2021-2022学年黑龙江省哈尔滨市哈尔滨师范大学附属中学高一下学期开学考试 物理 Word版含答案练习题

这是一份2021-2022学年黑龙江省哈尔滨市哈尔滨师范大学附属中学高一下学期开学考试 物理 Word版含答案练习题，共9页。试卷主要包含了选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
-哈师大附中 2021-2022 学年度高一学年下学期开学考试物理试卷一、选择题（本题共 14小题，每题 4分，共 56分。其中 1-9题为单选，选对得 4分，错选、不选或多选得 0分；10-14题为多选，全选对得 4分，少选得 2分，选错、多选或不选得 0分）1.关于摩擦力，以下说法中正确的是(  )A.运动物体可能受到静摩擦力作用，但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用B.静止物体可能受到滑动摩擦力作用，但运动物体不可能受到静摩擦力作用C.正压力越大，摩擦力可能越大，也可能不变D.摩擦力方向一定与速度方向在同一直线上2.从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示.在0～t0时间内，下列说法中正确的是(　) A.Ⅰ、Ⅱ两个物体的速度都在不断减小          B.Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小       C.Ⅰ、Ⅱ两物体的位移都在不断增大D.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是3.一块砖放在一长木板上表面上的中间，长木板放在水平地面上，现缓慢抬起木板的一端，而保持另一端不动，关于砖受到的摩擦力f，叙述正确的是(   )A随木板倾角的增大而减小B砖滑动前，f随木板倾角的增大而增大，砖开始滑动后，f随木板倾角的增大而减小。C砖滑动前，f随木板倾角的增大而减小，砖开始滑动后，f随木板倾角的增大而增大。D砖滑动前后，均随木板倾角的增大而减小。4.如右图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°.若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑(忽略阻力)，则(　)A.a处小孩最先到O点B.b处小孩最后到O点C.c处小孩最先到O点D.a、c处小孩同时到O点5.某同学找了一个用过的“易拉罐”在靠近底部的侧面打了一个洞，用手指按住洞，向罐中装满水，然后将易拉罐竖直向上抛出，空气阻力不计，则下列说法正确的是(   )A.易拉罐上升的过程中，洞中射出的水的速度越来越快B.易拉罐下降的过程中，洞中射出的水的速度越来越快C.易拉罐上升、下降的过程中，洞中射出的水的速度都不变D.易拉罐上升、下降的过程中，水不会从洞中射出6.太阳从东边升起，西边落下，是地球上的自然现象，但在某些条件下，在纬度较高地区上空飞行的飞机上，旅客可以看到太阳从西边升起的奇妙现象，看到这现象的条件是：(    )A.时间必须是在清晨，飞机正在由西向东飞行，飞机的速率必须较大B.时间必须是在清晨，飞机正在由东向西飞行，飞机的速率必须较大C.时间必须是在傍晚，飞机正在由西向东飞行，飞机的速率必须较大D.时间必须是在傍晚，飞机正在由东向西飞行，飞机的速率必须较大7.如图所示，足够长的硬质直杆上套有质量为m的环A，环下方用轻绳挂着一 个重力为G的小物体B，杆与水平方向成θ角，当环沿杆下滑时，物体B相对于A静止，下列说法正确的是  (   )A.若环沿杆无摩擦下滑， B的加速度为g sinθB.若环沿杆无摩擦下滑，绳的拉力为GsinθC.若环沿杆下滑时有摩擦，轻绳一定竖直D.无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直8.如图所示，弹簧下端悬一滑轮，跨过滑轮的细线两端系有A、B两重物，mA=3kg， mB=2kg，不计细线、滑轮质量及摩擦，则A、B两重物在运动过程中，弹簧中的弹力大小为：(g=10m/s2) (     )A.20N         B.30N          C.48N           D.60N9.如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为、劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为。现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是(     )  A.B. C. D. 10.如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间的动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g。现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板的加速度a的大小可能是(　　)A.μg  B.μgC.μg  D.－μg11.如图所示，轻弹簧一端固定，原长时恰好到达O点，将质量为m(视为质点)的物体P与弹簧连接，并将弹簧压缩到A，由静止释放物体后，物体将沿水平面运动,能够通过B点.物体与水平面间的摩擦力不能忽略，则下列关于运动的说法中正确的是(   )A.从A到O的速度不断增大，从O到B的速度不断减小B.从A到O的速度先增大后减小，从O到B的速度不断减小C.从A到O的加速度先减小后增大，从O到B的加速度不断增大D.从A到O的速度不断减小，从O到B的速度不断增大12.如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d，下列说法正确的是(　　)A.质点由O到达各点的时间之比ta∶tb∶tc∶td＝1∶∶∶2B.质点通过各点的速率之比va∶vb∶vc∶vd＝1∶∶∶2C.在斜面上运动的平均速度＝vbD.在斜面上运动的平均速度＝vd/213.如图所示，一条细线一端与地板上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O′点，细线与竖直方向所成角度为α，开始时系统静止，则()A.如果将物体B在地板上向右移动一点，α角将增大B.无论物体B在地板上左移还是右移，α角将不变C.增大小球A的质量，α角一定减小D.悬挂定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力14．如图所示，A为放在水平光滑桌面上的长方形物块，在它上面放有物块B和C，A、B、C的质量分别为m、、m，B、C与A之间的静摩擦系数和滑动摩擦系数皆为0.1，K为轻滑轮，绕过轻滑轮连接B和C的轻细绳都处于水平放置。现用沿水平方向的恒定外力F拉滑轮，若测得A的加速度大小为，重力加速度取，则（　）A．物块B、C的加速度大小也等于B．物块B的加速度为，C的加速度为外力的大小C. 外力的大小F=2.2mgD．物块B、C给长方形物块A的摩擦力为二、实验题（本题共 2 小题，共 14 分；其中 15 题 6分，16 题8分）15． 在保持小车质量M不变的情况下“探究加速度与力的关系”的实验中，实验装置如图甲所示，实验所使用的打点计时器交流电频率f=50Hz，g=10m/s2，，实验步骤如下：①按图甲所示安装好实验装置：②调节长木板与水平夹角，轻推小车后使小车能沿长木板匀速下滑；③取下物块，用天平测出其质量m；④将小车置打点计时器旁，先接通电源再放开小车，打出一条纸带， 由纸带求得小车的加速度a；⑤重新挂上物块重复以上步骤。（1）关于本实验下列说法正确的是_________。A．本实验需要平衡摩擦力：B．实验中拉小车的细线必须始终与木板保持平行：C．此实验中物块质量m必须满足。（2）实验中打出的其中一条纸带如图乙所示，相邻两计数点间有四个点未画出，则可求得小车的加速度a=______m/s2（保留两位有效数字）（3）某同学根据测量数据画出a-m图线如图丙所示，由此可知，小车的质量M=_______kg （保留两位有效数字）   16．在“探究求合力的方法”的实验中，某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上。      根据实验结果画出的图。(1)图甲中与B相连的弹簧测力计的示数为____________N。(2)图乙中一定沿着AO方向的力是____________（选填“”或“F”）。(3)关于本实验，下列说法正确的是____________。A．两细绳必须等长B．弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应与木板平行C．两次拉伸橡皮筋，只要使橡皮筋伸长到相同长度即可D．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些(4)图甲中，当保持与B相连的弹簧测力计的示数不变（，其中OB与竖直方向夹角为α，OC与竖直方向夹角为β），而在角α逐渐减小到0的过程中，要使结点始终在O点，可以____________；A．增大与C相连的弹簧测力计示数，减小β角度B．减小与C相连的弹簧测力计示数，增大β角度C．减小与C相连的弹簧测力计示数，先增大β角度，后减小β角度D．增大与C相连的弹簧测力计示数，先减小β角度，后增大β角度三、计算题（本题共 3 小题，共 30分。解题时应写出必要的文字说明、重要的物理规律，答题时要写出完整的数字和单位；只有结果而没有过程的不能得分）17.（9分）如图所示，在倾角为θ的粗糙斜面上，有一个质量为m的物体被水平力F推着静止于斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，且μ＜tanθ，求：(1)力F多大时，物体不受摩擦力；(2)为使物体静止在斜面上，力F的取值范围。 18.（10分）如图所示为车站使用的水平传送带模型，其A、B两端的距离L＝8 m，它与水平台面平滑连接，现有物块以v0＝10 m/s的初速度从A端水平地滑上传送带，已知物块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.6。g取10 m/s2。(1)若传送带保持静止，求物块滑到B端时的速度大小；(2)若传送带顺时针匀速转动的速率恒为12 m/s，求物块到达B端时的速度大小；(3)若传送带逆时针匀速转动的速率恒为4 m/s，且物块初速度变为v0′＝6 m/s，仍从A端滑上传送带，求物块从滑上传送带到离开传送带的总时间。    19.（11分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m，如图a所示。t＝0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t＝1 s时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1 s时间内小物块的v ­t图线如图b所示。木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2。求：(1)木板与地面间的动摩擦因数μ1及小物块与木板间的动摩擦因数μ2；(2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离。一、选择题1234567891011121314CCBDDDACABDBCABDADCD二、实验题15.（1）B （2分）（2）0.88（2分）（3）0.15（2分）16.（1）3.70（2分）（2）（2分）（3）BD（2分）（4）C（2分）三、计算题（30分）17.（9分）答案　(1)mgtanθ(2) ≤F≤解析　(1)物体不受摩擦力时受力如图1所示，由平衡条件得：Fcosθ＝mgsinθ........................................2分解得：F＝mgtanθ...........................................................1分(2)当物体恰不沿斜面向下滑动时，F最小，物体受力如图2所示，由平衡条件得：沿斜面方向：Fmincosθ＋f1＝mgsinθ垂直斜面方向：Fminsinθ＋mgcosθ＝N1     .................................2分又f1＝μN1。解得：Fmin＝.................................1分当物体恰不沿斜面向上滑动时，F最大，物体受力如图3所示，由平衡条件得：沿斜面方向：Fmaxcosθ＝f1＋mgsinθ垂直斜面方向：Fmaxsinθ＋mgcosθ＝N2       ................................2分又f2＝μN2解得：Fmax＝.............................................1分为使物体静止在斜面上，力F的取值范围是：≤F≤。18.（10分）答案　(1)2 m/s　(2)12 m/s　(3) s解析　(1)设物块的加速度大小为a，由受力分析可知FN＝mg，Ff＝ma，Ff＝μFN，得a＝6 m/s2。...............................................1分传送带静止，物块从A到B做匀减速直线运动，又x＝＝ m>L＝8 m，则由v－v＝－2aL，得vB＝2 m/s。.......................................1分(2)由题意知，若物块能加速到v1＝12 m/s，由v－v＝2ax1，得x1＝ m<L＝8 m。.....................................1分故物块先加速后匀速运动，即物块到达B端时的速度为vB′＝v1＝12 m/s。...............................1分(3)若物块能向右减速到v2＝0，由v－v0′2＝－2ax2，得x2＝3 m<L＝8 m，...............................................1分所以物块先向右减速到0，由v2＝v0′－at1，得减速运动的时间t1＝1 s。....................................1分接着向左加速运动，向左加速到v3＝4 m/s的过程中，由v－v＝2ax3，得x3＝ m<x2＝3 m，..............................................1分故物块向左先加速后匀速，由v3＝v2＋at2，得加速时间t2＝ s。..............................................1分向左匀速运动的位移x4＝x2－x3＝ m，由x4＝v4t3，得匀速运动时间t3＝ s，..............................................1分故t＝t1＋t2＋t3＝ s。..............................................1分19.（11分）答案　(1)μ1＝0.1　μ2＝0.4　(2)6.0 m　(3)6.5 m解析(1)规定向右为正方向。木板与墙壁相碰前，小物块和木板一起向右做匀变速运动，设加速度为a1，小物块和木板的质量分别为m和M。由牛顿第二定律有－μ1(m＋M)g＝(m＋M)a1①..............................................1分由题图b可知，木板与墙壁碰前瞬间的速度v1＝4 m/s，由运动学公式得v1＝v0＋a1t1②s0＝v0t1＋a1t③..............................................1分式中，t1＝1 s，s0＝4.5 m是木板碰前的位移，v0是小物块和木板开始运动时的速度。联立①②③式和题给条件得μ1＝0.1④在木板与墙壁碰撞后，木板以－v1的初速度向左做匀变速运动，小物块以v1的初速度向右做匀变速运动。设小物块的加速度为a2，由牛顿第二定律有－μ2mg＝ma2⑤由题图b可得a2＝⑥..............................................1分 式中，t2＝2 s, v2＝0，联立⑤⑥式和题给条件得μ2＝0.4。⑦..............................................1分(2)设碰撞后木板的加速度为a3，经过时间Δt，木板和小物块刚好具有共同速度v3。由牛顿第二定律及运动学公式得μ2mg＋μ1(M＋m)g＝Ma3⑧..............................................1分v3＝－v1＋a3Δt⑨v3＝v1＋a2Δt⑩..............................................1分碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中，木板运动的位移为s1＝Δt⑪..............................................1分小物块运动的位移为s2＝Δt⑫..............................................1分小物块相对木板的位移为Δs＝s2－s1⑬联立④⑥⑦⑧⑨⑩⑪⑫⑬式，并代入数据得Δs＝6.0 m⑭..............................................1分因为运动过程中小物块没有脱离木板，所以木板的最小长度应为6.0 m。(3)在小物块和木板具有共同速度后，两者向左做匀变速运动直至停止，设加速度为a4，此过程中小物块和木板运动的位移为s3，由牛顿第二定律及运动学公式得μ1(m＋M)g＝(m＋M)a4⑮..............................................1分0－v＝2a4s3⑯碰后木板运动的位移为s＝s1＋s3⑰联立④⑥⑦⑧⑨⑩⑪⑮⑯⑰式，并代入数值得s＝－6.5 m..............................................1分木板右端离墙壁的最终距离为6.5 m。
参考答案：1．     B     0.88     0.15【解析】【详解】（1）[1]挂上物块，调节长木板与水平夹角，轻推小车后使小车能沿长木板匀速下滑，绳子拉力用T表示，由平衡条件，对物块有mg=T对小车得取下物块后，小车加速下滑，由牛顿第二定律将f带入可得只要通过测量m和a的数据，两者成正比关系，即说明了在小车质量M不变的前提下，小车的加速度a与所受合外力成正比，所以本实验不需要平衡摩擦力，也不需要满足，故选B。（2）[2]根据匀变速直线运动规律，利用逐差法进行数据处理（3）[3]由（1）中推导出的公式可知，a-m图线的斜率k=根据图像可得带入可得M=0.15kg