福建省南平市2021-2022学年高二上学期期末质量检测物理含解析

南平市2021—2022学年第一学期高二期末质量检测

物理试题详解答案

1【答案】D

【解析】该公式为比值法定义，被定义的物理量与用来定义的物理量无因果关系。磁感应强度描述的是磁场本身性质的物理量，与放入磁场中的通电导线及受力无关。故D正确。

故选D。

2【答案】

【解析】A.根据共振产生的条件，当振动器的频率等于树木的固有频率时产生共振，此时振幅最大，故A错误；B.针对不同的树木，固有频率不一定相同，落果效果最好的振动频率为固有频率，故B错误；

CD.受迫振动频率由驱动力频率决定，稳定后，不同树木的振动频率与振动器的振动频率相同，故C正确，D错误。

故选C。  

3【答案】C

【解析】AB．若图甲中两电极间的电压不变，当金属芯线不动而h变小时，电容器两极板正对面积S减小，根据，可知电容器的电容C减小，故A错误；又由，U不变时，C减小Q也减小，该电容器放电，故B错误；CD．若图乙中，当图示中的F变大时，电容器两极板间距离d减小，根据，可知电容C变大，故C正确；再根据，两极板的电量不变，C变大U减小，故D错误。

故选C。

4【答案】A

【解析】通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由，电动机两端电压

,电动机的输出功率，故A正确。

故选A。

5【答案】AC

【解析】AB．当滑动变阻器的滑片缓慢向a端滑动时，滑动变阻器接入电路阻值减小，总电阻减小，则干路电流变大，小灯泡L逐渐变亮，故A正确，B错误；

CD．当滑动变阻器的滑片缓慢向a端滑动时，滑动变阻器接入电路阻值减小，总电阻减小，则干路电流变大，由，可知路端电压逐渐减小，电压表示数逐渐减小，故C正确，D错误。

故选AC。

6【答案】AD

【解析】类比等量异种电荷、等量同种电荷电场线可知，甲、乙应带同种电荷，且乙的带电量较大，A正确；

A．电荷量越大电场线分布越密，A的电荷量比B的电荷量小，故B错误；

C．由于A、B两电荷不是等量同种电荷，O点的场强不为零，故C错误；

D．设甲、乙带电量为q1、q2，原来两电荷间的静电力为，接触后放回原处，电荷量总和平分，两电荷间的静电力变为由于联立可得即静电力变大，D正确。故选AD。

7【答案】AC

【解析】由于c点的磁感应强度为零，则通电直导线在c点产生磁场的磁感应强度与原磁场的磁感应强度大小相等方向相反，圆周上的任一点电流磁场的磁感应强度大小都是B，再由安培定则可判定直导线电流方向垂直纸面向里，故A正确；由安培定则可知a点电流磁场方向与原磁场方向相同，则，故B错误；

CD．由安培定则可知b、d两点电流磁场方向与原磁场方向垂直，由平行四边形定则可求得b、d两点的磁感应强度大小，b点磁场方向水平向右，d点磁场方向竖直向上，故C正确，D错误。故选AC。

8【答案】ACD

【解析】A．设A到M点的距离为，A点的电荷对带电粒子的库仑力大小为，由库仑定律有，

设带电粒子在点所受电场力大小为，由力的合成有，解得，故A正确；

B．由电势能公式得O点的电势能，故B错误；

A．带电粒子从处到N点的过程中，由能量守恒定律得动能的减少量，故C正确；要使粒子离开电场，由能量守恒定律得： = 0，故D正确。

故选ACD。

9【答案】100，50

【解析】由冲量定义可得，力F对物体的冲量大小为；对物体由动量定理得：

，解得：。

10【答案】10m/s，y轴负

【解析】由波动图像可知，在时刻，质点在平衡位置，由振动图像可知，从开始质点B由平衡位置沿轴负方向振动，所以该波沿轴正方向传播。由波动图像可知波长为：，由振动图像可知周期为：，则波速为：，且沿轴正方向传播；t =0.5s时波沿x轴正方向向前通过5米位移，做出新的波形图，即可得知质点A沿y轴负方向振动（或由其他方法也可判断质点A沿y轴负方向振动）。

11【答案】0.396-0.399， A，

【解析】

(1)由图所示螺旋测微器可知，固定部分读数为0，转动部分读为39.8，故其示数为：

0mm+39.8×0.01mm=0.398mm（0.396～0.399均正确）

(3) 由表中实验数据可知，最小电压为0V，由此可知，滑动变阻器应用分压式接法，根据表中可知，待测电阻远小于电压表内阻，所以采取外接法，因此实验采用的是图A所示电路；

(4) 根据电阻定律，可知金属的电阻率

12【答案】（1） （2）9.86  （3）BD     

【解析】 

（1）本小题考查“用单摆测定重力加速度”的实验原理，根据单摆周期公式，及周期测量计算式，得；

（2）将t = 100.00 s，n = 50，L = 1.0000 m， 代入，计算得g = 9.86 m/s2；

（3）本小题考查“用单摆测定重力加速度”中用图像法处理数据的原理及其误差分析。根据单摆周期公式，得

A. 由原理可知，T2-L图像的斜率，重力加速度测量值，a图线的斜率小于b图线，可知由a图线求出的g值大于由b图线求出的g值。A选项错误。

B.若误将49次全振动记为50次，则每次周期T的测量值都偏小，由图像求斜率也会偏小，B选项正确。

C.若误将悬点到小球下端距离记为摆长L，则T2与L测量值间的函数关系为，其中r为小球半径，图线c应出现横轴正截距，而不是纵轴正截距。C选项错误。

D.若误将悬点到小球上端的摆线长度记为摆长L，则T2与L测量值间的函数关系为，其中r为小球半径，图线c出现纵轴正截距。D选项正确。

13.【解析】

（1）初始位置穿过线框的磁通量

                                 ①

解得：                            ②

（2）线框平面在垂直磁场方向的投影面积为：

                            ③

线框顺时针旋转60时的磁通量为：

                                   ④

解得：                         ⑤

此过程中的穿过线框的磁通量变化量为

                                ⑥

解得：                               ⑦

（3）磁场方向水平向右，穿过V形面两个面的磁通量符号相反，总磁通量为

                             ⑧

14. 【解析】

（1）对电子，在加速电场中，由动能定理得： 

                                     ①

解得：                                ②

（2）电子在偏转电场中，有：

                                         ③

④

⑤

由以上各式解得：                       ⑥

（3）方法一：

电子能从下极板边缘飞出时，有

⑦

解得：                              ⑧

电子从下极板边缘飞出时，有

⑨

⑩

其中：⑪

⑫

联立以上各式解得：

⑬

故荧光屏上能接收到电子的范围长度：⑭

方法二：

恰能从下极板边缘飞出时，有

                                         ⑦

解得：

此时，范围长度Y最大                           ⑧

由几何关系得：                        ⑨

（1）解得：⑩
15【解析】

（1）对滑块受力分析：

①

由牛顿第三定律得：②

由①②解得：③

（2）滑块从O到P的运动过程中，由动量守恒及能量守恒得：

④

⑤

解得：⑥

（3）当滑块再次返回P点时，小车获得的速度最大。⑦

由动量守恒及能量守恒得：

⑧

⑨

由⑦⑧解得：

m/s，即小车所能获得的最大速度为 m/s。 ⑩