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    2022届高三化学一轮复习化学反应原理08电离平衡常数相关计算含解析 试卷

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    2022届高三化学一轮复习化学反应原理08电离平衡常数相关计算含解析

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    这是一份2022届高三化学一轮复习化学反应原理08电离平衡常数相关计算含解析,共34页。试卷主要包含了回答下列问题,按要求回答下列问题,已知等内容,欢迎下载使用。
    电离平衡常数相关计算
    填空题(共22题)
    1.下表是几种常见弱酸的电离平衡常数(25℃),回答下列各题:



    HCN
    HClO
    电离平衡常数()




    (1)当温度升高时,值___________(填“增大”、“减小”或“不变”);
    (2)结合表中给出的电离常数回答下列问题:
    ①上述四种酸中,酸性最弱、最强的酸分别是___________、___________(用化学式表示),
    ②下列能使醋酸溶液中的电离程度增大,而电离平衡常数不变的操作是___________(填序号),
    A.升高温度 B.加水稀释 C.加少量的固体 D.加少量冰醋酸 E.加氢氧化钠固体
    ③依上表数据判断醋酸和次氯酸钠溶液能否反应,如果不能反应说出理由,如果能发生反应请写出相应的离子方程式___________。
    (3)已知草酸是一种二元弱酸,其电离常数,,写出草酸的电离方程式___________、___________,试从电离平衡移动的角度解释的原因___________。
    (4)用食醋浸泡有水垢的水壶,可以清除其中的水垢,通过该事实___________(填“能”或“不能”)比较醋酸与碳酸的酸性强弱,请设计一个简单的实验验证醋酸与碳酸的酸性强弱。方案:___________。
    2.回答下列问题:
    (1)为了证明醋酸是弱电解质,某同学分别取pH=3醋酸和盐酸各1mL,分别用蒸馏水稀释到100mL,然后用pH试纸分别测定两溶液的pH,则可认定醋酸是弱电解质,判断的依据是_______。
    (2)已知室温时,0.1 mol∙L−1某一元酸HA在水中有0.1%发生电离,回答下列问题:
    ①该溶液中c(H+)=_______ mol∙L−1。
    ②HA的电离平衡常数K=_______。
    ③由HA电离出的c(H+)约为水电离出的c(H+)的_______倍。
    (3)部分弱酸的电离平衡常数如下表:
    弱酸
    HCOOH
    H2CO3
    HClO
    电离平衡常数/25 ℃
    K=1.77×10-4
    K1=4.4×10-7
    K2=4.7×10-11
    3.0×10-8
    ①在相同浓度的HCOOH和HClO的溶液中,用“>”“<”或“=”填空。
    溶液导电能力:HCOOH_______HClO。
    ②的电离平衡常数表达式为_______
    ③将少量CO2气体通入NaClO溶液中,写出该反应离子方程式_______。
    (4)某浓度的氨水中存在平衡:NH3·H2O +OH-,如想增大的浓度而不增大OH-的浓度,应采取的措施是_______ (填字母)。
    a.适当升高温度 b.加入NH4Cl固体 c.通入NH3 d.加入少量浓盐酸
    3.研究电解质在水溶液中的平衡能了解它的存在形式。已知25℃时部分弱酸的电离平衡常数如下表:
    弱酸
    HCOOH
    HCN
    H2CO3
    H2C2O4
    电离平衡常数
    Ka=1.77×10-4
    Ka=5.0×10-10
    Ka1=4.3×10-7
    Ka2=5.6×10-11
    Ka1=5.0×10-2
    Ka2=5.4×10-5
    (1)NaCN溶液呈碱性的原因是______(用离子方程式表示)。向NaCN溶液中通入少量的CO2发生的离子反应为______。
    (2)常温下,KHC2O4水解平衡常数的数值为______。
    (3)根据以上数据,判断下列反应可以成立的是______。
    A.HCOOH+Na2CO3=NaHCO3+HCOONa
    B.HCOOH+NaHC2O4=HCOONa+H2C2O4
    C.H2C2O4+2NaCN=Na2C2O4+2HCN
    D.NaHCO3+HCN=NaCN+H2O+CO2↑
    (4)25℃时,pH=3的HCOOH溶液与pH=3的NH4Cl溶液中由水电离出的c(H+)之比为______。
    (5)25℃时,等体积、等物质的量浓度的HCOOH和HCOONa的混合溶液pH”“、 c(CO)>c(HCO)>c(NH3.H2O)
    B.c(NH)+c(H+) = c(HCO)+c(OH−)+c(CO)
    C.c(CO)+c(HCO)+c(H2CO3)=0.1mol/L
    D.c(NH)+c(NH3.H2O)=2c(CO)+2c(HCO)+2c(H2CO3)
    (3)常温下,将a mol/L的CH3COONa溶液和b mol/L的盐酸等体积混合后,溶液呈中性(不考虑醋酸和盐酸的挥发),用含a和b的代数式表示醋酸的电离常数Ka=___________。
    (4)若0.1 mol/L的HB溶液在常温下的pH=3,则常温下NaB的Kh=___________。
    12.已知在25℃时,部分弱酸的电离常数如表所示:
    CH3COOH
    Ka=1.75×10-5
    H2CO3
    Ka1=4.30×10-7、Ka2=5.61×10-11
    H2SO3
    Ka1=1.54×10-2、Ka2=1.02×10-7
    (1)写出碳酸的第二级电离平衡常数表达式:Ka2=___。
    (2)若保持温度不变,在醋酸溶液中加入少量醋酸钠固体,下列各量会变小的是___(填字母)。
    A.c(CH3COO-) B.c(H+) C.醋酸的电离平衡常数 D.醋酸的电离度
    (3)pH相等的CH3COONa溶液、NaHCO3溶液、Na2SO3溶液中,溶质的物质的量浓度最大的是___溶液。
    (4)Na2CO3溶液中各离子浓度由大到小的顺序为___。
    13.表中是几种常见弱酸的电离平衡常数(25℃),回答下列问题:

    电离方程式
    电离平衡常数Ka
    CH3COOH
    CH3COOHCHCOO-+H+
    Ka=1.7×10−5
    H2CO3
    H2CO3 HCO+H+
    HCOCO+H+
    Ka1=4.2×10−7
    Ka2=5.6×10−11
    HClO
    HClOClO-+H+
    Ka=4.7×10−8
    H3PO4
    H3PO4 H2PO+H+
    H2PO+H+
    PO+H+
    Ka1=7.1×10−3
    Ka2=6.2×10−8
    Ka3=4.5×10−13
    (1)Ka只与温度有关,当温度升高时,Ka值___________(填“增大”、“减小”、“不变”)。
    (2)在温度相同时,各弱酸的Ka值不同,那么Ka值的大小与酸性的相对强弱有何关系___________。
    (3)若把CH3COOH、H2CO3、HCO、HClO、H3PO4、H2PO、都看作是酸,其中酸性最强的是___________,最弱的是___________。
    (4)电离平衡常数是用实验的方法测定出来的,现测得25℃时,c mol∙L−1的CH3COOH的电离度为a,试表示该温度下醋酸的电离平衡常数___________。
    (5)根据上表中提供的H2CO3和HClO的电离平衡常数,判断在等浓度的NaClO、NaHCO3混合溶液中,各种离子浓度关系正确的是(___________)
    A.c(HCO)>c(ClO-)>c(OH-)
    B.c(ClO-)>c(HCO)>c(H+)
    C.c(HClO)+c(ClO-)=c(HCO)+c(H2CO3)
    D.c(Na+)+c(H+)=c(HCO)+c(ClO-)+c(OH-)
    (6)根据上表中H2CO3和HClO的电离平衡常数,试写出少量CO2通入到NaClO溶液中的化学反应方程式___________。
    14.I.25℃时,部分物质的电离平衡常数如表所示:
    弱酸或弱碱
    电离常数
    NH3·H2O
    Kb=2×10−5
    HClO
    Ka=3×10−8
    H2CO3
    Ka1=4×10−7 Ka2=4×10−11
    H2SO3
    Ka1=1.3×10−2 Ka2=6.3×10−8
    (1)0.1 mol·L−1 NH4ClO溶液中离子浓度由大到小的顺序是_____________________。
    (2)等浓度的Na2SO3、NaClO、Na2CO3、NaHCO3溶液,pH由大到小的顺序是________。
    (3)某小组同学探究饱和NaClO和KAl(SO4)2溶液混合反应的实验,发现两种溶液混合后产生大量的白色胶状沉淀。出现上述现象的原因是____________________(请用反应的离子方程式表示)。
    II.用沉淀滴定法快速测定NaI溶液中c(I-),实验过程包括准备标准溶液和滴定待测溶液。
    i.准备标准溶液
    a.准确称取AgNO3基准物4.2468 g(0.0250 mol)后,配制成250 mL标准溶液,放在棕色试剂瓶中避光保存,备用。
    b.配制并标定100 mL 0.1000 mol·L−1 NH4SCN标准溶液,备用。
    ii.滴定的主要步骤
    a.取待测NaI溶液25.00 mL于锥形瓶中。
    b.加入25.00 mL 0.1000 mol·L−1 AgNO3溶液(过量),使I-完全转化为AgI沉淀。
    c.加入NH4Fe(SO4)2溶液作指示剂。
    d.用0.1000 mol·L−1 NH4SCN溶液滴定过量的Ag+,使其恰好完全转化为AgSCN沉淀后,体系出现淡红色,停止滴定。
    e.重复上述操作两次。三次测定数据如下表:
    实验序号
    1
    2
    3
    消耗NH4SCN标准溶液体积/mL
    10.24
    10.02
    9.98
    f.数据处理。
    回答下列问题:
    (4)滴定应在pH<0.5的条件下进行,其原因是____________________________。
    (5)若在配制AgNO3标准溶液时,烧杯中的溶液有少量溅出,会导致c(I-)测定结果___________(填“偏高”、“偏低”或“不影响”)。
    (6)测得c(I-) = _____________mol·L−1。
    15.海水中含有80多种元素,是重要的物质资源宝库,同时海水具有强大的自然调节能力,为解决环境污染问题提供了广阔的空间。
    (1)①已知不同pH条件下,水溶液中碳元素的存在形态如图所示。

    下列说法不正确的是___________(填字母序号)。
    时,溶液中含碳元素的微粒主要是
    点,溶液中和浓度相同
    当时,
    ②向上述的水溶液中加入NaOH溶液时发生反应的离子方程式是_______。
    (2)海水pH稳定在之间,可用于烟道气中和的吸收剂。
    ①海水中含有的可以吸收烟道气中的,同时为海水脱钙,生产。写出此反应的离子方程式:___________。
    ②已知:时,电离平衡常数、,电离平衡常数、,海水中含有的可用于吸收,该过程产物中有和___________。
    16.25℃时,有浓度均为0.10mol/L的下列4种溶液:
    ①NaCN溶液②NaOH溶液③CH3COOH溶液 ④NaHCO3溶液
    HCN
    H2CO3
    CH3COOH
    Ka=4.9×10-10mol/L
    Ka1=4×10-7mol/L
    Ka2=5.6×10-11mol/L
    Ka=1.7×10-5mol/L

    (1)这4种溶液pH由大到小的顺序是_____(填序号),其中②由水电离的H+浓度为_____。
    (2)①中各离子浓度由大到小的顺序是______。向NaCN溶液中通入少量CO2,则发生反应的离子方程式为______.
    (3)测得HCN和NaCN的混合溶液的PH=11,,则约为____(保留1位有效数字)。
    (4)CH3COOH和CH3COONa混合溶液中,若溶液pH=6则溶液中c(CH3COO-) -c(Na+)=___mol/L(填精确值)。
    17.25℃时,三种酸的电离平衡常数如下表所示。
    化学式
    CH3COOH
    HClO
    H3PO3
    名称
    醋酸
    次氯酸
    亚磷酸
    电离平衡常数
    1.8×10-5
    3.0×10-8
    K1=8.3×10-3 K2 =5.6×10-6
    (1)浓度均为0.1mol•L-1的CH3COOH 、HClO 、H3PO3溶液中,c(H+)最小的是___。
    (2)亚磷酸(H3PO3)为二元酸,H3PO3的电离方程式为_________。Na2HPO3是________(填“酸式盐”“碱式盐”或“正盐”)。
    (3)体积均为10mL、c(H+)均为10-2mol • L-1的醋酸溶液与一元酸HX分别加水稀释至1000mL,稀释过程中c(H+)的变化如图所示,则HX的电离平衡常数_______(填“大于”、“ 小于”或“等于”,下同)醋酸的电离平衡常数,若pH相等的两种酸消耗等物质的量的NaOH,则需HX和醋酸体积:HX_______________
    醋酸
    18.已知在25℃时,醋酸、碳酸和亚硫酸的电离平衡常数如下表所示:

    电离平衡常数
    醋酸

    碳酸

    亚硫酸

    (1)根据上表可知,酸性_____ ,在相同条件下,试比较Na2CO3、Na2SO3溶液的pH:Na2CO3_____Na2SO3。(填“>” “ Kh2,则0.1 mol∙L−1 NaHSO3溶液:
    ①溶液呈__________(填“酸性”“碱性”或“中性”);
    ②溶液中c(Na+)______c()(填“>”“v(HNO2)(填“=”、“>”或“”“HCOOH> HC2O>H2CO3>HCN> HCO,判断溶液中的反应能否进行可根据强酸制弱酸的原理;利用水解平衡常数的表达式计算。
    【详解】
    (1) NaCN为强碱弱酸盐,水解呈碱性,反应的离子方程式为:CN-+H2O⇌HCN+OH-;根据强酸制弱酸的原理,H2CO3>HCN> HCO HCO,HCOOH+Na2CO3=NaHCO3+HCOONa可以发生,故A符合;
    B.H2C2O4>HCOOH,HCOOH+NaHC2O4=HCOONa+H2C2O4不能发生,故B不符合;
    C.H2C2O4> HCN,H2C2O4+2NaCN=Na2C2O4+2HCN可以发生,故C符合;
    D.H2CO3>HCN>,NaHCO3+HCN=NaCN+H2O+CO2↑不能发生,故D不符合;
    故答案为:AC;
    (4) HCOOH会抑制水的电离,25℃时,pH=3的HCOOH溶液中由水电离出的c(H+)=;氯化铵溶液中氢离子就是水电离出的,则室温下pH=3的NH4Cl溶液中由水电离出的c(H+)=1.010-3mol•L-1,故两溶液中由水电离出的c(H+)之比为:1;故答案为:;
    (5)混合溶液中电荷守恒的等式为:,pHc>b 0.102
    【分析】

    【详解】
    (1) ①Cu 是单质,既不是电解质又不是非电解质;
    ②SO2 自身不能电离,SO2属于非电解质;
    ③冰醋酸的水溶液能导电,冰醋酸是电解质;
    ④NaHCO3的水溶液能导电,NaHCO3是电解质;
    ⑤Cu(OH )2 是碱,Cu(OH )2是电解质;
    ⑥H2SO4溶液是混合物,既不是电解质又不是非电解质;
    ⑦NaCl的水溶液能导电,NaCl是电解质;其中属于电解质的是③④⑤⑦;
    (2)时,溶液中c(H+)=0.01mol/L,pH=2;
    (3)①由上表数据可知,亚硫酸是弱酸,Na2SO3是强碱弱酸盐,SO能发生水解反应,溶液呈碱性;
    ②醋酸的电离平衡常数Ka>亚硫酸的第二步电离平衡常数Ka2>碳酸的第二步电离平衡常数Ka2,所以水解程度CO> SO>CH3COO-,时,等浓度的Na2CO3溶液、CH3COONa溶液、Na2SO3溶液的pH由大到小的顺序为:Na2CO3> Na2SO3>CH3COONa;
    ③当c(OH-)降至1.0×10-8mol/L时,c(H+)=1.0×10-6mol/L,=1.02×10-7, = =0.102。
    6.增大 减小 10−7.5 差 温度升高,(溶解)平衡①逆向移动,Cl2(aq)浓度减小,使得(化学平衡)②逆向移动,c(HClO)减小,杀菌效果变差
    【详解】
    (1)向0.1 mol·L-1的NaHSO3溶液中加入少量氢氧化钠固体,氢氧根浓度增加,氢离子浓度减小,因此增大,没有加入NaOH固体时,由于亚硫酸氢根电离程度小,因此很大,加入NaOH固体,氢氧根不断消耗亚硫酸氢根生成亚硫酸根,假设恰好反应完生成亚硫酸钠,则比值等于2,因此减小;故答案为:增大;减小。
    (2)①上述电离平衡的是HClOH+ + ClO-,其平衡常数表达式为K=
    ,根据图中pH=7.5时,次氯酸和次氯酸根的浓度相等,因此该常数值为K=;故答案为:;10−7.5。
    ②用氯处理饮用水时,由于夏季温度高,氯气在水中溶解度小,即(溶解)平衡①逆向移动,Cl2(aq)浓度减小,使得(化学平衡)②逆向移动,溶液中的次氯酸浓度小,因此夏季的杀菌效果比冬季差;故答案为:差;温度升高,(溶解)平衡①逆向移动,Cl2(aq)浓度减小,使得(化学平衡)②逆向移动,c(HClO)减小,杀菌效果变差。
    7.Al3++3HCO=Al(OH)3↓+3CO2↑ ClO-+CO2+H2O=HClO+HCO CO>ClO->HCO>CH3COO- 酸性 c(K+)>c(C2O)>c(OH-)>c(HC2O)>c(H+) 103.0
    【详解】
    (1)泡沫灭火器是将Al2(SO4)3溶液和NaHCO3溶液混合,有白色沉淀产生同时释放出CO2,其反应离子方程式Al3++3HCO=Al(OH)3↓+3CO2↑;故答案为:Al3++3HCO=Al(OH)3↓+3CO2↑。
    (2)①根据电离平衡常数得到酸性:CH3COOH>H2CO3>HClO>,因此少量CO2通入NaClO溶液中反应的离子方程式ClO-+CO2+H2O=HClO+HCO;故答案为:ClO-+CO2+H2O=HClO+HCO。
    ②根据电离平衡常数得到酸性:CH3COOH>H2CO3>HClO>,对应的酸越弱,结合氢离子能力越强,因此CO、HCO 、ClO-、CH3COO-结合质子能力由强到弱的顺序为CO>ClO->HCO>CH3COO-;故答案为:CO>ClO->HCO>CH3COO-。
    (3)①根据草酸和草酸氢根的交叉点得到,根据草酸氢根和草酸根的交叉点得到,如果所得溶液溶质为KHC2O4,,即草酸根电离大于水解,则该溶液显酸性;故答案为:酸性。
    ②如果所得溶液溶质为K2C2O4,草酸根水解生成草酸氢根和氢氧根,水电离出氢离子和氢氧根,则该溶液中各离子浓度由大到小顺序为c(K+)>c(C2O)>c(OH-)>c(HC2O)>c(H+);故答案为:c(K+)>c(C2O)>c(OH-)>c(HC2O)>c(H+)。
    ③根据题意得到溶液中;故答案为:103.0。。
    8.醋酸 ad 11 > a>b>d>c
    【详解】
    (1)醋酸是弱酸,盐酸是强酸,pH相等的醋酸和盐酸,加水稀释过程中,醋酸可以继续电离出氢离子导致稀释相同倍数时的pH:醋酸<盐酸,所以pH变化大的是盐酸、变化小的是醋酸,根据图知,上边曲线表示盐酸、下边曲线表示醋酸,所以a点对应的酸为醋酸;
    加水稀释促进醋酸的电离,但醋酸电离增大的程度小于溶液体积增大的程度,所以溶液中c(H+)、c(CH3COOH)、c(CH3COO-)都减小,温度不变,水的离子积常数不变,则溶液中c(OH-)增大:
    a.加水稀释促进醋酸的电离,但醋酸电离增大的程度小于溶液体积增大的程度,所以溶液中c(H+)变小,故a正确;
    b.溶液中c(H+)减小,温度不变,水的离子积常数不变,则溶液中c(OH-)增大,故b错误;
    c. ==,温度不变、水的离子积常数和醋酸的电离平衡常数不变,所以该比值不变,故c错误;
    d.加水稀释促进醋酸的电离,则醋酸的物质的量减小、氢离子物质的量增大,所以变小,故d正确;答案选:ad;
    (2)水的离子积常数Kw= c(H+)×c(OH-)=10-a×10-b=10-(a+b)=10-12,100mL 0.1 mol·L-1的稀H2SO4中氢离子的物质的量为:0.1mol/L×2×0.1L=0.02mol,100mL0.4 mol·L-1的NaOH溶液中氢氧根离子的物质的量为:0.4mol/L×0.1L=0.04mol/L,两溶液混合时氢氧根离子过量,所得溶液中c(OH-)==0.1mol/L,溶液中c(H+)==10-11mol/L,则溶液的pH=11;
    (3)若醋酸和氢氧化钠恰好完全反应,所得溶液中的溶质为醋酸钠,醋酸钠是强碱弱酸盐,醋酸根离子水解使溶液呈碱性,25℃时,将 a mol·L-1的醋酸和 b mol·L-1的氢氧化钠溶液等体积混合后,溶液的pH=7,说明醋酸过量,则a>b;根据物料守恒可知,c(CH3COO-)+c(CH3COOH)== mol/L;
    (4)AgCl在溶液中存在溶解平衡:AgCl(s)Ag+(aq)+Cl-(aq),溶液中Ag+、Cl-都抑制AgCl溶解,且这两种离子浓度越大,其抑制AgCl溶解的程度越大,①中c(Cl-)=0、②中c(Cl-)=0.2mol/L、③中c(Cl-)=1mol/L、④中c(Cl-)=0.3mol/L,则抑制AgCl溶解程度的大小顺序是:③>④>②>①,所以Ag+的浓度由大到小的排列顺序是:a>b>d>c。
    9. 不变 11 b B
    【详解】
    (1)①醋酸为弱酸,每稀释倍,pH变化小于n个单位,10 mL 0.1 mol·L-1醋酸溶液加水稀释至1 000 mL,pH值小于5,大于3,,稀释过程中K保持不变,故不变,故答案为:;不变;
    ②0.1 mol·L-1醋酸溶液测得其pH=3,,25 ℃时,CH3COOH和NH3·H2O的电离常数相等,则Kb(NH3·H2O)=10-5,由此可求c(OH-)=10-3mol·L-1,pH=11,故答案为:11;
    (2)=, 0.1 mol·L-1氨水中滴加相同浓度的CH3COOH溶液,在滴加过程中氢氧根浓度减小,则比值增大,比值增大,故选b,
    故答案为:b;
    (3)若某时刻时,测得c(N2)=1 mol·L-1,c(H2)=3 mol·L-1,c(NH3)=2 mol·L-1,,则反应向逆向进行,故答案为:B;
    10.NH3.H2O NH+OH- HCO+ H2OH2CO3+ OH- 测0.1 mol·L-1醋酸的pH值,若pH>1,则为弱酸 < < > Al3++3HCO= Al(OH)3↓+3CO2↑ (a-10 -b )×10 2b -14(写成准确值计算式也可得分)[(a-10-b+10b-14) 10b-14]/(10-b-10b-14)
    【详解】
    (1) 氨水中存在NH3.H2O NH+OH-,溶液呈碱性,所以氨水中滴入酚酞显红色;碳酸氢钠是强碱弱酸盐,碳酸氢根离子水解HCO+ H2OH2CO3+ OH-,碳酸氢钠溶液呈碱性,所以滴入酚酞也显红色;
    (2)若醋酸是弱酸,醋酸部分电离,0.1 mol·L-1醋酸溶液中氢离子浓度小于0.1 mol·L-1,测0.1 mol·L-1醋酸的pH值,若pH>1,则为弱酸;
    (3)0.1 mol·L-1氨水分别与等浓度的盐酸、醋酸等体积混合,恰好生成氯化铵、醋酸铵,氯化铵溶液呈酸性,醋酸铵溶液呈中性,所得溶液的pH值前者CN->OH->H+ CN-+CO2+H2O=HCN+ 0.02 9.9×10-7
    【详解】
    (1) ①NaCN溶液因水解呈碱性,②NaOH溶液因电离呈碱性,③CH3COOH溶液 呈酸性,④NaHCO3溶液因水解呈碱性,由电离平衡常数知,碳酸氢钠溶液水解程度小于NaCN溶液,故25℃时,浓度均为0.10mol/L的下列4种溶液pH由大到小的顺序是②①④③,其中②中氢氧化钠电离抑制了水的电离,由水电离的H+浓度即氢离子浓度为。
    (2)①中NaCN溶液因水解呈碱性,各离子浓度由大到小的顺序是Na+>CN->OH->H+。HCN的电离平衡常数介于碳酸的Ka1和Ka2之间,故向NaCN溶液中通入少量CO2生成HCN和碳酸氢钠,则发生反应的离子方程式为CN-+CO2+H2O=HCN+。
    (3)测得HCN和NaCN的混合溶液的PH=11,则。
    (4)CH3COOH和CH3COONa混合溶液呈电中性,c(CH3COO-) +c(OH-)= c(H+)+c(Na+),若溶液pH=6,则溶液中c(CH3COO-) -c(Na+)= c(H+)-c(OH-)=10-6 mol/L -0-8mol/L=9.9×10-7 mol/L。
    17.HClO , 正盐 大于 大于
    【详解】
    (1)HClO的电离平衡常数最小,其溶液中c(H+)也是最小的;
    (2)亚磷酸为二元弱酸,其电离方程式为,;由此可知,不能再电离出H+,则Na2HPO3是正盐;
    (3)稀释溶液后,HX的pH变化量较大,说明HX的酸性比醋酸强,故HX的电离平衡常数大于醋酸的电离平衡常数;pH相同的情况下,HX的浓度更小,消耗等物质的量的NaOH时,意味着参加反应的HX和醋酸的物质的量相同,故HX的体积大于醋酸的体积。
    18.< > AC = 4<pH<6 c 酸性 > c(Na+)+ c(H+)=c()+2c()+c() c(Na+) = c()+c()+c() c(H+)+ c()= c()+c()
    【详解】
    (1)根据上表可知,碳酸的小于亚硫酸的,因此酸性<,根据对应的酸越弱,其水解程度越大,在相同条件下,Na2CO3、Na2SO3溶液的pH:Na2CO3>Na2SO3;故答案为:<;>。
    (2)A.加入NaCl溶液实质是加水,加水稀释,平衡正向移动,水解程度程度增大,故A符合题意;B.加入Na2CO3固体,两者相互抑制的双水解,故B不符合题意;C.加入NH4Cl溶液,两者相互促进的双水解,水解程度增大,故C符合题意;D.加CH3COONa固体,平衡正向移动,但水解程度减小,故D不符合题意;综上所述,答案为:AC。
    (3)常温下NH3∙H2O的电离常数,醋酸的电离常数,因此生成是弱酸弱碱盐,水解程度相当,溶液呈中性,则常温下CH3COONH4溶液的pH =7;故答案为:=。
    (4)将pH=4的溶液稀释100倍,稀释时,醋酸又电离出氢离子,因此溶液pH变化不到2个单位,因此稀释后溶液的pH范围是4<pH<6,加水稀释,醋酸电离平衡正向移动,电离程度增大,溶液的pH增大,醋酸电离平衡常数不变,离子浓度减小,溶液导电性能力减弱,因此图中的纵坐标可以是c;故答案为:4<pH<6;c。
    (5)①已知25 ℃时,Ka2 > Kh2,说明电离程度大于水解程度,因此0.1 mol∙L−1 NaHSO3溶液呈酸性;故答案为:酸性。
    ②溶液中亚硫酸根既要电离又要水解,因此溶液中c(Na+)>c();故答案为:>。
    ③电荷守恒:c(Na+)+ c(H+)=c()+2c()+c(),物料守恒:c(Na+) = c()+c()+c(),质子守恒:c(H+)+ c()= c()+c();故答案为:c(Na+)+ c(H+)=c()+2c()+c();c(Na+) = c()+c()+c();c(H+)+ c()= c()+c()。
    19.H3AsO3 H3AsO3 + OH-= H2AsO+ H2O D 正盐 > PCl3+3H2O=H3PO3+3HCl H3PO3+I2+H2O= 2H++2I-+H3PO4
    【详解】
    (1)根据图像可知pH在7.35 ~7.45之间时,As元素主要存在形式为H3AsO3;
    (2)根据题意可知亚砷酸溶液中pH减小时H3AsO3 首先转化为H2AsO,pH=9时主要以H3AsO3 和H2AsO的形式存在,所以发生的离子方程式为H3AsO3 + OH-= H2AsO+ H2O;
    (3)A.据图可知n(H3AsO3):n(H2AsO)=1:1时,溶液的pH约为9,呈碱性,故A正确;
    B.H3AsO3溶液中存在电荷守恒:c(H2AsO)+2c(HAsO)+3c(AsO)+c(OH-)=c(H+),故B正确;
    C.K3AsO3溶液中As元素的主要存在形式为AsO,结合图像可知AsO占比最大时溶液中的离子浓度c((AsO)>c(HAsO)>c(H2AsO)>c(H3AsO3),故C正确;
    D.Ka1=,据图可知当n(H3AsO3)=n(H2AsO3-)时溶液的pH为a,即c(H+)=10-amol/L,所以Ka1=10-a,同理Ka2=10-b,则Ka1∶Ka2 =10-a:10-b=10b-a,故D错误;
    综上所述答案为D;
    (4)①亚磷酸与足量NaOH溶液反应生成Na2HPO3,说明Na2HPO3不能电离出氢离子,所以Na2HPO3为正盐;0.10 mol·L−1H3PO3溶液的pH =1.6,说明亚磷酸为弱酸,所以Na2HPO3溶液中存在HPO的水解,溶液显碱性,pH>7;
    ②水解反应为非氧化还原反应,根据元素守恒可得化学方程式为PCl3+3H2O=H3PO3+3HCl;
    ③亚磷酸具有强还原性,可使碘水褪色,即碘单质可以氧化亚磷酸,根据电子守恒和元素守恒可得离子方程式为H3PO3+I2+H2O= 2H++2I-+H3PO4。
    20.4.17×10-7 Cl2+2CO+H2O=2 HCO+Cl-+ClO- CO2+H2O+ClO-=HClO +HCO 7.4 变小 7~9
    【详解】
    (1)溶液的pH=5.60,则c(H+)=10-5.6mol/L=2.5×10-6mol/L,若忽略水的电离及H2CO3的第二级电离,该溶液中c(HCO)=c(H+)=2.5×10-6mol/L,c(H2CO3)为1.5×10-5 mol•L-1,则H2CO3⇌HCO3-+H+的平衡常数K1===4.17×10-7;
    (2)根据电离平衡常数大小关系可知酸性H2CO3>HClO> HCO,HCl为强酸,所以:
    a.少量Cl2通入到过量的Na2CO3溶液中,氯气和水反应生成少量的HCl、HClO,酸性越强结合氢离子的能力越弱,而氢离子少量,所以只有碳酸根结合氢离子生成碳酸氢根,最终的产物为氯化钠、次氯酸钠、碳酸氢钠,所以离子方程式为Cl2+2CO+H2O=2 HCO+Cl-+ClO-;
    b.由于酸性H2CO3>HClO> HCO,根据强酸可以制弱酸可知:少量CO2通入过量的NaClO溶液中生成碳酸氢钠和次氯酸,离子方程式为CO2+H2O+ClO-=HClO +HCO;
    (3) K1=,≈,所以c(H+)=,则pH=-lg=7.4;酸性增强,则c(H+)变大,而温度不变则K1不变,所以变小;
    (4) 由图可知,溶液的pH为7~9之间时,溶液中的阴离子主要以HCO形式存在,溶液中的溶质主要为碳酸氢钠,所以若用CO2和NaOH反应制取NaHCO3,溶液的pH应该控制在7~9之间。
    21.(a-0.1)×10-6 c>b>a a<d<c<b ClO-+H2O+CO2=+HClO
    【详解】
    (1)混合后的溶液,根据电荷守恒有:c(H+)+c(Na+)=c(OH-)+c(CH3COO-),溶液呈中性,故而有:c(Na+)=c(CH3COO-)。设混合前两溶液体积均为V,则混合后溶液中c(CH3COO-)=c(Na+)=mol/L,c(CH3COOH)==mol/L,Kh= ==(a-0.1)×10-6;
    (2)溶液体积越大,醋酸电离程度越大,根据图知,溶液体积:a<b<c,则醋酸电离程度:c>b>a;
    (3)①据电离平衡常数可知,酸性由强到弱的顺序为:CH3COOH>H2CO3>HClO>HCO3﹣,弱酸的酸性越弱其酸根离子的水解程度越大,溶液碱性越强,则pH由小到大排列顺序是a<d<c<b,故答案为:a<d<c<b;
    ②酸性:HClO>HCO3﹣,向次氯酸钠溶液中通入少量二氧化碳,反应生成碳酸氢根离子,该反应的离子方程式为:ClO﹣+H2O+CO2=HCO3﹣+HClO。
    22.HNO2<CH3COOH<H2CO3<HCN = > HCN+Na2CO3=NaCN+NaHCO3 = < 变大 不变
    【详解】
    (1)①酸的电离常数越大,等物质的量浓度时pH越小,pH相同时,物质的量浓度由小到大的顺序为:HNO2<CH3COOH<H2CO3<HCN;答案为:HNO2<CH3COOH<H2CO3<HCN;
    ②pH相同,说明开始溶液中c(H+)相同且c(HCl)<c(HNO2),溶液中加入等量的Zn粉,反应刚开始时产生H2的速率相等;盐酸为强酸,完全电离,HNO2为弱酸,部分电离,若得到等量的氢气,消耗HCl中的H+与HNO2中的H+一样多,因为c(HCl)<c(HNO2),所以所消耗的酸的体积:V(HCl)>V(HNO2)。答案为:=;>;
    ③因为HCN的电离常数介于H2CO3的一级电离常数与二级电离常数之间,则过量的HCN溶液与Na2CO3溶液等体积混合,发生反应的化学方程式为HCN+Na2CO3=NaCN+NaHCO3。答案为:HCN+Na2CO3=NaCN+NaHCO3;
    (2) pH相同时,两溶液中的离子浓度 c(H+)相等,则c(OH‒)也相等,根据电荷守恒原则,则稀释前两溶液中c(CH3COO‒)=c(NO);因为K(HNO2)>K(CH3COOH),二者稀释相同的倍数后,pH:HNO2>CH3COOH,酸性越强,对水的电离的抑制作用越强,故稀释后,两溶液中水的电离程度CH3COOH<HNO2。答案为:=;<;
    (3) 常温下,向HCN溶液中加入NaCN固体,会抑制HCN的电离,使得HCN的电离平衡向左移动,c(H+)减小,因为Kw=,温度不变,Kw不变,故c(OH-)变大,因为,K(HCN)只与温度有关,温度不变,K(HCN)不变,故答案为:变大;不变。

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