广东省佛山市第一中学2021-2022学年高三上学期第二次段考试题物理含答案

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高三12月月考物理参考答案1．BA．由，可得“神舟十二号”与“空间站”对接后处于同一轨道，所以它们的向心加速度相等，故A错误；B．由，可得第一宇宙速度“神舟十二号”卫星的运行轨道大于地球半径，所以其线速度小于第一宇宙速度，故B正确；C．由，  可知，如果已知“神舟十二号”卫星的线速度与角速度，可以求得地球的质量，但不能求得空间站的质量，故C错误；D．由，可解得地球同步卫星的轨道高度约为3.6万千米，“神舟十二号”卫星的轨道高度为400公里，远小于同步卫星的轨道高度，由上式可知其周期小于24小时，故D错误。2．DA．图像只能表示直线运动，故A错误；B．图像斜率表示加速度，由图可知，皮球的加速度大小一直减小最后不变，而皮球刚释放时不受空气阻力作用，加速度为重力加速度，故皮球的加速度不可能大于重力加速度，故B错误；C．根据牛顿第二定律随着速度的增加，皮球加速度减小，则皮球所受的空气阻力逐渐增大，故C错误；D．当速度为时，皮球做匀速直线运动，受力平衡，皮球所受阻力的大小等于重力的大小，故D正确。3．DB．人向后蹬跑台，有向后的运动趋势，故受到跑步机对他向前的静摩擦力，B错误；A．人相对地面的位置保持不变，可认为人处于平衡状态，故跑步机对人的作用力与重力等大、反向，故跑步机对人的作用力向上，A错误；CD．据平衡条件可知，人受到的静摩擦力为与跑台运行速度无关，若跑台与水平面的夹角增大，则人受到的摩擦力也增大，C错误，D正确。4．CA．由于不计空气阻力，乒乓球做平抛运动，则，联立可得又，故，A错误；B．水平方向，且水平方向的位移无法确定，所以无法确定与的关系，B错误；C．根据对称性，球刚好过网，则有所以，与以网为对称点，C正确；D．乒乓球落在点弹起后上升的高度变成原来的一半，即说明有机械能损失，所以球的机械能不守恒，D错误。5．B放电前手指靠近金属门把手的过程中，门把手在手的影响下，发生静电感应，在其右端感应出正电荷，左端感应出负电荷。本身是处于静电平衡状态，内部场强为零，两端电势相等，门把手与手之间看成一个电容器，可知当两者距离减小时，根据公式联立，可得，可知，门把手与手指之间场强逐渐增大。6．AA．法拉第是利用“电生磁”现象来判断感应电流的有无，故A正确；B．开关闭合瞬间，原磁场增大，根据楞次定律，感应电流磁场向上，所以小磁针上方导线电流向右，小磁针的N极向纸内旋转，故B错误；C．开关闭合后，小磁针的N极向纸内旋转一定角度，稳定后，A线圈电流不变，磁场不变，B线圈无感应电流，小磁针复原，故C错误；D．开关闭合稳定后，磁场恒定，铁芯中无涡流，故D错误。7．D线圈全部在磁场中时，受到安培力作用的有效长度为零直线刚好过和边的中点时，导线框受到安培力的有效长度为，受到竖直向下的安培力。大小为对导线框，由平衡条件得联立解得选项D正确，ABC错误。8．ABBCD．货物先向上做匀加速运动，此时的v-t图像是卿斜的直线，s-t图像为曲线；a-t图像是平行与t轴的直线；当与传送带共速后做匀速运动，则此时的v-t线是平行与t轴的直线；s-t图像是倾斜的直线；加速度a为零，则选项B正确，CD错误；A．加速时传送带对货物的摩擦力匀速时 加速时传送带对货物做功的功率匀速时传送带对货物做功的功率则选项A正确；9．BCA．要使重物做离心运动，M、N接触，则A端应靠近圆心，因此安装时A端比B端更远离气嘴，A错误；B．转速越大，所需向心力越大，弹簧拉伸的越长，M、N接触时灯就会发光，B正确；C．灯在最低点时，解得因此增大重物质量可使LED灯在较低转速下也能发光，C正确；D．灯在最低点时灯在最高点时匀速行驶时，在最低点时弹簧对重物的弹力大于在最高点时对重物的弹力，因此匀速行驶时，若LED灯转到最低点时能发光，则在最高点时不一定能发光，D错误；10．BDA．设电源电压为U，小球到M板距离为h，两极板间距为d，据动能定理可得与电源保持相连，电压U不变，将M板上移，重力做功与电场力做功均不变，小球还是恰好到达下极板N，A错误；B．若将N板下移，重力做功增加，电场力做功不变，小球到达下极板时速度大于零，能穿过下极板，B正确；C．若将N板上移，重力做功减少，电场力做功不变，小球不能到达下极板，C错误；D．若断开电源，电容器极板上电量Q不变，板间场强可表示为故M板下移后，电场强度不变，原来的动能定理可表示为将M板下移后，d减小，但之和不变，重力做功不变，电场力做功减小，小球到达下极板时速度大于零，能穿过下极板，D正确。故选BD。11．4    68.6    0.42    小    (1)[1]由图像可知，弹簧的原长即为图线的横轴截距4。[2]由公式弹簧的劲度系数为图线的斜率，即。(2)[3]分析物体A的受力，可知解得[4]实验中由于弹簧悬挂时的原长比平放时的自然长度长，由此弹簧平放计算出来的形变量偏小，直接导致实验测得的动摩擦因数比实际值偏小。12．右    AC    25.0    3.2~3.5    （1）[1]二极管由单向导电性，而欧姆表中指针几乎不偏转，即为反向电流；而欧姆表内部电源正极接在黑表笔上，故黑表笔接在二极管的负极处，由题意可知，二极管右侧为正；（2）[2]A．描绘二极管的伏安特性曲线，电压从0开始变化，滑动变阻器采用分压的接法，故A正确；B．如图所示的连接的连接方式，滑片在最左侧时电阻最大，故B错误；C．电路中采用的是电流表外接法，电流的测量值比实际值大，故计算出的电阻的测量值比实际值小，故C正确。（3）[3]由图可知，电表的分度值为1mA，故需要估读到分度值下一位，读数为25.0mA；[4]在图中作出等效电源的I-U图像两个图像的交点横坐标即为LED灯两端的电压，根据图像可知为3.4V。
 13．（1）；（2），（1）设电子到达小孔S2时的速度大小为v0，根据动能定理有  --------2分由几何关系可知，电子在磁场中做圆周运动的轨道半径为L，有 -------2分                                        解得       -------2分（2）此种情况下，电子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可知，电子在磁场中做圆周运动的轨道半径，电子在磁场中运动轨迹所对的圆心角为1200
 此种情况下，电子在磁场中做圆周运动的周期       ---------2分又，                                         ---------2分解得                                      ---------2分14．（1）；（2） ；（3）a.；b.（1）由机械能守恒可知；落回出发点的速度大小不变，速度为，由         ---------1分得                                      ---------1分（2）上升过程，由牛顿第二定律得  ---------1分得           ---------1分由，得  ---------1分由动能定理  ---------1分得        ---------2分（3）a.由动量定理   ---------1分得  ---------1分b.由图可知小球最终做匀速运动即  ---------1分刚抛出时，空气阻力最大与重力同向，则此时小球加速度最大   ---------1分解得  ---------2分15．（1）增加    向外界放出 （2）6.7%（1）[1]设水银柱的长度为，玻璃管竖直时封闭气体的压强为（以cmHg为单位）玻璃管转过后水平时气体压强为故封闭气体的压强变大，由理想气体状态方程可知，封闭气体的体积变小，分子数密度变大，而封闭气体的温度不变，气体分子的热运动剧烈程度不变，所以封闭气体分子在单位时间内对单位面积的碰撞次数增加。[2]在封闭气体体积变小的过程中外界对气体做正功，即，此过程中由于气体的温度不变，所以气体的内能不变，即，由热力学第一定律可知，所以封闭气体向外界放出热量。（2）以负压隔离单元内部气体为研究对象，初状态  -------1分末状态   -------1分设此时全部气体的体积为V，根据理想气体状态方程得    -------2分在末状态排出气体的体积   -------1分体积占比   -------1分代入数据解得   -------2分