人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）导学案

这是一份人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）导学案，共11页。学案主要包含了学习目标，当堂检测案，随堂检测等内容，欢迎下载使用。
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【学习目标】
【探究案】
题型一 多对相对性状的自由组合问题
【探究1】．表解
【探究2】．图解
【练习】
( )1．在两对相对性状的遗传实验中，可能具有1∶1∶1∶1比例关系的是
①杂种自交后代的性状分离比②杂种产生配子类别的比例③杂种测交后代的表型比例④杂种自交后代的基因型比例⑤杂种测交后代的基因型比例
A．①②④ B．②④⑤ C．①③⑤ D．②③⑤
( )2．基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是
A．1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64
B．3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128
C．5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256
D．6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个体出现的概率不同
题型二 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象
【探究3】
【练习】
( )3．某品种鸡羽毛的颜色由A、a和B、b两对等位基因共同控制，其中B、b分别控制黑色和白色，A能抑制B的作用，A存在时表现为白色。某人做了下表所示的实验：
F2中黑色羽毛鸡自由交配得到F3，则F3中
A．杂合子占5/9 B．黑色个体占8/9 C．白色个体均为杂合子 D．黑色个体均为纯合子
( )4．一种观赏植物，纯合的蓝色品种(AABB)与纯合的鲜红色品种(aabb)杂交，F1表现为蓝色，F1自交，F2表现为9蓝∶6紫∶1鲜红。若将F2中的紫色植株用鲜红色的植株授粉，则其后代的表型及比例是
A．1鲜红∶1紫 B．2紫∶1鲜红 C．1蓝∶2紫∶1鲜红 D．3紫∶1蓝
( )5．某个鼠群有基因纯合致死现象(在胚胎时期就使个体死亡)，该鼠群的体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)。任意取雌雄两只黄色短尾经多次交配，F1的表型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1，则下列相关说法不正确的是
A．两个亲本的基因型均为YyDd B．F1中黄色短尾个体的基因型与亲本相同
C．F1中黄色长尾和灰色短尾的基因型分别是Yydd和yyDd
D．F1中黄色长尾鼠中的雌雄个体交配，后代中纯合子占1/2
题型三 自由组合定律中的概率计算
【探究4】当两种遗传病之间具有自由组合关系时，各种患病情况概率如下：(可用图帮助理解)
(1)只患甲病的概率： ；
(2)只患乙病的概率：n·(1－m)；
(3)甲、乙两病同患的概率： ；
(4)甲、乙两病均不患的概率： ；
(5)患病的概率： ；
(6)只患一种病的概率： 。
【练习】
( )6．人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的概率是
A．1/8 B．1/2 C．1/4 D．3/8
题型四 验证不同对基因是否独立遗传
【探究5】．设计实验验证分离定律和自由组合定律
【练习】
( )7．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有四株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD、②AABBDD、③aaBBdd、④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是
A．任意选择两植株进行杂交等相关实验都能验证基因的分离定律
B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③
C．欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交
D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和其他三株任意植株杂交
8．不同鲤鱼品种的体色不同，是由鱼体鳞片和皮肤含有的不同的色素细胞及其数量分布差异所致。科研人员用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)做杂交实验：
a．黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤；
b．F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，黑鲤∶红鲤约为15∶1。
根据以上实验结果，科研人员推测：鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的，遵循自由组合定律。请设计实验验证上述推测是否正确。
(1)所选亲本表型为________和________，让二者进行________(交配方式)，得F1。
(2)对F1进行________处理，统计F2的表型及比例。
(3)预期实验结果：____________________________________________。
【当堂检测案】
( )1．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对等位基因的遗传符合自由组合定律，则F1形成的配子种类数和F1自交时雌雄配子的结合方式分别为
A．4和9 B．4和27 C．8和64 D．32和81
( )2．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒(R)种子均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表型如下图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状比为
A．1∶1∶1∶1
B．2∶2∶1∶1
C．3∶1∶3∶1
D．9∶3∶3∶1
( )3．(2020·四川成都高一期中)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，基因型为Aa的植株表现为小花瓣，基因型为aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是
A．子代共有9种基因型 B．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3
C．子代共有6种表型 D．子代的红花植株中，纯合子占1/9
( )4．控制植物果实质量的三对等位基因A/a、B/b和C/c，对果实质量的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的果实重120 g，基因型为AABBCC的果实重210 g。现有果树甲和乙杂交，甲的基因型为AAbbcc，F1的果实重135～165 g。则乙的基因型是
A．aaBBcc B．AaBBcc C．AaBbCc D．aaBbCc
( )5．豌豆子叶颜色的黄色(A)对绿色(a)为显性，种子形状的圆粒(B)对皱粒(b)为显性，两对基因独立遗传。现对一批黄色圆粒种子进行测交，子代表型见下表。则这批种子的基因型及比例为
A．全为AaBb B．AaBb∶AABb＝1∶2 C．AaBb∶AABb＝1∶3 D．AaBb∶AABb＝1∶4
( )6．油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示。下列相关说法错误的是
A.凸耳性状由两对等位基因控制 B．甲、乙、丙可能都是纯合子
C．甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳
D．乙和丙杂交子代再自交得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1
7．荠菜的果实形状有三角形和卵圆形两种，该性状的遗传涉及两对等位基因，分别用A、a和B、b表示。为探究荠菜果实形状的遗传规律，进行了相关实验(如下图所示)。
现有3包基因型分别为AABB、AaBB和aaBB的荠菜种子，由于标签丢失而无法区分。根据以上遗传规律，请设计实验方案确定每包种子的基因型。有已知性状(三角形果实和卵圆形果实)的荠菜种子可供选用。
(1)实验步骤：
①___________________________________________________________；
②___________________________________________________________；
③___________________________________________________________。
(2)结果预测：
如果 ，则包内种子基因型为AABB；
如果 ，则包内种子基因型为AaBB；
如果 ，则包内种子基因型为aaBB。
三、学习了本节课，你有哪些收获，还存在哪些疑惑？做简要小结。
第二章第2节《孟德尔的豌豆杂交实验(二)》导学案03
【探究1】．表解
【练习】1.解析：选D。在孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，杂种产生配子类别的比例、杂种测交后代的表型比例、杂种测交后代的基因型比例均为1∶1∶1∶1，杂种自交后代的性状分离比是9∶3∶3∶1，杂种自交后代的基因型比例是1∶1∶1∶1∶2∶2∶2∶2∶4。
2.解析：选B。1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率＝Ceq \\al(1,7)×eq \f(2,4)×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))＝eq \f(7,128)，A项错误；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率＝Ceq \\al(3,7)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))＝eq \f(35,128)，B项正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率＝Ceq \\al(5,7)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))＝eq \f(21,128)，C项错误；6对等位基因纯合的个体出现的概率＝eq \f(7,128)，6对等位基因杂合的个体出现的概率＝Ceq \\al(1,7)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \f(2,4)×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)＋\f(1,4)))＝eq \f(7,128)，两者相同，D项错误。
题型二 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象[学生用书P15]
【探究3】．
【练习】3.解析：选B。B、b分别控制黑色和白色，A能抑制B的作用，A存在时表现为白色，则黑色个体的基因型为aaB_。F2中白色∶黑色＝13∶3，该比例是9∶3∶3∶1的变式，故F1的基因型为AaBb。亲本都是白色，则亲本的基因型组合为aabb×AABB。F2中黑色羽毛鸡的基因型及比例为1/3aaBB、2/3aaBb，它们自由交配，F3中基因型为aaBb的个体所占比例为(2/3)×(1/3)×2×(1/2)＋(2/3)×(2/3)×(1/2)＝4/9，故杂合子所占比例为4/9，A项错误；F3中白色个体(aabb)所占比例为(2/3)×(2/3)×(1/4)＝1/9，则黑色个体所占比例为1－1/9＝8/9，B项正确；F3中只有基因型为aabb的个体为白色，故F3中白色个体都是纯合子，C项错误；F3中黑色个体的基因型为aaBB、aaBb，不都是纯合子，D项错误。
4.解析：选B。两对等位基因的纯合子杂交，F1为双杂合，只表现一种性状，F1自交，F2表现为9蓝∶6紫∶1鲜红，孟德尔遗传实验中F2的分离比为9∶3∶3∶1，可推断双显性表现为蓝色(9A_B_)，而单显性均表现为紫色(3A_bb＋3aaB_)，双隐性表现为鲜红色(1aabb)，则F2中紫色植株(1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb)与鲜红色植株(aabb)杂交，其子代的基因型为1/3Aabb、1/3aaBb、1/3aabb，前两者表现为紫色，后者表现为鲜红色，比例为2∶1。
5.解析：选D。两只黄色短尾鼠经多次交配，F1的表型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1，其中黄色∶灰色＝2∶1，短尾∶长尾＝2∶1，由此可推知两性状的显性基因纯合时都能致死，因此，亲本的基因型均为YyDd，F1中黄色短尾个体的基因型也为YyDd，与亲本的基因型相同，A、B正确。由于显性基因纯合致死，因此F1中黄色长尾(Y_dd)和灰色短尾(yyD_)的基因型分别是Yydd和yyDd，C正确。根据题意可知，F1中黄色长尾鼠的基因型均为Yydd，F1中黄色长尾鼠雌雄个体交配，理论上后代基因型为YYdd∶Yydd∶yydd＝1∶2∶1，由于YYdd个体死亡，故后代中纯合子占1/3，D错误。
题型三 自由组合定律中的概率计算
【探究4】．
当两种遗传病之间具有自由组合关系时，各种患病情况概率如下：
(1)只患甲病的概率：m·(1－n)；
(2)只患乙病的概率：n·(1－m)；
(3)甲、乙两病同患的概率：m·n；
(4)甲、乙两病均不患的概率：(1－m)·(1－n)；
(5)患病的概率：1－(1－m)·(1－n)；
(6)只患一种病的概率：m·(1－n)＋n·(1－m)。
【练习】6.解析：选B。先求双亲的基因型：父亲多指→T_A_，母亲正常→ttA_；由双亲生有一个白化病的孩子可知，双亲控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，所以父亲控制多指的基因型只能是Tt，否则子代全都是多指。由此推得双亲的基因型是TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4，因此再生一个孩子只患一种病的概率为1/2＋1/4—2×(1/2)×(1/4)＝1/2。或通过另一计算式(1/2)×(1－1/4)＋(1/4)×(1－1/2)求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2。
题型四 验证不同对基因是否独立遗传
【探究5】．
设计实验验证分离定律和自由组合定律
【练习】
7.解析：选B。任意选择两植株进行杂交等相关实验都能产生含有等位基因的后代，所以都能验证基因的分离定律，A正确；欲验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误；欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，得到基因型为AaBbDd的植株，再让其自交即可产生基因型为aabbdd的植株，C正确；④和其他三株任意植株杂交，都可产生同时含B、b等位基因的植株，通过检测花粉可验证基因的分离定律，D正确。
8.解析：(1)正交、反交子一代均为黑鲤，则黑鲤为显性性状，验证自由组合定律应选纯合亲本，即纯合黑鲤、纯合红鲤；让二者进行杂交。
(2)两亲本杂交F1全为黑鲤，为验证基因自由组合定律，应对F1个体进行测交，观察F2的性状表现。
(3)F1(AaBb)测交后代F2有AaBb、Aabb、aaBb和aabb 4种基因型，比例为1∶1∶1∶1，结合题中信息可知，相应的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1。
答案：(1)纯合黑鲤 纯合红鲤 杂交
(2)测交
(3)F2的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1
【随堂检测】
1.解析：选C。基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，产生的F1的基因型为AaBbCc，其产生的配子种类数为2×2×2＝8(种)，其自交时产生的雌雄配子均为8种，因此，雌雄配子的结合方式为8×8＝64(种)。
2.解析：选B。根据题图，F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1可推知，两亲本的基因型分别为YyRr、yyRr，因而F1中黄色圆粒豌豆(1/3YyRR、2/3YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2的性状比为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1。
3.解析：选C。分析题干信息可知，基因型为AaRr的亲本自交，子代共有9种基因型，A正确；子代有花瓣植株(AA_ _、Aa_ _)中，AaRr所占的比例为(2/3)×(1/2)＝1/3，B正确；由于基因型为aa的植株无花瓣，若无花瓣就谈不上花瓣的颜色，因此基因型为aa_ _的个体只有一种表型，综合分析可知，AaRr亲本杂交，后代应有5种表型，即红色大花瓣、黄色大花瓣、红色小花瓣、黄色小花瓣、无花瓣，C错误；子代的红花植株中，纯合子(AARR)占1/9，D正确。
4.解析：选D。根据题中信息可知，每含有一个显性基因，果实的质量在120 g的基础上增加15 g。甲产生的配子为Abc，F1的果实重135 g时表示含一个显性基因，则乙产生的配子中存在不含显性基因的情况，即abc，A、B不符合题意；F1的果实重165 g时表示含三个显性基因，则乙产生的配子中最多含两个显性基因，C不符合题意，D符合题意。
5.解析：选B。结合题意分析四个选项，若黄色圆粒全为AaBb，则子代中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1，A错误；若黄色圆粒中AaBb∶AABb＝1∶2，则子代中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶5∶1∶1，B正确；若黄色圆粒中AaBb∶AABb＝1∶3，则子代中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝7∶7∶1∶1，C错误；若黄色圆粒中AaBb∶AABb＝1∶4，则子代中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶9∶1∶1，D错误。
6.解析：选D。甲的杂交实验F2的性状分离比为15∶1，是9∶3∶3∶1的变形，这说明该性状受两对等位基因控制，A正确；相关基因用A、a和B、b表示，非凸耳的基因型为aabb，非凸耳与甲、乙、丙杂交的F1都是凸耳，F2的性状比分别是15∶1、3∶1、3∶1，说明F1分别有2对、1对、1对基因杂合，则甲、乙、丙的基因型分别为AABB、AAbb(或aaBB)、aaBB(或AAbb)，B正确；甲的基因型为AABB，若乙的基因型为AAbb，则甲和乙杂交的后代基因型为AABb，其再自交，后代中AABB∶AABb∶AAbb＝1∶2∶1，都表现为凸耳，若乙的基因型为aaBB，同理分析，甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳，C正确；乙和丙杂交(AAbb×aaBB或aaBB×AAbb)，子代基因型为AaBb，其再自交，得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝15∶1，D错误。
7．解析：分析题图可知，三角形果实个体和卵圆形果实个体杂交，后代所结果实皆为三角形，则三角形为显性性状，F2中三角形果实∶卵圆形果实≈15∶1，符合孟德尔两对相对性状杂交实验中双杂合子自交比例9∶3∶3∶1的变形(9＋3＋3)∶1，且可推知双隐性个体(基因型为aabb)为卵圆形果实，其他个体皆为三角形果实。(1)图解中F2果实的形状三角形和卵圆形比例接近15∶1，由此可推知，涉及两对等位基因，果实形状的遗传遵循自由组合定律，F1的基因型为AaBb，卵圆形果实的基因型为aabb。将3包基因型分别为AABB、AaBB和aaBB的三角形果实的荠菜种子种植后的植株分别与卵圆形果实的种子(aabb)种植后的植株杂交，其后代所结果实皆为三角形。然后再将得到的F1植株进行自交，可根据F2所得果实的形状及比例进行推断，据此进行实验设计：①用3包种子长成的植株分别与卵圆形果实种子长成的植株杂交，得F1；②F1长成的植株自交得F2；③F2长成植株后，按果实形状的表型统计植株的比例。(2)结果预测(可用逆推法)：Ⅰ.若包内种子基因型为AABB，与卵圆形果实植株即aabb杂交，F1为AaBb，F1自交后代中卵圆形果实植株即aabb占1/16，所以F2中三角形与卵圆形果实植株的比例约为15∶1；Ⅱ.若包内种子基因型为AaBB，与卵圆形果实植株即aabb杂交，F1有1/2AaBb和1/2aaBb，两者分别自交，1/2AaBb的自交后代中卵圆形果实植株即aabb占(1/2)×(1/16)＝1/32，1/2aaBb的自交后代中卵圆形果实植株即aabb占(1/2)×(1/4)＝1/8，所以它们的后代F2中卵圆形果实植株占1/32＋1/8＝5/32，三角形果实植株占1－5/32＝27/32，因此，F2中三角形与卵圆形果实植株的比例约为27∶5；Ⅲ.若包内种子基因型为aaBB，与卵圆形果实植株即aabb杂交，F1为aaBb，F1自交后代中卵圆形果实植株即aabb占1/4，所以F2中三角形与卵圆形果实植株的比例约为3∶1。
答案：(1)①用3包种子长成的植株分别与卵圆形果实种子长成的植株杂交，得种子(F1) ②种子(F1)长成的植株自交，得种子(F2) ③种子(F2)长成植株后，按果实形状的表型统计植株的比例
(2)F2三角形与卵圆形果实植株的比例约为15∶1 F2三角形与卵圆形果实植株的比例约为27∶5 F2三角形与卵圆形果实植株的比例约为3∶1. 课标要求
核心素养
1.结合实例归纳自由组合定律的解题思路与规律方法。
2．结合实践阐明自由组合定律在实践中的应用。
1.科学思维：通过对不同题型的分析，加深对自由组合定律的理解。
2.科学探究：设计实验验证基因的自由组合定律。
项目
分离定律
自由组合定律
2对相对性状
n(n>2)对相对性状
控制性状的等位基因
1对
n对
F1
基因对数
1
n
配子类型
2
2n
配子组合数
4
4n
F2
基因型
种数
31
3n
比例
1∶2∶1
(1∶2∶1)n
表型
种数
21
2n
比例
3∶1
(3∶1)n
F1测
交后代
基因型
种数
21
2n
比例
1∶1
(1∶1)n
表型
种数
21
2n
比例
1∶1
(1∶1)n
序号
条件
自交后代比例
测交后代比例
1
存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现
1∶2∶1
2
A、B同时存在时表现为一种性状，其余表现为另一种性状
9∶7
3
aa(或bb)成对存在时，表现为双隐性性状，其余正常表现
1∶1∶2
4
只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现
15∶1
5
显性基因在基因型中的个数影响性状表现
AABB∶(AaBB、AABb)∶
(AaBb、aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝

AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
6
显性纯合致死
AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型致死
AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝
P
F1
F2
表型
白色(♀)×白色()
白色
白色∶黑色＝13∶3
验证方法
结论
自交法
F1自交后代的分离比为 ，则符合基因的分离定律
F1自交后代的分离比为9∶3∶3∶1，则符合 定律
测交法
F1测交后代的性状比为1∶1，则符合 定律
F1测交后代的性状比为 ，则符合基因的自由组合定律
花粉鉴定法
若F1有两种花粉，比例为1∶1，则符合 定律
若F1有四种花粉，比例为 ，则符合基因的自由组合定律
子代
黄色圆粒
黄色皱粒
绿色圆粒
绿色皱粒
4978
5106
1031
989
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝15∶1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
项目
分离定律
自由组合定律
2对相对性状
n(n>2)对相对性状
控制性状的等位基因
1对
2对
n对
F1
基因对数
1
2
n
配子类型
2
22
2n
配子组合数
4
42
4n
F2
基因型
种数
31
32
3n
比例
1∶2∶1
(1∶2∶1)2
(1∶2∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
3∶1
(3∶1)2
(3∶1)n
F1测
交后代
基因型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
序号
条件
自交后代比例
测交后代比例
1
存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
2
A、B同时存在时表现为一种性状，其余表现为另一种性状
9∶7
1∶3
3
aa(或bb)成对存在时，表现为双隐性性状，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
4
只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现
15∶1
3∶1
5
显性基因在基因型中的个数影响性状表现
AABB∶(AaBB、AABb)∶
(AaBb、aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1
AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1
6
显性纯合致死
AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型致死
AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1
验证方法
结论
自交法
F1自交后代的分离比为3∶1，则符合基因的分离定律
F1自交后代的分离比为9∶3∶3∶1，则符合基因的自由组合定律
测交法
F1测交后代的性状比为1∶1，则符合基因的分离定律
F1测交后代的性状比为1∶1∶1∶1，则符合基因的自由组合定律
花粉鉴定法
若F1有两种花粉，比例为1∶1，则符合基因的分离定律
若F1有四种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合基因的自由组合定律