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2021年山东省潍坊市中考物理试卷
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这是一份2021年山东省潍坊市中考物理试卷，共39页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，作图题，科普阅读题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年山东省潍坊市中考物理试卷
一、单项选择题（本题有10个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）
1．（2分）（2021•潍坊）“节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关闭水龙头，其中用力最小的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
2．（2分）（2021•潍坊）一款塔式多孔插座如图所示，其技术参数为：最大电压250V，最大电流10A，关于该插座的接线和使用方法正确的是（ ）
A．插座通电后可用湿布擦去表面灰尘
B．插座内可以只接火线和零线
C．手机充电器使用后应与插座断开
D．标有“220V 3000W”的电热水器可使用该插座
3．（2分）（2021•潍坊）积极承担家务劳动是中学生应具有的品德。小明同学从超市购买了一箱质量为5kg的鸡蛋，并进行了下列估测，其中最符合事实的是（ ）
A．箱内约有80个鸡蛋
B．一个鸡蛋的直径约为6dm
C．一个鸡蛋重约为5N
D．鸡蛋的密度约为2g/cm3
4．（2分）（2021•潍坊）鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是（ ）
A．鼓静止时对舞台的压强约为400Pa
B．若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
C．响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高
D．鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
5．（2分）（2021•潍坊）为迎接2022年北京冬季奥运会，国家滑雪运动队积极训练。如图所示，某运动员沿斜坡滑下，获得一定速度后进入水平赛道做匀速直线运动，然后从水平赛道末端飞出，飞行一段时间后落到斜坡上，不计空气阻力，关于运动员的说法正确的是（ ）
A．匀速运动过程受力平衡，无惯性
B．飞行过程受力不变，惯性不变
C．飞行过程动能增加，惯性变大
D．飞行过程惯性不变，运动状态不变
6．（2分）（2021•潍坊）传感器在生产生活中有着广泛的应用，一部普通智能手机中就有十几种，传感器能感受声音、图像、压力、磁场等各种信息，压力传感器的核心部件为压敏电阻。某同学设计的压力传感器如图所示，R0为定值电阻，R为压敏电阻且阻值随压力增大而减小，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．压力为0时，电压表示数为0
B．压力变大时，电压表示数变大
C．压力变大时，电压表示数变小
D．压力变大时，电流表示数变小
7．（2分）（2021•潍坊）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮的原子核束缚电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器箔片张开是因为两箔片带了正电荷
D．金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相反
8．（2分）（2021•潍坊）如图所示电路中，开关S断开时，电压表，电流表均无示数；S闭合时，电流表有示数，电压表无示数，电路中仅有一处故障，下列判断正确的是（ ）
A．电阻R1断路 B．电阻R2断路 C．电阻R2短路 D．电阻R3断路
9．（2分）（2021•潍坊）如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块釹铁椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（ ）
A．该过程中机械能转化为电能
B．线框左右两边所受磁场力方向相同
C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动
D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动
10．（2分）（2021•潍坊）体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在（ ）
A．a、c两点的动能相等
B．a点的机械能比d点机械能大
C．a点动能比d点动能大
D．b点的动能最大
二、多项选择题（本题有5个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）
11．（4分）（2021•潍坊）中国首个火星探测器“天问一号”的成功着陆，激发了很多同学的研究兴趣。某同学用无人机模拟火星着陆器的着陆过程，无人机从悬停到竖直下落至地面的v—t图象，如图所示，则无人机（ ）
A．在0﹣1s内不受力
B．在1﹣3s内的重力势能增加
C．在3﹣6s内下落了12m
D．在6﹣7s内做减速运动
12．（4分）（2021•潍坊）充电宝内部主要部件是锂电池，充电宝铭牌上标注了锂电池的电压和容量，民航局规定严禁携带额定能量超过160W•h的充电宝乘机，则电压为3.7V、容量为下列数值的充电宝可以带上飞机的是（ ）
A．10000 mA•h B．40000 mA•h C．50 A•h D．30 A•h
13．（4分）（2021•潍坊）建筑工地上常用的夹砖器（取砖工具）如图甲所示，用它夹住两块相同的砖、竖直提起后静止在空中，此时两夹片与砖面平行，如图乙所示，则（ ）
A．两砖之间无压力
B．两砖之间无摩擦力
C．夹砖器对砖的摩擦力向上
D．夹片对砖的压力越大，砖受到的摩擦力越大
14．（4分）（2021•潍坊）某同学利用光具座、透镜、蜡烛、光屏探究凸透镜成像规律，记录物距u、像距v得到的图象如图所示，则（ ）
A．当u＝10cm时，成倒立、等大的像
B．当u＝15cm时，成倒立、放大的像
C．当u＝20cm时，成倒立、放大的像
D．当u＝25cm时，成倒立、缩小的像
15．（4分）（2021•潍坊）某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。R1、R2为电热丝，且R2＝3R1，R3为滑动变阻器，R0为热敏电阻（置于电热水器内），R0阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当R0中的电流I≥15mA时，衔铁被吸下，电磁继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A．热水器的加热功率是保温功率的4倍
B．S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C．当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D．若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
三、作图题（本题有2个小题，共5分）
16．（2分）（2021•潍坊）如图所示，一束光斜射入盛有水的容器中，在容器底形成光斑P1。保持光束和容器的位置不变，向容器中缓慢加水，光斑移到P2位置时，请在图中画出此时的折射光线及水面位置。
17．（3分）（2021•潍坊）在内壁光滑的汽缸内，用重为G的活塞封闭一定质量的气体，把活塞和汽缸按图所示悬挂，静止在空中，图中已标出缸内气体对活塞的作用力F气，请画出活塞所受其它力的示意图。
四、科普阅读题（本题有1个小题，共5分）
18．（5分）（2021•潍坊）阅读短文，回答问题：
“长五”助力，“天和”巡天
2021年4月29日，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。长征五号B遥二运载火薪是新一代运载火箭，它使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，液氢温度为﹣253℃，液氧为183℃。在塔架上未起飞前，这些燃料在与外界空气接触时，火箭侧壁会冒出“白雾”，在“点火”口令下达后，重达800多吨的火箭拔地而起，火箭尾部发出又长又亮的蓝白色火焰，约490s后离开视野。将天和核心舱送入预定轨道后，末级火箭与核心舱分离，末级火箭再入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁。
进入预定轨道的天和核心舱使用的是大功率LT﹣100型霍尔电推系统，该设备将太阳能先转化为电能，再将电能转化为机械能。天和核心舱使用的是目前世界上最先进的砷化钾太阳能电池翼，它的光电转换效率高达50%以上，而传统的晶硅电池只有20%左右，此外，砷化钾电池还具有很好的耐温性，在250℃高温下也能正常工作。天和号核心舱目前翼展长是13m，未来将发射升空的“问天”号和“梦天”号两个实验舱的太阳翼单侧翼展将达到30m!到那时，“天宫”号空间站的供电能力将达到100kW。
（1）火箭在塔架上未起飞前，侧壁冒出的“白雾”是由水蒸气 产生的；
（2）末级火箭绝大部分烧蚀销毁过程，火箭的机械能一部分转化 ；
（3）“点火”发射时，使“长五”火箭起飞需要的最小推力大小为 N；
（4）建成后的“天宫”号空间站，太阳能电池接收太阳能的最大功率为 kW。
五、实验题（本题有4个小题，共24分）
19．（4分）（2021•潍坊）某同学用身边的器材验证平面镜成像特点，实验操作如下：
①在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖立一透明玻璃板，在白纸上沿透明玻璃板画一条直线；
②取两个相同的矿泉水瓶盖a、b，盖的边缘涂上印泥，在玻璃板一侧放置瓶盖a且用力按一下，观察a在玻璃板中的像。手持瓶盖b移至与a像重合。稍用力按下b记录a像的位置；
③多次改变a的位置，重复步骤②，白纸上得到对应的物、像痕迹。
请回答下列问题：
（1）为保证实验效果，下列操作正确的是
A.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合
B.实验过程中玻璃板底边与直线平行即可
C.玻璃板必须垂直纸面
D.玻璃板可适当倾斜
E.应选用较厚的玻璃板
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，接下来进行的实验操作是 。
20．（6分）（2021•潍坊）一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
（1）将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音 ；
（2）将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值 ；
（3）将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差 。
21．（6分）（2021•潍坊）某同学到海边游玩时捡到一块鹅卵石，他利用身边的细线、弹簧测力计、量杯进行了下列操作：
①用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1。
②量杯中装入海水，记录此时水面刻度为Va。
③将测力计悬挂的石块完全浸没在海水中（不接触杯底且海水不溢出），石块静止时，记录水面刻度值为V，测力计示数为F2。
请回答下列问题（已知重力与物体质量的比值为g）。
（1）鹅卵石的质量为 ，鹅卵石的密度为 。
（2）海水的密度为 。
22．（8分）（2021•潍坊）现有下列实验器材：
①额定电压为2.5V的小灯泡；
②电压约为6V的直流电源；
③量程为6V的电压表；
④最大阻值为99.99Ω的电阻箱R；
⑤开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。
要测量小灯泡的额定功率，请将下列实验步骤补充完整。
（1）按电路图甲将图乙所示的实物图连接完整。
（2）先将电阻箱阻值调到 （选填“最大”、“最小”或“任意值”）再闭合开关S1；
（3）将S2掷向a，调节电阻箱阻值，使电压表示数U1＝2.5V，再将S2掷向b，电压表示数U2及电阻箱示数R如图丙所示，U2＝ V，R＝ Ω，则该小灯泡的额定功率为 W。
六、计算题（本题有4个小题，共26分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（4分）（2021•潍坊）某同学估算煤气灶烧水时的效率，他在烧水壶中装入V＝2.5L水，烧水前的水为20℃，将水加热至100℃，立即关闭煤气，烧水前、后燃气表的示数变化“△V＝0.105m3”，该同学查得煤气的热值q＝4×107J/m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气灶烧水效率。
24．（5分）（2021•潍坊）楼房装修常用如图所示装置将物料吊运到楼上。已知该装置电动机的额定功率P＝2.2kW，电动机将电能转换为机械能的效率η＝50%，某次吊运过程中将物料匀速提升h＝16m，所用时间t＝40s，求：
（1）电动机拉绳的速度大小，
（2）电动机对绳的拉力大小。
25．（8分）（2021•潍坊）某电动三轮车坐垫加热装置的简化电路如图所示，电路中R0、R1、R2均为发热电阻，已知，R1＝3Ω，R2＝9Ω，仅闭合S1时，加热功率P1＝24W；仅闭合S2时，加热功率P2＝12W，求：
（1）电源电压U及R0的电阻值；
（2）该装置的最大加热功率。
26．（9分）（2021•潍坊）如图甲所示，原长x0＝16cm的弹簧，下端固定在容器的底部，上端与一正方体相连，正方体重G＝48N，向容器中慢慢注入某种液体，弹簧的长度x随液体深度h的变化关系如图乙所示，正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长。在弹性限度内，弹簧的弹力F与其形变量△x间的关系为F＝k△x，忽略弹簧的质量和体积，g取10N/kg，求
（1）k的值；
（2）正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平时，容器底部所受液体的压强。
2021年山东省潍坊市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题有10个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）
1．（2分）（2021•潍坊）“节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关闭水龙头，其中用力最小的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解。
【解答】解：在A点施加动力，当动力的方向与支点和力的作用点的连线垂直时，动力臂最大，此时最省力，即沿b方向用动力最小。
故选：B。
【点评】此题主要考查了学生对杠杆平衡条件的应用，要使动力最小，则力臂应最长，找到动力作用点A到支点O的最长动力臂是解决问题的关键。
2．（2分）（2021•潍坊）一款塔式多孔插座如图所示，其技术参数为：最大电压250V，最大电流10A，关于该插座的接线和使用方法正确的是（ ）
A．插座通电后可用湿布擦去表面灰尘
B．插座内可以只接火线和零线
C．手机充电器使用后应与插座断开
D．标有“220V 3000W”的电热水器可使用该插座
【分析】（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（2）大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地；
（3）为了安全，手机充电器使用后要拔离插座；
（4）不能在插线排上同时使用大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。
【解答】解：A、湿抹布是导体，用湿布擦通电的插座时，容易发生触电，故不能用湿抹布擦灰尘，故A错误；
B、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，可防止金属外壳漏电时发生触电事故，所以插座内除了接火线和零线外，还要接地线，故B错误；
C、为了安全，手机充电器使用后要拔离插座，故C正确；
D、标有“220V 3000W”的电热水器属于大功率用电器，正常工作时的电流I＝＝≈13.6A＞10A，应该使用专用插座；若使用多孔插座，容易因电路中电流过大，引起火灾，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了安全用电的要求，我们在生活中要严格遵守安全用电原则，预防发生危险。
3．（2分）（2021•潍坊）积极承担家务劳动是中学生应具有的品德。小明同学从超市购买了一箱质量为5kg的鸡蛋，并进行了下列估测，其中最符合事实的是（ ）
A．箱内约有80个鸡蛋
B．一个鸡蛋的直径约为6dm
C．一个鸡蛋重约为5N
D．鸡蛋的密度约为2g/cm3
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一箱质量为5kg的鸡蛋，一个鸡蛋的质量约60g，所以鸡蛋的个数约为83个，故A正确；
B、一个蛋的直径约为6cm，故B错误；
C、一个鸡蛋重约为0.6N，故C错误；
D、水的密度是1.0×103kg/m3，鸡蛋密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4．（2分）（2021•潍坊）鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是（ ）
A．鼓静止时对舞台的压强约为400Pa
B．若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
C．响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高
D．鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
【分析】（1）根据压强公式估算其对舞台的压强；
（2）根据压强公式分析侧立时鼓对舞台的压强变化；
（3）音调与频率高低有关，响度与振幅有关；
（4）余音缭绕是声音的反射造成的回声现象。
【解答】解：A、鼓平放时，对舞台的压力为：F＝G＝mg＝32kg×10N/kg＝320N，受力面积为：S＝πr2＝3.14×(0.5m)2＝0.785m2，
鼓对舞台的压强为：，故A正确；
B、由压强公式可知：鼓侧立，鼓对舞台的压力不变，受力面积变小，则压强变大，故B错误；
C、敲鼓时，用力越大，鼓面的振幅越大，鼓声的响度就越大，而音调随振动频率增大而升高，故C错误；
D、余音缭绕是声音的反射造成的回声现象，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查压强公式的应用以及声音特征的基础知识，难度不大。
5．（2分）（2021•潍坊）为迎接2022年北京冬季奥运会，国家滑雪运动队积极训练。如图所示，某运动员沿斜坡滑下，获得一定速度后进入水平赛道做匀速直线运动，然后从水平赛道末端飞出，飞行一段时间后落到斜坡上，不计空气阻力，关于运动员的说法正确的是（ ）
A．匀速运动过程受力平衡，无惯性
B．飞行过程受力不变，惯性不变
C．飞行过程动能增加，惯性变大
D．飞行过程惯性不变，运动状态不变
【分析】（1）惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性；惯性大小只与物体的质量有关，质量不变时，惯性不变。
（2）物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，不受力或受平衡力的作用；
（3）影响动能大小的因素是质量和速度。
【解答】解：
A、运动员匀速运动过程（即在水平赛道上做匀速直线运动），处于平衡状态，则运动员受力平衡；因一切物体都具有惯性，所以此时运动员仍然有惯性，故A错误；
BCD、惯性大小只与物体的质量有关，运动员飞行过程中，其质量不变，则惯性不变；
不计空气阻力，运动员飞行过程中只受到重力作用，即受力不变，故B正确；
运动员飞行过程中质量不变，因速度变大，则动能变大，故C错误；
运动员飞行过程中，其运动方向和速度大小不断改变，所以运动员的运动状态发生改变，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了对惯性大小、平衡状态以及影响动能大小的因素的理解，涉及的知识点较多，但难度不大。
6．（2分）（2021•潍坊）传感器在生产生活中有着广泛的应用，一部普通智能手机中就有十几种，传感器能感受声音、图像、压力、磁场等各种信息，压力传感器的核心部件为压敏电阻。某同学设计的压力传感器如图所示，R0为定值电阻，R为压敏电阻且阻值随压力增大而减小，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．压力为0时，电压表示数为0
B．压力变大时，电压表示数变大
C．压力变大时，电压表示数变小
D．压力变大时，电流表示数变小
【分析】由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零，根据串联电路的分压特点可知R两端的电压是否为0，从而得出电压表的示数是否为0；
（2）根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时R的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，从而得出电压表示数的变化。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零，
由串联电路的分压特点可知，R两端的电压不为0，即电压表的示数不为0，故A错误；
BCD.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时，R的阻值减小，电路的总电阻减小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故D错误；
由U＝IR可知，R0两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误、C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
7．（2分）（2021•潍坊）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮的原子核束缚电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器箔片张开是因为两箔片带了正电荷
D．金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相反
【分析】（1）摩擦可以使物体带电，其实质是电子发生了转移；
（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。
【解答】解：AB、用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电，故A错误，B正确；
CD、验电器的金属箔片由于带同种电荷相互排斥而张开，金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相同，故CD错误。
故选：B。
【点评】知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
8．（2分）（2021•潍坊）如图所示电路中，开关S断开时，电压表，电流表均无示数；S闭合时，电流表有示数，电压表无示数，电路中仅有一处故障，下列判断正确的是（ ）
A．电阻R1断路 B．电阻R2断路 C．电阻R2短路 D．电阻R3断路
【分析】电路故障有两种：断路和短路，根据电流表、电压表的示数分析故障的原因。
【解答】解：开关S断开时，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；电流表无示数，说明电路出现了断路现象；电压表无示数，说明电压表与电源之间是断开的，所以故障可能是R3断路或R1断路；
S闭合时，只有R1接入电路中，电流表测量电路中的电流，有示数，说明R1是通路，电压表被短路，电压表无示数，所以故障是电阻R3断路。
故选：D。
【点评】电路故障短路和断路的判断，短路时电路中有电流，断路时电路中无电流。特别是电压表所测的用电器断路，电压表与电路串联。要会辨别不同故障所出现的不同情况。
9．（2分）（2021•潍坊）如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块釹铁椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（ ）
A．该过程中机械能转化为电能
B．线框左右两边所受磁场力方向相同
C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动
D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动
【分析】（1）电动机在工作的过程中会消耗电能；
（2）（3）（4）通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向、电流的方向有关。
【解答】解：
A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；
B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；
C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；
D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了能量的转化、影响通电导体在磁场中所受磁场力方向的因素，难度不大。
10．（2分）（2021•潍坊）体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在（ ）
A．a、c两点的动能相等
B．a点的机械能比d点机械能大
C．a点动能比d点动能大
D．b点的动能最大
【分析】（1）动能大小跟质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（2）不计空气阻力，篮球在运动过程中机械能保持不变；篮球在空中运动时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，则机械能等于动能与重力势能之和；据此解答。
【解答】解：A、a点的高度与c点的高度相同，重力势能相等，因机械能守恒，故a点的动能与c点的动能相等，故A正确；
B、不计空气阻力，篮球从a到d的过程中，只有的动能和势能转化，故篮球的机械能守恒，篮球在a、b、c、d各点的机械能相等，故B错误；
C、a点的高度比d点的高度高，故a点的重力势能大，因机械能守恒，故a点的动能比d点的动能小，故C错误；
D、a、b、c、d各点中，b点的高度最高，故b点的重力势能最大，因机械能守恒，故b点的动能最小，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和重力势能大小的影响因素，关键要知道：在不计空气阻力的情况下，篮球的机械能是守恒的。
二、多项选择题（本题有5个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）
11．（4分）（2021•潍坊）中国首个火星探测器“天问一号”的成功着陆，激发了很多同学的研究兴趣。某同学用无人机模拟火星着陆器的着陆过程，无人机从悬停到竖直下落至地面的v—t图象，如图所示，则无人机（ ）
A．在0﹣1s内不受力
B．在1﹣3s内的重力势能增加
C．在3﹣6s内下落了12m
D．在6﹣7s内做减速运动
【分析】（1）无人机悬停时受力平衡；
（2）重力势能的大小与质量和高度有关；
（3）根据图像得出在3﹣6s内无人机下落的速度，根据速度公式求出该过程中通过的路程；
（4）根据图像分析在6﹣7s内无人机的速度变化。
【解答】解：
A、由图像可知，在0﹣1s内无人机的速度为0，处于悬停状态，此时无人机受到竖直向下的重力、竖直向上的升力的作用，且二力平衡，故A错误；
B、在1﹣3s内无人机下落过程中，高度变小，质量不变，其重力势能变小，故B错误；
C、由图像可知在3﹣6s内无人机匀速下落的速度为4m/s，运动的时间为3s，
则无人机下落的高度为：h＝vt＝4m/s×3s＝12m，故C正确；
D、由图像可知，在6﹣7s内无人机的速度变小，即在做减速运动，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了对v﹣t图像的分析、速度公式的应用、影响重力势能大小的因素、受力分析，难度不大。
12．（4分）（2021•潍坊）充电宝内部主要部件是锂电池，充电宝铭牌上标注了锂电池的电压和容量，民航局规定严禁携带额定能量超过160W•h的充电宝乘机，则电压为3.7V、容量为下列数值的充电宝可以带上飞机的是（ ）
A．10000 mA•h B．40000 mA•h C．50 A•h D．30 A•h
【分析】根据公式W＝UQ的变形计算电池的容量，比较可知正确答案。
【解答】解：由题意可知额定能量超过160W•h的充电宝不能带上飞机，则充电宝的最大容量为：Q＝＝≈43.24A•h＝43240mA•h，凡是小于该容量的都可以带上飞机。
故选：ABD。
【点评】本题考查能量公式W＝UQ的灵活运用，计算比较可知正确答案。
13．（4分）（2021•潍坊）建筑工地上常用的夹砖器（取砖工具）如图甲所示，用它夹住两块相同的砖、竖直提起后静止在空中，此时两夹片与砖面平行，如图乙所示，则（ ）
A．两砖之间无压力
B．两砖之间无摩擦力
C．夹砖器对砖的摩擦力向上
D．夹片对砖的压力越大，砖受到的摩擦力越大
【分析】先对两块砖整体分析，根据力的平衡求出摩擦力的大小；根据二力平衡判定砖受到的摩擦力的变化。
【解答】解：A、用夹子夹住两块相同的砖，两块砖之间存在压力，故A错误；
B、两块砖之间存在压力，两块砖静止，受到竖直向下的重力、夹子对砖竖直向上的摩擦力的作用，两块砖之间没有发生相对运动的趋势，不存在摩擦力，故B正确；
C、对两块砖整体分析，其受力平衡，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力的作用，故C正确；
D、夹片对砖的压力变大，砖受力平衡，摩擦力等于砖的重力，摩擦力保持不变，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了摩擦力的大小和方向、二力平衡条件的应用，难度不大。
14．（4分）（2021•潍坊）某同学利用光具座、透镜、蜡烛、光屏探究凸透镜成像规律，记录物距u、像距v得到的图象如图所示，则（ ）
A．当u＝10cm时，成倒立、等大的像
B．当u＝15cm时，成倒立、放大的像
C．当u＝20cm时，成倒立、放大的像
D．当u＝25cm时，成倒立、缩小的像
【分析】要解决此题，需先根据u＝2f，成倒立、等大的实像，v＝2f，并结合图像判断该凸透镜的焦距；
再根据凸透镜成像的几种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像；u＝2f，成倒立、等大的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＝f，不成像；u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：因为当u＝v＝2f时，凸透镜成倒立、等大的实像，即＝时，凸透镜成倒立、等大的实像，如下图，在图像中找出＝的点，
由图像可知＝＝5.0m﹣1，则u＝v＝2f＝＝0.2m＝20cm，所以f＝10cm，
A、当u＝10cm时，f＝10cm，即u＝f，不成像，故A错误；
B、当u＝15cm时，即2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，故B正确；
C、当u＝20cm时，即u＝2f，成倒立、等大的实像，故C错误；
D、当u＝25cm时，即u＞2f，成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
15．（4分）（2021•潍坊）某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。R1、R2为电热丝，且R2＝3R1，R3为滑动变阻器，R0为热敏电阻（置于电热水器内），R0阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当R0中的电流I≥15mA时，衔铁被吸下，电磁继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A．热水器的加热功率是保温功率的4倍
B．S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C．当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D．若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
【分析】（1）衔铁与上触点接触时工作电路为R1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为R1、R2串联，根据电阻的串联比较两种情况下电路的总电阻关系，电源的电压一定时，根据P＝UI＝可知，工作电路的电阻小，处于加热状态，反之处于保温状态；根据电阻的串联和P＝UI＝求出热水器的加热功率和保温功率的比值即可得出两者的功率关系；
（2）当热水温度设置为55℃时，电路中的电流为15mA，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据图乙读出此时热敏电阻的阻值，电磁继电器线圈电阻不计，利用电阻的串联求出R3连入电路的阻值；
（3）电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，此时控制电路的总电阻不变，根据图乙可知温度越高时热敏电阻的阻值越小，利用电阻的串联可知提高热水设置温度时R3的阻值变化，从而得出滑片移动的方向。
【解答】解：
AB.衔铁与上触点接触时工作电路为R1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为R1、R2串联，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，
所以，衔铁与上触点接触时电路的总电阻小，由P＝UI＝可知，工作电路的总功率大，处于加热状态，
同理可知，衔铁与下触点接触时，处于保温状态，故B错误；
热水器的加热功率和保温功率的比值：
＝＝＝＝＝，即热水器的加热功率是保温功率的4倍，故A正确；
C.当热水温度设置为55℃时，电路中的电流I＝15mA＝0.015A，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，
由I＝可得，电路的总电阻：R总′＝＝＝400Ω，
由图乙可知，此时热敏电阻的阻值R0＝150Ω，
因继电器线圈电阻不计，
所以，R3＝R总′﹣R0＝400Ω﹣150Ω＝250Ω，故C正确；
D.因电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，即此时控制电路的总电阻不变，
所以，若提高热水设置温度（即R0的阻值更小），应增大R3的阻值，则滑片应向右移动，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用等，明白电热水器的工作原理和从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题（本题有2个小题，共5分）
16．（2分）（2021•潍坊）如图所示，一束光斜射入盛有水的容器中，在容器底形成光斑P1。保持光束和容器的位置不变，向容器中缓慢加水，光斑移到P2位置时，请在图中画出此时的折射光线及水面位置。
【分析】折射规律的内容：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
【解答】解：光线从空气中斜射入水中时，折射光线会靠近法线，保持入射光线不变，向容器中缓慢加水，折射点发生了变化，但折射光线的方向不变，即P2位置的折射光线与P1位置的折射光线是平行的，据此做出折射光线，该折射光线与入射光线的交点为折射点，也是水面的位置，如图所示：
【点评】此题主要通过作图考查了学生对光的折射规律的掌握，特别要注意折射角与入射角之间的关系。
17．（3分）（2021•潍坊）在内壁光滑的汽缸内，用重为G的活塞封闭一定质量的气体，把活塞和汽缸按图所示悬挂，静止在空中，图中已标出缸内气体对活塞的作用力F气，请画出活塞所受其它力的示意图。
【分析】活塞处于静止状态，受到的合力为0，对活塞受力分析，然后作出力的示意图。
【解答】解：根据题意可知，活塞处于静止状态，受到的合力为0，活塞受到竖直向下的重力、缸内气体对活塞竖直向上的作用力F气、外界大气对活塞竖直向下的压力F、绳子对活塞竖直向上的拉力F拉的共同作用；这四个力的作用点在活塞的中心上，力的示意图如下：
。
【点评】本题考查了力的示意图的画法，明确活塞的受力情况是解题的关键。
四、科普阅读题（本题有1个小题，共5分）
18．（5分）（2021•潍坊）阅读短文，回答问题：
“长五”助力，“天和”巡天
2021年4月29日，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。长征五号B遥二运载火薪是新一代运载火箭，它使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，液氢温度为﹣253℃，液氧为183℃。在塔架上未起飞前，这些燃料在与外界空气接触时，火箭侧壁会冒出“白雾”，在“点火”口令下达后，重达800多吨的火箭拔地而起，火箭尾部发出又长又亮的蓝白色火焰，约490s后离开视野。将天和核心舱送入预定轨道后，末级火箭与核心舱分离，末级火箭再入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁。
进入预定轨道的天和核心舱使用的是大功率LT﹣100型霍尔电推系统，该设备将太阳能先转化为电能，再将电能转化为机械能。天和核心舱使用的是目前世界上最先进的砷化钾太阳能电池翼，它的光电转换效率高达50%以上，而传统的晶硅电池只有20%左右，此外，砷化钾电池还具有很好的耐温性，在250℃高温下也能正常工作。天和号核心舱目前翼展长是13m，未来将发射升空的“问天”号和“梦天”号两个实验舱的太阳翼单侧翼展将达到30m!到那时，“天宫”号空间站的供电能力将达到100kW。
（1）火箭在塔架上未起飞前，侧壁冒出的“白雾”是由水蒸气 液化 产生的；
（2）末级火箭绝大部分烧蚀销毁过程，火箭的机械能一部分转化 内能 ；
（3）“点火”发射时，使“长五”火箭起飞需要的最小推力大小为 8×106 N；
（4）建成后的“天宫”号空间站，太阳能电池接收太阳能的最大功率为 200 kW。
【分析】（1）空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴；
（2）末级火箭大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，摩擦生热，机械能转化为内能；
（3）要使火箭升空，给它施加的推力至少等于自身的重力，根据G＝mg计算即可；
（4）根据太阳能电池光电转换效率高达50%是指供电能力与接收太阳能的比值是50%。
【解答】解：（1）运载火线使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，当他们与外界空气接触时，空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴，即产生“白雾”；
（2）末级火箭进入入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，在该过程中，与大气剧烈摩擦，火箭的机械能一部分会转化成内能；
（3）火箭的质量为：m＝800t＝8×105kg，则火箭的重力为：G＝mg＝8×105kg×10N/kg＝8×106N，
要使火箭升空，给它施加的推力至少等于自身的重力，即F＝8×106N；
（4）太阳能电池光电转换效率高达50%，供电能力为100kW，
则接受太阳能的最大功率为：P＝＝200kW。
故答案为：（1）液化；（2）内能；（3）8×106；（4）200。
【点评】本题考查了物态变化、能量转化、力的分析及效率公式的应用，是一道综合性较强的题目。
五、实验题（本题有4个小题，共24分）
19．（4分）（2021•潍坊）某同学用身边的器材验证平面镜成像特点，实验操作如下：
①在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖立一透明玻璃板，在白纸上沿透明玻璃板画一条直线；
②取两个相同的矿泉水瓶盖a、b，盖的边缘涂上印泥，在玻璃板一侧放置瓶盖a且用力按一下，观察a在玻璃板中的像。手持瓶盖b移至与a像重合。稍用力按下b记录a像的位置；
③多次改变a的位置，重复步骤②，白纸上得到对应的物、像痕迹。
请回答下列问题：
（1）为保证实验效果，下列操作正确的是 AC
A.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合
B.实验过程中玻璃板底边与直线平行即可
C.玻璃板必须垂直纸面
D.玻璃板可适当倾斜
E.应选用较厚的玻璃板
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，接下来进行的实验操作是 将白纸沿着所画直线对折 。
【分析】（1）在探究平面镜成像特点的实验中，需要控制玻璃板与纸面垂直，这样像才能成在水平面上；为了减小玻璃板的两个反射面成像带来的影响，应选用较薄的玻璃板；
（2）平面镜所成的像关于镜面是对称的。
【解答】解：（1）AB.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合，这样便于测量物距和像距的大小，故A正确，B错误；
CD.为了使蜡烛与前面蜡烛的像完全重合，玻璃板要与纸面垂直，故C正确，D错误；
E.由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像；故实验时应换用较薄的玻璃板，故E错误；
故选AC；
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，可以将白纸沿着所画直线对折，若像与物体重合，则表明物、像关于镜面是对称的。
故答案为：（1）AC；（2）将白纸沿着所画直线对折。
【点评】本题考查了平面镜成像的特点。注意要使平面镜与桌面垂直，这样才能确定出像的位置，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点。
20．（6分）（2021•潍坊）一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
（1）将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音 变小 ；
（2）将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值 变小 ；
（3）将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差 变小 。
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声。、
（2）液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
（3）当水柱上方是真空时，水柱对液面的产生的压强等于大气压；当水柱上方有空气时，水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压。
【解答】解：（1）声音的传播需要介质，真空不能传声。声音在空气中传播时，空气越稀薄，传声效果越差。所以抽走罩内气体后，闹铃的声音会变小。
（2）液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。抽走空气后，水的沸点降低，所以水又开始沸腾并产生大量的水蒸气。水的沸腾需要吸热，这将导致水的内能减少、温度降低。
（3）一般情况下，大气压能支撑的水柱约为10m，而试管的高度远低于10m，所以试管内水柱上方存在空气，此时“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”。将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽气的过程中，管外水面处的气压逐渐降低，由“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”可知，水柱的高度将降低。当管内外气压相等时，管内外水面相平。当管外气压低于管内气压时，管内水面将低于管外水面。当时不论如何抽气，相比于未抽气前，试管内外水面的高度差都小了。
故答案为：（1）变小；（2）变小；（3）变小。
【点评】本题的难点在于第（2）问。若忽略水的沸腾需要吸收热量，可能会得出“不变”的结论。
21．（6分）（2021•潍坊）某同学到海边游玩时捡到一块鹅卵石，他利用身边的细线、弹簧测力计、量杯进行了下列操作：
①用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1。
②量杯中装入海水，记录此时水面刻度为Va。
③将测力计悬挂的石块完全浸没在海水中（不接触杯底且海水不溢出），石块静止时，记录水面刻度值为V，测力计示数为F2。
请回答下列问题（已知重力与物体质量的比值为g）。
（1）鹅卵石的质量为 ，鹅卵石的密度为 。
（2）海水的密度为 。
【分析】（1）用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1，此时G＝F1，由此可求得的鹅卵石的质量；
（2）读出弹簧测力计示数，由称重法计算浮力，由排水法可求得鹅卵石排开水的体积，由ρ＝可求得鹅卵石的密度；
（3）因为石块完全浸没在海水中，V排＝V石，F浮＝ρ海水gV排公式变形可求得海水的密度。
【解答】解：（1）记录测力计示数为F1，此时G＝F1，由G＝mg可得，鹅卵石的质量；
m＝＝；
鹅卵石的体积V石＝V﹣Va，
鹅卵石的密度ρ＝＝＝＝；
（2）鹅卵石在海水中受到的浮力F浮＝G﹣F2＝F1﹣F2，
由F浮＝ρ海水gV排可得，海水的密度为
ρ海水＝＝。
故答案为：（1）；；（2）。
【点评】本题是固体密度测量的实验，主要考查了密度的计算以及称重法计算浮力和阿基米德原理的应用，有一定的难度。
22．（8分）（2021•潍坊）现有下列实验器材：
①额定电压为2.5V的小灯泡；
②电压约为6V的直流电源；
③量程为6V的电压表；
④最大阻值为99.99Ω的电阻箱R；
⑤开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。
要测量小灯泡的额定功率，请将下列实验步骤补充完整。
（1）按电路图甲将图乙所示的实物图连接完整。
（2）先将电阻箱阻值调到 最大 （选填“最大”、“最小”或“任意值”）再闭合开关S1；
（3）将S2掷向a，调节电阻箱阻值，使电压表示数U1＝2.5V，再将S2掷向b，电压表示数U2及电阻箱示数R如图丙所示，U2＝ 5.8 V，R＝ 6.6 Ω，则该小灯泡的额定功率为 1.25 W。
【分析】测量小灯泡电功率的原理是P＝UI，在闭合开关之前，为了保障电路安全，需要将电阻箱的组织调到最大，此时电路中的电流最小。当S2掷向a端时，小灯泡两端的电压为它的额定电压2.5V，此时小灯泡正常发光；当S2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压，即电源电压。可知，只需求出小灯泡的额定电流即可得出小灯泡的额定电压。而小灯泡和电阻箱串联，因此求出电阻箱的电流即为小灯泡的额定电流。最后，根据P＝UI可得出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）按电路图连接实物图如下：
（2）当S2掷向a时，小灯泡正常发光，此时的电压为小灯泡的额定电压，即U额＝2.5V，
当S2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压，
（3）那么电阻箱两端的电压为UR＝5.8V﹣2.5V＝3.3V，
通过电阻箱的电流为IR＝＝＝0.5A，
小灯泡的额定电流I额＝IR＝0.5A，
所以小灯泡的额定功率P额＝I额＝2.5V×0.5A＝1.25W。
故答案为：（1）如上图所示；（2）最大；（3）5.8；6.6；1.25。
【点评】此题的难点在于如何求出小灯泡的额定电流，当然，需要熟练的运用公式
六、计算题（本题有4个小题，共26分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（4分）（2021•潍坊）某同学估算煤气灶烧水时的效率，他在烧水壶中装入V＝2.5L水，烧水前的水为20℃，将水加热至100℃，立即关闭煤气，烧水前、后燃气表的示数变化“△V＝0.105m3”，该同学查得煤气的热值q＝4×107J/m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气灶烧水效率。
【分析】（1）由密度公式变形可求得水的质量，根据Q吸＝c水m△t算出烧开这壶水，水吸收的热量；
（2）根据Q放＝Vq算出煤气燃烧放出的热量；根据η＝×100%算出燃气灶烧水效率。
【解答】解：（1）已知V＝2.5L＝2.5dm3＝2.5×10﹣3m3，
由ρ＝可得，水的质量m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2.5×10﹣3m3＝2.5kg，
烧开这壶水，水吸收的热量为：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2.5kg×（100℃﹣20℃）＝8.4×105J；
（2）煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝△Vq＝0.105m3×4×107J/m3＝4.2×106J，
煤气灶烧水效率为：
η＝×100%＝×100%＝20%。
答：（1）水吸收的热量为8.4×105J；
（2）煤气灶烧水效率为20%。
【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、放热公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型。
24．（5分）（2021•潍坊）楼房装修常用如图所示装置将物料吊运到楼上。已知该装置电动机的额定功率P＝2.2kW，电动机将电能转换为机械能的效率η＝50%，某次吊运过程中将物料匀速提升h＝16m，所用时间t＝40s，求：
（1）电动机拉绳的速度大小，
（2）电动机对绳的拉力大小。
【分析】（1）图中使用滑轮组提升物体，n＝2，则自由端移动的距离s＝2h，知道时间，根据v＝计算电动机拉绳的速度；
（2）根据W＝Pt计算电动机消耗的电能，根据效率公式的变形计算电动机做功，根据做功公式的变形F＝计算电动机对绳的拉力。
【解答】解：（1）图中使用滑轮组提升物体，n＝2，
则自由端移动的距离：s＝2h＝2×16m＝32m，
电动机拉绳的速度：v＝＝＝0.8m/s；
（2）电动机的额定功率P＝2.2kW＝2200W，电动机消耗的电能：W＝Pt＝2200W×40s＝88000J，
电动机做功：W′＝Wη＝88000J×50%＝44000J，
电动机对绳的拉力：F＝＝＝1375N。
答：（1）电动机拉绳的速度大小为0.8m/s；
（2）电动机对绳的拉力大小为1375N。
【点评】本题考查滑轮组的使用、速度公式、做功公式、功率公式、效率公式的灵活运用，属于常考题，难度不大。
25．（8分）（2021•潍坊）某电动三轮车坐垫加热装置的简化电路如图所示，电路中R0、R1、R2均为发热电阻，已知，R1＝3Ω，R2＝9Ω，仅闭合S1时，加热功率P1＝24W；仅闭合S2时，加热功率P2＝12W，求：
（1）电源电压U及R0的电阻值；
（2）该装置的最大加热功率。
【分析】（1）仅闭合S1时，R0、R1串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合电功率公式的变形P＝可表示加热功率P1，仅闭合S2时，R0、R2串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合电功率公式的变形P＝可表示加热功率P2，列出方程可得电源电压U及R0的电阻值；
（2）闭合所有开关，R1、R2并联接入电路，根据并联电路电阻特点结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由P＝UI可知此时电路的总功率最大，电路总功率等于各部分功率之和，根据P＝可进一步计算该装置的最大加热功率。
【解答】解：（1）仅闭合S1时，R0、R1串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，加热功率P1＝＝＝24W﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
仅闭合S2时，R0、R2串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，加热功率P2＝＝＝12W﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②两式联立，解得：R0＝3Ω，U＝12V；
（2）全部开关闭合，R1、R2并联接入电路，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，由欧姆定律可得此时通过电路的电流最大，则电路的总功率最大，
电路总功率等于各部分功率之和，所以该装置的最大加热功率：P＝+＝+＝48W+16W＝64W。
答：（1）电源电压U为12V，R0的电阻值为3Ω；
（2）该装置的最大加热功率为64W。
【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，利用P＝列出方程是解题的关键。。
26．（9分）（2021•潍坊）如图甲所示，原长x0＝16cm的弹簧，下端固定在容器的底部，上端与一正方体相连，正方体重G＝48N，向容器中慢慢注入某种液体，弹簧的长度x随液体深度h的变化关系如图乙所示，正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长。在弹性限度内，弹簧的弹力F与其形变量△x间的关系为F＝k△x，忽略弹簧的质量和体积，g取10N/kg，求
（1）k的值；
（2）正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平时，容器底部所受液体的压强。
【分析】（1）由F＝k△x计算得；
（2）已知正方体的重力，根据m＝求质量；当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：26cm﹣16cm＝10cm，正方体的边长为20cm，正方体体积为V物＝（20cm）3，再由ρ＝计算正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，F浮＝G+F，计算弹簧伸长的长度△x′，从而得出液体的深度，由p＝ρ液gh计算液体压强。
【解答】解：（1）由乙图可知，液体深度h＝0时，弹簧的长度x＝6cm，弹簧压缩的长度：△x＝16cm﹣6cm＝10cm，此时F＝G＝48N，
k＝＝＝4.8N/cm；
（2）正方体的质量：m＝＝＝4.8kg，
当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：26cm﹣16cm＝10cm，正方体的边长为20cm，正方体体积为：V物＝（20cm）3＝8000cm3＝8×10﹣3m3；
正方体的密度：ρ＝＝＝0.6×103kg/m3；
（3）正方体有一半浸没在液体中时，V排＝V物，弹簧恰好处于原长，此时F浮＝G＝48N，由ρ液gV排＝ρ物gV物，ρ液＝2ρ物＝2×0.6×103kg/m3＝1.2×103kg/m3，
正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，此时F′浮＝ρ液gV物＝1.2×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣3m3＝96N，对正方体受力分析得：F′浮＝G+F′，F′＝F′浮﹣G＝96N﹣48N＝48N，弹簧伸长的长度为：△x′＝＝＝10cm，此时弹簧的长度为：16cm+10cm＝26cm，则液体的深度为：26cm+20cm＝46cm＝0.46m；
液体的压强为：p＝ρ液gh＝1.2×103kg/m3×10N/kg×0.46m＝5520Pa。
答：（1）k的值为4.8N/cm；
（2）正方体的密度为：0.6×103kg/m3；
（3）液体的压强为：5520Pa。
【点评】本题考查密度的计算、浮力的计算和液体压强的计算，比较综合，难度较大。
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日期：2021/9/30 14:57:32；用户：周达；邮箱：sjhzxyh13@xyh.com；学号：37802003
2021年山东省潍坊市中考物理试卷
一、单项选择题（本题有10个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）
1．（2分）（2021•潍坊）“节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关闭水龙头，其中用力最小的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
2．（2分）（2021•潍坊）一款塔式多孔插座如图所示，其技术参数为：最大电压250V，最大电流10A，关于该插座的接线和使用方法正确的是（ ）
A．插座通电后可用湿布擦去表面灰尘
B．插座内可以只接火线和零线
C．手机充电器使用后应与插座断开
D．标有“220V 3000W”的电热水器可使用该插座
3．（2分）（2021•潍坊）积极承担家务劳动是中学生应具有的品德。小明同学从超市购买了一箱质量为5kg的鸡蛋，并进行了下列估测，其中最符合事实的是（ ）
A．箱内约有80个鸡蛋
B．一个鸡蛋的直径约为6dm
C．一个鸡蛋重约为5N
D．鸡蛋的密度约为2g/cm3
4．（2分）（2021•潍坊）鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是（ ）
A．鼓静止时对舞台的压强约为400Pa
B．若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
C．响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高
D．鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
5．（2分）（2021•潍坊）为迎接2022年北京冬季奥运会，国家滑雪运动队积极训练。如图所示，某运动员沿斜坡滑下，获得一定速度后进入水平赛道做匀速直线运动，然后从水平赛道末端飞出，飞行一段时间后落到斜坡上，不计空气阻力，关于运动员的说法正确的是（ ）
A．匀速运动过程受力平衡，无惯性
B．飞行过程受力不变，惯性不变
C．飞行过程动能增加，惯性变大
D．飞行过程惯性不变，运动状态不变
6．（2分）（2021•潍坊）传感器在生产生活中有着广泛的应用，一部普通智能手机中就有十几种，传感器能感受声音、图像、压力、磁场等各种信息，压力传感器的核心部件为压敏电阻。某同学设计的压力传感器如图所示，R0为定值电阻，R为压敏电阻且阻值随压力增大而减小，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．压力为0时，电压表示数为0
B．压力变大时，电压表示数变大
C．压力变大时，电压表示数变小
D．压力变大时，电流表示数变小
7．（2分）（2021•潍坊）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮的原子核束缚电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器箔片张开是因为两箔片带了正电荷
D．金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相反
8．（2分）（2021•潍坊）如图所示电路中，开关S断开时，电压表，电流表均无示数；S闭合时，电流表有示数，电压表无示数，电路中仅有一处故障，下列判断正确的是（ ）
A．电阻R1断路 B．电阻R2断路 C．电阻R2短路 D．电阻R3断路
9．（2分）（2021•潍坊）如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块釹铁椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（ ）
A．该过程中机械能转化为电能
B．线框左右两边所受磁场力方向相同
C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动
D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动
10．（2分）（2021•潍坊）体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在（ ）
A．a、c两点的动能相等
B．a点的机械能比d点机械能大
C．a点动能比d点动能大
D．b点的动能最大
二、多项选择题（本题有5个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）
11．（4分）（2021•潍坊）中国首个火星探测器“天问一号”的成功着陆，激发了很多同学的研究兴趣。某同学用无人机模拟火星着陆器的着陆过程，无人机从悬停到竖直下落至地面的v—t图象，如图所示，则无人机（ ）
A．在0﹣1s内不受力
B．在1﹣3s内的重力势能增加
C．在3﹣6s内下落了12m
D．在6﹣7s内做减速运动
12．（4分）（2021•潍坊）充电宝内部主要部件是锂电池，充电宝铭牌上标注了锂电池的电压和容量，民航局规定严禁携带额定能量超过160W•h的充电宝乘机，则电压为3.7V、容量为下列数值的充电宝可以带上飞机的是（ ）
A．10000 mA•h B．40000 mA•h C．50 A•h D．30 A•h
13．（4分）（2021•潍坊）建筑工地上常用的夹砖器（取砖工具）如图甲所示，用它夹住两块相同的砖、竖直提起后静止在空中，此时两夹片与砖面平行，如图乙所示，则（ ）
A．两砖之间无压力
B．两砖之间无摩擦力
C．夹砖器对砖的摩擦力向上
D．夹片对砖的压力越大，砖受到的摩擦力越大
14．（4分）（2021•潍坊）某同学利用光具座、透镜、蜡烛、光屏探究凸透镜成像规律，记录物距u、像距v得到的图象如图所示，则（ ）
A．当u＝10cm时，成倒立、等大的像
B．当u＝15cm时，成倒立、放大的像
C．当u＝20cm时，成倒立、放大的像
D．当u＝25cm时，成倒立、缩小的像
15．（4分）（2021•潍坊）某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。R1、R2为电热丝，且R2＝3R1，R3为滑动变阻器，R0为热敏电阻（置于电热水器内），R0阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当R0中的电流I≥15mA时，衔铁被吸下，电磁继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A．热水器的加热功率是保温功率的4倍
B．S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C．当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D．若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
三、作图题（本题有2个小题，共5分）
16．（2分）（2021•潍坊）如图所示，一束光斜射入盛有水的容器中，在容器底形成光斑P1。保持光束和容器的位置不变，向容器中缓慢加水，光斑移到P2位置时，请在图中画出此时的折射光线及水面位置。
17．（3分）（2021•潍坊）在内壁光滑的汽缸内，用重为G的活塞封闭一定质量的气体，把活塞和汽缸按图所示悬挂，静止在空中，图中已标出缸内气体对活塞的作用力F气，请画出活塞所受其它力的示意图。
四、科普阅读题（本题有1个小题，共5分）
18．（5分）（2021•潍坊）阅读短文，回答问题：
“长五”助力，“天和”巡天
2021年4月29日，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。长征五号B遥二运载火薪是新一代运载火箭，它使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，液氢温度为﹣253℃，液氧为183℃。在塔架上未起飞前，这些燃料在与外界空气接触时，火箭侧壁会冒出“白雾”，在“点火”口令下达后，重达800多吨的火箭拔地而起，火箭尾部发出又长又亮的蓝白色火焰，约490s后离开视野。将天和核心舱送入预定轨道后，末级火箭与核心舱分离，末级火箭再入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁。
进入预定轨道的天和核心舱使用的是大功率LT﹣100型霍尔电推系统，该设备将太阳能先转化为电能，再将电能转化为机械能。天和核心舱使用的是目前世界上最先进的砷化钾太阳能电池翼，它的光电转换效率高达50%以上，而传统的晶硅电池只有20%左右，此外，砷化钾电池还具有很好的耐温性，在250℃高温下也能正常工作。天和号核心舱目前翼展长是13m，未来将发射升空的“问天”号和“梦天”号两个实验舱的太阳翼单侧翼展将达到30m!到那时，“天宫”号空间站的供电能力将达到100kW。
（1）火箭在塔架上未起飞前，侧壁冒出的“白雾”是由水蒸气 产生的；
（2）末级火箭绝大部分烧蚀销毁过程，火箭的机械能一部分转化 ；
（3）“点火”发射时，使“长五”火箭起飞需要的最小推力大小为 N；
（4）建成后的“天宫”号空间站，太阳能电池接收太阳能的最大功率为 kW。
五、实验题（本题有4个小题，共24分）
19．（4分）（2021•潍坊）某同学用身边的器材验证平面镜成像特点，实验操作如下：
①在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖立一透明玻璃板，在白纸上沿透明玻璃板画一条直线；
②取两个相同的矿泉水瓶盖a、b，盖的边缘涂上印泥，在玻璃板一侧放置瓶盖a且用力按一下，观察a在玻璃板中的像。手持瓶盖b移至与a像重合。稍用力按下b记录a像的位置；
③多次改变a的位置，重复步骤②，白纸上得到对应的物、像痕迹。
请回答下列问题：
（1）为保证实验效果，下列操作正确的是
A.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合
B.实验过程中玻璃板底边与直线平行即可
C.玻璃板必须垂直纸面
D.玻璃板可适当倾斜
E.应选用较厚的玻璃板
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，接下来进行的实验操作是 。
20．（6分）（2021•潍坊）一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
（1）将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音 ；
（2）将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值 ；
（3）将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差 。
21．（6分）（2021•潍坊）某同学到海边游玩时捡到一块鹅卵石，他利用身边的细线、弹簧测力计、量杯进行了下列操作：
①用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1。
②量杯中装入海水，记录此时水面刻度为Va。
③将测力计悬挂的石块完全浸没在海水中（不接触杯底且海水不溢出），石块静止时，记录水面刻度值为V，测力计示数为F2。
请回答下列问题（已知重力与物体质量的比值为g）。
（1）鹅卵石的质量为 ，鹅卵石的密度为 。
（2）海水的密度为 。
22．（8分）（2021•潍坊）现有下列实验器材：
①额定电压为2.5V的小灯泡；
②电压约为6V的直流电源；
③量程为6V的电压表；
④最大阻值为99.99Ω的电阻箱R；
⑤开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。
要测量小灯泡的额定功率，请将下列实验步骤补充完整。
（1）按电路图甲将图乙所示的实物图连接完整。
（2）先将电阻箱阻值调到 （选填“最大”、“最小”或“任意值”）再闭合开关S1；
（3）将S2掷向a，调节电阻箱阻值，使电压表示数U1＝2.5V，再将S2掷向b，电压表示数U2及电阻箱示数R如图丙所示，U2＝ V，R＝ Ω，则该小灯泡的额定功率为 W。
六、计算题（本题有4个小题，共26分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（4分）（2021•潍坊）某同学估算煤气灶烧水时的效率，他在烧水壶中装入V＝2.5L水，烧水前的水为20℃，将水加热至100℃，立即关闭煤气，烧水前、后燃气表的示数变化“△V＝0.105m3”，该同学查得煤气的热值q＝4×107J/m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气灶烧水效率。
24．（5分）（2021•潍坊）楼房装修常用如图所示装置将物料吊运到楼上。已知该装置电动机的额定功率P＝2.2kW，电动机将电能转换为机械能的效率η＝50%，某次吊运过程中将物料匀速提升h＝16m，所用时间t＝40s，求：
（1）电动机拉绳的速度大小，
（2）电动机对绳的拉力大小。
25．（8分）（2021•潍坊）某电动三轮车坐垫加热装置的简化电路如图所示，电路中R0、R1、R2均为发热电阻，已知，R1＝3Ω，R2＝9Ω，仅闭合S1时，加热功率P1＝24W；仅闭合S2时，加热功率P2＝12W，求：
（1）电源电压U及R0的电阻值；
（2）该装置的最大加热功率。
26．（9分）（2021•潍坊）如图甲所示，原长x0＝16cm的弹簧，下端固定在容器的底部，上端与一正方体相连，正方体重G＝48N，向容器中慢慢注入某种液体，弹簧的长度x随液体深度h的变化关系如图乙所示，正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长。在弹性限度内，弹簧的弹力F与其形变量△x间的关系为F＝k△x，忽略弹簧的质量和体积，g取10N/kg，求
（1）k的值；
（2）正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平时，容器底部所受液体的压强。
2021年山东省潍坊市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题有10个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分，多选、不选、错选均不得分）
1．（2分）（2021•潍坊）“节约用水，人人有责”，应养成随手关闭水龙头的好习惯。水龙头手柄可视为如图所示杠杆，O为支点，F为阻力，分别用力沿a、b、c、d方向关闭水龙头，其中用力最小的是（ ）
A．a B．b C．c D．d
【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解。
【解答】解：在A点施加动力，当动力的方向与支点和力的作用点的连线垂直时，动力臂最大，此时最省力，即沿b方向用动力最小。
故选：B。
【点评】此题主要考查了学生对杠杆平衡条件的应用，要使动力最小，则力臂应最长，找到动力作用点A到支点O的最长动力臂是解决问题的关键。
2．（2分）（2021•潍坊）一款塔式多孔插座如图所示，其技术参数为：最大电压250V，最大电流10A，关于该插座的接线和使用方法正确的是（ ）
A．插座通电后可用湿布擦去表面灰尘
B．插座内可以只接火线和零线
C．手机充电器使用后应与插座断开
D．标有“220V 3000W”的电热水器可使用该插座
【分析】（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（2）大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地；
（3）为了安全，手机充电器使用后要拔离插座；
（4）不能在插线排上同时使用大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。
【解答】解：A、湿抹布是导体，用湿布擦通电的插座时，容易发生触电，故不能用湿抹布擦灰尘，故A错误；
B、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，可防止金属外壳漏电时发生触电事故，所以插座内除了接火线和零线外，还要接地线，故B错误；
C、为了安全，手机充电器使用后要拔离插座，故C正确；
D、标有“220V 3000W”的电热水器属于大功率用电器，正常工作时的电流I＝＝≈13.6A＞10A，应该使用专用插座；若使用多孔插座，容易因电路中电流过大，引起火灾，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了安全用电的要求，我们在生活中要严格遵守安全用电原则，预防发生危险。
3．（2分）（2021•潍坊）积极承担家务劳动是中学生应具有的品德。小明同学从超市购买了一箱质量为5kg的鸡蛋，并进行了下列估测，其中最符合事实的是（ ）
A．箱内约有80个鸡蛋
B．一个鸡蛋的直径约为6dm
C．一个鸡蛋重约为5N
D．鸡蛋的密度约为2g/cm3
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一箱质量为5kg的鸡蛋，一个鸡蛋的质量约60g，所以鸡蛋的个数约为83个，故A正确；
B、一个蛋的直径约为6cm，故B错误；
C、一个鸡蛋重约为0.6N，故C错误；
D、水的密度是1.0×103kg/m3，鸡蛋密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4．（2分）（2021•潍坊）鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是（ ）
A．鼓静止时对舞台的压强约为400Pa
B．若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
C．响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高
D．鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
【分析】（1）根据压强公式估算其对舞台的压强；
（2）根据压强公式分析侧立时鼓对舞台的压强变化；
（3）音调与频率高低有关，响度与振幅有关；
（4）余音缭绕是声音的反射造成的回声现象。
【解答】解：A、鼓平放时，对舞台的压力为：F＝G＝mg＝32kg×10N/kg＝320N，受力面积为：S＝πr2＝3.14×(0.5m)2＝0.785m2，
鼓对舞台的压强为：，故A正确；
B、由压强公式可知：鼓侧立，鼓对舞台的压力不变，受力面积变小，则压强变大，故B错误；
C、敲鼓时，用力越大，鼓面的振幅越大，鼓声的响度就越大，而音调随振动频率增大而升高，故C错误；
D、余音缭绕是声音的反射造成的回声现象，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查压强公式的应用以及声音特征的基础知识，难度不大。
5．（2分）（2021•潍坊）为迎接2022年北京冬季奥运会，国家滑雪运动队积极训练。如图所示，某运动员沿斜坡滑下，获得一定速度后进入水平赛道做匀速直线运动，然后从水平赛道末端飞出，飞行一段时间后落到斜坡上，不计空气阻力，关于运动员的说法正确的是（ ）
A．匀速运动过程受力平衡，无惯性
B．飞行过程受力不变，惯性不变
C．飞行过程动能增加，惯性变大
D．飞行过程惯性不变，运动状态不变
【分析】（1）惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性；惯性大小只与物体的质量有关，质量不变时，惯性不变。
（2）物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，不受力或受平衡力的作用；
（3）影响动能大小的因素是质量和速度。
【解答】解：
A、运动员匀速运动过程（即在水平赛道上做匀速直线运动），处于平衡状态，则运动员受力平衡；因一切物体都具有惯性，所以此时运动员仍然有惯性，故A错误；
BCD、惯性大小只与物体的质量有关，运动员飞行过程中，其质量不变，则惯性不变；
不计空气阻力，运动员飞行过程中只受到重力作用，即受力不变，故B正确；
运动员飞行过程中质量不变，因速度变大，则动能变大，故C错误；
运动员飞行过程中，其运动方向和速度大小不断改变，所以运动员的运动状态发生改变，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了对惯性大小、平衡状态以及影响动能大小的因素的理解，涉及的知识点较多，但难度不大。
6．（2分）（2021•潍坊）传感器在生产生活中有着广泛的应用，一部普通智能手机中就有十几种，传感器能感受声音、图像、压力、磁场等各种信息，压力传感器的核心部件为压敏电阻。某同学设计的压力传感器如图所示，R0为定值电阻，R为压敏电阻且阻值随压力增大而减小，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．压力为0时，电压表示数为0
B．压力变大时，电压表示数变大
C．压力变大时，电压表示数变小
D．压力变大时，电流表示数变小
【分析】由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零，根据串联电路的分压特点可知R两端的电压是否为0，从而得出电压表的示数是否为0；
（2）根据压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时R的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，从而得出电压表示数的变化。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R0和压敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力为0时，R的阻值不为零，
由串联电路的分压特点可知，R两端的电压不为0，即电压表的示数不为0，故A错误；
BCD.由压敏电阻R的阻值随压力增大而减小可知，压力变大时，R的阻值减小，电路的总电阻减小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故D错误；
由U＝IR可知，R0两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误、C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
7．（2分）（2021•潍坊）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．毛皮的原子核束缚电子的能力比橡胶棒强
B．摩擦过程中毛皮上的电子转移到橡胶棒上
C．验电器箔片张开是因为两箔片带了正电荷
D．金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相反
【分析】（1）摩擦可以使物体带电，其实质是电子发生了转移；
（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。
【解答】解：AB、用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电，故A错误，B正确；
CD、验电器的金属箔片由于带同种电荷相互排斥而张开，金属球上的电荷与两箔片上的电荷电性相同，故CD错误。
故选：B。
【点评】知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
8．（2分）（2021•潍坊）如图所示电路中，开关S断开时，电压表，电流表均无示数；S闭合时，电流表有示数，电压表无示数，电路中仅有一处故障，下列判断正确的是（ ）
A．电阻R1断路 B．电阻R2断路 C．电阻R2短路 D．电阻R3断路
【分析】电路故障有两种：断路和短路，根据电流表、电压表的示数分析故障的原因。
【解答】解：开关S断开时，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；电流表无示数，说明电路出现了断路现象；电压表无示数，说明电压表与电源之间是断开的，所以故障可能是R3断路或R1断路；
S闭合时，只有R1接入电路中，电流表测量电路中的电流，有示数，说明R1是通路，电压表被短路，电压表无示数，所以故障是电阻R3断路。
故选：D。
【点评】电路故障短路和断路的判断，短路时电路中有电流，断路时电路中无电流。特别是电压表所测的用电器断路，电压表与电路串联。要会辨别不同故障所出现的不同情况。
9．（2分）（2021•潍坊）如图所示是某同学自制的玩具电动机，一块釹铁椭圆形磁铁吸在干电池底部，将一段裸露的铜线折成矩形线框，上边与电池正极接触，下边搭接在磁铁上，观察到线框顺时针转动，则（ ）
A．该过程中机械能转化为电能
B．线框左右两边所受磁场力方向相同
C．若仅调换电池两极，线框将逆时针转动
D．若仅调换磁铁两极，线框仍顺时针转动
【分析】（1）电动机在工作的过程中会消耗电能；
（2）（3）（4）通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向、电流的方向有关。
【解答】解：
A、玩具电动机在通电后会消耗电能，电能转化为机械能，故A错误；
B、线框左右两边导线的电流的方向相同，磁场的方向不同，所以受到的磁场力方向不相同，故B错误；
C、若仅调换电池两极，磁场的方向不变，电流的方向改变，则磁场力的方向改变，线框将逆时针转动，故C正确；
D、若仅调换磁铁两极，磁场的方向改变，电流方向不变，线框将逆时针转动，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了能量的转化、影响通电导体在磁场中所受磁场力方向的因素，难度不大。
10．（2分）（2021•潍坊）体育课上小明同学进行传接篮球训练，他将球斜向上抛出，球的运动轨迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点，其中a、c两点高度相同，不计空气阻力，则篮球在（ ）
A．a、c两点的动能相等
B．a点的机械能比d点机械能大
C．a点动能比d点动能大
D．b点的动能最大
【分析】（1）动能大小跟质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（2）不计空气阻力，篮球在运动过程中机械能保持不变；篮球在空中运动时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，则机械能等于动能与重力势能之和；据此解答。
【解答】解：A、a点的高度与c点的高度相同，重力势能相等，因机械能守恒，故a点的动能与c点的动能相等，故A正确；
B、不计空气阻力，篮球从a到d的过程中，只有的动能和势能转化，故篮球的机械能守恒，篮球在a、b、c、d各点的机械能相等，故B错误；
C、a点的高度比d点的高度高，故a点的重力势能大，因机械能守恒，故a点的动能比d点的动能小，故C错误；
D、a、b、c、d各点中，b点的高度最高，故b点的重力势能最大，因机械能守恒，故b点的动能最小，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和重力势能大小的影响因素，关键要知道：在不计空气阻力的情况下，篮球的机械能是守恒的。
二、多项选择题（本题有5个小题，共20分。每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）
11．（4分）（2021•潍坊）中国首个火星探测器“天问一号”的成功着陆，激发了很多同学的研究兴趣。某同学用无人机模拟火星着陆器的着陆过程，无人机从悬停到竖直下落至地面的v—t图象，如图所示，则无人机（ ）
A．在0﹣1s内不受力
B．在1﹣3s内的重力势能增加
C．在3﹣6s内下落了12m
D．在6﹣7s内做减速运动
【分析】（1）无人机悬停时受力平衡；
（2）重力势能的大小与质量和高度有关；
（3）根据图像得出在3﹣6s内无人机下落的速度，根据速度公式求出该过程中通过的路程；
（4）根据图像分析在6﹣7s内无人机的速度变化。
【解答】解：
A、由图像可知，在0﹣1s内无人机的速度为0，处于悬停状态，此时无人机受到竖直向下的重力、竖直向上的升力的作用，且二力平衡，故A错误；
B、在1﹣3s内无人机下落过程中，高度变小，质量不变，其重力势能变小，故B错误；
C、由图像可知在3﹣6s内无人机匀速下落的速度为4m/s，运动的时间为3s，
则无人机下落的高度为：h＝vt＝4m/s×3s＝12m，故C正确；
D、由图像可知，在6﹣7s内无人机的速度变小，即在做减速运动，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了对v﹣t图像的分析、速度公式的应用、影响重力势能大小的因素、受力分析，难度不大。
12．（4分）（2021•潍坊）充电宝内部主要部件是锂电池，充电宝铭牌上标注了锂电池的电压和容量，民航局规定严禁携带额定能量超过160W•h的充电宝乘机，则电压为3.7V、容量为下列数值的充电宝可以带上飞机的是（ ）
A．10000 mA•h B．40000 mA•h C．50 A•h D．30 A•h
【分析】根据公式W＝UQ的变形计算电池的容量，比较可知正确答案。
【解答】解：由题意可知额定能量超过160W•h的充电宝不能带上飞机，则充电宝的最大容量为：Q＝＝≈43.24A•h＝43240mA•h，凡是小于该容量的都可以带上飞机。
故选：ABD。
【点评】本题考查能量公式W＝UQ的灵活运用，计算比较可知正确答案。
13．（4分）（2021•潍坊）建筑工地上常用的夹砖器（取砖工具）如图甲所示，用它夹住两块相同的砖、竖直提起后静止在空中，此时两夹片与砖面平行，如图乙所示，则（ ）
A．两砖之间无压力
B．两砖之间无摩擦力
C．夹砖器对砖的摩擦力向上
D．夹片对砖的压力越大，砖受到的摩擦力越大
【分析】先对两块砖整体分析，根据力的平衡求出摩擦力的大小；根据二力平衡判定砖受到的摩擦力的变化。
【解答】解：A、用夹子夹住两块相同的砖，两块砖之间存在压力，故A错误；
B、两块砖之间存在压力，两块砖静止，受到竖直向下的重力、夹子对砖竖直向上的摩擦力的作用，两块砖之间没有发生相对运动的趋势，不存在摩擦力，故B正确；
C、对两块砖整体分析，其受力平衡，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力的作用，故C正确；
D、夹片对砖的压力变大，砖受力平衡，摩擦力等于砖的重力，摩擦力保持不变，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了摩擦力的大小和方向、二力平衡条件的应用，难度不大。
14．（4分）（2021•潍坊）某同学利用光具座、透镜、蜡烛、光屏探究凸透镜成像规律，记录物距u、像距v得到的图象如图所示，则（ ）
A．当u＝10cm时，成倒立、等大的像
B．当u＝15cm时，成倒立、放大的像
C．当u＝20cm时，成倒立、放大的像
D．当u＝25cm时，成倒立、缩小的像
【分析】要解决此题，需先根据u＝2f，成倒立、等大的实像，v＝2f，并结合图像判断该凸透镜的焦距；
再根据凸透镜成像的几种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像；u＝2f，成倒立、等大的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＝f，不成像；u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：因为当u＝v＝2f时，凸透镜成倒立、等大的实像，即＝时，凸透镜成倒立、等大的实像，如下图，在图像中找出＝的点，
由图像可知＝＝5.0m﹣1，则u＝v＝2f＝＝0.2m＝20cm，所以f＝10cm，
A、当u＝10cm时，f＝10cm，即u＝f，不成像，故A错误；
B、当u＝15cm时，即2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，故B正确；
C、当u＝20cm时，即u＝2f，成倒立、等大的实像，故C错误；
D、当u＝25cm时，即u＞2f，成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
15．（4分）（2021•潍坊）某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。R1、R2为电热丝，且R2＝3R1，R3为滑动变阻器，R0为热敏电阻（置于电热水器内），R0阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当R0中的电流I≥15mA时，衔铁被吸下，电磁继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A．热水器的加热功率是保温功率的4倍
B．S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C．当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D．若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
【分析】（1）衔铁与上触点接触时工作电路为R1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为R1、R2串联，根据电阻的串联比较两种情况下电路的总电阻关系，电源的电压一定时，根据P＝UI＝可知，工作电路的电阻小，处于加热状态，反之处于保温状态；根据电阻的串联和P＝UI＝求出热水器的加热功率和保温功率的比值即可得出两者的功率关系；
（2）当热水温度设置为55℃时，电路中的电流为15mA，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据图乙读出此时热敏电阻的阻值，电磁继电器线圈电阻不计，利用电阻的串联求出R3连入电路的阻值；
（3）电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，此时控制电路的总电阻不变，根据图乙可知温度越高时热敏电阻的阻值越小，利用电阻的串联可知提高热水设置温度时R3的阻值变化，从而得出滑片移动的方向。
【解答】解：
AB.衔铁与上触点接触时工作电路为R1的简单电路，衔铁与下触点接触时工作电路为R1、R2串联，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，
所以，衔铁与上触点接触时电路的总电阻小，由P＝UI＝可知，工作电路的总功率大，处于加热状态，
同理可知，衔铁与下触点接触时，处于保温状态，故B错误；
热水器的加热功率和保温功率的比值：
＝＝＝＝＝，即热水器的加热功率是保温功率的4倍，故A正确；
C.当热水温度设置为55℃时，电路中的电流I＝15mA＝0.015A，此时衔铁被吸下，工作电路处于保温状态，
由I＝可得，电路的总电阻：R总′＝＝＝400Ω，
由图乙可知，此时热敏电阻的阻值R0＝150Ω，
因继电器线圈电阻不计，
所以，R3＝R总′﹣R0＝400Ω﹣150Ω＝250Ω，故C正确；
D.因电磁铁被吸下时控制电路的电流为15mA不变，即此时控制电路的总电阻不变，
所以，若提高热水设置温度（即R0的阻值更小），应增大R3的阻值，则滑片应向右移动，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用等，明白电热水器的工作原理和从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题（本题有2个小题，共5分）
16．（2分）（2021•潍坊）如图所示，一束光斜射入盛有水的容器中，在容器底形成光斑P1。保持光束和容器的位置不变，向容器中缓慢加水，光斑移到P2位置时，请在图中画出此时的折射光线及水面位置。
【分析】折射规律的内容：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
【解答】解：光线从空气中斜射入水中时，折射光线会靠近法线，保持入射光线不变，向容器中缓慢加水，折射点发生了变化，但折射光线的方向不变，即P2位置的折射光线与P1位置的折射光线是平行的，据此做出折射光线，该折射光线与入射光线的交点为折射点，也是水面的位置，如图所示：
【点评】此题主要通过作图考查了学生对光的折射规律的掌握，特别要注意折射角与入射角之间的关系。
17．（3分）（2021•潍坊）在内壁光滑的汽缸内，用重为G的活塞封闭一定质量的气体，把活塞和汽缸按图所示悬挂，静止在空中，图中已标出缸内气体对活塞的作用力F气，请画出活塞所受其它力的示意图。
【分析】活塞处于静止状态，受到的合力为0，对活塞受力分析，然后作出力的示意图。
【解答】解：根据题意可知，活塞处于静止状态，受到的合力为0，活塞受到竖直向下的重力、缸内气体对活塞竖直向上的作用力F气、外界大气对活塞竖直向下的压力F、绳子对活塞竖直向上的拉力F拉的共同作用；这四个力的作用点在活塞的中心上，力的示意图如下：
。
【点评】本题考查了力的示意图的画法，明确活塞的受力情况是解题的关键。
四、科普阅读题（本题有1个小题，共5分）
18．（5分）（2021•潍坊）阅读短文，回答问题：
“长五”助力，“天和”巡天
2021年4月29日，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。长征五号B遥二运载火薪是新一代运载火箭，它使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，液氢温度为﹣253℃，液氧为183℃。在塔架上未起飞前，这些燃料在与外界空气接触时，火箭侧壁会冒出“白雾”，在“点火”口令下达后，重达800多吨的火箭拔地而起，火箭尾部发出又长又亮的蓝白色火焰，约490s后离开视野。将天和核心舱送入预定轨道后，末级火箭与核心舱分离，末级火箭再入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁。
进入预定轨道的天和核心舱使用的是大功率LT﹣100型霍尔电推系统，该设备将太阳能先转化为电能，再将电能转化为机械能。天和核心舱使用的是目前世界上最先进的砷化钾太阳能电池翼，它的光电转换效率高达50%以上，而传统的晶硅电池只有20%左右，此外，砷化钾电池还具有很好的耐温性，在250℃高温下也能正常工作。天和号核心舱目前翼展长是13m，未来将发射升空的“问天”号和“梦天”号两个实验舱的太阳翼单侧翼展将达到30m!到那时，“天宫”号空间站的供电能力将达到100kW。
（1）火箭在塔架上未起飞前，侧壁冒出的“白雾”是由水蒸气 液化 产生的；
（2）末级火箭绝大部分烧蚀销毁过程，火箭的机械能一部分转化 内能 ；
（3）“点火”发射时，使“长五”火箭起飞需要的最小推力大小为 8×106 N；
（4）建成后的“天宫”号空间站，太阳能电池接收太阳能的最大功率为 200 kW。
【分析】（1）空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴；
（2）末级火箭大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，摩擦生热，机械能转化为内能；
（3）要使火箭升空，给它施加的推力至少等于自身的重力，根据G＝mg计算即可；
（4）根据太阳能电池光电转换效率高达50%是指供电能力与接收太阳能的比值是50%。
【解答】解：（1）运载火线使用的是冷藏液氢、液氧低温燃料，当他们与外界空气接触时，空气中的水蒸气遇冷会液化成小水滴，即产生“白雾”；
（2）末级火箭进入入大气层，与大气剧烈摩擦使火箭绝大部分烧蚀销毁，在该过程中，与大气剧烈摩擦，火箭的机械能一部分会转化成内能；
（3）火箭的质量为：m＝800t＝8×105kg，则火箭的重力为：G＝mg＝8×105kg×10N/kg＝8×106N，
要使火箭升空，给它施加的推力至少等于自身的重力，即F＝8×106N；
（4）太阳能电池光电转换效率高达50%，供电能力为100kW，
则接受太阳能的最大功率为：P＝＝200kW。
故答案为：（1）液化；（2）内能；（3）8×106；（4）200。
【点评】本题考查了物态变化、能量转化、力的分析及效率公式的应用，是一道综合性较强的题目。
五、实验题（本题有4个小题，共24分）
19．（4分）（2021•潍坊）某同学用身边的器材验证平面镜成像特点，实验操作如下：
①在水平桌面上铺一张白纸，在白纸上竖立一透明玻璃板，在白纸上沿透明玻璃板画一条直线；
②取两个相同的矿泉水瓶盖a、b，盖的边缘涂上印泥，在玻璃板一侧放置瓶盖a且用力按一下，观察a在玻璃板中的像。手持瓶盖b移至与a像重合。稍用力按下b记录a像的位置；
③多次改变a的位置，重复步骤②，白纸上得到对应的物、像痕迹。
请回答下列问题：
（1）为保证实验效果，下列操作正确的是 AC
A.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合
B.实验过程中玻璃板底边与直线平行即可
C.玻璃板必须垂直纸面
D.玻璃板可适当倾斜
E.应选用较厚的玻璃板
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，接下来进行的实验操作是 将白纸沿着所画直线对折 。
【分析】（1）在探究平面镜成像特点的实验中，需要控制玻璃板与纸面垂直，这样像才能成在水平面上；为了减小玻璃板的两个反射面成像带来的影响，应选用较薄的玻璃板；
（2）平面镜所成的像关于镜面是对称的。
【解答】解：（1）AB.实验过程中玻璃板底边必须与所画直线重合，这样便于测量物距和像距的大小，故A正确，B错误；
CD.为了使蜡烛与前面蜡烛的像完全重合，玻璃板要与纸面垂直，故C正确，D错误；
E.由于像是由光的反射形成的，而普通玻璃的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像；故实验时应换用较薄的玻璃板，故E错误；
故选AC；
（2）若不使用直尺和三角板，要验证物、像是否对称，可以将白纸沿着所画直线对折，若像与物体重合，则表明物、像关于镜面是对称的。
故答案为：（1）AC；（2）将白纸沿着所画直线对折。
【点评】本题考查了平面镜成像的特点。注意要使平面镜与桌面垂直，这样才能确定出像的位置，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点。
20．（6分）（2021•潍坊）一同学从实验室借来带密封条的玻璃罩、抽气泵等器材，分别进行了下列探究，请你根据观察到的实验现象，选择“变大”、“变小”或“不变”填入空格中。
（1）将图甲所示正在响铃的闹钟放入玻璃罩内，抽走罩内气体，闹铃的声音 变小 ；
（2）将图乙所示盛有少量热水的烧杯放入玻璃罩内，抽走罩内气体，杯内的水沸腾，杯内水的温度值 变小 ；
（3）将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽走罩内气体，试管内外水面的高度差 变小 。
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声。、
（2）液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
（3）当水柱上方是真空时，水柱对液面的产生的压强等于大气压；当水柱上方有空气时，水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压。
【解答】解：（1）声音的传播需要介质，真空不能传声。声音在空气中传播时，空气越稀薄，传声效果越差。所以抽走罩内气体后，闹铃的声音会变小。
（2）液体的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。抽走空气后，水的沸点降低，所以水又开始沸腾并产生大量的水蒸气。水的沸腾需要吸热，这将导致水的内能减少、温度降低。
（3）一般情况下，大气压能支撑的水柱约为10m，而试管的高度远低于10m，所以试管内水柱上方存在空气，此时“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”。将图丙所示的装置放入玻璃罩内，抽气的过程中，管外水面处的气压逐渐降低，由“水柱上方的空气产生的气压与水柱对液面的压强之和等于大气压”可知，水柱的高度将降低。当管内外气压相等时，管内外水面相平。当管外气压低于管内气压时，管内水面将低于管外水面。当时不论如何抽气，相比于未抽气前，试管内外水面的高度差都小了。
故答案为：（1）变小；（2）变小；（3）变小。
【点评】本题的难点在于第（2）问。若忽略水的沸腾需要吸收热量，可能会得出“不变”的结论。
21．（6分）（2021•潍坊）某同学到海边游玩时捡到一块鹅卵石，他利用身边的细线、弹簧测力计、量杯进行了下列操作：
①用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1。
②量杯中装入海水，记录此时水面刻度为Va。
③将测力计悬挂的石块完全浸没在海水中（不接触杯底且海水不溢出），石块静止时，记录水面刻度值为V，测力计示数为F2。
请回答下列问题（已知重力与物体质量的比值为g）。
（1）鹅卵石的质量为 ，鹅卵石的密度为 。
（2）海水的密度为 。
【分析】（1）用细线系住石块，悬挂在测力计下，记录测力计示数为F1，此时G＝F1，由此可求得的鹅卵石的质量；
（2）读出弹簧测力计示数，由称重法计算浮力，由排水法可求得鹅卵石排开水的体积，由ρ＝可求得鹅卵石的密度；
（3）因为石块完全浸没在海水中，V排＝V石，F浮＝ρ海水gV排公式变形可求得海水的密度。
【解答】解：（1）记录测力计示数为F1，此时G＝F1，由G＝mg可得，鹅卵石的质量；
m＝＝；
鹅卵石的体积V石＝V﹣Va，
鹅卵石的密度ρ＝＝＝＝；
（2）鹅卵石在海水中受到的浮力F浮＝G﹣F2＝F1﹣F2，
由F浮＝ρ海水gV排可得，海水的密度为
ρ海水＝＝。
故答案为：（1）；；（2）。
【点评】本题是固体密度测量的实验，主要考查了密度的计算以及称重法计算浮力和阿基米德原理的应用，有一定的难度。
22．（8分）（2021•潍坊）现有下列实验器材：
①额定电压为2.5V的小灯泡；
②电压约为6V的直流电源；
③量程为6V的电压表；
④最大阻值为99.99Ω的电阻箱R；
⑤开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。
要测量小灯泡的额定功率，请将下列实验步骤补充完整。
（1）按电路图甲将图乙所示的实物图连接完整。
（2）先将电阻箱阻值调到 最大 （选填“最大”、“最小”或“任意值”）再闭合开关S1；
（3）将S2掷向a，调节电阻箱阻值，使电压表示数U1＝2.5V，再将S2掷向b，电压表示数U2及电阻箱示数R如图丙所示，U2＝ 5.8 V，R＝ 6.6 Ω，则该小灯泡的额定功率为 1.25 W。
【分析】测量小灯泡电功率的原理是P＝UI，在闭合开关之前，为了保障电路安全，需要将电阻箱的组织调到最大，此时电路中的电流最小。当S2掷向a端时，小灯泡两端的电压为它的额定电压2.5V，此时小灯泡正常发光；当S2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压，即电源电压。可知，只需求出小灯泡的额定电流即可得出小灯泡的额定电压。而小灯泡和电阻箱串联，因此求出电阻箱的电流即为小灯泡的额定电流。最后，根据P＝UI可得出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）按电路图连接实物图如下：
（2）当S2掷向a时，小灯泡正常发光，此时的电压为小灯泡的额定电压，即U额＝2.5V，
当S2掷向b端时，小灯泡仍然正常发光，此时小灯泡和电阻箱串联，电压表测灯泡和电阻箱两端的电压，
（3）那么电阻箱两端的电压为UR＝5.8V﹣2.5V＝3.3V，
通过电阻箱的电流为IR＝＝＝0.5A，
小灯泡的额定电流I额＝IR＝0.5A，
所以小灯泡的额定功率P额＝I额＝2.5V×0.5A＝1.25W。
故答案为：（1）如上图所示；（2）最大；（3）5.8；6.6；1.25。
【点评】此题的难点在于如何求出小灯泡的额定电流，当然，需要熟练的运用公式
六、计算题（本题有4个小题，共26分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（4分）（2021•潍坊）某同学估算煤气灶烧水时的效率，他在烧水壶中装入V＝2.5L水，烧水前的水为20℃，将水加热至100℃，立即关闭煤气，烧水前、后燃气表的示数变化“△V＝0.105m3”，该同学查得煤气的热值q＝4×107J/m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气灶烧水效率。
【分析】（1）由密度公式变形可求得水的质量，根据Q吸＝c水m△t算出烧开这壶水，水吸收的热量；
（2）根据Q放＝Vq算出煤气燃烧放出的热量；根据η＝×100%算出燃气灶烧水效率。
【解答】解：（1）已知V＝2.5L＝2.5dm3＝2.5×10﹣3m3，
由ρ＝可得，水的质量m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2.5×10﹣3m3＝2.5kg，
烧开这壶水，水吸收的热量为：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2.5kg×（100℃﹣20℃）＝8.4×105J；
（2）煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝△Vq＝0.105m3×4×107J/m3＝4.2×106J，
煤气灶烧水效率为：
η＝×100%＝×100%＝20%。
答：（1）水吸收的热量为8.4×105J；
（2）煤气灶烧水效率为20%。
【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、放热公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型。
24．（5分）（2021•潍坊）楼房装修常用如图所示装置将物料吊运到楼上。已知该装置电动机的额定功率P＝2.2kW，电动机将电能转换为机械能的效率η＝50%，某次吊运过程中将物料匀速提升h＝16m，所用时间t＝40s，求：
（1）电动机拉绳的速度大小，
（2）电动机对绳的拉力大小。
【分析】（1）图中使用滑轮组提升物体，n＝2，则自由端移动的距离s＝2h，知道时间，根据v＝计算电动机拉绳的速度；
（2）根据W＝Pt计算电动机消耗的电能，根据效率公式的变形计算电动机做功，根据做功公式的变形F＝计算电动机对绳的拉力。
【解答】解：（1）图中使用滑轮组提升物体，n＝2，
则自由端移动的距离：s＝2h＝2×16m＝32m，
电动机拉绳的速度：v＝＝＝0.8m/s；
（2）电动机的额定功率P＝2.2kW＝2200W，电动机消耗的电能：W＝Pt＝2200W×40s＝88000J，
电动机做功：W′＝Wη＝88000J×50%＝44000J，
电动机对绳的拉力：F＝＝＝1375N。
答：（1）电动机拉绳的速度大小为0.8m/s；
（2）电动机对绳的拉力大小为1375N。
【点评】本题考查滑轮组的使用、速度公式、做功公式、功率公式、效率公式的灵活运用，属于常考题，难度不大。
25．（8分）（2021•潍坊）某电动三轮车坐垫加热装置的简化电路如图所示，电路中R0、R1、R2均为发热电阻，已知，R1＝3Ω，R2＝9Ω，仅闭合S1时，加热功率P1＝24W；仅闭合S2时，加热功率P2＝12W，求：
（1）电源电压U及R0的电阻值；
（2）该装置的最大加热功率。
【分析】（1）仅闭合S1时，R0、R1串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合电功率公式的变形P＝可表示加热功率P1，仅闭合S2时，R0、R2串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合电功率公式的变形P＝可表示加热功率P2，列出方程可得电源电压U及R0的电阻值；
（2）闭合所有开关，R1、R2并联接入电路，根据并联电路电阻特点结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由P＝UI可知此时电路的总功率最大，电路总功率等于各部分功率之和，根据P＝可进一步计算该装置的最大加热功率。
【解答】解：（1）仅闭合S1时，R0、R1串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，加热功率P1＝＝＝24W﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
仅闭合S2时，R0、R2串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，加热功率P2＝＝＝12W﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②两式联立，解得：R0＝3Ω，U＝12V；
（2）全部开关闭合，R1、R2并联接入电路，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，由欧姆定律可得此时通过电路的电流最大，则电路的总功率最大，
电路总功率等于各部分功率之和，所以该装置的最大加热功率：P＝+＝+＝48W+16W＝64W。
答：（1）电源电压U为12V，R0的电阻值为3Ω；
（2）该装置的最大加热功率为64W。
【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，利用P＝列出方程是解题的关键。。
26．（9分）（2021•潍坊）如图甲所示，原长x0＝16cm的弹簧，下端固定在容器的底部，上端与一正方体相连，正方体重G＝48N，向容器中慢慢注入某种液体，弹簧的长度x随液体深度h的变化关系如图乙所示，正方体有一半浸没在液体中时，弹簧恰好处于原长。在弹性限度内，弹簧的弹力F与其形变量△x间的关系为F＝k△x，忽略弹簧的质量和体积，g取10N/kg，求
（1）k的值；
（2）正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平时，容器底部所受液体的压强。
【分析】（1）由F＝k△x计算得；
（2）已知正方体的重力，根据m＝求质量；当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：26cm﹣16cm＝10cm，正方体的边长为20cm，正方体体积为V物＝（20cm）3，再由ρ＝计算正方体的密度；
（3）正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，F浮＝G+F，计算弹簧伸长的长度△x′，从而得出液体的深度，由p＝ρ液gh计算液体压强。
【解答】解：（1）由乙图可知，液体深度h＝0时，弹簧的长度x＝6cm，弹簧压缩的长度：△x＝16cm﹣6cm＝10cm，此时F＝G＝48N，
k＝＝＝4.8N/cm；
（2）正方体的质量：m＝＝＝4.8kg，
当水深为26cm时，弹簧长度为16cm，正方体浸入水中的深度为：26cm﹣16cm＝10cm，正方体的边长为20cm，正方体体积为：V物＝（20cm）3＝8000cm3＝8×10﹣3m3；
正方体的密度：ρ＝＝＝0.6×103kg/m3；
（3）正方体有一半浸没在液体中时，V排＝V物，弹簧恰好处于原长，此时F浮＝G＝48N，由ρ液gV排＝ρ物gV物，ρ液＝2ρ物＝2×0.6×103kg/m3＝1.2×103kg/m3，
正方体上表面刚好与液面相平，正方体全部浸没在水中，此时F′浮＝ρ液gV物＝1.2×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣3m3＝96N，对正方体受力分析得：F′浮＝G+F′，F′＝F′浮﹣G＝96N﹣48N＝48N，弹簧伸长的长度为：△x′＝＝＝10cm，此时弹簧的长度为：16cm+10cm＝26cm，则液体的深度为：26cm+20cm＝46cm＝0.46m；
液体的压强为：p＝ρ液gh＝1.2×103kg/m3×10N/kg×0.46m＝5520Pa。
答：（1）k的值为4.8N/cm；
（2）正方体的密度为：0.6×103kg/m3；
（3）液体的压强为：5520Pa。
【点评】本题考查密度的计算、浮力的计算和液体压强的计算，比较综合，难度较大。
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日期：2021/9/30 14:57:32；用户：周达；邮箱：sjhzxyh13@xyh.com；学号：37802003
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