2021年河北省保定师范附属学校中考物理一模试卷(word版含答案)

2021年河北省保定市保师附校中考物理一模试卷

一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）

1．（3分）我们生活在不断变化的物质世界中，下列变化属于化学变化的是（　　）

A．车胎爆炸 B．剪纸成花 C．瓷碗破碎 D．食物腐烂

2．（3分）下列突发事故的处理措施正确的是（　　）

A．保险丝熔断后可用铜丝代替 

B．家中燃气泄露，立即关闭阀门，打开排风扇通风 

C．有金属外壳的家用电器如果没有接地线，其外壳一定要接地线 

D．有人跌入含有大量二氧化碳的深洞中，不采取任何防护措施，立即下洞救人

3．（3分）以事实和原理为依据进行科学推理是学习的重要方法之一，下列推理得出的相关结论正确的是（　　）

A．单质是由一种元素组成的，所以凡是由一种元素组成的物质均为单质 

B．稀盐酸能使紫色石蕊变红，所以能使紫色石蕊变红的液体一定是酸的溶液 

C．夏天，从冰箱中取出的冰淇琳周围的“白气”是由空气中水蒸气液化形成的 

D．根据牛顿第一定律推导，放在桌面上的课本是因为没有受力才能保持静止状态

4．（3分）如图所示的实验能达到目的或现象的分析正确的是（　　）

A．白磷燃烧，红磷不燃烧，说明可燃物燃烧必须有氧气参加 

B．实验中U形管内液面左高右低，说明NH4NO3溶于水时会吸热 

C．毛皮摩擦过的橡胶棒使验电器的金属箔片张开，说明橡胶棒带负电 

D．用力向下吹气，乒乓球不会掉下来，是由于球下方受到的压强变小

5．（3分）以下估测值中最符合实际的是（　　）

A．防盗门钥匙的长度约为5dm 

B．人步行的速度约为10m/s 

C．一瓶1.5L矿泉水的质量约为1.5kg 

D．保定6月份平均气温10℃

6．（3分）下列关于声和电磁波的说法正确的是（　　）

A．汽车的倒车雷达利用电磁波传递信息 

B．小明往水瓶里倒水时，听到声音的响度逐渐变大 

C．WiFi无线上网是利用电磁波来传输信息的 

D．在高速路的两旁设置隔音墙是在声源处减弱噪声

7．（3分）关于热现象，下列说法中不正确的是（　　）

A．组成物质的分子之间存在引力和斥力 

B．戴口罩眼镜“起雾”是因为发生了汽化 

C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能 

D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在

8．（3分）下列是小张同学在学习过程中得出的四个结论，你认为错误的一项是（　　）

A．在匀速直线行驶的车中，小明竖直跳起后会落在原地，是因为小明具有惯性 

B．电梯匀速上升时，电梯对人的支持力和人对电梯的压力是一对相互作用力 

C．秋千荡到最高点时，速度为零，秋千处于平衡状态 

D．用力沿水平方向推地面上的物体，没能推动，是因为推力等于摩擦力

9．（3分）如图所示的四个装置中与发电机工作原理相同的是（　　）

A． B． 

C． D．

（多选）10．（3分）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A．乙图中成的是倒立放大的实像，符合放大镜的成像原理 

B．在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理 

C．蜡烛向透镜方向移动，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜 

D．如果在烛焰与透镜之间放置一远视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像

（多选）11．（3分）如图所示，某人将物体沿水平方向匀速拉动了10m，所用时间为10s。物体和地面之间的摩擦力为320N，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．A、B、C处绳子受力的大小关系是FB＞FC＞FA 

B．绳子A处向上的速度为2m/s 

C．动滑轮重为80N 

D．拉力F做功的功率为160W

（多选）12．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，下面说法正确的是（　　）

A．只闭合S1，将P向左移动，电压表与电流表示数的比值不变 

B．只闭合S1，将P向左移动，R1消耗的功率减小 

C．开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数不变，电流表的示数变小 

D．开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小

二、填空及简答题（本大题共9个小题：每空1分，共31分）

13．（2分）2020年2月10日，我国第一个火星探测器“天问一号”成功被火星“捕获”，开始绕火星飞行。绕火星飞行时，“天问一号”相对于其内部的火星车是 　   　（选填“运动”或“静止”）的。“天问一号“利用 　   　（选填“电磁”或“超声”）波将拍摄的火星影像传回地球。

14．（2分）一固定光源发射一束光照在液面上，光通过液面反射后在光屏形成一亮点S1，请画出反射光线和光点S1，当光点由S1移到S2时，表示液面 　   　（选填“上升”、“下降”或“不变”），反射角与原来相比 　   　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

15．（3分）“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的　   　（选填“核裂变”或“核聚变”），太阳能属于　   　（选填“一次”或“二次”）能源，利用太阳能的方式主要有两种，一种是用集热器加热，如某台太阳能集热器在天气晴好时，一天可以吸收5.2×107J的热量，这相当于完全燃烧　   　m3的煤气释放的热量；另一种是用太阳能电池将太阳能转化为　   　。（q煤气＝4.0×107J/m3）

16．（3分）小明家的电子式电能表的表盘上标有“3000imp/（kW•h）”的字样。某天，小明将家中“220V  2200W”的电热水器单独接入电路中烧水，热水器正常工作20min，他家电能表的指示灯将闪烁　   　次。小明发现电热水器的电源线有些烫，产生这种现象是因为电流具有　   　效应。若该电源线的电阻为0.05Ω，则在这段时间内，电源线产生的热量为　   　J。

17．（4分）如图甲所示的某品牌插秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现24小时无人值守自动作业。

（1）该插秧机使用四冲程汽油机，图乙中汽油机处于 　   　冲程，如果该汽油机飞轮的转速是4800r/min，则汽油机每秒钟对外做功 　   　次；

（2）汽油属于 　   　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，某段时间插秧机消耗汽油0.42kg，若这些汽油完全燃烧放出的热量全部被1标准大气压下60kg、初温25℃的水吸收，则水温升高 　   　℃。[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

三.实验探宄题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）

18．（4分）利用以下器材：硬纸片、玻璃杯、水、鸡蛋，设计一个最简单的探究物体具有惯性的实验。

器材组装：　   　。

操作方法：　   　。

实验现象：　   　。

物理知识：　   　。

19．（6分）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆（杠杆上每小格长为2cm）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的0.5N重钩码若干个。

（1）实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在如图A所示的位置，此时杠杆处于 　   　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；

（2）实验前调节杠杆两端的平衡螺母，将如图A所示杠杆的平衡螺母适当往 　   　（选填“左”或“右”）调，使杠杆在水平位置平衡。

（3）小明同学所在实验小组完成一次操作后，实验现象如图B所示，他们记录的数据为动力F1＝1.5N，动力臂L1＝0.2m，阻力F2＝1N，则阻力臂L2＝0.3m。甲同学测出了这组数据后就得出了“动力×动力臂＝阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的结论不一定科学，理由是 　   　。他把右边的钧码换成弹簧秤，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度，如图C所示，此过程中，弹簧秤拉力的大小 　   　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（4）图B实验中，小明把两边的钩码同时远离支点一格，杠杆不再平衡，　   　（选填“左”或“右”）端会下沉。小明回家又做了图D的探索，将一根长为L，重为G的均匀木棒，有五分之一的木棒伸出桌子边缘，用竖直向下的力F0压木棒的一端，当F0＝　   　时，木棒刚好会被翘起。

20．（7分）在测定“2.5V”小灯泡额定电功率的实验中，小艳连接了如图所示的电路图。

（1）在闭合开关前她又检查了电路，发现其中有一根导线接错了，请你在错误的导线上打上“×”，并再画上一根导线使电路完整；

（2）连好电路后，闭合开关，小灯泡不发光，但电压表和电流表有示数，分别为0.2V和0.04A，则此时小灯泡的实际功率为 　   　W，如果要将灯泡调至正常发光，需要将滑动变阻器滑片向 　   　调（选填“A”或“B”）。

（3）同组的小敏在测该小灯泡的额定功率时，电压表损坏，小敏利用身边的器材设计了如图乙所示的电路。其中电源电压恒为U，R的电阻值已知。

①闭合开关S和 　   　，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为；

②闭合开关S和 　   　，　   　（选填“调节”或“不调节”）滑动变阻器的滑片，记录电流表的示数为I；

③小灯泡额定功率表达式为：P额＝　   　（用已知量符号表示）。

四、计算应用题（36题5分，37小题6分，38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）

21．（6分）在如图所示的电路中，灯泡铭牌上标有“15V 6W”字样，电源电压保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，闭合S、S1、S2，将滑动变阻器滑片调至最左端，此时灯泡L正常发光，电流表示数为0.5A，求：

（1）灯泡正常发光电阻RL；

（2）R1的阻值；

（3）闭合S、S1，断开S2后，现有阻值为15Ω和24Ω的两个电阻，请从中选择一个来替代电阻R1，要求：在移动变阻器的滑片P的过程中，使电流表和电压表的示数分别能达到某个量程的最大值，且电路能正常工作。

①应选择的电阻阻值；

②满足上述要求时，变阻器R2在两种情况下的电功率比值。

22．（7分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上。

①若甲中盛有质量为3千克的水，求水的体积V及水对甲底部的压力F。

②若容器甲足够高、底面积为2S，其内装有深为H、密度为ρ的液体；圆柱体乙的底面积为S高h。

现将乙沿水平方向在上部切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体对甲底部压强P恰等于乙剩余部分对水平地面压强P．求乙的密度ρ1。

2021年河北省保定市保师附校中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）

1．（3分）我们生活在不断变化的物质世界中，下列变化属于化学变化的是（　　）

A．车胎爆炸 B．剪纸成花 C．瓷碗破碎 D．食物腐烂

【分析】有新物质生成的变化属于化学变化，没有新物质生成的变化属于物理变化，判断化学变化的唯一标准是有新物质生成。

【解答】解：A、车胎爆炸过程中，没有生成新物质，属于物理变化，故A不符合题意；

B、剪纸成花过程中，没有生成新物质，属于物理变化，故B不符合题意；

C、瓷碗破碎过程中，没有生成新物质，属于物理变化，故C不符合题意；

D、食物腐烂过程中，生成了新物质，属于化学变化，故D符合题意。

故选：D。

【点评】判断变化是否属于化学变化的唯一标准是：是否有新物质生成，如果有新物质生成，就是化学变化，如果没有新物质生成，就不是化学变化。

2．（3分）下列突发事故的处理措施正确的是（　　）

A．保险丝熔断后可用铜丝代替 

B．家中燃气泄露，立即关闭阀门，打开排风扇通风 

C．有金属外壳的家用电器如果没有接地线，其外壳一定要接地线 

D．有人跌入含有大量二氧化碳的深洞中，不采取任何防护措施，立即下洞救人

【分析】（1）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；

（2）燃气属于可燃性气体，遇到明火可能会引起爆炸；

（3）家用电器的金属外壳要接地，防止因为漏电而发生触电事故；

（4）二氧化碳的密度比空气密度大，二氧化碳不能供人呼吸。

【解答】解：

A、保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，故A错误；

B、家中燃气泄露，立即关闭阀门，但不能打开排风扇，因为打开电风扇容易产生火花，燃气遇明火易发生爆炸，故B错误；

C、为防止因用电器外壳漏电而发生触电事故，家用电器的金属外壳一定要接地，故C正确；

D、含有大量二氧化碳的深洞中，由于氧气或空气的密度比二氧化碳的密度小，洞内缺少氧气，立即下洞救人，会使人因缺氧而昏倒，故D错误。

故选：C。

【点评】本题考查与生产、生活相关的知识，要求灵活应用相关知识。

3．（3分）以事实和原理为依据进行科学推理是学习的重要方法之一，下列推理得出的相关结论正确的是（　　）

A．单质是由一种元素组成的，所以凡是由一种元素组成的物质均为单质 

B．稀盐酸能使紫色石蕊变红，所以能使紫色石蕊变红的液体一定是酸的溶液 

C．夏天，从冰箱中取出的冰淇琳周围的“白气”是由空气中水蒸气液化形成的 

D．根据牛顿第一定律推导，放在桌面上的课本是因为没有受力才能保持静止状态

【分析】（1）根据单质的概念解答；

（2）根据溶液的酸碱性解答；

（3）物质由气态转变为液态的过程叫做液化．液化是放热过程；

（4）物体在平衡力的作用下，保持匀速直线运动状态或静止状态。

【解答】解：A、单质是由一种元素组成的，但是由一种元素组成的物质不一定是单质，如氧气和臭氧，故A错误；

B、稀盐酸能使紫色石蕊变红，还有部分盐溶液也能使紫色石蕊变红，故B错误；

C、夏天，从冰箱中取出的冰淇琳周围的“白气”是由空气中水蒸气遇冷液化形成的，故C正确；

D、放在桌面上的课本是因为受平衡力作用才能保持静止状态，故D错误。

故选：C。

【点评】本题考查了单质的概念、溶液的酸碱性、液化现象、力与运动状态的关系，是一道综合题。

4．（3分）如图所示的实验能达到目的或现象的分析正确的是（　　）

A．白磷燃烧，红磷不燃烧，说明可燃物燃烧必须有氧气参加 

B．实验中U形管内液面左高右低，说明NH4NO3溶于水时会吸热 

C．毛皮摩擦过的橡胶棒使验电器的金属箔片张开，说明橡胶棒带负电 

D．用力向下吹气，乒乓球不会掉下来，是由于球下方受到的压强变小

【分析】（1）燃烧不一定有氧气参与；

（2）NH4NO3溶于水时会吸收热量；

（3）同种电荷相互排斥；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；

（4）流体的流速越大的位置，压强越小。

【解答】解：

A、白磷燃烧，红磷不燃烧，说明可燃物燃烧必须达到可燃物着火点，故A错误；

B、实验中U形管内液面左高右低，说明容器内的气压减小，温度降低，即NH4NO3溶于水时会吸热，故B正确；

C、毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张带上同种电荷相互排斥，箔片会张开，但不能说明所带电荷为负电，故C错误；

D、用力向下吹气，乒乓球的上方空气流动速度增大，根据流体压强与流速的关系可知，其上方的压强减小，下方的压强大于上方的压强，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查了流体的压强与流速的关系、电荷间的相互作用规律，属于基础题。

5．（3分）以下估测值中最符合实际的是（　　）

A．防盗门钥匙的长度约为5dm 

B．人步行的速度约为10m/s 

C．一瓶1.5L矿泉水的质量约为1.5kg 

D．保定6月份平均气温10℃

【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：A、防盗门钥匙的长度约为5cm，故A错误；

B、人步行的速度约为1.1m/s，故B错误；

C、一瓶1.5L矿泉水的质量约为1.5kg，符合实际，故C正确；

D、保定6月份平均气温20℃，故D错误。

故选：C。

【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

6．（3分）下列关于声和电磁波的说法正确的是（　　）

A．汽车的倒车雷达利用电磁波传递信息 

B．小明往水瓶里倒水时，听到声音的响度逐渐变大 

C．WiFi无线上网是利用电磁波来传输信息的 

D．在高速路的两旁设置隔音墙是在声源处减弱噪声

【分析】（1）声音能够传递信息，能够传递能量；

（2）往暖瓶灌水的时候，瓶内空气柱振动的快慢发生变化，影响了声音的音调；

（3）移动通信是利用电磁波传输信号的；

（4）减弱噪声的方式有三种，即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱。

【解答】解：

A、声音能够传递信息，汽车的倒车雷达利用超声波传递信息，故A错误；

B、往暖瓶内灌水时，激起空气柱的振动而产生声音；随着不断灌水，空气柱长度变短，振动频率变快，音调变高，凭着对音调变化的感觉，可知道是否灌满水，故B错误；

C、移动通信包括Wifi无线上网，是利用电磁波传递信息的，故C正确；

D、在高速路的两旁设置隔音墙是在传播过程中减弱噪声，故D错误。

故选：C。

【点评】本题考查了声的利用、声音的特性，信息传递以及噪声防治，是一道声学综合题。

7．（3分）关于热现象，下列说法中不正确的是（　　）

A．组成物质的分子之间存在引力和斥力 

B．戴口罩眼镜“起雾”是因为发生了汽化 

C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能 

D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在

【分析】（1）物质的分子之间有相互的引力和斥力；

（2）物质由气态变成液态的现象叫做液化；

（3）做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；

（4）物质由固态直接变成气态的过程叫做升华。

【解答】解：

A、物质的分子之间有相互的引力和斥力，故A正确；

B、戴口罩眼镜“起雾”是因为水蒸气遇冷发生了液化现象，故B错误；

C、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确；

D、冰可以直接由固态变为水蒸气，发生升华现象，故温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在，故D正确。

故选：B。

【点评】本题考查了分子间的作用力、温度、内能、热量的关系、热机工作过程中能量的转化等知识，知识点较多，但都较简单，属于基础题。

8．（3分）下列是小张同学在学习过程中得出的四个结论，你认为错误的一项是（　　）

A．在匀速直线行驶的车中，小明竖直跳起后会落在原地，是因为小明具有惯性 

B．电梯匀速上升时，电梯对人的支持力和人对电梯的压力是一对相互作用力 

C．秋千荡到最高点时，速度为零，秋千处于平衡状态 

D．用力沿水平方向推地面上的物体，没能推动，是因为推力等于摩擦力

【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。

（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。

（3）对秋千荡到最高点时进行受力分析，然后根据秋千的受力情况确定秋千所处的状态。

（4）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用。

【解答】解：A、在匀速直线行驶的车中，小明竖直跳起后会落在原地，是因为小明具有惯性的缘故。故A正确。

B、电梯匀速上升时，电梯对人的支持力和人对电梯的压力同时作用在不同的物体上，是一对相互作用力，故B正确。

C、秋千荡到最高点时，此时它受到重力和拉力不在同一条直线上，所以此时不是平衡力，秋千不是处于平衡状态，故C错误。

D、用力沿水平方向推地面上的物体，没能推动，物体处于平衡状态，此时物体受到的推力与摩擦力是一对平衡力，二者大小相等，故D正确。

故选：C。

【点评】此题考查平衡力与相互作用力的区别、惯性、平衡状态的判断、力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

9．（3分）如图所示的四个装置中与发电机工作原理相同的是（　　）

A． B． 

C． D．

【分析】题目给出了四个有关电和磁的实验，首先要弄清各实验所揭示的原理，再结合题设要求来进行选择。

【解答】解：A、该实验为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故A错误；

B、该装置中没有电源，是探究电磁感应现象的实验，说明了闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，它与发电机的工作原理相同，故B正确；

C、该装置中有电源，是通电线圈在磁场中受力的实验，利用此装置的原理制造了电动机而不是发电机，故C错误；

D、该装置中有电源，是通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置的原理制造了电动机而不是发电机，故D错误。

故选：B。

【点评】电与磁重点实验装置图要掌握好，记清实验名称和说明的原理及生活中的应用，是解答此类题的关键。

（多选）10．（3分）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，某小组同学利用图甲测出了透镜的焦距后，正确安装并调节实验装置如图乙所示，在光屏上得到一个清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A．乙图中成的是倒立放大的实像，符合放大镜的成像原理 

B．在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，则成像情况符合投影仪的原理 

C．蜡烛向透镜方向移动，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜 

D．如果在烛焰与透镜之间放置一远视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像

【分析】（1）分析确定凸透镜的焦距，物距大于像距，所成的像是倒立缩小的实像，符合照相机的成像原理；

（2）物距大于1倍焦距小于2倍焦距，所成的像是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理；

（3）在凸透镜成实像时，物近像远像变大，分析透镜移动方向；

（4）远视眼镜的镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，使成像提前会聚，分析光屏移动方向。

【解答】解：由图甲可知，凸透镜的焦距为10.0cm；

A、如图乙所示，物距大于像距，所成的像是倒立缩小的实像，符合照相机的成像原理，故A错误；

B、在乙图中保持凸透镜的位置不变，将蜡烛与光屏的位置互换，物距大于1倍焦距小于2倍焦距，所成的像是倒立放大的实像，符合投影仪的成像原理，故B正确；

C、在凸透镜成实像时，物近像远像变大，蜡烛向透镜方向移动，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏远离透镜，故C正确；

D、远视眼镜的镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，使成像提前会聚，在烛焰与透镜之间放置一远视眼镜的镜片，则将光屏适当左移可得一个清晰的像，故D正确；

故选：BCD。

【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，实验过程中的注意事项；测量焦距的方法；凸透镜成像的规律及应用。

（多选）11．（3分）如图所示，某人将物体沿水平方向匀速拉动了10m，所用时间为10s。物体和地面之间的摩擦力为320N，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．A、B、C处绳子受力的大小关系是FB＞FC＞FA 

B．绳子A处向上的速度为2m/s 

C．动滑轮重为80N 

D．拉力F做功的功率为160W

【分析】（1）不计绳重和摩擦，A处与C处的拉力相等，等于人的拉力，根据二力平衡条件求出B处所受的力，

由图可知n＝2，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，据此求拉力，不计绳重和滑轮组的摩擦，F＝（f+G动），据此求动滑轮重力，进而比较A、B、C处绳子所受的力；

（2）绳子自由端移动的距离s＝ns物，利用v＝求拉力端移动速度，即A点上升速度；

（3）（4）利用W＝Fs求拉力做功，再利用P＝求拉力做功功率。

【解答】解：AC、因为不计绳重和摩擦，所以A处与C处的拉力相等，等于人的拉力，

由图可知n＝2，因为滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，则拉力：F＝＝＝200N，

因为物体沿水平方向做匀速直线运动，所以FB＝f＝320N，则FA＝FC＝F＜FB，即FA＝FC＜FB，

因为不计绳重和滑轮组的摩擦时F＝（f+G动），所以动滑轮重力：G动＝nF﹣f＝2×200N﹣320N＝80N，

故A错误，C正确；

B、绳子自由端移动的距离s＝ns物＝2×10m＝20m，则拉力端移动速度v＝＝＝2m/s，故B正确；

D、拉力做功：W总＝Fs＝200N×20m＝4000J，拉力做功功率：P＝＝＝400W，故D错。

故选：BC。

【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力、总功的计算，注意：由于物体是水平运动，克服物体受到的摩擦力做的功为有用功。

（多选）12．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，下面说法正确的是（　　）

A．只闭合S1，将P向左移动，电压表与电流表示数的比值不变 

B．只闭合S1，将P向左移动，R1消耗的功率减小 

C．开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数不变，电流表的示数变小 

D．开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小

【分析】（1）只闭合S1，滑动变阻器与R1串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；

①将电压表和电流表的比值转换为滑动变阻器接入电路的阻值进行判断；

②根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P＝UI＝I2R得出R1消耗的功率变化；

（2）开关都闭合，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量并联电路两端电压，电流表测干路电流；

①根据并联电路电压特点可知电压表示数的变化，根据并联电路电阻规律和欧姆定律可知电流表示数的变化；

②根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用P＝UI可知滑动变阻器消耗的功率变化。

【解答】解：A、只闭合S1，滑动变阻器与R1串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；

由欧姆定律的应用可知，电压表和电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，而滑片P向左移动，R2接入电路的阻值变大，因此电压表和电流表示数的比值变大，故A错误；

B、只闭合S1，将P向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由串联电路电阻规律可知，电路的总电阻变大，又由欧姆定律可知，电路电流减小；

由P＝UI＝I2R可知，R1消耗的功率变小，故B正确；

CD、开关都闭合，灯泡L与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表测干路电流，

 因电源电压不变，所以电压表示数不变；

滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，因此电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，干路电流减小，即电流表示数减小，故C正确；

由于并联电路中各支路互不影响，因此滑片移动时，通过灯泡的电流不变，并且灯泡的实际功率不变；

由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，

由P＝UI可知，R消耗的功率变小，故D正确。

故选：BCD。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。

二、填空及简答题（本大题共9个小题：每空1分，共31分）

13．（2分）2020年2月10日，我国第一个火星探测器“天问一号”成功被火星“捕获”，开始绕火星飞行。绕火星飞行时，“天问一号”相对于其内部的火星车是 　静止　（选填“运动”或“静止”）的。“天问一号“利用 　电磁　（选填“电磁”或“超声”）波将拍摄的火星影像传回地球。

【分析】（1）在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象和参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；

（2）电磁波可以在真空中传播。

【解答】解：绕火星飞行时，“天问一号”相对于其内部的火星车的位置没有发生改变，所以以火星车为参照物，“天问一号”是静止的；

超声波的传播需要介质，在真空状态下无法传播；电磁波可以在真空状态下传递无线信息，所以“天问一号”利用电磁波将拍摄的火星影像传回地球。

故答案为：静止；电磁。

【点评】此题是一道联系实际的应用题，考查了运动和静止的判断以及电磁波的利用，熟练掌握基础知识即可正确解题。

14．（2分）一固定光源发射一束光照在液面上，光通过液面反射后在光屏形成一亮点S1，请画出反射光线和光点S1，当光点由S1移到S2时，表示液面 　下降　（选填“上升”、“下降”或“不变”），反射角与原来相比 　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；

（2）根据反射点和反射光线的变化判定液面的变化。

【解答】解：知道入射光线，根据法线与界面垂直做出法线；根据反射角等于入射角做出反射光线，如图所示：

；

由下图可知，当反射到光屏上的光点由S1移到S2时，表明液面是下降的；

；

由于反射光线的方向与原来的反射光线是平行的，所以入射角不会变化，反射角也不会变化。

故答案为：如上图；下降；不变。

【点评】本题中的液面上升或下降，法线和入射光线不变，所以入射角不会变化，反射角也不会变化，从而导致反射光线只是平行移动。

15．（3分）“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的　核聚变　（选填“核裂变”或“核聚变”），太阳能属于　一次　（选填“一次”或“二次”）能源，利用太阳能的方式主要有两种，一种是用集热器加热，如某台太阳能集热器在天气晴好时，一天可以吸收5.2×107J的热量，这相当于完全燃烧　1.3　m3的煤气释放的热量；另一种是用太阳能电池将太阳能转化为　电能　。（q煤气＝4.0×107J/m3）

【分析】（1）太阳的能量来自于它内部发生的核聚变；

（2）可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；

（3）由题意可知，Q放＝Q吸，根据Q放＝Vq的变形公式V＝求出需要完全燃烧煤气的体积；

（4）太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置。

【解答】解：

（1）由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应；

（2）太阳能属于一次能源；

（3）由题意知，Q放＝Q吸＝5.2×107J，

由Q放＝Vq得，需要完全燃烧煤气的体积：V＝＝＝1.3m3；

（4）太阳光通过太阳能电池就可以将太阳能转化为电能。

故答案为：（1）核聚变；（2）一次；（3）1.3；（4）电能。

【点评】本题考查了太阳能热的使用、燃料燃烧放热公式等知识，虽知识点多，但条件已给出，难度不大。

16．（3分）小明家的电子式电能表的表盘上标有“3000imp/（kW•h）”的字样。某天，小明将家中“220V  2200W”的电热水器单独接入电路中烧水，热水器正常工作20min，他家电能表的指示灯将闪烁　2200　次。小明发现电热水器的电源线有些烫，产生这种现象是因为电流具有　热　效应。若该电源线的电阻为0.05Ω，则在这段时间内，电源线产生的热量为　6000　J。

【分析】（1）3000imp/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁3000次；根据W＝Pt求出消耗的电能，并进一步求出电能表指示灯闪烁的次数；电热水器它是利用电流的热效应制成的。

（2）根据P＝UI可求得电流，据焦耳定律计算在这段时间内，电源线产生的热量。

【解答】解：由P＝可得白炽灯单独接入电路，正常工作20min消耗的电能：

W＝Pt＝2.2kW×h＝kW•h；

电能表指示灯闪烁的次数：

n＝×3000imp＝2200imp（次）；

发现电热水器的电源线有些烫，产生这种现象是因为电流具有热效应。

由P＝UI可得，电路中的电流I＝＝＝10A，

据焦耳定律可知，在这段时间内产生的热量：

Q＝I2Rt＝（10A）2×0.05Ω×20×60s＝6000J；

故答案为：2200；热；6000。

【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的计算以及焦耳定律的计算，关键明确电能表上参数的含义。

17．（4分）如图甲所示的某品牌插秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现24小时无人值守自动作业。

（1）该插秧机使用四冲程汽油机，图乙中汽油机处于 　压缩　冲程，如果该汽油机飞轮的转速是4800r/min，则汽油机每秒钟对外做功 　40　次；

（2）汽油属于 　不可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，某段时间插秧机消耗汽油0.42kg，若这些汽油完全燃烧放出的热量全部被1标准大气压下60kg、初温25℃的水吸收，则水温升高 　75　℃。[q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

【分析】（1）由图乙可知，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，由此可得出结论；由飞轮转速可求得汽油机每秒飞轮转动的圈数，根据汽油机每个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2圈，做功1次，由此可得出答案；

（2）化石能源都是不可再生能源；根据Q放＝mq求出燃烧汽油放出的热量，利用Q吸＝cmΔt求出水升高的温度，由于在1个标准大气压下，水的沸点是100℃，再求出水的末温。

【解答】解：（1）由图乙可知，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，由此可知此冲程是压缩冲程；

由于飞轮转速是4800r/min，汽油机每秒飞轮转动80圈，根据汽油机每个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2圈，做功1次，由此可知汽油机每秒对外做功40次；

（2）化石能源都是不可再生能源，所以汽油是不可再生能源；

燃烧汽油放出的热量Q放＝mq＝0.42kg×4.6×107J/kg＝1.932×107J，

水吸收的热量Q吸＝Q放＝1.932×107J，

水升高的温度Δt＝＝≈76.7℃，

由于在1个标准大气压下，水的沸点是100℃，

水的末温t＝Δt+t0＝76.7℃+25℃＝101.7℃＞100℃，

所以水升高的温度是：100℃﹣25℃＝75℃

故答案为：（1）压缩；40；

（2）不可再生；75。

【点评】本题主要考查热机的工作过程，热量的计算，要特别注意在一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水温升高到100℃以后，吸收热量，温度保持不变。

三.实验探宄题（本大题共4个小题：第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）

18．（4分）利用以下器材：硬纸片、玻璃杯、水、鸡蛋，设计一个最简单的探究物体具有惯性的实验。

器材组装：　硬纸片　。

操作方法：　将硬纸片扔出　。

实验现象：　硬纸片会继续飞行　。

物理知识：　任何物体都有惯性　。

【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，可利用鸡蛋或玻璃杯作为研究对象。

【解答】解：实验一：

器材组装：硬纸片；

操作方法：将硬纸片扔出；

实验现象：硬纸片会继续飞行；

物理知识：任何物体都有惯性；

实验二：

器材组装：硬纸片、玻璃杯、水、鸡蛋；玻璃杯中倒入一些水，把硬纸片盖在玻璃杯口上，纸片上放上鸡蛋；

操作方法：迅速将硬纸片抽出；

实验现象：鸡蛋会落入玻璃杯中；

物理知识：任何物体都有惯性。

故答案为：硬纸片；将硬纸片扔出；硬纸片会继续飞行；任何物体都有惯性。

【点评】此题考查的是我们根据手边的实验器材设计实验的能力，是一道设计制作题；这类题也是中考出题的一个方向，需要掌握解答方法。

19．（6分）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆（杠杆上每小格长为2cm）、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的0.5N重钩码若干个。

（1）实验前，把杠杆的中点置于支架上，杠杆静止在如图A所示的位置，此时杠杆处于 　平衡　（选填“平衡”或“不平衡”）状态；

（2）实验前调节杠杆两端的平衡螺母，将如图A所示杠杆的平衡螺母适当往 　右　（选填“左”或“右”）调，使杠杆在水平位置平衡。

（3）小明同学所在实验小组完成一次操作后，实验现象如图B所示，他们记录的数据为动力F1＝1.5N，动力臂L1＝0.2m，阻力F2＝1N，则阻力臂L2＝0.3m。甲同学测出了这组数据后就得出了“动力×动力臂＝阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的结论不一定科学，理由是 　实验次数太少，结论有偶然性　。他把右边的钧码换成弹簧秤，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度，如图C所示，此过程中，弹簧秤拉力的大小 　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（4）图B实验中，小明把两边的钩码同时远离支点一格，杠杆不再平衡，　左　（选填“左”或“右”）端会下沉。小明回家又做了图D的探索，将一根长为L，重为G的均匀木棒，有五分之一的木棒伸出桌子边缘，用竖直向下的力F0压木棒的一端，当F0＝　1.5G　时，木棒刚好会被翘起。

【分析】（1）杠杆静止时处于平衡状态；

（2）要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，其目的是便于测量力臂；

（3）在物理实验中，多做几次实验，可以使得出的实验结论更客观准确；图C使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，求出各自的力臂根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化；

（4）根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离，力和力臂的乘积大的一端下沉；根据均匀木杆确定杠杆的重心，支点为O；然后根据杠杆平衡的条件：F1L1＝F2L2计算出F的大小。

【解答】解：

（1）杠杆左低右高说明左边较沉，杠杆虽然倾斜，但此时杠杆处于静止状态，因此达到了平衡状态；

（2）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图A知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；

（3）在实验中只做了一次实验，只根据一次实验数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论要多次测量，因此实验中的不妥之处是：实验次数太少，结论有偶然性；力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图C所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变；

（4）设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，杠杆在水平位置平衡后，如果将两边钩码同时向远离支点方向移动一格后，左端力与力臂的乘积为3G×5L＝15GL，右端力与力臂的乘积为2G×7L＝14GL，因此左端下沉；

为了木棒刚好会被翘起，此时杠杆的支点是桌子边缘，根据杠杆的平衡条件可知，，解得F0＝1.5G。

故答案为：（1）平衡；（2）右；（3）实验次数太少，结论有偶然性；不变；（4）左；1.5G。

【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，考查器材的调试、杠杆平衡条件、对力臂的理解和运用，同时需要了解物理实验有些需要进行多次测量，从而寻找普遍规律。

20．（7分）在测定“2.5V”小灯泡额定电功率的实验中，小艳连接了如图所示的电路图。

（1）在闭合开关前她又检查了电路，发现其中有一根导线接错了，请你在错误的导线上打上“×”，并再画上一根导线使电路完整；

（2）连好电路后，闭合开关，小灯泡不发光，但电压表和电流表有示数，分别为0.2V和0.04A，则此时小灯泡的实际功率为 　0.008　W，如果要将灯泡调至正常发光，需要将滑动变阻器滑片向 　A　调（选填“A”或“B”）。

（3）同组的小敏在测该小灯泡的额定功率时，电压表损坏，小敏利用身边的器材设计了如图乙所示的电路。其中电源电压恒为U，R的电阻值已知。

①闭合开关S和 　S2　，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为；

②闭合开关S和 　S1　，　不调节　（选填“调节”或“不调节”）滑动变阻器的滑片，记录电流表的示数为I；

③小灯泡额定功率表达式为：P额＝　　（用已知量符号表示）。

【分析】（1）根据小灯泡应与滑动变阻器和电流表串联，与电压表并联，找出连接错误并改正；

（2）由P＝UI计算功率；根据串联电路中电压规律判断滑动变阻器的移动方向；

（3）完善实验步骤，根据并联电路中电流和电压的特点分析计算功率。

【解答】解：（1）分析电路图，图中小灯泡应与滑动变阻器和电流有串联，与电压表并联，故图中连接错误为：滑动变阻器右上接线柱与灯泡左端的连接导线，正确的电路连接如图所示：

（2）小灯泡的电压为0.2V，通过的电流为0.04A，则此时小灯泡的实际功率为：P＝UI＝0.2V×0.04A＝0.008W；如果要将灯泡调至正常发光，需增大灯泡两端的电压，减小滑动变阻器接入的阻值，需要将滑动变阻器滑片向A端移动；

（3）①如图乙所示的电路，闭合开关S和S2，电流表测量的是通过定阻电阻R的电流，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为，此时小灯泡正常发光；

②闭合开关S和S1，保持滑动变阻器的滑片位置不变，此时电流表测量的是通过小灯泡和定阻电阻R的总电流；

③根据并联电路中电压和电流的特点可得通过小灯泡的电流为：，由功率公式可得小灯泡额定功率表达式为：P额＝2.5V×IL＝；

故答案为：（1）如图所示；（2）0.008；A；（3）①S2；②S1；不调节；③。

【点评】本题是测量小灯泡功率的实验，考查了滑动变阻器的应用，并联电路中电压和电流的特点及电功率的计算，并且涉及到串联电路中电压规律的应用。

四、计算应用题（36题5分，37小题6分，38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）

21．（6分）在如图所示的电路中，灯泡铭牌上标有“15V 6W”字样，电源电压保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，闭合S、S1、S2，将滑动变阻器滑片调至最左端，此时灯泡L正常发光，电流表示数为0.5A，求：

（1）灯泡正常发光电阻RL；

（2）R1的阻值；

（3）闭合S、S1，断开S2后，现有阻值为15Ω和24Ω的两个电阻，请从中选择一个来替代电阻R1，要求：在移动变阻器的滑片P的过程中，使电流表和电压表的示数分别能达到某个量程的最大值，且电路能正常工作。

①应选择的电阻阻值；

②满足上述要求时，变阻器R2在两种情况下的电功率比值。

【分析】（1）已知灯泡铭牌数据，根据P＝UI＝可计算灯泡正常发光的电阻；

（2）闭合S、S1、S2，将滑动变阻器滑片调至最左端，此时电阻R1和灯泡L并联，电流表测量干路电流，

此时灯泡L正常发光，灯泡电压为15V，可知电源电压为15V，电阻R1的电压也为15V，

根据铭牌数据得出此时灯泡电流，根据并联电路的电流特点，可知R1的电流，根据欧姆定律得出R1的电阻；

（3）闭合S、S1，断开S2后，R1和R2串联，电压表测量R2的电压，电流表测量电路的电流。

电流表量程的最大值分别为0.6A和3A，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，故电流表选择“0～0.6A”的量程，

电压表的量程最大值分别为3V和15V，已知电源电压为15V，且电路中有两个电阻串联，故电压表的示数不可能达到15V，应选用“0～3V”的量程，

根据串联电路特点和欧姆定律及P＝UI＝I2R分别得出R2的电功率，进而得出变阻器R2的电功率比值。

【解答】解：（1）灯泡铭牌上标有“15V 6W”字样，根据P＝UI＝可知，

灯泡正常发光电阻RL＝＝＝37.5Ω；

（2）闭合S、S1、S2，将滑动变阻器滑片调至最左端，此时电阻R1和灯泡L并联，电流表测量干路电流，

此时灯泡L正常发光，灯泡电压为15V，可知电源电压为15V，电阻R1的电压也为15V，

此时灯泡电流为IL＝＝＝0.4A，

电流表示数为0.5A，根据并联电路的电流特点，可知R1的电流为I1＝0.5A﹣0.4A＝0.1A，

R1的电阻为R1＝＝＝150Ω；

（3）闭合S、S1，断开S2后，R1和R2串联，电压表测量R2的电压，电流表测量电路的电流。

电流表量程的最大值分别为0.6A和3A，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，故电流表选择“0～0.6A”的量程，

电压表的量程最大值分别为3V和15V，已知电源电压为15V，且电路中有两个电阻串联，故电压表的示数不可能达到15V，应选用“0～3V”的量程，

若选15Ω的电阻来替代电阻R1，当电流表的示数达到量程最大值时，电路中总电阻为R总＝＝＝25Ω，

故此时滑动变阻器的电阻为R滑＝R总﹣R1＝25Ω﹣15Ω＝10Ω.滑动变阻器的电压为U滑＝I大R滑＝0.6A×10Ω＝6V＞3V，

因此选15Ω的电阻来替代电阻R1，不符合题意，应选24Ω的电阻来替代电阻R1，

电流最大为0.6A，此时电路中的总电阻为25Ω，此时滑动变阻器的电阻为R滑′＝25Ω﹣24Ω＝1Ω.

此时滑动变阻器的电功率为：P滑＝I2R滑＝（0.6A）2×1Ω＝0.36W，

当电压表的示数为3V时，

电阻R1的电压为U1＝15V﹣3V＝12V，

电路中的电流为I′＝＝＝0.5A，

此时滑动变阻器的电功率为P滑′＝U滑′I′＝3V×0.5A＝1.5W，

电功率比值为：P滑：P滑′＝0.36W：1.5W＝6：25。

答：（1）灯泡正常发光电阻RL为37.5Ω；

（2）R1的阻值为150Ω；

（3）①应选择的电阻阻值为24Ω；

②满足上述要求时，变阻器R2的电功率比值为6：25。

【点评】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，难度较大。

22．（7分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上。

①若甲中盛有质量为3千克的水，求水的体积V及水对甲底部的压力F。

②若容器甲足够高、底面积为2S，其内装有深为H、密度为ρ的液体；圆柱体乙的底面积为S高h。

现将乙沿水平方向在上部切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体对甲底部压强P恰等于乙剩余部分对水平地面压强P．求乙的密度ρ1。

【分析】①根据公式V＝计算出水的体积，由G＝mg计算出水的重力，由于为柱体，所以对容器底的压力等于水的重力；

②根据p＝＝＝＝＝ρgh表示出剩余部分对地面的压强；

计算出容器内液体深度的变化量，由p＝ρgh表示出液体对底面的压强，根据压强相等表示出关系式，从而可以得出乙的密度。

【解答】解：①由ρ＝得，水的体积：

V＝＝＝3×10﹣3m3；

由于为柱形容器，所以水对容器底的压力：

F＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N；

②圆柱体放在地面，对地面的压力等于其重力，受力面积等于其底面积，则：

p＝＝＝＝＝ρgh，

所以乙切去一半后，乙剩余部分对地面的压强为：

p乙′＝ρ1gh；

将乙沿水平方向在上部切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，

则液体的深度增加量：

△h＝＝＝，

所以此时液体对甲底部压强：

p甲′＝ρg（H+）；

根据题意知：

ρ1gh＝ρg（H+），

解得：ρ1＝。

答：①水的体积为3×10﹣3m3；水对甲底部的压力为30N；

②乙的密度为。

【点评】本题是有关压强的公式应用，首先要熟练掌握固体压强和液体压强的计算公式，同时也要掌握密度的公式应用，②是本题的难点，关键能够根据已知条件列出相应的关系式。

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日期：2022/3/9 21:02:58；用户：初中物理；邮箱：sjfh26@xyh.com；学号：27664719