2021年辽宁省丹东市中考物理试卷

这是一份2021年辽宁省丹东市中考物理试卷，共36页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年辽宁省丹东市中考物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。


一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列数据最接近实际的是(    )
A. 课桌的高度大约为0.75m
B. 体温计的刻度范围通常为35～45℃
C. 台式计算机的额定功率约为2000W
D. 普通中学生上一层楼所做的功约为150J
2. 下列说法正确的是(    )
A. 击鼓的力量越大，鼓皮振动的越快，音调就越高
B. 外科医生常用次声波振动除去人体内的结石
C. 丹东冬天的雪景非常美丽，雪的形成是凝固现象
D. 利用干冰升华吸热可以防止食品腐烂变质
3. 下列现象中，由于光的折射而形成的是(    )
A. 对着镜子画脸谱 B. 利用太阳灶烧水
C. 渔民看到水中的鱼 D. 小孔成像
4. 骑踏板车是小朋友喜爱的一项运动，如图是小明在水平路面上匀速骑踏板车的情景，下列说法正确的是(    )
A. 小明匀速骑踏板车时受到惯性作用
B. 小明受到的重力和地面对踏板车的支持力是一对平衡力
C. 小明对踏板车的压力和踏板车对小明的支持力是一对相互作用力
D. 小明对踏板车的压力是由于踏板车发生形变产生的

5. 下列说法正确的是(    )
A. 分子间的引力和斥力一定不能同时存在
B. 利用半导体材料可以制作二极管和三极管
C. 三峡水电站发电利用的水能是不可再生能源
D. 在太阳内部，氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的核能
6. 英国物理学家法拉第揭示了磁生电现象，下列四幅图中与磁生电原理相同的是(    )
A. 奥斯特实验 B. 电铃
C. 扬声器 D. 话筒
7. 如图所示，重力为6N的物体在4N拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿斜面匀速上升。当物体升高0.6m时，恰好沿斜面前进1.2m的距离。(忽略绳重和动滑轮自重)(    )


A. 物体对斜面的压力为6N B. 该装置的机械效率为75%
C. 物体与斜面间的摩擦力为5N D. 拉力F的功率为1.6W

二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
8. 下列说法正确的是(    )
A. 连通器各部分中的液面高度一定是相同的
B. 四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
C. 同一支密度计在不同液体的液面漂浮时所受浮力相等
D. 电流通过导体时电能转化成内能的现象叫电流的热效应
9. 如图所示，水平桌面上有质量相等、底面积相同的甲、乙两容器，分别装有不同的液体。现将两个质量相同的实心正方体A、B(VAf，uf，ul3，所以C点应该在B点的左侧；
③由l1l3=ρ石ρ石−ρ水可得，石块的密度ρ石=l1l1−l3ρ水；
④改变石块浸没在水杯中的深度(未与杯底、杯壁接触)，石块排开水的体积和水的密度不变，受到的浮力不变，杠杆左端绳子的拉力不变，对实验结果没有影响。
故答案为：(1)左；(2)15.6；2.6×103；(3)②左；③l1l1−l3ρ水；④没有。
(1)调节天平横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，又知道石块体积，根据ρ=mV求出石块密度；
(3)①根据G=mg=ρVg表示出石块的重力，杠杆重力忽略不计，如图丙所示，杠杆处于水平位置且平衡，根据杠杆的平衡条件得出等式；
②保持石块的悬点位置A不变，即l2的大小不变，将石块浸没在盛水的杯中(未与杯底、杯壁接触)，石块排开水的体积和自身的体积相等，根据F浮=ρ液gV排表示出石块受到的浮力，然后得出杠杆左端受到的拉力，调整重物的悬点位置至C点，使杠杆再次处于水平位置且平衡，根据杠杆的平衡条件得出等式，然后联立等式得出l1与l3的大小关系，然后得出C点与B点的位置关系；
③根据②中得出的等式求出石块的密度；
④改变石块浸没在水杯中的深度(未与杯底、杯壁接触)，石块排开水的体积和水的密度不变，受到的浮力不变，据此进行解答。
本题考查了测量石块密度的实验，涉及到天平的正确使用和读数、密度公式、重力公式、杠杆平衡条件、阿基米德原理的应用等，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。

28.【答案】左  断路  反比  控制变量法  2.4V～3  2：1

【解析】解：(1)闭合开关前，为保护电路，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，故将滑片移到最左端；
闭合开关后电压表示数有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的定值电阻发生了断路；
(2)①由欧姆定律I=UR的变形公式：
U=IR=0.5A×5Ω=----0.25A×10Ω=2.5V，为一定值，故得出：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
②在探究电流与电阻关系时控制定值电阻两端的电压不变，改变电阻，这应用了控制变量法；
(3)因为串联电路电流相等，所以I=UVR=U−UVR滑，当定值电阻最大为20Ω时且滑动变阻器的电阻最大时定值电阻两端的电压最小，最小为：UV20Ω=6V−UV30Ω，
解得UV=2.4V；
由于电流表的量程为0.6A，由欧姆定律，因此定值电阻两端允许的最大电压：
U最大=I最大R1=0.6A×5Ω=3V；
故定值电阻两端的电压范围为2.4V～3V；
(4)由(2)知定值电阻两端的电压为2.5V，当10Ω接入电路时，电路电流为I′=UR′=2.5V10Ω=0.25A；当20Ω接入电路时，电路电流为；
因为定值电阻两端电压相等，电源电压不变，因此滑动变阻器两端电压也相等；
由P=UI可得，滑动变阻器消耗的电功率之比：
P：P′=UI′：UI″=I′：I″=0.25A：0.125A=2：1。
故答案为：(1)左；断路；(2)反比；控制变量法；；(3)2.4V～3；(4)2：1。
(1)为保护电路，闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(2)根据电流与电阻之积为一定值分析，这用到了控制变量法；
(3)根据串联电路分压规律可知，定值电阻两端电压的最小值，据此得出定值电阻两端的电压范围；
(4)先根据图乙读出定值电阻10Ω和20Ω时电流，然后P=UI即可求出滑动变阻器消耗的电功率之比。
此题是探究电流跟它两端电压关系的实验，考查控制变量法、注意事项、数据分析和对实验的要求和串联电路的规律及欧姆定律与电功率公式的运用，是一道综合题，有一定的难度。

29.【答案】电压表与滑动变阻器并联了  0.5  A  保持不动  滑到最右端  S1、S2  滑到最左端 (U2−U额)U1(U2−U1)R0U额

【解析】解：
(1)灯泡变亮时，灯泡两端的电压应变大，电压表示数反而减小，说明电压表与滑动变阻器并联了。
(2)根据图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表读数为0.2A，根据电功率公式：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W。
(3)想测量小灯泡两端的电压略低于额定电压，则滑动变阻器分得电压增大，阻值增大。故滑动变阻器的滑片应向A端调节。
(4)①闭合开关S1、S3，滑动变阻器R2与小灯泡串联，电压表测量小灯泡的电压；调节滑动变阻器R2滑片，使电压表示数为U额，小灯泡正常发光。
②闭合开关S1、S2时，R1与R2串联，使滑动变阻器R2滑片保持不动，滑动变阻器R1滑片滑到最右端，为R1最大阻值R0，此时电压表示数为U1，可得此时电流为：I1=U1R0。
③闭合开关S1、S2，使滑动变阻器R1滑片不动(其接入电路的阻值仍然为R0)，滑动变阻器R2滑片滑到最左端，记下此时电压表示数为U2。此时电路为R1最大阻值的简单电路，电压表示数为电源电压。
根据②③可得②中R2的阻值为：
R2=UR2′I1=U2−U1U1R0=(U2−U1)R0U1，
①中的电流为(即灯泡的额定电流)：
I=UR2R2=U2−U额(U2−U1)R0U1=(U2−U额)U1(U2−U1)R0，
则小灯泡的额定功率为：
P=U额I=(U2−U额)U1(U2−U1)R0U额。
故答案为：(1)电压表与滑动变阻器并联了；(2)0.5；(3)A；(4)②保持不动；滑到最右端；③S1、S2；滑到最左端；④(U2−U额)U1(U2−U1)R0U额。
(1)灯泡亮时，说明滑动变阻器的电阻变小，根据电压表的示数变化判断电压表所并联的电路。
(2)根据图乙读出电流表示数，再用电功率公式P=UI计算额定功率。
(3)想测量小灯泡两端的电压略低于额定电压，则滑动变阻器分得电压增大，阻值增大。
(4)测量小灯泡的额定功率，得知道额定电压与额定电流，通过功率公式进行计算。
本题考查了测量小灯泡的电功率，注意第四问中不能直接将电源电压为3V代入计算，写表达式是难点。

30.【答案】解：(1)根据p=FS可知汽车空载静止时对水平地面的压力F=pS=3×105Pa×400×10−4m2=1.2×104N，
则汽车的重力G=F=1.2×104N；
(2)汽车的速度v=120km/h=1203.6m/s，
当汽车以120km/h的速度沿直线匀速行驶时，处于平衡状态，所受阻力和牵引力大小相等，
根据P=Wt=Fst=Fv可知汽车所受阻力f=F牵=Pv=50×103W1203.6m/s=1500N；
(3)当汽车以120km/h的速度沿直线匀速行驶100km时，牵引力做功W=F牵s=1500N×100×103m=1.5×108J，
10kg汽油完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.6×107J/kg×10kg=4.6×108J，
发动机的效率η=WQ放=1.5×108J4.6×108J×100%≈32.6%。
答：(1)汽车的重力是1.2×104N；
(2)所受到的阻力是1500N；
(3)发动机的效率是32.6%。

【解析】(1)根据p=FS可知汽车空载静止时对水平地面的压力，根据G=F得出汽车的重力；
(2)当汽车以120km/h的速度沿直线匀速行驶时，处于平衡状态，所受阻力和牵引力大小相等，
根据P=Wt=Fst=Fv可知汽车所受的牵引力，进而得出阻力；
(3)当汽车以120km/h的速度沿直线匀速行驶100km时，根据W=F牵s得出牵引力做功，根据Q放=qm得出10kg汽油完全燃烧放出的热量，根据η=WQ放得出发动机的效率。
本题考查重力、压强、功率、效率的有关计算，并考查二力平衡的知识，综合性较强。

31.【答案】解：(1)由P=UI可得，高温挡工作时电路中的电流：
I高=P高温U=880W220V=4A；
(2)当S1、S2都闭合时，电路中只有电阻R2接入电路中，由P=U2R可知此时处于高温挡，
根据P=U2R知电阻R2的阻值为：
R2=U2P高温=(220V)2880W=55Ω；
当只闭合S1时，R1、R2串联，由P=U2R可知此时处于低温挡，
低温挡加热时电路中的功率为：
P低温=U2R1+R2=(220V)255Ω+55Ω=440W；
(3)根据密度公式ρ=mV知水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.22×10−3m3=0.22kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.22kg×(100℃−20℃)=7.392×104J，
当用高温挡工作时加热时间最少，由W=Q吸=Pt可得所需要的加热时间最少为：
t′=WP=Q吸P高温=7.392×104J880W=84s。
故答案为：(1)高温挡加热时，电路中的电流为4A；
(2)低温挡加热时，电路中的功率为440W；
(3)若将水箱中0.22L的水从20℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热84s。

【解析】(1)知道挂烫机高温挡功率、工作电压，利用P=UI求高温挡加热时电路中的电流；
(2)当S1、S2都闭合时，电路中只有电阻R2接入电路中，由P=U2R可知此时处于高温挡，根据P=U2R算出电阻R2的阻值；
当只闭合S1时，R1、R2串联，由P=U2R可知此时处于低温挡，根据P=U2R算出低温挡加热时电路中的功率；
(3)根据密度公式算出水的重力，知道水的初温、末温和比热容以及质量，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，利用W=Q吸=Pt求出所需要的加热时间。
本题为电学综合题，考查了电功率公式P=Wt、P=U2R及其变形公式的应用，分析电路图得出高低温挡的电路组成是关键。

32.【答案】解：(1)由灯泡L铭牌“10V5W”，可得灯丝电阻R=U2P=(10V)25W=20Ω；
根据题意当单刀双掷开关S1接a时，由图可知R1与滑动变阻器R2串联，此时U2=5V，I=0.4A，R1=10Ω，
所以电源电压U=U1+U2=5V+0.4A×10Ω=9V；
(2)由(1)知灯丝电阻R=20Ω，R1=10Ω，由题知滑动变阻器最大值R2=40Ω，
分析右图可知当单刀双掷开关S1接b时，灯泡与滑动变阻器最大值串联时电路总阻值最大，且电路安全，整个电路总功率最小：
Pmin=U2R+R2=(9V)220Ω+40Ω=1.35W；
(3)S1接a时，R1与滑动变阻器R2串联，此时回路最小阻值Rmin=R1=10Ω，回路电流I=URmin=9V10Ω=0.9A>0.5A，电路不安全，滑片从左端向右端滑动过程中，电路总功率最大值Pmax=UImax=9V×0.5A=4.5W；
S1接b时，灯泡与滑动变阻器R2串联，此时回路最小阻值Rmin=R=20Ω，回路电流I=9V20Ω=0.45A，电路安全，
所以Pmax′=U2R=(9V)220Ω=4.05W，
两次电路总功率最大值之比：PmaxPmax′=4.5W4.05W=10：9。
答：(1)灯丝电阻为20Ω，电源电压为9V；
(2)在保证电路安全的前提下，整个电路总功率最小值为1.35W；
(3)电路总功率最大值之比为10：9。

【解析】(1)由灯泡L铭牌“10V5W”，根据R=U2P求出灯丝电阻；根据题意当S闭合，单刀双掷开关S1接a，滑片置于某位置时，电压表示数为5V，电流表示数为0.4A，此时电阻R1与滑动变阻器串联，根据U=U1+U2即可求出电源电压；
(2)因电源电压恒定，根据P=U2R，R越大P越小，所以在保证电路安全的前提下，R最大时即电路总功率最小；
(3)保证电路安全的前提下，S1分别接a和b时，滑片从左端向右端滑动过程中，要使电路总功率最大，根据P=U2R应是回路阻值最小时，由题中提供数据电压表量程0～15V，电流表量程0～0.6A，滑动变阻器R2标有“40Ω 0.5A”，考虑电路安全，电压表不会有问题，电流不得超过0.5A，若超过可根据P=UI求得。
本题考查了电路动态分析、欧姆定律、电功率的计算是一道综合性较强的电学题，难度较大。