2021年四川省攀枝花市中考物理试题试卷含解析（教师用）

这是一份2021年四川省攀枝花市中考物理试题试卷含解析（教师用），共32页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年四川省攀枝花市中考物理试卷
一、选择题(本大题共12个小题，每小题3分，共36分，每小题只有一个选项最符合题目要求)
1．下列物理量最接近实际的是(　　)
A．中学生百米跑成绩约14s
B．体考用实心球的重力约200N
C．中学生的手掌宽度约50cm
D．物理课本放在桌面上对桌面的压强约为1Pa
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生百米跑成绩约14s，符合实际，故A正确；
B、体考用实心球的重力约20N，故B错误；
C、中学生的手掌宽度约10cm，故C错误；
D、物理课本放在桌面上对桌面的压强约为：p＝＝＝＝＝42.7Pa，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．以下关于声现象的说法中正确的是(　　)
A．根据响度能分辨出不同乐器的声音
B．调节电视音量是为了改变声音的音调
C．“禁止鸣笛”是为了防止噪声的产生
D．只要物体在振动，我们就能听到声音
【分析】(1)(2)声音的响度与声源振动的幅度有关，振幅越大，响度越大；声音的音调与声源振动的频率有关，频率越大，音调越高；音色是声音的特色，与发声体的材料、结构等因素有关；
(3)减弱噪声的方法有三种：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声；
(4)人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度等。
【解答】解：
A、不同乐器发出声音的音色不同，故区分两种乐器发出的声音是因为它们发出声音的音色不同，故A错误；
B、调节电视音量是为了改变声音的大小，即改变响度，故B错误；
C、禁止鸣笛，是为了防止噪声的产生，属于在声源处减弱噪声，故C正确；
D、振动的物体发出声音，但是人不一定能够听到，比如超声波和次声波人耳就听不到，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了声音的特性及应用、减弱噪声的方法，是声现象基本规律的考查，难度不大。
3．关于能源信息与材料，下列说法不正确的是(　　)
A．核反应堆中发生的链式反应，是可以控制的
B．化石能源和核能都属于可再生能源
C．5G和4G通讯信号的电磁波在真空中传播的速度相等
D．若用超导材料制造输电线可大大降低电能损耗
【分析】(1)核电站中的核反应堆中的链式反应是可以控制的；
(2)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源；
(3)不同频率的电磁波在真空中的速度是相同的；
(4)超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
【解答】解：
A、核电站是核裂变的应用，核反应堆中发生的链式反应，是可以控制的，故A正确；
B、化石能源、核能是不可再生能源，故B错误；
C、5G和4G信号都是利用电磁波传播信息的，所以它们在真空中的传播速度相同，都是3×108m/s，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，可大大降低输电过程中的电能损耗，所以利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、电磁波的速度、超导体的应用、核电站的工作原理，属于基础题。
4．下列现象中，物态变化相同的一组是(　　)

A．①③ B．③④ C．②③ D．①④
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：①雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴。
②蜡烛滴“泪”是固态的石蜡熔化为液态。
③冻衣服晾干，是衣服上的冰直接升华为水蒸气。
④露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5．下列各图所示的情境中，利用了“流体压强与流速的关系”原理的是(　　)

A．图甲所示飞机机翼形状，可以产生升力
B．图乙所示水库堤坝设计成“上窄下宽”
C．图丙所示地漏存水杯可以隔离下水道异味
D．图丁所示用吸管喝饮料
【分析】(1)流体流速越大的地方，压强越小。
(2)液体压强随深度的增加而增大。
(3)连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平。
(4)用吸管喝饮料是大气压作用的结果。
【解答】解：A、相等时间内，空气经过飞机机翼上方时，路程长，空气流速大，空气压强小，空气经过飞机机翼下方时，路程短，空气流速小，空气压强大，故飞机受到向上的压强差，受到向上的升力作用，这是利用流体压强跟流速的关系，故A正确。
B、水库堤坝制成上窄下宽的形状，为了防止液体压强随深度的增加而增大给堤坝造成危害，故B错误。
C、地漏存水杯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，故地漏存水杯中水起到水封的作用，能隔绝下水道的异味，故C错误。
D、用吸管喝饮料，吸气时吸管内的气压减小，饮料在大气压作用下进入嘴里，这是利用大气压的结果，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了流体压强跟流速的关系、大气压的作用、连通器的应用、液体压强特点等，属于比较基础的习题。
6．以下设备工作时利用电磁感应原理的(　　)
A．洗衣机 B．发电机 C．电热水器 D．电风扇
【分析】(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生电流，这是电磁感应现象，发电机是利用了电磁感应现象制成的；
(2)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
(3)电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应；发生电流的热效应时，电能转化为内能。
【解答】解：AD、洗衣机和电风扇的动力是由电动机提供，电动机利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故AD错误；
B、发电机是利用电磁感应原理工作的：线圈在磁场中转动切割磁感线时，就会产生感应电流，故B正确；
C、电热水器工作时，消耗电能，得到内能，是利用电流的热效应工作的，故C错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电动机、发电机，以及电热水器工作原理的理解和应用，属于基础知识的考查，难度不大。
7．在探究凸透镜成像规律的实验中，将蜡烛放在凸透镜前适当位置，调节光屏位置得到清晰的像。把眼镜片放在烛焰与凸透镜之间，如图所示，屏上的像变得模糊，调节光屏的位置，适当靠近凸透镜，光屏上又可以得到清晰的像，则该镜片(　　)

A．是凹透镜，属近视眼镜 B．是凹透镜，属远视眼镜
C．是凸透镜，属近视眼镜 D．是凸透镜，属远视眼镜
【分析】根据光屏移动的方向判定镜片对光线的作用，然后根据远视镜片是凸透镜，近视镜片是凹透镜判断。
【解答】解：把眼镜片放在烛焰与凸透镜之间，如图所示，屏上的像变得模糊，调节光屏的位置，适当靠近凸透镜，光屏上又可以得到清晰的像，这说明该透镜对光线具有会聚作用，是凸透镜，凸透镜可以矫正远视眼。
故选：D。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用。
8．如图所示四个电路图中，能正确测量通过L1电流的电路是(　　)
A． B．
C． D．
【分析】从电流表的正确使用进行分析：电流表要和被测量的导体是串联的；电流从正接线柱流入，从负接线柱流出；所测量的电流不能超过电流表使用的量程；绝对不允许不经过用电器直接把电流表接在电源上。
【解答】解：A、电流表的正负接线柱接反了，故A错误。
B、电流表串联在干路上，测量干路电流，故B错误。
C、电流表和L1串联，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，故电流表测量L1的电流，故C正确。
D、电流表和L2串联，电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，故电流表测量L2的电流，故D错误。
故选：C。
【点评】掌握电流表的正确使用是解决本题的关键。
9．如图所示是一种测定油箱内油量的装置模型，其中R为滑动变阻器的电阻片，与之接触的滑片P可以绕O点转动。当油量减少时，以下说法中正确的是(　　)

A．电流表示数增大
B．电路的总电阻减小
C．电路消耗的总功率增大
D．定值电阻R0两端的电压减小
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电流表测电路中的电流，根据油量的变化可知浮子移动的反向，进一步可知滑片移动的方向和接入电路中的电阻，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电阻R0两端的电压的变化；根据P＝UI判定总功率的变化。
【解答】解：电路图可知，R0与R串联，电流表测电路中的电流；
当油量减少时，浮子向下移动，滑动变阻器的滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小；根据U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压减小；根据P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】本题考查欧姆定律的应用和滑动变阻器以及杠杆的应用，关键是能正确分析电路的组成以及滑片移动时引起的电路中电流的变化情况，这是本题的重点也是难点。
10．a、b、c为三种不同的液体，它们的质量与体积的关系如图所示(　　)

A．若a、b、c的质量相同，a的体积最大
B．若a、b、c的质量相同，a的体积最小
C．若a、b、c的体积相同，a的质量最大
D．若a、b、c的体积相同，a的质量最小
【分析】解答本题首先要明确各图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；其次是明确图象所表示的物理意义；再对照各个选项提出的问题作出判断。
【解答】解：a、b、c三种不同液体的质量与体积图像如图所示，横轴表示体积，纵轴表示质量。由图像可知：
AB、若a、b、c的质量相同，a的体积最大，b的体积较小，c的体积最小，故A正确，B错误；
CD、若a、b、c的体积相同，c的质量最大，b的质量较小，a的质量最小，故C错误，D正确。
故选：AD。

【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。
11．如图，体积相同的两个物体A、B用不可伸长细线系住，放入水中后，A刚好完全浸没入水中，细线被拉直。已知A重6N，B受到的浮力为8N，A、B密度之比为3：5。以下说法中不正确的是(　　)(ρ水＝1.0×103kg/m3)

A．B受到的重力为10N
B．细线对A的拉力为1N
C．A的密度为0.75×103kg/m3
D．B对容器底部的压力为零
【分析】(1)由题知A、B密度之比和体积之比，利用G＝mg＝ρVg求出A、B所受的重力之比，进而可求B的重力；
(2)A、B的体积相同，都浸没在水中，则A、B排开水的体积相等，根据阿基米德原理可得A受到的浮力，然后根据力的合成可求细线对A的拉力；
(3)知道A受到的浮力，根据阿基米德原理可求A的体积，然后利G＝mg＝ρVg可求A的密度；
(4)前面求出了A、B的重力之比，知道A的重力，可求B的重力；根据力作用的相互性可知细线对B的拉力，进而可求B对容器底部的压力。
【解答】解：
A、由题知，A、B密度之比ρA：ρB＝3：5，VA：VB＝1：1，
由G＝mg＝ρVg可得A、B所受的重力之比：
GA：GB＝ρAVAg：ρBVBg＝ρA：ρB＝3：5，
已知GA＝6N，
所以GB＝GA＝×6N＝10N，故A正确；
B、已知A、B的体积相同，都浸没在水中，则A、B排开水的体积相等，根据阿基米德原理可得A受到的浮力F浮A＝F浮B＝8N，
A在重力、拉力和浮力的共同作用下刚好完全浸没入水中，细线被拉直，根据力的合成可得细线对A的拉力为F拉A＝F浮A﹣GA＝8N﹣6N＝2N，故B错误；
C、根据F浮＝ρ液gV排可得，A的体积：VA＝VA排＝＝＝8×10﹣4m3，
则A的密度：ρA＝＝＝0.75×103kg/m3，故C正确；
D、根据力的作用的相互性可得，细线对B的拉力F拉B＝F拉A＝2N，方向竖直向上，
则B对容器底部的压力：F压＝F浮B+F拉B﹣GB＝8N+2N﹣10N＝0N，故D正确。
故选：B。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理、力的合成与应用，对A、B进行正确的受力分析是关键。
12．如图甲所示电路，电源电压恒定不变，R0为定值电阻、R为电阻箱，调整电阻箱R的电阻值，电流表示数I的倒数与电阻箱阻值R的关系如图乙所示，以下说法中正确的是(　　)

A．电源电压为3.6V
B．通过R0的最大电流为2A
C．调整电阻箱R的阻值，则R的最大功率为0.75W
D．调整电阻箱R的阻值，则R0的最大功率为0.48W
【分析】闭合开关，R和R0串联，电流表测量电路电流。
(1)当电流表示数I的倒数为2A﹣1时，电路中电流为0.5A，此时R接入电路的电阻值为0，根据欧姆定律可知此时通过R0的电流最大；
根据欧姆定律可得出电源电压的表达式；
当电流表示数I的倒数为5A﹣1时，电路中电流为0.2A，此时R接入电路的电阻值为18Ω，根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得出电源电压的表达式；
联立两表达式可得电源电压和R0的值；
(2)调整电阻箱R的阻值，根据欧姆定律可得出此时电路中的电流，根据P＝UI＝I2R可知R的电功率的表达式，进而分析并得出当R的最大电功率。
【解答】解：闭合开关，R和R0串联，电流表测量电路电流。
AB、当电流表示数I的倒数为2A﹣1时，电路中电流为0.5A，此时R接入电路的电阻值为0，
根据欧姆定律可知此时通过R0的电流最大，为0.5A，故B错误；
根据欧姆定律可知电源电压U＝IR0＝0.5A×R0..........①，
当电流表示数I的倒数为5A﹣1时，电路中电流为0.2A，此时R接入电路的电阻值为18Ω，
根据欧姆定律和串联电路的电压特点可知电源电压U＝I′R′+I′R0＝0.2A×18Ω+0.2A×R0..........②，
联立①②可得：U＝6V，R0＝12Ω；故A错误；
CD、调整电阻箱R的阻值，此时电路中的电流I″＝，根据P＝UI＝I2R可知R的电功率P＝I″2R＝()2R＝，
当R＝R0＝12Ω时，R的电功率最大，为P大＝＝＝＝0.75W，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度适中。
二、填空题(本大题共10个小题，每空1分，共20分)
13．(2分)坐在向前行驶汽车里的小亮看见路旁的树向后运动，他是以 　汽车(答案不唯一)　为参照物，司机要求他必须系好安全带，因为汽车紧急刹车时，人由于 　惯性　，将继续向前运动，可能造成碰撞伤害。
【分析】(1)首先确定被研究的物体，被研究的物体和参照物之间发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
(2)物体由于惯性要保持原来的运动状态。
【解答】解：(1)坐在向前行驶汽车里的小亮看见路旁的树向后运动，树是被研究的物体，树是运动的，树和汽车之间发生了位置的变化，故以汽车为参照物，树是运动的。
(2)汽车行驶时，人和汽车一起运动，汽车紧急刹车，汽车停止，由于惯性，人保持原来的运动状态，容易向前运动，容易造成碰撞伤害。
故答案为：汽车(答案不唯一)；惯性。
【点评】本题通过小明乘坐汽车考查了运动和静止的相对性、惯性等，体现了生活处处皆物理。
14．(2分)一辆小汽车于20：45驶入一高速公路某区间测速路段的起点，当日21：15驶出终点，全程40km，则该汽车在该路段的行驶时间 　0.5　h，平均速度为 　80　km/h。
【分析】根据汽车通过前、后两个监控点的时间可求出经过测速路段的时间，又知道路程，然后利用速度公式求出汽车的平均速度。
【解答】解：一辆小汽车于20：45驶入一高速公路某区间测速路段的起点，当日21：15驶出终点，则运动的时间为：t＝21：15﹣20：45＝30min＝0.5h；
汽车的平均速度为：v＝＝＝80km/h。
故答案为：0.5；80。
【点评】本题考查了平均速度的简单计算，属于基础题。
15．(2分)有甲、乙、丙三个带电体，甲物体排斥乙物体，乙物体吸引丙物体。如果丙物体带正电，甲物体带 　负　电，乙物体带 　负　电。
【分析】利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引即可判断。
【解答】解：有甲乙丙三个带电体，且丙物体带正电，乙物体吸引丙物体，故乙带负电；甲物体排斥乙物体，故甲带负电。
故答案为：负；负。
【点评】从丙的带电情况入手，逐个分析判断即可。
16．(2分)端午节到了，家人团聚常食用咸鸭蛋。咸蛋的制作方法之一：在洗净的鸭蛋表面涂抹白酒，粘上盐后用纸包起来，放置一段时间后就变咸了，从分子运动的角度看，鸭蛋变咸属于 　扩散　现象。煮咸鸭蛋时，温度升高，内能 　增加　(选填“增加”“减少”或“不变”)。
【分析】(1)不同物质组成的物体相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散。
(2)物体内能跟物体的温度、质量和状态有关，在质量和状态一定时，物体温度升高，物体的内能增加。
【解答】解：(1)鸭蛋变咸是盐分子运动到鸭蛋中，这是扩散现象。
(2)煮咸鸭蛋时，鸭蛋的质量和状态不变，温度升高，鸭蛋的内能增加。
故答案为：扩散；增加。
【点评】本题通过腌制鸭蛋和煮鸭蛋考查了扩散和内能，体现了生活处处皆物理。
17．(2分)体育锻炼用的一个实心铅球的质量是4kg，经测量它的体积是0.5dm3，则该铅球的密度为 　8×103　kg/m3。若该铅球是纯铅做的，铅的密度是11.3×103kg/m3，质量应为 　5.65　kg。
【分析】(1)已知铅球的质量和体积，根据密度公式求出铅球的密度；
(2)已知铅的密度、铅球的体积，利用密度公式计算其质量。
【解答】解：(1)实心铅球的质量：m＝4kg，体积：V＝0.5dm3＝5×10﹣4m3，
则实心球的密度：ρ球＝＝＝8×103kg/m3；
(2)若该铅球是纯铅做的，铅的密度是11.3×103kg/m3，
则其质量为：m′＝ρ铅V＝11.3×103kg/m3×5×10﹣4m3＝5.65kg。
故答案为：8×103；5.65。
【点评】此题考查密度的计算，属于基础题目，难度不大，灵活运用密度公式及其变形公式是关键。
18．(2分)如图所示，固定的斜面长s＝1.2m，高h＝0.3m。沿斜面向上用5N的拉力在2s内把一个重16N的物体从斜面底端匀速拉到顶端。拉力的功率为 　3　W，斜面的机械效率为 　80%　。

【分析】(1)根据公式W＝Fs求出拉力做的功，即总功；再根据公式P＝求出拉力的功率。
(2)根据W＝Gh求出有用功；然后根据公式η＝求出斜面的机械效率。
【解答】解：(1)拉力所做的总功为：W总＝Fs＝5N×1.2m＝6J；
拉力的功率为：P＝＝＝3W；
(2)此过程所做的有用功为：W有＝Gh＝16N×0.3m＝4.8J；
则斜面的机械效率为：η＝＝＝80%。
故答案为：3；80%。
【点评】本题考查了功、功率、机械效率的计算，比较简单。
19．(2分)攀枝花市某学校研学小组在探究通电螺线管磁场的实验中，小磁针和螺线管放置于同一水平面内，螺线管为东西朝向，小磁针可在水平面内自由转动。开关S闭合后，小磁针的指向如图所示，则电源A端为 　负　(选填“正”或“负”)极。当开关S断开时，小磁针N极将 　向北　(选填“不”、“向北”或“向南”)偏转。

【分析】(1)根据磁场对放入其中的磁体产生磁力作用，磁体N极跟该点磁感线方向一致，可以判断小磁针处磁场方向；根据磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，来判断通电螺线管的磁极；根据安培定则判断通电螺线管中电流方向，根据电流方向判断电源正负极。
(2)小磁针受地磁场的作用，总是一端指南，一端指北，指北的是N极，指南的是S极。
【解答】解：(1)小磁针的左端是N极，可以判断小磁针处磁感线方向指向左侧，根据磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，可以判断通电螺线管的左端是N极，右端是S极，根据安培定则判断电流从螺线管的右边进入，从左边流出，可以判断电源的B端是正极，A端是负极。
(2)当开关S断开时，通电螺旋管无磁性，小磁针受地磁场的作用，一端指南，一端指北，指南的是S极，指北的是N极。
故答案为：负；向北。
【点评】对于通电螺线管的问题，知道通电螺线管的磁极、通电螺线管的电流方向、小磁针的磁极、磁感线，知道其中的一者，都能判断其它几者。
20．(2分)如图所示为游乐园过山车的轨道示意图。过山车从高处加速滑下的过程中，轨道对车的支持力 　不　(选填“不”或“要”)做功，过山车重力势能 　减少　(选填“增加”、“减少”或“不变”)。


【分析】(1)物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可；
(2)重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大。
【解答】解：过山车从高处加速滑下的过程中，轨道对车有支持力作用，但过山车没有在支持力的方向上通过距离，所以轨道对车的支持力不做功；
过山车从高处加速滑下的过程中，质量不变，高度变小，所以过山车重力势能减少。
故答案为：不；减少。
【点评】此题以过山车为载体，考查了力是否做功的判断，动能和势能的大小变化，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
21．(2分)物理兴趣小组的师生自制了一个电炉。电炉的电阻丝通过5A的电流时，每分钟可产生6.6×104J的热量，则这个电炉的电功率为 　1100　W，电阻丝工作时的电阻为 　44　Ω。
【分析】(1)已知产生的热量和所用时间，产生的热量等于消耗的电能，根据公式P＝可求电阻丝的电功率。
(2)已知电功率和电流，根据公式P＝I2R可求电阻丝的电阻。
【解答】解：(1)此时电阻丝的电功率P＝＝＝＝1100W；
(2)由P＝I2R可得，此时电阻丝的电阻R＝＝＝44Ω。
答：1100；44。
【点评】本题考查电功率、电阻的计算，关键是公式及其变形的应用，还要知道本题中消耗的电能全部转化成热能。
22．(2分)如图甲所示的电路，电源电压为9V，小灯泡L的额定电压为4V，图乙是小灯泡L的电流I随其电压U的变化的图像。当S闭合，将滑片P移到滑动变阻器R的中点时，小灯泡L恰好正常发光，则滑动变阻器R的最大阻值为 　20　Ω。移动滑片P，当小灯泡L的功率为1W时，滑动变阻器R接入的阻值为 　16.25　Ω。

【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；小灯泡正常发光时，根据图像得出此时电路中的电流；根据串联电路的电压关系求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻，从而得到滑动变阻器的最大阻值；
根据图像分析小灯泡L的功率为1W时灯泡两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压关系求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻值。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量小灯泡两端的电压；
小灯泡L的额定电压为4V，小灯泡正常发光时的电流为0.5A；
滑动变阻器两端的电压为：UR＝U﹣UL＝9V﹣4V＝5V；
滑动变阻器接入电路的电阻为：R＝＝＝10Ω，所以滑动变阻器的最大阻值为2×10Ω＝20Ω；
移动滑片P，当小灯泡L的功率为1W时，根据图像可知，此时灯泡两端的电压为2.5V，电路中的电流为0.4A；
滑动变阻器R接入的阻值为：R'＝＝＝16.25Ω。
故答案为：20；16.25。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电流和电压的关系，难度不大。
三.作图题(本大题共3个小题，每小题2分，共6分)
23．(2分)如图所示，若某同学在平直的公路上用力蹬自行车前进，请找出自行车前、后轮所受路面摩擦力的作用点。并画出前、后轮所受路面摩擦力的示意图。

【分析】分析车轮相对地面的运动方向或相对运动趋势的方向，从而确定摩擦力的方向，从而画出其力的示意图。
【解答】解：骑自行车时，后轮在链条的作用下，使后轮相对于地面向后运动，所以地面对后轮有向前的摩擦力，此摩擦力为自行车提供了前进的动力；
前轮相对于地面向前运动，则地面对前轮有向后的摩擦力，其作用点分别在两轮与地面的接触点上。据此分别作出前后轮所受到的摩擦力f前轮、f后轮。如图所示：

【点评】本题考查摩擦力示意图的画法，关键是判断摩擦力的方向，与物体相对运动方向相反，易错题。
24．(2分)如图是自行车尾灯的示意图，一条光线射尾灯，请画出该光线经尾灯反射的完整光路图。


【分析】自行车的尾灯是由相互垂直的平面镜组合而成的，光照在这儿将发生镜面反射；根据光的反射定律作图，反射角等于入射角作图。最终反射光线与最初的入射光线平行。
【解答】解：过反射点作垂直于反射面的法线，根据反射角等于入射角画出反射光线；然后过二次反射点作法线，仍然根据反射角等于入射角画出反射光线，注意二次反射的光线与原来的入射光线平行。如图所示：

【点评】本题考查了光的反射定律的应用。自行车的尾灯还是红色的，反射回去的光变为红色，更加醒目，且红光的波长长，能够透过雾，这样的结构可以有效防止事故的发生。
25．(2分)请将如图所示的电灯、开关和三孔插座正确接入家庭电路中，开关需控制电灯。

【分析】(1)家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。
(2)家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：灯泡的接法：火线首先接开关，再接灯泡的金属点；零线直接接灯泡的螺旋套。
三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入三孔插座时，能使金属外壳接地，防止漏电时发生触电事故。如图所示：

【点评】在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性。
四、实验探究题(本大题共4个小题，每空1分，共20分)
26．物理教研小组做“研究光的折射和反射规律”实验，根据实验现象绘制了如图所示的光从空气射入水中时的光路图。
(1)光从空气射入水中时，传播速度将 　变小　(选填“变大”、“不变”或“变小”)
(2)当θ角增大5°，入射光线与反射光线的夹角将 　减小　(选填“增大”或“减小”) 　10　°。

【分析】(1)光在不同介质中的传播速度不同，在水和玻璃中的传播速度均小于在空气中的速度。
(2)光的反射定律中，反射角等于入射角。
【解答】解：(1)光从空气射入水中时，传播速度将变小。
(2)当θ角增大5°，即入射光线与水面的夹角增大5°，所以入射角减小5°，反射角也减小5°，所以入射光线与反射光线的夹角将减小10°。
故答案为：(1)变小；(2)减小；10。
【点评】知道光从不同介质中的传播速度不同，理解光的反射定律，可解答此题。
27．(2分)物理研学小组做“探究水沸腾时温度的特点”实验，当水温超过80℃时每隔1min记录一次温度，如表所示：
时间t/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
水的温度T/℃
82
84
86
88
90
92
94
96
98
98
98

(1)请指出图甲中的错误：　在读数时，俯视了，这样读数会偏大　(写出一条即可)。
(2)根据把表格中的数据，在图乙的方格纸上画出的温度T随时间t变化的图像。
(3)实验计时的第9min，烧杯里水中气泡在上升过程中的情景应为图 　丁　所示。
【分析】(1)要解决此题，需要掌握各个器材的使用规则，在使用温度计测液体的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器壁和容器底；读数时，视线要与温度计中液柱的上表面相平；
(2)根据表格中的数据描点，并用平滑的曲线连接起来；
(3)分析表格，实验从8min开始沸腾，然后根据沸腾是气泡的特点解答。
【解答】解：
(1)由图甲知，在读数时，视线应与液柱的上表面相平，而图中俯视了，这样会使读数偏大。
(2)根据表格中的数据描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：
；
(3)沸腾前和沸腾时的现象：沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前，气泡在上升过程中，体积逐渐减小；因此丙图是沸腾前的现象，由表格，实验从8min开始沸腾，实验计时的第9min，烧杯里水中气泡在上升过程中的情景应为图丁。
故答案为：(1)在读数时，俯视了，这样读数会偏大； (2)如上图；(3)丁。
【点评】水的沸腾实验是初中热学中重要的实验，一般考查水沸腾前后气泡的变化、沸点、沸点和气压的关系、沸腾的条件、加热时间比较长的原因、器材、水沸腾的图象、温度计的正确使用和读数等等。
28．(4分)攀枝花红格脐橙汁多味甜，声名远播。小军设计如下实验测量橙瓣的密度。。
(1)他将天平放在水平桌面上，调节天平平衡，然后将一个橙瓣放入天平左盘中，在右盘中加入砝码，发现指针稍微偏向分度盘左侧，他可以调节 　游码　(选填“游码”或“平衡螺母”)，使指针指向分度盘中央刻度线，如图甲所示，橙瓣质量为 　10.4　g。

(2)他将该橙瓣放入装有30mL水的量筒中，水面上升到图乙所示的位置，则该橙瓣的密度为 　1.04×103　kg/m3。
(3)他对实验进行误差分析，觉得测体积误差太大。他设计了下列解决方案，其中合理的是 　 　(填字母)
A.换量程更大的量筒测量
B.测多个橙瓣的总质量和总体积
C.换分度值更大的量筒测量
【分析】(1)在使用天平测量物体质量的过程中，不能调节平衡螺母，
橙瓣的质量等于右盘中砝码的质量加上游码所对的刻度值；
(2)量筒中两次读数之差得出物体体积，再用ρ＝计算橙瓣密度；
(3)橙瓣体积太小，测得体积的误差较大，导致测得的密度不准，为了减小误差，可以测多个橙瓣的总质量和总体积。
【解答】解：(1)在使用天平测量物体质量的过程中，不能调节平衡螺母，应该取放砝码或调节游码使天平平衡；
标尺的分度值为0.2g。游码所对的刻度值为0.4g，橙瓣质量m＝10g+0.4g＝10.4g，
(2)橙瓣体积：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3，
橙瓣密度为：ρ＝＝＝1.04g/cm3＝1.04×103kg/m3。
(4)橙瓣体积太小，测得体积的误差较大，为了减小误差，可以测多个橙瓣的总质量和总体积。
量筒的量程越大，分度值越大，因此换分度值更大的量筒测量，会导致误差更大，故只有B正确；
故选B；
故答案为：(1)游码；10.4；(2)1.04×103；(3)B。
【点评】本题考查测量固体密度的实验，重点考查了天平的使用方法、密度的计算及误差分析等问题。
29．(4分)某物理小组在“研究液体内部的压强”实验时，想知道液体对容器底部的压强增加量△p液及容器对水平面的压强增加量△p容与哪些因素有关，他们选取了体积相同、密度不同的若干小球放入水中(水深大于小球直径，且水不溢出)，如图所示，测出水对容器底部的压强增加量△p液及容器对水平面的压强增加量△p容，得到的实验数据如表中实验序号1﹣5所示。
液体分类
水(ρ水＝1.0×103kg/m3)
未知液体(ρ液)
实验序号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
ρ球(×103kg/m3)
0.6
0.8
1.0
1.2
1.4
0.6
0.8
1.0
1.2
1.4
△p水(帕)
294
392
490
490
490
294
392
490
539
539
△p容(帕)
294
392
490
588
686
294
392
490
588
686
(1)本实验设计所用到的实验方法是下列中的 　A　。
A.控制变量法
B.转换法
C.等效替代法
D.理想模型法
(2)分析比较表中实验序号1﹣5中的数据及相关条件可知：当ρ球　≤　ρ水(选填“＞”、“＜”、“＝”、“≥”、“≤”)时，△p液＝△p容。
(3)分析比较表中实验序号1﹣5中的数据及相关条件可知：△p液与ρ球　无关　(选填“成正比”、“成反比”或“无关”)。
(4)他们仅改变液体种类，利用上述实验器材重复了实验，得到数据如表中实验序号6﹣10所示。据此可知该液体的密度ρ液＝　1.1×103　kg/m3。

【分析】(1)实验中控制小球的体积、液体密度和容器不变，探究压强的增加量与什么因素有关，这种探究方法叫做控制变量法；
(2)由1、2、3次实验数据可知，当球的密度小于或等于水的密度时，△p液与△p容的关系；
(3)由3、4、5次实验数据可知，选用密度不同的小球实验时，△p水保持不变，即：△p液与ρ球无关；
(4)当ρ球＞ρ液时，小球在浸没在液体中沉底，小球排开水的体积等于小球的体积，由公式F浮＝ρ液gV排可知，体积相同密度不同的小球在同种液体中所受浮力相同，根据力的作用是相互的原理可知，液体对规则容器底的压力增加量ΔF＝F浮，由压强公式可知，在容器底面积一定时，液体对容器底的压强增加量相等。
同时由压强公式可得：F浮＝ΔF＝△p液S容，取第5和第10次实验数据可求得未知液体的密度。
【解答】解：(1)实验中控制小球的体积、液体密度和容器不变，改变小球密度，探究压强的增加量与什么因素有关，这种探究方法叫做控制变量法；
(2)由1、2、3次实验数据可知，当ρ球≤ρ水的密度时，△p液＝△p容；
(3)由3、4、5次实验数据可知，选用密度不同的小球实验时，△p水保持不变；
(4)当ρ球＞ρ液时，小球在浸没在液体中沉底，小球排开水的体积等于小球的体积，由公式F浮＝ρ液gV排可知，体积相同密度不同的小球在同种液体中所受浮力相同，根据力的作用是相互的原理可知，液体对规则容器底的压力增加量ΔF＝F浮，由压强公式可知，在容器底面积一定时，液体对容器底的压强增加量相等。
同时由压强公式可得：F浮＝ΔF＝△p液S容，在第5和第10次实验中，△p水＝490Pa，△p液＝539Pa，则有：
F浮水＝△p水S容＝490Pa×S容，即：ρ水gV球＝490Pa×S容……①
F浮液＝△p液S容＝539Pa×S容，即：ρ液gV球＝539Pa×S容……②
由①②可得：ρ液＝1.1×103kg/m3。
故答案为：(1)A；(2)≤；(3)无关；(4)1.1×103kg/m3。
【点评】本题考查科学探究方法控制变量法在实验探究中的应用，以及压强、阿基米德原理的应用，培养学生的分析综合能力，难度较大。
30．(7分)物理组小组做“探究小灯泡的电流与电压的关系”实验，电源电压为3V。

序号
电压/V
电流/A
1
1.00
0.17
2
2.00
0.25
3

0.28
4
3.00
0.30
(1)他们连接的实物电路如图甲所示。
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，而电压表示数接近3V。取下灯泡，两表的示数仍然不变，出现故障的原因可能是 　灯泡断路　。
(3)故障排除后，当滑动变阻器的滑片P在如图所示的位置时，小灯泡亮度较暗，要让小灯泡亮度增大，应把滑片P向 　左　(选填“左”或“右”)适当移动。
(4)他们测出的小灯泡电流I与电压U变化的情况如上表所示，第3次实验时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡的电压为 　2.5　V；功率为 　0.7　W。
(5)他们根据上表数据想测出小灯泡的电阻。为了减小误差，他们把四次测量所得电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，你认为他们的做法是 　错误　(选填“正确”或“错误”)的，理由是：　在不同电压下小灯泡的电阻值不同，取平均值没有意义　。
【分析】(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中存在断路故障，根据电压表的示数可判断断路的位置；
(3)原来小灯泡亮度较暗，要让小灯泡亮度增大，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的知识判断滑动变阻器阻值的变化，从而确定滑片的移动方向；
(4)根据电压表的量程和分度值读出小灯泡的电压，由表格数据可知此时的电流值，根据P＝UI算出小灯泡的功率；
(5)小灯泡的电阻受温度的影响，即在不同电压下小灯泡的电阻值不同。
【解答】解：
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路中存在断路故障，而电压表示数接近3V，说明电压表与电源连通，取下灯泡，两表的示数仍不变(即电流表示数仍然为0，电压表示数接近3V)，说明断路的地方在小灯泡处，即小灯泡断路；
(3)小灯泡亮度较暗，说明小灯泡两端的电压低于额定电压，要使灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，减小滑动变阻器两端的电压，由串联分压的规律可知，应减小变阻器接入电路的电阻，所以应将滑片向左端移动；
(4)由图乙知电压表的量程为0﹣3V，分度值为0.1V，示数为2.5V，
由表格数据知此时电流值为0.28A，则此时小灯泡的电功率为：
P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；
(5)因小灯泡的电阻受温度的影响，即在不同电压下小灯泡的电阻值不同，所以取平均值没有意义，则他们的做法是错误的。
故答案为：(2)灯泡断路；(3)左；(4)2.5；0.7；(5)错误；在不同电压下小灯泡的电阻值不同，取平均值没有意义。
【点评】本题是“探究小灯泡的电流与电压的关系”的实验，考查了故障分析、实验操作、电压表的读数、电功率公式的应用以及影响电阻的因素，是一道综合题，但难度不是很大。
五、计算题(第31小题4分，第32小题6分，第33小题8分，共18分)
31．(4分)英雄攀枝花，阳光康养地。攀枝花日照丰富，为了节约能源，攀枝花很多屋顶都安装了太阳能热水器。已知太阳能热水器储水箱内盛有100kg的水，在阳光照射下，水的温度升高了26℃，已知c水＝4.2×103J/(kg•℃)。求：
(1)水吸收的热量；
(2)这些热量相当于完全燃烧多少煤气放出的热量。(q煤气＝3.9×107J/m3)
【分析】(1)知道水的质量、温度升高值，根据吸热公式计算水吸收的热量；
(2)由题知，完全燃烧煤气放出的热量等于水吸收的热量，利用Q放＝mq计算需要完全燃烧多少煤气。
【解答】解(1)水吸收的热量：
Q吸＝c水m1△t＝4.2×103J/(kg•℃)×100kg×26℃＝1.092×107J；
(2)设完全燃烧煤气的质量为m2，
因为Q放＝Q吸＝m2q煤气，
所以完全燃烧煤气的体积：
V＝＝＝0.28m3。
答：(1)水吸收的热量为1.092×107J；
(2)这些热量相当于完全燃烧0.28kg煤气放出的热量。
【点评】本题考查了太阳能热水器使用、吸热公式计算、燃料燃烧放热计算，虽知识点多，但条件已给出，难度不大。
32．(6分)如图所示电路中，R1为定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡L标有“4V 2W”字样。滑动变阻器的滑片P滑到某一位置，把滑动变阻器分为左右两部分，且右边阻比左边电阻小3Ω。只闭合开关S1，电压表V1的示数为U1；只闭合开关S2，电压表V2的示数为U2，两次灯泡均正常发光，且U1：U2＝4：3，求：
(1)灯泡正常发光时的电流；
(2)滑动变阻器的总电阻。

【分析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的电流；
(2)只闭合开关S1时，灯泡L与变阻器滑片左侧电阻丝R左串联，电压表测R左两端的电压；只闭合开关S2时，定值电阻R1、变阻器右侧电阻丝R右、灯泡L串联，电压表V1测定值电阻R1和变阻器右侧电阻丝R右两端电压之和，电压表V2测R1两端的电压，由两次灯泡均正常发光可知两种情况下电路中的电流相等，根据欧姆定律可知两种情况下电路的总电阻相等，根据电阻的串联得出等式，再根据滑动变阻器右边电阻比左边电阻小3Ω求出定值电阻R1的阻值，根据欧姆定律结合U1：U2＝4：3得出等式即可求出滑片左侧电阻丝R左的阻值，进一步得出变阻器右侧电阻丝R右的阻值，从而得出滑动变阻器的总电阻。
【解答】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL＝4V，功率PL＝2W，
由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：IL＝＝＝0.5A；
(2)只闭合开关S1时等效电路图如图1所示，只闭合开关S2时等效电路图如图2所示：

因两次灯泡均正常发光，即两种情况下电路中的电流I相等，
所以，由I＝可得，两种情况下电路的总电阻相等，
则R左+RL＝R1+R右+RL，即R左＝R1+R右，
又因滑动变阻器右边电阻比左边电阻小3Ω，即R左＝R右+3Ω，
所以，定值电阻R1＝3Ω，
因U1：U2＝4：3，
所以，＝＝＝，
解得：R左＝R1＝×3Ω＝4Ω，
则R右＝R左﹣3Ω＝4Ω﹣3Ω＝1Ω，
滑动变阻器的总电阻：R总＝R左+R右＝4Ω+1Ω＝5Ω。
答：(1)灯泡正常发光时的电流为0.5A；
(2)滑动变阻器的总电阻为5Ω。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和利用好“滑动变阻器右边电阻比左边电阻小3Ω”是关键。
33．(8分)如图所示，站在水平地面上的小林想通过杠杆AB和动滑轮拉起同样站在水平地面上的小新。杠杆AB可绕转轴O在竖直平面内转动，且OA：OB＝1：2，小林的质量m1＝50kg。小新的质量m2＝48kg，小新双脚与地面接触面积S＝400cm2。当小林施加竖直向下的拉力F1时，小新未被拉动，此时小新对地面的压强p＝2.5×103Pa，小林对地面的压强为p1；当小林施加竖直向下的拉力F2时，小新刚好被拉起，小林对地面的压强为p2，且p1：p2＝16：15。不计绳重，杠杆重力和一切摩擦，g取10N/kg。求：
(1)小林施加拉力F1时，小新对地面的压力FN；
(2)动滑轮重力G动。

【分析】(1)小林施加拉力F1时，小新对地面的压强为P＝2.5×103Pa，由p＝可求出小新对地面的压力FN；
(2)当小林施加拉力F1时，把小新和动滑轮看作整体进行受力分析，则有：2FA+FN＝G2+G动，即有：FA＝(G2+G动﹣FN)；
对于小林进行受力分析，有：F1+FN1＝G1，即有：F1＝G1﹣FN1；
由杠杆平衡条件，可求出此时小林对地面的压力FN1；
同理可求出当小林施加拉力F2时，小林对地面的压力FN2；
再利用p＝及P1：P2＝16：15，可求出动滑轮重力G动。
【解答】解：(1)小林施加拉力F1时，小新对地面的压强为P＝2.5×103Pa，由p＝可知，小新对地面的压力为：
FN＝pS＝2.5×103Pa×400×10﹣4m2＝100N；
(2)当小林施加拉力F1时，把小新和动滑轮看作整体进行受力分析，
则有：2FA+FN＝G2+G动，
即：FA＝(G2+G动﹣FN)；
对于小林进行受力分析，有：F1+FN1＝G1，
即：F1＝G1﹣FN1；
由杠杆平衡条件可知，＝，
即：＝＝，
则此时小林对地面的压力：FN1＝G1﹣(G2+G动﹣FN)；
当小林施加拉力F2时，小新刚好被拉起，把小新和动滑轮看作整体进行受力分析，
则有：2FA'＝G2+G动，
即：FA'＝(G2+G动)；
对于小林进行受力分析，有：F2+FN2＝G1，
即：F2＝G1﹣FN2；
由杠杆平衡条件可知，＝，
即：＝＝，
则此时小林对地面的压力：FN2＝G1﹣(G2+G动)；
因为小林与地面的接触面积不变，由p＝可知，小林对地面的压强之比为：
＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
又因为p1：p2＝16：15，
G1＝m1g＝50kg×10N/kg＝500N，
G2＝m2g＝48kg×10N/kg＝480N，
将它们代入①式，解得G动＝20N。
答：(1)小林施加拉力F1时，小新对地面的压力FN为100N；
(2)动滑轮重力G动为20N。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、压强定义式、杠杆平衡条件应用，要求认真审题、灵活应用相关公式，属于难题！