2021-2022学年黑龙江省大庆三十六中九年级（上）期末物理试卷

这是一份2021-2022学年黑龙江省大庆三十六中九年级（上）期末物理试卷，共27页。试卷主要包含了1A，5W)，88W，【答案】C，【答案】A，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

2021-2022学年黑龙江省大庆三十六中九年级（上）期末物理试卷

1. 下列关于物态变化下列说法中正确的是( )
A. 冬季雪场的制雪机将水吸入后再将“白雾”喷洒到高空，落下来便形成了“雪”．这是一种凝华现象
B. 戴眼镜的同学从冰冷的户外回到室内，镜片上会形成一层小水珠，发生这一物态变化需要吸收热量
C. 夏季雪糕周围的“白气”和开水上方的“白气”属于同一种物态变化
D. 春天积雪消融，但气温很低，这是由于积雪液化放热的结果
2. 下列说法中正确的是( )
A. 热传递过程中，温度高的物体，由于具有较大的内能，所以会把内能传给低温物体
B. 夏天室内常洒一些水，是利用水蒸发吸热达到降温的目的
C. 物体吸收热量，内能增加，温度一定升高
D. 运载火箭的燃料采用液氢，是因为液氢的比热容大
3. 用毛皮摩擦过的橡胶棒A带负电。如图甲，用橡胶棒A接触不带电的验电器的金属球B时，验电器的金属箔张开；如图乙，让橡胶棒A靠近(不接触)不带电的验电器的金属球B，验电器的金属箔也会张开。下列说法正确的是( )
A. 毛皮与橡胶棒相比，毛皮的原子核对电子的束缚能力强
B. 图甲中，金属箔张开是因为异种电荷相互排斥
C. 图乙中，橡胶棒靠近金属球B时，橡胶棒A所带电荷量减小
D. 图乙中，金属球B上的一部分电子转移到金属箔上
4. 下列对生活用电常识的认识中，正确的是( )
A. 家用电器的三脚插头上面的脚是接地线的
B. 控制用电器的开关与用电器并联后接到火线上
C. 使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D. 家庭电路中的触电事故都是人体直接或间接接触火线引起的
5. 关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是( )
A. 白炽灯的正常工作电流约是0.1A
B. 遥控器的干电池电压约为220V
C. 空调制冷时的功率约为10W
D. 电扇正常工作1h耗电约为1kW⋅h
6. 如图所示，电源电压和电灯L的电阻均保持不变。当开关S闭合后，在变阻器的滑片P从中点向下滑动的过程中，下列说法正确的是( )

A. 电流表A2的示数与A1示数的比值变小
B. 电灯L的亮度变暗
C. 电路的总功率变大
D. 电流表A2的示数变大
7. 小芳家的电能表上标有600r/(kW⋅h)的字样，当家里只使用某一用电器时，观察表盘5min转了2周，关于此用电器下列判断正确的是( )
A. 此用电器可能是电饭锅
B. 1度电可供此用电器在此状态下工作25小时
C. 此用电器与开关是并联的
D. 若此时电路电压为200V，则这段时间内通过此用电器的电荷量为6C
8. 下列电路图中电源电压U保持不变，小灯泡的额定电压为U0，且U>U0，定值电阻的阻值为R.在不改变电路连接的情况下，能测出小灯泡额定功率的是( )
A. B.
C. D.
9. 如图，是小聪设计的探究“电流热效应与什么因素有关”实物电路，其中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等初温相同的煤油，电阻丝R1>R2下列说法中不正确的是( )
A. 该装置即可探究电流热效应与电阻的关系，又可探究与电流的关系
B. 实验中，采用了电阻丝产生热量多少转换为温度计示数的高低
C. 闭合开关后，装R1电阻丝的烧瓶中温度计示数上升较快
D. 只需将某一个烧瓶中的煤油换成等质量的水，便可探究煤油和水的吸热能力
10. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，S1闭合S2断开时，甲、乙是电流表，：：4，此时电路的总功率为P1；当S1、S2都闭合时，甲、乙是电压表，此时电路的总功率为P2，则下列说法正确的是( )
A. 电阻大小之比R1：R2=1：3
B. 当S1闭合S2断开时，通过R1和R2的电流之比为I1：I2=3：1
C. S1、S2闭合时，甲乙电压表示数之比：：1
D. 总功率之比P1：P2=16：3
11. 在图甲所示电路中，电源电压保持不变，移动滑片使电阻R2的有效阻值从零逐渐变大，R1上的电压U的倒数与R2的阻值变化的图象如图乙所示，则( )
A. 电压表V1示数变大 B. R1=5Ω
C. 电阻R2的最大阻值为10Ω D. 电源电压U=5V
12. 如图所示，电源电压不变，设灯泡灯丝的电阻不随温度变化．当开关S、S1、S2都闭合时，灯泡L正常发光，R1消耗的功率为16W；当开关S闭合及S1、S2断开时，灯泡L的功率为其额定功率的 14，R2消耗的功率为1W.则下列说法中错误的是( )
A. RL=R1+R2 B. R1=R2
C. 灯泡L的额定功率为8W D. 电源电压为6V
13. 如图甲所示，电源的电压U=6V，R0为定值电阻，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化规律如图乙所示：图Ⅰ描述滑动变阻器的功率随其两端电压的变化规律，图Ⅱ描述电压表示数随电流表示数的变化规律、图Ⅲ描述效率(滑动变阻器消耗的功率与电路消耗总功率之比)随滑动变阻器电阻的变化规律，电表、导线对电路的影响不计。则下列说法正确的是( )

A. 定值电阻R0的阻值为5Ω
B. 滑动变阻器最大阻值6Ω
C. Ⅰ图上b点的坐标(2V4.5W)
D. Ⅱ图上经过a点的两条虚线与坐标轴围成的长方形面积为2.88W
14. 将质量和初温均相同的铝、铁、铜三个金属块，浸没在沸水中煮足够长的一段时间，则三个金属块的温度______，从沸水中吸收最多是______金属块。
15. 如图所示是汽油机的______冲程。在压缩冲程中，是通过______方式增加燃气的内能。汽油机的转速为3000r/min，则1s内汽油机对外做功______次。




16. “华为P40”手机的电池标有“标称电压3.7V”、“电池容量2680mA⋅h”的字样，“标称电压”是指手机工作时的电压，该电压对人体______(填“属于”或“不属于”)安全电压，“电池容量”是指电池所能容纳的最大电荷量，则1mA⋅h=______A⋅s(安⋅秒)，若手机通话时电流为268mA，则充满电后的手机最多可通话______ h。
17. 如图是小明家中的部分电路，开始时各部分工作正常，将电饭锅的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作。拔出电饭锅的插头，电热壶仍不能工作，把测电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光，可以判断用手接触电路中的 D点，他______触电(选填“会”或“不会”)，该电路中的故障是______之间断路。
18. 有两只灯泡，A灯“6V 6W”、B灯“6V 3W”，A和B中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。

(1)将A、B并联接在6V电源两端，1min内电路消耗的电能______ J；
(2)将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，此时A灯电阻是______Ω；
(3)将A与一个滑动变阻器(50Ω2A)串联接在6V电源两端，如图乙所示，调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率为A灯功率2倍时，滑动变阻器的功率为______ W。
19. 如图所示家庭电路，螺丝口灯泡由开关控制，三孔插座连接有保险丝，请用笔画线代替导线，把电路连接完整，并且符合安全用电原则。








20. 如图甲是探究冰熔化时温度变化规律采用水浴法加热实验装置，图乙是实验中某时刻温度计的示数，图丙是根据实验数据绘制出的图象。

(1)图乙温度计的示数______℃；
(2)由图丙可知，冰熔化过程中吸热，温度______(选填“升高”、“降低”、“不变”)，冰的熔点是______℃，第七分钟处于______态；
(3)实验中收集多组数据是为了______(选填“A”、“B”)；
A.寻找普遍规律
B.减小实验误差
(4)冰完全熔化为水后，加热足够长时间，试管内的水______(选填“会”、“不会”)沸腾。
(5)在探究液体沸腾的实验中，某实验小组用相同的加热器对初温相同的甲(200g水)、乙(300g水)、丙(200g煤油)三个相同的烧杯中的液体进行加热，直至沸腾。发现水沸腾后没有达到100℃，由此判断当地的大气压______(选填“高于”、“低于”或“等于”)标准大气压；实验后小组同学依据实验数据绘制了它们的温度随时间变化的曲线(如下图)，由图象可知，加热初期，相同时间内甲、乙两杯液体温度升高不同是因为它们的______不同；加热初期，相同时间内甲、丙两杯的温度升高不同是因为它们的______不同。甲、丙两杯液体最终温度不同是因为它们的______不同。

21. 某小组在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的额定电功率”的实验中，电源电压保持不变，部分电路连接如图甲所示。

(1)请用笔画线表示导线将图甲所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左移动，电压表示数变大；
(2)正确连接电路后，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电压表的示数始终为零。电路中的故障可能是电压表______ (填“短路”或“断路”)。
(3)排除电路故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数刚好为2.5V，如图乙所示电流表示数为______ A，小灯泡的额定功率为______ W；
(4)实验结束后，该小组对测量结果进行误差分析，考虑到电压表中也有电流通过，该电路所测小灯泡的额定电功率与真实值相比______ (选填“偏大”或“偏小”)。
(5)小明又设计了如图丙所示的电路，来测量额定电流为0.3A、额定电压未知的小灯泡额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω。请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______ V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V；
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c两点之间，电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率为______ W。
22. 如图为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱最多装水0.2kg。它有大小两个加热挡位，其内部电路如图所示，电热丝R1=56Ω，R2=44Ω，求：
(1)大功率挡的额定功率。
(2)若用大功率挡将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，需要吸收多少热量？
(3)若用大功率挡加热这些水，所需时间为1分10秒，求熨烫机的加热效率。(结果保留一位小数)








23. 在使用共享单车时需要使用手机扫码解锁，若强行开锁会引发报警装置报警。如图甲所示是报警装置的控制电路的原理图，电源电压为4V，R0为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值与所受压力F的大小的关系如图乙所示，在0N≤F≤18N的范围内，R−F图像可看作直线，当F=0N时，控制电路中的电流为0.25A；当控制电路中的电流大于或等于0.4A时，报警装置会报警。求：

(1)定值电阻R0的阻值是多少；
(2)当F=16N时，定值电阻的电功率是多少；
(3)压敏电阻的电功率最大是多少(计算结果保留两位小数)？







答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：
A、人工造雪机在造雪时，吸入大量的水而产生雪，因此这个“雪”是由“水”变化来的，属于凝固现象，故A错误；
B、戴眼镜的同学从寒冷的室外进入温暖的室内时，眼镜片的温度较低，室内空气中的水蒸气遇冷会液化为液态小水滴附着在镜片上，液化放热，故B错误；
C、夏季雪糕周围的“白气”和开水上方的“白气”都是水蒸气发生的液化现象，属于同一种物态变化，故C正确；
D、春天积雪消融，是固态冰变为液态水的熔化现象，熔化吸热，故D错误．
故选：C.
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华．
此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断．

2.【答案】B

【解析】解：
A、热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体或者从物体的高温部分传递到低温部分；内能的大小与质量、温度、状态等因素有关，内能大，温度不一定高，故A错误；
B、夏天室内常洒一些水，水蒸发时会吸收热量，能降低室温，故B正确；
C、物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故C错误；
D、运载火箭的燃料采用液氢，是因为液氢的热值大，密度小，而和它的比热容无关，故D错误。
故选：B。
(1)发生热传递的条件是存在温度差；
(2)水汽化时会吸收热量；
(3)内能的大小与质量、温度、状态等因素有关；
(4)氢具有较大的热值，同质量的氢与其他燃料相比，完全燃烧后，氢放出的热量多。
本题考查了内能、温度、热量之间的关系和物态变化的应用，属于基础题。

3.【答案】D

【解析】解：A、摩擦起电的实质是电子的转移，原子核对电子的束缚能力强，物体得到电子带负电；橡胶棒A带负电，说明橡胶棒的到电子，即橡胶棒的原子核对电子的束缚能力强，则毛皮的原子核对电子的束缚能力弱，故A错误；
B、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故B错误；
C、橡胶棒A没有接触验电器的金属球B，所以橡胶棒A所带电荷量不变，故C错误；
D、橡胶棒A带负电，接近金属球B上，B上的自由电子被排斥而远离，转移到金属箔上，故D正确。
故选：D。
本题可根据对摩擦起电知识的掌握分析答题，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查学生对静电现象的认识和理解，此部分内容较为基础，要求学生在平时学习中做好积累，难度较低。

4.【答案】AD

【解析】解：A、有金属外壳的家用电器使用三孔插痤，对应三脚插头，三角插头插入插座后，上脚与大地相连，让金属外壳接地，可以防止漏电后导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B、开关与用电器并联，对用电器起不到控制作用，开关应与用电器串联，故B错误；
C、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，故C错误；
D、家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接接触火线引起的，故D正确。
故选：AD。
(1)用电器的金属外壳必须接地；
(2)开关应与它所控制的用电器串联；
(3)测电笔是用来辨别火线和零线的，使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，
(4)触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电，家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接跟火线接触造成的。
知道安全用电的常识及发生触电的条件等知识点是解决该题的关键。

5.【答案】A

【解析】
【分析】
此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识，此题就会得到正确答案。
做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要的计算去判断题目的对错。
【解答】
A.白炽灯的额定功率为40W，正常工作电流约为I=PU=40W220V≈0.18A，0.1A相差不大，故A符合实际；
B.遥控器的干电池电压约为1.5V，故B不符合实际；
C.空调制冷时的功率约为1000W，故C不符合实际；
D.电扇的额定功率为100W=0.1kW，正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW⋅h，故D不符合实际。
故选A。  
6.【答案】A

【解析】解：灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，A2测量通过滑动变阻器的电流；
因为电压表测的是电源电压，且电源电压不变，所以电压表示数不变；
当滑片从中点向下滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，而电流表A2与滑动变阻器串联，故电流表A2的示数变小；又因为灯泡两端的电压和电阻均不变，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的亮暗不变；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，滑片从中点向下滑动时，干路电流减小，电流表A1的示数减小；
根据P=UI可知，电路的总功率变小；
电流表A2的示数变小，A1示数变小，且两个电流表减小的示数相同，所以电流表A2的示数与A1示数的比值变小；
综上所述，A正确。
故选：A。
灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，A2测量通过滑动变阻器的电流；根据并联电路电流、电压特点和欧姆定律分析滑片P从中点向下滑动的过程中电流表示数的变化及灯的亮度变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，明确电路的连接方式是解题的关键。

7.【答案】B

【解析】解：A、转过2r消耗的电能：W=2600kW⋅h=1300kW⋅h=12000J；
t=5min=112h，
用电器的电功率：P=Wt=1300kW⋅h112h=0.04kW=40W；电饭锅的功率在1000W左右，故A错误；
B、由P=Wt可知：1度电可供此用电器工作的时间为：t=WP=1kW⋅h0.04kW=25h，故B正确；
C、家庭电路中所有的用电器是并联的；故C错误；
D、由公式W=QU可知：Q=WU=12000J200V=60C，故D错误．
故选：B.
(1)600R/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过600转，据此可求转动2r消耗的电能；已知消耗的电能和时间，根据公式P=Wt求出电功率；根据生活经验估测家用电器的名称．
(2)根据t=WP计算时间；
(3)家庭电路中所有的用电器是并联的；
(4)根据公式W=QU计算电荷量．
本题考查了电功率的计算、电能表参数的含义、电荷量的计算，属于基础题．

8.【答案】C

【解析】解：A、S2闭合S3断开时，电流表把灯泡短路，灯泡不发光；S2断开S3闭合时，电流表把电阻短路；两个都闭合或断开时，电流表均无示数。测不出灯泡的额定电流，该电路图不能选；
B、S2闭合S3断开，电压表测电灯两端的电压，其上端为正极、下端为负极；
S3闭合S2断开，电压表测定值电阻R两端的电压，其上端为负极，下端为正极；
电压表的两次接线方法相反，在不改变电路连接方式的情况下，无法进行测量，故不合题意；
C、将开关拨到2的位置，电压表测量的是灯泡的两端电压，调节滑动变阻器的滑片P，使得电压表的示数为U0，则小灯泡正常发光；将开关拨到1的位置，电压表测量的是灯泡和电阻串联后的两端电压U1，通过小灯泡的电流为I=U1−U0R，小灯泡的额定功率表达式是P=U0I=U1−U0RU0，C选项图可选。
D、开关处于1的位置，电流表把灯泡和电阻短路，电流表测量滑动电阻的电流；
开关处于2的位置，电流表把小灯泡短路，测量的是通过电阻的电流。测不出灯泡的额定电流，该电路图不能选。
故选：C。
小灯泡的额定功率等于额定电压和额定电流的乘积，小灯泡的额定电压U0已知，关键是测出额定电流。可以不考虑S1和滑动变电阻的作用，假设都是闭合状态，分别分析每个电路的开关及电流表和电压表的关系，看哪一个电路图能测量出灯泡的额定电流。
本题考查两个方面的问题：(1)知道电功率的计算公式；(2)能够分析开关闭合断开时电路的连接情况，综合性较强，很容易出错。

9.【答案】D

【解析】解：A、该装置两电阻丝串联，电阻丝R1>R2，通过两电阻丝的电流相等，通电时间也相同，故即可探究电流热效应与电阻的关系；
将其中任一电阻丝作为研究对象，通过变阻可改变电路的电流大小，控制通电时间相同，又可探究与电流的关系，A正确；
B、根据转换法，实验中，采用了电阻丝产生热量多少转换为温度计示数的高低；B正确；
C、电阻丝R1>R2，通过两电阻丝的电流相等，通电时间也相同，根据Q=I2Rt，因闭合开关后，装R1电阻丝的烧瓶中温度计示数上升较快，C正确；
D、因电阻丝R1>R2，根据Q=I2Rt，在相同时间内两电阻丝吸热不同，故无法探究煤油和水的吸热能力，D错误。
故选：D。
ABC、电阻丝产生的热量不易直接观察，但可使等质量初温相同的煤油吸收热量，根据△t=Qcm，煤油温度升高越高表示电热丝产生的热量越多，采用了转换法；
由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
D、我们使用相同的热源通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题探究电流热效应与什么因素有关，考查转换法和控制变量法的运用及串联电路的规律及焦耳定律的运用；同时比较不同物质的吸热能力的方法。

10.【答案】D

【解析】解：
(1)由图可知，当S1闭合、S2断开时，甲、乙是电流表，R1、R2并联，甲测R2支路电流，乙测干路电流，
则，，
由题知：：4，即I2：(I1+I2)=3：4，
解得I1：I2=1：3，故B错误；
并联电路各支路两端的电压相等，即U1=U2=U，
根据欧姆定律可得电阻之比：
R1：R2=UI1：UI2=I2：I1=3：1，故A错误；
(2)当S1、S2都闭合时，甲、乙都是电压表，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
串联电路中电流处处相等，
根据欧姆定律得，甲电压表的示数：，
乙电压表的示数：，
所以：：IR2=(R1+R2)：R2=(3R2+R2)：R2=4：1，故C错误；
(3)前后两次的总功率分别为：
P1=U2R1+U2R2，P2=U2R1+R2，
所以，P1：P2=(U2R1+U2R2)：U2R1+R2=(R1+R2)2：R1R2=(3R2+R2)2：(3R2×R2)=16：3，故D正确。
故选：D。
(1)当S1闭合、S2断开时，甲、乙是电流表，R1、R2并联，甲测R2支路电流，乙测干路电流，已知甲、乙两电流表的示数之比，根据并联电路电流特点求出通过R1和R2的电流之比，根据欧姆定律求出电阻之比。
(2)当S1、S2都闭合时，甲、乙都是电压表，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路电流特点和欧姆定律求出两电表示数之比；
(3)根据P=U2R求出总功率之比。
本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律的灵活运用，关键是开关闭合和断开时电路串并联的判断。

11.【答案】B

【解析】解：
由图知电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测R1两端电压；
(1)电压表V1测电源电压，由于电源电压不变，则电压表V1示数不变；
(2)由图乙知：R2=0时，R1上的电压U的倒数1U1=13V−1，则：R1两端电压U1=3V，由于此时电路中只有连入电路，所以，电源电压U=U1=3V；
当R2′=10Ω时，R1上的电压U的倒数1U′1=1V−1，则此时R1两端电压U1′=1V，
最后根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：U2′=U−U1′=3V−1V=2V；
此时电路中的电流为：I=U′2R′2=2V10Ω=0.2A，
则根据I=UR可得：R1=U′1I=1V0.2A=5Ω；
根据图像可知，电阻R2的最大阻值大于10Ω；
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
由图知电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测R1两端电压；
(1)电压表V1测电源电压，由于电源电压不变，则电压表V1示数不变；
(2)由图乙知：当电阻R2的有效阻值为零时，R1上的电压U的倒数为13V−1，则R1两端电压为3V，即电源电压为3V；然后根据R2的有效阻值为10Ω时，R1上的电压U的倒数求出此时R1两端电压，最后根据串联电路电压特点和欧姆定律即可求出R1的阻值。
本题考查了学生对欧姆定律、串联电路的电压关系的了解与掌握，能从1U−R图象上得出相关信息是本题的关键。

12.【答案】D

【解析】解：(1)当开关S、S1、S2都闭合时，电阻R1、R2和灯泡并联等效电路图如图：

∵灯L正常发光，
∴此时灯的实际功率就是额定功率：
，即---------------------------------①
R1消耗的功率，
即----------------------------------------②
(2)当开关S闭合及S1、S2断开时，电阻R1、R2和灯泡串联，等效电路图如图：

此时灯泡的功率：
，
把①式代入上式可得：
RL=R1+R2----------------------------------------------③
R2消耗的功率：
，
即------------------------④
联立②③④式得：，
解得：，
，R2=4W×RL8W=12RL，
所以ABC选项正确、不符合题意，而D选项无法确定．
故选D.
(1)当开关S、S1、S2都闭合时，R1和R2及灯泡并联，此时灯泡正常发光，其两端的电压和额定电压相等，根据P=U2R表示出电源的电压，再根据P=U2R表示出R1消耗的功率，进一步得出R1的表达式；
(2)当开关S闭合及S1、S2断开时，R1、R2和灯泡串联，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出灯泡的实际功率结合灯泡功率的关系即可求出三电阻之间的关系，再根据P=I2R表示出R2消耗的功率，整理得出R2的表达式，然后联立等式即可解决问题．
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是画出两种情况的等效电路图，解题时要注意各量之间的关系．

13.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.当滑片位于A端时，滑动变阻器接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，
由图II可知，电路中的最大电流，
由I=UR可得，定值电阻的阻值：，故A错误；
B.因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，
所以，由P=UI=I2R可得，滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比：
，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图III可知，最大效率为80%，
则，
解得：，故B错误；
C.当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中电流：
，
此时滑动变阻器消耗的电功率：
PR=I2R=(UR+R0)2R=U2R(R+R0)2=U2R(R−R0)2+4RR0，
当R=R0=2Ω时，变阻器消耗的电功率最大，由图I可知，变阻器消耗的最大功率为4.5W，
此时电路中的电流I=UR+R0=6V2Ω+2Ω=1.5A，
电压表的示数UR=IR=1.5A×2Ω=3V，
则I图上b点的坐标(3V,4.5W)，故C错误；
D.由图II可知，a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时电路中的电流，
此时电压表的示数，
则II图上经过a点的两条虚线与坐标轴围成的长方形面积，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于A端时，接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图II读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
(2)根据串联电路的特点和P=UI=I2R表示出滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比，根据表达式判断出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时效率最大，根据图III读出最大效率，然后得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流，利用P=UI=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，根据表达式得出变阻器消耗的电功率最大接入电路中的电阻，根据图I读出变阻器消耗的最大功率，然后求出电路中的电流和电压表的示数，从而得出I图上b点的坐标；
(4)根据图II判断出a点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电压表的示数，然后根据P=UI求出II图上经过a点的两条虚线与坐标轴围成的长方形面积。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是得出滑动变阻器消耗的最大功率时接入电路中的电阻和根据图像得出相关的信息。

14.【答案】相同  铝

【解析】解：(1)由于热传递的结果是温度相等，所以煮较长的一段时间后三个金属块的温度都与沸水温度相同；
(2)根据热量公式Q=cm△t分析可知，三种质量和初温相同的物质升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，比热容小的吸收的热量少，所以铝块吸收的热量最多，铜块吸收的热量最少。
故答案为：相同；铝。
解决此题可利用控制变量法进行分析，结合热量公式Q=cm△t求解水温度的变化，吸收的热量。
解决此题要结合控制变量法和热量公式进行分析计算。

15.【答案】做功  做功  25

【解析】解：(1)观察图可知，此时两个气门都关闭，活塞由上向下运动，气缸内气体膨胀，故该冲程是做功冲程；
压缩冲程中活塞压缩燃气做功，将机械能转化为内能，是通过做功的方式增加燃气内能的；
(2)汽油机转速为3000r/min=50r/s，说明每秒钟飞轮转过50转，完成502=25个工作循环，对外做功25次。
故答案为：做功；做功；25。
(1)内燃机的一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程组成；分析题中的插图能看出，此时两个气门都关闭，活塞由下向上运动，压缩内部的混合物，即看判断该冲程的名称和能量的转化；
(2)在四冲程内燃机的一个工作循环中，完成4个冲程，并对外做功1次，曲轴和飞轮转2圈。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。

16.【答案】属于  3.610

【解析】解：手机电池的电压为3.7V，低于对人体的安全电压，所以属于安全电压的范畴；
因为1mA⋅h=1mA×1h，
则1mA⋅h=10−3A×3600s=3.6A⋅s。
已知电池容量2680mA⋅h，若手机通话时电流为268mA，
充满电后的手机最多可通话t=2680mA⋅h268mA=10h。
故答案为：属于；3.6；10。
知道对人体的安全电压是不高于36V；根据电流和时间的换算关系，可换算电荷量的多少，利用W=UIt的变形可计算通话时间。
本题以手机相关的知识为背景，考查了手机电池相关的电学知识等，综合性强，解答时要求我们对相关知识有一定全面的掌握。

17.【答案】会  CD

【解析】解：电灯仍正常工作，说明不是保险丝烧坏了，没有发生短路，而把测电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明火线有电，而零线开路了，且是在C、D之间开路。
故答案为：会；CD；
正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常工作，说明有地方开路了。
本题考查了家庭电路故障的检修。测电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是零线开路了。

18.【答案】540 4 2

【解析】解：
(1)将A、B并联接在6V电源两端，因两灯的额定电压均为6V，且并联电路各支路两端电压相同都等于电源电压6V，所以A、B两灯都正常发光，
由P=Wt可得，1min内电路消耗的电能：
；
(2)A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，则B灯两端电压为6V，由图象可知，通过B灯的电流为IB=0.5A，
串联电路电流处处相等，则通过A灯的电流：IA=IB=0.5A，
由图象可知，此时A灯的电压：UA=2V，
由欧姆定律可得，此时A灯电阻：RA=UAIA=2V0.5A=4Ω；
(3)当A与滑动变阻器串联接在6V电源两端时，两者电流相等，
当滑动变阻器的功率是A灯功率的2倍时，
由P=UI可知，变阻器的电压为A灯电压的2倍，即，
根据串联电路的电压特点可知，电源电压，
所以此时A灯两端的电压：UA=13U=13×6V=2V，
由图甲可知，此时A灯的电流(即串联电路的电流)：I=IA=0.5A，
变阻器两端的电压：，
此时滑动变阻器的功率：。
故答案为：(1)540；(2)4；(3)2。
(1)A、B并联接在6V电源两端，都正常发光，实际功率等于额定功率，总功率等于两灯消耗功率之和，由计算1min内电路消耗的电能；
(2)A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，说明B达到额定电压，由图象可知通过B灯的电流，根据串联电路的电流规律可知通过A灯的电流，根据图象判断A灯的电压，根据欧姆定律计算其电阻；
(3)当A与滑动变阻器串联接在6V电源两端时，两者电流相等；当滑动变阻器的功率是A灯功率的2倍时，
由P=UI可知，变阻器的电压为A灯电压的2倍；结合串联电路的电压特点求出A灯电压和变阻器两端的电压；根据图象找出此时通过A灯的电流即串联电路的电流，最后根据P=UI求出滑动变阻器的功率。
本题考查了串联、并联电路的特点、欧姆定律和电功率的计算，解题的关键是根据串联和并联电路特点从图象中获取有用的信息，难点是第3小题，注意灯泡的电阻不是定值。

19.【答案】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，保险丝要接到火线上，零线要接地。
如图所示：


【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

20.【答案】6 不变  0 固液共存  A 不会  低于  质量  比热容  沸点

【解析】解：(1)由图可知，该温度计的分度值是1℃，液面在零上，因此读数是6℃；
(2)由图丙可知，冰熔化过程中吸热，温度保持不变，该不变的温度就是熔点，由图可知冰的熔点是0℃；第7分钟正处于熔化过程中，此时处于固液共存态；
(3)本实验是探究型实验，实验中收集多组数据是为了寻找普遍规律，故A正确；
(4)冰完全熔化后，加热足够长的时间，烧杯中的水会先沸腾，沸腾后持续吸热，温度保持在沸点不变，而试管中的水可以达到沸点，但不能继续吸热，因此试管内的水不会沸腾；
(5)水的沸点跟大气压有关，大气压越低，沸点越低，由此可知水沸腾后没有达到100℃，当地的大气压低于标准大气压；
由题可知甲、乙都是水，且初温相同，所用加热器相同，因此加热初期，相同时间内，甲、乙两杯液体初温相同，温度升高不同是因为它们的质量不同；
由题可知甲、丙是质量相同的不同物质，所用加热器相同，在相同时间内吸收的热量相同，二者比热容不同，因此由Q=cmΔt可知两杯液体温度升高不同是因为它们的比热容不同；
由图可知，甲、丙两液体最终的温度不变，该温度就是液体的沸点，因此甲、丙两杯液体最终温度不同是因为它们的沸点不同。
故答案为：(1)6；(2)不变；0；固液共存；(3)A；(4)不会；(5)低于；质量；比热容；沸点。
(1)温度计读数时要注意观察分度值和液面在零上或零下；
(2)冰是晶体，在熔化过程中持续吸热，温度不变，该不变的温度就是熔点；晶体在熔化之前是固态，在熔化过程中是固液共存态，在熔化之后是液态；
(3)探究型实验中收集多组数据为为了寻找普遍规律；测量型实验中收集多组数据是为了减小误差；
(4)水沸腾时的特点是持续吸热，温度保持在沸点不变；水沸腾的条件有两个：达到沸点，继续吸热；
(5)水的沸点跟大气压有关，大气压越低，沸点越低，大气压越高，沸点越高；同种液体影响加热时间的因素主要有质量、初温和火力大小；
由Q=cmΔt可知质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的物质温度升高得慢，比热容小的物质温度升高得快(要注意用相同的加热器加热时，加热时间相同，吸收的热量相同)。
本题考查了对晶体熔化和水沸腾实验的理解，难度不大，需要熟练掌握相关的基础知识。

21.【答案】断路  0.360.9偏大  30.45

【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向左滑动时，电压表示数变大，则根据欧姆定律可知，电流表示数也增大，即电路的总电阻变小，滑动变阻器电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
；
(2)调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，则电路中的故障可能是电压表断路；
(3)排除故障后，闭合开关，移动滑片P让电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.36A，则灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.36A=0.9W；
(4)由图知，电压表与小灯泡并联，所测电压较准确，而电流表测通过小灯泡和电压表的电流，所测电流偏大，由P=IU可知所测小灯泡的额定功率与真实值相比偏大；
(5)①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为U0=IR0=0.3A×10Ω=3V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间，电压表的示数为4V。
④在①中，定值电阻、灯和变阻器串联，在②中，电压表测电源电压U=6V；在 ③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：，由分压原理，变阻器连入电路的电阻：
，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：
，
小灯泡的额定功率为：
。
故答案为：(1)如图；(2)断路；(3)0.36；0.9；(4)偏大；(5)3；0.45。
(1)根据滑动变阻器滑片P向左滑动时，电流表示数增大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
(2)调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，据此分析；
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(4)判断灯泡两端的实际电压和电流的测量误差，得出电功率的测量误差；
(5)灯的电流为额定电流0.3A时，灯正常发光，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为3V，小灯泡正常发光；根据P=UI，若求出灯的额定电压即可解决问题：
在②操作中可测量出电源电压，为求出灯的额定电压，得出变阻器连入电路的电阻是关键，故取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间测量电压表的示数，在③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压，由分压原理求出变阻器连入电路的电阻，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律求出灯的额定电压，从而可得出灯的额定功率。
本题测定小灯泡功率，考查电路的连接、额定功率的计算、对实验结果的评估能力，难度有点大，要熟记。

22.【答案】解：
(1)当开关旋至2时，电路为R2的简单电路，此时电路中电阻最小，电路中电流最大，
此时电路中的电流，
当开关旋至1时，R1、R2串联，由P=UI=U2R可知在小功率挡；
大功率挡的额定功率。
；
(2)将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，
需要吸收热量Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(100℃−20℃)=6.72×104J；
(3)由P=Wt可得，用大功率挡加热这些水消耗的电能，
熨烫机的加热效率η=QW=6.72×104J7.7×104J≈87.3%。
答：(1)大功率挡的额定功率为1100W。
(2)若用大功率挡将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃，需要吸收6.72×104J热量；
(3)熨烫机的加热效率为87.3%。

【解析】(1)当开关旋至2时，电路为R2的简单电路，此时的电路中的电阻较小，当开关旋至1时，R1、R2串联，此时电路中电阻最大，根据电阻的串联和P=UI=U2R可知，其大小功率挡；
(2)根据Q=cm△t可求得需要吸收多少热量。
(3)根据P=Wt可求得用大功率挡加热这些水消耗的电能，再利用η=QW可求得熨烫机的加热效率。
本题考查了电功率公式和电功公式的应用，分清便携式挂烫机不同档位时电路的连接方式是关键。

23.【答案】解：(1)由图乙可知，当F=0N时，压敏电阻的阻值R1=10Ω，
此时电路中的总电阻为：
，
则定值电阻R0的阻值为：
；
(2)由图乙可知，压敏电阻的阻值R与压力F之间的关系为：R=−12F+10，
则当F=16N时，压敏电阻的阻值R2=−12×16+10(Ω)=2Ω，
此时电路中的电流为：
I2=UR0+R2=4V6Ω+2Ω=0.5A，
所以当F=16N时，定值电阻的电功率为：
P0=I22R0=(0.5A)2×6Ω=1.5W；
(3)因为压力的范围：ON≤F≤18N，
所以压敏电阻的阻值范围：10Ω>R>1Ω，
压敏电阻的电功率：
P=I2R=(UR0+R)2R=U2(R0+R)2R=U2(R0−R)2+4R0RR=U2(R0−R)2R+4R0，
所以，当R=R0=6Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，该阻值在压敏电阻的阻值范围内，
所以压敏电阻的电功率最大值：
Pmax=U24R0=(4V)24×6Ω≈0.67W。
答：(1)定值电阻R0的阻值是6Ω；
(2)当F=16N时，定值电阻的电功率是1.5W；
(3)压敏电阻的电功率最大是0.67W。

【解析】(1)根据图乙分析出，当F=0N时，压敏电阻的阻值，利用欧姆定律求出控制电路中的电流为0.25A是总电阻，利用串联电路的电阻特点求出定值电阻R0的阻值；
(2)根据图乙分析出，当F=16N时，压敏电阻的阻值，利用欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=I2R求定值电阻的电功率；
(3)根据压力范围求解出压敏电阻的阻值范围，根据公式P=I2R表示出压敏电阻的电功率，然后根据表达式变形判断压敏电阻的功率最大时接入电路中的电阻，与压敏电阻的阻值范围进行比较，进而求得其最大功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象分析出压敏电阻的阻值与压力的关系是关键。