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精品解析：2021年山东省临沂市河东区中考二模物理试题（解析版+原卷板）
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2021年山东省临沂市河东区中考物理二模试卷
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 对下列各物理量的估测，最接近实际的是（ ）
A. 一层教学楼高约 B. 一元硬币的质量约50g
C. 舒适洗澡水的温度约 D. 电冰箱正常工作的电流约5A
【1题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．一层教学楼高约左右，故A符合题意；
B．我国一元硬币的质量为6g，故B不符合题意；
C．人体温度为，舒适的洗澡水的温度与人体温度差不多，约在左右，故C不符合题意；
D．家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作时的电流为，故D不符合题意。
故选A。
2. 2021年4月29日11时22分30秒，文昌航天发射场发出震耳欲聋的轰鸣声，搭载空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭点火升空。天和核心舱与火箭分离后进入预定轨道，之后太阳能帆板两翼顺利展开，此次发射任务的圆满成功，标志着我国空间站在轨组装建造全面展开。下列说法正确的是（ ）
A. 震耳欲聋的轰鸣声属于超声波 B. 震耳欲聋是指轰鸣声的响度很大
C. 在预定轨道飞行的天和舱受力平衡 D. 太阳能帆板将太阳能转化为内能
【2题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．高于20000Hz的声音叫做超声波，超过人类听觉的上限，人是听不到的，故震耳欲聋的轰鸣声不属于超声波，故A错误；
B．震耳欲聋说明声音很大，是指声音的响度很大，故B正确；
C．在预定轨道飞行的天和舱做圆周运动，运动方向时刻发生变化，即运动状态发生改变，因此处于非平衡状态，故天和舱受非平衡力作用，故C错误；
D．天太阳能帆板正常工作时，将太阳能转化为电能，故D错误。
故选B。
3. 如图所示的生活用具中，使用时属于省距离杠杆的是（ ）
A. 筷子 B. 托盘天平
C. 核桃夹 D. 瓶盖起子
【3题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离，故A符合题意；
B．托盘天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省距离，故B不符合题意；
CD．核桃夹、酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故CD不符合题意。
故选A。
4. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 可以用铜丝代替保险丝接入电路 B. 空气开关跳闸一定是电路短路造成的
C. 控制电灯的开关接在火线和电灯之间 D. 使用测电笔时手不接触笔尾的金属体
【4题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．家庭电路中保险丝（熔丝）熔断后如果用粗铜丝代替保险丝，这样起不到保护电路的作用，不符合安全用电的原则，故A错误；
B．家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C．家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故C正确；
D．用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故D错误。
故选C。
5. 2021年4月17日“月掩火星”现身天宇。“月掩火星”实际上是地球、月亮和火星三者在一条直线上而出现的视觉现象，如图所示。下列光现象，与“月掩火星”奇观成因相同的是（ ）
A. 海市蜃楼 B. 手影游戏
C. 鱼翔浅底 D. 水面“折”枝
【5题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】“月掩火星”是由于光沿直线传播形成的；
A．海市蜃楼是由于光的折射形成的现象，故A不符合题意；
B．手影游戏是由于光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C．鱼翔浅底是光的折射造成的，故C不符合题意；
D．水面“折”枝是光的折射造成的，故D不符合题意。
故选B。
6. 我国的无人机技术处于世界一流水平。如图所示，我国自主研发的某款无人机正在匀速上升，下列判断正确的是（ ）
A. 无人机的重力不做功 B. 无人机的机械能不断增大
C. 地面景物在摄像头中成缩小的虚像 D. 无人机电动机的工作原理是电磁感应
【6题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．无人机匀速上升的过程中，在重力方向上通过了距离，所以重力做了功，故A错误；
B．无人机匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变；高度越来越高，重力势能越来越大；所以机械能不断增大，故B正确；
C．摄像头是利用物距大于凸透镜的二倍焦距时，物体成倒立缩小的实像而制成的，不是虚像，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，发电机的原理是电磁感应，故D错误。
故选B。
7. 2021年1月7日，黄海海面上出现了白茫茫的“海浩”现象（如图）。“海浩”现象是指低温条件下，海水温度高于空气温度，海水蒸发为水蒸气后，遇到冷空气迅速凝结为小冰晶。下列说法正确的是（ ）
A. 蒸发一种液化方式 B. 海水蒸发时放出热量
C. 白茫茫是升华造成的 D. 凝结成小冰晶的过程放出热量
【7题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】AB．海水变为水蒸气是液态变为气态的过程，属于汽化现象，需要吸热，故A错误，B错误；
CD．水蒸气遇到冷空气后迅速变为冰晶，是气态直接变为固态的凝华过程，同时放出热量，故C错误，D正确。
故选D。
8. 有关热学知识，下列说法正确的是（ ）
A. 0°C冰块的分子间没有相互作用力
B. 晶体熔化时，温度和内能均不变
C. 物体温度升高时，一定吸收了热量
D. 热机效率不可能达到100%
【8题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．分子之间总存在相互作用的引力和斥力，故A错误；
B．晶体熔化时，吸收热量，内能变大，但温度不变，故B错误；
C．物体温度升高时，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故C错误；
D．热机工作时总是有能量的损失，所以热机效率始终小于1，故D正确。
故选D。
9. 以下操作中，相应物理量的数值前后发生改变的是（ ）
A. 一根导线剪掉一半，剩下导线的电阻
B. 一杯牛奶喝掉一半，剩下牛奶的密度
C. 一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值
D. 一瓶水喝掉一半，剩下水的比热容
【9题答案】
【答案】A
【解析】
【详解】A．导体的电阻与其长度、横截面、材料等有关，若一根导线剪掉一半，则剩下导线的电阻发生改变，故A符合题意；
B．物体的密度随温度、压力的变化而改变，但不随物体自身的质量或体积的变化而变化，则剩下牛奶的密度不变，故B不符合题意；
C．热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值不变，故C不符合题意；
D．比热容是物质的一种特性，反映了物质吸热和放热能力的大小，与无物质种类和状态有关，与质量无关，一瓶水喝掉一半后剩下水的比热容不变，故D不符合题意。
故选A。
10. 如图所示，旋转微型电扇的扇叶能使二极管发光，与此工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【10题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】微型电扇中装有电动机，电动机主要是由磁体和线圈组成，用手旋转叶片时，线圈恰好在磁场中做切割磁感线运动，此时会产生电流，发光二极管发光了，该现象是电磁感应现象。
A．图中导体通电后小磁针会偏转，说明通电导体周围有磁场，是奥斯特实验，故A不符合题意。
B．图中是电磁继电器，其主要部件是电磁铁，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图中通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故C不符合题意；
D．图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流可从电流表指针发生偏转来体现，这是电磁感应现象，故D符合题意。
故选D。
11. 关于平面镜成像特点的实验探究，下列说法正确的是（ ）
A. 应该用较厚的玻璃板代替平面镜 B. 蜡烛靠近玻璃板时，像会远离玻璃板
C. 蜡烛离玻璃板越近，所成的像就越大 D. 为验证像的虚实，实验需要用到光屏
【11题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．在探究平面镜成像特点时，为成像更清晰且便于确定像的位置，应选用较薄的玻璃板代替平面镜，故A错误；
B．平面镜所成的像与物体到镜面的距离相等，所以当蜡烛靠近玻璃板时，像也靠近玻璃板，故B错误；
C．平面镜所成的像与物体大小相等，与物体到镜面的距离无关，故C错误；
D．能在光屏承接到的像是实像，不能在光屏上承接到的像是虚像，为了验证像的虚实，实验需要用到光屏，故D正确。
故选D。
12. 测量体温是新冠疫情防控的重要措施。某电子测温枪靠近被测者额头后，闭合测温开关，热敏电阻R工作，测温枪的显示屏显示被测者的温度；在环境光线较暗看不清示数时，再闭合开关，显示屏的补光灯泡L发光；在测温开关断开时，只闭合开关，灯泡L不发光。则该测温枪的简化电路可能是（ ）
A. B.
C. D.
【12题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】由题意可得，灯泡L和热敏电阻R并联，在干路上，在灯泡L的支路上；
A．由电路图可知，灯泡L与热敏电阻R并联，只闭合测温开关时，热敏电阻R工作；只闭合开关，只有灯泡L发光，故A不符合题意；
B．由电路图可知，闭合温控开关，只有热敏电阻R工作，再闭合开关，灯泡L发光，开关断开时闭合开关，灯泡L不发光，故B符合题意；
C．由电路图可知，开关断开时，闭合开关，灯泡L发光，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合测温开关时，灯泡L和热敏电阻R都工作，闭合时，R被短路，只有灯泡工作，故D不符合题意。
故选B。
13. 在抗击“新冠病毒肺炎”的战斗中，医务人员工作时所采取的许多措施和用到的器械，都包含着物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 医护人员戴的护目镜“起雾”是汽化现象
B. 医院给病人配备的电热毯将电能转化为内能
C. 注射器针筒吸取药液时，利用了连通器的原理
D. 给病人静脉输液时，大气压将药液压入人的静脉中
【13题答案】
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】A．“起雾”是口腔中呼出的气流中温度较高的水蒸气遇冷在护目镜表面液化形成的小水滴，故A错误；
B．电热毯使用时消耗了电能，内能增大，故是将电能转化为内能，故B正确；
C．将注射器的活塞推下时，将针筒内的空气排出，再向上提起活塞时，针筒内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入针筒内。与连通器原理无关，故C错误；
D．给病人打吊针，是利用药液产生的压强与药液上方的大气压之和大于人体血管内压强的原理，利用到了大气压，故D正确。
故选BD。
14. 2021年4月5日，中国海军公布了辽宁舰航母编队在台湾周边海域进行例行性训练的消息。如图是舰载机在航母上起飞时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 加速起飞的舰载机动能不变
B. 指挥员和飞行员之间靠超声波通话
C. 用密度小的合金制作机身可减小惯性
D. 舰载机起飞时的升力利用了帕斯卡原理
【14题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．加速起飞的舰载机质量不变，速度变大，所以动能增加，故A错误；
B．舰载机飞行时，噪音比较大，依靠声波不能有效接收指令，所以指挥员和飞行员之间是依靠电磁波通话，故B错误；
C．用密度小的合金制作机身，在体积相同时，可以减小飞机的质量，进而可以减小飞机的惯性，故C正确；
D．舰载机上凸下平，起飞时，在相同时间内，上方空气通过的路程较长，速度较大，根据流体压强与流速的关系，流速越大，压强越小，下方的压强大于上方的压强，从而产生升力，利用的是流体压强和流速的关系，故D错误。
故选C。
15. 2021年2月4日晚，北京冬奥会倒计时一周年活动在国家游泳中心“冰立方”举行。活动现场，北京2022年冬奥会火炬“飞扬”也正式发布亮相。火炬由银色和红色两种配色构成，采用氢作为燃料，外壳由重量轻、耐高温的碳纤维材料制成。下列说法正确的是（ ）
A. 火炬红色部分可以吸收红光 B. 火炬的氢燃料属于可再生能源
C. 碳纤维材料可以增大火炬的密度 D. 握紧火炬时，手对火炬的压强增大
【15题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．由于不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，物体只反射与自身颜色相同的色光，所以火炬红色部分反射红色光，故A错误；
B．火炬的氢燃料使用后不能从自然界自动获得，属于不可再生能源，故B错误；
C．根据可知，在体积相同时，火炬的质量小，说明碳纤维材料的密度小，故C错误；
D．握紧火炬时，手对火炬的压力增大，是在压力一定时，通过增大压力来增大压强的，故D正确。
故选D。
16. 2020年11月10日，中国“奋斗者号”载人潜航器在马里亚纳海沟下潜至10909m，刷新了我国潜水器最大下潜深度纪录。海面下的“奋斗者号”匀速下潜的过程中（ ）
A. 所受压强减小 B. 排开海水的重力变大
C. 所受浮力不变 D. 浮力的功率增大
【16题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．海面下的“奋斗者号”匀速下潜的过程中，所处的深度变大，海水的密度不变，由可知，所受压强变大，故A不符合题意；
BC．下潜的过程中，排开海水的体积不变，所以排开水的质量不变，排开水的重力也不变，根据阿基米德原理可知，所受的浮力不变，故B不符合题意，C符合题意；
D．因为“奋斗者号”匀速下潜，速度不变，因受到的浮力不变，根据
可知，浮力的功率不变，故D不符合题意。
故选C。
17. 如图所示，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片向a端移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表的示数变小 B. 电流表的示数变小
C. 小灯泡变亮 D. 电路的总功率变大
【17题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源的电压，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；
C．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，故C错误；
B．当滑动变阻器的滑片向a端移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，由可知，通过滑动变阻器的电流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故B错误；
D．由P=UI可知，电路的总功率变大，故D正确。
故选D。
18. 如图所示电路的电源电压为6V，开关都闭合时两灯泡均正常发光，灯泡的阻值为，电流表的示数为。下列判断正确的是（ ）
A. 两灯泡的亮度一定相同 B. 断开时灯泡变亮
C. 电流表的示数为 D. 灯泡的额定功率为3W
【18题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AD．由图分析可知，该电路为灯泡和的并联电路，电流表测通过的电流，电流表测干路电流；开关都闭合时两灯泡均正常发光，由并联电路的电压特点可知，灯泡和两端的电压等于电源电压，即
电流表的示数为，即通过灯泡的电流，则灯泡的实际电功率为
灯泡的阻值，灯泡的实际功率为
则灯泡的额定功率为，又，所以灯泡的亮度高于灯泡的亮度，故A错误，D错误；
B．由于两灯泡并联，并联电路各个支路之间互相不影响，所以断开时灯泡的亮度无变化，故B错误；
C．由欧姆定律可求出通过灯泡的电流为
干路电流为
则电流表的示数为，故C正确。
故选C。
19. 两个相同的容器中盛有同种液体，现将体积相同的甲乙两物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器液面恰好相平，如图所示。则（ ）
A. 甲物块所受浮力较大 B. 乙物块底部受到的压强较小
C. 甲所在容器中液体的质量较大 D. 乙所在容器底部受到的压强较小
【19题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．甲乙的体积相同，由图知甲排开液体的体积小于乙排开液体的体积，根据阿基米德原理知，在液体密度相同时，甲物块所受浮力小于乙物块所受的浮力，故A不符合题意；
B．由图知乙物块底部的深度大于甲物块底部的深度，根据知在液体密度相同时，乙物块底部受到的压强较大，故B不符合题意；
C．当两物块静止时，两容器液面恰好相平，液体的体积与物块排开液体体积的总和相等，由图知甲排开液体的体积小于乙排开液体的体积，所以甲液体的体积大于乙液体的体积，根据知在密度相同时，甲所在容器中液体的质量较大，故C符合题意；
D．已知深度相同，液体的密度相同，由可知甲、乙液体对容器底的压强相等，故D不符合题意。
故选C。
20. 将“12V 6W”和“12V 12W”的两只灯泡L1和L2串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（ ）
A. 电源电压为24V时，两灯均正常发光 B. 电路中允许通过的最大电流为1A
C. 与灯L2并联一个电阻后，两灯都可正常发光 D. 两灯的最大总功率为9W
【20题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】根据可知灯泡L1的电阻为
灯泡L2的电阻为
两灯泡电阻之比为
A．灯泡L1和L2串联后接在电源两端，串联电路中电流处处相等，根据串联电路分压原理可知
已知电源电压为24V，即
所以
两灯的电压都不等于其额定电压，所以两灯都不能正常发光，故A不符合题意；
B．根据可知灯泡L1额定电流为
灯泡L2的额定电流为
为了保证电路安全，电路中允许通过的最大电流应为，故B不符合题意；
C．灯L2正常发光的电流为1A，若与它并联一个电阻后还要达到1A，会使整个电路的电流增大，此时L1会被烧坏，所以不可能使两灯泡正常发光，故C不符合题意；
D．因为电路中允许通过的最大电流为0.5A，串联电路的总功率为
故D符合题意。
故选D。
21. 图中物体的长度为___________ cm。
【21题答案】
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm，木块的长度为
22. 2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落火星北半球的乌托邦平原。天问一号首先借助火星大气进行气动减速，接着打开降落伞进行伞系减速，最后通过反推发动机进行动力减速。在距离火星表面100m时，天问一号进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面（如图）。
（1）气动减速阶段，由于和火星大气摩擦，“天问一号”表面温度大幅上升，这是通过___________的方式改变了“天问一号”的内能。
（2）动力减速阶段，反推发动机点火向下喷出高温高压气体使天问一号减速，这说明力的作用是___________的。
（3）悬停阶段，“天问一号”相对火星表面是___________的。
（4）落到火星表面“天问一号”在火星地面上留下了长长的影子，这是因为光的___________形成的。
（5）“天问一号”与地面之间靠___________传递信息。
（6）随“天问一号”探测器一起登陆的“祝融号”火星车质量___________（选填“大于”“小于”或“等于”）在地面时的质量。
【22题答案】
【答案】 ①. 作用 ②. 相互 ③. 静止 ④. 直线传播 ⑤. 电磁波 ⑥. 等于
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]气动减速阶段，由于和火星大气摩擦，“天问一号”的机械能转化为其内能，所以这是通过做功改变了“天问一号”的内能。
（2）[2]反推发动机点火后会产生高温高压的燃气，这些燃气会膨胀，对其周围的物体都会有压力作用，则周围物体也会限制它的这种膨胀。但因只有向下的喷口是开放的，所以高温高压的气体会在燃烧室内壁的作用下向下喷出，由于力的作用是相互的，所以这些气体也会对“天问一号”产生向上的力而使其减速。这就说明力的作用是相互的。
（3）[3]悬停阶段，以火星表面为参照物，“天问一号”的位置并没有发生改变，所以其相对于火星表面是静止的。
（4）[4]光在同种均匀介质中是沿直线传播的，所以会在不透明物质的后面光照不到的地方形成阴影区，这就是影子。
（5）[5]电磁波具有传播速度快、传递信息量大、可在真空传播的特点，所以“天问一号”与地面之间靠电磁波来传递信息的。
（6）[6]物体的质量不随其位置、状态、形状、温度等的改变而改变，只与其所含物质的多少有关。火星车登陆火星后，其所含物质的多少没有改变，所以其质量等于在地球上时的质量。
23. 电动车以其方便快捷、低能耗等特点深受广大市民的喜爱，普及率越来越高。
（1）将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，但不会行驶。这个车钥匙相当于电路中的___________；电动车的大灯和尾灯之间是___________选填“串”或“并”联的。
（2）马鞍形的车座可以增大受力面积，以___________压强；刹车时用力捏把手车闸是利用增大___________来增大摩擦力；刹车后，电动车不能马上停下来是因为___________。
（3）给电动车的蓄电池充电时，电能转化为___________能，同时伴随的充电的声音是由___________产生的。
【23题答案】
【答案】 ①. 开关 ②. 并 ③. 减小 ④. 压力 ⑤. 车子具有惯性 ⑥. 化学 ⑦. 振动
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]电动自行车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，所以这车钥匙其实就是一个开关。
[2]由题意可知，电动车前面的大灯和车尾灯工作时互不影响，所以它们是并联的。
（2）[3]马鞍形的车座是在压力一定时，通过增大受力面积，减小压强。
[4]刹车时用力捏车闸，是利用增大压力来增大摩擦力的。
[5]刹车时，车子没有立即停止，而是继续向前滑行，是由于车子具有惯性，仍要保持原来的运动状态。
（3）[6]给电动车的蓄电池充电时，消耗电能，得到化学能，将电能转化为化学能。
[7]充电时发出的声音是由振动产生的。
24. 2021年4月23日，海军三型主战舰艇一长征18号艇、大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列，中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列。如图大连舰是055大型驱逐舰，满载排水量达12300t，吃水深度8m（水面至舰底部的距离），则其满载时受到海水的浮力为___________N，舰底部受到海水的压强为___________Pa。（取g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3）
【24题答案】
【答案】 ①. 1.23×108 ②. 8.0×104
【解析】
【分析】
【详解】[1]由阿基米德原理可得，大连舰满载时受到的浮力为
[2]船底受到海水的压强为
25. 在如图甲所示电路中，滑动变阻器的规格为“”。闭合开关并将滑片P从一端滑到另一端的过程中，滑动变阻器的电功率与电流表示数的关系图像如图乙所示。则定值电阻R的阻值为___________；滑动变阻器的最大功率为___________W。
【25题答案】
【答案】 ①. ②.
【解析】
【分析】
【详解】[1]由电路图可知，Rx与R串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图像可知，电路中的电流
由
可得，电源的电压
①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，由图像可知，电路中的电流
电源电压
②
根据①②解得：
[2]电源电压
当滑动变阻器滑动到某一位置时，滑动变阻器的阻值为，此时电路中的电流为
那么滑动变阻器的电功率为
当
时，P最大，即滑动变阻器的最大功率为
26. 如图所示，一只盛水的烧杯在斜面上保持静止，用一根细线将一个乒乓球固定在烧杯的水中静止，请做出乒乓球所受重力和浮力的示意图力的作用点均画在球心处。
【26题答案】
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】由图知，乒乓球受到三个力的作用：竖直向下的重力G，细线竖直向下的拉力，水施加的竖直向上的浮力，过重心分别画出乒乓球所受重力和浮力，
由于，所以浮力大于重力，如图所示：
27. 小明在实验室做了以下热学实验：
（1）用图甲所示装置探究冰的熔化特点，前提条件是外界的空气温度___________选填“高于”或“低于”冰的熔点；根据实验数据描绘出的图像如图乙所示，AB段和CD段倾斜程度不同的原因是___________。
（2）用如图丙所示的实验装置探究水的沸腾特点，应按照___________选填“自上而下”或“自下而上”的顺序组装器材。实验描绘的图象如图丁所示，当地的气压可能___________选填“高于”、“低于”或“等于”一个标准大气压；实验过程中烧杯上方的“白气”是___________选填物态变化名称的结果。
【27题答案】
【答案】 ①. 高于 ②. 冰的比热容比水的小 ③. 自下而上 ④. 低于 ⑤. 液化
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]由图乙图象可以看出，冰在熔化的过程中，有一定的熔化温度，即熔点，冰的熔点为0℃，用图甲所示装置探究冰的熔化特点，则外界的空气温度高于冰的熔点。
[2]根据公式可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热c和升高的温度成反比，AB段的冰温度升高的快，是因为冰的比热容比水的小。
（2）[3]酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故小华应按照自下而上的顺序进行。
[4]加热观察到水沸腾过程中，水温，低于，此时当地的气压低于一个标准大气压。
[5]“白气”是水蒸气液化而成的小水滴。
28. 在“探究凸透镜成像规律”的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，当蜡烛和光屏如图位置所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。
（1）实验时，应调节凸透镜的主光轴与光具座___________（选填“平行”或“垂直”）
（2）图中，所示的实验现象能够说明___________（选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像特点。
（3）保持透镜在50cm刻度线不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应进行的操作___________（选填符号）。
A．蜡烛和光屏都向左移
B．蜡烛和光屏都向右移
C．蜡烛左移，光屏右移
（4）保持凸透镜和光屏的位置不动，将一副眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间，将蜡烛向左移动适当距离后，光屏上重新承接到烛焰清晰的像，则该副眼镜是___________（选填“近视”或“远视”）眼镜。
【28题答案】
【答案】 ①. 平行 ②. 照相机 ③. B ④. 近视
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]本实验，为使像成在光屏的中央，要调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上，而烛焰、凸透镜和光屏的中心三点的连线即为主光轴，故实验时，应调节凸透镜的主光轴与光具座平行。
（2）[2]在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。如图所示，物距
因
u>2f
故光屏上成倒立、缩小的实像，所示的实验现象能够说明照相机的成像特点。
（3）[3]根据“物近像远像变大”，保持透镜在50cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应使物距减小，则像距应变大，所以应将蜡烛右移，同时光屏也向右移，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（4）[4]把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，将蜡烛向左移动适当距离后像又清晰。若没有把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，因“物远像近像变小”，故像要成在光屏的左侧，现在光屏（不动）上重新承接到烛焰清晰的像，说明放于蜡烛和凸透镜之间的透镜延迟了光线的会聚，对光线有发散的作用，眼镜为凹透镜，该副眼镜是近视眼镜。
29. 在测量某合金块的密度时：
（1）把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端零刻度处，如果指针偏向分度盘右侧，应将平衡螺母向___________端调节。
（2）测质量时，应___________ （选填“从大到小”或“从小到大”）加减砝码。横梁平衡时，所用砝码和游码位置如图甲所示，则合金块的质量为___________g。
（3）用量筒测量合金块的体积如图乙所示，则合金块的体积为___________。
（4）合金块的密度为___________。
（5）将该合金块挂在弹簧测力计下保持静止，请你用细短线“”在图丙中标出弹簧测力计指针的位置（g取10N/kg）。（ ）
【29题答案】
【答案】 ①. 左 ②. 从大到小 ③. 76 ④. 10 ⑤. 7.6 ⑥.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]指针偏向分度盘的右侧，则应将平衡螺母向左端调节。
（2）[2]使用天平测量时，为减少夹取砝码的次数，应该从大到小加减砝码。
[3]图中标尺的分度值为0.2g，则图乙中合金块的质量
（3）[4]图乙中水的体积30mL，图丁中水和合金块的总体积为40mL，则合金块的体积
（4）[5]合金块的密度
；
（5）[6]合金块的重力为
所以弹簧测力计的示数为0.76N，如图所示
30. 小明用以下实验器材测家用手电筒的灯泡正常工作时的电阻：电源（电压）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为的待测手电筒灯泡（电阻约为），滑动变阻器“”、滑动变阻器“”、滑动变阻器“”。
（1）实验应选用滑动变阻器___________。
（2）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。（ ）
（3）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表示数均很小，无论怎样移动滑片都不起作用，可能的故障是___________。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为___________V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向___________（选填“左”或“右”）移动。
（5）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电压与通过它的电流的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是___________。
（6）取下小灯泡，将阻值为、、三个定值电阻分别接入电路中原灯泡位置，可利用该电路探究“电压一定时，电流与电阻的关系”，控制电压一定时，不可以选取的电压值是___________（选填序号）。
A．
B．2V
C．
【30题答案】
【答案】 ①. ②. ③. 将变阻器的下面两个接线柱连入了电路 ④. ⑤. 左 ⑥. 10 ⑦.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]电源电压，额定电压为的灯泡，电阻约为，正常发光时的电流大小约为
电流小于，而大于，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
根据欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻
故选用“”的变阻器。
（2）[2]滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡亮度变暗，即电流变小，电阻变大，应选择滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：
。
（3）[3]该组同学连接完电路后，闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，导致该故障的原因是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路。
（4）[4]排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，若某时刻电压表的示数如图乙所示，图中电压表选用小量程，分度值为，此时小灯泡两端电压为。
[5]灯在额定电压时正常发光，应增大灯的电压，由串联电路电压的规律可知应减小变阻器的电压，根据分压原理，应减小变阻器的电阻，故将滑动变阻器的滑片向左移动。
（5）[6]根据记录的实验数据画出的小灯泡两端的电压与通过其的电流的关系图像可知，灯的电压为时，通过的电流为，小灯泡正常工作时小灯泡的电阻
（6）[7]由串联电路的规律及分压原理可得
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入电路的电阻最大时，对应的定值电阻应最大，此时，电阻的电压最小，即
电阻两端控制的最小电压为
故控制电压一定时，不可以选取的电压值是。
故选A。
31. 服务机器人的开发利用极大地方便了人们的生活。如图所示为某酒店的机器人，它能完成送餐传菜、配送物品、回收餐具等一系列工作。某次送餐时，机器人和餐食的总质量为10kg，它的“脚”与地面总接触面积是40cm2，从餐厅以2.88km/h的速度匀速运动1min达到客房，受到的摩擦力是重力的0.1倍，g取10N/kg，求这次送餐：
（1）机器人对水平地面的压强。
（2）餐厅与客房的距离。
（3）牵引力所做的功。
【31题答案】
【答案】（1）2.5×104Pa；（2）48m；（3）480J
【解析】
【分析】
【详解】解：（1）该机器人对地面的压力为
它对地面的压强为
（2）该机器人正常运行的速度为
送餐时间为
根据速度公式知餐厅与客房的距离为
（3）机器人匀速直线运动时处于平衡状态，受到牵引力为
牵引力所做的功为
答：（1）机器人对水平地面的压为2.5×104Pa；
（2）餐厅与客房的距离为48m；
（3）牵引力所做的功4800J。
32. 空气炸锅可实现“无油烹饪，更加健康”的烹饪理念。它的主要电路由电风扇和电热丝组成。工作时，电热丝将空气加热，风扇让高温空气在一个密闭空间内形成循环热流，使食物迅速变熟并达到煎炸的效果。某品牌空气炸锅有高低温两挡功率，其主要技术参数如表所示，简化电路图如图所示，把1.5kg的薯片放入炸锅，用高温挡工作10min，薯片由升高到。忽略薯片在加热过程中的质量变化，且薯片的比热容保持不变，求：
产品技术规格
频率
50Hz
额定电压
220V
风扇电动机功率
110W
加热电阻R1的阻值
加热电阻R2的阻值
（1）薯片吸收热量。
（2）通过电动机线圈的电流。
（3）炸薯片消耗的电能。
【32题答案】
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【分析】
【详解】（1）薯片吸收的热量
（2）根据P=UI知通过电动机线圈的电流为
（3）根据知在电源电压一定时电阻越小，功率越大，由图知当开关S断开时，电热丝R1和R2先串联再和电动机并联，电阻较大，功率较小，为低温挡，当开关S闭合时，电热丝R2与电动机并联，电阻较小，功率较大，为高温挡；高温挡的功率为
炸薯片高温挡工作10min消耗的电能为
答：（1）薯片吸收的热量为。
（2）通过电动机线圈的电流为。
（3）炸薯片消耗的电能。
2021年山东省临沂市河东区中考物理二模试卷
学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 对下列各物理量的估测，最接近实际的是（ ）
A. 一层教学楼高约 B. 一元硬币的质量约50g
C. 舒适洗澡水的温度约 D. 电冰箱正常工作的电流约5A
【1题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．一层教学楼高约左右，故A符合题意；
B．我国一元硬币的质量为6g，故B不符合题意；
C．人体温度为，舒适的洗澡水的温度与人体温度差不多，约在左右，故C不符合题意；
D．家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作时的电流为，故D不符合题意。
故选A。
2. 2021年4月29日11时22分30秒，文昌航天发射场发出震耳欲聋的轰鸣声，搭载空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭点火升空。天和核心舱与火箭分离后进入预定轨道，之后太阳能帆板两翼顺利展开，此次发射任务的圆满成功，标志着我国空间站在轨组装建造全面展开。下列说法正确的是（ ）
A. 震耳欲聋的轰鸣声属于超声波 B. 震耳欲聋是指轰鸣声的响度很大
C. 在预定轨道飞行的天和舱受力平衡 D. 太阳能帆板将太阳能转化为内能
【2题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．高于20000Hz的声音叫做超声波，超过人类听觉的上限，人是听不到的，故震耳欲聋的轰鸣声不属于超声波，故A错误；
B．震耳欲聋说明声音很大，是指声音的响度很大，故B正确；
C．在预定轨道飞行的天和舱做圆周运动，运动方向时刻发生变化，即运动状态发生改变，因此处于非平衡状态，故天和舱受非平衡力作用，故C错误；
D．天太阳能帆板正常工作时，将太阳能转化为电能，故D错误。
故选B。
3. 如图所示的生活用具中，使用时属于省距离杠杆的是（ ）
A. 筷子 B. 托盘天平
C. 核桃夹 D. 瓶盖起子
【3题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离，故A符合题意；
B．托盘天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省距离，故B不符合题意；
CD．核桃夹、酒瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故CD不符合题意。
故选A。
4. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 可以用铜丝代替保险丝接入电路 B. 空气开关跳闸一定是电路短路造成的
C. 控制电灯的开关接在火线和电灯之间 D. 使用测电笔时手不接触笔尾的金属体
【4题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．家庭电路中保险丝（熔丝）熔断后如果用粗铜丝代替保险丝，这样起不到保护电路的作用，不符合安全用电的原则，故A错误；
B．家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C．家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故C正确；
D．用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故D错误。
故选C。
5. 2021年4月17日“月掩火星”现身天宇。“月掩火星”实际上是地球、月亮和火星三者在一条直线上而出现的视觉现象，如图所示。下列光现象，与“月掩火星”奇观成因相同的是（ ）
A. 海市蜃楼 B. 手影游戏
C. 鱼翔浅底 D. 水面“折”枝
【5题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】“月掩火星”是由于光沿直线传播形成的；
A．海市蜃楼是由于光的折射形成的现象，故A不符合题意；
B．手影游戏是由于光沿直线传播形成的，故B符合题意；
C．鱼翔浅底是光的折射造成的，故C不符合题意；
D．水面“折”枝是光的折射造成的，故D不符合题意。
故选B。
6. 我国的无人机技术处于世界一流水平。如图所示，我国自主研发的某款无人机正在匀速上升，下列判断正确的是（ ）
A. 无人机的重力不做功 B. 无人机的机械能不断增大
C. 地面景物在摄像头中成缩小的虚像 D. 无人机电动机的工作原理是电磁感应
【6题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．无人机匀速上升的过程中，在重力方向上通过了距离，所以重力做了功，故A错误；
B．无人机匀速上升的过程中，质量不变，速度不变，动能不变；高度越来越高，重力势能越来越大；所以机械能不断增大，故B正确；
C．摄像头是利用物距大于凸透镜的二倍焦距时，物体成倒立缩小的实像而制成的，不是虚像，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，发电机的原理是电磁感应，故D错误。
故选B。
7. 2021年1月7日，黄海海面上出现了白茫茫的“海浩”现象（如图）。“海浩”现象是指低温条件下，海水温度高于空气温度，海水蒸发为水蒸气后，遇到冷空气迅速凝结为小冰晶。下列说法正确的是（ ）
A. 蒸发一种液化方式 B. 海水蒸发时放出热量
C. 白茫茫是升华造成的 D. 凝结成小冰晶的过程放出热量
【7题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】AB．海水变为水蒸气是液态变为气态的过程，属于汽化现象，需要吸热，故A错误，B错误；
CD．水蒸气遇到冷空气后迅速变为冰晶，是气态直接变为固态的凝华过程，同时放出热量，故C错误，D正确。
故选D。
8. 有关热学知识，下列说法正确的是（ ）
A. 0°C冰块的分子间没有相互作用力
B. 晶体熔化时，温度和内能均不变
C. 物体温度升高时，一定吸收了热量
D. 热机效率不可能达到100%
【8题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．分子之间总存在相互作用的引力和斥力，故A错误；
B．晶体熔化时，吸收热量，内能变大，但温度不变，故B错误；
C．物体温度升高时，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故C错误；
D．热机工作时总是有能量的损失，所以热机效率始终小于1，故D正确。
故选D。
9. 以下操作中，相应物理量的数值前后发生改变的是（ ）
A. 一根导线剪掉一半，剩下导线的电阻
B. 一杯牛奶喝掉一半，剩下牛奶的密度
C. 一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值
D. 一瓶水喝掉一半，剩下水的比热容
【9题答案】
【答案】A
【解析】
【详解】A．导体的电阻与其长度、横截面、材料等有关，若一根导线剪掉一半，则剩下导线的电阻发生改变，故A符合题意；
B．物体的密度随温度、压力的变化而改变，但不随物体自身的质量或体积的变化而变化，则剩下牛奶的密度不变，故B不符合题意；
C．热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值不变，故C不符合题意；
D．比热容是物质的一种特性，反映了物质吸热和放热能力的大小，与无物质种类和状态有关，与质量无关，一瓶水喝掉一半后剩下水的比热容不变，故D不符合题意。
故选A。
10. 如图所示，旋转微型电扇的扇叶能使二极管发光，与此工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【10题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】微型电扇中装有电动机，电动机主要是由磁体和线圈组成，用手旋转叶片时，线圈恰好在磁场中做切割磁感线运动，此时会产生电流，发光二极管发光了，该现象是电磁感应现象。
A．图中导体通电后小磁针会偏转，说明通电导体周围有磁场，是奥斯特实验，故A不符合题意。
B．图中是电磁继电器，其主要部件是电磁铁，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；
C．图中通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故C不符合题意；
D．图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流可从电流表指针发生偏转来体现，这是电磁感应现象，故D符合题意。
故选D。
11. 关于平面镜成像特点的实验探究，下列说法正确的是（ ）
A. 应该用较厚的玻璃板代替平面镜 B. 蜡烛靠近玻璃板时，像会远离玻璃板
C. 蜡烛离玻璃板越近，所成的像就越大 D. 为验证像的虚实，实验需要用到光屏
【11题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．在探究平面镜成像特点时，为成像更清晰且便于确定像的位置，应选用较薄的玻璃板代替平面镜，故A错误；
B．平面镜所成的像与物体到镜面的距离相等，所以当蜡烛靠近玻璃板时，像也靠近玻璃板，故B错误；
C．平面镜所成的像与物体大小相等，与物体到镜面的距离无关，故C错误；
D．能在光屏承接到的像是实像，不能在光屏上承接到的像是虚像，为了验证像的虚实，实验需要用到光屏，故D正确。
故选D。
12. 测量体温是新冠疫情防控的重要措施。某电子测温枪靠近被测者额头后，闭合测温开关，热敏电阻R工作，测温枪的显示屏显示被测者的温度；在环境光线较暗看不清示数时，再闭合开关，显示屏的补光灯泡L发光；在测温开关断开时，只闭合开关，灯泡L不发光。则该测温枪的简化电路可能是（ ）
A. B.
C. D.
【12题答案】
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】由题意可得，灯泡L和热敏电阻R并联，在干路上，在灯泡L的支路上；
A．由电路图可知，灯泡L与热敏电阻R并联，只闭合测温开关时，热敏电阻R工作；只闭合开关，只有灯泡L发光，故A不符合题意；
B．由电路图可知，闭合温控开关，只有热敏电阻R工作，再闭合开关，灯泡L发光，开关断开时闭合开关，灯泡L不发光，故B符合题意；
C．由电路图可知，开关断开时，闭合开关，灯泡L发光，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合测温开关时，灯泡L和热敏电阻R都工作，闭合时，R被短路，只有灯泡工作，故D不符合题意。
故选B。
13. 在抗击“新冠病毒肺炎”的战斗中，医务人员工作时所采取的许多措施和用到的器械，都包含着物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 医护人员戴的护目镜“起雾”是汽化现象
B. 医院给病人配备的电热毯将电能转化为内能
C. 注射器针筒吸取药液时，利用了连通器的原理
D. 给病人静脉输液时，大气压将药液压入人的静脉中
【13题答案】
【答案】BD
【解析】
【分析】
【详解】A．“起雾”是口腔中呼出的气流中温度较高的水蒸气遇冷在护目镜表面液化形成的小水滴，故A错误；
B．电热毯使用时消耗了电能，内能增大，故是将电能转化为内能，故B正确；
C．将注射器的活塞推下时，将针筒内的空气排出，再向上提起活塞时，针筒内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入针筒内。与连通器原理无关，故C错误；
D．给病人打吊针，是利用药液产生的压强与药液上方的大气压之和大于人体血管内压强的原理，利用到了大气压，故D正确。
故选BD。
14. 2021年4月5日，中国海军公布了辽宁舰航母编队在台湾周边海域进行例行性训练的消息。如图是舰载机在航母上起飞时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 加速起飞的舰载机动能不变
B. 指挥员和飞行员之间靠超声波通话
C. 用密度小的合金制作机身可减小惯性
D. 舰载机起飞时的升力利用了帕斯卡原理
【14题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．加速起飞的舰载机质量不变，速度变大，所以动能增加，故A错误；
B．舰载机飞行时，噪音比较大，依靠声波不能有效接收指令，所以指挥员和飞行员之间是依靠电磁波通话，故B错误；
C．用密度小的合金制作机身，在体积相同时，可以减小飞机的质量，进而可以减小飞机的惯性，故C正确；
D．舰载机上凸下平，起飞时，在相同时间内，上方空气通过的路程较长，速度较大，根据流体压强与流速的关系，流速越大，压强越小，下方的压强大于上方的压强，从而产生升力，利用的是流体压强和流速的关系，故D错误。
故选C。
15. 2021年2月4日晚，北京冬奥会倒计时一周年活动在国家游泳中心“冰立方”举行。活动现场，北京2022年冬奥会火炬“飞扬”也正式发布亮相。火炬由银色和红色两种配色构成，采用氢作为燃料，外壳由重量轻、耐高温的碳纤维材料制成。下列说法正确的是（ ）
A. 火炬红色部分可以吸收红光 B. 火炬的氢燃料属于可再生能源
C. 碳纤维材料可以增大火炬的密度 D. 握紧火炬时，手对火炬的压强增大
【15题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．由于不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，物体只反射与自身颜色相同的色光，所以火炬红色部分反射红色光，故A错误；
B．火炬的氢燃料使用后不能从自然界自动获得，属于不可再生能源，故B错误；
C．根据可知，在体积相同时，火炬的质量小，说明碳纤维材料的密度小，故C错误；
D．握紧火炬时，手对火炬的压力增大，是在压力一定时，通过增大压力来增大压强的，故D正确。
故选D。
16. 2020年11月10日，中国“奋斗者号”载人潜航器在马里亚纳海沟下潜至10909m，刷新了我国潜水器最大下潜深度纪录。海面下的“奋斗者号”匀速下潜的过程中（ ）
A. 所受压强减小 B. 排开海水的重力变大
C. 所受浮力不变 D. 浮力的功率增大
【16题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．海面下的“奋斗者号”匀速下潜的过程中，所处的深度变大，海水的密度不变，由可知，所受压强变大，故A不符合题意；
BC．下潜的过程中，排开海水的体积不变，所以排开水的质量不变，排开水的重力也不变，根据阿基米德原理可知，所受的浮力不变，故B不符合题意，C符合题意；
D．因为“奋斗者号”匀速下潜，速度不变，因受到的浮力不变，根据
可知，浮力的功率不变，故D不符合题意。
故选C。
17. 如图所示，电源电压不变，当滑动变阻器的滑片向a端移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表的示数变小 B. 电流表的示数变小
C. 小灯泡变亮 D. 电路的总功率变大
【17题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，电压表测电源的电压，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；
C．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，故C错误；
B．当滑动变阻器的滑片向a端移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，由可知，通过滑动变阻器的电流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故B错误；
D．由P=UI可知，电路的总功率变大，故D正确。
故选D。
18. 如图所示电路的电源电压为6V，开关都闭合时两灯泡均正常发光，灯泡的阻值为，电流表的示数为。下列判断正确的是（ ）
A. 两灯泡的亮度一定相同 B. 断开时灯泡变亮
C. 电流表的示数为 D. 灯泡的额定功率为3W
【18题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】AD．由图分析可知，该电路为灯泡和的并联电路，电流表测通过的电流，电流表测干路电流；开关都闭合时两灯泡均正常发光，由并联电路的电压特点可知，灯泡和两端的电压等于电源电压，即
电流表的示数为，即通过灯泡的电流，则灯泡的实际电功率为
灯泡的阻值，灯泡的实际功率为
则灯泡的额定功率为，又，所以灯泡的亮度高于灯泡的亮度，故A错误，D错误；
B．由于两灯泡并联，并联电路各个支路之间互相不影响，所以断开时灯泡的亮度无变化，故B错误；
C．由欧姆定律可求出通过灯泡的电流为
干路电流为
则电流表的示数为，故C正确。
故选C。
19. 两个相同的容器中盛有同种液体，现将体积相同的甲乙两物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器液面恰好相平，如图所示。则（ ）
A. 甲物块所受浮力较大 B. 乙物块底部受到的压强较小
C. 甲所在容器中液体的质量较大 D. 乙所在容器底部受到的压强较小
【19题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．甲乙的体积相同，由图知甲排开液体的体积小于乙排开液体的体积，根据阿基米德原理知，在液体密度相同时，甲物块所受浮力小于乙物块所受的浮力，故A不符合题意；
B．由图知乙物块底部的深度大于甲物块底部的深度，根据知在液体密度相同时，乙物块底部受到的压强较大，故B不符合题意；
C．当两物块静止时，两容器液面恰好相平，液体的体积与物块排开液体体积的总和相等，由图知甲排开液体的体积小于乙排开液体的体积，所以甲液体的体积大于乙液体的体积，根据知在密度相同时，甲所在容器中液体的质量较大，故C符合题意；
D．已知深度相同，液体的密度相同，由可知甲、乙液体对容器底的压强相等，故D不符合题意。
故选C。
20. 将“12V 6W”和“12V 12W”的两只灯泡L1和L2串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（ ）
A. 电源电压为24V时，两灯均正常发光 B. 电路中允许通过的最大电流为1A
C. 与灯L2并联一个电阻后，两灯都可正常发光 D. 两灯的最大总功率为9W
【20题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】根据可知灯泡L1的电阻为
灯泡L2的电阻为
两灯泡电阻之比为
A．灯泡L1和L2串联后接在电源两端，串联电路中电流处处相等，根据串联电路分压原理可知
已知电源电压为24V，即
所以
两灯的电压都不等于其额定电压，所以两灯都不能正常发光，故A不符合题意；
B．根据可知灯泡L1额定电流为
灯泡L2的额定电流为
为了保证电路安全，电路中允许通过的最大电流应为，故B不符合题意；
C．灯L2正常发光的电流为1A，若与它并联一个电阻后还要达到1A，会使整个电路的电流增大，此时L1会被烧坏，所以不可能使两灯泡正常发光，故C不符合题意；
D．因为电路中允许通过的最大电流为0.5A，串联电路的总功率为
故D符合题意。
故选D。
21. 图中物体的长度为___________ cm。
【21题答案】
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm，木块的长度为
22. 2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落火星北半球的乌托邦平原。天问一号首先借助火星大气进行气动减速，接着打开降落伞进行伞系减速，最后通过反推发动机进行动力减速。在距离火星表面100m时，天问一号进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面（如图）。
（1）气动减速阶段，由于和火星大气摩擦，“天问一号”表面温度大幅上升，这是通过___________的方式改变了“天问一号”的内能。
（2）动力减速阶段，反推发动机点火向下喷出高温高压气体使天问一号减速，这说明力的作用是___________的。
（3）悬停阶段，“天问一号”相对火星表面是___________的。
（4）落到火星表面“天问一号”在火星地面上留下了长长的影子，这是因为光的___________形成的。
（5）“天问一号”与地面之间靠___________传递信息。
（6）随“天问一号”探测器一起登陆的“祝融号”火星车质量___________（选填“大于”“小于”或“等于”）在地面时的质量。
【22题答案】
【答案】 ①. 作用 ②. 相互 ③. 静止 ④. 直线传播 ⑤. 电磁波 ⑥. 等于
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]气动减速阶段，由于和火星大气摩擦，“天问一号”的机械能转化为其内能，所以这是通过做功改变了“天问一号”的内能。
（2）[2]反推发动机点火后会产生高温高压的燃气，这些燃气会膨胀，对其周围的物体都会有压力作用，则周围物体也会限制它的这种膨胀。但因只有向下的喷口是开放的，所以高温高压的气体会在燃烧室内壁的作用下向下喷出，由于力的作用是相互的，所以这些气体也会对“天问一号”产生向上的力而使其减速。这就说明力的作用是相互的。
（3）[3]悬停阶段，以火星表面为参照物，“天问一号”的位置并没有发生改变，所以其相对于火星表面是静止的。
（4）[4]光在同种均匀介质中是沿直线传播的，所以会在不透明物质的后面光照不到的地方形成阴影区，这就是影子。
（5）[5]电磁波具有传播速度快、传递信息量大、可在真空传播的特点，所以“天问一号”与地面之间靠电磁波来传递信息的。
（6）[6]物体的质量不随其位置、状态、形状、温度等的改变而改变，只与其所含物质的多少有关。火星车登陆火星后，其所含物质的多少没有改变，所以其质量等于在地球上时的质量。
23. 电动车以其方便快捷、低能耗等特点深受广大市民的喜爱，普及率越来越高。
（1）将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，但不会行驶。这个车钥匙相当于电路中的___________；电动车的大灯和尾灯之间是___________选填“串”或“并”联的。
（2）马鞍形的车座可以增大受力面积，以___________压强；刹车时用力捏把手车闸是利用增大___________来增大摩擦力；刹车后，电动车不能马上停下来是因为___________。
（3）给电动车的蓄电池充电时，电能转化为___________能，同时伴随的充电的声音是由___________产生的。
【23题答案】
【答案】 ①. 开关 ②. 并 ③. 减小 ④. 压力 ⑤. 车子具有惯性 ⑥. 化学 ⑦. 振动
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]电动自行车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，所以这车钥匙其实就是一个开关。
[2]由题意可知，电动车前面的大灯和车尾灯工作时互不影响，所以它们是并联的。
（2）[3]马鞍形的车座是在压力一定时，通过增大受力面积，减小压强。
[4]刹车时用力捏车闸，是利用增大压力来增大摩擦力的。
[5]刹车时，车子没有立即停止，而是继续向前滑行，是由于车子具有惯性，仍要保持原来的运动状态。
（3）[6]给电动车的蓄电池充电时，消耗电能，得到化学能，将电能转化为化学能。
[7]充电时发出的声音是由振动产生的。
24. 2021年4月23日，海军三型主战舰艇一长征18号艇、大连舰、海南舰在海南三亚某军港集中交接入列，中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平出席交接入列。如图大连舰是055大型驱逐舰，满载排水量达12300t，吃水深度8m（水面至舰底部的距离），则其满载时受到海水的浮力为___________N，舰底部受到海水的压强为___________Pa。（取g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3）
【24题答案】
【答案】 ①. 1.23×108 ②. 8.0×104
【解析】
【分析】
【详解】[1]由阿基米德原理可得，大连舰满载时受到的浮力为
[2]船底受到海水的压强为
25. 在如图甲所示电路中，滑动变阻器的规格为“”。闭合开关并将滑片P从一端滑到另一端的过程中，滑动变阻器的电功率与电流表示数的关系图像如图乙所示。则定值电阻R的阻值为___________；滑动变阻器的最大功率为___________W。
【25题答案】
【答案】 ①. ②.
【解析】
【分析】
【详解】[1]由电路图可知，Rx与R串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图像可知，电路中的电流
由
可得，电源的电压
①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，由图像可知，电路中的电流
电源电压
②
根据①②解得：
[2]电源电压
当滑动变阻器滑动到某一位置时，滑动变阻器的阻值为，此时电路中的电流为
那么滑动变阻器的电功率为
当
时，P最大，即滑动变阻器的最大功率为
26. 如图所示，一只盛水的烧杯在斜面上保持静止，用一根细线将一个乒乓球固定在烧杯的水中静止，请做出乒乓球所受重力和浮力的示意图力的作用点均画在球心处。
【26题答案】
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】由图知，乒乓球受到三个力的作用：竖直向下的重力G，细线竖直向下的拉力，水施加的竖直向上的浮力，过重心分别画出乒乓球所受重力和浮力，
由于，所以浮力大于重力，如图所示：
27. 小明在实验室做了以下热学实验：
（1）用图甲所示装置探究冰的熔化特点，前提条件是外界的空气温度___________选填“高于”或“低于”冰的熔点；根据实验数据描绘出的图像如图乙所示，AB段和CD段倾斜程度不同的原因是___________。
（2）用如图丙所示的实验装置探究水的沸腾特点，应按照___________选填“自上而下”或“自下而上”的顺序组装器材。实验描绘的图象如图丁所示，当地的气压可能___________选填“高于”、“低于”或“等于”一个标准大气压；实验过程中烧杯上方的“白气”是___________选填物态变化名称的结果。
【27题答案】
【答案】 ①. 高于 ②. 冰的比热容比水的小 ③. 自下而上 ④. 低于 ⑤. 液化
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]由图乙图象可以看出，冰在熔化的过程中，有一定的熔化温度，即熔点，冰的熔点为0℃，用图甲所示装置探究冰的熔化特点，则外界的空气温度高于冰的熔点。
[2]根据公式可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热c和升高的温度成反比，AB段的冰温度升高的快，是因为冰的比热容比水的小。
（2）[3]酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故小华应按照自下而上的顺序进行。
[4]加热观察到水沸腾过程中，水温，低于，此时当地的气压低于一个标准大气压。
[5]“白气”是水蒸气液化而成的小水滴。
28. 在“探究凸透镜成像规律”的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，当蜡烛和光屏如图位置所示时，光屏上承接到烛焰清晰的像。
（1）实验时，应调节凸透镜的主光轴与光具座___________（选填“平行”或“垂直”）
（2）图中，所示的实验现象能够说明___________（选填“照相机”“幻灯机”或“放大镜”）的成像特点。
（3）保持透镜在50cm刻度线不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应进行的操作___________（选填符号）。
A．蜡烛和光屏都向左移
B．蜡烛和光屏都向右移
C．蜡烛左移，光屏右移
（4）保持凸透镜和光屏的位置不动，将一副眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间，将蜡烛向左移动适当距离后，光屏上重新承接到烛焰清晰的像，则该副眼镜是___________（选填“近视”或“远视”）眼镜。
【28题答案】
【答案】 ①. 平行 ②. 照相机 ③. B ④. 近视
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]本实验，为使像成在光屏的中央，要调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度上，而烛焰、凸透镜和光屏的中心三点的连线即为主光轴，故实验时，应调节凸透镜的主光轴与光具座平行。
（2）[2]在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。如图所示，物距
因
u>2f
故光屏上成倒立、缩小的实像，所示的实验现象能够说明照相机的成像特点。
（3）[3]根据“物近像远像变大”，保持透镜在50cm刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应使物距减小，则像距应变大，所以应将蜡烛右移，同时光屏也向右移，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（4）[4]把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，将蜡烛向左移动适当距离后像又清晰。若没有把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，因“物远像近像变小”，故像要成在光屏的左侧，现在光屏（不动）上重新承接到烛焰清晰的像，说明放于蜡烛和凸透镜之间的透镜延迟了光线的会聚，对光线有发散的作用，眼镜为凹透镜，该副眼镜是近视眼镜。
29. 在测量某合金块的密度时：
（1）把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端零刻度处，如果指针偏向分度盘右侧，应将平衡螺母向___________端调节。
（2）测质量时，应___________ （选填“从大到小”或“从小到大”）加减砝码。横梁平衡时，所用砝码和游码位置如图甲所示，则合金块的质量为___________g。
（3）用量筒测量合金块的体积如图乙所示，则合金块的体积为___________。
（4）合金块的密度为___________。
（5）将该合金块挂在弹簧测力计下保持静止，请你用细短线“”在图丙中标出弹簧测力计指针的位置（g取10N/kg）。（ ）
【29题答案】
【答案】 ①. 左 ②. 从大到小 ③. 76 ④. 10 ⑤. 7.6 ⑥.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]指针偏向分度盘的右侧，则应将平衡螺母向左端调节。
（2）[2]使用天平测量时，为减少夹取砝码的次数，应该从大到小加减砝码。
[3]图中标尺的分度值为0.2g，则图乙中合金块的质量
（3）[4]图乙中水的体积30mL，图丁中水和合金块的总体积为40mL，则合金块的体积
（4）[5]合金块的密度
；
（5）[6]合金块的重力为
所以弹簧测力计的示数为0.76N，如图所示
30. 小明用以下实验器材测家用手电筒的灯泡正常工作时的电阻：电源（电压）、开关、电压表、电流表各一个，导线若干，额定电压为的待测手电筒灯泡（电阻约为），滑动变阻器“”、滑动变阻器“”、滑动变阻器“”。
（1）实验应选用滑动变阻器___________。
（2）请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度变暗）。（ ）
（3）连接完电路后闭合开关，灯泡不亮，电流表、电压表示数均很小，无论怎样移动滑片都不起作用，可能的故障是___________。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑片至某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为___________V；为了测量小灯泡正常工作时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向___________（选填“左”或“右”）移动。
（5）图丙是根据实验数据画出的小灯泡的电压与通过它的电流的关系图像，则小灯泡正常工作时的电阻是___________。
（6）取下小灯泡，将阻值为、、三个定值电阻分别接入电路中原灯泡位置，可利用该电路探究“电压一定时，电流与电阻的关系”，控制电压一定时，不可以选取的电压值是___________（选填序号）。
A．
B．2V
C．
【30题答案】
【答案】 ①. ②. ③. 将变阻器的下面两个接线柱连入了电路 ④. ⑤. 左 ⑥. 10 ⑦.
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]电源电压，额定电压为的灯泡，电阻约为，正常发光时的电流大小约为
电流小于，而大于，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
根据欧姆定律的变形公式，变阻器连入电路中的电阻
故选用“”的变阻器。
（2）[2]滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡亮度变暗，即电流变小，电阻变大，应选择滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：
。
（3）[3]该组同学连接完电路后，闭合开关，电流表、电压表示数均很小，发现灯泡不亮，说明电路为通路且灯的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，导致该故障的原因是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路。
（4）[4]排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，若某时刻电压表的示数如图乙所示，图中电压表选用小量程，分度值为，此时小灯泡两端电压为。
[5]灯在额定电压时正常发光，应增大灯的电压，由串联电路电压的规律可知应减小变阻器的电压，根据分压原理，应减小变阻器的电阻，故将滑动变阻器的滑片向左移动。
（5）[6]根据记录的实验数据画出的小灯泡两端的电压与通过其的电流的关系图像可知，灯的电压为时，通过的电流为，小灯泡正常工作时小灯泡的电阻
（6）[7]由串联电路的规律及分压原理可得
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入电路的电阻最大时，对应的定值电阻应最大，此时，电阻的电压最小，即
电阻两端控制的最小电压为
故控制电压一定时，不可以选取的电压值是。
故选A。
31. 服务机器人的开发利用极大地方便了人们的生活。如图所示为某酒店的机器人，它能完成送餐传菜、配送物品、回收餐具等一系列工作。某次送餐时，机器人和餐食的总质量为10kg，它的“脚”与地面总接触面积是40cm2，从餐厅以2.88km/h的速度匀速运动1min达到客房，受到的摩擦力是重力的0.1倍，g取10N/kg，求这次送餐：
（1）机器人对水平地面的压强。
（2）餐厅与客房的距离。
（3）牵引力所做的功。
【31题答案】
【答案】（1）2.5×104Pa；（2）48m；（3）480J
【解析】
【分析】
【详解】解：（1）该机器人对地面的压力为
它对地面的压强为
（2）该机器人正常运行的速度为
送餐时间为
根据速度公式知餐厅与客房的距离为
（3）机器人匀速直线运动时处于平衡状态，受到牵引力为
牵引力所做的功为
答：（1）机器人对水平地面的压为2.5×104Pa；
（2）餐厅与客房的距离为48m；
（3）牵引力所做的功4800J。
32. 空气炸锅可实现“无油烹饪，更加健康”的烹饪理念。它的主要电路由电风扇和电热丝组成。工作时，电热丝将空气加热，风扇让高温空气在一个密闭空间内形成循环热流，使食物迅速变熟并达到煎炸的效果。某品牌空气炸锅有高低温两挡功率，其主要技术参数如表所示，简化电路图如图所示，把1.5kg的薯片放入炸锅，用高温挡工作10min，薯片由升高到。忽略薯片在加热过程中的质量变化，且薯片的比热容保持不变，求：
产品技术规格
频率
50Hz
额定电压
220V
风扇电动机功率
110W
加热电阻R1的阻值
加热电阻R2的阻值
（1）薯片吸收热量。
（2）通过电动机线圈的电流。
（3）炸薯片消耗的电能。
【32题答案】
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【分析】
【详解】（1）薯片吸收的热量
（2）根据P=UI知通过电动机线圈的电流为
（3）根据知在电源电压一定时电阻越小，功率越大，由图知当开关S断开时，电热丝R1和R2先串联再和电动机并联，电阻较大，功率较小，为低温挡，当开关S闭合时，电热丝R2与电动机并联，电阻较小，功率较大，为高温挡；高温挡的功率为
炸薯片高温挡工作10min消耗的电能为
答：（1）薯片吸收的热量为。
（2）通过电动机线圈的电流为。
（3）炸薯片消耗的电能。
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