平衡状态，则根据杠杆的平衡条件可知需要测量出木棍重力和钩码的重力的力臂；
所以，刻度尺测量的两个长度L1和L2，分别为重力的力臂和钩码重力的力臂；如下图所示：
②根据杠杆平衡条件即可求出木棍的重力G木，然后求出木棍的质量m。
根据杠杆平衡条件可得：G木L1＝GL2，
解得：G木＝；
则：m＝。
故答案为：
（1）0.8；2；（2）①如上图；②变大；测力计倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，动力变大；（3）①如上图；②。
【点评】杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡。
23．【分析】（1）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
（2）根据控制变量法分析解答；
（3）在要探究通过导体的电流与导体电阻关系时，需要移动滑动变阻器来保持电阻两端的电压不变。
【解答】解：（1）由图2知，电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.12A；
（2）由表格数据知，通过导体的电流与导体电阻不成反比，是因为没有控制电压不变；
（3）在探究通过导体的电流与导体电阻成反比时，应该控制电阻两端的电压相等，所以可以将三个电阻并联，同时用三个电流表测量各支路的电流，故A符合题意；
在探究通过导体的电流与导体电阻成反比时，还可以通过移动滑动变阻器改变电阻两端的电压不变，所以需要添加电压表和滑动变阻器，故B组符合题意。
故选：AB。
故答案为：（1）0.12；（2）没有控制电压不变；（3）AB。
【点评】本题考查了电流表的读数，实验数据的分析以及实验装置的改进等知识，是一道中考常见题。
24．【分析】（1）①电磁铁磁性强弱用电磁铁吸引大头针的多少来反映。
②电磁铁磁性强弱跟电流大小、线圈匝数和是否有铁芯有关，探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系，要控制其它因素不变。
（2）①控制两个电磁铁的磁性强弱相同，可以把两个电磁铁串联在电路中，使电流相等。
②在电流和铁芯相同时，电磁铁线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。
【解答】解：（1）①电磁铁磁性强弱用电磁铁吸引大头针的多少来反映，A吸引大头针数目多，说明A电磁铁的磁性更强。
②电磁铁磁性强弱跟电流大小、线圈匝数和是否有铁芯有关，两个电磁铁的铁芯相同，探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系，还要控制电流相等，图中电源电压相等，滑动变阻器接入的电阻不同，电流不同，所以实验中没有控制电流大小相等。
（2）①两个电磁铁的铁芯相同，把两个电磁铁再串联在电路中，控制了电流和铁芯相同，观察电磁铁吸引大头针数目多少，可以判断电磁铁磁性强弱，可以判断线圈匝数多少。（或者在电路中增加电流表，调节滑动变阻器滑片，使电磁铁的电流相等，观察电磁铁吸引大头针数目多少，可以判断电磁铁磁性强弱，可以判断线圈匝数多少）
②结论：在电流和铁芯相同时，电磁铁吸引大头针越多，线圈匝数越多。
故答案为：（1）①A；电磁铁磁性越强吸引大头针越多；②没有控制电流大小相等；（2）①两个电磁铁串联在电路中，观察电磁铁吸引大头针数目多少；②在电流和铁芯相同时，电磁铁吸引大头针越多，线圈匝数越多。
【点评】本题考查了电磁铁磁性强弱的影响因素，电磁铁磁性强弱跟电流大小、线圈匝数和是否有铁芯有关。
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导线横截面积S/mm2
2.5
4
6
10
安全载流量I/A
28
37
47
68
实验次数
R/Ω
I/A
1
5
0.30
2
10
0.20
3
20