2022年上海市宝山区中考一模物理试题 带详解

这是一份2022年上海市宝山区中考一模物理试题 带详解，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，综合题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1. 在国际单位制中，电流的单位是（ ）
A. 安培B. 欧姆C. 伏特D. 库仑
2. 在日常生活中，大型平板车的轮胎多而宽，其目的是为了（ ）
A. 增大压力B. 减小压力C. 增大压强D. 减小压强
3. 首先用实验测定大气压强值的科学家是（ ）
A. 伽利略B. 牛顿C. 阿基米德D. 托里拆利
4. 在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A. 离心式水泵B. 船闸C. 用管子吸饮料D. 吸尘器
5. 如图所示，两个圆柱形容器A、B，盛有体积相同的同种液体且放置在水平桌面上。若两容器底部受到的液体压力分别为FA、FB，受到的液体压强分别为pA、pB，则它们的关系是（ ）
A. FA=FB、pA＞pBB. FA=FB、pA＜pB
C. FA＞FB、pA=pBD. FA＜FB、pA=pB
6. 在图的电路中。电源电压保持不变，电阻R0的阻值不变。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，发现电流表A的示数变小，则（ ）
A. 滑片P向左滑动，电压表V的示数变小
B. 滑片P向左滑动，电压表V的示数变大
C. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变小
D. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变大
二、填空题（本大题共7题，共24分）
7. 一节干电池的电压为______伏，教室中日光灯正常工作的电压为______伏，电灯和控制电灯的开关之间是______连接的（选填“串联”或“并联”）。
8. 冰的密度为0.9103千克/米3，表示每立方米冰的___________为0.9103千克．一 块质量为1.8千克的冰的体积为_________米， 若它完全熔化成水，其密度_____（选填 “变大”、“变小”或“不变”）．
9. 通过某导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为______库；若此时导体两端电压为8伏。则它的电阻为______欧；该导体两端电压减小为0伏时，其电阻为______欧。
10. 重为10牛木块漂浮在水中，则木块受到的浮力为______牛，浮力的方向为______；若用力将木块全部压入水中，则它受到的浮力将______（选填“变大”“不变”或“变小”）。
11. 恰当运用“类比法”可深刻理解物理现象。如图4所示，我们可以将电路中______类比为水路中的水流，电路中______类比为水路中的水压，而抽水机在“水路”中的作用相当于电路中的______。
12. 在下图的电路中，电源电压为U0且保持不变，电阻R和小灯L的阻值均为R0。闭合开关S，小灯不发光。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯L上。则：
（1）三个电表中示数一定不为零的电表是______。
（2）若三个电表中只有一个电表的示数为零，请写出各电表的示数______及对应的故障______。
13. 可燃冰是一种新型能源，主要成分是甲烷和水，分布在深海沉积物里（如下图所示）或陆域的永久冻土中。其生成有三个基本条件：首先要低温，可燃冰在0~10℃时生成，超过20℃便会分解；其次要高压，可燃冰在0℃时，只需要海水产生2.94106帕的压强即可生成；最后要有充足的气源。在温度、压强、气源三个条件都具备的条件下，可燃冰就会生成。
（1）可燃冰的主要成分是_______。
（2）若要在0℃的海底生成可燃冰，海水的深度至少要______米（设海水密度为1.0103千克/立方米）。
（3）如图所示，海底有一块体积为0.1米3且底部与海底紧密相连的可燃冰A，其受到海水的浮力为______牛。
三、作图题（本大题共2题，共4分）
14. 重为3牛的小球静置于水平地面上，请在图中用力的图示法画出小球对地面的压力F．
15. 在图中根据图中标出的电流方向，从电流表、电压表和电源三个元件的符号中选出两个元件符号，分别填进电路的空缺处，填进后要求灯泡L1 和L2 并联，且都能发光。
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16. 体积为1×10﹣3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮。
17. 在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表A的示数为1.2安，电流表A1的示数为0.4安。求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
18. 如图所示，密度为2103千克/米3、边长为0.1米均匀正方体甲和底面积为210-2米2的薄壁柱形容器乙放在水平地而上，乙容器足够高，内盛有0.1米深的水。
（1）求正方体甲质量m甲；
（2）求水对乙容器底部的压强p乙；
（3）在甲的上部水平截去体积为V后，甲对水平地面的压强变为p甲′；将截取部分放入乙容器中，水对乙容器底部的压强变为p乙′，且p甲′=p乙′。试求水平截去体积V的大小。
19. 在如图电路中，电源电压为14V且保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“■Ω 1A”字样（电阻值数字模糊不清）。闭合开关S，电流表的示数为0.5A。
（1）求此时电阻R1两端的电压U1；
（2）求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；
（3）移动滑片P，在保证各元件都能正常工作的情况下，电流表示数的最大值是最小值的5倍，求滑动变阻器R2最大阻值R2max。
20. 小明同学在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，所用电源电压为3伏且不变，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。
（1）其实验原理是______；
（2）连接实验器材时，开关应该处于______状态（选填“断开”“闭合”或“任意”）；
（3）将图所示滑动变阻器接入电路中，当滑片向右滑动时，接入电路的电阻变大的是______；
A.
B
C.
D.
（4）正确连接电路，闭合开关后，观察到电压表、电流表示数如图所示：将滑片移到中点时，电流表示数为0.2安；在移动滑片过程中，观察到电流表示数的最大值为0.6安。根据以上信息，将实验数据记录表填写完整。
2021学年第一学期期末考试九年级综合测试试卷
物理
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1. 在国际单位制中，电流的单位是（ ）
A. 安培B. 欧姆C. 伏特D. 库仑
【答案】A
【解析】
【详解】在国际单位制中，电流的单位是安培，欧姆是电阻的单位，伏特是电压的单位，库仑是电量的单位，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 在日常生活中，大型平板车的轮胎多而宽，其目的是为了（ ）
A. 增大压力B. 减小压力C. 增大压强D. 减小压强
【答案】D
【解析】
【详解】大型平板车的轮胎多而宽，是在压力一定时，增大汽车与路面之间的受力面积，减小汽车对路面的压强，保护路面。
故选D。
3. 首先用实验测定大气压强值的科学家是（ ）
A. 伽利略B. 牛顿C. 阿基米德D. 托里拆利
【答案】D
【解析】
【详解】1643年6月20日，意大利科学家托里拆利首先用实验测出了大气压的数值，1标准大气压约为1.013×105Pa。
故选D。
4. 在图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A. 离心式水泵B. 船闸C. 用管子吸饮料D. 吸尘器
【答案】B
【解析】
【详解】上端开口、下端连通的容器叫做连通器。连通器里装的是相同的液体，当液体不流动时，连通各部分中的液面高度总是相同的。
A．离心式水泵是利用大气压工作的，与连通器原理无关，故A不符合题意；
B．船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，是利用连通器原理工作的，故B符合题意；
C．用管子吸饮料是利用大气压将饮料压入嘴中的，故C不符合题意；
D．吸尘器工作时，由于转动的扇叶处气体流速大压强小，灰尘的大气压的作用下被“吸入”，故D不符合题意。
故选B。
5. 如图所示，两个圆柱形容器A、B，盛有体积相同的同种液体且放置在水平桌面上。若两容器底部受到的液体压力分别为FA、FB，受到的液体压强分别为pA、pB，则它们的关系是（ ）
A. FA=FB、pA＞pBB. FA=FB、pA＜pB
C. FA＞FB、pA=pBD. FA＜FB、pA=pB
【答案】B
【解析】
【详解】本题中，两柱形容器中的液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据密度公式有
故体积相同的同种液体质量相同，根据G=mg可知，液体的重力相同，故液体对容器底部的压力相等；根据，因A容器底面积大，可得出pA＜pB，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
6. 在图的电路中。电源电压保持不变，电阻R0的阻值不变。闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P，发现电流表A的示数变小，则（ ）
A. 滑片P向左滑动，电压表V示数变小
B. 滑片P向左滑动，电压表V的示数变大
C. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变小
D. 滑片P向右滑动，电压表V的示数变大
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，电阻R0和变阻器R串联，电压表测量电阻R0两端的电压，电流表测量电路中的电流。
AB．如果滑片P向左滑动，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故AB不符合题意；
CD．如果滑片P向右滑动，变阻器连入电路的电阻变大，由电阻的串联可知总电阻变大，由可知电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U=IR可知R0两端的电压变小，即电压表V的示数变小，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题共7题，共24分）
7. 一节干电池的电压为______伏，教室中日光灯正常工作的电压为______伏，电灯和控制电灯的开关之间是______连接的（选填“串联”或“并联”）。
【答案】 ①. 1.5 ②. 220 ③. 串联
【解析】
【详解】[1][2]由常见的电压可知，一节新干电池的电压为1.5V，家庭电路的电压是220V，所以教室中的日光灯正常工作的电压是220V。
[3]电灯和控制它开关之间是串联连接的，这样才能实现有效控制。
8. 冰的密度为0.9103千克/米3，表示每立方米冰的___________为0.9103千克．一 块质量为1.8千克的冰的体积为_________米， 若它完全熔化成水，其密度_____（选填 “变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 ①. 质量 ②. 2×10−3 ③. 变大
【解析】
【详解】[1]单位体积的质量叫做这种物质的密度，冰的密度为0.9×103千克/米3，表示的意思是每立方米冰的质量为0.9×103千克．
[2]根据密度公式ρ=得，冰的体积为:
V== =2×10−3m3；
[3]冰熔化成水后，质量不变，因为水的密度大于冰的密度，它完全熔化成水，其密度变大．
9. 通过某导体的电流为0.2安，10秒内通过其横截面的电荷量为______库；若此时导体两端电压为8伏。则它的电阻为______欧；该导体两端电压减小为0伏时，其电阻为______欧。
【答案】 ①. 2 ②. 40 ③. 40
【解析】
【详解】[1]10秒内通过其横截面的电荷量为
Q=It=0.2A×10s=2C
[2]导体的电阻
[3]因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，该导体两端电压减小为0V时，导体的电阻仍为40Ω不变。
10. 重为10牛的木块漂浮在水中，则木块受到的浮力为______牛，浮力的方向为______；若用力将木块全部压入水中，则它受到的浮力将______（选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】 ①. 10 ②. 竖直向上 ③. 变大
【解析】
【详解】[1][2]重为10牛的木块漂浮在水中，物体处于静止状态，根据二力平衡的知识，则木块受到的浮力等于物体的重力，故受到的浮力为10牛，浮力的方向为竖直向上。
[3]若用力将木块全部压入水中，物体排开水的体积变大，根据阿基米德原理，则它受到的浮力将变大。
11. 恰当运用“类比法”可深刻理解物理现象。如图4所示，我们可以将电路中______类比为水路中的水流，电路中______类比为水路中的水压，而抽水机在“水路”中的作用相当于电路中的______。
【答案】 ①. 电流 ②. 电压 ③. 电源
【解析】
【详解】[1]水的定向移动形成水流，电荷的定向移动形成电流，通过这种相似性将无形的电流类比于有形的水流，理解就容易了。
[2]水之所以能定向移动，是因为有水压，电荷之所以定向移动是因为有电压，因此将电压类比于水压就容易理解电压和电流之间的关系了。
[3]水压时抽水机不断抽水形成水位差即产生水压，而电压则是由电源提供，所以抽水机在水路中的作用相当于电路中的电源。
12. 在下图的电路中，电源电压为U0且保持不变，电阻R和小灯L的阻值均为R0。闭合开关S，小灯不发光。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯L上。则：
（1）三个电表中示数一定不为零的电表是______。
（2）若三个电表中只有一个电表的示数为零，请写出各电表的示数______及对应的故障______。
【答案】 ①. 电压表V ②. V的示数为U0，V1的示数为0（或V1、V的示数均为U0） ③. 灯L短路（或灯L断路）
【解析】
【详解】（1）[1]由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测小灯两端的电压，电压表V测电源电压。闭合开关S，小灯不发光，故说明电路可能断路，也可能是小灯短路。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯L上，即可能是R断路（电流表和电压表V1都没有示数），也可能是小灯L断路（电流表没有示数）或小灯L短路（电压表V1没有示数），电压表V 始终测量电源电压，因此无论哪种情况，故一定不为零的电表是电压表V。
（2）[2][3]根据电路中只存在一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，可以做出以下假设：
①若L短路，则电路中有电流，电流表有示数，此时电压表V1测一段导线两端的电压，其示数为0，电压表V测量的是电源电压，示数为U0，故①符合题意；
②若L断路，则电流表示数为0，电压表V1、电压表V测量的都是电源电压，都有示数，示数均为U0；故②符合题意；
③若R断路，则电流表示数为0，电压表V1示数也为0，即有两个电表的示数都为0，故④不符合题意。
综上可知，若三个电表中只有一个电表的示数为零，V的示数为U0，V1的示数均为0（或V1、V的示数均为U0），对应的故障为灯L短路（或灯L断路）。
13. 可燃冰是一种新型能源，主要成分是甲烷和水，分布在深海沉积物里（如下图所示）或陆域的永久冻土中。其生成有三个基本条件：首先要低温，可燃冰在0~10℃时生成，超过20℃便会分解；其次要高压，可燃冰在0℃时，只需要海水产生2.94106帕的压强即可生成；最后要有充足的气源。在温度、压强、气源三个条件都具备的条件下，可燃冰就会生成。
（1）可燃冰的主要成分是_______。
（2）若要在0℃的海底生成可燃冰，海水的深度至少要______米（设海水密度为1.0103千克/立方米）。
（3）如图所示，海底有一块体积为0.1米3且底部与海底紧密相连的可燃冰A，其受到海水的浮力为______牛。
【答案】 ①. 甲烷和水 ②. 300 ③. 0
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意可知，可燃冰一种新型能源，主要成分是甲烷和水。
（2）[2]因为可燃冰在0℃时，只需海水产生2.94106帕的压强即可生成，所以可燃冰形成的气压为
p＝2.94×106Pa
根据p＝ρgh得海水的深度
（3）[3]浮力产生的原因是上、下表面的压力差，即
F浮＝F向上﹣F向下
当可燃冰的底部与海底紧密相连时，F向上＝0，其受到海水的浮力为0。
三、作图题（本大题共2题，共4分）
14. 重为3牛的小球静置于水平地面上，请在图中用力的图示法画出小球对地面的压力F．
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】压力的作用点在接触面上，方向垂直于接触面指向被压物体，大小为3N，力的三要素都要画正确．
15. 在图中根据图中标出的电流方向，从电流表、电压表和电源三个元件的符号中选出两个元件符号，分别填进电路的空缺处，填进后要求灯泡L1 和L2 并联，且都能发光。
【答案】
【解析】
【详解】电路中电源是必不可少的，要求两灯并联，且都能发光，根据电流方向，则右边方框中一定是电源，且正极朝上；由于两灯都能发光，则与灯L1串联的应该是电流表，若连接电压表将会导致灯泡L1不能发光，所以左边框内应选电流表。如下图所示：
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16. 体积为1×10﹣3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮。
【答案】10N
【解析】
【详解】解：小球受到的浮力
答：小球受到的浮力为10N。
17. 在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值为20Ω，闭合开关S，电流表A的示数为1.2安，电流表A1的示数为0.4安。求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
【答案】（1）8V；（2）10Ω
【解析】
【详解】解：（1）由图可知R1和R2并联，且干路电流I=1.2A，电阻R1的阻值为R1=20Ω，R1的电流为I1=0.4A，根据并联电路电压特点可得，电源电压
U=U1=I1R1=0.4A×20Ω=8V
（2），根据并联电路中电流的特点可知，通过R2的电流为
I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A
由欧姆定律可得
答：（1）电源电压为8V；
（2）电阻R2的阻值为10Ω。
18. 如图所示，密度为2103千克/米3、边长为0.1米均匀正方体甲和底面积为210-2米2的薄壁柱形容器乙放在水平地而上，乙容器足够高，内盛有0.1米深的水。
（1）求正方体甲的质量m甲；
（2）求水对乙容器底部的压强p乙；
（3）在甲的上部水平截去体积为V后，甲对水平地面的压强变为p甲′；将截取部分放入乙容器中，水对乙容器底部的压强变为p乙′，且p甲′=p乙′。试求水平截去体积V的大小。
【答案】（1）2kg；（2）1×103Pa；（3）4×10-4m3
【解析】
【详解】解：（1）由题意可知，正方体甲的体积
V甲=a3=(0.1m)3=1×10-3m3
由密度公式可得，正方体的质量
m甲=ρ甲V甲=2×103kg/m3×1×10-3m3=2kg
（2）乙容器内盛有0.1米深的水，由公式p=ρgh可得，水对乙容器底部的压强
p乙=ρ乙gh乙=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1×103Pa
（3）在甲的上部水平截去体积为V后，甲物体截取部分的高度为
甲物体截取后的高度为
将截取部分放入乙容器中后，乙液体增加的高度为
乙液体此时的高度为
h乙''=h乙+h乙'=0.1m+V2×10-2m2
由题意可知此时甲、乙压强相等，即
p甲′=p乙′
ρ甲gh甲′′=ρ乙gh乙′′
解得
V=4×10-4m3
答：（1）正方体甲的质量为2kg；
（2）水对乙容器底部的压强1×103Pa；
（3）水平截去体积V的大小为4×10-4m3。
19. 在如图的电路中，电源电压为14V且保持不变，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“■Ω 1A”字样（电阻值数字模糊不清）。闭合开关S，电流表的示数为0.5A。
（1）求此时电阻R1两端的电压U1；
（2）求此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；
（3）移动滑片P，在保证各元件都能正常工作的情况下，电流表示数的最大值是最小值的5倍，求滑动变阻器R2最大阻值R2max。
【答案】（1）5V；（2）18Ω；（3）60Ω
【解析】
【详解】解：（1）由题意可知，R1的电阻为10Ω，通过此串联电路的电流为0.5A，故根据欧姆定律可得
U1=IR1=0.5A×10Ω=5V
（2）由题意可知，电源电压U=14V,电路中的电流I=0.5A，因此电路中的总电阻
定值电阻和滑动变阻器串联，滑动变阻器接入电路的阻值
R2=R总-R1=28Ω-10Ω=18Ω
（3）由滑动变阻器的铭牌可知，滑动变阻器允许通过的最大电流是1A，因此由题意可知电流表示数的最大值为1A，则最小值为
当电流为0.2A时，电路中的总电阻为
因此滑动变阻器的电阻R2的最大阻值
R2max=R总′-R1=70Ω-10Ω=60Ω
答：（1）此时电阻R1两端的电压5V；
（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值18Ω；
（3）滑动变阻器R2最大阻值为60Ω。
20. 小明同学在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，所用电源电压为3伏且不变，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。
（1）其实验原理是______；
（2）连接实验器材时，开关应该处于______状态（选填“断开”“闭合”或“任意”）；
（3）将图所示滑动变阻器接入电路中，当滑片向右滑动时，接入电路的电阻变大的是______；
A.
B.
C.
D.
（4）正确连接电路，闭合开关后，观察到电压表、电流表的示数如图所示：将滑片移到中点时，电流表示数为0.2安；在移动滑片过程中，观察到电流表示数的最大值为0.6安。根据以上信息，将实验数据记录表填写完整。
【答案】 ① ②. 断开 ③. C ④. 1.6 ⑤. 0.3 ⑥. 5.3 ⑦. 5.1 ⑧. 1 ⑨. 5 ⑩. 3 ⑪. 5
【解析】
【详解】（1）[1]用电流表和电压表直接测量待测电阻的电流和电压，根据欧姆定律计算电阻，所以实验原理是。
（2）[2]为了保护电路，连接实验器材时，开关应该断开。
（3）[3]A．接线柱一上一下接入，滑片向右滑动时，接入电路的电阻线长度变短，电阻变小，故A不符合题意。
B．滑动变阻器同时使用了上面两个接线柱，将金属杆接入电路中，连入电路的电阻为零，滑片移动，滑动变阻器接入电路的电阻仍然为零，故B不符合题意。
C．接线柱一上一下接入，滑片向右滑动时，接入电路的电阻线长度变长，电阻变大，故C符合题意。
D．滑动变阻器同时使用了下面两个接线柱，相当于定值电阻接入了电路，滑片移动，连入电路电阻丝长度不变，电阻不变，故D不符合题意。
故选C。
（4）[4][5][6][7][8][9][10][11]电源电压是3V，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.6V；因为电流表的最大示数为0.6A，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；根据欧姆定律可知，电阻的阻值是

已知滑片移到中点时，电流表示数为0.2A，滑动变阻器两端电压
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑片在中点时，电压表的示数
U2=U-U′=3V-2V=1V
电阻的阻值是

当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电流表示数最大，即0.6A，电压表示数等于电源电压3V；电阻的阻值是

电阻R平均值
物理量
实验序号
电压U（伏）
电流I（安）
电阻R（欧）
电阻R平均值（欧）
1
______
______
______
______
2
______
0.2
______
3
______
0.6
______
物理量
实验序号
电压U（伏）
电流I（安）
电阻R（欧）
电阻R平均值（欧）
1
______
______
______
______
2
______
0.2
______
3
______
0.6
______