专题01 遗传因子的发现（B卷）（解析版） 练习 高中生物新人教版必修2（2022年）

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遗传因子的发现（B卷）

一、单选题（本题共20题，每题2分，满分40分）
1．豌豆中，子粒黄色（Y）和圆形（R）分别对绿色和皱粒为显性。现有甲（黄色圆粒）与乙（黄色皱粒）两种豌豆杂交，子代有四种表现型，如果让甲自交，乙测交，则它们的后代表现型之比应分别为（ ）
A．9∶3∶3∶1及1∶1∶1∶1
B．3∶3∶1∶1及1∶1
C．9∶3∶3∶1及1∶1
D．3∶1及1∶1
【答案】C
【详解】
A、由题意可知，甲与乙杂交子代有四种表现型，则依据分离定律，甲（黄）×乙（黄），后代存在两种表现型，即黄与绿，则甲（Yy）×乙（Yy）；甲（圆）×乙（皱）杂交，后代存在两种表现型，则甲（Rr）×乙（rr），故甲基因型为YyRr、乙基因型为Yyrr。故甲自交后代表现型及比例为黄色圆粒（Y R ）：黄色皱粒（Y rr）：绿色圆粒（yyR ）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1，乙测交（即Yyrr和yyrr测交）后代表现型及比例为黄色皱粒（Yyrr）：绿色皱粒（yyrr）=1：1，A错误；
B、甲自交后代表现型及比例为黄色圆粒（Y R ）：黄色皱粒（Y rr）：绿色圆粒（yyR ）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1，乙测交（即Yyrr和yyrr测交）后代表现型及比例为黄色皱粒（Yyrr）：绿色皱粒（yyrr）=1：1，B错误；
C、甲自交后代表现型及比例为黄色圆粒（Y R ）：黄色皱粒（Y rr）：绿色圆粒（yyR ）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1，乙测交（即Yyrr和yyrr测交）后代表现型及比例为黄色皱粒（Yyrr）：绿色皱粒（yyrr）=1：1，C正确；
D、甲自交后代表现型及比例为黄色圆粒（Y R ）：黄色皱粒（Y rr）：绿色圆粒（yyR ）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1，乙测交（即Yyrr和yyrr测交）后代表现型及比例为黄色皱粒（Yyrr）：绿色皱粒（yyrr）=1：1，D错误。
2．某种植物的花色同时受A、a与B、b两对基因控制，基因型为A_bb的植株开蓝花，基因型为aaB_的植株开黄花。将蓝花植株（♀）与黄花植株（♂）杂交，取F1中红花植株自交得F2。F2的表型及其比例为红花：黄花：蓝花：白花=7：3：1：1．则下列分析中正确的是（ ）
A．F2中基因型为Aa的杂合子致死
B．F1产生的配子中某种雌、雄配子同时致死
C．亲本蓝花植株和F2蓝花植株的基因型一定为AAbb
D．F1产生的配子中，Ab雌配子或Ab雄配子致死
【答案】D
【详解】
ABD、F1红花植株自交所得F2中出现了开黄花（aaB_）和蓝花（A_bb）的个体，说明F1同时含有A、a、B、b基因，故F1红花的基因型为AaBb；若没有致死情况，则F1自交产生的F2的表型及比例为A_B_：aaB_：A_bb：abb=9：3：3：1，事实上，F2的表型及比例是红花（A_B_）：黄花（aaB_）：蓝花（A_bb）：白花（aabb）=7：3：1：1，白花的基因型是aabb，则可推知含有ab的雌配子和雄配子都是可育的，又由A_bb（蓝花）的比值是1而不是3，可推知含有Ab的雌配子或者是雄配子致死，A、B错误，D正确；
C、结合分析可进一步推知，F2中蓝花植株的基因型和亲本蓝花植株的基因型都是Aabb，C错误。
3．在家蚕的遗传中，黑色（A）与淡赤色（a）是有关蚁蚕（刚孵化的蚕）体色的相对性状，黄茧（B）与白茧（b）是有关茧色的相对性状，假设这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后得到的数量比如表所示，下列说法不正确的是（ ）
组别
黑蚁黄茧
黑蚁白茧
淡赤蚁黄茧
淡赤蚁白茧
组合一
9
3
3
1
组合二
0
1
0
1
组合三
3
0
1
0
A．组合一亲本一定是AaBb×AaBb
B．组合三亲本可能是AaBB×AaBB
C．若组合一和组合三亲本杂交，子代表型及比例与组合三的相同
D．组合二亲本一定是Aabb×aabb
【答案】C
【详解】
A、由于组合一后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=3：1，黄茧：白茧=3：1，杂交后代比例为9：3：3：1，所以两亲本的基因型一定是AaBb×AaBb，A正确；
B、组合三杂交后代只有黄茧，且黑蚁与淡赤蚁的比例为3：1，所以亲本为AaBB×AaBB或AaBb×AaBB或AaBB×Aabb，B正确；
C、由于组合一的亲本是AaBb，而组合三亲本有多种可能，所以组合一和组合三亲本杂交，子代表现型及比例与组合三的不完全相同，只有组合一和组合三中AaBB杂交，子代表现型及比例才与组合三的相同，C错误；
D、组合二后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=1：1，且只有白茧一种性状，所以亲本一定是Aabb×aabb，D正确。
4．用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是（ ）
A．F2中白花植株都是纯合体
B．F2中红花植株的基因型有2种
C．红花与白花这一相对性状由一对等位基因控制
D．F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
【答案】D
【详解】
A、白花的基因型为A_bb、aaB_、aabb，F2中白花植株既有纯合体，也有杂合体，A错误；
B、F2中白花植株的基因型有5种（AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb），B错误；
C、F1自交，得到的F2植株中，红花：白花≈9：7，说明红花与白花这一相对性状由两对等位基因控制，C错误；
D、F2中红花基因型为A_B_（AABB、AABb、AaBB和AaBb），共4种基因型，白花基因型为A_bb（AAbb和Aabb）、aaB_（aaBB和aaBb）、aabb，有5种基因型，故白花植株的基因型种类比红花植株的多，D正确。
5．某种蛙眼色的表型与基因型的对应关系如表所示（两对基因独立遗传）∶
表型
蓝眼
绿眼
紫眼
基因型
A_B_
A_bb、aabb
aaB_
现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1只有蓝眼和绿眼两种表型，理论上F1蓝眼蛙∶绿眼蛙为
A．3∶1 B．3∶2 C．9∶7 D．13∶3
【答案】A
【详解】依题意，蓝眼蛙（A_B_）和紫眼蛙（aaB_）杂交，后代只有蓝眼（A_B_）和绿眼（A_bb、aabb）两种表型，可知亲本中蓝眼蛙的基因型为AABb、紫眼蛙的基因型为aaBb，则F1中蓝眼蛙（AaB_）∶绿眼蛙（Aabb、无aabb）=3∶1，A正确，BCD错误。
6．人类多指基因（T）对正常基因（t）是显性，白化病基因（a）是隐性基因，两对等位基因都位于常染色体上，且独立遗传。一个家庭中，父亲多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子患一种病和同时患两种病的概率分别是
A．3/4，1/4 B．3/4，1/8 C．1/4，1/4 D．1/2 ，1/8
【答案】D
【详解】该家庭中，父亲多指，母亲正常，结合显隐关系可确定父亲的基因型为A_T_，母亲的基因型为A_tt，患白化病但手指正常的孩子的基因型为aatt，据此可推出父亲的基因型为AaTt，母亲的基因型为Aatt。单独考虑白化病的遗传：他们的孩子患白化病的概率为1/4 ，正常的概率为3/4 。单独考虑多指的遗传：他们的孩子患多指的概率为 ，正常的概率为1/2 。患一种病的概率为 1/4× 1/2（只患白化病）+ 3/4× 1/2（只患多指）= 1/2（利用了加法原理和乘法原理）。同时患两种病的概率为1/2 ×1/4 = 1/8（只利用了乘法原理），即D正确。
7．某植株从环境中吸收前体物质经一系列代谢过程合成紫色素，此过程由A、a和B、b两对等位基因共同控制（如图所示）。其中具有紫色素的植株开紫花，不能合成紫色素的植株开白花。据图所作的推测不正确的是（ ）

A．只有基因A和基因B同时存在，该植株才能表现紫花性状，AaBb自交，后代性状分离比为9：7
B．基因型为aaBb的植株不能利用前体物质合成中间物质，所以不能产生紫色素
C．AaBb×aabb的子代中，紫花植株与白花植株的比例为1：3
D．基因型为Aabb的植株自交后代必定发生性状分离
【答案】D
【详解】
A、由题图可知，只有基因A和基因B同时存在时，该植株才能合成紫色素，才会表现紫花性状，AaBb自交，后代中A-B-（紫花）：A-bb（白花）：aaB-（白花）：aabb（白花）=9：3：3：1，因此后代性状分离比为9：7，A正确；
B、基因型为aaBb的植株不能合成酶A，即不能利用前体物质合成中间物质，所以不能产生紫色素，B正确；
C、AaBb×aabb→AaBb（紫花）：Aabb（白花）：aaBb（白花）：aabb（白花）=1：1：1：1，可见后代紫花植株与白花植株的比例为1：3，C正确；
D、基因型为Aabb的植株自交后代有3种基因型（AAbb、Aabb、aabb），均表现为白花，不会发生性状分离，D错误。
8．香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花=9∶7。下列分析不正确的是 （ ）
A．两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP
B．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1
C．F2紫花中纯合子的比例为1/9
D．F2中白花的基因型有5种
【答案】B
根据题意可知，两个纯合白花品种杂交，F1开紫花，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花=9∶7，为9∶3∶3∶1的变式，可知F1基因型为CcPp，紫花基因型为C_P_，白花基因型为C_pp、ccP_、ccpp，两对基因的遗传遵循自由组合定律，亲本白花的基因型分别为CCpp与ccPP。
A、由分析可知，两个白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A正确；
B、F1测交，即CcPp×ccpp→CcPp（紫）、Ccpp（白花）、ccPp（白花）、ccpp（白花），测交结果紫花与白花的比例为1∶3，B错误；
C、F2纯合紫花的基因型为1/16CCPP，紫花基因型9/16C_P_，所以紫花中纯合子所占比例为1/9，C正确；
D、F2中白花的基因型有5种，分别为CCpp、Ccpp、ccPP、ccPp、ccpp，D正确。
9．某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是自由组合的。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为（　　）
A．9∶3∶3∶1 B．4∶2∶2∶1
C．3∶3∶1∶1 D．1∶1∶1∶1
【答案】B
【详解】由题意知，亲本均为黄色短尾，结合胚胎致死基因型可知，亲本基因型只能为YyTt×YyTt，则所生存活后代的基因型及比例为：YyTt∶Yytt∶yyTt∶yytt＝（1/2×1/2）∶（1/2×1/4）∶（1/4×1/2）∶（1/4×1/4）=4∶2∶2∶1，B正确，ACD错误。
10．紫色企鹅的羽毛颜色是由复等位基因决定的：Pd—深紫色、Pm—中紫色、Pl—浅紫色、Pn—很浅紫色（近于白色）。其显隐性关系是：Pd>Pm>Pl>Pn（前者对后者完全显性）。若有浅紫色企鹅（PlPn） 与深紫色企鹅交配，则后代小企鹅的羽毛颜色和比例可能是
A．1 中紫色：1 浅紫色
B．2 深紫色：1 中紫色：1 浅紫色
C．1 深紫色：1 中紫色
D．1 深紫色：1 中紫色：1 浅紫色：1 很浅紫色
【答案】C
【详解】根据题意，深紫色企鹅的基因型为：PdP_（可能为PdPd、PdPm、PdPl、PdPn），所以浅紫色企鹅（PlPn）与深紫色企鹅（PdP_）交配，有以下四种情况：
浅紫色企鹅（PlPn）与深紫色企鹅（PdPd）交配，后代小企鹅均为深紫色；
浅紫色企鹅（PlPn）与深紫色企鹅（PdPm）交配，后代小企鹅的羽毛颜色和比例为深紫色（PdP-）∶中紫色（PmP-）=1∶1；
浅紫色企鹅（PlPn）与深紫色企鹅（PdPl）交配，后代小企鹅的羽毛颜色和比例为深紫色（PdP-）∶浅紫色（PlP-）=1∶1；
浅紫色企鹅（PlPn）与深紫色企鹅（PdPn）交配，后代小企鹅的羽毛颜色和比例为深紫色（PdP-）∶浅紫色（PlPn）∶很浅紫色（PnPn）=2∶1∶1。
11．控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6厘米，每个显性基因增加纤维长度2厘米。棉花植株甲（AABbcc）与乙（aaBbCc）杂交，则F1的棉花纤维长度范围是（ ）
A．6~14厘米 B．6~16厘米 C．8~14厘米 D．8~16厘米
【答案】C
【详解】棉花植株甲（AABBcc）与乙（aaBbCc）杂交，F1中至少含有一个显性基因A，长度最短为6+2=8厘米，含有显性基因最多的基因型是AaBBCc，长度为6+4×2=14厘米，故选C。
12．某种鸟尾部羽毛颜色由常染色体上的一组复等位基因A1、A2和A3控制，且基因A1、A2和A3之间共显性，如图表示相关基因与羽毛颜色的对应关系（X、Y、W、Z是具有相应性状的动物个体），下列说法正确的是（　　）

A．W与Z杂交，后代可产生4种表现型，且概率均为1/4
B．同种基因型的个体之间交配无性状分离的一定是纯合子
C．若某个体的细胞中含有基因A1，则该个体的羽毛颜色一定表现为褐色
D．就该种鸟尾部羽毛颜色而言，隐性纯合子表现为白色
【答案】A
【详解】
A、结合题意并分析题图可知，W对应的基因型为A1A3，Z对应的基因型为A1A2，则二者杂交后代的表现型及比例为褐色（A1A1）∶棕色（A1A2）∶黑色（A1A3）∶白色（A2A3）＝1∶1∶1∶1，A正确；
B、基因型为A2A3（白色）的个体自交后代无性状分离，但基因型为A2A3的个体为杂合子，B错误；
C、基因型为A1A1的个体的羽毛颜色表现为褐色，但基因型为A1A2或A1A3的个体的羽毛颜色则表现为棕色或黑色，C错误；
D、根据题干信息可知，控制该种鸟尾部羽毛颜色的基因只有A1、A2、A3，且基因A1、A2和A3之间共显性，无相应的隐性基因，D错误。
13．某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为A的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色（红色和黄色）受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是（ ）
A．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种，基因型4种
B．若基因型为AaRr的亲本自交，则了代共有9种基因型，6种表现型
C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中的纯合子约占1/4
D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8
【答案】B
【详解】
A、若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr，表现型分别为：小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，表现型有3种，基因型4种，A正确；
B、若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据基因的自由组合定律，子代共有3×3=9种基因型，表现型有红色大花瓣AAR_，红色小花瓣AaR_，黄色大花瓣Aarr，黄色小花瓣Aarr，无花瓣aa__，5种表现型，B错误；
C、AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为2/3×1/2=1/3，纯合子比例为1/4，C正确；
D、AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣（A_R_）的植株的比例为3/4×1/2=3/8，D正确。
14．玉米种子颜色由三对等位基因控制，符合基因自由组合定律。A、C、R基因同时存在时为有色，其余基因型都为无色。一颗有色种子的种植Z与三棵植株杂交得到的结果为：
AAccrr×Z→有色：无色=1：1 aaCCrr×Z→有色：无色=1：3 aaccRR×Z→有色：无色=1：1
植株Z的基因型是（ ）
A．AAccRr B．AACCRr
C．AaCcrr D．AaCcRR
【答案】A
【详解】根据三个杂交组合后代表现可知，①AAccrr×Z（A_C_R_）→有色：无 色=1：1，则植株Z的基因型是A_CcRR或A_CCRr； ②aaCCrr×Z（A_C_R_）→有色：无色=1：3 ，则植株Z的基因型是 AaC_Rr；③aaccRR×Z（A_C_R_）→有色：无色=1：1，则植株Z的基因型是AaCC R_或 AACcR_。根据上面三个杂交组合的结果可以推知该有色植株的基因型为AaCCRr，即A正确。
15．果蝇的腹部有斑与无斑是一对相对性状（其表现型与基因型的关系如下表）。现用无斑雌蝇与有斑雄蝇进行杂交，产生的子代有①有斑雌蝇、②无斑雄蝇、③无斑雌蝇、④有斑雄蝇。以下分析不正确的是（ ）

AA
Aa
aa
雄性
有斑
有斑
无斑
雌性
有斑
无斑
无斑
A．有斑为显性性状
B．①与有斑果蝇的杂交后代不可能有无斑果蝇
C．亲本无斑雌蝇的基因型为Aa
D．②与③杂交产生有斑果蝇的概率为1/6
【答案】B
【详解】
A、根据表格，有斑为显性，A正确；
BC、无斑雌蝇与有斑雄蝇进行杂交，产生的子代有①有斑雌蝇AA、②无斑雄蝇aa、③无斑雌蝇Aa和aa、④有斑雄蝇AA和Aa，则亲本无斑雌蝇和有斑雄蝇基因型均为Aa，①有斑雌蝇基因型为AA，与有斑雄蝇AA、Aa杂交，后代可能出现无斑雌蝇（Aa），B错误、C正确；
D、③无斑雌蝇的基因型为2/3Aa、1/3aa，②无斑雄蝇（aa）与③无斑雌蝇（Aa）杂交，后代Aa中雌蝇占一半，故有斑雄蝇概率为（2/3）×（1/2）×（1/2）=1/6，没有有斑雌蝇，D正确。
16．在模拟孟德尔杂交实验时，有学生取两个信封，装入信封的圆纸片上有的写上“A”，有的写上“a”（如图）。下列叙述错误的是（ ）

A．两个信封分别代表了父本和母本
B．分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内
C．将分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片组合在一起的过程模拟了雌雄配子的随机结合
D．若要模拟自由组合定律，则须在两信封中各加入适量且等量的标有“B”和“b”的圆纸片
【答案】D
【详解】
A、两个信封分别代表了父本和母本，里面的圆纸片模拟雌雄配子，A正确；
B、分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内，要保证每次拿出任何一张圆片的概率相同，B正确；
C、分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片分别相当于雌雄配子，二者的组合模拟的是雌雄配子的随机结合，C正确；
D、若要模拟自由组合定律，可以将其中一个信封中的圆纸片改为“B”和“b”即可，D错误。
17．关于孟德尔的豌豆遗传学实验，下列说法错误的是
A．选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合子，且具有易于区分的相对性状
B．杂交实验时，对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋
C．孟德尔首先提出假说，并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎
D．在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法
【答案】C
【详解】
A、选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合体，且有易于区分的相对性状，A正确；
B、杂交实验时，对母本的操作程序为去雄-套袋-人工授粉-套袋，B正确；
C、孟德尔首先进行豌豆杂交实验，并在此基础上提出假说，设计测交实验进行演绎推理和验证，C错误；
D、在对实验结果进行分析时，孟德尔用了数学统计学的方法，D正确。
18．兔的毛色黑色（W）与白色（w）是一对相对性状，与性别无关。如图所示两项交配中，亲代兔E、F、P、Q均为纯合子，子代兔在不同环境下成长，其毛色如图所示，下列分析错误的是

A．兔G和H的基因型相同
B．兔G与兔R交配得到子代，若子代在30 ℃环境下成长，其毛色最可能是全为黑色
C．兔G与兔R交配得到子代，若子代在－15 ℃环境下成长，最可能的表现型及其比例黑色∶白色＝1∶1
D．由图可知，表现型是基因和环境因素共同作用的结果
【答案】B
【详解】
分析题图：动物E和动物F的基因型分别为WW、ww，所以动物G和动物H的基因型均为Ww，该基因型的子代在-15°C环境中成长表现为黑色，在30°C环境中成长表现为白色；动物C和动物D的基因型都为ww，所以动物R和动物S的基因型均为ww，该基因型的子代在-15°C和30°C环境中成长均表现为白色。
A、根据以上分析已知，兔G和H的基因型都是Ww，A正确；
B、兔G（Ww）与兔R（ww）交配，子代基因型为Ww：ww=1：1，若子代在30 ℃环境下成长，其毛色最可能是全为白色，B错误；
C、兔G（Ww）与兔R（ww）交配，子代基因型为Ww：ww=1：1，若子代在－15 ℃环境下成长，最可能的表现型及其比例黑色∶白色＝1∶1，C正确；
D、由图可知，表现型是基因与环境共同作用的结果，D正确。
19．已知玉米籽粒的颜色分为有色和无色两种。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1： 3，对这种杂交现象的推测不确切的是
A．测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色籽粒遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色籽粒的基因型有三种
【答案】C
【详解】
A、测交后代的有色籽粒的基因型也是双杂合的，与植株X相同，都是AaBb，A正确；
B、玉米的有、无色籽粒遗传是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，B正确；
C、如果玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制，则测交后代有色籽粒与无色籽粒的比应该是1：1，而题干中一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1：3，1：3的比例是1：1：1：1转化而来，说明有色籽粒的植株X产生了4种配子，测交后代双显性时才表现为有色籽粒，单显性和双隐性都表现为无色籽粒，则玉米的有、无色籽粒是由两对等位基因控制的，C错误；
D、测交后代的无色籽粒的基因型有三种，即Aabb、aaBb和aabb三种，D正确；
20．某种植物的株高受三对基因（A、a，B、b，C、c）控制，均遵循基因的自由组合定律，其中三种显性基因以累加效应来增加株高，且每个显性基因的遗传效应是相同的。现将最矮和最高的植株杂交得到F1，再将F1自交得到F2．则F2中与基因型为AAbbcc的个体株高相同的概率为（　　）
A．15/64 B．12/64 C．6/64 D．3/64
【答案】A
【详解】根据题意分析可知，基因以累加效应决定植株的高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的，纯合子AABBDD最高，aabbdd最矮，即植株的高度与显性基因的个数呈正相关，每增加一个显性基因，植株增高一定的高度。题中将最矮（aabbdd）和最高（AABBDD）的植株杂交得到F1（AaBbDd），再将F1自交得到F2，则F2中与基因型为AAbbcc的个体高度相等的个体含有的显性基因数为2，比例为1/4×1/4×1/4×3+1/2×1/2×1/4×3=15/64。
二、不定项选择题（本题共5题，选不全得1分，选错不得分）
21．某种蛇体色的遗传如图所示，当两种色素都没有时表现为白色。选纯合的黑蛇与纯合的橘红蛇作为亲本进行杂交，下列有关叙述不正确的是（ ）

A．亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBTT、bbtt
B．F1的基因型全部为BbTt，表型均为黑蛇
C．让F1花纹蛇相互交配，后代花纹蛇中纯合子所占的比例为1/9
D．让F1花纹蛇与杂合的橘红蛇交配，其后代出现白蛇的概率为1/9
【答案】ABD
【详解】
A、黑蛇基因型为B_tt，橘红蛇基因型为bbT_，由于亲本均为纯合子，则亲本黑蛇和橘红蛇的基因型分别为BBtt、bbTT，A错误；
B、亲本黑蛇（BBtt）与橘红蛇（bbTT）杂交后代均为BbTt，表型为花纹蛇，B错误；
C、让F1花纹蛇（BbTt）相互交配，后代表现型及比例为花纹蛇（B_T_）∶黑蛇（B_tt）∶橘红蛇（bbT_）∶白蛇（bbtt）=9∶3∶3∶1，花纹蛇（B_T_）中纯合子所占的比例为1/9，C正确；
D、让F1花纹蛇（BbTt）与杂合和橘红蛇（bbTt）交配，其后代出现白蛇（bbtt）的概率为1/2×1/4=1/8，D错误。
22．有两个纯种的小麦品种：一个抗倒伏（d但易感锈病（r），另一个易倒伏D）但能抗锈病（R）。两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1，F1再进行自交，F2中出现了既抗倒伏又抗锈病的新品种。下列说法中正确的是（ ）
A．F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种都能稳定遗传
B．F1产生的雌雄配子数量相等，结合的概率相同
C．F2中出现的既抗倒伏又抗锈病的新品种占3/16
D．F2中易倒伏与抗倒伏的比例为3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为3∶1
【答案】CD
【详解】
A、F2中出现的既抗倒伏又抗锈病新品种的基因型是ddR_，其中能稳定遗传的比例是1/3，A错误；
B、F1产生的雌雄配子数量不相等，一般雄性配子要多得多，B错误；
C、F2中出现的既抗倒伏又抗锈病新品种的基因型是ddR_，占总数的3/16，C正确；
D、根据题意分析可知F2中易倒伏与抗倒伏的比例为3∶1，抗锈病与易感锈病的比例为3∶1，D正确。
23．图表示果蝇的一个细胞，其中数字表示染色体，字母表示基因。下列叙述不正确的是（ ）

A．从染色体情况上看，该果蝇只能形成一种配子
B．e基因控制的性状在雌雄个体中出现的概率相等
C．形成配子时基因A、a与B、b间自由组合
D．只考虑3、4与7、8两对染色体时，该个体能形成四种配子，并且配子数量相等
【答案】ABC
【详解】
A、从基因组成上看，该果蝇含有的4对基因位于三对同源染色体上，所以能形成23=8种配子，A错误；
B、e基因位于X染色体上，Y染色体上没有它的等位基因，所以e基因控制的性状，在雄性个体中出现的概率高于在雌性个体中出现的概率，B错误；
C、A与B位于同一条染色体上，a与b位于同一条染色体上，形成配子时基因A、a与B、b间无法自由组合，C错误；
D、只考虑3、4与7、8两对染色体上的基因时，该个体能形成DXe、dXe、DY、dY四种配子，并且配子数量相等，D正确。
24．一豌豆杂合子（Aa）植株自然状态下生长，下列叙述正确的是（ ）
A．若自交后代AA∶Aa∶aa=2∶3∶1，可能是含有隐性遗传因子的花粉50%死亡造成的
B．若自交后代Aa∶Aa∶aa=2∶2∶1，可能是隐性个体50%死亡造成的
C．若自交后代AA∶Aa∶aa=4∶4∶1，可能是含有隐性遗传因子的配子50%死亡造成的
D．若自交后代AA∶Aa∶aa=1∶2∶1，可能是花粉50%死亡造成的
【答案】ACD
【详解】
A、若含有隐性遗传因子的花粉50%死亡，则Aa产生的雌配子和雄配子分别为1/2A、1/2a和2/3A、1/3a，自交时雌雄配子随机结合，后代AA=1/2×2/3=2/6，Aa=1/2×1/3+1/2×2/3=3/6，aa=1/2×1/3=1/6，AA∶Aa∶aa=2∶3∶1，A正确；
B、若隐性个体aa 50%死亡，则Aa自交后代中AA∶Aa∶aa=1∶2∶1/2=2∶4∶1，B错误；
C、若含有隐性遗传因子的配子50%死亡，则Aa产生的雌配子和雄配子比例均为2/3A、1/3a，自交后代AA=2/3×2/3=4/9，Aa=2/3×1/3+1/3×2/3=4/9，aa=1/3×1/3=1/9，AA∶Aa∶aa为4∶4∶1，C正确；
D、若花粉50%死亡，并不影响花粉的遗传因子种类及比例，AA∶Aa∶aa=1∶2∶1，D正确。
25．下列有关孟德尔的一对相对性状杂交实验的叙述中，正确的是（ ）
A．孟德尔发现F2分离比为3∶1属于假说演绎法中“假说”的内容
B．推断测交后代会出现两种性状且比例为1∶1属于“演绎”的结果
C．Aa个体形成配子A与配子a的比例为1∶1，是分离定律的实质
D．测交实验的结果与演绎预测结果相符，说明假说成立
【答案】CD
【解析】
A、孟德尔发现F2分离比为3∶1属于观察到的现象，不属于假说演绎法中“假说”的内容，A错误；
B、推断F1测交后代会出现两种性状且比例为1∶1，这属于“演绎推理”的内容，B错误；
C、杂合子（Aa）个体产生配子时，A与a彼此分离，形成配子A与配子a的比例为1∶1，是分离定律的实质，C正确；
D、演绎推理是在假说的基础上进行的，测交实验的结果与演绎预测结果相符，说明假说成立，D正确。
三、非选择题（本题共5小题，满分45分）
26．（12分，除备注外每空2分）瑞典遗传学家尼尔逊·埃尔（Nilsson Ehle H．）对小麦和燕麦的子粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干个红色子粒与白色子粒的纯合亲本杂交组合中共有如下几种情况：

结合上述结果，回答下列问题：
（1）控制红粒性状的基因为_____（填“显性”或“隐性”）基因；该性状由______对能独立遗传的等位基因控制（每空1分）。
（2）第I、Ⅱ组杂交组合子一代可能的基因组成有_______种，第Ⅱ组杂交组合子一代可能的基因组成有________种。
（3）第I、Ⅱ、Ⅲ组F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为_____、______和_______。
【答案】显性 三 3 1 1：1 3：1 7：1
【详解】（1）由F1→F2的表现型和“无中生有”原理可推出红粒为显性性状，控制红粒性状的基因一定为显性基因。由“第Ⅱ组的子二代红粒所占的比例为63/64，即1-（1/4）3，”可以推出该性状由三对能独立遗传的等位基因控制。
（2）由各表现型所占的比例可推出第I、Ⅱ、III组的F1中分别有一对、两对、三对杂合基因；则第I组F1可能的基因组成为Aabbcc、aaBbcc和aab3bCc，第Ⅱ组F1可能的基因组成为AaBbcc、aaBbCc和AabbCc，第III组F1可能的基因组成只能为AaBbCc。
（3）第I、Ⅱ、III组F1测交后代的白粒所占的比例依次为1/2、（1/2）2和（1/2）3，所以第I、Ⅱ、Ⅲ组F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为：1：1，3：1，7：1。
27．（12分，每空2分）玉米是一种雌雄同株的植物，其顶端开雄花，中部开雌花，雌花既可接受同株的花粉，又可接受异株的花粉。玉米的籽粒颜色（黄色和白色）由一对等位基因A、a控制，甜度（甜和非甜）由另一对等位基因B、b控制。现将纯种黄粒非甜玉米（甲）与纯种白粒甜玉米（乙）实行间行种植，在亲本植株上收获籽粒（F1），统计结果如下表所示。
亲本植株
F1籽粒的性状
黄粒非甜
白粒甜
甲
有
无
乙
有
有
请回答下列问题：
（1）根据以上的统计结果可以判断：籽粒颜色中________为显性，玉米甜度中________为显性。
（2）甲所结的黄粒非甜籽粒的基因型为________，乙所结的黄粒非甜籽粒的基因型为________。
（3）要进一步研究基因A、a和B、b是否位于同一对染色体上，可以选择________（填“甲”或“乙”）植株上所结的黄粒非甜玉米与白粒甜玉米进行杂交，如果后代________，表明A、a和B、b不位于同一对染色体上。
【答案】黄色 非甜 AABB、AaBb AaBb 乙方 出现四种表型且比例为1∶1∶1∶1
【详解】（1）从表格中可以看出，将纯种黄粒非甜玉米（甲）与纯种白粒甜玉米（乙）实行间行种植，在非甜玉米（甲）的果穗上找不到甜玉米的籽粒，说明非甜属于显性性状，在黄粒玉米（甲）的果穗上找不到白粒玉米的籽粒，说明黄粒属于显性性状。
（2）已知子粒颜色中黄色为显性，玉米甜度中非甜为显性，所以纯种黄粒非甜玉米（甲）与纯种白粒甜玉米（乙）的基因型分别是：AABB和aabb，则甲所结的黄粒非甜子粒中有自交的子代AABB，也有与乙杂交的后代AaBb，而乙自交的后代是白粒甜玉米aabb，与甲杂交的后代是黄粒非甜子粒AaBb。
（3）要进一步研究基因A、a和B、b是否位于同一对染色体上，需要选择已知基因型的个体进行实验，即选择乙植株上所结的黄粒非甜玉米AaBb与白粒甜玉米aabb进行杂交，如果后代出现四种表现型且比例为1∶1∶1∶1，表明A、a和B、b不位于同一对染色体上。
28．某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，下表为该植物纯合亲本间杂交实验的结果，请分析回答：
组别
亲本
F1
F2
1
白花×红花
紫花
紫花：红花：白花=9：3：4
2
紫花×红花
紫花
紫花：红花=3：1
3
紫花×白花
紫花
紫花：红花：白花=9：3：4
（1）该性状是由_______对独立遗传的等位基因决定的，该植物花色的遗传遵循_____________定律。
（2）第1组实验的F2白花个体中纯合子所占比例为_____________，F2紫花个体中有_____________种基因型。
（3）若表中红花亲本的基因型为AAbb，则第1组实验中F2表现为白花的个体中，与白花亲本基因型不相同的占__________；若第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交，后代的表现型应______________。
（4）若第3组实验的F1与某纯合白花品种杂交，请简要分析杂交后代可能出现的表现型及其比例以及相对应的该白花品种可能的基因型：
①如果杂交后代紫花与白花之比为1：1，则该白花品种的基因型是___________；
②如果__________________________则该白花品种的基因型是__________。
【答案】两 （基因的）自由组合 1/2 4 3/4 全为白花 aaBB 杂交后代紫花∶红花∶白花=1∶1∶2 aabb
【详解】
（1）花色是由2对独立遗传的等位基因决定的，该植物花色的遗传遵循自由组合定律。
（2）据分析，假设两对等位基因为A、a和B、b，则根据组别1、3中“9：3：4”的分离比可知，组别1、3中F1基因型都是AaBb；由于亲本都是纯合子，则只有两种显性基因存在时才变现出紫色，假设第3组中紫花亲本和白花亲本分别为AABB、aabb，第1组中白花亲本和红花亲本分别为aaBB、AAbb，则F2表现为白色的个体的基因型有aaBB、aaBb、aabb，比例为1：2：1，则F2白花个体中纯合子所占比例为1/2，F2紫花个体为A_B_，有4种基因型。
（3）若表中红花亲本的基因型为AAbb，则第1组实验中白花亲本为aaBB，F1为AaBb，F2表现为白花的个体有aaBB、aaBb、aabb，比例为1：2：1，与白花亲本基因型不相同的占3/4；据此推测第3组中白花亲本为aabb，则第1组和第3组的白花亲本之间进行杂交即aaBB╳aabb，后代为aaBb，表现型应全部为白花。
（4）第3组实验中，F1紫花的基因型为AaBb，与某白花纯合品种（aaBB、aabb）杂交：
①如果该白花品种的基因型是aaBB，则杂交后代紫花（AaBB、AaBb）：白花（aaBB、aaBb）=1：1；
②如果该白花品种的基因型是aabb，则杂交后代紫花（AaBb）：红花（Aabb）：白花（aaBb、aabb）=1：1：2。
29．（10分，每空2分）—个表现正常的女人与一个不患白化病但并指（Bb）的男人结婚，生了一个患白化病（aa）且手指正常的孩子。若他们再生一个孩子：
（1）只出现并指的可能性是________________。
（2）只患白化病的可能性是________________。
（3）既患白化病又患并指的男孩的概率是________________。
（4）只患一种病的可能性是________________。
（5）患病的可能性是________________。
【答案】3/8 1/8 1/16 1/2 5/8
【详解】依题意可知，第一个孩子的基因型为aabb，则妻子的基因型为Aabb，丈夫的基因型为AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中患并指的概率应为1/2（非并指概率为1-1/2 =1/2），患白化病的概率应为1/4（非白化病概率为3/4），则：
（1）再生一个仅患并指的孩子的可能性为1 /2×3/4 = 3/8。
（2）只患白化病的概率为1 /2×l/4= 1/8。
（3）生一个既患白化病又患并指的男孩的概率为男孩概率×白化病概率× 并指概率=l/2×l/4×l/2=l/16。
（4）只患一种病的概率为只患白化病的概率+只患并指的概率= 3/8+1/8= 1/2。
（5）患病的可能性为1－全正常（非并指、非白化病）=l－l/2×3/4 = 5/8。
30．（10分，每空2分）牛的有角和无角为一对相对性状，由一对遗传因子（D、d）控制，其中雄牛的显性纯合子和杂合子表现类型一致，雌牛的隐性纯合子和杂合子表现类型一致。多对纯合有的有雄牛和无角雌牛杂交，中雄牛全为有角，雌牛全为无角；中的雌雄牛自由交配，的雄牛中有角∶无角=3∶1，雌牛中有角∶无角=1∶3。请回答下列问题：
（1）“有角”和“无角”这对相对性状中，___________为显性性状。
（2）中有角雄牛的遗传因子组成为___________，有角雌牛的遗传因子组成为___________。
（3）若用中的无角雄牛和无角雌牛自由交配，则中有角牛的概率为___________。
（4）若带有D遗传因子的雌配子不能存活，则中雄牛的有角∶无角=___________。
【答案】有角色 DD、Dd DD 1/6 1∶1
【详解】（1）F1中的雌雄牛自由交配，F2的雄牛中有角∶无角=3∶1，故相对性状中有角为显性性状。
（2）F2中雄牛的遗传因子组成是DD、Dd表现为有角，dd表现为无角，雌牛的遗传因子组成是DD表现为有角，Dd、dd表现为无角。
（3）若用F2中的无角雄牛（dd）和无角雄牛（2/3Dd、1/3dd）自由交配，后代遗传因子组成及比例为Dd∶dd=1∶2，则F3中有角牛的概率为1/3×1/2=1/6。
（4）若带有D遗传因子的雌配子不能存活，F1雄配子正常，则F1雄配子类型及比例为D∶d=1∶1，而雌配子只有d，则F2中雄牛的有角∶无角=1∶1。